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2025年吉林省长春市东北师范大学附中明珠学校中考三模物理试题
1．下列电器中，利用电流热效应工作的是（　　）
A．电风扇 B．电暖气 C．电视机 D．电动汽车
2．平直的公路上，汽车向前行驶中突然刹车，乘客身体会（ ）
A．静止 B．前倾 C．后仰 D．侧翻
3．鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山……向船尾跑去了”所选择的参照物是（ ）
A．船 B．山 C．水 D．树
4．如图是杭州亚残运会吉祥物的项目运动造型，表明力可以使物体发生形变的是（　　）
A．拉弓，弓变弯
B．蹬车，车前进
C．划船，船前行
D．踢球，球飞出去
5．四冲程汽油机工作过程中，气缸内气体温度一直升高的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
6．电动车是生活中必不可少的交通工具。只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，就通电了；电动车在行驶时，前大灯和转向灯可以同时工作，也可以单独工作。下列说法不正确的是（　　）
A．车钥匙相当于电路中的开关
B．前大灯和转向灯是并联的
C．充电时，将电能转化为化学能
D．充电时线路起火，应迅速用水浇灭
7．火药雕刻技术决定了一个国家武器装备的国防实力，由于固体燃料的敏感性，静电、不合理的摩擦，都能导致其燃爆。下列不能有效防止静电的是（　　）
A．缓慢移动和操作 B．用塑料容器盛装火药
C．保持环境有一定湿度 D．将设备用金属链接地
8．如图是甩棉花糖的情景。下列关于这一过程的说法正确的是（ ）
A．蓬松的棉花糖分子间没有引力
B．加热火焰被高压喷出，提高了燃料的热值
C．砂糖变为棉花糖，属于液化过程
D．糖的温度升高是通过热传递的方式完成的
9．图甲是医院的一种输液报警器。当管内药液流完时，电铃发声；报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，报警器的电路如图乙所示。则当闭合开关S时，下列分析正确的是（ ）
A．输完药液后，电压表示数变大
B．输完药液后，电流表示数变小
C．输完药液， 电铃响，说明其实际功率变大
D．未输完药液时， 电铃不响，是因为其额定功率变小
10．东汉学者王充在《论衡》中记载了我国早期的指南针——司南：“司南之杓，投之于地，其柢（注：勺柄）指南”。下列说法中正确的是（　　）
A．司南可用铝、铜等金属制作
B．司南能指南是受到地磁场的作用
C．“柢”指的是司南的S极
D．地理南极就是地磁的南极
11．1988年，我国核潜艇首次进行极限深潜试验，中国“核潜艇之父”黄旭华作为核潜艇总设计师亲自参与深潜。
（1）核潜艇外壳采用钛合金，是因为钛合金的机械强度大，深潜时能承受更大的　 　；
（2）从能源的可持续利用角度看，核能属于　 　能源；
（3）核潜艇深潜时，声呐发出超声波信号后，经　 　传播0.4秒接收到回波，据此推测目标距离核潜艇约　 　米。（该信号在海水中传播的速度取1500m/s）
12．天问二号探测器于 2025年5月29日搭乘长征三号乙运载火箭进行发射，对小行星2016HO3进行探测，后续将前往彗星研究太阳系早期氧化及生命起源线索。
（1）从空间尺度看，太阳系的尺度比地球　 　得多；
（2）火箭发射塔修建在水池上，利用了水的　 　，保护发射塔不被高温烧毁；
（3）天问二号探测器的主电能供给系统是构造独特的圆形柔性太阳翼，将　 　能转换为飞行器持续使用的能源，这一过程中　 　（选填“遵循”或“不遵循”）能量守恒定律；
（4）天问二号探测器的实时信息将通过　 　向地面指挥中心传递。
13．如图是活塞式抽水机工作原理的示意图，将手柄COD视作一个杠杆，用力压C点，活塞A被提起，低处的水进入圆筒。
（1）活塞式抽水机是利用　 　将水从井中抽出的。
（2）观察结构可知，手柄COD的实质为　 　杠杆。
（3）某次灌溉时要将2.4×106N的水从5m深处抽上来，则抽水机做的有用功为　 　J。
（4）请在图中画出提起活塞A的过程中最小动力F1的示意图　 　。
14．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
（1）实验装置如图甲所示，组装器材时，应根据　 　的位置固定铁夹A的位置。
（2）沸腾前，水中的气泡上升、变小、消失，主要是气泡中的水蒸气在上升过程中遇冷发生　 　（填物态变化）。
（3）图乙是第 8min时温度计的示数，为　 　℃。
15．在“探究平面镜成像的特点”的实验中，实验装置如图甲所示：
（1）有厚度为1.5mm和3mm的两块玻璃板，应选择　 　的玻璃板做实验。
（2）将点燃的蜡烛A放在镜前，未点燃的蜡烛B放在镜后，移动B直到与A的像重合，描点、连线、测量发现蜡烛A的像与蜡烛A到平面镜的距离　 　。
（3）保持玻璃板的位置不变，将蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离，A的像到玻璃板的距离将　 　。
（4）请根据平面镜成像的特点，在图乙中作出AB通过平面镜所成的像A'B'　 　。
16．在“探究产生感应电流的条件”实验中，实验装置如图所示，主要器材有：蹄形磁体、灵敏电流计、导体棒AB、开关。
（1）实验中，不能用玻璃棒代替导体棒AB 的原因是　 　；
（2）按图组装好器材，闭合开关，只有当导体棒AB沿　 　（选填“上下”、“左右”或“前后”）方向运动时，灵敏电流计指针才会发生摆动；
（3）灵敏电流计的作用是　 　；蹄形磁体和导体棒AB 的组合就相当于电路中的　 　。
17．要探究图甲中灯L1与L2的电流特点：
次数 IA/A IB/A IC/A
1 0.30 0.22 0.50
2 0.22 0.28 0.50
3 0.24 0.22 0.46
（1）图甲中灯L1与L2的连接方式是　 　；
（2）按照图甲的电路图连接完整电路如图乙所示， 电流表是测量　 　的电流。
（3）连完电路闭合开关，灯L2不发光，电流表无示数，用导线与L2并联试触，发现电流表指针偏转，由此可知故障是　 　。
（4）排除故障后，闭合开关，某次电流表的示数如图丙所示，为　 　A。换用不同规格的小灯泡进行实验，用电流表多次测量通过A、B、C三点的电流，记录实验数据如表格所示。分析数据得出结论：　 　 。
18．实验小组的同学利用手中的器材，测量一底面为正方形的长方体蜡块的密度。实验步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节　 　，直到横梁水平平衡；
（2）用调节完的天平，测量蜡块的质量，横梁再次水平平衡时，砝码的质量和游码在标尺的位置如图甲所示，则蜡块的质量为　 　g；
（3）如图乙所示是同学们利用刻度尺测量蜡块的高度的情景，应采用视线　 　的读数，测出的蜡块的高度为　 　cm；
（4）接着测得该蜡块的底面边长为2cm，则该蜡块的密度为　 　g/cm3；
（5）由于蜡块容易变形，用刻度尺测量蜡块的边长可能导致误差较大，为了减小误差，可以使用　 　测量其体积。
19．炎炎夏日，家庭聚会少不得解渴的冰冻饮料。小致将冰冻饮料放入冰桶，发现用冰桶可以减缓它的熔化速度。为了探究其熔化时温度变化的特点，小致分别在烧杯和试管中放入碎冰（如图甲所示），在烧杯和试管中各放一支温度计测量温度（图中未画出）。为了使加热的热源更稳定即每分钟吸收的热量恒定不变，小致找来一个智能加热盘置于装置底部进行加热，其简化电路图如图乙所示，电源电压恒为12V，R2是加热电阻（定值电阻），R1是热敏电阻，且R1的阻值随温度t变化的图像如图丙所示。当电路中的电流达到I时，加热盘自动断电。实验过程中两个温度计的示数如图丁所示。分析图像可知：
（1）图丁中的实线应该是　 　中的冰温度变化图像。
（2）冰是　 　体，第8min时试管中的冰　 　（选填“正在”或“没有”）熔化。
（3）冰的比热容　 　水的比热容。
（4）当t=60℃，测得电路中的电流为0.04A，R2=　 　Ω；加热盘自动断电时，温度为96℃，此时电路中的电流为　 　A。
20．如图甲所示，我国自主建造的重为的导管架“海基二号”，需要用驳船运输到指定位置，安装在超过300m深的海域搭建石油开采平台。而亚洲最大驳船可看作长200m、宽50m、高14m的规则长方体，如乙图所示，其承载能力不足以运输“海基二号”。某造船厂通过加宽驳船解决了超重难题，加宽后驳船的最大吃水深度不变。若驳船体积每增加1m3， 自重增加，）
（1）水深300m处的压强为　 　Pa。
（2）加宽前，运输“海基二号”时，吃水深度比空载时增加了　 　。
（3）经过改造将驳船总宽度增加 5m，其载重量增加了 6000t，推理计算得出达到最大载重量时，船底受到的压强是多少　 　
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】AD．电风扇和电动汽车的主要结构为电动机，主要是将电能转化为机械能的用电器，故A、D不符合题意；
B．电暖气的主要结构为电阻丝，是将电能转化为内能的用电器，故B符合题意；
C．电视机主要是将电能转化为光能的用电器，故C不符合题意。
故选B。
【分析】电流通过导体时都会发热，则就是电流的热效应，它将电能转化为热能，据此分析判断。
2．【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】在汽车刹车之前，人与车一同处于向前运动的状态。当汽车突然急刹车时，人的脚随汽车一同停止运动，而人的上半身因为具有惯性，会保持原本的向前运动状态，因此人会向前倾倒。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
3．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】“山……向船尾跑去了”，是描述山在运动，则它相对参照物的位置不断改变。
A.以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，则山在运动，故A符合题意；
BCD.以山、水面和岸上的树为参照物时，山的位置没有发生变化，山是静止的，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变，据此分析判断。
4．【答案】A
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A．在拉弓的过程中，弓的形状发生了变化，这是因为力可以改变物体的形状，故A正确；
BCD．“蹬车，车前进、“划船，船前行”和“踢球，球飞出去”，都是力使物体改变了运动状态，而不是发生形变，故BCD错误。
故答案为：A。
【分析】力的两个作用效果：一是使物体发生形变，二是改变物体的运动状态；弓弯曲属于形变，车、船、足球运动状态发生改变。
5．【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】吸气冲程中活塞向下运动，进气门处于打开状态，汽油和空气的混合气体被吸入气缸，这个过程中气缸内气体体积变大，气体膨胀会让温度略有降低；压缩冲程中，将机械能转化为气体的内能，缸内气体的内能不断增加，温度持续升高；做功冲程中，将缸内气体的内能转化为机械能，气体对外做功，自身内能减少，温度降低；排气冲程中活塞向上运动，排气门打开，燃烧后的废气被排出气缸，废气经过膨胀做功和散热作用后，温度会出现明显降低。综合以上分析，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
6．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；安全用电原则
【解析】【解答】解：A．将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，起到控制电路的作用，说明车钥匙的作用相当于电路中的开关，故A正确；
B．电动车在行驶时，前大灯和转向灯可以同时工作，也可以单独工作，互不影响，故应该是并联，故B正确；
C．充电时，消耗了电能，是将电能转化为化学能，故C正确；
D．充电时线路起火，应迅速切断电源，而不能直接用水浇灭，生活用水是导体，容易引起触电事故，故D错误。
故选：D。
【分析】 （1）在电路中，开关控制电路的通断；
（2）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
（3）蓄电池充电时，将电能转化为化学能；
（4）生活用水是导体，容易导电。
7．【答案】B
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体；静电的防止和利用
【解析】【解答】A. 缓慢移动和操作可以减少摩擦和静电积累，有利于防静电，故A正确不符合题意；
B. 塑料容器易产生静电且不易导出，用其盛装火药会增大静电风险，不能有效防静电，故B错误符合题意；
C. 保持环境有一定湿度可使静电更容易导走，减少积聚，有利于防静电，故C正确不符合题意；
D. 将设备用金属链接地可将静电导入大地，避免积聚，有利于防静电，故D正确不符合题意；
故选B；
【分析】（1）解题关键是理解静电防护原理：减少静电产生、加速静电泄放、避免静电积聚；隐含条件是火药对静电敏感，需采取导走或中和静电的措施；扩展知识包括常见防静电方法如接地、增湿、使用防静电材料等；（2）易错点在于误以为塑料容器能绝缘防爆，但塑料易摩擦生电且不导电，反而使静电无法导出，增加危险。
8．【答案】D
【知识点】液化及液化放热；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．一切物质的分子间都同时存在引力和斥力，即使是蓬松的棉花糖，其分子间同样存在相互作用力，故A错误。
B．热值是燃料本身的固有性质，热值的大小只和燃料的种类有关，和燃烧条件无关，即使用高压喷射火焰加热，也无法改变燃料的热值，故B错误。
C．制作棉花糖的过程中，固态砂糖受热熔化后再被甩出形成丝状固态，全程并没有气态变为液态的液化过程，故C错误。
D．制作棉花糖时，棉花糖机器对糖加热，糖吸收热量温度升高，这个过程是通过热传递改变糖的内能，故D正确。
故选D。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
4、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
9．【答案】A,C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】从图乙的电路连接可知，可变电阻和电铃串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量电铃两端的电压。根据题目条件，输液管内有液体时，可变电阻的阻值较大；输液管内没有液体时，可变电阻的阻值较小。
AB．输完药液后，输液管内无液体，可变电阻的阻值减小，电路的总电阻随之减小，电源电压保持不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流会变大，因此电流表示数变大；在串联电路中，电阻越小，分得的电压越小，因此可变电阻两端的电压变小，再根据串联电路总电压等于各部分电压之和，可得电铃两端的电压变大，即电压表示数变大，故A正确，B错误；
C．输完药液后，通过电铃的电流变大，电铃两端的电压变大，根据公式可知，电铃的实际功率变大，因此电铃会发出声响，故C正确；
D．未输完药液时，输液管内有液体，可变电阻的阻值较大，电路总电阻较大，电路中电流较小，电铃两端的电压较小，根据可知，电铃的实际功率很小，因此电铃不响；而额定功率是用电器本身的固有属性，由额定电压和额定电流决定，电铃本身不变，因此它的额定功率也不会变化，故D错误。
故选AC。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
10．【答案】B,C
【知识点】磁性材料；地磁场
【解析】【解答】A、司南利用磁体在地磁场中指南，铝、铜不是磁性材料，无法被地磁场磁化，不能制作司南，故 A 错误；
B、司南能够指南是受地球地磁场的磁力作用，故 B 正确；
C、地磁 N 极靠近地理南极，异名磁极相吸，勺柄指南，因此勺柄为 S 极，故 C 正确；
D、地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，地理南极≠地磁南极，故 D 错误；
故答案为：BC。
【分析】A、司南由天然磁石制成，只有磁性材料才可被地磁场作用；
B、指南针、司南的工作原理：地磁场对磁体产生磁力；
C、地磁北极对准地理南极，S 极指向地理南方；
D、地磁两极与地理两极不重合、位置相反。
11．【答案】（1）压强
（2）不可再生
（3）液体；300
【知识点】能源及其分类；液体压强的特点；声速
【解析】【解答】（1）核潜艇进行深潜作业时，下潜深度不断增加，海水的压强会随深度增大逐渐升高。题目中说明钛合金材料具有强度大的特性，能够承受深海更大的水压，因此适合用来制造核潜艇的船体。
（2）核能依靠铀这类核燃料发生裂变反应释放能量，核燃料属于短时间内无法再生的化石类矿产资源，因此核能属于不可再生能源。
（3） 超声波的传播需要依托介质，海水可以作为超声波的传播介质，因此超声波能够在海水中传播。
题目中给出的接收到回波的总时间0.4s是超声波往返（从核潜艇到目标再返回核潜艇）的时间，因此超声波从核潜艇到探测目标的单程时间为。
根据速度公式变形可得，探测目标与核潜艇的距离为。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
3、回声的相关计算，回声的应用：物体发出声音经过物体，反射声音传回人耳，此过程经过的路程为声源到物体距离的2倍。
（1）核潜艇深潜时，随着深度的增加，周围海水压强逐渐增大。钛合金的机械强度大，能够承受更大的压强。
（2）核能利用核燃料（如铀）进行裂变反应，而核燃料属于有限资源，无法在短期内再生，因此核能属于不可再生能源。
（3）[1]超声波需通过介质传播，在海水中的传播介质为液体。
[2]回波总时间0.4秒为往返时间，单程时间为
目标距离核潜艇的距离
12．【答案】（1）大
（2）汽化吸热
（3）太阳；遵循
（4）电磁波
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；能量的转化或转移；能量守恒定律；电磁波在日常生活中的应用；宇宙的尺度及其分类
【解析】【解答】（1）天体系统的空间尺度关系为：宇宙包含银河系与河外星系，银河系包含太阳系，而地球仅是太阳系中的一颗行星，因此从空间尺度来看，太阳系的空间尺度远大于地球。
（2）将火箭发射塔修建在水池中，是因为火箭发射会释放大量热量，水发生汽化时会吸收大量热量，以此避免发射塔被高温损毁，这里利用了水汽化吸热的原理。
（3）题目中的太阳翼本质是太阳能电池装置，可以将太阳能转化为电能，在电路中相当于电源，最终将太阳能转化为可供飞行器持续利用的电能。
根据能量守恒定律，自然界所有能量转化过程都遵守能量守恒，因此该能量转化过程同样遵循能量守恒定律。
（4）太空中为真空环境，天问二号探测器的实时信息需要依靠电磁波传递信息，因此探测器会将信息通过电磁波发回地面指挥中心。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
3、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
4、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息
5、太阳系包括地球。
（1）宇宙包含银河系和河外星系，银河系包含太阳系，地球是太阳系中的一颗行星，所以从空间尺度看，太阳系的尺度比地球大得多。
（2）火箭发射塔修建在水池上，火箭发射时释放大量的热，为了保护发射塔不被高温烧毁，利用了水的汽化吸热。
（3）[1]太阳翼是太阳能电池，将太阳能转化为电能。太阳翼相当于电路中的电源。将太阳能转换为飞行器持续使用的能源：电能。
[2]根据能量守恒定律知，这一过程中遵循能量守恒定律。
（4）天问二号探测器的实时信息将通过电子设备发射电磁波向地面指挥中心传递。
13．【答案】（1）大气压
（2）省力
（3）1.2×107
（4）
【知识点】大气压的综合应用；杠杆的分类；力臂的画法；功的计算及应用；制作简易活塞式抽水机
【解析】【解答】（1）活塞式抽水机的工作原理依托大气压，当在C点施加压力将活塞提起后，圆筒内部气压降低，低于外界大气压，在外界大气压的作用下，位置较低的水就会被压入圆筒内。
（2）分析手柄COD的结构可知，它是以O点作为支点的杠杆，实际使用过程中，动力臂长度大于阻力臂，因此属于省力杠杆。
（3）将重力为N的水从深5m的位置抽上来，抽水机做的有用功为。
（4）当活塞A被提起时，杠杆D点受到的阻力是D点下方的金属杆对D点竖直向下的拉力，因此需要在杠杆C点施加向下的作用力。根据杠杆平衡条件可知，当作用在C点的动力垂直于杠杆向下时，动力臂达到最长，此时动力最小，最小动力的示意图如下图所示：
【分析】1、抽水机工作时利用了大气压，提起D时，圆筒内部气体体积增加，气压减小，在大气压作用下，水被压入圆筒；
2、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
3、功的计算：W=Gh；
4、杠杆平衡：F1L1=F2L2，当动力臂最大，动力最小。
（1）活塞式抽水机利用了大气压，用力压C点，活塞被提起，圆筒内气压减小，在外界大气压的作用下，低处的水被压入圆筒。
（2）观察结构可知，手柄COD是以O点为支点的杠杆，在使用时，动力臂大于阻力臂，因此是省力杠杆。
（3）将2.4×106N的水从5m深处抽上来，抽水机做的有用功W有=Gh=2.4×106N×5m=1.2×107J
（4）活塞A被提起时，杠杆D点受到的阻力是D点下方金属杆对D点竖直向下的拉力，因此作用在杠杆C点的力应向下。根据杠杆平衡条件，当作用在杠杆C点的力垂直于杠杆向下时，动力臂最长，则动力F1最小，如图所示：
14．【答案】（1）温度计玻璃泡
（2）液化
（3）93
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）在实验安装实验装置时，需要依据酒精灯外焰的高度来确定铁圈B的位置，保证加热时使用酒精灯外焰；温度计使用时，玻璃泡既不能接触烧杯底也不能接触烧杯壁，因此需要根据温度计玻璃泡的合适位置来固定铁圈A的位置。
（2）水沸腾前，下部的水温高于上部水温，气泡上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化变为液态水，气泡内部压强减小，体积因此不断变小，最终消失。
（3）由图可知，该温度计的分度值为1℃，此时液柱对应示数为93℃。
【分析】1、温度计的使用要求是温度计的玻璃泡要完全浸没在待测液体中，不碰壁、不接触底部，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线；
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）实验中为了用酒精灯的外焰进行加热，因此根据酒精灯外焰固定铁圈B的位置，温度计在使用时，玻璃泡不能触碰到容器壁和容器底，因此根据温度计玻璃泡的位置固定铁夹A的位置。
（2）沸腾前，水中的气泡上升、变小、消失，主要是气泡中的水蒸气在上升过程中遇冷发生液化，由气态变为液态，所以气泡不断变小。
（3）由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为93℃。
15．【答案】（1）1.5mm
（2）相等
（3）变小
（4）
【知识点】平面镜成像的相关作图；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）玻璃板的前后两个表面都可以反射成像，玻璃板越薄，两个反射面所成的像距离就越近，实验中测量像距时的误差也就越小，因此应选择厚度为1.5mm的玻璃板。
（2）依据平面镜成像的特点，像与物体到平面镜的距离相等。实验中将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，把未点燃的蜡烛B放在玻璃板后移动，直到蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，标记对应位置并测量后，可得到结论：蜡烛A的像和蜡烛A到平面镜的距离相等。
（3）根据平面镜成像“像与物到镜面距离相等”的特点可知，保持玻璃板位置不变，当蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离后，蜡烛A到玻璃板的距离减小，因此蜡烛A的像到玻璃板的距离也会减小。
（4）平面镜成像的特点是像与物关于镜面对称，且成虚像，因此分别作出物体AB两个端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'B'，即可得到AB在平面镜中的像，作图结果如下：
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）玻璃板的两个反射面都可以成像，玻璃板越薄，两个反射面所成的像距离越近，这样测量误差越小，故选1.5mm。
（2）根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，因此将点燃的蜡烛A放在镜前，未点燃的蜡烛B放在镜后，移动B直到与A的像重合，描点、连线、测量发现蜡烛A的像与蜡烛A到平面镜的距离相等。
（3）根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，因此保持玻璃板的位置不变，将蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离，则A的像到玻璃板的距离将变小。
（4）平面镜成像时，像与物关于镜面对称，且所成的像是虚像，因此分别作A、B关于镜面的对称点A'、B'，连接A'B'即为AB关于平面镜所成的像，如图所示：
16．【答案】（1）玻璃棒是绝缘体
（2）左右
（3）显示电路中是否有电流；电源
【知识点】电路的构成及电路图；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）在“探究产生感应电流的条件”实验中，实验产生的感应电流需要依靠导体才能传导，而玻璃棒属于绝缘体，无法导通电流，因此不能满足实验的要求。
（2）题图中蹄形磁铁的磁感线方向为竖直方向，只有导体沿水平左右方向运动时，才能够切割磁感线。
（3）灵敏电流计和普通电流表相比灵敏度更高，可以检测到电路中产生的微小电流，因此本实验中用它来判断电路中是否产生感应电流。
蹄形磁体和导体棒AB配合可以产生感应电流，因此在这个电路中相当于电源。
【分析】1、导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体，绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨；
2、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象，可以使用电流表测量电路中是否产生感应电流。
（1）在“探究产生感应电流的条件”实验中，产生的感应电流需要通过导体才能传导，所以绝缘体玻璃棒是无法达成实验要求的。
（2）因为图中蹄形磁铁的磁感线是竖直的，只有沿左右方向运动时才能做切割磁感线运动。
（3）[1]灵敏电流计比普通电流表更灵敏，能够检测出微小的电流，所以用来显示电路中是否有电流。
[2]蹄形磁体和导体棒AB的组合可以产生电流，相当于电路中的电源。
17．【答案】（1）并联
（2）L2
（3）L2断路
（4）0.28；在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）观察图甲可知，电流从电源流出后分为两条独立路径，分别经过两个灯泡，因此两个灯泡的连接方式为并联。
（2）图乙中，电流表和灯泡L2串联在同一条支路中，因此电流表测量的是通过灯泡L2的电流。
（3）闭合开关后，灯L1发光，说明干路和L1所在支路是通路，但灯L2不发光、电流表无示数，说明L2所在支路没有电流通过，故障为该支路断路；将导线并联在L2两端后，电路重新导通，有电流通过，由此可以确定故障为灯泡L2断路。
（4）图中电流表选择的是0~0.6A量程，该量程的分度值为0.02A，因此电流表的读数为0.28A。
更换不同规格的灯泡多次实验后，分析表格中的实验数据，排除测量误差的影响后可以得到结论，也就是：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、故障分析：并联电路中，一条支路不工作，其余支路正常工作，说明该支路发生断路；
4、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
（1）由图甲可以看出电流有两条路径，故两灯连接方式为并联。
（2）图乙中电流表与灯泡L2串联，故电流表是测量灯L2的电流。
（3）灯L2不发光，电流表无示数，说明L2所在支路没有电流经过，故障应为该支路断路，用导线与L2并联后发现有电流了，故应是灯泡L2发生断路。
（4）[1]由图可知电流表接小量程，分度值为0.02A，故读数为0.28A。
[2]换用不同规格的灯泡进行实验后，分析表中数据，考虑测量误差可以得出，即在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
18．【答案】（1）平衡螺母
（2）7.6
（3）B；2.50
（4）0.76
（5）量筒和水
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）按照托盘天平的操作规范，称量前需要先将天平放置在水平台面上，把游码移动到标尺左端的零刻度线位置，再调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）观察图甲的天平横梁可知，标尺的分度值为0.2g，因此蜡块的质量为
（3）刻度尺读数时，正确的读数方法是视线与尺面垂直，正对刻度，因此视线B的读数方法正确；该刻度尺的分度值为0.1cm，最终读数需估读到分度值下一位，因此蜡块的高度为2.50cm。
（4）已知该蜡块为长方体，底面边长为2cm，因此蜡块的体积为
根据密度公式可得，蜡块的密度为
（5）本次实验中，蜡块容易发生形变，直接用刻度尺测量边长计算体积，会带来较大误差；想要更准确地测量蜡块体积，减小实验误差，可以借助量筒和水，用排水法测量蜡块的体积。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
2、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
3、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
4、长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
（1）根据天平的使用要求，使用托盘天平时，要将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节两端的平衡螺母，直到横梁水平平衡。
（2）如图甲所示，天平横梁标尺分度值为0.2g，则蜡块的质量为
（3）[1][2]使用刻度尺读数时，视线应与尺面垂直，正对刻度线，所以应采用视线B的读数；刻度尺分度值为0.1cm，则蜡块的高度为2.50cm。
（4）该蜡块的体积为
则该蜡块的密度为
（5）由于蜡块容易变形，用刻度尺测量蜡块的边长可能导致误差较大，为了减小误差，可以使用量筒和水，利用排水法测量其体积。
19．【答案】（1）烧杯
（2）晶；没有
（3）小于
（4）100；0.1
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验；比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由题意可知，烧杯内的冰可以直接从加热装置吸收热量，而试管内的冰只能从烧杯内的冰吸热。冰是晶体，熔化过程中温度保持不变，因此烧杯内的冰熔化时，试管内的冰无法持续吸热，不会熔化，烧杯内的冰会先开始熔化，因此温度变化的实线对应烧杯内的冰。
（2） 分析图乙可知，烧杯内的碎冰在4~10min处于熔化过程中，因此第8min时烧杯内的碎冰是固液共存态。晶体熔化需要满足两个条件：温度达到熔点，且能够持续吸热；第8min时烧杯内冰熔化温度保持不变，温度为0℃，与试管内冰的温度相同，二者没有温度差，试管内的冰无法吸收热量，因此此时试管内的冰不会熔化。
（3）从图丁可以看出，相同时间内装置放出的热量相同，冰熔化前0~4min和水熔化后10~14min的质量不变，吸收热量相等，0~4min升温更快，说明冰的比热容比水的比热容小。
（4） 根据图丁求得R1与t的函数关系R1=-5t+500Ω
可以求得当t=60℃，R1的阻值R1=-5×60℃+500Ω=200Ω
根据欧姆定律，电流表示数为0.04A时，电路的总电阻为：
根据欧姆定律可得当电流表的示数为0.04A时，电路中总电阻
可知R2=300Ω-200Ω=100Ω
电路总电阻：
此时电路中的电流：
；
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态
3、热量的计算：公式为Q=cmΔt，结合加热时间，温度变化量，计算比热容；
4、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
5、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压.
（1）根据题意烧杯内的冰可以直接从加热盘吸收热量，而试管内的冰是从烧杯内的冰中吸收热量，当烧杯内的冰熔化时，冰是晶体，温度保持不变，则试管内的冰不满足持续吸热的条件，不熔化，则烧杯内的冰先熔化，即实线是烧杯中冰的温度变化图像。
（2）[1][2]分析图乙可知，烧杯内的碎冰在4～10min处于熔化过程，则在第8min时烧杯内的碎冰处于固液共存态。晶体熔化的条件是：温度达到熔点，持续吸收热量；在第8min时，烧杯中的冰处于熔化过程中，温度不变，而试管中的冰无法吸收热量（二者温度都是0℃），所以此时试管内的碎冰没有熔化。
（3）从图丁上可以看出，0～4min比10～14min升温快，所以冰的比热容比水的比热容小。
（4）[1]根据图丁求得R1与t的函数关系R1=-5t+500Ω
可以求得当t=60℃，R1的阻值R1=-5×60℃+500Ω=200Ω
根据欧姆定律可得当电流表的示数为0.04A时，电路中总电阻
可知R2=300Ω-200Ω=100Ω
[2]当温度为96℃，R1的阻值R'1=-5×96℃+500Ω=20Ω
电路中总电阻
此时电路中的电流为
20．【答案】（1）解：长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
（2）解：加宽前，运输“海基二号”时，比空载时增加的排开水的体积比空载时增加的吃水深度。
（3）解：经过改造将驳船总宽度增加 5m，加宽后驳船的体积增加了若驳船体积每增加1m3， 自重增加，驳船增加的自重其载重量增加了 6000t，驳船增大的最大浮力驳船增加的排开水的体积加宽后驳船的最大吃水深度不变，加宽后船底的最大吃水深度解得船底受到的压强是
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）代入液体压强计算公式，算出 300m 水深处的液体压强。
（2）驳船装载设备后依旧漂浮，新增货物重力等于增加的浮力，据此求出多出的排水体积；结合船体原有底面积，进一步算出吃水深度的增加量。
（3）根据加宽尺寸得到船体新增容积，由单位体积自重增量算出船体新增自重；载重量的增加量与船体增重之和，对应驳船最大浮力的增加量，进而求出新增排水体积；因最大吃水深度保持不变，利用加宽后的底面积列式求解原有吃水深度，最后结合深度算出船底所能承受的液体压强。
（1）水深300m处的压强为
（2）加宽前，运输“海基二号”时，比空载时增加的排开水的体积
比空载时增加的吃水深度
（3）经过改造将驳船总宽度增加 5m，加宽后驳船的体积增加了
若驳船体积每增加1m3， 自重增加，驳船增加的自重
其载重量增加了 6000t，驳船增大的最大浮力
驳船增加的排开水的体积
加宽后驳船的最大吃水深度不变，加宽后船底的最大吃水深度
解得
船底受到的压强是
1 / 12025年吉林省长春市东北师范大学附中明珠学校中考三模物理试题
1．下列电器中，利用电流热效应工作的是（　　）
A．电风扇 B．电暖气 C．电视机 D．电动汽车
【答案】B
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】AD．电风扇和电动汽车的主要结构为电动机，主要是将电能转化为机械能的用电器，故A、D不符合题意；
B．电暖气的主要结构为电阻丝，是将电能转化为内能的用电器，故B符合题意；
C．电视机主要是将电能转化为光能的用电器，故C不符合题意。
故选B。
【分析】电流通过导体时都会发热，则就是电流的热效应，它将电能转化为热能，据此分析判断。
2．平直的公路上，汽车向前行驶中突然刹车，乘客身体会（ ）
A．静止 B．前倾 C．后仰 D．侧翻
【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】在汽车刹车之前，人与车一同处于向前运动的状态。当汽车突然急刹车时，人的脚随汽车一同停止运动，而人的上半身因为具有惯性，会保持原本的向前运动状态，因此人会向前倾倒。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
3．鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山……向船尾跑去了”所选择的参照物是（ ）
A．船 B．山 C．水 D．树
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】“山……向船尾跑去了”，是描述山在运动，则它相对参照物的位置不断改变。
A.以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，则山在运动，故A符合题意；
BCD.以山、水面和岸上的树为参照物时，山的位置没有发生变化，山是静止的，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变，据此分析判断。
4．如图是杭州亚残运会吉祥物的项目运动造型，表明力可以使物体发生形变的是（　　）
A．拉弓，弓变弯
B．蹬车，车前进
C．划船，船前行
D．踢球，球飞出去
【答案】A
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A．在拉弓的过程中，弓的形状发生了变化，这是因为力可以改变物体的形状，故A正确；
BCD．“蹬车，车前进、“划船，船前行”和“踢球，球飞出去”，都是力使物体改变了运动状态，而不是发生形变，故BCD错误。
故答案为：A。
【分析】力的两个作用效果：一是使物体发生形变，二是改变物体的运动状态；弓弯曲属于形变，车、船、足球运动状态发生改变。
5．四冲程汽油机工作过程中，气缸内气体温度一直升高的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】吸气冲程中活塞向下运动，进气门处于打开状态，汽油和空气的混合气体被吸入气缸，这个过程中气缸内气体体积变大，气体膨胀会让温度略有降低；压缩冲程中，将机械能转化为气体的内能，缸内气体的内能不断增加，温度持续升高；做功冲程中，将缸内气体的内能转化为机械能，气体对外做功，自身内能减少，温度降低；排气冲程中活塞向上运动，排气门打开，燃烧后的废气被排出气缸，废气经过膨胀做功和散热作用后，温度会出现明显降低。综合以上分析，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
6．电动车是生活中必不可少的交通工具。只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，就通电了；电动车在行驶时，前大灯和转向灯可以同时工作，也可以单独工作。下列说法不正确的是（　　）
A．车钥匙相当于电路中的开关
B．前大灯和转向灯是并联的
C．充电时，将电能转化为化学能
D．充电时线路起火，应迅速用水浇灭
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；安全用电原则
【解析】【解答】解：A．将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，起到控制电路的作用，说明车钥匙的作用相当于电路中的开关，故A正确；
B．电动车在行驶时，前大灯和转向灯可以同时工作，也可以单独工作，互不影响，故应该是并联，故B正确；
C．充电时，消耗了电能，是将电能转化为化学能，故C正确；
D．充电时线路起火，应迅速切断电源，而不能直接用水浇灭，生活用水是导体，容易引起触电事故，故D错误。
故选：D。
【分析】 （1）在电路中，开关控制电路的通断；
（2）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
（3）蓄电池充电时，将电能转化为化学能；
（4）生活用水是导体，容易导电。
7．火药雕刻技术决定了一个国家武器装备的国防实力，由于固体燃料的敏感性，静电、不合理的摩擦，都能导致其燃爆。下列不能有效防止静电的是（　　）
A．缓慢移动和操作 B．用塑料容器盛装火药
C．保持环境有一定湿度 D．将设备用金属链接地
【答案】B
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体；静电的防止和利用
【解析】【解答】A. 缓慢移动和操作可以减少摩擦和静电积累，有利于防静电，故A正确不符合题意；
B. 塑料容器易产生静电且不易导出，用其盛装火药会增大静电风险，不能有效防静电，故B错误符合题意；
C. 保持环境有一定湿度可使静电更容易导走，减少积聚，有利于防静电，故C正确不符合题意；
D. 将设备用金属链接地可将静电导入大地，避免积聚，有利于防静电，故D正确不符合题意；
故选B；
【分析】（1）解题关键是理解静电防护原理：减少静电产生、加速静电泄放、避免静电积聚；隐含条件是火药对静电敏感，需采取导走或中和静电的措施；扩展知识包括常见防静电方法如接地、增湿、使用防静电材料等；（2）易错点在于误以为塑料容器能绝缘防爆，但塑料易摩擦生电且不导电，反而使静电无法导出，增加危险。
8．如图是甩棉花糖的情景。下列关于这一过程的说法正确的是（ ）
A．蓬松的棉花糖分子间没有引力
B．加热火焰被高压喷出，提高了燃料的热值
C．砂糖变为棉花糖，属于液化过程
D．糖的温度升高是通过热传递的方式完成的
【答案】D
【知识点】液化及液化放热；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．一切物质的分子间都同时存在引力和斥力，即使是蓬松的棉花糖，其分子间同样存在相互作用力，故A错误。
B．热值是燃料本身的固有性质，热值的大小只和燃料的种类有关，和燃烧条件无关，即使用高压喷射火焰加热，也无法改变燃料的热值，故B错误。
C．制作棉花糖的过程中，固态砂糖受热熔化后再被甩出形成丝状固态，全程并没有气态变为液态的液化过程，故C错误。
D．制作棉花糖时，棉花糖机器对糖加热，糖吸收热量温度升高，这个过程是通过热传递改变糖的内能，故D正确。
故选D。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
4、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
9．图甲是医院的一种输液报警器。当管内药液流完时，电铃发声；报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，报警器的电路如图乙所示。则当闭合开关S时，下列分析正确的是（ ）
A．输完药液后，电压表示数变大
B．输完药液后，电流表示数变小
C．输完药液， 电铃响，说明其实际功率变大
D．未输完药液时， 电铃不响，是因为其额定功率变小
【答案】A,C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】从图乙的电路连接可知，可变电阻和电铃串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量电铃两端的电压。根据题目条件，输液管内有液体时，可变电阻的阻值较大；输液管内没有液体时，可变电阻的阻值较小。
AB．输完药液后，输液管内无液体，可变电阻的阻值减小，电路的总电阻随之减小，电源电压保持不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流会变大，因此电流表示数变大；在串联电路中，电阻越小，分得的电压越小，因此可变电阻两端的电压变小，再根据串联电路总电压等于各部分电压之和，可得电铃两端的电压变大，即电压表示数变大，故A正确，B错误；
C．输完药液后，通过电铃的电流变大，电铃两端的电压变大，根据公式可知，电铃的实际功率变大，因此电铃会发出声响，故C正确；
D．未输完药液时，输液管内有液体，可变电阻的阻值较大，电路总电阻较大，电路中电流较小，电铃两端的电压较小，根据可知，电铃的实际功率很小，因此电铃不响；而额定功率是用电器本身的固有属性，由额定电压和额定电流决定，电铃本身不变，因此它的额定功率也不会变化，故D错误。
故选AC。
【分析】1、电功率的计算：公式为P=UI；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
10．东汉学者王充在《论衡》中记载了我国早期的指南针——司南：“司南之杓，投之于地，其柢（注：勺柄）指南”。下列说法中正确的是（　　）
A．司南可用铝、铜等金属制作
B．司南能指南是受到地磁场的作用
C．“柢”指的是司南的S极
D．地理南极就是地磁的南极
【答案】B,C
【知识点】磁性材料；地磁场
【解析】【解答】A、司南利用磁体在地磁场中指南，铝、铜不是磁性材料，无法被地磁场磁化，不能制作司南，故 A 错误；
B、司南能够指南是受地球地磁场的磁力作用，故 B 正确；
C、地磁 N 极靠近地理南极，异名磁极相吸，勺柄指南，因此勺柄为 S 极，故 C 正确；
D、地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，地理南极≠地磁南极，故 D 错误；
故答案为：BC。
【分析】A、司南由天然磁石制成，只有磁性材料才可被地磁场作用；
B、指南针、司南的工作原理：地磁场对磁体产生磁力；
C、地磁北极对准地理南极，S 极指向地理南方；
D、地磁两极与地理两极不重合、位置相反。
11．1988年，我国核潜艇首次进行极限深潜试验，中国“核潜艇之父”黄旭华作为核潜艇总设计师亲自参与深潜。
（1）核潜艇外壳采用钛合金，是因为钛合金的机械强度大，深潜时能承受更大的　 　；
（2）从能源的可持续利用角度看，核能属于　 　能源；
（3）核潜艇深潜时，声呐发出超声波信号后，经　 　传播0.4秒接收到回波，据此推测目标距离核潜艇约　 　米。（该信号在海水中传播的速度取1500m/s）
【答案】（1）压强
（2）不可再生
（3）液体；300
【知识点】能源及其分类；液体压强的特点；声速
【解析】【解答】（1）核潜艇进行深潜作业时，下潜深度不断增加，海水的压强会随深度增大逐渐升高。题目中说明钛合金材料具有强度大的特性，能够承受深海更大的水压，因此适合用来制造核潜艇的船体。
（2）核能依靠铀这类核燃料发生裂变反应释放能量，核燃料属于短时间内无法再生的化石类矿产资源，因此核能属于不可再生能源。
（3） 超声波的传播需要依托介质，海水可以作为超声波的传播介质，因此超声波能够在海水中传播。
题目中给出的接收到回波的总时间0.4s是超声波往返（从核潜艇到目标再返回核潜艇）的时间，因此超声波从核潜艇到探测目标的单程时间为。
根据速度公式变形可得，探测目标与核潜艇的距离为。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
3、回声的相关计算，回声的应用：物体发出声音经过物体，反射声音传回人耳，此过程经过的路程为声源到物体距离的2倍。
（1）核潜艇深潜时，随着深度的增加，周围海水压强逐渐增大。钛合金的机械强度大，能够承受更大的压强。
（2）核能利用核燃料（如铀）进行裂变反应，而核燃料属于有限资源，无法在短期内再生，因此核能属于不可再生能源。
（3）[1]超声波需通过介质传播，在海水中的传播介质为液体。
[2]回波总时间0.4秒为往返时间，单程时间为
目标距离核潜艇的距离
12．天问二号探测器于 2025年5月29日搭乘长征三号乙运载火箭进行发射，对小行星2016HO3进行探测，后续将前往彗星研究太阳系早期氧化及生命起源线索。
（1）从空间尺度看，太阳系的尺度比地球　 　得多；
（2）火箭发射塔修建在水池上，利用了水的　 　，保护发射塔不被高温烧毁；
（3）天问二号探测器的主电能供给系统是构造独特的圆形柔性太阳翼，将　 　能转换为飞行器持续使用的能源，这一过程中　 　（选填“遵循”或“不遵循”）能量守恒定律；
（4）天问二号探测器的实时信息将通过　 　向地面指挥中心传递。
【答案】（1）大
（2）汽化吸热
（3）太阳；遵循
（4）电磁波
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；能量的转化或转移；能量守恒定律；电磁波在日常生活中的应用；宇宙的尺度及其分类
【解析】【解答】（1）天体系统的空间尺度关系为：宇宙包含银河系与河外星系，银河系包含太阳系，而地球仅是太阳系中的一颗行星，因此从空间尺度来看，太阳系的空间尺度远大于地球。
（2）将火箭发射塔修建在水池中，是因为火箭发射会释放大量热量，水发生汽化时会吸收大量热量，以此避免发射塔被高温损毁，这里利用了水汽化吸热的原理。
（3）题目中的太阳翼本质是太阳能电池装置，可以将太阳能转化为电能，在电路中相当于电源，最终将太阳能转化为可供飞行器持续利用的电能。
根据能量守恒定律，自然界所有能量转化过程都遵守能量守恒，因此该能量转化过程同样遵循能量守恒定律。
（4）太空中为真空环境，天问二号探测器的实时信息需要依靠电磁波传递信息，因此探测器会将信息通过电磁波发回地面指挥中心。
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
3、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
4、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息
5、太阳系包括地球。
（1）宇宙包含银河系和河外星系，银河系包含太阳系，地球是太阳系中的一颗行星，所以从空间尺度看，太阳系的尺度比地球大得多。
（2）火箭发射塔修建在水池上，火箭发射时释放大量的热，为了保护发射塔不被高温烧毁，利用了水的汽化吸热。
（3）[1]太阳翼是太阳能电池，将太阳能转化为电能。太阳翼相当于电路中的电源。将太阳能转换为飞行器持续使用的能源：电能。
[2]根据能量守恒定律知，这一过程中遵循能量守恒定律。
（4）天问二号探测器的实时信息将通过电子设备发射电磁波向地面指挥中心传递。
13．如图是活塞式抽水机工作原理的示意图，将手柄COD视作一个杠杆，用力压C点，活塞A被提起，低处的水进入圆筒。
（1）活塞式抽水机是利用　 　将水从井中抽出的。
（2）观察结构可知，手柄COD的实质为　 　杠杆。
（3）某次灌溉时要将2.4×106N的水从5m深处抽上来，则抽水机做的有用功为　 　J。
（4）请在图中画出提起活塞A的过程中最小动力F1的示意图　 　。
【答案】（1）大气压
（2）省力
（3）1.2×107
（4）
【知识点】大气压的综合应用；杠杆的分类；力臂的画法；功的计算及应用；制作简易活塞式抽水机
【解析】【解答】（1）活塞式抽水机的工作原理依托大气压，当在C点施加压力将活塞提起后，圆筒内部气压降低，低于外界大气压，在外界大气压的作用下，位置较低的水就会被压入圆筒内。
（2）分析手柄COD的结构可知，它是以O点作为支点的杠杆，实际使用过程中，动力臂长度大于阻力臂，因此属于省力杠杆。
（3）将重力为N的水从深5m的位置抽上来，抽水机做的有用功为。
（4）当活塞A被提起时，杠杆D点受到的阻力是D点下方的金属杆对D点竖直向下的拉力，因此需要在杠杆C点施加向下的作用力。根据杠杆平衡条件可知，当作用在C点的动力垂直于杠杆向下时，动力臂达到最长，此时动力最小，最小动力的示意图如下图所示：
【分析】1、抽水机工作时利用了大气压，提起D时，圆筒内部气体体积增加，气压减小，在大气压作用下，水被压入圆筒；
2、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
3、功的计算：W=Gh；
4、杠杆平衡：F1L1=F2L2，当动力臂最大，动力最小。
（1）活塞式抽水机利用了大气压，用力压C点，活塞被提起，圆筒内气压减小，在外界大气压的作用下，低处的水被压入圆筒。
（2）观察结构可知，手柄COD是以O点为支点的杠杆，在使用时，动力臂大于阻力臂，因此是省力杠杆。
（3）将2.4×106N的水从5m深处抽上来，抽水机做的有用功W有=Gh=2.4×106N×5m=1.2×107J
（4）活塞A被提起时，杠杆D点受到的阻力是D点下方金属杆对D点竖直向下的拉力，因此作用在杠杆C点的力应向下。根据杠杆平衡条件，当作用在杠杆C点的力垂直于杠杆向下时，动力臂最长，则动力F1最小，如图所示：
14．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
（1）实验装置如图甲所示，组装器材时，应根据　 　的位置固定铁夹A的位置。
（2）沸腾前，水中的气泡上升、变小、消失，主要是气泡中的水蒸气在上升过程中遇冷发生　 　（填物态变化）。
（3）图乙是第 8min时温度计的示数，为　 　℃。
【答案】（1）温度计玻璃泡
（2）液化
（3）93
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）在实验安装实验装置时，需要依据酒精灯外焰的高度来确定铁圈B的位置，保证加热时使用酒精灯外焰；温度计使用时，玻璃泡既不能接触烧杯底也不能接触烧杯壁，因此需要根据温度计玻璃泡的合适位置来固定铁圈A的位置。
（2）水沸腾前，下部的水温高于上部水温，气泡上升过程中，气泡内的水蒸气遇冷液化变为液态水，气泡内部压强减小，体积因此不断变小，最终消失。
（3）由图可知，该温度计的分度值为1℃，此时液柱对应示数为93℃。
【分析】1、温度计的使用要求是温度计的玻璃泡要完全浸没在待测液体中，不碰壁、不接触底部，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线；
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
（1）实验中为了用酒精灯的外焰进行加热，因此根据酒精灯外焰固定铁圈B的位置，温度计在使用时，玻璃泡不能触碰到容器壁和容器底，因此根据温度计玻璃泡的位置固定铁夹A的位置。
（2）沸腾前，水中的气泡上升、变小、消失，主要是气泡中的水蒸气在上升过程中遇冷发生液化，由气态变为液态，所以气泡不断变小。
（3）由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为93℃。
15．在“探究平面镜成像的特点”的实验中，实验装置如图甲所示：
（1）有厚度为1.5mm和3mm的两块玻璃板，应选择　 　的玻璃板做实验。
（2）将点燃的蜡烛A放在镜前，未点燃的蜡烛B放在镜后，移动B直到与A的像重合，描点、连线、测量发现蜡烛A的像与蜡烛A到平面镜的距离　 　。
（3）保持玻璃板的位置不变，将蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离，A的像到玻璃板的距离将　 　。
（4）请根据平面镜成像的特点，在图乙中作出AB通过平面镜所成的像A'B'　 　。
【答案】（1）1.5mm
（2）相等
（3）变小
（4）
【知识点】平面镜成像的相关作图；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）玻璃板的前后两个表面都可以反射成像，玻璃板越薄，两个反射面所成的像距离就越近，实验中测量像距时的误差也就越小，因此应选择厚度为1.5mm的玻璃板。
（2）依据平面镜成像的特点，像与物体到平面镜的距离相等。实验中将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，把未点燃的蜡烛B放在玻璃板后移动，直到蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，标记对应位置并测量后，可得到结论：蜡烛A的像和蜡烛A到平面镜的距离相等。
（3）根据平面镜成像“像与物到镜面距离相等”的特点可知，保持玻璃板位置不变，当蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离后，蜡烛A到玻璃板的距离减小，因此蜡烛A的像到玻璃板的距离也会减小。
（4）平面镜成像的特点是像与物关于镜面对称，且成虚像，因此分别作出物体AB两个端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'B'，即可得到AB在平面镜中的像，作图结果如下：
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）玻璃板的两个反射面都可以成像，玻璃板越薄，两个反射面所成的像距离越近，这样测量误差越小，故选1.5mm。
（2）根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，因此将点燃的蜡烛A放在镜前，未点燃的蜡烛B放在镜后，移动B直到与A的像重合，描点、连线、测量发现蜡烛A的像与蜡烛A到平面镜的距离相等。
（3）根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，因此保持玻璃板的位置不变，将蜡烛A向靠近玻璃板的方向移动适当距离，则A的像到玻璃板的距离将变小。
（4）平面镜成像时，像与物关于镜面对称，且所成的像是虚像，因此分别作A、B关于镜面的对称点A'、B'，连接A'B'即为AB关于平面镜所成的像，如图所示：
16．在“探究产生感应电流的条件”实验中，实验装置如图所示，主要器材有：蹄形磁体、灵敏电流计、导体棒AB、开关。
（1）实验中，不能用玻璃棒代替导体棒AB 的原因是　 　；
（2）按图组装好器材，闭合开关，只有当导体棒AB沿　 　（选填“上下”、“左右”或“前后”）方向运动时，灵敏电流计指针才会发生摆动；
（3）灵敏电流计的作用是　 　；蹄形磁体和导体棒AB 的组合就相当于电路中的　 　。
【答案】（1）玻璃棒是绝缘体
（2）左右
（3）显示电路中是否有电流；电源
【知识点】电路的构成及电路图；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）在“探究产生感应电流的条件”实验中，实验产生的感应电流需要依靠导体才能传导，而玻璃棒属于绝缘体，无法导通电流，因此不能满足实验的要求。
（2）题图中蹄形磁铁的磁感线方向为竖直方向，只有导体沿水平左右方向运动时，才能够切割磁感线。
（3）灵敏电流计和普通电流表相比灵敏度更高，可以检测到电路中产生的微小电流，因此本实验中用它来判断电路中是否产生感应电流。
蹄形磁体和导体棒AB配合可以产生感应电流，因此在这个电路中相当于电源。
【分析】1、导体：易于传导电流的物质，金属，人体、液体，绝缘体：不容易导电的物质，橡胶、塑料、石墨；
2、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象，可以使用电流表测量电路中是否产生感应电流。
（1）在“探究产生感应电流的条件”实验中，产生的感应电流需要通过导体才能传导，所以绝缘体玻璃棒是无法达成实验要求的。
（2）因为图中蹄形磁铁的磁感线是竖直的，只有沿左右方向运动时才能做切割磁感线运动。
（3）[1]灵敏电流计比普通电流表更灵敏，能够检测出微小的电流，所以用来显示电路中是否有电流。
[2]蹄形磁体和导体棒AB的组合可以产生电流，相当于电路中的电源。
17．要探究图甲中灯L1与L2的电流特点：
次数 IA/A IB/A IC/A
1 0.30 0.22 0.50
2 0.22 0.28 0.50
3 0.24 0.22 0.46
（1）图甲中灯L1与L2的连接方式是　 　；
（2）按照图甲的电路图连接完整电路如图乙所示， 电流表是测量　 　的电流。
（3）连完电路闭合开关，灯L2不发光，电流表无示数，用导线与L2并联试触，发现电流表指针偏转，由此可知故障是　 　。
（4）排除故障后，闭合开关，某次电流表的示数如图丙所示，为　 　A。换用不同规格的小灯泡进行实验，用电流表多次测量通过A、B、C三点的电流，记录实验数据如表格所示。分析数据得出结论：　 　 。
【答案】（1）并联
（2）L2
（3）L2断路
（4）0.28；在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）观察图甲可知，电流从电源流出后分为两条独立路径，分别经过两个灯泡，因此两个灯泡的连接方式为并联。
（2）图乙中，电流表和灯泡L2串联在同一条支路中，因此电流表测量的是通过灯泡L2的电流。
（3）闭合开关后，灯L1发光，说明干路和L1所在支路是通路，但灯L2不发光、电流表无示数，说明L2所在支路没有电流通过，故障为该支路断路；将导线并联在L2两端后，电路重新导通，有电流通过，由此可以确定故障为灯泡L2断路。
（4）图中电流表选择的是0~0.6A量程，该量程的分度值为0.02A，因此电流表的读数为0.28A。
更换不同规格的灯泡多次实验后，分析表格中的实验数据，排除测量误差的影响后可以得到结论，也就是：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、故障分析：并联电路中，一条支路不工作，其余支路正常工作，说明该支路发生断路；
4、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
（1）由图甲可以看出电流有两条路径，故两灯连接方式为并联。
（2）图乙中电流表与灯泡L2串联，故电流表是测量灯L2的电流。
（3）灯L2不发光，电流表无示数，说明L2所在支路没有电流经过，故障应为该支路断路，用导线与L2并联后发现有电流了，故应是灯泡L2发生断路。
（4）[1]由图可知电流表接小量程，分度值为0.02A，故读数为0.28A。
[2]换用不同规格的灯泡进行实验后，分析表中数据，考虑测量误差可以得出，即在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
18．实验小组的同学利用手中的器材，测量一底面为正方形的长方体蜡块的密度。实验步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节　 　，直到横梁水平平衡；
（2）用调节完的天平，测量蜡块的质量，横梁再次水平平衡时，砝码的质量和游码在标尺的位置如图甲所示，则蜡块的质量为　 　g；
（3）如图乙所示是同学们利用刻度尺测量蜡块的高度的情景，应采用视线　 　的读数，测出的蜡块的高度为　 　cm；
（4）接着测得该蜡块的底面边长为2cm，则该蜡块的密度为　 　g/cm3；
（5）由于蜡块容易变形，用刻度尺测量蜡块的边长可能导致误差较大，为了减小误差，可以使用　 　测量其体积。
【答案】（1）平衡螺母
（2）7.6
（3）B；2.50
（4）0.76
（5）量筒和水
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）按照托盘天平的操作规范，称量前需要先将天平放置在水平台面上，把游码移动到标尺左端的零刻度线位置，再调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）观察图甲的天平横梁可知，标尺的分度值为0.2g，因此蜡块的质量为
（3）刻度尺读数时，正确的读数方法是视线与尺面垂直，正对刻度，因此视线B的读数方法正确；该刻度尺的分度值为0.1cm，最终读数需估读到分度值下一位，因此蜡块的高度为2.50cm。
（4）已知该蜡块为长方体，底面边长为2cm，因此蜡块的体积为
根据密度公式可得，蜡块的密度为
（5）本次实验中，蜡块容易发生形变，直接用刻度尺测量边长计算体积，会带来较大误差；想要更准确地测量蜡块体积，减小实验误差，可以借助量筒和水，用排水法测量蜡块的体积。
【分析】1、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
2、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，
称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码，为了准确测量液体质量需要：先测水和烧杯总重m1，倒出一定体积的液体，测量剩余液体和烧杯的质量m2，所以水的质量为m1-m2，
3、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
4、长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
（1）根据天平的使用要求，使用托盘天平时，要将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节两端的平衡螺母，直到横梁水平平衡。
（2）如图甲所示，天平横梁标尺分度值为0.2g，则蜡块的质量为
（3）[1][2]使用刻度尺读数时，视线应与尺面垂直，正对刻度线，所以应采用视线B的读数；刻度尺分度值为0.1cm，则蜡块的高度为2.50cm。
（4）该蜡块的体积为
则该蜡块的密度为
（5）由于蜡块容易变形，用刻度尺测量蜡块的边长可能导致误差较大，为了减小误差，可以使用量筒和水，利用排水法测量其体积。
19．炎炎夏日，家庭聚会少不得解渴的冰冻饮料。小致将冰冻饮料放入冰桶，发现用冰桶可以减缓它的熔化速度。为了探究其熔化时温度变化的特点，小致分别在烧杯和试管中放入碎冰（如图甲所示），在烧杯和试管中各放一支温度计测量温度（图中未画出）。为了使加热的热源更稳定即每分钟吸收的热量恒定不变，小致找来一个智能加热盘置于装置底部进行加热，其简化电路图如图乙所示，电源电压恒为12V，R2是加热电阻（定值电阻），R1是热敏电阻，且R1的阻值随温度t变化的图像如图丙所示。当电路中的电流达到I时，加热盘自动断电。实验过程中两个温度计的示数如图丁所示。分析图像可知：
（1）图丁中的实线应该是　 　中的冰温度变化图像。
（2）冰是　 　体，第8min时试管中的冰　 　（选填“正在”或“没有”）熔化。
（3）冰的比热容　 　水的比热容。
（4）当t=60℃，测得电路中的电流为0.04A，R2=　 　Ω；加热盘自动断电时，温度为96℃，此时电路中的电流为　 　A。
【答案】（1）烧杯
（2）晶；没有
（3）小于
（4）100；0.1
【知识点】晶体和非晶体；熔化和凝固的探究实验；比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由题意可知，烧杯内的冰可以直接从加热装置吸收热量，而试管内的冰只能从烧杯内的冰吸热。冰是晶体，熔化过程中温度保持不变，因此烧杯内的冰熔化时，试管内的冰无法持续吸热，不会熔化，烧杯内的冰会先开始熔化，因此温度变化的实线对应烧杯内的冰。
（2） 分析图乙可知，烧杯内的碎冰在4~10min处于熔化过程中，因此第8min时烧杯内的碎冰是固液共存态。晶体熔化需要满足两个条件：温度达到熔点，且能够持续吸热；第8min时烧杯内冰熔化温度保持不变，温度为0℃，与试管内冰的温度相同，二者没有温度差，试管内的冰无法吸收热量，因此此时试管内的冰不会熔化。
（3）从图丁可以看出，相同时间内装置放出的热量相同，冰熔化前0~4min和水熔化后10~14min的质量不变，吸收热量相等，0~4min升温更快，说明冰的比热容比水的比热容小。
（4） 根据图丁求得R1与t的函数关系R1=-5t+500Ω
可以求得当t=60℃，R1的阻值R1=-5×60℃+500Ω=200Ω
根据欧姆定律，电流表示数为0.04A时，电路的总电阻为：
根据欧姆定律可得当电流表的示数为0.04A时，电路中总电阻
可知R2=300Ω-200Ω=100Ω
电路总电阻：
此时电路中的电流：
；
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态
3、热量的计算：公式为Q=cmΔt，结合加热时间，温度变化量，计算比热容；
4、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
5、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压.
（1）根据题意烧杯内的冰可以直接从加热盘吸收热量，而试管内的冰是从烧杯内的冰中吸收热量，当烧杯内的冰熔化时，冰是晶体，温度保持不变，则试管内的冰不满足持续吸热的条件，不熔化，则烧杯内的冰先熔化，即实线是烧杯中冰的温度变化图像。
（2）[1][2]分析图乙可知，烧杯内的碎冰在4～10min处于熔化过程，则在第8min时烧杯内的碎冰处于固液共存态。晶体熔化的条件是：温度达到熔点，持续吸收热量；在第8min时，烧杯中的冰处于熔化过程中，温度不变，而试管中的冰无法吸收热量（二者温度都是0℃），所以此时试管内的碎冰没有熔化。
（3）从图丁上可以看出，0～4min比10～14min升温快，所以冰的比热容比水的比热容小。
（4）[1]根据图丁求得R1与t的函数关系R1=-5t+500Ω
可以求得当t=60℃，R1的阻值R1=-5×60℃+500Ω=200Ω
根据欧姆定律可得当电流表的示数为0.04A时，电路中总电阻
可知R2=300Ω-200Ω=100Ω
[2]当温度为96℃，R1的阻值R'1=-5×96℃+500Ω=20Ω
电路中总电阻
此时电路中的电流为
20．如图甲所示，我国自主建造的重为的导管架“海基二号”，需要用驳船运输到指定位置，安装在超过300m深的海域搭建石油开采平台。而亚洲最大驳船可看作长200m、宽50m、高14m的规则长方体，如乙图所示，其承载能力不足以运输“海基二号”。某造船厂通过加宽驳船解决了超重难题，加宽后驳船的最大吃水深度不变。若驳船体积每增加1m3， 自重增加，）
（1）水深300m处的压强为　 　Pa。
（2）加宽前，运输“海基二号”时，吃水深度比空载时增加了　 　。
（3）经过改造将驳船总宽度增加 5m，其载重量增加了 6000t，推理计算得出达到最大载重量时，船底受到的压强是多少　 　
【答案】（1）解：长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
（2）解：加宽前，运输“海基二号”时，比空载时增加的排开水的体积比空载时增加的吃水深度。
（3）解：经过改造将驳船总宽度增加 5m，加宽后驳船的体积增加了若驳船体积每增加1m3， 自重增加，驳船增加的自重其载重量增加了 6000t，驳船增大的最大浮力驳船增加的排开水的体积加宽后驳船的最大吃水深度不变，加宽后船底的最大吃水深度解得船底受到的压强是
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）代入液体压强计算公式，算出 300m 水深处的液体压强。
（2）驳船装载设备后依旧漂浮，新增货物重力等于增加的浮力，据此求出多出的排水体积；结合船体原有底面积，进一步算出吃水深度的增加量。
（3）根据加宽尺寸得到船体新增容积，由单位体积自重增量算出船体新增自重；载重量的增加量与船体增重之和，对应驳船最大浮力的增加量，进而求出新增排水体积；因最大吃水深度保持不变，利用加宽后的底面积列式求解原有吃水深度，最后结合深度算出船底所能承受的液体压强。
（1）水深300m处的压强为
（2）加宽前，运输“海基二号”时，比空载时增加的排开水的体积
比空载时增加的吃水深度
（3）经过改造将驳船总宽度增加 5m，加宽后驳船的体积增加了
若驳船体积每增加1m3， 自重增加，驳船增加的自重
其载重量增加了 6000t，驳船增大的最大浮力
驳船增加的排开水的体积
加宽后驳船的最大吃水深度不变，加宽后船底的最大吃水深度
解得
船底受到的压强是
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