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吉林省长春市榆树市教育联盟2026届九年级下学期中考第二次模拟考试物理试卷
1．2017 年底，“悟空”号卫星上的计算机被太空中带正电的某些粒子击中，导致“死机”。在遥控指令下，计算机重新启动，卫星恢复正常，带正电的粒子可能是（　　）
A．原子核；质子 B．原子核；中子
C．中子；质子 D．电子；中子
【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子组成；原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的，因此，带正电的粒子是原子核、质子；由题知，该计算机被太空中带正电的某些粒子击中，所以带正电的粒子可能是原子核、质子。
故选：A。
【分析】在原子中，带正电的粒子是原子核、质子；带负电的粒子是电子；不显电性的粒子是原子、中子。
2．听声音我们能分辨出是哪个同学在讲话，是因为每个人的声音具有不同的（　　）
A．音调 B．音色 C．响度 D．速度
【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、音调由振动频率决定，仅能区分声音高低，无法分辨不同人说话，故 A 错误；
B、音色由发声体的结构、材料决定，每个人声带结构不同，音色独特，依靠音色可以分辨讲话的同学，故 B 正确；
C、响度指声音的大小，与发声振幅有关，不能区分发声人，故 C 错误；
D、常温下空气中声速固定，与人声无关，无法用来分辨同学，故 D 错误。
故答案为：B。
【分析】A、考查音调的物理意义，音调描述声音高低；
B、考查音色的作用，音色是区分不同发声体的依据；
C、考查响度概念，响度代表声音强弱；
D、考查声速特点，相同介质中声速相同，不能区分声源。
3．世界上第一个证实了电流周围存在磁场的科学家是（　　）
A．牛顿 B．沈括 C．奥斯特 D．法拉第
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】 A．牛顿发现了牛顿第一定律，故A错误；
B．沈括发现了磁偏角，故B错误；
C．奥斯特是第一个证实电流周围存在磁场的科学家，故C正确；
D．法拉第是发现电磁感应现象科学家，故D错误。
故选：C。
【分析】世界上第一个证实了电流周围存在磁场的科学家是奥斯特。
4．超导材料具有零电阻、抗磁性等特殊的物理性质，应用领域非常广泛。常温下的超导体，最适合制作（　　）
A．白炽灯灯丝 B．电饭锅加热盘
C．电熨斗发热体 D．高压输电线
【答案】D
【知识点】超导体特点及作用
【解析】【解答】A、白炽灯本质是利用电流热效应，超导体的电阻为零，无法发热，故A错误；
B、电饭锅使用时电能转化成内能，电阻不能为零，故B错误；
C、电熨斗发热体使用时电能转化成内能，电阻不能为零，故C错误；
D、高压输电线如果用超导体材料，能够无损耗地传输电能，故D正确。
故选：D。
【分析】超导体的电阻为零，能够无损耗地传输电能。
5．北宋的沈括在《梦溪笔谈》中记述了小孔成像的实验。他在纸窗上开一小孔，使窗外老鹰的影子呈现在室内的纸屏上，结果观察到：“鸢东则影西，鸢西则影东。”下列选项中与之原理相同的是（　　）
A．树下光斑 B．光路弯折
C．镜面反光 D．海市蜃楼
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】小孔成像的原理是光的直线传播，“鸢东则影西，鸢西则影东”是光沿直线传播形成的；
A、树下光斑是太阳光通过树叶间的小孔成的实像，原理为光的直线传播，故A正确；
B、光路弯折属于光的折射现象，故B错误；
C、镜面反光属于光的反射现象，故C错误；
D、海市蜃楼是光在不均匀的大气中发生折射形成的虚像，故D错误。
故选：A。
【分析】光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
6．在“比比谁的功率大”的挑战活动中，小科同学从 1 楼跑到 4 楼所花的时间如图所示，则他爬楼的功率约为（　　）
A．10W B．100W C．1000W D．10000W
【答案】B
【知识点】功率的计算；时间及其测量
【解析】【解答】 图知小表盘的分度值为0.5min，大表盘的示数为0.5s，停表的示数为0.5min+15s=45s；
小科同学的体重为500N，从1楼跑到4楼的高度为3×3m=9m，
小科同学从1楼跑到4楼做的功为：W=Gh=500N×9m=4500J。
小科同学从1楼跑到4楼做功为的功率为：，故B正确。
故选：B。
【分析】图知小表盘的分度值为0.5min，大表盘的示数为0.5s，据此读出停表的示数；估算出小科同学的体重和从1楼跑到4楼的高度，根据W=Gh小科同学从1楼跑到4楼做的功，由功率公式算出小科同学从1楼跑到4楼做功为的功率。
7．智能应用进入千家万户，很多家庭的入户门开始使用“智能锁”，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的简单电路是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功，电动机才工作，即只有“人脸识别”对应的开关闭合、输入“密码”或使用“钥匙”对应的开关任意一个闭合时，电动机才能连通，说明输入“密码”或使用“钥匙”对应的开关互不影响，则这两个开关并联，而“人脸识别”对应的开关控制整个电路，在干路中，再与电动机串联，故ACD不符合要求，B符合要求。
故选：B。
【分析】根据题意可知各开关的关系和连接方式，从而得出符合要求的电路设计。
8．家庭电路里的保险丝熔断了，原因可能是（　　）
A．开关失灵
B．灯泡的灯丝断了
C．电路中使用了功率过大的用电器
D．开关中的两个接线头相碰了
【答案】C
【知识点】家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A、开关失灵，则电路是闭合的，不会造成电流过大，故A错误；
B、灯泡的灯丝断了，电路中无电流，不会造成电流过大，故B错误；
C、电路中用了功率大的用电器会造成电路中电流过大，保险丝可能熔断，故C正确；
D、开关中的两个接线头相碰了，相当于开关闭合，不会造成电流过大，故D错误。
故选：C。
【分析】保险丝熔断的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是短路或电路中总功率过大。
9．厨房不仅是加工食物的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”。关于烹饪过程中涉及的物态变化，下列说法正确的是（　　）
A．蒸馒头时，用大火可提高水的沸点
B．炒肉片时，肉片温度升高可加快肉中水分蒸发
C．饺子时，锅里冒出大量“白气”，属于液化现象
D．炸油条时，油条变干变黄甚至变焦，属于升华现象
【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件；影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A、沸点与压强有关，压强不变，沸点不变。蒸馒头时，用大火也不可以提高水的沸点，故A错误；
B、温度可以影响蒸发的快慢，温度越高，蒸发越快。炒肉片时，肉片温度升高可加快肉中水分蒸发，故B正确；
C、煮饺子时，锅里冒出大量“白气”，“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，属于液化现象，故C正确；
D、炸油条时，油条变干变黄甚至变焦，是因为内部水分流失，由液态转化为气态，属于汽化现象， 故D错误。
故选：BC。
【分析】液体沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；加快蒸发的方法：增加液体表面积、加快液体表面温度和加快液体表面空气流速；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；汽化指物质由液态转变成气态，汽化要放热。
10．人坐在沙发上比坐在窄木凳上感觉舒服，是因为坐沙发时（　　）
A．弹簧的弹力与人体受到的重力平衡
B．减小了人的压力
C．减小了人体受到的压强
D．减小了人体受到的压力和压强
【答案】A,C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、弹簧的弹力与人体受到的重力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故A正确；
BCD、人坐在沙发上比坐在窄木凳上感觉舒服，是因为坐沙发时增大了受力面积，压力一定时，减小了人体受到的压强，不能减小压力，故C正确、BD错误。
故选：AC。
【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
11．
（1）在课外实践性作业中，某同学探究了一定浓度的盐水凝固时温度的变化规律，根据实验数据画出了盐水的凝固图像（如图），该盐水的凝固点是　 　℃，凝固过程经历　 　min，凝固过程中盐水的内能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）2024 年 4 月 26 日，神舟十八号载人飞船成功对接空间站天和核心舱径向端口。对接成功后，飞船相对于空间站是　 　（选填“运动”或“静止”）的；宇航员在空间站通过　 　波与地面联系。
【答案】（1）﹣6；5；减小
（2）静止；电磁
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；运动和静止的相对性；电磁波的产生
【解析】【解答】（1）从图象可知：温度保持不变的温度是-6℃，故该盐水的凝固点是-6℃；
由图象可知，物质在5～10min凝固，凝固过程用了10min-5min=5min；
又知：水的凝固点是0℃，与水相比，盐水的凝固点变低；凝固过程，放热温度不变，内能减小。
（2）对接成功后，飞船与空间站的相对位置没有发生变化，因此以空间站为参照物，飞船是静止的。太空是真空环境，声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，因此宇航员通过电磁波与地面联系。
【分析】（1）盐水凝固的温度为盐水的凝固点；凝固结束时间减去开始凝固时间即为凝固过程需要的时间，晶体凝固过程中的温度不变；凝固的过程是放热的过程。
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播。
12．某同学在探究水在沸腾前后温度变化的特点实验中。
（1）如图甲所示的实验装置，其中纸板的作用是　 　。
（2）加热一段时间后，温度计的示数如图乙所示，温度为　 　，继续加热，烧杯内的水中形成大量的气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。上述实验现象说明水　 　（填“已经”或“还没”）沸腾。
（3）在加热过程中，为了缩短加热时间，将烧杯中的水倒掉一部分后继续加热，直至水沸腾。加热过程中水的温度随时间变化的图像可能是以下的图　 　。
【答案】（1）减少热量散失，缩短实验时间
（2）不断吸热，温度保持不变；已经
（3）D
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）中间有孔的纸板作用是主要是减少热量散失，缩短实验时间，加快水的沸腾。
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。由图乙可知，温度计的分度值为1℃，液柱在60℃和70℃之间，且液面超过温度计的0刻度线，所以此时的温度为61℃。
当水沸腾时，有大量的气泡出现，接连不断地上升，并迅速地由小变大，到水面破裂开来，说明水已经沸腾。
（3）在加热过程中，将烧杯中的水倒掉一部分，此时水温低于沸点，由于离开热源，所以水温要降低，再继续加热时，由于水量减少，所以升温比刚开始要快，最后到达沸点，综上所述，水的温度变化规律是：先上升，再有一小段下降，再快速上升，直至沸腾。故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】 （1）中间有孔的纸板作用是主要是减少热量散失。
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。当水沸腾时，有大量的气泡出现，接连不断地上升，并迅速地由小变大，到水面破裂开来。
（3）在加热过程中，将烧杯中的水倒掉一部分，此时水温低于沸点，由于离开热源，所以水温要降低，再继续加热时，由于水量减少，所以升温比刚开始要快，最后到达沸点。
13．在“探究凸透镜成像规律的实验”中：
（1）如图甲所示，则该凸透镜的焦距为　 　cm；点燃蜡烛，调整凸透镜和光屏，要使烛焰和光屏的中心大致在凸透镜的　 　；
（2）当烛焰距凸透镜30cm时，调节光屏的位置，能在光屏上看到倒立、　 　的实像，生活中的　 　（选填“照相机”或“投影仪”）就是利用了这个原理；如果此时将蜡烛与光屏的位置互换，在光屏上　 　（“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）小明取了一副远视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将光屏适当向　 　（选填“左”或“右”）移动；
（4）实验一段时间后，蜡烛因燃烧变短，所成像如图乙，要使像能够在光屏的中央，应将凸透镜向　 　（选填“上”或“下”）调整。如果将透镜遮住一部分，在光屏上　 　（“能”或“不能”）看到完整的像；
（5）透镜，蜡烛，光屏位置如乙图，凸透镜的位置固定不动，当蜡烛向右（靠近透镜）移动一段距离后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动，此时观察到的像将　 　（选填“变大”或“变小”）；
（6）保持烛焰和凸透镜的位置不变，换一个焦距小一些的凸透镜，则所成像的大小比刚才的像　 　。
【答案】（1）10.0；主光轴上
（2）缩小；照相机；能
（3）左
（4）下；能
（5）右；变大
（6）变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）透镜焦距为
为使像成在光屏中央，应该使烛焰、透镜、光屏三者中心在同一高度上，即在透镜主光轴上。
故答案为：10.0；主光轴上
（2）此时物距大于二倍焦距，成的是倒立的缩小的实像。
生活中照相机成缩小的实像。而投影仪是利用凸透镜成倒立放大的实像制成的。
因为透镜成像原理是光的折射，而在折射现象中，光路是可逆的。所以将蜡烛与光屏互换位置，依然能够在光屏上看到烛焰的像。
故答案为：缩小；照相机；能
（3）远视镜为凸透镜，对光起会聚作用，所以成像的位置提前了，应该将光屏向凸透镜方向移动，即向左移动。
故答案为：左
（4）蜡烛燃烧长度变小，此时像成在光屏的上方，此时可将凸透镜向下调整，使像成在光屏的中央。
将透镜遮住部分，剩余部分依然是中间厚边缘薄形状，还是能够成像的。只不过通过透镜的光弱了，像要暗一些。
故答案为：下；能
（5）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，当物距变小时，像和像距变大，因此需要将光屏向右移动。
故答案为：右；变大
（6）换一个焦距小一些的凸透镜，凸透镜的会聚能力变强，此时物距与焦距的比值增大，即相对于焦距来说，物距变大了，像要变小。
故答案为：变小
【分析】（1）本题考查焦距测量与实验器材调节，利用平行光测焦距方法计算焦距，调整三者中心共轴是为保证像成在光屏中心。
（2）本题考查凸透镜成像规律应用，u>2f成缩小实像对应照相机，光路可逆是互换蜡烛光屏仍成像的核心依据。
（3）本题考查凸透镜对光线的会聚作用，远视眼镜为凸透镜，会缩短像距，光屏需靠近透镜。
（4）本题考查成像偏移调节与透镜遮挡成像特点，烛焰下移可下调透镜使像回中；遮挡透镜仅减少进光量，不影响像的完整性。
（5）本题考查实像动态变化规律，牢记 “物近像远像变大” 即可判断光屏移动方向与像的大小变化。
（6）本题考查焦距对成像大小的影响，焦距越小会聚能力越强，同等物距下实像尺寸更小。
（1）[1]透镜焦距为
[2]为使像成在光屏中央，应该使烛焰、透镜、光屏三者中心在同一高度上，即在透镜主光轴上。
（2）[1]此时物距大于二倍焦距，成的是倒立的缩小的实像。
[2]生活中照相机成缩小的实像。而投影仪是利用凸透镜成倒立放大的实像制成的。
[3]因为透镜成像原理是光的折射，而在折射现象中，光路是可逆的。所以将蜡烛与光屏互换位置，依然能够在光屏上看到烛焰的像。
（3）远视镜为凸透镜，对光起会聚作用，所以成像的位置提前了，应该将光屏向凸透镜方向移动，即向左移动。
（4）[1]蜡烛燃烧长度变小，此时像成在光屏的上方，此时可将凸透镜向下调整，使像成在光屏的中央。
[2]将透镜遮住部分，剩余部分依然是中间厚边缘薄形状，还是能够成像的。只不过通过透镜的光弱了，像要暗一些。
（5）[1][2]根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，当物距变小时，像和像距变大，因此需要将光屏向右移动。
（6）换一个焦距小一些的凸透镜，凸透镜的会聚能力变强，此时物距与焦距的比值增大，即相对于焦距来说，物距变大了，像要变小。
14．如图所示，在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，小黄同学提出了以下猜想：
A.滑动摩擦力的大小可能与物体运动的速度有关；
B.滑动摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关；
C.滑动摩擦力的大小可能与压力的大小有关。
小黄同学进行了如图所示的甲、乙、丙三个实验探究过程。
（1）在实验中，小黄应该沿水平方向用弹簧测力计拉着物块做　 　运动，此时物块所受到的摩擦力与弹簧测力计的示数大小相等。
（2）甲、乙两次实验中，使用同一个物块的目的是使它对木板的　 　相同，这种研究方法叫做　 　法。
（3）对比　 　两次实验，可以验证猜想 C。
（4）在甲实验中，小黄正确操作，拉动物体时，弹簧测力计的示数是 2N，此时摩擦力为　 　N，若拉力增大到 3N 时，摩擦力为　 　N。
【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小；控制变量
（3）甲、丙
（4）2；2
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验中用弹簧测力计水平拉动物体时，弹簧测力计显示拉力大小，要使摩擦力等于拉力（即为了测量摩擦力的大小），则物体必须做匀速直线运动；
（2）甲、乙实验中，使用同一个物块的目的是使它对桌面的压力相同，这用到了控制变量法；
（3）由图知，甲、丙两个实验中接触面粗糙程度相同，物体间的压力不同，是探究摩擦力大小跟压力大小的关系，即可验证猜想C；
（4）用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体时，弹簧测力计示数是2N，即拉力是2N，根据二力平衡条件可知，摩擦力大小等于拉力大小，所以此时摩擦力大小是2N；当拉力增大时，压力不变，接触面粗糙程度不变，则摩擦力大小不变。
【分析】 （1）弹簧测力计拉动物体时，弹簧测力计显示拉力大小，要使拉力等于摩擦力，物体要进行匀速直线运动，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；
（2）摩擦力可能跟压力大小、接触面粗糙程度、运动速度有关，探究滑动摩擦力大小跟压力大小关系时，一定控制接触面粗糙程度和运动速度不变，改变压力大小，观察摩擦力大小的变化，由此可以判断要选择的实验；
（3）结合变量和图片分析；
（4）当弹簧测力计水平方向匀速直线拉动物体时，摩擦力大小等于拉力大小，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，由此可以判断当物体受到的拉力增大时，摩擦力的大小是多少。
15．小薛同学利用如图 1 所示装置探究“电流与电压的关系”。实验中电源电压保持 3V 不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 0.5A”。请你完成下列内容。
（1）在如图 1 所示的虚线框内，小薛同学应连入____。（选填字母）
A．灯泡 B．定值电阻
（2）在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）小薛同学完成了预先设计好的表格中的 3 次实验，将得到的实验数据填入表格。
①分析表中已测出的数据，可以初步得出的实验结论为：在　 　一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
序号 1 2 3 4 5 6 　
电压 U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.4 2.8
电流 I/A . 0.2 0.30 0.40 . .
②为了进一步验证这个结论，利用现有器材在不改变电路连接的情况下，表格里余下的 3 次实验中，他还能完成　 　次。
（4）小薛更换 3 次电路元件多次测量，根据数据作出了如图 2 所示图像，他发现乙图线与甲和丙不同，导致这种情况的原因是____。（选填字母）
A．电流表所选的量程不同 B．实验前电流表没有调零
【答案】（1）B
（2）B
（3）电阻；正比；1
（4）B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，不是一定值，因此小薛同学应连入定值电阻，故选：B；
（2）为了保护电路，在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即B端；
（3）①由表中数据可知，电压与电流的比为：，为一定值，故可得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
②由滑动变阻器的规格“20Ω，0.5A”可知，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为0.5A；当定值电阻两端电压为U1=0.5V时，滑动变阻器两端的电压应为：U滑=U-U1=3V-0.5V=2.5V，
滑动变阻器分得的电压为电压表示数的5倍，根据分压原理，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=5R=5×5Ω=25Ω＞20Ω，所以此实验不能完成；由滑动变阻器的规格可知，电路中允许通过的最大电流为0.5A，此时定值电阻两端的最大电压为：U'=0.5A×5Ω=2.5V，所以电压为2.8V的实验不能完成，只有电压为2.4V的这一次实验可以完成；因此表格里余下的3次实验中，他还能完成1次；
（4）由图2可知，当电压为0时，乙图线的电流不为0，说明实验前电流表没有调零，故选：B。
【分析】（1）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，据此分析；
（2）为了保护电路，在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）①根据表中数据分析回答；
②根据滑动变阻器的最大电阻和允许通过的最大电流判断；
（4）电表使用前要调零。
16．我们在农贸市场、中药房还能看见杆秤，俗话说“秤砣虽小压千斤”，由此学习小组开展有关杆秤的项目式学习。
【项目任务】制作简易杆秤。
【产品制作】
（1）如图甲，用木棒作为秤杆，用细线系一个 20g 的钩码作为秤砣，把空小盆挂在 A 点作为秤盘，在 B 点挂粗绳作为提纽，则　 　点相当于支点。
（2）调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为　 　g。
（3）在秤盘中逐个添加 50g 的砝码，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离 B 点的长度（如表），根据表中数据，应将 250g 的刻度值标记在距离 B 点　 　cm 处。
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离B点的长度/cm 6 11 16 21
（4）【产品使用】
在称重过程中，若杆秤左低右高，如图乙，要将杆秤调至水平平衡，秤砣应往　 　（选填“左”或“右”）侧移动；若秤砣有缺损，则杆秤所示的质量值　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）被测物的真实质量值。
【答案】（1）B
（2）0
（3）26
（4）右；大于
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，即B点相当于支点；
（2）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g；
（3）由杠杆平衡条件：可得：m物g×L物=m砣g×L砣，即：，在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记在距离B点26cm处；
（4）图乙中，杆秤左低右高，要将杆秤调至水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知，应增大秤砣的力臂，即秤砣应往右侧移动适当距离；当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。
【分析】（1）支点是指杠杆绕着转的固定点，图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，由此可知杠杆的支点；
（2）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，即零刻度的位置；
（3）根据杠杆平衡条件和表中数据可知250g的刻度值的标记位置；
（4）图乙中，杆秤左低右高，要将杆秤调至水平平衡，根据杠杆平衡条件可知，秤砣的调节方向；根据杠杆的平衡条件分析称量值更大时支点的位置。
17．在“探究通电螺线管外部的磁场分布”的实验中（图中小磁针的黑色一端为 N 极）：
（1）在装有螺线管的硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后铁屑被　 　，这时轻敲纸板，观察到铁屑排列成如图甲所示的形状，经观察可知通电螺线管外部的磁场分布与　 　磁体的相似；
（2）在通电螺线管周围摆上小磁针，小磁针的指向如图乙所示，由此可知，电源右端为　 　极；
（3）对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管的极性与螺线管中的　 　有关。
【答案】（1）磁化；条形
（2）正；
（3）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）铁屑在磁场容易被磁化，故可以用铁屑来反映通电螺线管周围的磁场分布；由图甲可得：通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体的相似；
（2）如图乙，根据小磁针的指向可知，螺线管的右端为S极，左端为N极；根据安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向N极，则四指弯曲的方向为电流的方向，则电源的右端为正极。
（3）将电源正、负极对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场改变，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
【分析】（1）通电螺线管周围有磁场，磁场看不见摸不着，在螺线管周围均匀地撒满铁屑，铁屑被磁化后能形象反映磁场的分布情况，据此分析；
（2）先根据小磁针的指向确定螺线管的极性，再根据安培定则判断电流的流向；
（3）通电螺线管磁场的方向与电流方向有关。
18．小亮学习了液体压强知识后，猜想：液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离有关。为此，他利用液体压强计、水、烧杯等相同的两套器材进行对比验证，实验情况如图所示。
（1）小亮向小明介绍自己的实验推理过程：在甲、乙两烧杯中，A、B 两点到烧杯底部的距离是不同的；通过观察压强计 U 形管两侧　 　，判断出 pA　 　pB；由此可以得出结论：液体内部某点压强与该点到容器底部距离有关。
（2）小明反驳说：你在实验中没有控制　 　相同，所以你的结论是错误的。在你的实验基础上，　 　（选填序号），才能得出正确结论。
A、把甲杯中的探头上移 5cm 或把乙杯中的探头下移 5cm
B、从甲杯中抽出 5cm 深的水或向乙杯中加入 5cm 深的水
【答案】（1）液面高度差；＞
（2）探头所处深度；B
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）探究影响液体压强大小的因素时，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来显示液体压强的大小；图甲中U形管两侧液面高度差大于图乙中U形管两侧液面高度差，小亮判断出pA＞pB；
（2）探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，应控制液体的密度和液体的深度相同，图甲中探头距液面的距离hA=19cm-7cm=12cm，图乙中探头距液面的距离hB=19cm-12cm=7cm；因此，小明反驳说：你在实验中没有控制探头所处深度相同，所以你的结论是错误的，要控制探头所处深度相同，从甲杯中抽出5cm深的水，使hA=hB=7cm；或向乙杯中加入5cm深的水，使hA=hB=12cm；故选B。
【分析】（1）探究影响液体压强大小的因素时，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来显示液体压强的大小；
（2）探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，应控制液体的密度和液体的深度相同，据此分析。
19．如图所示是中国的第三艘航空母舰“福建舰”，也是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。舰长达到了 320 米，舰宽 78 米，满载时排水量约为 8 万吨，吃水深度约 11 米，舰载机数量近70 架（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
（1）一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”排开的海水体积将　 　。
（2）“福建舰”水面下 10m 处的舰体受到海水的压强是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果）
（3）小丽受到启发，设计了如下创新实验：如图乙所示，将一金属块放在木块 A 上，放入底面积为40cm2 的盛有海水的圆柱形容器内；现将金属块拿起放到容器中，如图丙所示，若乙、丙两图中，液体对容器底的压强差为 100Pa，金属块质量为 60g，则金属块的密度是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果）
【答案】（1）减小
（2）解： 体受到海水的压强：p＝ρ海水 gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1.0×105Pa
答：“福建舰”水面下 10m 处的舰体受到海水的压强是 1.0×105Pa；
（3）解：液面变化的高度差为
容器底面积
根据可求出排开液体体积的变化量，即
金属块的重力为
木块A受到的浮力变化量为
则木块A排开海水的体积变化量为
可得金属块的体积为
所以金属块密度
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据漂浮条件，“福建舰”漂浮时浮力等于重力，一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”的总重力减小，因为仍处于漂浮状态，浮力也随之减小。由阿基米德原理，在和不变的情况下，浮力减小则排开海水的体积变小。
（2）“福建舰”水面下处舰体受到海水的压强
（3）液面变化的高度差为
容器底面积
根据可求出排开液体体积的变化量，即
金属块的重力为
木块A受到的浮力变化量为
则木块A排开海水的体积变化量为
可得金属块的体积为
所以金属块密度
【分析】（1）当一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”的总重力减小、受到的浮力减小，利用
F浮=ρ海水V排g可得排开的海水体积变化；
（2）利用p=ρgh计算舰体受到海水的压强；
（3）知道乙、丙两图中液体对容器底的压强差，利用p=ρgh计算水深差，利用V=Sh计算金属块和木块排开海水体积的减少量，利用G=mg求出金属块的重力，当金属块从木块上取下后，木块上浮，浮力减少量等于金属块的重力，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算木块自身排开海水体积的减少量，金属块的体积等于金属块和木块排开海水体积的减少量减去木块自身排开海水体积的减少量，利用密度公式求金属块的密度。
1 / 1吉林省长春市榆树市教育联盟2026届九年级下学期中考第二次模拟考试物理试卷
1．2017 年底，“悟空”号卫星上的计算机被太空中带正电的某些粒子击中，导致“死机”。在遥控指令下，计算机重新启动，卫星恢复正常，带正电的粒子可能是（　　）
A．原子核；质子 B．原子核；中子
C．中子；质子 D．电子；中子
2．听声音我们能分辨出是哪个同学在讲话，是因为每个人的声音具有不同的（　　）
A．音调 B．音色 C．响度 D．速度
3．世界上第一个证实了电流周围存在磁场的科学家是（　　）
A．牛顿 B．沈括 C．奥斯特 D．法拉第
4．超导材料具有零电阻、抗磁性等特殊的物理性质，应用领域非常广泛。常温下的超导体，最适合制作（　　）
A．白炽灯灯丝 B．电饭锅加热盘
C．电熨斗发热体 D．高压输电线
5．北宋的沈括在《梦溪笔谈》中记述了小孔成像的实验。他在纸窗上开一小孔，使窗外老鹰的影子呈现在室内的纸屏上，结果观察到：“鸢东则影西，鸢西则影东。”下列选项中与之原理相同的是（　　）
A．树下光斑 B．光路弯折
C．镜面反光 D．海市蜃楼
6．在“比比谁的功率大”的挑战活动中，小科同学从 1 楼跑到 4 楼所花的时间如图所示，则他爬楼的功率约为（　　）
A．10W B．100W C．1000W D．10000W
7．智能应用进入千家万户，很多家庭的入户门开始使用“智能锁”，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的简单电路是（　　）
A． B．
C． D．
8．家庭电路里的保险丝熔断了，原因可能是（　　）
A．开关失灵
B．灯泡的灯丝断了
C．电路中使用了功率过大的用电器
D．开关中的两个接线头相碰了
9．厨房不仅是加工食物的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”。关于烹饪过程中涉及的物态变化，下列说法正确的是（　　）
A．蒸馒头时，用大火可提高水的沸点
B．炒肉片时，肉片温度升高可加快肉中水分蒸发
C．饺子时，锅里冒出大量“白气”，属于液化现象
D．炸油条时，油条变干变黄甚至变焦，属于升华现象
10．人坐在沙发上比坐在窄木凳上感觉舒服，是因为坐沙发时（　　）
A．弹簧的弹力与人体受到的重力平衡
B．减小了人的压力
C．减小了人体受到的压强
D．减小了人体受到的压力和压强
11．
（1）在课外实践性作业中，某同学探究了一定浓度的盐水凝固时温度的变化规律，根据实验数据画出了盐水的凝固图像（如图），该盐水的凝固点是　 　℃，凝固过程经历　 　min，凝固过程中盐水的内能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）2024 年 4 月 26 日，神舟十八号载人飞船成功对接空间站天和核心舱径向端口。对接成功后，飞船相对于空间站是　 　（选填“运动”或“静止”）的；宇航员在空间站通过　 　波与地面联系。
12．某同学在探究水在沸腾前后温度变化的特点实验中。
（1）如图甲所示的实验装置，其中纸板的作用是　 　。
（2）加热一段时间后，温度计的示数如图乙所示，温度为　 　，继续加热，烧杯内的水中形成大量的气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。上述实验现象说明水　 　（填“已经”或“还没”）沸腾。
（3）在加热过程中，为了缩短加热时间，将烧杯中的水倒掉一部分后继续加热，直至水沸腾。加热过程中水的温度随时间变化的图像可能是以下的图　 　。
13．在“探究凸透镜成像规律的实验”中：
（1）如图甲所示，则该凸透镜的焦距为　 　cm；点燃蜡烛，调整凸透镜和光屏，要使烛焰和光屏的中心大致在凸透镜的　 　；
（2）当烛焰距凸透镜30cm时，调节光屏的位置，能在光屏上看到倒立、　 　的实像，生活中的　 　（选填“照相机”或“投影仪”）就是利用了这个原理；如果此时将蜡烛与光屏的位置互换，在光屏上　 　（“能”或“不能”）看到清晰的像；
（3）小明取了一副远视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将光屏适当向　 　（选填“左”或“右”）移动；
（4）实验一段时间后，蜡烛因燃烧变短，所成像如图乙，要使像能够在光屏的中央，应将凸透镜向　 　（选填“上”或“下”）调整。如果将透镜遮住一部分，在光屏上　 　（“能”或“不能”）看到完整的像；
（5）透镜，蜡烛，光屏位置如乙图，凸透镜的位置固定不动，当蜡烛向右（靠近透镜）移动一段距离后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动，此时观察到的像将　 　（选填“变大”或“变小”）；
（6）保持烛焰和凸透镜的位置不变，换一个焦距小一些的凸透镜，则所成像的大小比刚才的像　 　。
14．如图所示，在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，小黄同学提出了以下猜想：
A.滑动摩擦力的大小可能与物体运动的速度有关；
B.滑动摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关；
C.滑动摩擦力的大小可能与压力的大小有关。
小黄同学进行了如图所示的甲、乙、丙三个实验探究过程。
（1）在实验中，小黄应该沿水平方向用弹簧测力计拉着物块做　 　运动，此时物块所受到的摩擦力与弹簧测力计的示数大小相等。
（2）甲、乙两次实验中，使用同一个物块的目的是使它对木板的　 　相同，这种研究方法叫做　 　法。
（3）对比　 　两次实验，可以验证猜想 C。
（4）在甲实验中，小黄正确操作，拉动物体时，弹簧测力计的示数是 2N，此时摩擦力为　 　N，若拉力增大到 3N 时，摩擦力为　 　N。
15．小薛同学利用如图 1 所示装置探究“电流与电压的关系”。实验中电源电压保持 3V 不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 0.5A”。请你完成下列内容。
（1）在如图 1 所示的虚线框内，小薛同学应连入____。（选填字母）
A．灯泡 B．定值电阻
（2）在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）小薛同学完成了预先设计好的表格中的 3 次实验，将得到的实验数据填入表格。
①分析表中已测出的数据，可以初步得出的实验结论为：在　 　一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
序号 1 2 3 4 5 6 　
电压 U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.4 2.8
电流 I/A . 0.2 0.30 0.40 . .
②为了进一步验证这个结论，利用现有器材在不改变电路连接的情况下，表格里余下的 3 次实验中，他还能完成　 　次。
（4）小薛更换 3 次电路元件多次测量，根据数据作出了如图 2 所示图像，他发现乙图线与甲和丙不同，导致这种情况的原因是____。（选填字母）
A．电流表所选的量程不同 B．实验前电流表没有调零
16．我们在农贸市场、中药房还能看见杆秤，俗话说“秤砣虽小压千斤”，由此学习小组开展有关杆秤的项目式学习。
【项目任务】制作简易杆秤。
【产品制作】
（1）如图甲，用木棒作为秤杆，用细线系一个 20g 的钩码作为秤砣，把空小盆挂在 A 点作为秤盘，在 B 点挂粗绳作为提纽，则　 　点相当于支点。
（2）调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为　 　g。
（3）在秤盘中逐个添加 50g 的砝码，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离 B 点的长度（如表），根据表中数据，应将 250g 的刻度值标记在距离 B 点　 　cm 处。
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离B点的长度/cm 6 11 16 21
（4）【产品使用】
在称重过程中，若杆秤左低右高，如图乙，要将杆秤调至水平平衡，秤砣应往　 　（选填“左”或“右”）侧移动；若秤砣有缺损，则杆秤所示的质量值　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）被测物的真实质量值。
17．在“探究通电螺线管外部的磁场分布”的实验中（图中小磁针的黑色一端为 N 极）：
（1）在装有螺线管的硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后铁屑被　 　，这时轻敲纸板，观察到铁屑排列成如图甲所示的形状，经观察可知通电螺线管外部的磁场分布与　 　磁体的相似；
（2）在通电螺线管周围摆上小磁针，小磁针的指向如图乙所示，由此可知，电源右端为　 　极；
（3）对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管的极性与螺线管中的　 　有关。
18．小亮学习了液体压强知识后，猜想：液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离有关。为此，他利用液体压强计、水、烧杯等相同的两套器材进行对比验证，实验情况如图所示。
（1）小亮向小明介绍自己的实验推理过程：在甲、乙两烧杯中，A、B 两点到烧杯底部的距离是不同的；通过观察压强计 U 形管两侧　 　，判断出 pA　 　pB；由此可以得出结论：液体内部某点压强与该点到容器底部距离有关。
（2）小明反驳说：你在实验中没有控制　 　相同，所以你的结论是错误的。在你的实验基础上，　 　（选填序号），才能得出正确结论。
A、把甲杯中的探头上移 5cm 或把乙杯中的探头下移 5cm
B、从甲杯中抽出 5cm 深的水或向乙杯中加入 5cm 深的水
19．如图所示是中国的第三艘航空母舰“福建舰”，也是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。舰长达到了 320 米，舰宽 78 米，满载时排水量约为 8 万吨，吃水深度约 11 米，舰载机数量近70 架（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
（1）一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”排开的海水体积将　 　。
（2）“福建舰”水面下 10m 处的舰体受到海水的压强是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果）
（3）小丽受到启发，设计了如下创新实验：如图乙所示，将一金属块放在木块 A 上，放入底面积为40cm2 的盛有海水的圆柱形容器内；现将金属块拿起放到容器中，如图丙所示，若乙、丙两图中，液体对容器底的压强差为 100Pa，金属块质量为 60g，则金属块的密度是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果）
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子组成；原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的，因此，带正电的粒子是原子核、质子；由题知，该计算机被太空中带正电的某些粒子击中，所以带正电的粒子可能是原子核、质子。
故选：A。
【分析】在原子中，带正电的粒子是原子核、质子；带负电的粒子是电子；不显电性的粒子是原子、中子。
2．【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、音调由振动频率决定，仅能区分声音高低，无法分辨不同人说话，故 A 错误；
B、音色由发声体的结构、材料决定，每个人声带结构不同，音色独特，依靠音色可以分辨讲话的同学，故 B 正确；
C、响度指声音的大小，与发声振幅有关，不能区分发声人，故 C 错误；
D、常温下空气中声速固定，与人声无关，无法用来分辨同学，故 D 错误。
故答案为：B。
【分析】A、考查音调的物理意义，音调描述声音高低；
B、考查音色的作用，音色是区分不同发声体的依据；
C、考查响度概念，响度代表声音强弱；
D、考查声速特点，相同介质中声速相同，不能区分声源。
3．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】 A．牛顿发现了牛顿第一定律，故A错误；
B．沈括发现了磁偏角，故B错误；
C．奥斯特是第一个证实电流周围存在磁场的科学家，故C正确；
D．法拉第是发现电磁感应现象科学家，故D错误。
故选：C。
【分析】世界上第一个证实了电流周围存在磁场的科学家是奥斯特。
4．【答案】D
【知识点】超导体特点及作用
【解析】【解答】A、白炽灯本质是利用电流热效应，超导体的电阻为零，无法发热，故A错误；
B、电饭锅使用时电能转化成内能，电阻不能为零，故B错误；
C、电熨斗发热体使用时电能转化成内能，电阻不能为零，故C错误；
D、高压输电线如果用超导体材料，能够无损耗地传输电能，故D正确。
故选：D。
【分析】超导体的电阻为零，能够无损耗地传输电能。
5．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】小孔成像的原理是光的直线传播，“鸢东则影西，鸢西则影东”是光沿直线传播形成的；
A、树下光斑是太阳光通过树叶间的小孔成的实像，原理为光的直线传播，故A正确；
B、光路弯折属于光的折射现象，故B错误；
C、镜面反光属于光的反射现象，故C错误；
D、海市蜃楼是光在不均匀的大气中发生折射形成的虚像，故D错误。
故选：A。
【分析】光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
6．【答案】B
【知识点】功率的计算；时间及其测量
【解析】【解答】 图知小表盘的分度值为0.5min，大表盘的示数为0.5s，停表的示数为0.5min+15s=45s；
小科同学的体重为500N，从1楼跑到4楼的高度为3×3m=9m，
小科同学从1楼跑到4楼做的功为：W=Gh=500N×9m=4500J。
小科同学从1楼跑到4楼做功为的功率为：，故B正确。
故选：B。
【分析】图知小表盘的分度值为0.5min，大表盘的示数为0.5s，据此读出停表的示数；估算出小科同学的体重和从1楼跑到4楼的高度，根据W=Gh小科同学从1楼跑到4楼做的功，由功率公式算出小科同学从1楼跑到4楼做功为的功率。
7．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功，电动机才工作，即只有“人脸识别”对应的开关闭合、输入“密码”或使用“钥匙”对应的开关任意一个闭合时，电动机才能连通，说明输入“密码”或使用“钥匙”对应的开关互不影响，则这两个开关并联，而“人脸识别”对应的开关控制整个电路，在干路中，再与电动机串联，故ACD不符合要求，B符合要求。
故选：B。
【分析】根据题意可知各开关的关系和连接方式，从而得出符合要求的电路设计。
8．【答案】C
【知识点】家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A、开关失灵，则电路是闭合的，不会造成电流过大，故A错误；
B、灯泡的灯丝断了，电路中无电流，不会造成电流过大，故B错误；
C、电路中用了功率大的用电器会造成电路中电流过大，保险丝可能熔断，故C正确；
D、开关中的两个接线头相碰了，相当于开关闭合，不会造成电流过大，故D错误。
故选：C。
【分析】保险丝熔断的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是短路或电路中总功率过大。
9．【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件；影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A、沸点与压强有关，压强不变，沸点不变。蒸馒头时，用大火也不可以提高水的沸点，故A错误；
B、温度可以影响蒸发的快慢，温度越高，蒸发越快。炒肉片时，肉片温度升高可加快肉中水分蒸发，故B正确；
C、煮饺子时，锅里冒出大量“白气”，“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，属于液化现象，故C正确；
D、炸油条时，油条变干变黄甚至变焦，是因为内部水分流失，由液态转化为气态，属于汽化现象， 故D错误。
故选：BC。
【分析】液体沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；加快蒸发的方法：增加液体表面积、加快液体表面温度和加快液体表面空气流速；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；汽化指物质由液态转变成气态，汽化要放热。
10．【答案】A,C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、弹簧的弹力与人体受到的重力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故A正确；
BCD、人坐在沙发上比坐在窄木凳上感觉舒服，是因为坐沙发时增大了受力面积，压力一定时，减小了人体受到的压强，不能减小压力，故C正确、BD错误。
故选：AC。
【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
11．【答案】（1）﹣6；5；减小
（2）静止；电磁
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；运动和静止的相对性；电磁波的产生
【解析】【解答】（1）从图象可知：温度保持不变的温度是-6℃，故该盐水的凝固点是-6℃；
由图象可知，物质在5～10min凝固，凝固过程用了10min-5min=5min；
又知：水的凝固点是0℃，与水相比，盐水的凝固点变低；凝固过程，放热温度不变，内能减小。
（2）对接成功后，飞船与空间站的相对位置没有发生变化，因此以空间站为参照物，飞船是静止的。太空是真空环境，声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，因此宇航员通过电磁波与地面联系。
【分析】（1）盐水凝固的温度为盐水的凝固点；凝固结束时间减去开始凝固时间即为凝固过程需要的时间，晶体凝固过程中的温度不变；凝固的过程是放热的过程。
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播。
12．【答案】（1）减少热量散失，缩短实验时间
（2）不断吸热，温度保持不变；已经
（3）D
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）中间有孔的纸板作用是主要是减少热量散失，缩短实验时间，加快水的沸腾。
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。由图乙可知，温度计的分度值为1℃，液柱在60℃和70℃之间，且液面超过温度计的0刻度线，所以此时的温度为61℃。
当水沸腾时，有大量的气泡出现，接连不断地上升，并迅速地由小变大，到水面破裂开来，说明水已经沸腾。
（3）在加热过程中，将烧杯中的水倒掉一部分，此时水温低于沸点，由于离开热源，所以水温要降低，再继续加热时，由于水量减少，所以升温比刚开始要快，最后到达沸点，综上所述，水的温度变化规律是：先上升，再有一小段下降，再快速上升，直至沸腾。故ABC错误，D正确。
故选：D。
【分析】 （1）中间有孔的纸板作用是主要是减少热量散失。
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。当水沸腾时，有大量的气泡出现，接连不断地上升，并迅速地由小变大，到水面破裂开来。
（3）在加热过程中，将烧杯中的水倒掉一部分，此时水温低于沸点，由于离开热源，所以水温要降低，再继续加热时，由于水量减少，所以升温比刚开始要快，最后到达沸点。
13．【答案】（1）10.0；主光轴上
（2）缩小；照相机；能
（3）左
（4）下；能
（5）右；变大
（6）变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）透镜焦距为
为使像成在光屏中央，应该使烛焰、透镜、光屏三者中心在同一高度上，即在透镜主光轴上。
故答案为：10.0；主光轴上
（2）此时物距大于二倍焦距，成的是倒立的缩小的实像。
生活中照相机成缩小的实像。而投影仪是利用凸透镜成倒立放大的实像制成的。
因为透镜成像原理是光的折射，而在折射现象中，光路是可逆的。所以将蜡烛与光屏互换位置，依然能够在光屏上看到烛焰的像。
故答案为：缩小；照相机；能
（3）远视镜为凸透镜，对光起会聚作用，所以成像的位置提前了，应该将光屏向凸透镜方向移动，即向左移动。
故答案为：左
（4）蜡烛燃烧长度变小，此时像成在光屏的上方，此时可将凸透镜向下调整，使像成在光屏的中央。
将透镜遮住部分，剩余部分依然是中间厚边缘薄形状，还是能够成像的。只不过通过透镜的光弱了，像要暗一些。
故答案为：下；能
（5）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，当物距变小时，像和像距变大，因此需要将光屏向右移动。
故答案为：右；变大
（6）换一个焦距小一些的凸透镜，凸透镜的会聚能力变强，此时物距与焦距的比值增大，即相对于焦距来说，物距变大了，像要变小。
故答案为：变小
【分析】（1）本题考查焦距测量与实验器材调节，利用平行光测焦距方法计算焦距，调整三者中心共轴是为保证像成在光屏中心。
（2）本题考查凸透镜成像规律应用，u>2f成缩小实像对应照相机，光路可逆是互换蜡烛光屏仍成像的核心依据。
（3）本题考查凸透镜对光线的会聚作用，远视眼镜为凸透镜，会缩短像距，光屏需靠近透镜。
（4）本题考查成像偏移调节与透镜遮挡成像特点，烛焰下移可下调透镜使像回中；遮挡透镜仅减少进光量，不影响像的完整性。
（5）本题考查实像动态变化规律，牢记 “物近像远像变大” 即可判断光屏移动方向与像的大小变化。
（6）本题考查焦距对成像大小的影响，焦距越小会聚能力越强，同等物距下实像尺寸更小。
（1）[1]透镜焦距为
[2]为使像成在光屏中央，应该使烛焰、透镜、光屏三者中心在同一高度上，即在透镜主光轴上。
（2）[1]此时物距大于二倍焦距，成的是倒立的缩小的实像。
[2]生活中照相机成缩小的实像。而投影仪是利用凸透镜成倒立放大的实像制成的。
[3]因为透镜成像原理是光的折射，而在折射现象中，光路是可逆的。所以将蜡烛与光屏互换位置，依然能够在光屏上看到烛焰的像。
（3）远视镜为凸透镜，对光起会聚作用，所以成像的位置提前了，应该将光屏向凸透镜方向移动，即向左移动。
（4）[1]蜡烛燃烧长度变小，此时像成在光屏的上方，此时可将凸透镜向下调整，使像成在光屏的中央。
[2]将透镜遮住部分，剩余部分依然是中间厚边缘薄形状，还是能够成像的。只不过通过透镜的光弱了，像要暗一些。
（5）[1][2]根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，当物距变小时，像和像距变大，因此需要将光屏向右移动。
（6）换一个焦距小一些的凸透镜，凸透镜的会聚能力变强，此时物距与焦距的比值增大，即相对于焦距来说，物距变大了，像要变小。
14．【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小；控制变量
（3）甲、丙
（4）2；2
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验中用弹簧测力计水平拉动物体时，弹簧测力计显示拉力大小，要使摩擦力等于拉力（即为了测量摩擦力的大小），则物体必须做匀速直线运动；
（2）甲、乙实验中，使用同一个物块的目的是使它对桌面的压力相同，这用到了控制变量法；
（3）由图知，甲、丙两个实验中接触面粗糙程度相同，物体间的压力不同，是探究摩擦力大小跟压力大小的关系，即可验证猜想C；
（4）用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体时，弹簧测力计示数是2N，即拉力是2N，根据二力平衡条件可知，摩擦力大小等于拉力大小，所以此时摩擦力大小是2N；当拉力增大时，压力不变，接触面粗糙程度不变，则摩擦力大小不变。
【分析】 （1）弹簧测力计拉动物体时，弹簧测力计显示拉力大小，要使拉力等于摩擦力，物体要进行匀速直线运动，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；
（2）摩擦力可能跟压力大小、接触面粗糙程度、运动速度有关，探究滑动摩擦力大小跟压力大小关系时，一定控制接触面粗糙程度和运动速度不变，改变压力大小，观察摩擦力大小的变化，由此可以判断要选择的实验；
（3）结合变量和图片分析；
（4）当弹簧测力计水平方向匀速直线拉动物体时，摩擦力大小等于拉力大小，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，由此可以判断当物体受到的拉力增大时，摩擦力的大小是多少。
15．【答案】（1）B
（2）B
（3）电阻；正比；1
（4）B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，不是一定值，因此小薛同学应连入定值电阻，故选：B；
（2）为了保护电路，在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即B端；
（3）①由表中数据可知，电压与电流的比为：，为一定值，故可得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
②由滑动变阻器的规格“20Ω，0.5A”可知，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为0.5A；当定值电阻两端电压为U1=0.5V时，滑动变阻器两端的电压应为：U滑=U-U1=3V-0.5V=2.5V，
滑动变阻器分得的电压为电压表示数的5倍，根据分压原理，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=5R=5×5Ω=25Ω＞20Ω，所以此实验不能完成；由滑动变阻器的规格可知，电路中允许通过的最大电流为0.5A，此时定值电阻两端的最大电压为：U'=0.5A×5Ω=2.5V，所以电压为2.8V的实验不能完成，只有电压为2.4V的这一次实验可以完成；因此表格里余下的3次实验中，他还能完成1次；
（4）由图2可知，当电压为0时，乙图线的电流不为0，说明实验前电流表没有调零，故选：B。
【分析】（1）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，据此分析；
（2）为了保护电路，在开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）①根据表中数据分析回答；
②根据滑动变阻器的最大电阻和允许通过的最大电流判断；
（4）电表使用前要调零。
16．【答案】（1）B
（2）0
（3）26
（4）右；大于
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，即B点相当于支点；
（2）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g；
（3）由杠杆平衡条件：可得：m物g×L物=m砣g×L砣，即：，在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比。由图表中数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离B的距离就增加5cm，故250g的刻度值应标记在距离B点26cm处；
（4）图乙中，杆秤左低右高，要将杆秤调至水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知，应增大秤砣的力臂，即秤砣应往右侧移动适当距离；当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。
【分析】（1）支点是指杠杆绕着转的固定点，图甲中，秤杆相当于一个杠杆，秤砣和秤盘对秤杆的力会使秤杆绕B点转动，由此可知杠杆的支点；
（2）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，即零刻度的位置；
（3）根据杠杆平衡条件和表中数据可知250g的刻度值的标记位置；
（4）图乙中，杆秤左低右高，要将杆秤调至水平平衡，根据杠杆平衡条件可知，秤砣的调节方向；根据杠杆的平衡条件分析称量值更大时支点的位置。
17．【答案】（1）磁化；条形
（2）正；
（3）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）铁屑在磁场容易被磁化，故可以用铁屑来反映通电螺线管周围的磁场分布；由图甲可得：通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体的相似；
（2）如图乙，根据小磁针的指向可知，螺线管的右端为S极，左端为N极；根据安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向N极，则四指弯曲的方向为电流的方向，则电源的右端为正极。
（3）将电源正、负极对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场改变，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
【分析】（1）通电螺线管周围有磁场，磁场看不见摸不着，在螺线管周围均匀地撒满铁屑，铁屑被磁化后能形象反映磁场的分布情况，据此分析；
（2）先根据小磁针的指向确定螺线管的极性，再根据安培定则判断电流的流向；
（3）通电螺线管磁场的方向与电流方向有关。
18．【答案】（1）液面高度差；＞
（2）探头所处深度；B
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）探究影响液体压强大小的因素时，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来显示液体压强的大小；图甲中U形管两侧液面高度差大于图乙中U形管两侧液面高度差，小亮判断出pA＞pB；
（2）探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，应控制液体的密度和液体的深度相同，图甲中探头距液面的距离hA=19cm-7cm=12cm，图乙中探头距液面的距离hB=19cm-12cm=7cm；因此，小明反驳说：你在实验中没有控制探头所处深度相同，所以你的结论是错误的，要控制探头所处深度相同，从甲杯中抽出5cm深的水，使hA=hB=7cm；或向乙杯中加入5cm深的水，使hA=hB=12cm；故选B。
【分析】（1）探究影响液体压强大小的因素时，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来显示液体压强的大小；
（2）探究液体内部某点的压强跟该点到容器底的距离是否有关，应控制液体的密度和液体的深度相同，据此分析。
19．【答案】（1）减小
（2）解： 体受到海水的压强：p＝ρ海水 gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1.0×105Pa
答：“福建舰”水面下 10m 处的舰体受到海水的压强是 1.0×105Pa；
（3）解：液面变化的高度差为
容器底面积
根据可求出排开液体体积的变化量，即
金属块的重力为
木块A受到的浮力变化量为
则木块A排开海水的体积变化量为
可得金属块的体积为
所以金属块密度
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据漂浮条件，“福建舰”漂浮时浮力等于重力，一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”的总重力减小，因为仍处于漂浮状态，浮力也随之减小。由阿基米德原理，在和不变的情况下，浮力减小则排开海水的体积变小。
（2）“福建舰”水面下处舰体受到海水的压强
（3）液面变化的高度差为
容器底面积
根据可求出排开液体体积的变化量，即
金属块的重力为
木块A受到的浮力变化量为
则木块A排开海水的体积变化量为
可得金属块的体积为
所以金属块密度
【分析】（1）当一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”的总重力减小、受到的浮力减小，利用
F浮=ρ海水V排g可得排开的海水体积变化；
（2）利用p=ρgh计算舰体受到海水的压强；
（3）知道乙、丙两图中液体对容器底的压强差，利用p=ρgh计算水深差，利用V=Sh计算金属块和木块排开海水体积的减少量，利用G=mg求出金属块的重力，当金属块从木块上取下后，木块上浮，浮力减少量等于金属块的重力，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算木块自身排开海水体积的减少量，金属块的体积等于金属块和木块排开海水体积的减少量减去木块自身排开海水体积的减少量，利用密度公式求金属块的密度。
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