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【中考真卷】江苏省苏州市2026年初中物理学业性水平考试
1．2026年 5月 24 日，“神舟二十三号”载人飞船顺利将三名航天员送入中国空间站。航天员在空间站与地面指挥中心联系是通过
A．紫外线 B．红外线 C．无线电波 D．声波
【答案】C
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、紫外线多用于杀菌消毒、验钞，不用于远距离太空通信，故 A 错误；
B、红外线多用于红外测温、遥控器，传输距离短，不适用天地通信，故 B 错误；
C、无线电波属于电磁波，可以在真空中传播，空间站与地面依靠无线电波传递语音、图像信号，故 C 正确；
D、声波传播需要介质，太空为真空环境，声波无法传播，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查紫外线的应用场景，区分其与通信电磁波的用途；
B、考查红外线的适用范围，多用于短距离传感设备；
C、考查电磁波通信，无线电波可在真空传播，是天地航天通信的载体；
D、考查声波传播条件，真空不能传声，排除声波通信。
2．“碳中和”“碳达峰”是我国为应对全球环境危机而提出的目标，减少对不可再生能源的依赖是关键环节。以下属于不可再生能源的是
A．水能 B．太阳能 C．风能 D．石油
【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A、水能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源，故 A 错误；
B、太阳能取之不尽，属于可再生能源，故 B 错误；
C、风能可持续再生，属于可再生能源，故 C 错误；
D、石油是化石能源，形成周期极漫长，短时间内无法再生，属于不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查可再生能源判断，水能依靠水循环持续再生；
B、考查可再生能源判断，太阳能来自太阳辐射，长期可持续利用；
C、考查可再生能源判断，风能由大气循环持续产生；
D、考查不可再生能源判断，石油属于化石燃料，储量有限、消耗后无法短期恢复。
3．经典红歌《珊瑚颂》赞美了革命先烈不畏艰险的英雄气概。如图是该歌曲的部分简谱，其中“3、5、6”等音符指的是声音的
5
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、简谱中的数字 “3、5、6” 代表发声的音调，数字越大，振动频率越高，音调越高，故 A 正确；
B、响度由振幅决定，简谱数字不表示响度，故 B 错误；
C、音色由发声体材料、结构决定，和简谱数字无关，故 C 错误；
D、振幅影响响度，简谱音符不代表振幅，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查音调与频率、简谱的关系，简谱数字对应不同音调；
B、考查响度的决定因素，响度由振动振幅控制；
C、考查音色的影响因素，音色区分不同发声体；
D、考查振幅对应的声学物理量，振幅决定响度大小。
4．下列现象或实验可用流体压强与流速关系解释的是
A．船闸实现上下游通航
B．纸片将水托住
C．裂桶实验
D．吹气时纸条向上飘
【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、船闸利用连通器原理工作，与流体压强、流速无关，故 A 错误；
B、纸片托水是大气压支撑杯中水，属于大气压强现象，故 B 错误；
C、裂桶实验证明液体压强随深度增大而增大，属于液体静压强规律，故 C 错误；
D、对着纸条上方吹气，纸条上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差把纸条向上托起，可用流体压强与流速关系解释，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查连通器原理应用，船闸是典型连通器；
B、考查大气压强存在的实验，纸片托水证明大气压；
C、考查液体内部压强特点，深度越深液体压强越大；
D、考查流体压强与流速关系：流速越大，流体压强越小。
5．下列说法符合实际的是
A．校园内机动车限速约5km/h
B．中学生使用的课桌高度约0.8 dm
C．你使用的初中物理课本质量约20g
D．2026年苏州五月份的平均气温约40℃
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A、校园行人较多，机动车限速约 5km/h，符合实际，故 A 正确；
B、中学生课桌高度约 0.8m=8dm，0.8dm 仅 8 厘米，高度过小，不符合实际，故 B 错误；
C、初中物理课本质量约 200g，20g 相当于几枚硬币，质量过小，不符合实际，故 C 错误；
D、苏州五月平均气温大约 20℃～28℃，40℃属于极端高温，不可能为月平均气温，不符合实际，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查生活速度估测，校园低速限速保障行人安全；
B、考查长度单位换算与常见物体高度估测，分清 m 与 dm 的量级；
C、考查质量估测，区分课本与轻小物品的质量范围；
D、考查气温常识，结合南方城市五月气候判断平均温度。
6．《考工记》记载：“金有六齐……五分其金而锡居一，谓之斧斤之齐”。“金”指铜，“齐”指合金配比，古人在制作斧头等砍器时调整合金配比，主要是为了改变它们的
A．质量 B．比热容 C．硬度 D．颜色
【答案】C
【知识点】物质的基本属性；质量及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、质量由所含物质多少决定，调整铜锡配比不会改变成品总质量，故 A 错误；
B、比热容是物质固有特性，合金配比改变不会为了改变比热容，斧头砍削工具无需调整此性质，故 B 错误；
C、合金的硬度会随金属配比改变，制作斧头等砍器需要较高硬度，调整铜、锡比例是为改变合金硬度，满足切削使用需求，故 C 正确；
D、铜锡合金颜色不会因少量配比变化产生明显改变，不是调整配比的目的，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查质量的定义，质量与合金成分配比无必然关联；
B、考查比热容的特性，比热容不适合作为刀具调整配比的考量依据；
C、考查合金硬度的应用，刀具需要高硬度，改变金属配比可调节合金硬度；
D、考查金属合金外观性质，颜色不是制作砍器需要调控的物理属性。
7．关于“粒子与宇宙”，下列说法中正确的是
A．月球是太阳的行星
B．汤姆孙发现电子，表明原子可再分
C．光年是时间单位
D．原子核由中子和电子组成
【答案】B
【知识点】原子结构；宇宙；原子结构
【解析】【解答】A、月球围绕地球运转，是地球的卫星，并非太阳的行星，故 A 错误；
B、汤姆孙通过实验发现电子，证明原子内部存在更小的粒子，说明原子可以再分，故 B 正确；
C、光年指光在真空中一年内传播的距离，属于长度单位，不是时间单位，故 C 错误；
D、原子核由质子和中子构成，电子在原子核外绕核运动，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查天体分类，区分行星与卫星的定义；
B、考查原子结构发现史，电子的发现证明原子可分；
C、考查光年的物理意义，光年是长度计量单位；
D、考查原子内部结构，分清原子核与核外电子的组成。
8．在2026年“央视春晚”中，苏州制造的机器人进行了精彩表演。电动机是机器人的重要部件，以下实验体现电动机工作原理的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】电流的热效应；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】电动机工作原理是通电导体（线圈）在磁场中受力运动，装置需要有电源、磁体。
A、奥斯特实验，证明电流周围存在磁场（电流磁效应），不是电动机原理，故 A 错误；
B、装置包含电源、磁体、线圈，通电线圈在磁场中受力转动，符合电动机工作原理，故 B 正确；
C、装置有灵敏电流计、无电源，是电磁感应实验，为发电机原理，故 C 错误；
D、通电导线使纸条飘动，说明电流产生热效应，和磁场受力无关，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查奥斯特实验，对应电流的磁效应；
B、考查电动机原理：通电线圈在磁场中受力转动，电路自带供电电源；
C、考查电磁感应现象，无电源，是发电机的工作原理；
D、考查电流的热效应，与磁场对电流的作用力无关。
9．某款电热水壶，当水烧开沸腾时，蒸汽开关S1断开，主加热盘R1停止工作；当水温降低至某一温度时，温控开关S2自动接通，只有副加热盘R2开始工作，实现保温；当出现干烧导致温度过高时，开关S自动断开，R1、R2均不工作。下列电路中，符合要求的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、该电路中控制，控制，开关控制的电阻与题意相反，不符合要求，故A错误；
B、干路装有干烧保护开关，支路串联蒸汽开关，支路串联温控开关，水沸腾时断开仅停止工作，降温后接通只有保温，干烧时干路断开两电阻均不工作，完全符合题意，故B正确；
C、处于干路位置，断开后依旧通电，无法实现沸腾时仅切断主加热盘，故C错误；
D、处于干路位置，接通后、同时通电，不能实现只有单独保温，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查并联支路开关与电热丝的匹配关系，蒸汽开关、温控开关控制对象颠倒；
B、考查并联电路独立支路控制与干路总保护开关，电路逻辑完全匹配电水壶工作条件；
C、考查串并联电路电流路径，副加热电阻置于干路无法单独断开主加热盘；
D、考查串并联电路电流路径，主加热电阻置于干路无法实现副电阻单独保温。
10．如图，通过气球的形变程度来反映压力的作用效果。下列做法中与该研究方法相同的是
A．用光线表示光的传播
B．用粘有颗粒的气球模拟宇宙膨胀
C．探究声音能否在真空中传播
D．通过吸引大头针多少知道磁性强弱
【答案】D
【知识点】物理学方法
【解析】【解答】题干实验方法为转换法，将不易直接观察的压力作用效果转换为气球形变程度。
A、用光线表示光的传播，采用模型法，故 A 错误；
B、用带颗粒气球模拟宇宙膨胀，采用模拟法，故 B 错误；
C、探究声音能否在真空传播，采用推理法（理想实验法），故 C 错误；
D、磁性强弱无法直接观察，通过吸引大头针数量反映磁性强弱，采用转换法，与题干方法相同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查物理模型法，构建理想化光线模型描述光；
B、考查模拟法，利用气球膨胀模拟宇宙膨胀过程；
C、考查理想实验推理法，无法做到绝对真空，通过实验推理得出结论；
D、考查转换法，将不易观测的磁性强弱转换为直观的大头针吸引数量。
11．如图，在探究电流与电压的关系时，电源电压为6 V，定值电阻R阻值为5Ω，电流表量程为0~0.6 A，电压表量程为0~3 V，滑动变阻器铭牌为“50Ω 0.5A”。闭合开关，为了保证电路中所有器材的安全，滑动变阻器接入电路的阻值至少为
A．5Ω B．7Ω C．10Ω D．12Ω
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】电路中R与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电压表量程0~3V，因此R两端最大电压；
此时电路最大电流，对比器材参数：电流表0~0.6A、滑动变阻器允许最大电流0.5A，因此电路安全最大电流取；
串联总电压，定值电阻两端电压；
滑动变阻器分得电压；
滑动变阻器最小接入阻值；
A：小于安全最小阻值，会导致滑动变阻器电流超过0.5A，损坏变阻器，故A错误；
B：计算得出最小阻值为，满足所有器材安全要求，故B正确；
C：大于所需最小阻值，不是最小值，故C错误；
D：大于所需最小阻值，不是最小值，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路安全极值计算，忽略滑动变阻器额定电流限制，仅以电压表满偏计算，阻值偏小不安全；
B、考查串联分压、欧姆定律综合计算，同时兼顾电压表、电流表、滑动变阻器三者量程/额定电流限制，计算出正确最小电阻；
C、混淆“最小接入阻值”概念，阻值偏大，并非题目所求最小值；
D、混淆“最小接入阻值”概念，阻值偏大，并非题目所求最小值。
12．如图，小明尝试用一根两端开口的有机长玻璃管从桶中汲水。操作中，管下端始终处于水面之下。可供选择的操作如下：①右手掌压紧上端管口；②右手掌松开上端管口；③左手抓住管子快速上提；④左手抓住管子快速下移；⑤左手抓住管子缓慢下移。能使水从上端管口涌出的最佳组合是
A．按照②③①⑤顺序反复操作 B．按照②⑤①③顺序反复操作
C．按照②③①④顺序反复操作 D．按照②④①③顺序反复操作
【答案】D
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】操作原理：松开管口时管内外气压平衡，快速下移管子，水进入管内；压紧上端管口封闭管内空气，快速上提管子，大气压托住水柱，水可从上端流出。完整流程：②松开管口→④快速下移→①压紧管口→③快速上提。
A：操作包含缓慢下移⑤，无法快速充水，顺序错误，故 A 错误；
B：先缓慢下移再上提，充水效果差，无法顺利出水，故 B 错误；
C：先快速上提再下移，步骤逻辑颠倒，不能蓄水，故 C 错误；
D：②松开上端管口，④快速下移让水进入玻璃管，①压紧上端封闭空气，③快速上提，大气压将水托至管口涌出，操作顺序正确，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查大气压汲水操作逻辑，缓慢下移难以让管内快速充水；
B、考查大气压汲水操作逻辑，缓慢下移充水不足，达不到出水效果；
C、考查大气压汲水操作逻辑，先上提再下移步骤颠倒，管内无法留存足量水；
D、考查大气压汲水完整操作流程，先松口下移充水，封口上提，利用大气压使水涌出。
13．在拙政园内的池塘边，游人在树荫下欣赏水中游鱼。树荫是由于光的　 　形成的，能看到水中的鱼是光的　 　现象。
【答案】直线传播；折射
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】树叶遮挡光线，树荫是光沿直线传播形成的阴影；水中鱼反射的光从水斜射入空气发生折射，人眼逆着折射光线看到鱼的虚像。
故答案为：直线传播；折射
【分析】(1) 本题考查光的直线传播应用，影子、小孔成像均由光的直线传播产生。
(2) 本题考查光的折射现象，岸上看水中物体、水中看岸上物体都属于光的折射。
14．如图，气球内空气从瓶底小孔喷出时，由于力的作用是　 　的，气球、小瓶和塑料管能沿水平细线向左运动。以塑料管为参照物，小瓶是　 　的。停止喷气后，装置还能向左滑行一段距离，这是因为物体具有　 　。
【答案】相互；静止；惯性
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】气球向外喷气时，空气对气球施加反向推力，说明力的作用是相互的；塑料管和小瓶相对位置不变，以塑料管为参照物，小瓶是静止的；停止喷气后装置仍向前滑行，是因为物体具有惯性，要保持原来的运动状态。
故答案为：相互；静止；惯性
【分析】(1) 本题考查力的作用特点，物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体。
(2) 本题考查参照物判断，两物体相对位置不发生改变，则彼此相对静止。
(3) 本题考查惯性概念，一切物体都具有保持原有运动状态不变的性质即惯性。
15．装有干冰的易拉罐置于空气中一段时间后，外壁上部出现水滴，是由于水蒸气　 　热量液化形成的。罐内干冰体积变小，这是因为干冰发生了　 　(填物态变化名称)。
【答案】放出；升华
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】装有干冰的易拉罐温度很低，空气中的水蒸气遇冷，放出热量液化形成外壁的水滴；干冰是固态二氧化碳，常温下直接由固态变为气态，体积变小，该物态变化为升华。
故答案为：放出；升华
【分析】(1) 本题考查液化的吸放热特点，液化是物质由气态变为液态，过程需要放出热量。
(2) 本题考查升华现象，升华是固态直接变为气态，干冰易升华，升华过程吸热。
16．以下是“分子动理论”相关知识结构图，请补充完整。
①　 　②　 　.
【答案】空隙；引力和斥力
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】酒精和水混合总体积变小，说明分子间存在空隙；固体很难拉伸是分子引力作用，很难压缩是分子斥力作用，说明分子间同时存在引力和斥力。
故答案为：空隙；引力和斥力
【分析】(1) 本题考查分子动理论第一条，分子间存在空隙，混合液体体积减小是典型证明实验。
(2) 本题考查分子间作用力，分子同时存在引力、斥力，分别对应固体难拉伸、难压缩现象。
17．在安全教育活动中，老师用图示装置演示面粉爆炸现象。面粉被吹入塑料桶后，遇到火焰爆燃，桶口的硬纸板被迅速弹飞。面粉燃烧释放的内能转化为硬纸板的　 　，该过程相当于汽油机工作时的　 　冲程。
【答案】机械能；做功
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】面粉燃烧释放内能，推动硬纸板飞出，将内能转化为硬纸板的机械能；汽油机做功冲程中燃气膨胀推动活塞，也是内能转化为机械能，二者能量转化形式相同。
故答案为：机械能；做功
【分析】(1) 本题考查能量转化判断，物体获得动能、势能属于机械能，内能对外做功会转化为机械能。
(2) 本题考查汽油机冲程能量转化，做功冲程内能转化机械能，压缩冲程机械能转化内能。
18．为了测量一颗枇杷的密度，小明将天平放在水平桌面上，游码归零后，指针位置如图甲，应将平衡螺母向　 　调节使天平平衡。测质量时，添加的砝码和游码位置如图乙，则枇杷质量为　 　g。测体积时，把枇杷放入装有适量水的烧杯中，记下水面的位置M，测出烧杯、水和枇杷的总质量为 120.6g(图丙)。再将枇杷取出，往烧杯中加水，使水面再次升至M处，测出此时烧杯和水的总质量为 120g(图丁)，则枇杷的密度为　 　g/cm3。从杯中取出枇杷会带出部分水，这会使密度测量结果　 　(偏大/偏小/仍然准确)。
【答案】左；20.6；1.03；仍然准确
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】图甲指针偏右，右侧重，平衡螺母向左调；
天平砝码20g，游码0.6g，枇杷质量；
补加水的质量，枇杷体积等于补加水体积：
密度；
取出枇杷带走水，再次加水到刻度M，带走的水会被补上，测得的补加水体积依旧等于枇杷真实体积，因此密度测量结果仍然准确。
故答案为：左；；；仍然准确
【分析】(1) 本题考查天平调平，指针偏右，平衡螺母向左调节。
(2) 本题考查天平读数，物体质量=砝码质量+游码示数。
(3) 本题考查等效替代法测体积，枇杷体积等于后来补加水的体积，再用计算密度。
(4) 本题考查误差分析，带出的水会被后续加水补齐，体积测量无偏差，密度结果仍然准确。
19．某国产新能源汽车搭载的80kW·h磷酸铁锂电池，支持高压充电，快充6min可将电池储能从10%提升至70%，这段时间的充电功率为　 　kW。充电时，电池相当于电路中的　 　。
【答案】480；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；电功率的计算
【解析】【解答】电池总容量，充电储能变化比例：，
充电消耗电能：，
充电时间，
充电功率：；
充电时电池消耗电能，将电能转化为化学能储存，相当于电路中的用电器。
故答案为：；用电器
【分析】(1) 本题考查电能与电功率计算，先求出充电消耗的电能，统一时间单位后利用计算充电功率。
(2) 本题考查电路元件作用，充电时电池消耗电能，属于用电器；放电时电池对外供电，属于电源。
20．虹是太阳光射入空中大量的小水珠后，经水珠内壁反射，再折射回空气中呈现出的一种光现象。如图为发生虹现象时，红光和紫光经球形水珠分离开的光路图(图中虚线为法线)，α、β为出射光线与法线的夹角，则光线①为　 　光，α　 　β(>/=/<)。
【答案】紫；=
【知识点】光折射的可逆性；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】紫光的折射能力比红光更强，进入水珠时偏折程度更大，因此光线①为紫光；根据光路可逆原理，光线入射水珠时的入射角等于出射时的折射角，因此。
故答案为：紫；
【分析】(1) 本题考查光的色散，紫光折射率大，折射偏折程度大于红光。
(2) 本题考查光路可逆性，同一束光进出水珠，入射与出射对应角度相等，故两角相等。
21．北宋时期，黄河岸边的铁牛因洪水泛滥而沉入河底，怀丙利用浮船将铁牛成功打捞。
（1）铁牛深陷河底淤泥中(图甲)，打捞时先将下部淤泥清除，使铁牛受到更大的　 　力。然后，将载有沙子的大船停于铁牛上方，用绳索一端捆牢铁牛，另一端固定于船身，将绳索拉紧 把沙子逐渐抛出，一段时间后，船身开始缓慢上浮，继续抛沙，将铁牛逐渐拉离河底至一定高度(图乙)。整个抛沙过程中，船受到浮力大小的变化情况是　 　。
（2）兴趣小组用船模在大水槽内模拟打捞过程(图丙)。圆柱形船模底面积为 内装适量沙子，底部用一根绳子与铁牛相连。在铁牛离开水槽底后被拉起2cm 的过程中，需取出　 　g沙子。(不考虑水面位置变化)
【答案】（1）浮；先不变后变小
（2）80
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】(1) 清除淤泥后铁牛底部有水，受到更大的浮力；
抛沙前期绳子拉力未拉动铁牛，船排开水体积不变，浮力不变；铁牛被拉动后，继续抛沙船上浮，排开水体积减小，浮力变小，因此浮力变化为先不变后变小。
(2) 船模上升，减小的排开水体积：
减少水的质量等于取出沙子质量：。
故答案为：浮；先不变后变小；
【分析】(1) 本题考查浮力产生原因与阿基米德原理，淤泥封住底部无向上液体压力，清淤后产生浮力；浮力由排开水体积决定，排开体积不变浮力不变，体积减小浮力变小。
(2) 本题考查漂浮受力平衡，船上升减少的排水质量等于取出沙子质量，利用计算沙子质量。
22．根据要求完成作图。
（1）图甲中，作出物体AB在平面镜中的像A'B'。
（2）图乙中，根据小磁针静止时N极指向，在图中A点画出磁感线方向，并标出电源的正极(用“+”表示)。
（3）图丙中，用轻杆将一灯笼吊起，O是支点，O'是灯笼的重心。请画出动力 F的力臂l和灯笼所受重力G的示意图。
（4）图丁中，请将开关和三孔插座正确接入家庭电路，要求开关能控制插座。
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力臂的画法；家庭电路的连接；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】(1) 分别过A、B两点作平面镜的垂线，延长至镜后，截取等长线段得到对称点、；
用虚线连接，即为物体AB的虚像，如下图所示：
(2) 小磁针N极向右，说明螺线管右端为N极，磁感线在磁体外部由N指向S，因此A点磁感线箭头向左；
用安培定则：右手握住螺线管，大拇指指向右端N极，四指环绕方向为电流方向，螺线管左端电流向下，右端电流向上；
电源右侧为正极（标），左侧为负极，如下图所示：
(3) 重力：从重心竖直向下画带箭头线段，标注；
动力臂：过支点作动力作用线的垂线，支点到垂足的线段即为力臂，标注，垂线用虚线、加直角符号，如下图所示：
(4) 接线规则：火线先接入开关，开关出线接三孔插座右孔；零线直接接插座左孔；地线接插座上孔。
火线→开关→插座右孔；零线→插座左孔；地线→插座上孔，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查平面镜成像特点：像与物关于镜面对称，虚像必须用虚线表示。
(2) 本题考查磁感线方向、安培定则；磁感线外部N→S，安培定则用于判断螺线管电流与磁极关系。
(3) 本题考查杠杆力臂画法与重力作图；力臂是支点到力作用线的垂直距离，重力方向始终竖直向下。
(4) 本题考查家庭安全电路；开关接火线可断开插座火线，三孔插座遵循“左零、右火、上地”规范。
23．学校食堂工作人员用手推车将午餐箱沿水平路面送达各班级，已知推车和餐箱总重240 N，车轮与地面总接触面积为 求：
（1）手推车静止时(如图)，车轮对地面的压强p。
（2）工作人员用20N的水平推力，使车子在30s内沿推力方向移动30 m，该过程中推力所做的功 W和功率P。
【答案】（1）解：手推车静止在水平地面，对地面的压力等于总重力：F=G=200N
根据压强公式，代入数据：
（2）解：①计算推力做功，由：
②计算推力功率，由：
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 本题考查固体压强计算，水平放置静止物体，地面受到的压力大小等于物体总重力，再代入压强定义式直接计算压强。
(2) 本题考查功与功率的基础计算，先利用推力和移动距离求总功，再结合做功时间，用功与时间的比值求出做功功率。
24．小区使用管道天然气为住户供气，所用天然气热值为 某天，小明家利用燃气热水器将20kg的水从20℃加热到40℃，热水器的加热效率为80%。已知水的比热容 求：
（1）水升温吸收的热量Q吸。
（2）消耗的天然气体积V。
【答案】（1）解：先计算水温变化：
根据物体吸热公式，
代入数据：
（2）解：由加热效率公式，变形求天然气完全燃烧放出的总热量：
气体燃料放热公式，变形求天然气体积：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】(1) 本小问考查比热容吸热计算，直接代入吸热公式，利用水的质量、比热容、升温差值计算水吸收的有效热量。
(2) 本小问结合热效率与燃料热值综合计算，先通过热水器加热效率反推天然气燃烧释放的总热量，再根据气体热值公式，求解需要燃烧的天然气体积。
25．如图甲，电源电压恒定，定值电阻R的阻值为2.5Ω。灯泡L的额定电压为2.5V，其Ⅰ-U图像如图乙。
（1）当S闭合，S1断开时，灯泡L正常发光，求电源电压U。
（2）当S、S1都闭合时，求此时R的电功率P。
【答案】（1）解：当闭合，断开时，灯泡与定值电阻串联，灯泡正常发光，则
由图乙灯泡图像，时，电路电流
定值电阻两端电压：
串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压：
（2）解：当、都闭合时，灯泡被短路，电路为的简单电路，电阻两端电压等于电源电压。
定值电阻的电功率：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查串联电路规律结合非线性元件图像，灯泡正常发光取额定电压，从图像读出对应串联电流，算出电阻分压后求和得到电源总电压。
(2) 开关闭合后灯泡被短路，只有定值电阻接入电源，直接用纯电阻电功率公式计算功率。
26．小华用图甲装置探究凸透镜成像规律，使用LED 灯珠排列成的“F”发光体作为光源。
（1）能在光屏上呈现的像称为　 　像。为使像呈现于光屏中央，实验前需将F光源和光屏两者中心调整到凸透镜的　 　上。
（2）装置调好后，将F光源放在光具座上不同位置，移动光屏找到清晰像的位置，观察并记录成像情况。如图，小华根据观测结果，在纸上用带箭头的线段记录物、像情况(A'~E'分别是物体处在A~E位置时对应的像，线段长度表示它们的大小)。分析图乙，可发现物体靠近凸透镜的过程中，所成的实像　 　
（3）分析可知，F光源从位置A移至E的过程中，必然存在像、物等大的情况，为快速、准确找到此位置，应在图乙中　 　两位置间移动光源，并使用图中　 　光屏观察像。小华测量发现：物距等于两倍焦距时，像与物等大。为了验证该结论的普遍性，接下来的操作是：　 　。
【答案】（1）实；主光轴
（2）远离凸透镜且变大
（3）C、D；c；换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】(1) 能在光屏上呈现的像称为实像；实验前需将F光源、光屏中心调整到凸透镜的主光轴上，保证像成在光屏中央。
故答案为：实；主光轴；
(2) 物体靠近凸透镜（物距减小），由成像线段可知，实像远离凸透镜且变大。
故答案为：远离凸透镜且变大
(3) C位置物体对应的像偏小，D位置物体对应的像偏大，等大的像出现在C、D之间，因此在C、D间移动光源；
带有网格的光屏c可直观对比物、像尺寸，C正确；
为验证“物距等于二倍焦距时物像等大”结论的普遍性，操作是：换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验。
故答案为：C、D；c；换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验；
【分析】(1) 实像可由光屏承接，虚像不能；三心共主光轴是凸透镜成像实验的基础调节步骤。
(2) 凸透镜成实像规律：物近像远像变大。
(3) 介于缩小实像与放大实像之间存在等大实像；网格光屏方便对比物、像大小；多次更换不同焦距透镜实验，避免实验偶然性，使结论具有普遍意义。
27．小红采用图甲实验装置探究冰的熔化特点
（1）图乙中温度计示数为　 　℃，它对应甲图中的温度计　 　(①/②)。
（2）在图丙中　 　时间内，试管中的冰处于熔化状态，由　 　可知此过程中试管内物质在吸热。
（3）曲线A 逐渐趋于平缓，是由于试管内、外物质的温度差　 　所致。
（4）分析表明，冰属于　 　(晶体/非晶体)。
【答案】（1）4；①
（2）t1~t2；保温杯中的水温一直降低
（3）变小
（4）晶体
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】(1) 图乙温度计分度值为1℃，液柱在0℃上方第4格，示数为4℃；①温度计测量试管内碎冰温度，②测量温水温度，该示数对应测冰的温度计①。
故答案为：4；①；
(2) 冰熔化时温度保持0℃不变，对应图像～时间段；保温杯内温水温度持续降低，说明温水向试管内冰放热，证明试管内物质在吸热。
故答案为：～；保温杯中的水温一直降低；
(3) 曲线A是温水温度变化曲线，随着温水放热降温，试管内外温度差变小，热传递速度变慢，温度下降变缓，曲线趋于平缓。
故答案为：变小；
(4) 冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔化温度，符合晶体特点，因此冰属于晶体。
故答案为：晶体；
【分析】(1) 本题考查温度计读数与实验器材作用，先看清分度值读数，区分两支温度计分别测量冰、温水的温度。
(2) 本题考查晶体熔化过程特点，晶体熔化持续吸热、温度不变，通过温水降温佐证冰持续吸热。
(3) 本题考查热传递规律，温差越大热传递越快，温差减小后降温速率变慢。
(4) 本题考查晶体与非晶体区分依据，有固定熔化温度的物质为晶体。
28．北京天坛是著名的声学建筑奇观，天坛回音壁是一堵圆形高墙，在其内部，东西配殿对称分布在黄穹宇中轴线的两侧，三音石位于回音壁的圆心位置，图甲为其俯视图。当人在三音石中心P点处击掌，可以听到三个或更多清晰的回声，故名“三音石”。
某研究团队在一安静时段，于P点处击掌，通过仪器记录P点处接收到的声音信息，如图乙所示。请回答下列问题：
（1）建筑物墙壁表面较光滑，有利于声波发生　 　。
（2）分析可知，接收到的第一个回声是经东西两配殿墙面反射产生的，若P点与两配殿墙面距离均为d，空气中声速为v，从击掌到接收到该回声所用时间t=　 　。
（3）仪器记录到的第二个回声为回音壁的第一次反射声，其振幅比接收到的第一个回声大，除了墙壁光滑外，还因为回音壁的　 　。
（4）第三个回声来自于　 　的反射。
【答案】（1）反射
（2）
（3）面积大
（4）回音壁
【知识点】回声及其产生；回声测距离的应用
【解析】【解答】(1) 光滑墙面能够减少声波吸收，有利于声波发生反射。
故答案为：反射
(2) 声音从P点到配殿墙面距离为，再反射返回P点，总路程，由得时间。
故答案为：
(3) 回音壁圆形高墙面积大，能够反射更多声波，回声振幅更大。
故答案为：面积大
(4) 第一个回声来自东西配殿，第二个是回音壁第一次反射，第三个回声是声音沿回音壁经过二次反射后传回，来自回音壁的反射。
故答案为：回音壁
【分析】(1) 本题考查声音的反射，光滑物体对声波反射效果好，粗糙物体易吸收声音。
(2) 本题结合回声计算，回声传播路程是往返距离，利用速度公式变形求时间。
(3) 本题考查影响回声响度的因素，反射面面积越大，反射的声能越多，振幅越大、声音越响。
(4) 本题结合天坛三音石实景分析回声来源，区分配殿、回音壁不同反射产生的多次回声。
29．科技小组计划制作一个电加热装置。
【项目要求】
发热体由220V家庭电路供电，装置在工作时要能够自动控温。
【器材准备】
查阅了PTC 和NTC 两种热敏电阻，它们的阻值R 随温度t变化关系如图所示，NTC 的阻值随温度升高而减小，PTC 的阻值随温度升高而增大。小组采购了这两种电阻和足够长的电热丝(电热丝规格为20Ω/m，安全工作电流不超过2.2A)。
【设计与制作】
为方便接入发热体，小组制作了图装置，A、B为两根接线桩(两端电压为220 V)，可供接入多组加热元件。
(一)第一小组讨论后，选用电热丝做发热体，同时使用电磁继电器、NTC 热敏电阻等元件制作控温电路。
（1）为制作功率为400W的发热体，需在两接线桩之间接入长度为　 　m的电热丝。为便于安装，可先将电热丝缠绕到　 　(陶瓷/铜/木质)管上(图丙)。若发热功率需提升至800W，下列做法中合理的是　 　(选填字母)。
A.更换电热丝，新接入A、B间的电热丝长度为原长的一半
B.并联一根电热丝，新接入 A、B间的电热丝长度与原长相等
C.上述两种方法均可
（2）如图丁，自制控温装置时，电磁继电器线圈电阻忽略不计，当线圈中电流2mA时，衔铁会被吸下，当I≤40mA 时，衔铁会被释放弹起，电源电压为3V。所用NTC 热敏电阻的阻值随温度变化关系曲线如图戊。
①连接电路 图丁中M、N两点应连在　 　两个接线柱上。
②为使温度升至50℃时，电热丝停止加热，电阻箱阻值应调为　 　Ω。该加热装置维持温度范围为　 　℃~50℃。
③如果电磁继电器线圈和导线上电阻不可忽略，电阻箱仍使用②中的阻值，则加热装置可达到的最高温度会　 　50℃。
（3）(二)第二小组了解到PTC 热敏电阻规格多样，还可以作为发热体使用，于是尝试把PTC热敏电阻直接接入家庭电路中(图)，不使用电磁继电器来控温。
请你分析第二小组采用的方案，是否满足在发热的同时还能实现自动控温的要求，并说明理由：　 　。
【答案】（1）6.05；陶瓷；B
（2）a、b；40；15；高于
（3）能实现自动控温的要求。根据当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电功率变小，可导致温度降低；当温度降低时，阻值变小，电功率变大，可导致温度升高。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】(一)(1) 家庭电压，发热功率，由得电热丝总电阻：
电热丝规格，长度；
电热丝工作温度高，铜易熔化、木质易燃，陶瓷耐高温绝缘，因此缠绕在陶瓷管上；
提升功率至800W，电压不变，功率加倍需电阻减半：
A：长度减半电阻减半，但单根电流，超过安全电流，不可行；
B：并联一根等长电热丝，总电阻减半，每根电流，符合安全要求；故选B。
故答案为：；陶瓷；B；
(2) ①衔铁吸下时切断加热电路，M、N接a、b接线柱，吸合后断开电热丝回路；
②温度时停止加热，线圈电流，总电阻；由图像时NTC阻值，电阻箱阻值；
衔铁释放电流，总电阻，此时NTC阻值，对应温度；控温区间；
③线圈、导线存在额外电阻，相同电阻箱阻值下，NTC需要更小阻值才能达到，NTC阻值越小对应温度越高，最高温度高于。
故答案为：a、b；；；高于；
(3) 能实现自动控温的要求。根据，当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电路电功率变小，产热减慢，温度降低；当温度降低时，PTC阻值变小，电功率变大，产热加快，温度升高，以此维持温度自动稳定，实现自动控温。
故答案为：能实现自动控温的要求。根据当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电功率变小，可导致温度降低；当温度降低时，阻值变小，电功率变大，可导致温度升高。
【分析】(1) 本小问结合电功率变形公式计算电热丝长度，结合材料耐热特性选择支架，并联/串联方案需兼顾安全电流限制判断合理性。
(2) 本小问考查电磁继电器控温电路接线、欧姆定律结合NTC热敏电阻图像计算电阻箱阻值，根据释放电流求出下限控温温度，额外导线电阻对临界温度的影响。
(3) 本小问利用PTC热敏电阻阻值随温度升高而增大的特性，结合纯电阻功率公式分析自调节控温原理。
30．如图为某曳引式电梯示意图，在轿厢和配重的上端、下端各连了一根粗细均匀的钢丝绳，钢丝绳质量较大。上方钢丝绳绕过固定于电梯井道顶部的两个转轮，左边转轮为曳引机的动力轮，它对钢丝绳提供摩擦力，引导电梯运行。右边转轮为定滑轮，起导向作用，对钢丝绳的摩擦力忽略不计。
（1）轿厢下降时，配重的重力势能会　 　。
（2）若轿厢空载时质量为 480kg，配重质量为 660kg.当质量为 80kg 的人进入静止的空轿厢时，曳引机转轮对钢丝绳施加的摩擦力大小会　 　。
（3）电梯在长距离向上(或向下)匀速运行过程中，为了保障运行安全，曳引机施加给钢丝绳的曳引力需要尽量稳定，下方钢丝绳对此发挥着重要作用.请简要说明其中的道理：　 　。
【答案】（1）增大
（2）增大
（3）使运行时每侧钢丝绳的总重保持不变，两侧物体的重力差保持不变，曳引机动力轮与钢丝绳间摩擦力不变，曳引力稳定。
【知识点】势能的影响因素；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】(1) 轿厢下降时，配重向上运动，质量不变、高度增大，配重的重力势能会增大。
故答案为：增大；
(2) 空载时配重 660kg、轿厢 480kg，配重更重；进入 80kg 的人后轿厢总质量 560kg，两侧重力差值变小，匀速运行时曳引机需要提供的摩擦力增大。
故答案为：增大；
(3) 下方钢丝绳能使电梯长距离升降过程中，轿厢一侧与配重一侧钢丝绳的总重力始终相等，两侧整体重力差保持恒定，动力轮与钢丝绳之间所需摩擦力稳定，曳引力保持稳定，保障运行安全。
故答案为：使运行时每侧钢丝绳的总重保持不变，两侧物体的重力差保持不变，曳引机动力轮与钢丝绳间摩擦力不变，曳引力稳定。
【分析】(1) 本题考查重力势能影响因素，重力势能与质量、高度有关，质量不变高度越高，重力势能越大。
(2) 本题受力平衡分析，匀速电梯两侧重力差由曳引摩擦力平衡，载人后两侧重量差距缩小，所需摩擦力变大。
(3) 本题结合装置结构分析下方钢丝绳的平衡作用，抵消升降过程中上方钢丝绳长度变化带来的重力差变化，稳定曳引摩擦力。
1 / 1【中考真卷】江苏省苏州市2026年初中物理学业性水平考试
1．2026年 5月 24 日，“神舟二十三号”载人飞船顺利将三名航天员送入中国空间站。航天员在空间站与地面指挥中心联系是通过
A．紫外线 B．红外线 C．无线电波 D．声波
2．“碳中和”“碳达峰”是我国为应对全球环境危机而提出的目标，减少对不可再生能源的依赖是关键环节。以下属于不可再生能源的是
A．水能 B．太阳能 C．风能 D．石油
3．经典红歌《珊瑚颂》赞美了革命先烈不畏艰险的英雄气概。如图是该歌曲的部分简谱，其中“3、5、6”等音符指的是声音的
5
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
4．下列现象或实验可用流体压强与流速关系解释的是
A．船闸实现上下游通航
B．纸片将水托住
C．裂桶实验
D．吹气时纸条向上飘
5．下列说法符合实际的是
A．校园内机动车限速约5km/h
B．中学生使用的课桌高度约0.8 dm
C．你使用的初中物理课本质量约20g
D．2026年苏州五月份的平均气温约40℃
6．《考工记》记载：“金有六齐……五分其金而锡居一，谓之斧斤之齐”。“金”指铜，“齐”指合金配比，古人在制作斧头等砍器时调整合金配比，主要是为了改变它们的
A．质量 B．比热容 C．硬度 D．颜色
7．关于“粒子与宇宙”，下列说法中正确的是
A．月球是太阳的行星
B．汤姆孙发现电子，表明原子可再分
C．光年是时间单位
D．原子核由中子和电子组成
8．在2026年“央视春晚”中，苏州制造的机器人进行了精彩表演。电动机是机器人的重要部件，以下实验体现电动机工作原理的是
A． B．
C． D．
9．某款电热水壶，当水烧开沸腾时，蒸汽开关S1断开，主加热盘R1停止工作；当水温降低至某一温度时，温控开关S2自动接通，只有副加热盘R2开始工作，实现保温；当出现干烧导致温度过高时，开关S自动断开，R1、R2均不工作。下列电路中，符合要求的是
A． B．
C． D．
10．如图，通过气球的形变程度来反映压力的作用效果。下列做法中与该研究方法相同的是
A．用光线表示光的传播
B．用粘有颗粒的气球模拟宇宙膨胀
C．探究声音能否在真空中传播
D．通过吸引大头针多少知道磁性强弱
11．如图，在探究电流与电压的关系时，电源电压为6 V，定值电阻R阻值为5Ω，电流表量程为0~0.6 A，电压表量程为0~3 V，滑动变阻器铭牌为“50Ω 0.5A”。闭合开关，为了保证电路中所有器材的安全，滑动变阻器接入电路的阻值至少为
A．5Ω B．7Ω C．10Ω D．12Ω
12．如图，小明尝试用一根两端开口的有机长玻璃管从桶中汲水。操作中，管下端始终处于水面之下。可供选择的操作如下：①右手掌压紧上端管口；②右手掌松开上端管口；③左手抓住管子快速上提；④左手抓住管子快速下移；⑤左手抓住管子缓慢下移。能使水从上端管口涌出的最佳组合是
A．按照②③①⑤顺序反复操作 B．按照②⑤①③顺序反复操作
C．按照②③①④顺序反复操作 D．按照②④①③顺序反复操作
13．在拙政园内的池塘边，游人在树荫下欣赏水中游鱼。树荫是由于光的　 　形成的，能看到水中的鱼是光的　 　现象。
14．如图，气球内空气从瓶底小孔喷出时，由于力的作用是　 　的，气球、小瓶和塑料管能沿水平细线向左运动。以塑料管为参照物，小瓶是　 　的。停止喷气后，装置还能向左滑行一段距离，这是因为物体具有　 　。
15．装有干冰的易拉罐置于空气中一段时间后，外壁上部出现水滴，是由于水蒸气　 　热量液化形成的。罐内干冰体积变小，这是因为干冰发生了　 　(填物态变化名称)。
16．以下是“分子动理论”相关知识结构图，请补充完整。
①　 　②　 　.
17．在安全教育活动中，老师用图示装置演示面粉爆炸现象。面粉被吹入塑料桶后，遇到火焰爆燃，桶口的硬纸板被迅速弹飞。面粉燃烧释放的内能转化为硬纸板的　 　，该过程相当于汽油机工作时的　 　冲程。
18．为了测量一颗枇杷的密度，小明将天平放在水平桌面上，游码归零后，指针位置如图甲，应将平衡螺母向　 　调节使天平平衡。测质量时，添加的砝码和游码位置如图乙，则枇杷质量为　 　g。测体积时，把枇杷放入装有适量水的烧杯中，记下水面的位置M，测出烧杯、水和枇杷的总质量为 120.6g(图丙)。再将枇杷取出，往烧杯中加水，使水面再次升至M处，测出此时烧杯和水的总质量为 120g(图丁)，则枇杷的密度为　 　g/cm3。从杯中取出枇杷会带出部分水，这会使密度测量结果　 　(偏大/偏小/仍然准确)。
19．某国产新能源汽车搭载的80kW·h磷酸铁锂电池，支持高压充电，快充6min可将电池储能从10%提升至70%，这段时间的充电功率为　 　kW。充电时，电池相当于电路中的　 　。
20．虹是太阳光射入空中大量的小水珠后，经水珠内壁反射，再折射回空气中呈现出的一种光现象。如图为发生虹现象时，红光和紫光经球形水珠分离开的光路图(图中虚线为法线)，α、β为出射光线与法线的夹角，则光线①为　 　光，α　 　β(>/=/<)。
21．北宋时期，黄河岸边的铁牛因洪水泛滥而沉入河底，怀丙利用浮船将铁牛成功打捞。
（1）铁牛深陷河底淤泥中(图甲)，打捞时先将下部淤泥清除，使铁牛受到更大的　 　力。然后，将载有沙子的大船停于铁牛上方，用绳索一端捆牢铁牛，另一端固定于船身，将绳索拉紧 把沙子逐渐抛出，一段时间后，船身开始缓慢上浮，继续抛沙，将铁牛逐渐拉离河底至一定高度(图乙)。整个抛沙过程中，船受到浮力大小的变化情况是　 　。
（2）兴趣小组用船模在大水槽内模拟打捞过程(图丙)。圆柱形船模底面积为 内装适量沙子，底部用一根绳子与铁牛相连。在铁牛离开水槽底后被拉起2cm 的过程中，需取出　 　g沙子。(不考虑水面位置变化)
22．根据要求完成作图。
（1）图甲中，作出物体AB在平面镜中的像A'B'。
（2）图乙中，根据小磁针静止时N极指向，在图中A点画出磁感线方向，并标出电源的正极(用“+”表示)。
（3）图丙中，用轻杆将一灯笼吊起，O是支点，O'是灯笼的重心。请画出动力 F的力臂l和灯笼所受重力G的示意图。
（4）图丁中，请将开关和三孔插座正确接入家庭电路，要求开关能控制插座。
23．学校食堂工作人员用手推车将午餐箱沿水平路面送达各班级，已知推车和餐箱总重240 N，车轮与地面总接触面积为 求：
（1）手推车静止时(如图)，车轮对地面的压强p。
（2）工作人员用20N的水平推力，使车子在30s内沿推力方向移动30 m，该过程中推力所做的功 W和功率P。
24．小区使用管道天然气为住户供气，所用天然气热值为 某天，小明家利用燃气热水器将20kg的水从20℃加热到40℃，热水器的加热效率为80%。已知水的比热容 求：
（1）水升温吸收的热量Q吸。
（2）消耗的天然气体积V。
25．如图甲，电源电压恒定，定值电阻R的阻值为2.5Ω。灯泡L的额定电压为2.5V，其Ⅰ-U图像如图乙。
（1）当S闭合，S1断开时，灯泡L正常发光，求电源电压U。
（2）当S、S1都闭合时，求此时R的电功率P。
26．小华用图甲装置探究凸透镜成像规律，使用LED 灯珠排列成的“F”发光体作为光源。
（1）能在光屏上呈现的像称为　 　像。为使像呈现于光屏中央，实验前需将F光源和光屏两者中心调整到凸透镜的　 　上。
（2）装置调好后，将F光源放在光具座上不同位置，移动光屏找到清晰像的位置，观察并记录成像情况。如图，小华根据观测结果，在纸上用带箭头的线段记录物、像情况(A'~E'分别是物体处在A~E位置时对应的像，线段长度表示它们的大小)。分析图乙，可发现物体靠近凸透镜的过程中，所成的实像　 　
（3）分析可知，F光源从位置A移至E的过程中，必然存在像、物等大的情况，为快速、准确找到此位置，应在图乙中　 　两位置间移动光源，并使用图中　 　光屏观察像。小华测量发现：物距等于两倍焦距时，像与物等大。为了验证该结论的普遍性，接下来的操作是：　 　。
27．小红采用图甲实验装置探究冰的熔化特点
（1）图乙中温度计示数为　 　℃，它对应甲图中的温度计　 　(①/②)。
（2）在图丙中　 　时间内，试管中的冰处于熔化状态，由　 　可知此过程中试管内物质在吸热。
（3）曲线A 逐渐趋于平缓，是由于试管内、外物质的温度差　 　所致。
（4）分析表明，冰属于　 　(晶体/非晶体)。
28．北京天坛是著名的声学建筑奇观，天坛回音壁是一堵圆形高墙，在其内部，东西配殿对称分布在黄穹宇中轴线的两侧，三音石位于回音壁的圆心位置，图甲为其俯视图。当人在三音石中心P点处击掌，可以听到三个或更多清晰的回声，故名“三音石”。
某研究团队在一安静时段，于P点处击掌，通过仪器记录P点处接收到的声音信息，如图乙所示。请回答下列问题：
（1）建筑物墙壁表面较光滑，有利于声波发生　 　。
（2）分析可知，接收到的第一个回声是经东西两配殿墙面反射产生的，若P点与两配殿墙面距离均为d，空气中声速为v，从击掌到接收到该回声所用时间t=　 　。
（3）仪器记录到的第二个回声为回音壁的第一次反射声，其振幅比接收到的第一个回声大，除了墙壁光滑外，还因为回音壁的　 　。
（4）第三个回声来自于　 　的反射。
29．科技小组计划制作一个电加热装置。
【项目要求】
发热体由220V家庭电路供电，装置在工作时要能够自动控温。
【器材准备】
查阅了PTC 和NTC 两种热敏电阻，它们的阻值R 随温度t变化关系如图所示，NTC 的阻值随温度升高而减小，PTC 的阻值随温度升高而增大。小组采购了这两种电阻和足够长的电热丝(电热丝规格为20Ω/m，安全工作电流不超过2.2A)。
【设计与制作】
为方便接入发热体，小组制作了图装置，A、B为两根接线桩(两端电压为220 V)，可供接入多组加热元件。
(一)第一小组讨论后，选用电热丝做发热体，同时使用电磁继电器、NTC 热敏电阻等元件制作控温电路。
（1）为制作功率为400W的发热体，需在两接线桩之间接入长度为　 　m的电热丝。为便于安装，可先将电热丝缠绕到　 　(陶瓷/铜/木质)管上(图丙)。若发热功率需提升至800W，下列做法中合理的是　 　(选填字母)。
A.更换电热丝，新接入A、B间的电热丝长度为原长的一半
B.并联一根电热丝，新接入 A、B间的电热丝长度与原长相等
C.上述两种方法均可
（2）如图丁，自制控温装置时，电磁继电器线圈电阻忽略不计，当线圈中电流2mA时，衔铁会被吸下，当I≤40mA 时，衔铁会被释放弹起，电源电压为3V。所用NTC 热敏电阻的阻值随温度变化关系曲线如图戊。
①连接电路 图丁中M、N两点应连在　 　两个接线柱上。
②为使温度升至50℃时，电热丝停止加热，电阻箱阻值应调为　 　Ω。该加热装置维持温度范围为　 　℃~50℃。
③如果电磁继电器线圈和导线上电阻不可忽略，电阻箱仍使用②中的阻值，则加热装置可达到的最高温度会　 　50℃。
（3）(二)第二小组了解到PTC 热敏电阻规格多样，还可以作为发热体使用，于是尝试把PTC热敏电阻直接接入家庭电路中(图)，不使用电磁继电器来控温。
请你分析第二小组采用的方案，是否满足在发热的同时还能实现自动控温的要求，并说明理由：　 　。
30．如图为某曳引式电梯示意图，在轿厢和配重的上端、下端各连了一根粗细均匀的钢丝绳，钢丝绳质量较大。上方钢丝绳绕过固定于电梯井道顶部的两个转轮，左边转轮为曳引机的动力轮，它对钢丝绳提供摩擦力，引导电梯运行。右边转轮为定滑轮，起导向作用，对钢丝绳的摩擦力忽略不计。
（1）轿厢下降时，配重的重力势能会　 　。
（2）若轿厢空载时质量为 480kg，配重质量为 660kg.当质量为 80kg 的人进入静止的空轿厢时，曳引机转轮对钢丝绳施加的摩擦力大小会　 　。
（3）电梯在长距离向上(或向下)匀速运行过程中，为了保障运行安全，曳引机施加给钢丝绳的曳引力需要尽量稳定，下方钢丝绳对此发挥着重要作用.请简要说明其中的道理：　 　。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、紫外线多用于杀菌消毒、验钞，不用于远距离太空通信，故 A 错误；
B、红外线多用于红外测温、遥控器，传输距离短，不适用天地通信，故 B 错误；
C、无线电波属于电磁波，可以在真空中传播，空间站与地面依靠无线电波传递语音、图像信号，故 C 正确；
D、声波传播需要介质，太空为真空环境，声波无法传播，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查紫外线的应用场景，区分其与通信电磁波的用途；
B、考查红外线的适用范围，多用于短距离传感设备；
C、考查电磁波通信，无线电波可在真空传播，是天地航天通信的载体；
D、考查声波传播条件，真空不能传声，排除声波通信。
2．【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A、水能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源，故 A 错误；
B、太阳能取之不尽，属于可再生能源，故 B 错误；
C、风能可持续再生，属于可再生能源，故 C 错误；
D、石油是化石能源，形成周期极漫长，短时间内无法再生，属于不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查可再生能源判断，水能依靠水循环持续再生；
B、考查可再生能源判断，太阳能来自太阳辐射，长期可持续利用；
C、考查可再生能源判断，风能由大气循环持续产生；
D、考查不可再生能源判断，石油属于化石燃料，储量有限、消耗后无法短期恢复。
3．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、简谱中的数字 “3、5、6” 代表发声的音调，数字越大，振动频率越高，音调越高，故 A 正确；
B、响度由振幅决定，简谱数字不表示响度，故 B 错误；
C、音色由发声体材料、结构决定，和简谱数字无关，故 C 错误；
D、振幅影响响度，简谱音符不代表振幅，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查音调与频率、简谱的关系，简谱数字对应不同音调；
B、考查响度的决定因素，响度由振动振幅控制；
C、考查音色的影响因素，音色区分不同发声体；
D、考查振幅对应的声学物理量，振幅决定响度大小。
4．【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、船闸利用连通器原理工作，与流体压强、流速无关，故 A 错误；
B、纸片托水是大气压支撑杯中水，属于大气压强现象，故 B 错误；
C、裂桶实验证明液体压强随深度增大而增大，属于液体静压强规律，故 C 错误；
D、对着纸条上方吹气，纸条上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差把纸条向上托起，可用流体压强与流速关系解释，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查连通器原理应用，船闸是典型连通器；
B、考查大气压强存在的实验，纸片托水证明大气压；
C、考查液体内部压强特点，深度越深液体压强越大；
D、考查流体压强与流速关系：流速越大，流体压强越小。
5．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A、校园行人较多，机动车限速约 5km/h，符合实际，故 A 正确；
B、中学生课桌高度约 0.8m=8dm，0.8dm 仅 8 厘米，高度过小，不符合实际，故 B 错误；
C、初中物理课本质量约 200g，20g 相当于几枚硬币，质量过小，不符合实际，故 C 错误；
D、苏州五月平均气温大约 20℃～28℃，40℃属于极端高温，不可能为月平均气温，不符合实际，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查生活速度估测，校园低速限速保障行人安全；
B、考查长度单位换算与常见物体高度估测，分清 m 与 dm 的量级；
C、考查质量估测，区分课本与轻小物品的质量范围；
D、考查气温常识，结合南方城市五月气候判断平均温度。
6．【答案】C
【知识点】物质的基本属性；质量及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、质量由所含物质多少决定，调整铜锡配比不会改变成品总质量，故 A 错误；
B、比热容是物质固有特性，合金配比改变不会为了改变比热容，斧头砍削工具无需调整此性质，故 B 错误；
C、合金的硬度会随金属配比改变，制作斧头等砍器需要较高硬度，调整铜、锡比例是为改变合金硬度，满足切削使用需求，故 C 正确；
D、铜锡合金颜色不会因少量配比变化产生明显改变，不是调整配比的目的，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查质量的定义，质量与合金成分配比无必然关联；
B、考查比热容的特性，比热容不适合作为刀具调整配比的考量依据；
C、考查合金硬度的应用，刀具需要高硬度，改变金属配比可调节合金硬度；
D、考查金属合金外观性质，颜色不是制作砍器需要调控的物理属性。
7．【答案】B
【知识点】原子结构；宇宙；原子结构
【解析】【解答】A、月球围绕地球运转，是地球的卫星，并非太阳的行星，故 A 错误；
B、汤姆孙通过实验发现电子，证明原子内部存在更小的粒子，说明原子可以再分，故 B 正确；
C、光年指光在真空中一年内传播的距离，属于长度单位，不是时间单位，故 C 错误；
D、原子核由质子和中子构成，电子在原子核外绕核运动，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查天体分类，区分行星与卫星的定义；
B、考查原子结构发现史，电子的发现证明原子可分；
C、考查光年的物理意义，光年是长度计量单位；
D、考查原子内部结构，分清原子核与核外电子的组成。
8．【答案】B
【知识点】电流的热效应；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】电动机工作原理是通电导体（线圈）在磁场中受力运动，装置需要有电源、磁体。
A、奥斯特实验，证明电流周围存在磁场（电流磁效应），不是电动机原理，故 A 错误；
B、装置包含电源、磁体、线圈，通电线圈在磁场中受力转动，符合电动机工作原理，故 B 正确；
C、装置有灵敏电流计、无电源，是电磁感应实验，为发电机原理，故 C 错误；
D、通电导线使纸条飘动，说明电流产生热效应，和磁场受力无关，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查奥斯特实验，对应电流的磁效应；
B、考查电动机原理：通电线圈在磁场中受力转动，电路自带供电电源；
C、考查电磁感应现象，无电源，是发电机的工作原理；
D、考查电流的热效应，与磁场对电流的作用力无关。
9．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、该电路中控制，控制，开关控制的电阻与题意相反，不符合要求，故A错误；
B、干路装有干烧保护开关，支路串联蒸汽开关，支路串联温控开关，水沸腾时断开仅停止工作，降温后接通只有保温，干烧时干路断开两电阻均不工作，完全符合题意，故B正确；
C、处于干路位置，断开后依旧通电，无法实现沸腾时仅切断主加热盘，故C错误；
D、处于干路位置，接通后、同时通电，不能实现只有单独保温，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查并联支路开关与电热丝的匹配关系，蒸汽开关、温控开关控制对象颠倒；
B、考查并联电路独立支路控制与干路总保护开关，电路逻辑完全匹配电水壶工作条件；
C、考查串并联电路电流路径，副加热电阻置于干路无法单独断开主加热盘；
D、考查串并联电路电流路径，主加热电阻置于干路无法实现副电阻单独保温。
10．【答案】D
【知识点】物理学方法
【解析】【解答】题干实验方法为转换法，将不易直接观察的压力作用效果转换为气球形变程度。
A、用光线表示光的传播，采用模型法，故 A 错误；
B、用带颗粒气球模拟宇宙膨胀，采用模拟法，故 B 错误；
C、探究声音能否在真空传播，采用推理法（理想实验法），故 C 错误；
D、磁性强弱无法直接观察，通过吸引大头针数量反映磁性强弱，采用转换法，与题干方法相同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查物理模型法，构建理想化光线模型描述光；
B、考查模拟法，利用气球膨胀模拟宇宙膨胀过程；
C、考查理想实验推理法，无法做到绝对真空，通过实验推理得出结论；
D、考查转换法，将不易观测的磁性强弱转换为直观的大头针吸引数量。
11．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】电路中R与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电压表量程0~3V，因此R两端最大电压；
此时电路最大电流，对比器材参数：电流表0~0.6A、滑动变阻器允许最大电流0.5A，因此电路安全最大电流取；
串联总电压，定值电阻两端电压；
滑动变阻器分得电压；
滑动变阻器最小接入阻值；
A：小于安全最小阻值，会导致滑动变阻器电流超过0.5A，损坏变阻器，故A错误；
B：计算得出最小阻值为，满足所有器材安全要求，故B正确；
C：大于所需最小阻值，不是最小值，故C错误；
D：大于所需最小阻值，不是最小值，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路安全极值计算，忽略滑动变阻器额定电流限制，仅以电压表满偏计算，阻值偏小不安全；
B、考查串联分压、欧姆定律综合计算，同时兼顾电压表、电流表、滑动变阻器三者量程/额定电流限制，计算出正确最小电阻；
C、混淆“最小接入阻值”概念，阻值偏大，并非题目所求最小值；
D、混淆“最小接入阻值”概念，阻值偏大，并非题目所求最小值。
12．【答案】D
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】操作原理：松开管口时管内外气压平衡，快速下移管子，水进入管内；压紧上端管口封闭管内空气，快速上提管子，大气压托住水柱，水可从上端流出。完整流程：②松开管口→④快速下移→①压紧管口→③快速上提。
A：操作包含缓慢下移⑤，无法快速充水，顺序错误，故 A 错误；
B：先缓慢下移再上提，充水效果差，无法顺利出水，故 B 错误；
C：先快速上提再下移，步骤逻辑颠倒，不能蓄水，故 C 错误；
D：②松开上端管口，④快速下移让水进入玻璃管，①压紧上端封闭空气，③快速上提，大气压将水托至管口涌出，操作顺序正确，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查大气压汲水操作逻辑，缓慢下移难以让管内快速充水；
B、考查大气压汲水操作逻辑，缓慢下移充水不足，达不到出水效果；
C、考查大气压汲水操作逻辑，先上提再下移步骤颠倒，管内无法留存足量水；
D、考查大气压汲水完整操作流程，先松口下移充水，封口上提，利用大气压使水涌出。
13．【答案】直线传播；折射
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】树叶遮挡光线，树荫是光沿直线传播形成的阴影；水中鱼反射的光从水斜射入空气发生折射，人眼逆着折射光线看到鱼的虚像。
故答案为：直线传播；折射
【分析】(1) 本题考查光的直线传播应用，影子、小孔成像均由光的直线传播产生。
(2) 本题考查光的折射现象，岸上看水中物体、水中看岸上物体都属于光的折射。
14．【答案】相互；静止；惯性
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】气球向外喷气时，空气对气球施加反向推力，说明力的作用是相互的；塑料管和小瓶相对位置不变，以塑料管为参照物，小瓶是静止的；停止喷气后装置仍向前滑行，是因为物体具有惯性，要保持原来的运动状态。
故答案为：相互；静止；惯性
【分析】(1) 本题考查力的作用特点，物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体。
(2) 本题考查参照物判断，两物体相对位置不发生改变，则彼此相对静止。
(3) 本题考查惯性概念，一切物体都具有保持原有运动状态不变的性质即惯性。
15．【答案】放出；升华
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】装有干冰的易拉罐温度很低，空气中的水蒸气遇冷，放出热量液化形成外壁的水滴；干冰是固态二氧化碳，常温下直接由固态变为气态，体积变小，该物态变化为升华。
故答案为：放出；升华
【分析】(1) 本题考查液化的吸放热特点，液化是物质由气态变为液态，过程需要放出热量。
(2) 本题考查升华现象，升华是固态直接变为气态，干冰易升华，升华过程吸热。
16．【答案】空隙；引力和斥力
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】酒精和水混合总体积变小，说明分子间存在空隙；固体很难拉伸是分子引力作用，很难压缩是分子斥力作用，说明分子间同时存在引力和斥力。
故答案为：空隙；引力和斥力
【分析】(1) 本题考查分子动理论第一条，分子间存在空隙，混合液体体积减小是典型证明实验。
(2) 本题考查分子间作用力，分子同时存在引力、斥力，分别对应固体难拉伸、难压缩现象。
17．【答案】机械能；做功
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】面粉燃烧释放内能，推动硬纸板飞出，将内能转化为硬纸板的机械能；汽油机做功冲程中燃气膨胀推动活塞，也是内能转化为机械能，二者能量转化形式相同。
故答案为：机械能；做功
【分析】(1) 本题考查能量转化判断，物体获得动能、势能属于机械能，内能对外做功会转化为机械能。
(2) 本题考查汽油机冲程能量转化，做功冲程内能转化机械能，压缩冲程机械能转化内能。
18．【答案】左；20.6；1.03；仍然准确
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】图甲指针偏右，右侧重，平衡螺母向左调；
天平砝码20g，游码0.6g，枇杷质量；
补加水的质量，枇杷体积等于补加水体积：
密度；
取出枇杷带走水，再次加水到刻度M，带走的水会被补上，测得的补加水体积依旧等于枇杷真实体积，因此密度测量结果仍然准确。
故答案为：左；；；仍然准确
【分析】(1) 本题考查天平调平，指针偏右，平衡螺母向左调节。
(2) 本题考查天平读数，物体质量=砝码质量+游码示数。
(3) 本题考查等效替代法测体积，枇杷体积等于后来补加水的体积，再用计算密度。
(4) 本题考查误差分析，带出的水会被后续加水补齐，体积测量无偏差，密度结果仍然准确。
19．【答案】480；用电器
【知识点】电路的构成及电路图；电功率的计算
【解析】【解答】电池总容量，充电储能变化比例：，
充电消耗电能：，
充电时间，
充电功率：；
充电时电池消耗电能，将电能转化为化学能储存，相当于电路中的用电器。
故答案为：；用电器
【分析】(1) 本题考查电能与电功率计算，先求出充电消耗的电能，统一时间单位后利用计算充电功率。
(2) 本题考查电路元件作用，充电时电池消耗电能，属于用电器；放电时电池对外供电，属于电源。
20．【答案】紫；=
【知识点】光折射的可逆性；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】紫光的折射能力比红光更强，进入水珠时偏折程度更大，因此光线①为紫光；根据光路可逆原理，光线入射水珠时的入射角等于出射时的折射角，因此。
故答案为：紫；
【分析】(1) 本题考查光的色散，紫光折射率大，折射偏折程度大于红光。
(2) 本题考查光路可逆性，同一束光进出水珠，入射与出射对应角度相等，故两角相等。
21．【答案】（1）浮；先不变后变小
（2）80
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】(1) 清除淤泥后铁牛底部有水，受到更大的浮力；
抛沙前期绳子拉力未拉动铁牛，船排开水体积不变，浮力不变；铁牛被拉动后，继续抛沙船上浮，排开水体积减小，浮力变小，因此浮力变化为先不变后变小。
(2) 船模上升，减小的排开水体积：
减少水的质量等于取出沙子质量：。
故答案为：浮；先不变后变小；
【分析】(1) 本题考查浮力产生原因与阿基米德原理，淤泥封住底部无向上液体压力，清淤后产生浮力；浮力由排开水体积决定，排开体积不变浮力不变，体积减小浮力变小。
(2) 本题考查漂浮受力平衡，船上升减少的排水质量等于取出沙子质量，利用计算沙子质量。
22．【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力臂的画法；家庭电路的连接；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】(1) 分别过A、B两点作平面镜的垂线，延长至镜后，截取等长线段得到对称点、；
用虚线连接，即为物体AB的虚像，如下图所示：
(2) 小磁针N极向右，说明螺线管右端为N极，磁感线在磁体外部由N指向S，因此A点磁感线箭头向左；
用安培定则：右手握住螺线管，大拇指指向右端N极，四指环绕方向为电流方向，螺线管左端电流向下，右端电流向上；
电源右侧为正极（标），左侧为负极，如下图所示：
(3) 重力：从重心竖直向下画带箭头线段，标注；
动力臂：过支点作动力作用线的垂线，支点到垂足的线段即为力臂，标注，垂线用虚线、加直角符号，如下图所示：
(4) 接线规则：火线先接入开关，开关出线接三孔插座右孔；零线直接接插座左孔；地线接插座上孔。
火线→开关→插座右孔；零线→插座左孔；地线→插座上孔，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查平面镜成像特点：像与物关于镜面对称，虚像必须用虚线表示。
(2) 本题考查磁感线方向、安培定则；磁感线外部N→S，安培定则用于判断螺线管电流与磁极关系。
(3) 本题考查杠杆力臂画法与重力作图；力臂是支点到力作用线的垂直距离，重力方向始终竖直向下。
(4) 本题考查家庭安全电路；开关接火线可断开插座火线，三孔插座遵循“左零、右火、上地”规范。
23．【答案】（1）解：手推车静止在水平地面，对地面的压力等于总重力：F=G=200N
根据压强公式，代入数据：
（2）解：①计算推力做功，由：
②计算推力功率，由：
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 本题考查固体压强计算，水平放置静止物体，地面受到的压力大小等于物体总重力，再代入压强定义式直接计算压强。
(2) 本题考查功与功率的基础计算，先利用推力和移动距离求总功，再结合做功时间，用功与时间的比值求出做功功率。
24．【答案】（1）解：先计算水温变化：
根据物体吸热公式，
代入数据：
（2）解：由加热效率公式，变形求天然气完全燃烧放出的总热量：
气体燃料放热公式，变形求天然气体积：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】(1) 本小问考查比热容吸热计算，直接代入吸热公式，利用水的质量、比热容、升温差值计算水吸收的有效热量。
(2) 本小问结合热效率与燃料热值综合计算，先通过热水器加热效率反推天然气燃烧释放的总热量，再根据气体热值公式，求解需要燃烧的天然气体积。
25．【答案】（1）解：当闭合，断开时，灯泡与定值电阻串联，灯泡正常发光，则
由图乙灯泡图像，时，电路电流
定值电阻两端电压：
串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压：
（2）解：当、都闭合时，灯泡被短路，电路为的简单电路，电阻两端电压等于电源电压。
定值电阻的电功率：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查串联电路规律结合非线性元件图像，灯泡正常发光取额定电压，从图像读出对应串联电流，算出电阻分压后求和得到电源总电压。
(2) 开关闭合后灯泡被短路，只有定值电阻接入电源，直接用纯电阻电功率公式计算功率。
26．【答案】（1）实；主光轴
（2）远离凸透镜且变大
（3）C、D；c；换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】(1) 能在光屏上呈现的像称为实像；实验前需将F光源、光屏中心调整到凸透镜的主光轴上，保证像成在光屏中央。
故答案为：实；主光轴；
(2) 物体靠近凸透镜（物距减小），由成像线段可知，实像远离凸透镜且变大。
故答案为：远离凸透镜且变大
(3) C位置物体对应的像偏小，D位置物体对应的像偏大，等大的像出现在C、D之间，因此在C、D间移动光源；
带有网格的光屏c可直观对比物、像尺寸，C正确；
为验证“物距等于二倍焦距时物像等大”结论的普遍性，操作是：换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验。
故答案为：C、D；c；换用多个不同焦距的凸透镜重复上述实验；
【分析】(1) 实像可由光屏承接，虚像不能；三心共主光轴是凸透镜成像实验的基础调节步骤。
(2) 凸透镜成实像规律：物近像远像变大。
(3) 介于缩小实像与放大实像之间存在等大实像；网格光屏方便对比物、像大小；多次更换不同焦距透镜实验，避免实验偶然性，使结论具有普遍意义。
27．【答案】（1）4；①
（2）t1~t2；保温杯中的水温一直降低
（3）变小
（4）晶体
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】(1) 图乙温度计分度值为1℃，液柱在0℃上方第4格，示数为4℃；①温度计测量试管内碎冰温度，②测量温水温度，该示数对应测冰的温度计①。
故答案为：4；①；
(2) 冰熔化时温度保持0℃不变，对应图像～时间段；保温杯内温水温度持续降低，说明温水向试管内冰放热，证明试管内物质在吸热。
故答案为：～；保温杯中的水温一直降低；
(3) 曲线A是温水温度变化曲线，随着温水放热降温，试管内外温度差变小，热传递速度变慢，温度下降变缓，曲线趋于平缓。
故答案为：变小；
(4) 冰在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔化温度，符合晶体特点，因此冰属于晶体。
故答案为：晶体；
【分析】(1) 本题考查温度计读数与实验器材作用，先看清分度值读数，区分两支温度计分别测量冰、温水的温度。
(2) 本题考查晶体熔化过程特点，晶体熔化持续吸热、温度不变，通过温水降温佐证冰持续吸热。
(3) 本题考查热传递规律，温差越大热传递越快，温差减小后降温速率变慢。
(4) 本题考查晶体与非晶体区分依据，有固定熔化温度的物质为晶体。
28．【答案】（1）反射
（2）
（3）面积大
（4）回音壁
【知识点】回声及其产生；回声测距离的应用
【解析】【解答】(1) 光滑墙面能够减少声波吸收，有利于声波发生反射。
故答案为：反射
(2) 声音从P点到配殿墙面距离为，再反射返回P点，总路程，由得时间。
故答案为：
(3) 回音壁圆形高墙面积大，能够反射更多声波，回声振幅更大。
故答案为：面积大
(4) 第一个回声来自东西配殿，第二个是回音壁第一次反射，第三个回声是声音沿回音壁经过二次反射后传回，来自回音壁的反射。
故答案为：回音壁
【分析】(1) 本题考查声音的反射，光滑物体对声波反射效果好，粗糙物体易吸收声音。
(2) 本题结合回声计算，回声传播路程是往返距离，利用速度公式变形求时间。
(3) 本题考查影响回声响度的因素，反射面面积越大，反射的声能越多，振幅越大、声音越响。
(4) 本题结合天坛三音石实景分析回声来源，区分配殿、回音壁不同反射产生的多次回声。
29．【答案】（1）6.05；陶瓷；B
（2）a、b；40；15；高于
（3）能实现自动控温的要求。根据当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电功率变小，可导致温度降低；当温度降低时，阻值变小，电功率变大，可导致温度升高。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】(一)(1) 家庭电压，发热功率，由得电热丝总电阻：
电热丝规格，长度；
电热丝工作温度高，铜易熔化、木质易燃，陶瓷耐高温绝缘，因此缠绕在陶瓷管上；
提升功率至800W，电压不变，功率加倍需电阻减半：
A：长度减半电阻减半，但单根电流，超过安全电流，不可行；
B：并联一根等长电热丝，总电阻减半，每根电流，符合安全要求；故选B。
故答案为：；陶瓷；B；
(2) ①衔铁吸下时切断加热电路，M、N接a、b接线柱，吸合后断开电热丝回路；
②温度时停止加热，线圈电流，总电阻；由图像时NTC阻值，电阻箱阻值；
衔铁释放电流，总电阻，此时NTC阻值，对应温度；控温区间；
③线圈、导线存在额外电阻，相同电阻箱阻值下，NTC需要更小阻值才能达到，NTC阻值越小对应温度越高，最高温度高于。
故答案为：a、b；；；高于；
(3) 能实现自动控温的要求。根据，当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电路电功率变小，产热减慢，温度降低；当温度降低时，PTC阻值变小，电功率变大，产热加快，温度升高，以此维持温度自动稳定，实现自动控温。
故答案为：能实现自动控温的要求。根据当温度升高时，PTC热敏电阻阻值变大，电功率变小，可导致温度降低；当温度降低时，阻值变小，电功率变大，可导致温度升高。
【分析】(1) 本小问结合电功率变形公式计算电热丝长度，结合材料耐热特性选择支架，并联/串联方案需兼顾安全电流限制判断合理性。
(2) 本小问考查电磁继电器控温电路接线、欧姆定律结合NTC热敏电阻图像计算电阻箱阻值，根据释放电流求出下限控温温度，额外导线电阻对临界温度的影响。
(3) 本小问利用PTC热敏电阻阻值随温度升高而增大的特性，结合纯电阻功率公式分析自调节控温原理。
30．【答案】（1）增大
（2）增大
（3）使运行时每侧钢丝绳的总重保持不变，两侧物体的重力差保持不变，曳引机动力轮与钢丝绳间摩擦力不变，曳引力稳定。
【知识点】势能的影响因素；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】(1) 轿厢下降时，配重向上运动，质量不变、高度增大，配重的重力势能会增大。
故答案为：增大；
(2) 空载时配重 660kg、轿厢 480kg，配重更重；进入 80kg 的人后轿厢总质量 560kg，两侧重力差值变小，匀速运行时曳引机需要提供的摩擦力增大。
故答案为：增大；
(3) 下方钢丝绳能使电梯长距离升降过程中，轿厢一侧与配重一侧钢丝绳的总重力始终相等，两侧整体重力差保持恒定，动力轮与钢丝绳之间所需摩擦力稳定，曳引力保持稳定，保障运行安全。
故答案为：使运行时每侧钢丝绳的总重保持不变，两侧物体的重力差保持不变，曳引机动力轮与钢丝绳间摩擦力不变，曳引力稳定。
【分析】(1) 本题考查重力势能影响因素，重力势能与质量、高度有关，质量不变高度越高，重力势能越大。
(2) 本题受力平衡分析，匀速电梯两侧重力差由曳引摩擦力平衡，载人后两侧重量差距缩小，所需摩擦力变大。
(3) 本题结合装置结构分析下方钢丝绳的平衡作用，抵消升降过程中上方钢丝绳长度变化带来的重力差变化，稳定曳引摩擦力。
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