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2026年陕西省汉中市汉台区中考二模物理试题
1．2026年2月1日，全球首款混合动力无人运输机彩虹YH-1000S在重庆梁平首飞成功（如图）。地面控制台给无人机发送指令利用的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．激光 D．电磁波
【答案】D
【知识点】超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 地面控制台给无人机发送指令利用的是电磁波。电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，能够实现远距离、实时的信号传输，适合用于地面控制台与无人机之间的通信，以准确控制无人机的飞行姿态、位置和灯光等变化，故D正确。
故选：D。
【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
2．自然界中有许多奇妙的声音，声音也是人们交流信息的重要渠道。关于声现象，下列说法中正确的是（　　）
A．辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音调不同
B．用智能手机监测噪声，显示的“50.6dB”是指声音的响度
C．在马路上安装噪声监控装置，可以减弱噪声
D．利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递信息
【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分；声与能量传递；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】A．我们能够区分不同乐器发出的声音，主要是因为不同乐器发声的音色不同，因此A错误；
B．响度的计量单位是分贝，符号为dB，因此B正确；
C．在道路旁安装的噪声监测装置，仅能够检测显示噪声的响度大小，无法实现减弱噪声的作用，因此C错误；
D．利用超声波可以打碎人体内的结石，这一现象说明声波能够传递能量，并非传递信息，因此D错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递能量的实例：能量震碎玻璃，使得火焰动摇等。
3．如图是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定一塑料杯，壁内侧插有锌片和碳片，向杯中倒入一定深度的盐水，电动机带动小车缓缓前进．关于该装置，下列说法中正确的是（　　）
A．小车跑得越快，消耗的电能越多
B．小车跑得越远，牵引力做功越快
C．锌片、碳片和盐水组成的装置相当于电源
D．玩具车工作时，主要将内能转化为机械能
【答案】C
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；电功率
【解析】【解答】A．消耗电能的多少由做功功率和工作时间共同决定，小车跑得快仅能说明它的功率更大，若行驶时间很短，总消耗的电能不一定更多，故A错误；
B．小车跑出的距离更远，仅能说明牵引力做的总功更多，功率即做功快慢还和做功时间有关，时间不确定的情况下，无法得出做功更快也就是功率更大的结论，故B错误；
C．锌片、碳片搭配盐水可以构成原电池装置，能够将化学能转化为电能，在电路中起到电源的作用，故C正确；
D．该电动玩具车工作时，主要是将电能转化为机械能，并不是将内能转化为机械能，故D错误。
故选C。
【分析】1、功率：表征单位时间做功量，功率越高，做功越快，小车跑的快，是由于其功率大；
2、电动机在工作时将电能转换为机械能；
3、小车跑的远说明电能储备多，做功大，不能说明功率大。
4．如图所示，下列相关说法中正确的是（　　）
A．甲图，是近视眼的成因及其矫正方法
B．乙图，探究平面镜成像特点时蜡烛A、B必须同时点燃
C．丙图，烧杯上方冒出的“白气”是水汽化形成的水蒸气
D．丁图，为方便观察碘的升华，可用酒精灯（火焰温度约500℃）直接加热碘（熔点约113℃）
【答案】A
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；近视眼的成因与矫正办法；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】A．近视眼是因为晶状体的折光能力太强，远处物体的像会成在视网膜的前方，矫正时需要使用对光线有发散作用的凹透镜，故A正确；
B．探究平面镜成像特点的实验中，如果同时点燃蜡烛A和蜡烛B，会让玻璃板后方背景变亮，导致像的清晰度下降，更不方便确定像的位置，故B错误；
C．水蒸气是无色透明、无法被肉眼直接观察到的，烧杯上方出现的“白气”，其实是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C错误；
D．碘的熔点约为113℃，而酒精灯火焰温度约为500℃，如果直接用酒精灯加热，碘的温度会升高达到熔点，就会先熔化而不是直接升华，无法顺利观察碘的升华现象，故D错误。
故选A。
【分析】1、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
2、液化为气态变为液态会释放热量，如露珠
3、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小
4、平面镜成像：点燃蜡烛A和蜡烛B，会让玻璃板后方背景变亮，导致像的清晰度下降。
5．2026年央视马年春晚中，全自主人形机器人完成跑酷、空翻、武术表演等高难度动作（如图），机器人灵活运动的核心部件是电动机。下列实验中，能说明电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；探究电磁感应现象的实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．该装置是奥斯特实验，能够证明通电导体的周围存在磁场，和电动机的工作原理不符，故A错误；
B．该装置是电磁感应实验，对应的是发电机的工作原理，不符合电动机的工作原理，故B错误；
C．该装置的电路中接有电源，探究的是通电导体在磁场中受力运动的规律，正好对应电动机的工作原理，故C正确；
D．该实验探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和电动机的工作原理没有关系，故D错误。
故选C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，能量转化为电能转化为机械能；通电导线受力的方向和磁场以及电流方向有关。
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
6．3月8日，2026年全英羽毛球公开赛决赛，“圣坛”组合首夺冠军，成就超级1000赛大满贯。在羽毛球比赛中，下列有关说法正确的是（　　）
A．击球时，球对球拍有力的作用，球拍对球没有力的作用
B．击打羽毛球后羽毛球改变方向，说明力可以改变物体的运动状态
C．羽毛球离开球拍后继续向前运动，是由于羽毛球受到惯性
D．空中飞行的羽毛球，如果所受的力全部消失，它将静止在空中
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．物体间力的作用是相互的，当击球的时候，球对球拍有力的作用，同时球拍也对球有力的作用，二者是相互作用力，因此该选项说法错误，故A不符合题意；
B．力可以对物体的运动状态产生改变，羽毛球被击打后运动方向发生改变，运动状态已经变化，这一现象正好说明力能够改变物体的运动状态，因此该选项说法正确，故B符合题意；
C．惯性本身是物体本身固有的一种属性，并不是力，不能描述为“受到惯性作用”，正确的表述应当是：羽毛球离开球拍后能继续向前运动，是因为羽毛球具有惯性，因此该选项说法错误，故C不符合题意；
D．依据牛顿第一定律我们可以知道，如果原本在空中飞行的羽毛球所受的所有外力全部消失，羽毛球会保持力消失瞬间的运动状态不变，一直做匀速直线运动，不会静止在空中，因此该选项说法错误，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
7．“珍爱生命，安全用电”，关于家庭电路及安全用电，下列做法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭工作中的用电器
B．使用试电笔时为了确保安全，手不能接触笔尖金属部分
C．只要插排上的插孔足够多，就可以插满不同用电器同时使用
D．为了防止触电，大功率用电器的三脚插头上较长的金属片应与火线连接
【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水属于导体，用湿抹布擦正在工作的电器时，很容易发生触电事故，故A错误；
B．使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体，才能让试电笔正常工作，注意不能接触笔尖的金属部分，否则接触火线时会发生触电事故，故B正确；
C．若在同一个插排上同时接入多个大功率用电器，会造成电路总功率过大，结合可知，干路的电流会过大，容易引发火灾，故C错误；
D．三脚插头中较长的金属片是接地线端，它连接用电器的金属外壳，对应在插座中该脚是与地线相连的，作用是在用电器漏电时，将漏电导入大地，避免人体触电，故D错误。
故选B。
【分析】1、测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光；
2、家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，大型用电器要接三脚插座。
8．涡轴-9发动机“玉龙”是我国完全自主研发的直升机涡轴发动机，其大致工作过程是：空气通过进气道进入压气机，被压气机压缩后进入燃烧室与燃料混合，燃料在燃烧室燃烧后，产生的高温高压气体推动涡轮转动，从而输出动力。下列有关说法正确的是（　　）
A．直升机升空的主要原理是流体流速大的地方压强大
B．燃烧室中燃料和压缩空气混合后，燃料的热值变大
C．燃烧室中燃料燃烧越充分，发动机的工作效率越低
D．燃料燃烧后推动涡轮转动的过程能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同
【答案】D
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．根据流体压强的规律：流速越大的位置压强越小，直升机依靠机翼上下表面的压强差产生压力差，从而获得向上的升力实现升空，因此A错误；
B．热值是燃料自身的固有特性，其大小只和燃料的种类有关，和燃料是否与空气混合无关，因此B错误；
C．对于相同质量的燃料，燃烧越充分，燃料能够释放出的有效能量越多，对应发动机的工作效率就越高，因此C错误；
D．在燃气轮机工作时，高温高压气体推动涡轮转动的过程，是将气体的内能转化为涡轮的机械能，这一能量转化过程和四冲程汽油机做功冲程的能量转化完全一致，因此D正确。
故选D。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、机械效率和计算：有用功越大，机械效率越大。
9．如图所示，是水下考古时打捞货物的示意图。若将质量为640kg的货箱提离水面后匀速提升1.5m，用时2s，此过程中滑轮组的机械效率为80%，g取10 N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．滑轮A的作用是改变力的方向 B．货箱上升的速度为1.5m/s
C．克服货箱重力做的功为960J D．绳子所受的拉力为4000N
【答案】A,D
【知识点】速度公式及其应用；定滑轮及其工作特点；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．从图中能够看出，A滑轮的轴不会随着货箱运动，属于定滑轮，定滑轮的作用就是改变力的方向，故A正确；
B．货箱上升的速度计算如下： ，故B错误；
C．货箱的重力为，提升货箱做的有用功为，故C错误；
D．根据机械效率公式，变形可得总功为。
从题图中可得，承担物重的绳子段数，因此绳子自由端移动的距离为。
结合功的公式，变形可得拉力大小为，故D正确。
故选AD。
【分析】1、定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
3、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
10．（多选）西安大雁塔音乐喷泉吸引了众多游客围观打卡。其工作原理是通过电脑将音乐频率特征转化为电路控制信号，控制水泵有节奏地喷出水柱，从而形成喷泉。图甲为控制喷泉的模拟电路，控制电路的电源电压呈现如图乙所示的周期性变化，定值电阻，为特殊元件。当时，两端的电压；时，保持6V不变；当通过的电流时，水泵启动喷水。下列说法中正确的是（　　）
A．喷泉喷到空中的水不受重力
B．时，模拟电路中电阻的电功率为12W
C．该模拟电路工作20min，喷水时间共为400s
D．将换成阻值更大的电阻，可以减少喷泉喷水时间
【答案】C,D
【知识点】重力及其大小的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．地球附近的物体均受到重力，所以喷到空中的水仍然受重力，故A错误；
B．由图乙可知，内 随的关系为，时，电源电压为，不变。由电路图可知，两端电压为，结合电功率的公式计算可知
的电功率为
故B错误；
C．水泵启动条件为，根据得，两端电压为：
，根据串联电路电压规律计算可知喷水条件为
变化周期。时： 从升到，由B选项可知，，此时，喷水时间为，时， 随线性变化关系为，当时，对应，喷水时间为，所以一个周期内喷水时间为，总工作时间，周期数为，总喷水时间
故C正确；
D．喷水条件得，越大， 最小值越大，一个周期内满足条件的时间越短，因此总喷水时间减少，故D正确。
故选CD。
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电功率的计算：公式为；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，结合题目所给信息分析喷水周期。
11．如图所示，芯片体积小，元件密集，制作芯片的主要材料是　 　（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；当芯片中有电流通过时，不可避免地会产生热量，为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合以降低芯片的温度；这是通过　 　的方式改变芯片的内能。
【答案】半导体；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；半导体特点及作用
【解析】【解答】 半导体的导电能力介于导体与绝缘体之间，拥有独特的电学性质，是制造芯片这类电子元件的核心原材料。
做功和热传递是改变物体内能的两种方式。题目中散热部件与芯片贴合，芯片的热量传递到散热部件，以此降低芯片的温度，这个过程是通过热传递的方式改变芯片内能的。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
12．我国在核能利用方面取得了巨大成就，核电站是利用　 　（选填“核聚变”或“核裂变”）时释放出的大量核能来发电的。核能来源于原子内部的原子核，原子核是由质子和　 　组成的。
【答案】核裂变；中子
【知识点】核裂变；原子结构
【解析】【解答】目前人类获取核能的途径分为两种，分别是核裂变与核聚变，现在的核电站都是通过控制核裂变反应的速率，利用核裂变释放的核能来发电的。原子核并非不可再分，它存在内部结构，原子核是由质子和中子共同构成的。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
2、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
13．如图所示；一架带有高清摄像机的无人机正在进行户外拍摄，当无人机靠近被拍摄物体时，物体通过摄像机镜头所成的像　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），该过程以无人机为参照物，被拍摄物体是　 　的。当无人机水平匀速直线飞行时，升力对无人机　 　（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】变大；运动；不做功
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；运动和静止的相对性；是否做功的判断
【解析】【解答】 摄像机的镜头属于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，成实像时遵循“物近像远像变大”的规律：当无人机向被拍摄物体靠近时，物距变小，所成的像也会随之变大。
若以无人机作为参照物，被拍摄物体与无人机之间的相对位置发生了变化，因此被拍摄物体是运动的。
对物体做功需要同时满足两个条件：一是物体受到力的作用，二是物体需要在这个力的方向上通过一定的距离。无人机水平飞行过程中，升力的方向是竖直向上的，无人机没有在升力的方向上移动距离，因此升力没有对无人机做功。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
2、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
3、物体是否做功：物体受到力，且物体沿着力的方向产生距离。
14．为了提高学生户外生存技能，学校开展取火和自制指南针实践活动。将包装口香糖的锡箔纸剪成如图1所示形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻　 　（选填“大”或“小”）。锡箔纸A、B两端分别与电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的　 　效应。将回形针掰直，磁化后放在树叶上，漂浮于水面，如图2 所示，回形针在　 　的作用下，静止后指向南北。
【答案】大；热；地磁场
【知识点】影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用；地磁场
【解析】【解答】 当导体的材料、长度和温度保持不变时，横截面积越小，导体的电阻越大。本题中C处的横截面积更小，因此C处的电阻更大。 将锡箔纸连接在电池正负极后，电流通过锡箔纸时会将电能转化为内能，让锡箔纸的温度升高，这个过程利用的是电流的热效应。
地球本身就是一个大磁体，它的周围存在地磁场；被磁化后的回形针相当于小磁针，在地磁场的作用下，回形针静止后就会指向南北方向。
【分析】1、电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比；
2、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
3、地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近。
15．某手机品牌新推出一款手机，其电池工作电压和充电时的电压均为3.8V，容量为8000mA·h，搭载了80W超级快充和50W 无线充电技术。手机无线充电技术的原理如图甲、乙所示，交变电流（交流电）通过送电线圈（无线充电板）产生磁场，智能手机内部的受电线圈因磁场变化产生感应电流，这些电流经整流后为手机电池充电，并将电能储存到手机的锂电池内。手机上的彩色画面是由红、　 　、蓝三种色光混合而成；手机无线充电的工作原理是　 　，该手机的电池充满电后可储存的电能为　 　J，将该手机电量从0%充到100%理论上所需的最短时间约为　 　s。
【答案】绿；电磁感应现象；109440；1368
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；电功的计算；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】 红、绿、蓝是色光的三原色，我们看到手机屏幕上的丰富彩色画面，就是由红、绿、蓝这三种色光混合得到的。
当送电线圈通入交流电后，会产生周期性变化的磁场，放在变化磁场中的受电线圈会因此产生感应电流，无线充电这个技术正是利用了电磁感应现象的原理。
计算这块手机电池充满电后储存的总电能：
不考虑能量损耗时，充电功率恒定，手机从空电到充满电的理论最短时间为：
。
【分析】1、三原色：红、绿、蓝；
2、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
3、电能的计算：公式为W=UIt。
16．（1）如图甲所示，请将带开关的灯泡正确接入家庭电路中。
（2）超市里的电梯，有人乘时运行较快，无人乘时为了节能运行较慢。利用电磁继电器设计如图乙所示电路，其中R1是压敏电阻（受到压力时阻值较小，不受压力时阻值很大），R2是限流电阻（如果串联在电路中可减小电路中的电流）。请按照要求用笔画线代替导线将工作电路连接完整，并在括号中标出电磁铁上端的极性（用N、S表示）。
【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）家庭电路连接灯泡时，需要遵循安全用电规则：火线先接入开关，从开关出来后再接入灯泡顶端的金属点，最后零线直接接在灯泡的螺旋套上，按照这个规则完成作图即可。
（2）由图可知电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可以判断，电磁铁的上端为N极。
按照题目要求，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性增强，会将衔铁吸下，此时要求电动机转速变快，说明电动机的功率更大，通过电动机的电流更大，因此此时电动机应该直接接在工作电路中（工作电路总电阻较小）；当压力减小时，压敏电阻阻值变大，控制电路电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁会在弹簧的作用下被拉起，此时要求电动机转速变慢，说明通过电动机电流较小，工作电路总电阻更大，因此此时需要让电阻R2和电动机串联在工作电路中，按照上述分析完成作图即可。
【分析】1、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；当电阻减小，电流增加，通电螺线管的磁性增强。
（1）火线进入开关，再进入灯泡的金属点，然后回到零线上。据此作图。
（2）根据图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极；根据题意可知，当压力变大时，压敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁会被吸下，此时电动机转速较快，这说明通过电动机的电流较大，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较小，所以该电路为电动机的简单电路；当压力变小时，压敏电阻的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，此时电动机转速较慢，这说明通过电动机的电流较小，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较大，所以电动机和电阻R2串联在电路中。据此作图。
17．请完成下列填空。
（1）如图甲，温度计的示数为　 　℃。
（2）如图乙，在探究并联电路电流规律的实验时，应选用两个规格　 　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡。
（3）如图丙，在A点挂2个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　 　个相同的钩码；当杠杆水平平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点的方向各移动一小格，则杠杆将　 　（选填“左端下沉”“右端下沉”或“保持水平平衡”）。
【答案】（1）34
（2）不同
（3）3；左端下沉
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究杠杆的平衡条件实验；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）从图中可以看出，该温度计的分度值为1℃，刻度数值向上逐渐增大，说明测量的是零上温度，液柱上表面对应在30℃上方第4个小格处，因此读数为34℃。
（2）在探究并联电路的电流规律时，如果只用规格相同的小灯泡实验，得到的结论具有偶然性，为了避免这种偶然性，让得出的结论更具有普遍性，实验中需要选择两个规格不相同的小灯泡完成实验。
（3） 设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为L，A点对应的力臂为3L，B点对应的力臂为2L，根据杠杆平衡条件可列等式：，解得，即需要在B点挂3个钩码。
当悬挂在A、B处的钩码都向支点方向移动1格后，左侧力与力臂的乘积为，右侧力与力臂的乘积为，左侧乘积大于右侧乘积，因此杠杆的左端会下沉。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、为保证实验的普遍性，需要使用不同规格的灯泡；
3、杠杆平衡条件：，代入数据计算杠杆运动状态。
（1）由图可知，该温度计的分度值为1℃，刻度向上增大，说明是零上温度，液柱在30℃上4小格处，故示数为34℃。
（2）为了避免实验偶然性，使结论具有普遍性，探究并联电路电流规律时，需要选用两个规格不同的小灯泡进行实验。
（3）[1]设每个钩码重力为G，杠杆每格长度为L， 点力臂为3L， 点力臂为2L，由杠杆平衡条件可知，，解得，即 点挂3个钩码。
[2]A、B都向支点移动1格，左边力和力臂乘积；右边力和力臂乘积，左边乘积更大，因此杠杆左端下沉。
18．如图甲所示是“探究通电螺线管外部磁场的特点”的实验装置。
（1）用铁屑探究螺线管外部磁场分布，实验操作如下：①轻敲纸板，观察铁屑分布；②闭合开关；③将铁屑均匀撒在硬纸板上。合理的操作顺序是　 　（填序号）。
（2）通过对铁屑分布的观察，发现通电螺线管外部磁场与　 　磁体周围磁场分布相似。
（3）把小磁针放到螺线管四周不同位置，如图乙，螺线管通电后记录小磁针　 　极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
（4）将电源正负极对调，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与　 　有关。
【答案】（1）③②①
（2）条形
（3）N
（4）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】（1）正确的操作顺序是③②①：也就是先在玻璃板上撒好铁屑，再接通电源让螺线管产生磁场，最后轻敲玻璃板，让铁屑在磁场作用下排列成规则的形状。
（2）在通电螺线管外部放置较多细铁屑，能够直观呈现出铁屑的分布状态，我们可以观察到，通电螺线管周围细铁屑的排列情况，和条形磁铁周围细铁屑的排列情况高度相似，由此可以得出结论：通电螺线管的外部磁场和条形磁铁的磁场分布特点相似。
（3）根据物理学的规定，自由小磁针静止时，它的N极所指向的方向就是该点的磁场方向。就像图乙展示的情况，螺线管通电后，我们记录下各个位置小磁针北极的指向，这个指向就是对应点的磁场方向。
（4）把电源的正负极调换位置后，电路中的电流方向就发生了改变，此时闭合开关，能够观察到小磁针的偏转方向和原来相反，说明磁场方向也和原来相反，这就证明了通电螺线管的磁场方向和电流方向有关。
【分析】1、 探究螺线管外部磁场分布 ，需要在玻璃板上撒好铁屑，使得通电螺线管产生磁场，轻敲播毕办，观察实验现象；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）合理操作顺序为：③②①；即先撒铁屑→再通电产生磁场→最后轻敲纸板让铁屑规则排列。
（2）在通电螺线管外部多放置一些细铁屑，可以形象的显示出通电螺线管周围的细铁屑的排列与条形磁铁周围的细铁屑排列相似，由此可以判断，通电螺线管的外部磁场与条形磁铁的磁场相似。
（3）物理学中规定，自由小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向，如图乙，螺线管通电后记录小磁针北极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
（4）将电源正负极对调，电流方向改变，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，磁场方向相反，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
19．小明为了探究“电流与电压的关系”，收集了如下实验器材：学生电源一个，开关，电阻分别为和的定值电阻各一个，滑动变阻器，导线若干。
（1）小明连接了如图甲所示的实物电路，电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确，导线不得交叉。
（2）为了保护电路，实验开始前，滑动变阻器的滑片应移动到最　 　（选填“左”或“右”）端。
（3）检查无误后，小明将的定值电阻接入电路，闭合开关，记录为点数据，继续移动滑动变阻器，描点、、，并绘制图像如图乙。为了使实验结论更具有普遍性，小明换用的定值电阻重复前面的操作，得到多组数据，在相同的坐标系中画出了图像，如图乙中　 　（选填“①”或“②”）所示。
（4）实验结束后，小明又将的定值电阻更换为额定电压为2.5V的小灯泡，测量小灯泡正常发光时的电阻。
①闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是　 　。
②排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表示数如图丙所示，读数为　 　V，若想测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动。
③根据实验数据绘制的小灯泡的图像如图丁所示，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　。
【答案】（1）
（2）左
（3）①
（4）小灯泡短路；；右；
【知识点】电路故障的判断；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电压关系的实验中，正确的电路连接应为：定值电阻、滑动变阻器、开关与电源串联，电压表并联在定值电阻两端。题图中电流没有经过定值电阻，因此需要将原来从滑动变阻器接到定值电阻右侧接线柱的导线，改接到电压表的负接线柱上，修改后的电路如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片需要调到接入电路阻值最大的位置。由题图可知，本电路中滑动变阻器的右下接线柱接入电路，接入电路的电阻丝长度随滑片左移变长，阻值变大，因此闭合开关前滑片应移到最左端。
（3）根据探究实验的结论可知：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，即电阻增大为原来几倍，电流就会减小为原来的几分之一。因此电压相同时，20Ω电阻对应的电流应为10Ω电阻对应电流的一半，因此图像①符合实验结论。
（4）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路；小灯泡不亮，且电压表没有示数，故障原因可能是小灯泡短路，此时电压表与短路的小灯泡并联，因此电压表也被短路，示数为。
本实验中电压表选用的是0~3V量程，该量程的分度值为0.1V，此时电压表的示数为。已知小灯泡的额定电压为，需要增大小灯泡两端的电压，根据串联电路分压规律，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此应将滑片向右移动。
由图丁可知，当小灯泡两端电压等于额定电压时，通过小灯泡的电流为，根据欧姆定律公式，可计算出小灯泡正常发光时的电阻：
；
【分析】1、探究“电流与电压的关系”，定值电阻串联进电路中，电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
5、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
（1）探究电流与电压的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器、开关与电源串联，电压表与定值电阻并联。原电路中电流不通过定值电阻，应将从滑动变阻器接到定值电阻右侧接线柱的导线改接到电压表负极接线柱上，如图所示：
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值处。由图可知滑动变阻器右下接线柱接入电路，滑片越远离左下接线柱阻值越大，所以滑片应移到最左端。
（3）根据欧姆定律可知，电压相同时，电流与电阻成反比，所以电压相同时，20Ω电阻的电流应为10Ω电阻电流的一半，所以①图像是符合实验实际的。
（4）[1]闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡不亮且电压表无示数，可能是小灯泡短路，此时电压表被短路，示数为。
[2][3]电压表量程为，分度值为，示数为。小灯泡额定电压为，要使小灯泡两端电压增大到，根据串联电路分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向右移动。
[3]由图丁可知，当小灯泡两端电压为时，通过的电流为，根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻
20．小西进行篮球训练时发现，篮球落在水泥地面、塑胶地面和草坪上反弹的高度各不相同。篮球反弹高度与哪些因素有关？小西做了如下猜想：
猜想1：与篮球内气压大小有关；
猜想2：与下落的高度有关；
猜想3：与地面的材料有关。
（1）如图甲所示，小西将相同的篮球充入不同气压的气体后于同一高度由静止释放，第一次反弹高度分别如图甲中虚线所示，通过实验现象可知，猜想1是(　　)（选填“正确”或“错误”）的。
（2）为了探究猜想2和猜想3，小西选用家中三种不同材质的接触面（瓷砖、实木、毛毯），用同一篮球从不同高度处由静止释放，进行多次实验，并记录数据如下表：
实验序号 地面材料 篮球被举起的高度／m 篮球反弹的高度／m
1 瓷砖 0.5 0.4
2 瓷砖 1 0.75
3 瓷砖 1.5 1.2
4 实木 1 0.5
5 毛毯 1 0.15
①通过分析1、2、3三组实验数据可知，其他条件相同时，篮球下落时的高度越大，反弹的高度越　 　。
②通过分析　 　三组实验数据可知，篮球反弹的高度与地面材质有关。
（3）篮球从高处下落过程中，将重力势能主要转化为　 　能。实验中发现篮球都无法反弹到原有的高度，且最终停在地上，小西猜想篮球的能量消失了，小西的猜想违背了　 　定律。
（4）如图乙，小西在给篮球打气时，发现打气筒的筒壁变得很热。为了确定筒壁变热是因为活塞摩擦生热还是打气筒压缩空气做功使空气变热，他用手分别摸了筒底的处和筒口的处，发现处温度比处高，则发热的主要原因是　 　。
（5）在工业生产中，常使用一定质量的物体冲击被检测物体表面来检测物体硬度，测量物体在距被测物表面1mm处的冲击前、后的速度大小，从而测出被测物体的硬度。冲击前后速度大小变化越小，被测物体硬度越　 　（选填“大”或“小”）。
【答案】（1）正确
（2）高；2、4、5
（3）动；能量守恒
（4）压缩空气做功，使空气内能增加、温度升高，进而使筒壁发热
（5）大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响物体势能大小的因素；机械能及其转化；做功改变物体内能；物理学方法
【解析】【解答】（1）观察图甲可以发现，三次实验保持了地面材料、篮球下落高度不变，只改变了篮球内部的气压大小，最终篮球触地反弹的高度并不相同，根据这一实验结果，可以证明猜想1是正确的。
（2） 若要探究“篮球反弹高度和下落高度的关系”，根据控制变量法，需要保持篮球内气压大小、地面材料不变，分析1、2、3三组的实验数据可以得出：下落高度越大，篮球的反弹高度越高。
分析表格中2、4、5三组实验可知，三组实验保持了下落高度相同，只改变了地面材料，最终篮球的反弹高度不同，由此可以说明篮球反弹高度和地面材料有关。
（3） 篮球从高处下落的过程中，所处高度不断降低，重力势能减小，下落速度不断增大，动能增大，这个过程中重力势能主要转化为动能。
能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，篮球反弹高度逐渐降低最终静止，是因为篮球在运动、和地面撞击的过程中，部分机械能不断转化为内能，总能量是守恒的，所以小西的猜想违背了能量守恒定律。
（4）给篮球打气过程中，活塞压缩筒内空气做功，打气筒的机械能会转化为筒内空气的内能，导致空气温度升高。筒底A位置靠近压缩区域，压缩做功主要发生在这里，因此A位置温度升高更明显；筒口B位置远离压缩做功的区域，温度升高幅度更小，由此可知打气筒发热的主要原因是压缩空气做功，并不是活塞和筒壁的摩擦导致的。
（5）冲击测试过程中，被测物体受到冲击后，冲击前后的速度变化量越小，说明冲击过程中损失的动能越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，也就说明被测物体的硬度越大。
【分析】1、探究 篮球反弹高度 与篮球内气压大小 的关系，需要观察不同气压下篮球的反弹高度；
2、机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
3、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
4、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧。
（1）由图甲可知，三次实验的地面材料和下落高度相同，篮球内气压大小不同，篮球触地后反弹的高度不同，由此可以证明猜想1是正确的。
（2）[1]要探究“篮球反弹高度与下落高度的关系”，需要控制篮球内气压大小和地面材料相同；由1、2、3三组实验数据可知，下落的高度越大，反弹的高度越高。
[2]由表格可知，2、4、5三组实验数据，下落的高度相同，地面材质不同，反弹的高度不同，说明篮球反弹的高度与地面材质有关。
（3）[1]篮球从高处下落时，高度降低、速度增大，重力势能主要转化为动能。
[2]能量不会凭空消失，篮球反弹高度降低、最终停下，是因为机械能转化为内能（摩擦、撞击生热），总能量保持不变，小西的猜想违背了能量守恒定律。
（4）打气时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为空气的内能，使空气温度升高，筒底A处是压缩空气，使A处温度更高；筒口B处远离压缩做功区域，温度更低，因此发热主因是压缩空气做功，而非活塞摩擦。
（5）冲击前后速度变化越小，说明物体的动能损失越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，即硬度越大。
21．半潜船是专门从事运输舰船、石油钻井平台等大型设备的海运船舶。如图所示是我国最大的半潜船“新光华号”准备进行海运任务，装载货物前它有的体积浸入海水中，完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部所在深度为20m。，g取10 N/ kg。求∶
（1）装载货物前“新光华号”半潜船受到的浮力大小。
（2）完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部受到海水的压强。
（3）“新光华号”半潜船在水面上匀速直线行驶，用时2 h，水平推进器提供的动力为，求该过程中推进器输出的功率。
【答案】（1）解：装载货物前，半潜船受到的浮力
（2）解：完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强
（3）解：匀速直线行驶过程中动力做的功
此过程中推进器输出的功率
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）装载货物前，半潜船受到的浮力；
（2）结合压强公式计算完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强；
（3）根据做功公式计算匀速直线行驶过程中动力做的功，结合功率公式计算此过程中推进器输出的功率。
（1）装载货物前，半潜船受到的浮力
（2）完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强
（3）匀速直线行驶过程中动力做的功
此过程中推进器输出的功率
22．如图甲所示是小明家的蒸汽拖把。使用时，电热丝加热水，产生高温蒸汽从拖把头喷出，能在高效清洁地面的同时杀灭地面上的细菌。该蒸汽拖把的简化加热电路如图乙所示，有高、低两个挡位，额定电压为220 V，高挡位的额定电功率为880 W，电热丝的阻值不变，55 Ω。[水的比热容为]
（1）开关S接　 　时为高挡位，求高挡位正常加热时电路中的电流　 　；
（2）求低挡位的额定功率；
（3）已知蒸汽拖把水箱内水的质量为1kg，将水箱中的水从20℃加热到100℃需要高挡位正常工作500 s，求蒸汽拖把高挡位的加热效率。（结果精确至1%）
【答案】（1）1；
（2）解：开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。
电热丝R1的阻值
低挡位的额定功率
（3）解：消耗的电能水吸收的热量
蒸汽拖把高挡位的加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）由可得，电源电压U保持不变时，发热功率P和接入电路的总电阻R成反比，总电阻越小，电火锅的发热功率越大。当开关S接1时，电路中只有接入工作，总电阻更小，因此此时对应高加热挡位。
根据功率公式变形可得，电火锅在高挡位正常加热时，电路的电流为：
【分析】1、多状态电路分析：公式为，电阻不同导致电功率不同，电阻越小，电功率越大，电阻越大，电功率越小；
2、开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。根据欧姆定律计算电热丝R1的阻值，结合电功率公式计算低挡位的额定功率；
3、结合做功公式计算消耗的电能，结合热量的公式计算水吸收的热量，根据效率公式计算蒸汽拖把高挡位的加热效率。
（1）[1]由可知，在电压一定时，电阻越小，功率越大。当开关接时，只有接入电路，电阻较小，此时为高挡位。
[2]根据，可得高挡位正常加热时电路中的电流
（2）开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；
开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。
电热丝R1的阻值
低挡位的额定功率
（3）消耗的电能
水吸收的热量
蒸汽拖把高挡位的加热效率
23．如图甲所示，是位于甘肃酒泉瓜州的全球首个“双塔一机”光热储能电站，这座电站布置了近27 000块定日镜，定日镜的朝向随太阳位置的变化而改变，能将阳光反射聚集到吸热塔上，塔下放置装有熔盐的大罐，白天低温液态熔盐吸热升温，形成的高温液态熔盐被输送到蒸汽发生器，发生器中的水吸收热量，产生高温高压的蒸汽驱动汽轮机转动，汽轮机的转动带动发电机发电，如图乙所示。
（1）太阳能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；定日镜反射阳光的方式属于　 　（选填“漫”或“镜面”）反射。
（2）若蒸汽发生器中水的体积为，则水的质量为多少kg？
（3）该光热发电站进行远距离输电时，若通过某输电线的电流为5000 A，输电线每秒产生的热为，则输电线上的电阻值是多少？
（4）该电站更是一个多能互补的综合性绿色能源基地。这里还集合了73 台总装机40万千瓦的风力发电机，以及由超过48000个光伏支架组成的20万千瓦光伏电站。通过风光热储一体化模式，共同构成了一个总规模达70万千瓦的清洁能源集群，全部投运后电站年发电量预计可达千瓦时。则该电站一年的预计发电总量相当于完全燃烧多少t煤的发电量？（已知煤电转换效率为40%，煤的热值为）
【答案】（1）可再生；镜面
（2）解：水的质量为
（3）解：根据焦耳定律得，输电线上的电阻值
（4）解：发电站一年的发电量
根据得，一年里煤完全燃烧放出的总热量
由可知，所需燃烧煤的质量
【知识点】密度公式及其应用；镜面反射与漫反射；热机的效率；能源及其分类；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）太阳能能够持续不断地从自然界中获得，因此属于可再生能源。
定日镜的作用是将太阳光按照指定方向反射，聚集到吸热塔上，而定日镜的表面平整光滑，太阳光照射后会发生镜面反射。
【分析】（1）可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源，光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
（2）结合密度公式计算水的质量；
（3）根据焦耳定律得，输电线上的电阻值；
（4）发电站一年的发电量，结合效率公式计算得一年里煤完全燃烧放出的总热量，由可知，所需燃烧煤的质量。
（1）[1]太阳能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源。
[2]定日镜需要将阳光定向反射聚集到吸热塔，定日镜的表面光滑，发生的是镜面反射。
（2）水的质量为
（3）根据焦耳定律得，输电线上的电阻值
（4）发电站一年的发电量
根据得，一年里煤完全燃烧放出的总热量
由可知，所需燃烧煤的质量
1 / 12026年陕西省汉中市汉台区中考二模物理试题
1．2026年2月1日，全球首款混合动力无人运输机彩虹YH-1000S在重庆梁平首飞成功（如图）。地面控制台给无人机发送指令利用的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．激光 D．电磁波
2．自然界中有许多奇妙的声音，声音也是人们交流信息的重要渠道。关于声现象，下列说法中正确的是（　　）
A．辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音调不同
B．用智能手机监测噪声，显示的“50.6dB”是指声音的响度
C．在马路上安装噪声监控装置，可以减弱噪声
D．利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递信息
3．如图是一辆“盐水动力”玩具车，车身上方固定一塑料杯，壁内侧插有锌片和碳片，向杯中倒入一定深度的盐水，电动机带动小车缓缓前进．关于该装置，下列说法中正确的是（　　）
A．小车跑得越快，消耗的电能越多
B．小车跑得越远，牵引力做功越快
C．锌片、碳片和盐水组成的装置相当于电源
D．玩具车工作时，主要将内能转化为机械能
4．如图所示，下列相关说法中正确的是（　　）
A．甲图，是近视眼的成因及其矫正方法
B．乙图，探究平面镜成像特点时蜡烛A、B必须同时点燃
C．丙图，烧杯上方冒出的“白气”是水汽化形成的水蒸气
D．丁图，为方便观察碘的升华，可用酒精灯（火焰温度约500℃）直接加热碘（熔点约113℃）
5．2026年央视马年春晚中，全自主人形机器人完成跑酷、空翻、武术表演等高难度动作（如图），机器人灵活运动的核心部件是电动机。下列实验中，能说明电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
6．3月8日，2026年全英羽毛球公开赛决赛，“圣坛”组合首夺冠军，成就超级1000赛大满贯。在羽毛球比赛中，下列有关说法正确的是（　　）
A．击球时，球对球拍有力的作用，球拍对球没有力的作用
B．击打羽毛球后羽毛球改变方向，说明力可以改变物体的运动状态
C．羽毛球离开球拍后继续向前运动，是由于羽毛球受到惯性
D．空中飞行的羽毛球，如果所受的力全部消失，它将静止在空中
7．“珍爱生命，安全用电”，关于家庭电路及安全用电，下列做法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭工作中的用电器
B．使用试电笔时为了确保安全，手不能接触笔尖金属部分
C．只要插排上的插孔足够多，就可以插满不同用电器同时使用
D．为了防止触电，大功率用电器的三脚插头上较长的金属片应与火线连接
8．涡轴-9发动机“玉龙”是我国完全自主研发的直升机涡轴发动机，其大致工作过程是：空气通过进气道进入压气机，被压气机压缩后进入燃烧室与燃料混合，燃料在燃烧室燃烧后，产生的高温高压气体推动涡轮转动，从而输出动力。下列有关说法正确的是（　　）
A．直升机升空的主要原理是流体流速大的地方压强大
B．燃烧室中燃料和压缩空气混合后，燃料的热值变大
C．燃烧室中燃料燃烧越充分，发动机的工作效率越低
D．燃料燃烧后推动涡轮转动的过程能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同
9．如图所示，是水下考古时打捞货物的示意图。若将质量为640kg的货箱提离水面后匀速提升1.5m，用时2s，此过程中滑轮组的机械效率为80%，g取10 N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．滑轮A的作用是改变力的方向 B．货箱上升的速度为1.5m/s
C．克服货箱重力做的功为960J D．绳子所受的拉力为4000N
10．（多选）西安大雁塔音乐喷泉吸引了众多游客围观打卡。其工作原理是通过电脑将音乐频率特征转化为电路控制信号，控制水泵有节奏地喷出水柱，从而形成喷泉。图甲为控制喷泉的模拟电路，控制电路的电源电压呈现如图乙所示的周期性变化，定值电阻，为特殊元件。当时，两端的电压；时，保持6V不变；当通过的电流时，水泵启动喷水。下列说法中正确的是（　　）
A．喷泉喷到空中的水不受重力
B．时，模拟电路中电阻的电功率为12W
C．该模拟电路工作20min，喷水时间共为400s
D．将换成阻值更大的电阻，可以减少喷泉喷水时间
11．如图所示，芯片体积小，元件密集，制作芯片的主要材料是　 　（选填“导体”“半导体”或“超导体”）；当芯片中有电流通过时，不可避免地会产生热量，为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合以降低芯片的温度；这是通过　 　的方式改变芯片的内能。
12．我国在核能利用方面取得了巨大成就，核电站是利用　 　（选填“核聚变”或“核裂变”）时释放出的大量核能来发电的。核能来源于原子内部的原子核，原子核是由质子和　 　组成的。
13．如图所示；一架带有高清摄像机的无人机正在进行户外拍摄，当无人机靠近被拍摄物体时，物体通过摄像机镜头所成的像　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），该过程以无人机为参照物，被拍摄物体是　 　的。当无人机水平匀速直线飞行时，升力对无人机　 　（选填“做功”或“不做功”）。
14．为了提高学生户外生存技能，学校开展取火和自制指南针实践活动。将包装口香糖的锡箔纸剪成如图1所示形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻　 　（选填“大”或“小”）。锡箔纸A、B两端分别与电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的　 　效应。将回形针掰直，磁化后放在树叶上，漂浮于水面，如图2 所示，回形针在　 　的作用下，静止后指向南北。
15．某手机品牌新推出一款手机，其电池工作电压和充电时的电压均为3.8V，容量为8000mA·h，搭载了80W超级快充和50W 无线充电技术。手机无线充电技术的原理如图甲、乙所示，交变电流（交流电）通过送电线圈（无线充电板）产生磁场，智能手机内部的受电线圈因磁场变化产生感应电流，这些电流经整流后为手机电池充电，并将电能储存到手机的锂电池内。手机上的彩色画面是由红、　 　、蓝三种色光混合而成；手机无线充电的工作原理是　 　，该手机的电池充满电后可储存的电能为　 　J，将该手机电量从0%充到100%理论上所需的最短时间约为　 　s。
16．（1）如图甲所示，请将带开关的灯泡正确接入家庭电路中。
（2）超市里的电梯，有人乘时运行较快，无人乘时为了节能运行较慢。利用电磁继电器设计如图乙所示电路，其中R1是压敏电阻（受到压力时阻值较小，不受压力时阻值很大），R2是限流电阻（如果串联在电路中可减小电路中的电流）。请按照要求用笔画线代替导线将工作电路连接完整，并在括号中标出电磁铁上端的极性（用N、S表示）。
17．请完成下列填空。
（1）如图甲，温度计的示数为　 　℃。
（2）如图乙，在探究并联电路电流规律的实验时，应选用两个规格　 　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡。
（3）如图丙，在A点挂2个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　 　个相同的钩码；当杠杆水平平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点的方向各移动一小格，则杠杆将　 　（选填“左端下沉”“右端下沉”或“保持水平平衡”）。
18．如图甲所示是“探究通电螺线管外部磁场的特点”的实验装置。
（1）用铁屑探究螺线管外部磁场分布，实验操作如下：①轻敲纸板，观察铁屑分布；②闭合开关；③将铁屑均匀撒在硬纸板上。合理的操作顺序是　 　（填序号）。
（2）通过对铁屑分布的观察，发现通电螺线管外部磁场与　 　磁体周围磁场分布相似。
（3）把小磁针放到螺线管四周不同位置，如图乙，螺线管通电后记录小磁针　 　极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
（4）将电源正负极对调，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与　 　有关。
19．小明为了探究“电流与电压的关系”，收集了如下实验器材：学生电源一个，开关，电阻分别为和的定值电阻各一个，滑动变阻器，导线若干。
（1）小明连接了如图甲所示的实物电路，电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确，导线不得交叉。
（2）为了保护电路，实验开始前，滑动变阻器的滑片应移动到最　 　（选填“左”或“右”）端。
（3）检查无误后，小明将的定值电阻接入电路，闭合开关，记录为点数据，继续移动滑动变阻器，描点、、，并绘制图像如图乙。为了使实验结论更具有普遍性，小明换用的定值电阻重复前面的操作，得到多组数据，在相同的坐标系中画出了图像，如图乙中　 　（选填“①”或“②”）所示。
（4）实验结束后，小明又将的定值电阻更换为额定电压为2.5V的小灯泡，测量小灯泡正常发光时的电阻。
①闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是　 　。
②排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表示数如图丙所示，读数为　 　V，若想测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动。
③根据实验数据绘制的小灯泡的图像如图丁所示，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　。
20．小西进行篮球训练时发现，篮球落在水泥地面、塑胶地面和草坪上反弹的高度各不相同。篮球反弹高度与哪些因素有关？小西做了如下猜想：
猜想1：与篮球内气压大小有关；
猜想2：与下落的高度有关；
猜想3：与地面的材料有关。
（1）如图甲所示，小西将相同的篮球充入不同气压的气体后于同一高度由静止释放，第一次反弹高度分别如图甲中虚线所示，通过实验现象可知，猜想1是(　　)（选填“正确”或“错误”）的。
（2）为了探究猜想2和猜想3，小西选用家中三种不同材质的接触面（瓷砖、实木、毛毯），用同一篮球从不同高度处由静止释放，进行多次实验，并记录数据如下表：
实验序号 地面材料 篮球被举起的高度／m 篮球反弹的高度／m
1 瓷砖 0.5 0.4
2 瓷砖 1 0.75
3 瓷砖 1.5 1.2
4 实木 1 0.5
5 毛毯 1 0.15
①通过分析1、2、3三组实验数据可知，其他条件相同时，篮球下落时的高度越大，反弹的高度越　 　。
②通过分析　 　三组实验数据可知，篮球反弹的高度与地面材质有关。
（3）篮球从高处下落过程中，将重力势能主要转化为　 　能。实验中发现篮球都无法反弹到原有的高度，且最终停在地上，小西猜想篮球的能量消失了，小西的猜想违背了　 　定律。
（4）如图乙，小西在给篮球打气时，发现打气筒的筒壁变得很热。为了确定筒壁变热是因为活塞摩擦生热还是打气筒压缩空气做功使空气变热，他用手分别摸了筒底的处和筒口的处，发现处温度比处高，则发热的主要原因是　 　。
（5）在工业生产中，常使用一定质量的物体冲击被检测物体表面来检测物体硬度，测量物体在距被测物表面1mm处的冲击前、后的速度大小，从而测出被测物体的硬度。冲击前后速度大小变化越小，被测物体硬度越　 　（选填“大”或“小”）。
21．半潜船是专门从事运输舰船、石油钻井平台等大型设备的海运船舶。如图所示是我国最大的半潜船“新光华号”准备进行海运任务，装载货物前它有的体积浸入海水中，完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部所在深度为20m。，g取10 N/ kg。求∶
（1）装载货物前“新光华号”半潜船受到的浮力大小。
（2）完成货物装载后，“新光华号”半潜船底部受到海水的压强。
（3）“新光华号”半潜船在水面上匀速直线行驶，用时2 h，水平推进器提供的动力为，求该过程中推进器输出的功率。
22．如图甲所示是小明家的蒸汽拖把。使用时，电热丝加热水，产生高温蒸汽从拖把头喷出，能在高效清洁地面的同时杀灭地面上的细菌。该蒸汽拖把的简化加热电路如图乙所示，有高、低两个挡位，额定电压为220 V，高挡位的额定电功率为880 W，电热丝的阻值不变，55 Ω。[水的比热容为]
（1）开关S接　 　时为高挡位，求高挡位正常加热时电路中的电流　 　；
（2）求低挡位的额定功率；
（3）已知蒸汽拖把水箱内水的质量为1kg，将水箱中的水从20℃加热到100℃需要高挡位正常工作500 s，求蒸汽拖把高挡位的加热效率。（结果精确至1%）
23．如图甲所示，是位于甘肃酒泉瓜州的全球首个“双塔一机”光热储能电站，这座电站布置了近27 000块定日镜，定日镜的朝向随太阳位置的变化而改变，能将阳光反射聚集到吸热塔上，塔下放置装有熔盐的大罐，白天低温液态熔盐吸热升温，形成的高温液态熔盐被输送到蒸汽发生器，发生器中的水吸收热量，产生高温高压的蒸汽驱动汽轮机转动，汽轮机的转动带动发电机发电，如图乙所示。
（1）太阳能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；定日镜反射阳光的方式属于　 　（选填“漫”或“镜面”）反射。
（2）若蒸汽发生器中水的体积为，则水的质量为多少kg？
（3）该光热发电站进行远距离输电时，若通过某输电线的电流为5000 A，输电线每秒产生的热为，则输电线上的电阻值是多少？
（4）该电站更是一个多能互补的综合性绿色能源基地。这里还集合了73 台总装机40万千瓦的风力发电机，以及由超过48000个光伏支架组成的20万千瓦光伏电站。通过风光热储一体化模式，共同构成了一个总规模达70万千瓦的清洁能源集群，全部投运后电站年发电量预计可达千瓦时。则该电站一年的预计发电总量相当于完全燃烧多少t煤的发电量？（已知煤电转换效率为40%，煤的热值为）
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 地面控制台给无人机发送指令利用的是电磁波。电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，能够实现远距离、实时的信号传输，适合用于地面控制台与无人机之间的通信，以准确控制无人机的飞行姿态、位置和灯光等变化，故D正确。
故选：D。
【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
2．【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分；声与能量传递；声音的等级和噪声的危害
【解析】【解答】A．我们能够区分不同乐器发出的声音，主要是因为不同乐器发声的音色不同，因此A错误；
B．响度的计量单位是分贝，符号为dB，因此B正确；
C．在道路旁安装的噪声监测装置，仅能够检测显示噪声的响度大小，无法实现减弱噪声的作用，因此C错误；
D．利用超声波可以打碎人体内的结石，这一现象说明声波能够传递能量，并非传递信息，因此D错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递能量的实例：能量震碎玻璃，使得火焰动摇等。
3．【答案】C
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；电功率
【解析】【解答】A．消耗电能的多少由做功功率和工作时间共同决定，小车跑得快仅能说明它的功率更大，若行驶时间很短，总消耗的电能不一定更多，故A错误；
B．小车跑出的距离更远，仅能说明牵引力做的总功更多，功率即做功快慢还和做功时间有关，时间不确定的情况下，无法得出做功更快也就是功率更大的结论，故B错误；
C．锌片、碳片搭配盐水可以构成原电池装置，能够将化学能转化为电能，在电路中起到电源的作用，故C正确；
D．该电动玩具车工作时，主要是将电能转化为机械能，并不是将内能转化为机械能，故D错误。
故选C。
【分析】1、功率：表征单位时间做功量，功率越高，做功越快，小车跑的快，是由于其功率大；
2、电动机在工作时将电能转换为机械能；
3、小车跑的远说明电能储备多，做功大，不能说明功率大。
4．【答案】A
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；近视眼的成因与矫正办法；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】A．近视眼是因为晶状体的折光能力太强，远处物体的像会成在视网膜的前方，矫正时需要使用对光线有发散作用的凹透镜，故A正确；
B．探究平面镜成像特点的实验中，如果同时点燃蜡烛A和蜡烛B，会让玻璃板后方背景变亮，导致像的清晰度下降，更不方便确定像的位置，故B错误；
C．水蒸气是无色透明、无法被肉眼直接观察到的，烧杯上方出现的“白气”，其实是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C错误；
D．碘的熔点约为113℃，而酒精灯火焰温度约为500℃，如果直接用酒精灯加热，碘的温度会升高达到熔点，就会先熔化而不是直接升华，无法顺利观察碘的升华现象，故D错误。
故选A。
【分析】1、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
2、液化为气态变为液态会释放热量，如露珠
3、升华为固态直接变为液态，会吸收能量，如雪人变小
4、平面镜成像：点燃蜡烛A和蜡烛B，会让玻璃板后方背景变亮，导致像的清晰度下降。
5．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；探究电磁感应现象的实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．该装置是奥斯特实验，能够证明通电导体的周围存在磁场，和电动机的工作原理不符，故A错误；
B．该装置是电磁感应实验，对应的是发电机的工作原理，不符合电动机的工作原理，故B错误；
C．该装置的电路中接有电源，探究的是通电导体在磁场中受力运动的规律，正好对应电动机的工作原理，故C正确；
D．该实验探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和电动机的工作原理没有关系，故D错误。
故选C。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机，能量转化为电能转化为机械能；通电导线受力的方向和磁场以及电流方向有关。
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．物体间力的作用是相互的，当击球的时候，球对球拍有力的作用，同时球拍也对球有力的作用，二者是相互作用力，因此该选项说法错误，故A不符合题意；
B．力可以对物体的运动状态产生改变，羽毛球被击打后运动方向发生改变，运动状态已经变化，这一现象正好说明力能够改变物体的运动状态，因此该选项说法正确，故B符合题意；
C．惯性本身是物体本身固有的一种属性，并不是力，不能描述为“受到惯性作用”，正确的表述应当是：羽毛球离开球拍后能继续向前运动，是因为羽毛球具有惯性，因此该选项说法错误，故C不符合题意；
D．依据牛顿第一定律我们可以知道，如果原本在空中飞行的羽毛球所受的所有外力全部消失，羽毛球会保持力消失瞬间的运动状态不变，一直做匀速直线运动，不会静止在空中，因此该选项说法错误，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
7．【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水属于导体，用湿抹布擦正在工作的电器时，很容易发生触电事故，故A错误；
B．使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体，才能让试电笔正常工作，注意不能接触笔尖的金属部分，否则接触火线时会发生触电事故，故B正确；
C．若在同一个插排上同时接入多个大功率用电器，会造成电路总功率过大，结合可知，干路的电流会过大，容易引发火灾，故C错误；
D．三脚插头中较长的金属片是接地线端，它连接用电器的金属外壳，对应在插座中该脚是与地线相连的，作用是在用电器漏电时，将漏电导入大地，避免人体触电，故D错误。
故选B。
【分析】1、测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光；
2、家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，大型用电器要接三脚插座。
8．【答案】D
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．根据流体压强的规律：流速越大的位置压强越小，直升机依靠机翼上下表面的压强差产生压力差，从而获得向上的升力实现升空，因此A错误；
B．热值是燃料自身的固有特性，其大小只和燃料的种类有关，和燃料是否与空气混合无关，因此B错误；
C．对于相同质量的燃料，燃烧越充分，燃料能够释放出的有效能量越多，对应发动机的工作效率就越高，因此C错误；
D．在燃气轮机工作时，高温高压气体推动涡轮转动的过程，是将气体的内能转化为涡轮的机械能，这一能量转化过程和四冲程汽油机做功冲程的能量转化完全一致，因此D正确。
故选D。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、机械效率和计算：有用功越大，机械效率越大。
9．【答案】A,D
【知识点】速度公式及其应用；定滑轮及其工作特点；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．从图中能够看出，A滑轮的轴不会随着货箱运动，属于定滑轮，定滑轮的作用就是改变力的方向，故A正确；
B．货箱上升的速度计算如下： ，故B错误；
C．货箱的重力为，提升货箱做的有用功为，故C错误；
D．根据机械效率公式，变形可得总功为。
从题图中可得，承担物重的绳子段数，因此绳子自由端移动的距离为。
结合功的公式，变形可得拉力大小为，故D正确。
故选AD。
【分析】1、定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力；
2、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。
3、功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
10．【答案】C,D
【知识点】重力及其大小的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．地球附近的物体均受到重力，所以喷到空中的水仍然受重力，故A错误；
B．由图乙可知，内 随的关系为，时，电源电压为，不变。由电路图可知，两端电压为，结合电功率的公式计算可知
的电功率为
故B错误；
C．水泵启动条件为，根据得，两端电压为：
，根据串联电路电压规律计算可知喷水条件为
变化周期。时： 从升到，由B选项可知，，此时，喷水时间为，时， 随线性变化关系为，当时，对应，喷水时间为，所以一个周期内喷水时间为，总工作时间，周期数为，总喷水时间
故C正确；
D．喷水条件得，越大， 最小值越大，一个周期内满足条件的时间越短，因此总喷水时间减少，故D正确。
故选CD。
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电功率的计算：公式为；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，结合题目所给信息分析喷水周期。
11．【答案】半导体；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；半导体特点及作用
【解析】【解答】 半导体的导电能力介于导体与绝缘体之间，拥有独特的电学性质，是制造芯片这类电子元件的核心原材料。
做功和热传递是改变物体内能的两种方式。题目中散热部件与芯片贴合，芯片的热量传递到散热部件，以此降低芯片的温度，这个过程是通过热传递的方式改变芯片内能的。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。
12．【答案】核裂变；中子
【知识点】核裂变；原子结构
【解析】【解答】目前人类获取核能的途径分为两种，分别是核裂变与核聚变，现在的核电站都是通过控制核裂变反应的速率，利用核裂变释放的核能来发电的。原子核并非不可再分，它存在内部结构，原子核是由质子和中子共同构成的。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
2、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
13．【答案】变大；运动；不做功
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；运动和静止的相对性；是否做功的判断
【解析】【解答】 摄像机的镜头属于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，成实像时遵循“物近像远像变大”的规律：当无人机向被拍摄物体靠近时，物距变小，所成的像也会随之变大。
若以无人机作为参照物，被拍摄物体与无人机之间的相对位置发生了变化，因此被拍摄物体是运动的。
对物体做功需要同时满足两个条件：一是物体受到力的作用，二是物体需要在这个力的方向上通过一定的距离。无人机水平飞行过程中，升力的方向是竖直向上的，无人机没有在升力的方向上移动距离，因此升力没有对无人机做功。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
2、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
3、物体是否做功：物体受到力，且物体沿着力的方向产生距离。
14．【答案】大；热；地磁场
【知识点】影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用；地磁场
【解析】【解答】 当导体的材料、长度和温度保持不变时，横截面积越小，导体的电阻越大。本题中C处的横截面积更小，因此C处的电阻更大。 将锡箔纸连接在电池正负极后，电流通过锡箔纸时会将电能转化为内能，让锡箔纸的温度升高，这个过程利用的是电流的热效应。
地球本身就是一个大磁体，它的周围存在地磁场；被磁化后的回形针相当于小磁针，在地磁场的作用下，回形针静止后就会指向南北方向。
【分析】1、电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比；
2、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
3、地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近。
15．【答案】绿；电磁感应现象；109440；1368
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；电功的计算；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】 红、绿、蓝是色光的三原色，我们看到手机屏幕上的丰富彩色画面，就是由红、绿、蓝这三种色光混合得到的。
当送电线圈通入交流电后，会产生周期性变化的磁场，放在变化磁场中的受电线圈会因此产生感应电流，无线充电这个技术正是利用了电磁感应现象的原理。
计算这块手机电池充满电后储存的总电能：
不考虑能量损耗时，充电功率恒定，手机从空电到充满电的理论最短时间为：
。
【分析】1、三原色：红、绿、蓝；
2、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
3、电能的计算：公式为W=UIt。
16．【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）家庭电路连接灯泡时，需要遵循安全用电规则：火线先接入开关，从开关出来后再接入灯泡顶端的金属点，最后零线直接接在灯泡的螺旋套上，按照这个规则完成作图即可。
（2）由图可知电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可以判断，电磁铁的上端为N极。
按照题目要求，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性增强，会将衔铁吸下，此时要求电动机转速变快，说明电动机的功率更大，通过电动机的电流更大，因此此时电动机应该直接接在工作电路中（工作电路总电阻较小）；当压力减小时，压敏电阻阻值变大，控制电路电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁会在弹簧的作用下被拉起，此时要求电动机转速变慢，说明通过电动机电流较小，工作电路总电阻更大，因此此时需要让电阻R2和电动机串联在工作电路中，按照上述分析完成作图即可。
【分析】1、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；当电阻减小，电流增加，通电螺线管的磁性增强。
（1）火线进入开关，再进入灯泡的金属点，然后回到零线上。据此作图。
（2）根据图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极；根据题意可知，当压力变大时，压敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁会被吸下，此时电动机转速较快，这说明通过电动机的电流较大，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较小，所以该电路为电动机的简单电路；当压力变小时，压敏电阻的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，此时电动机转速较慢，这说明通过电动机的电流较小，根据欧姆定律可知，电动机工作的电路的总电阻较大，所以电动机和电阻R2串联在电路中。据此作图。
17．【答案】（1）34
（2）不同
（3）3；左端下沉
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究杠杆的平衡条件实验；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）从图中可以看出，该温度计的分度值为1℃，刻度数值向上逐渐增大，说明测量的是零上温度，液柱上表面对应在30℃上方第4个小格处，因此读数为34℃。
（2）在探究并联电路的电流规律时，如果只用规格相同的小灯泡实验，得到的结论具有偶然性，为了避免这种偶然性，让得出的结论更具有普遍性，实验中需要选择两个规格不相同的小灯泡完成实验。
（3） 设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为L，A点对应的力臂为3L，B点对应的力臂为2L，根据杠杆平衡条件可列等式：，解得，即需要在B点挂3个钩码。
当悬挂在A、B处的钩码都向支点方向移动1格后，左侧力与力臂的乘积为，右侧力与力臂的乘积为，左侧乘积大于右侧乘积，因此杠杆的左端会下沉。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、为保证实验的普遍性，需要使用不同规格的灯泡；
3、杠杆平衡条件：，代入数据计算杠杆运动状态。
（1）由图可知，该温度计的分度值为1℃，刻度向上增大，说明是零上温度，液柱在30℃上4小格处，故示数为34℃。
（2）为了避免实验偶然性，使结论具有普遍性，探究并联电路电流规律时，需要选用两个规格不同的小灯泡进行实验。
（3）[1]设每个钩码重力为G，杠杆每格长度为L， 点力臂为3L， 点力臂为2L，由杠杆平衡条件可知，，解得，即 点挂3个钩码。
[2]A、B都向支点移动1格，左边力和力臂乘积；右边力和力臂乘积，左边乘积更大，因此杠杆左端下沉。
18．【答案】（1）③②①
（2）条形
（3）N
（4）电流方向
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】（1）正确的操作顺序是③②①：也就是先在玻璃板上撒好铁屑，再接通电源让螺线管产生磁场，最后轻敲玻璃板，让铁屑在磁场作用下排列成规则的形状。
（2）在通电螺线管外部放置较多细铁屑，能够直观呈现出铁屑的分布状态，我们可以观察到，通电螺线管周围细铁屑的排列情况，和条形磁铁周围细铁屑的排列情况高度相似，由此可以得出结论：通电螺线管的外部磁场和条形磁铁的磁场分布特点相似。
（3）根据物理学的规定，自由小磁针静止时，它的N极所指向的方向就是该点的磁场方向。就像图乙展示的情况，螺线管通电后，我们记录下各个位置小磁针北极的指向，这个指向就是对应点的磁场方向。
（4）把电源的正负极调换位置后，电路中的电流方向就发生了改变，此时闭合开关，能够观察到小磁针的偏转方向和原来相反，说明磁场方向也和原来相反，这就证明了通电螺线管的磁场方向和电流方向有关。
【分析】1、 探究螺线管外部磁场分布 ，需要在玻璃板上撒好铁屑，使得通电螺线管产生磁场，轻敲播毕办，观察实验现象；
2、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）合理操作顺序为：③②①；即先撒铁屑→再通电产生磁场→最后轻敲纸板让铁屑规则排列。
（2）在通电螺线管外部多放置一些细铁屑，可以形象的显示出通电螺线管周围的细铁屑的排列与条形磁铁周围的细铁屑排列相似，由此可以判断，通电螺线管的外部磁场与条形磁铁的磁场相似。
（3）物理学中规定，自由小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向，如图乙，螺线管通电后记录小磁针北极的方向，这个方向就是该点的磁场方向。
（4）将电源正负极对调，电流方向改变，闭合开关，发现小磁针偏转方向与原来相反，磁场方向相反，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
19．【答案】（1）
（2）左
（3）①
（4）小灯泡短路；；右；
【知识点】电路故障的判断；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电压关系的实验中，正确的电路连接应为：定值电阻、滑动变阻器、开关与电源串联，电压表并联在定值电阻两端。题图中电流没有经过定值电阻，因此需要将原来从滑动变阻器接到定值电阻右侧接线柱的导线，改接到电压表的负接线柱上，修改后的电路如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片需要调到接入电路阻值最大的位置。由题图可知，本电路中滑动变阻器的右下接线柱接入电路，接入电路的电阻丝长度随滑片左移变长，阻值变大，因此闭合开关前滑片应移到最左端。
（3）根据探究实验的结论可知：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，即电阻增大为原来几倍，电流就会减小为原来的几分之一。因此电压相同时，20Ω电阻对应的电流应为10Ω电阻对应电流的一半，因此图像①符合实验结论。
（4）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路；小灯泡不亮，且电压表没有示数，故障原因可能是小灯泡短路，此时电压表与短路的小灯泡并联，因此电压表也被短路，示数为。
本实验中电压表选用的是0~3V量程，该量程的分度值为0.1V，此时电压表的示数为。已知小灯泡的额定电压为，需要增大小灯泡两端的电压，根据串联电路分压规律，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此应将滑片向右移动。
由图丁可知，当小灯泡两端电压等于额定电压时，通过小灯泡的电流为，根据欧姆定律公式，可计算出小灯泡正常发光时的电阻：
；
【分析】1、探究“电流与电压的关系”，定值电阻串联进电路中，电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
5、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比。
（1）探究电流与电压的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器、开关与电源串联，电压表与定值电阻并联。原电路中电流不通过定值电阻，应将从滑动变阻器接到定值电阻右侧接线柱的导线改接到电压表负极接线柱上，如图所示：
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值处。由图可知滑动变阻器右下接线柱接入电路，滑片越远离左下接线柱阻值越大，所以滑片应移到最左端。
（3）根据欧姆定律可知，电压相同时，电流与电阻成反比，所以电压相同时，20Ω电阻的电流应为10Ω电阻电流的一半，所以①图像是符合实验实际的。
（4）[1]闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡不亮且电压表无示数，可能是小灯泡短路，此时电压表被短路，示数为。
[2][3]电压表量程为，分度值为，示数为。小灯泡额定电压为，要使小灯泡两端电压增大到，根据串联电路分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向右移动。
[3]由图丁可知，当小灯泡两端电压为时，通过的电流为，根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻
20．【答案】（1）正确
（2）高；2、4、5
（3）动；能量守恒
（4）压缩空气做功，使空气内能增加、温度升高，进而使筒壁发热
（5）大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响物体势能大小的因素；机械能及其转化；做功改变物体内能；物理学方法
【解析】【解答】（1）观察图甲可以发现，三次实验保持了地面材料、篮球下落高度不变，只改变了篮球内部的气压大小，最终篮球触地反弹的高度并不相同，根据这一实验结果，可以证明猜想1是正确的。
（2） 若要探究“篮球反弹高度和下落高度的关系”，根据控制变量法，需要保持篮球内气压大小、地面材料不变，分析1、2、3三组的实验数据可以得出：下落高度越大，篮球的反弹高度越高。
分析表格中2、4、5三组实验可知，三组实验保持了下落高度相同，只改变了地面材料，最终篮球的反弹高度不同，由此可以说明篮球反弹高度和地面材料有关。
（3） 篮球从高处下落的过程中，所处高度不断降低，重力势能减小，下落速度不断增大，动能增大，这个过程中重力势能主要转化为动能。
能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，篮球反弹高度逐渐降低最终静止，是因为篮球在运动、和地面撞击的过程中，部分机械能不断转化为内能，总能量是守恒的，所以小西的猜想违背了能量守恒定律。
（4）给篮球打气过程中，活塞压缩筒内空气做功，打气筒的机械能会转化为筒内空气的内能，导致空气温度升高。筒底A位置靠近压缩区域，压缩做功主要发生在这里，因此A位置温度升高更明显；筒口B位置远离压缩做功的区域，温度升高幅度更小，由此可知打气筒发热的主要原因是压缩空气做功，并不是活塞和筒壁的摩擦导致的。
（5）冲击测试过程中，被测物体受到冲击后，冲击前后的速度变化量越小，说明冲击过程中损失的动能越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，也就说明被测物体的硬度越大。
【分析】1、探究 篮球反弹高度 与篮球内气压大小 的关系，需要观察不同气压下篮球的反弹高度；
2、机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
3、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
4、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧。
（1）由图甲可知，三次实验的地面材料和下落高度相同，篮球内气压大小不同，篮球触地后反弹的高度不同，由此可以证明猜想1是正确的。
（2）[1]要探究“篮球反弹高度与下落高度的关系”，需要控制篮球内气压大小和地面材料相同；由1、2、3三组实验数据可知，下落的高度越大，反弹的高度越高。
[2]由表格可知，2、4、5三组实验数据，下落的高度相同，地面材质不同，反弹的高度不同，说明篮球反弹的高度与地面材质有关。
（3）[1]篮球从高处下落时，高度降低、速度增大，重力势能主要转化为动能。
[2]能量不会凭空消失，篮球反弹高度降低、最终停下，是因为机械能转化为内能（摩擦、撞击生热），总能量保持不变，小西的猜想违背了能量守恒定律。
（4）打气时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为空气的内能，使空气温度升高，筒底A处是压缩空气，使A处温度更高；筒口B处远离压缩做功区域，温度更低，因此发热主因是压缩空气做功，而非活塞摩擦。
（5）冲击前后速度变化越小，说明物体的动能损失越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，即硬度越大。
21．【答案】（1）解：装载货物前，半潜船受到的浮力
（2）解：完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强
（3）解：匀速直线行驶过程中动力做的功
此过程中推进器输出的功率
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）装载货物前，半潜船受到的浮力；
（2）结合压强公式计算完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强；
（3）根据做功公式计算匀速直线行驶过程中动力做的功，结合功率公式计算此过程中推进器输出的功率。
（1）装载货物前，半潜船受到的浮力
（2）完成货物装载后，半潜船底部受到海水的压强
（3）匀速直线行驶过程中动力做的功
此过程中推进器输出的功率
22．【答案】（1）1；
（2）解：开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。
电热丝R1的阻值
低挡位的额定功率
（3）解：消耗的电能水吸收的热量
蒸汽拖把高挡位的加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）由可得，电源电压U保持不变时，发热功率P和接入电路的总电阻R成反比，总电阻越小，电火锅的发热功率越大。当开关S接1时，电路中只有接入工作，总电阻更小，因此此时对应高加热挡位。
根据功率公式变形可得，电火锅在高挡位正常加热时，电路的电流为：
【分析】1、多状态电路分析：公式为，电阻不同导致电功率不同，电阻越小，电功率越大，电阻越大，电功率越小；
2、开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。根据欧姆定律计算电热丝R1的阻值，结合电功率公式计算低挡位的额定功率；
3、结合做功公式计算消耗的电能，结合热量的公式计算水吸收的热量，根据效率公式计算蒸汽拖把高挡位的加热效率。
（1）[1]由可知，在电压一定时，电阻越小，功率越大。当开关接时，只有接入电路，电阻较小，此时为高挡位。
[2]根据，可得高挡位正常加热时电路中的电流
（2）开关接1时，电路为R1的简单电路，蒸汽拖把处于高挡位；
开关接2时，R1、R2串联，蒸汽拖把处于低挡位。
电热丝R1的阻值
低挡位的额定功率
（3）消耗的电能
水吸收的热量
蒸汽拖把高挡位的加热效率
23．【答案】（1）可再生；镜面
（2）解：水的质量为
（3）解：根据焦耳定律得，输电线上的电阻值
（4）解：发电站一年的发电量
根据得，一年里煤完全燃烧放出的总热量
由可知，所需燃烧煤的质量
【知识点】密度公式及其应用；镜面反射与漫反射；热机的效率；能源及其分类；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）太阳能能够持续不断地从自然界中获得，因此属于可再生能源。
定日镜的作用是将太阳光按照指定方向反射，聚集到吸热塔上，而定日镜的表面平整光滑，太阳光照射后会发生镜面反射。
【分析】（1）可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源，光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
（2）结合密度公式计算水的质量；
（3）根据焦耳定律得，输电线上的电阻值；
（4）发电站一年的发电量，结合效率公式计算得一年里煤完全燃烧放出的总热量，由可知，所需燃烧煤的质量。
（1）[1]太阳能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源。
[2]定日镜需要将阳光定向反射聚集到吸热塔，定日镜的表面光滑，发生的是镜面反射。
（2）水的质量为
（3）根据焦耳定律得，输电线上的电阻值
（4）发电站一年的发电量
根据得，一年里煤完全燃烧放出的总热量
由可知，所需燃烧煤的质量
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