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2026年四川绵阳市北川羌族自治县一模物理试卷
1．下列关于声现象的描述和分析，正确的是（　　）
A．图甲：医生用B超检查身体，说明声音可以传递能量
B．图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小
C．图丙：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播
D．图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的
【答案】C
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A：B超检查身体是利用声音可以传递信息，因此A错误；
B：演奏古筝时按压琴弦的不同位置，主要是通过改变振动琴弦的长度，改变琴弦振动的频率，从而改变音调，因此B错误；
C：运动员在水中依旧可以听到音乐，说明声音可以在液体中传播，因此水能够传声，因此C正确；
D：防噪声耳罩的作用是在人耳处减弱噪声，并非在其他环节控制噪声，因此D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）
4、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
2．材料、能源和信息在综合国力竞争方面具有重要战略价值，下列说法正确的是（　　）
A．“复兴号”动车组控制系统中的芯片由超导体制成
B．当前核电站是利用核聚变发电的
C．我国的北斗导航系统利用电磁波传输信号
D．太阳能属于不可再生能源
【答案】C
【知识点】能源及其分类；核裂变；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间，则复兴号动车组控制系统中的芯片由半导体制成，故A错误；
B． 当前核电站利用的是核裂变，而不是核聚变，故B错误；
C．电磁波的传播不需要介质，且能传递信息，因此北斗导航系统利用电磁波传递信息，故C正确；
D．太阳能可以在短时间内得到补充，则太阳能属于可再生能源，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据半导体的性质和用途判断；
B.根据核电站的工作原理判断；
C.根据电磁波的特点和应用判断；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
3．如图所示，说法正确的是（　　）
A．甲图中两个小球一定带有异种电荷
B．乙图的连接方式符合家庭电路安全用电要求
C．丙图是发电机的原理图
D．丁图是电动机的原理图
【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；安全用电原则；电磁继电器的组成、原理和特点；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、甲图两小球相互吸引，存在两种情况：两球带异种电荷，或一球带电、另一球不带电，因此不一定带异种电荷，故 A 错误；
B、乙图中开关接在零线上，断开开关后灯泡仍与火线相连，易发生触电；三孔插座左孔接火线、右孔接零线，接线颠倒，不符合安全用电规范，故 B 错误；
C、丙图装置无电源，导体切割磁感线时电流表产生感应电流，是电磁感应现象，为发电机工作原理图，故 C 正确；
D、丁图是电磁继电器，利用电流磁效应实现电路自动控制，并非电动机原理图，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查电荷间相互作用，异种电荷相吸、带电体可吸引轻小不带电物体；
B、考查家庭电路规范，开关应接火线，三孔插座遵循 “左零右火上接地”；
C、考查发电机原理，电磁感应装置无外接电源，依靠切割磁感线产生电流；
D、考查电磁继电器与电动机区分，电动机是通电导体在磁场受力，电磁继电器是电磁铁控制开关。
4．如图所示的四个情景，下列说法中错误的是（　　）
A．甲图中拦河大坝上窄下宽是因为水的深度越深，压强越大
B．乙图中载重汽车有许多宽大的轮子是为了减小对路面的压力
C．丙图中的龙卷风能够把地面上的物体“吸”起卷入空中的原因是龙卷风内部流速大压强小
D．丁图中的自制气压计从山脚到山顶，细管中液面会升高
【答案】B
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．液体压强随深度的增加而增大，为了安全，拦河大坝上窄下宽，故A正确，不符合题意；
B．载重汽车的车轮宽大，在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故B错误，符合题意；
C．龙卷风能把地面上的物体“吸”入空中，是龙卷风内部流速大压强小，产生压强差，故C正确，不符合题意；
D．大气压随海拔高度的增大而减小，将气压计从山脚拿到山顶，外界大气压降低，瓶内气压不变，细管中液面会上升，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】同种液体，深度越深；压强越大，压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；大气压强随海拔高度的增大而减小；流体在流速大的地方压强小。
5．如图所示的四个热学实验中，叙述正确的是（　　）
A．挤压两铅棒使它们合在一起，下面可悬挂砝码，这是由于大气压强的作用
B．试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，软木塞的内能转化为它的机械能
C．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，这说明上面瓶中的空气密度较大
D．金属管装有少量酒精，迅速拉动缠在金属管外的皮绳，可使橡皮塞从管口飞出
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．图中，挤压的铅棒合在一起，悬挂砝码不能使分开，是分子间存在引力，故A错误；
B．试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体混合，是扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故C错误；
D．金属管装有少量酒精，迅速拉动皮绳，克服摩擦做功，使金属管和酒精的内能增大，温度升高，酒精汽化，高压蒸气推动橡皮塞做功，故D正确。
故选D。
【分析】分子间存在引力和斥力；水蒸气的内能大，对外做功，转化为机械能；气体混合，分子在不同的无规则运动；物体间摩擦，做功改变内能。
6．蹦极是一种具有刺激性的运动项目；如图所示，某次蹦极时，人从蹦极台跳下，到A点时弹性绳刚好绷直，人继续下落到最低点B；若不考虑空气阻力，下列关于人在下降过程中能量分析的说法中正确的是（　　）
A．到达A点前，人减小的重力势能全部转化为动能
B．到达A点时，弹性绳的弹性势能最小，人的动能最大
C．从A点运动到B点过程中，人的机械能守恒
D．从A点运动到B点过程中，人的重力势能全部转化为弹性势能
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．当人从蹦极台跳下，到A点时弹性绳恰好伸直，在到达A点之前，弹性绳没有发生形变，不存在弹性势能。这个过程中，人的质量不变，所处高度不断降低，下落速度不断增大，因此人的重力势能减小，动能增大，人减少的重力势能全部转化为自身的动能，故A正确；
B．A点是弹性绳刚好伸直的位置，因此到达A点时弹性绳没有弹性形变，弹性势能为零，是最小的；此时弹性绳对人没有拉力，人只受到竖直向下的重力，合力方向向下，人会继续加速下落，因此到达A点时人的动能不是最大的，故B错误；
C．如果不考虑空气阻力的影响，从A点运动到B点的过程中，人的机械能不断转化为弹性绳的弹性势能，因此人的机械能是减小的，故C错误；
D．从A点运动到B点的过程中，人的重力势能除了转化为弹性绳的弹性势能，还会转化为人自身的动能，故D错误。
故选A。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．某手机防窥膜通过限制屏幕可视角度实现防偷窥效果，其防窥结构层采用了微细百叶窗技术，放大示意图如图甲所示；其光学原理如图乙所示，可视范围越小，防窥效果越好。下列说法正确的是（　　）
A．两侧的人看不清屏幕内容是由于光的反射
B．适当减小微细叶片的间距可以让防窥效果更好
C．适当降低微细叶片的高度可以让防窥效果更好
D．该手机防窥膜对各个方向都能有效防偷窥
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】A、两侧的人看不清屏幕是因为光沿直线传播，屏幕发出的光被微细叶片遮挡，无法进入侧面人眼，不是光的反射，故 A 错误；
B、减小微细叶片的间距，可视范围会变小，题目说明可视范围越小防窥效果越好，因此防窥效果更好，故 B 正确；
C、降低微细叶片高度，遮挡范围变小，可视范围变大，防窥效果变差，故 C 错误；
D、由图乙可知，只有正面狭小范围能看清，侧面、斜后方无法看清，不能对各个方向防偷窥，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的直线传播应用，百叶窗依靠遮挡光线实现限制可视角度；
B、分析叶片间距对可视范围的影响，间距越小透光侧向角度越小，防窥更佳；
C、分析叶片高度的作用，高度越低遮挡能力越弱，可视角度变大；
D、结合示意图判断防窥膜仅限制侧面视角，并非全方向防窥。
8．如图所示的实验，下列解释正确的是（　　）
A．甲图：压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越明显
B．乙图：连通器中装入同种液体，液体不流动时，连通器各部分中的液面总保持相平
C．丙图：吹硬币使硬币翻越木条，是利用流体在流速大的地方压强大的原理
D．丁图：托里拆利实验中，把玻璃管倾斜，管内外水银面高度差变大
【答案】B
【知识点】力的作用效果；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；连通器原理及其应用；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A、甲图铅笔两端压力相同，笔尖受力面积更小，作用效果更明显，说明压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显，故 A 错误；
B、乙图是连通器，连通器装入同种液体，液体静止不流动时，各部分液面保持相平，故 B 正确；
C、丙图吹硬币上方，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差把硬币托起翻越木条，原理是流体流速大处压强小，故 C 错误；
D、丁图托里拆利实验，大气压不变，倾斜玻璃管只会让水银柱长度变长，管内外水银面竖直高度差不变，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查影响压力作用效果的因素，压力一定时，受力面积越小压强越大；
B、考查连通器原理，同种静止液体，连通器各容器液面齐平；
C、考查流体压强与流速关系，流速越大，流体压强越小；
D、考查托里拆利实验，大气压决定水银柱竖直高度，玻璃管倾斜不改变高度差。
9．自动窗帘可以通过内部光敏电阻检测光照强度，其控制电路原理图如图甲所示。电源电压恒定，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度E变化的关系图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　）
A．光照强度越大，R的阻值越小
B．光照强度越大，电路中的电流越大
C．光照强度越小，电压表示数越小
D．光照强度越小，R0的功率越小
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由甲图可知，定值电阻与光敏电阻串联，电压表测两端电压；由乙图可知，光照强度越大，光敏电阻的阻值越大。
A、光照强度越大，的阻值越大，不是越小，故A错误；
B、光照强度越大，阻值越大，电路总电阻越大，电源电压不变，根据，电路电流越小，故B错误；
C、光照强度越小，阻值越小，根据串联分压规律，分得电压越小，电压表示数越小，故C正确；
D、光照强度越小，阻值越小，总电阻越小，电路电流越大；定值电阻功率，不变、电流变大，功率越大，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查I-R图像读取，光照强度与光敏电阻阻值变化关系；
B、考查欧姆定律串联电路分析，总电阻随变大而变大，电流随之减小；
C、考查串联分压，电阻越小，其两端分压越小；
D、考查定值电阻电功率计算，电流越大，定值电阻实际功率越大。
10．某小组的同学利用如图甲所示的装置，做“探究凸透镜成像规律”的实验，小王同学三次在光屏上看到烛焰的像如图乙所示，A＇、B＇、C＇分别是烛焰A、B、C在光屏上所成的像。关于此实验的下列说法中错误的是（　　）
A．在实验之前调节仪器时，曾在光屏上看到窗外景物所成的清晰的像，这个像与图乙中烛焰A的成像原理相同。
B．当把蜡烛移动到M点时，在光屏上找不到烛焰的像，因为此时烛焰不成像。
C．分析图乙中信息，凸透镜所成的实像都是倒立的。
D．蜡烛远离凸透镜时，烛焰所成的像靠近凸透镜，因此用相机拍照，拍完近景再拍远景时，应将相机的镜头向远离景物的方向调一些，才能拍出清晰的照片。
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、窗外景物到透镜距离大于 2f，成倒立、缩小实像，与图乙烛焰 A（物距大于 2f，倒立缩小实像）成像原理相同，故 A 正确；
B、M 点在一倍焦距以内，此时烛焰成正立、放大的虚像，虚像无法呈现在光屏上，并非不成像，说法错误，故 B 错误；
C、图乙中 A'、B'、C' 均为倒立实像，说明凸透镜所成实像都是倒立的，故 C 正确；
D、物远像近像变小，拍远景时物距变大，像距要减小，相机镜头向远离景物、靠近底片方向调节，故 D 正确；
故答案为：B。
【分析】A、考查物距大于二倍焦距的成像规律，照相机、窗外景物成像均为此原理；
B、考查物距小于一倍焦距的成像特点，此时成虚像，光屏无法承接；
C、总结凸透镜实像共同特点，所有实像均倒立，虚像正立；
D、考查凸透镜成像规律在照相机中的应用，物距增大，像距需减小。
11．如图所示是小赵在水平公路上骑行的情景，下列说法正确的是（　　）
A．自行车受到的重力和地面对自行车的支持力是一对平衡力
B．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对相互作用力
C．自行车匀速转弯时，自行车的运动状态保持不变
D．停止蹬车后自行车受到惯性继续向前运动
【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、地面对自行车的支持力等于人和自行车总重力，大于自行车自身重力，两个力大小不等，不是一对平衡力，故 A 错误；
B、自行车对地面的压力作用在地面，地面对自行车的支持力作用在自行车，大小相等、方向相反、作用在两个物体、同一直线上，是一对相互作用力，故 B 正确；
C、自行车匀速转弯时运动方向不断改变，运动状态发生变化，故 C 错误；
D、惯性是物体本身的属性，不能说 “受到惯性”，应该是自行车由于具有惯性继续向前运动，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查二力平衡条件，平衡力需大小相等、同一物体；
B、考查相互作用力判断，两个力分别作用在彼此两个物体上；
C、考查运动状态的判断，运动方向改变则运动状态改变；
D、考查惯性概念，惯性是属性，不能表述为 “受到惯性”。
12．探究“电流与电阻的关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值不变，现采用如图所示电路进行探究，器材：理想电源（）、滑动变阻器（）、电流表、电压表、开关、三个定值电阻（）及导线若干，以下说法错误的是（　　）
A．要获得3组实验数据，电压的预设值最小为
B．要获得3组实验数据，电压表量程应选“0~15V”
C．若该实验中更换定值电阻后，需要改变滑动变阻器的阻值保持定值电阻两端的电压保持不变
D．若实验电压的预设值为，要获得3组实验数据，可以更换最大阻值为的滑动变阻器
【答案】D
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】AB．图中，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，探究电流和电阻关系时，电压不变，电压表处的电阻变大，滑动变阻器的取值变大，根据串联分压原理可得：，定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器阻值40Ω，代入数据：，解得UV=3V；则电压的预设值最小为3V，电源电压为9V，当滑动变阻器接入电路中的阻值为零时，定值电阻两端的电压最大为9V，电压表量程应选“0~15V”，故AB正确，不符合题意；
C．探究电流与电阻的关系时，保持定值电阻两端的电压不变，更换定值电阻后，提供改变滑动变阻器的阻值，保持定值电阻两端的电压不变，故C正确，不符合题意；
D．若实验电压的预设值为2V，定值电阻的最大阻值为20Ω，代入数据可得：，则滑动变阻器接入电路的阻值RP=70Ω，可更换最大阻值为70Ω的滑动变阻器，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】探究电流和电阻关系时，定值电阻分压保持不变，实验时更换电阻，移动滑片保持电压表示数一定，根据分压规律，计算滑动变阻器的电阻或电压表示数值。
13．如图，水平桌面上三个完全相同的容器装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体放入容器内，待正方体静止后，三容器内水面高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．三个物体密度大小关系为ρA>ρB>ρC
B．三个物体受到的浮力大小关系为FA=FB=FC
C．容器底受到水的压强大小关系为p甲=p乙=p丙
D．容器底受到水的压力大小关系为F甲【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、由图可知排开水体积，根据得浮力；A、B漂浮、C悬浮，浮力等于自身重力，故；三者体积相同，由得密度，故A错误；
B、排开水体积不同，浮力，故B错误；
C、三容器液面高度相同，水密度不变，根据，容器底部受到水的压强，故C正确；
D、容器底面积相等，底部水的压强相等，由可知容器底受到水的压力相等，即，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查阿基米德原理与浮沉条件综合，结合排液体积判断浮力、重力、密度大小；
B、考查阿基米德原理，同种液体中，排开液体体积越大浮力越大；
C、考查液体压强公式，液体密度、深度均相同时，液体压强相等；
D、考查压强变形公式，压强、受力面积相同，液体对容器底压力相等。
14．如图所示，小丽从距平面镜3m处相对平面镜以1m/s的速度远离平面镜，此时，像将会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；现将一块和镜面一般大的木板放在镜子后面1m处，这时她　 　（选填“仍能”或“不能”）在镜中看到自己的像。
【答案】不变；仍能
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 平面镜成像的本质是光线经过镜面发生镜面反射后，反射光线射入人的眼睛，最终形成成像；平面镜成像的特点是成正立、与物体等大的虚像，且像与物体到平面镜的距离相等，像的大小始终和物体本身大小一致，因此当小丽远离平面镜时，她的像的大小不会发生改变。
平面镜成像是依靠光的反射形成的，平面镜的后方并没有实际光线会聚形成像，因此即便在镜子后方放置一块和镜子大小相同的木板，也不会对成像过程产生影响，人依旧可以在平面镜中看到小丽的像。
【分析】平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
15．为了测定某种金属块的比热容，把质量为的金属块加热到，再投入、20℃的水中，混合后最终水的温度为40℃。若不计热损失，则水吸收的热量　 　J，该金属的比热容为　 　。
【答案】8400；280
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 首先计算水升高的温度：40℃-20℃=20℃
本题不计热量损失，因此金属块放出的热量全部被水吸收，二者热量相等，即
金属块降低的温度为60℃-40℃=50℃，根据放热公式变形可得到金属的比热容：；
【分析】具题目分析，水和金属温度变化量，结合热量的计算公式分析水吸收的热量，金属的比热容。
16．如图所示，在水平桌面上放置A、B两个长方体物块，A物块受到水平向右拉力，B物块受到水平向左拉力，此时A、B两物块一起向左做匀速直线运动，则A对B的摩擦力为　 　N，水平桌面对B的摩擦力为　 　N。
【答案】5；3
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 当A向左做匀速直线运动时，A处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二者大小相等，因此B对A的摩擦力大小等于拉力，为5N。由于A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对相互作用力，相互作用力大小相等，因此A对B的摩擦力也为5N。
当AB一起向左做匀速直线运动时，把AB看作一个整体，整体处于平衡状态，受到的合力为零。对整体进行受力分析可得，水平桌面对B的摩擦力大小为：；
【分析】1、力的合成与应用：两个力在同一直线上，方向相反，合力为两个力的代数差，方向相同，合力为两个力的代数和。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
17．如图是汽车座椅的加热电路，、是电热丝，旋钮式开关可绕O点转动，若选择“高温”档，应将开关转至　 　（选填“1”或“2”）位置；已知电源电压为12V，阻值为14Ω，“低温”档功率为6W，则在“高温”档，通电100s时间，产生的热量为　 　J。
【答案】2；1440
【知识点】电功率；电功率的计算
【解析】【解答】(1)由图可知，当旋转开关转至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，汽车座椅处于低温挡；当旋转开关转至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，汽车座椅处于高温挡；
(2)由可知，R1、R2的串联总电阻：
，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：
，高温挡的电功率：
，
在“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量：Q=W=P高温t=14.4W×100s=1440J。
故答案为：2；1440。
【分析】（1）由图可知，当旋转开关转至1时，R1、R2串联，当旋转开关转至2时，只有R2工作，根据串联电路的电阻特点和可知汽车座椅高温挡和低温挡的电路连接；
（2）根据低温挡功率和可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值，根据可求出高温挡的电功率，根据Q=W=Pt求出在“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量。
18．如图所示，体积为200cm3的木块在绳子拉力F=1.2N的作用下完全浸没在水中，处于静止状态（不计绳重），此时木块受到浮力大小为 　 　N，木块受到的重力为 　 　N。
【答案】2；0.8
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】木块完全浸没，，根据阿基米德原理求浮力：
。
木块静止，受力平衡：竖直向上浮力，竖直向下重力、拉力，满足，
则木块重力。
故答案为：；
【分析】(1) 本题考查阿基米德原理，物体完全浸没时排开水体积等于自身体积，代入公式直接算出浮力。
(2) 本题考查受力平衡，对浸没木块受力分析，浮力等于重力加拉力，变形求出木块自身重力。
19．图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。
（1）从图像中发现海波熔化时间过短，下列措施中，一定不能延长海波熔化时间的是　 　（填序号）。
①增加试管中海波的质量 ②撤掉酒精灯或用“小火”加热
③降低烧杯中水的初温 ④增加烧杯中水的质量
（2）第5分钟时试管内物体温度如图丙所示：该物质的凝固点为 　 　 ；该物质第14min的内能 　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）第6min的内能。
【答案】（1）③
（2）48℃；小于
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】（1）①增加试管中海波的质量，变化同样的温度需要吸收的热量多，需要的时间长，会延长海波熔化时间，故①不符合题意；
②撤掉酒精灯或用“小火”加热，可以减少水吸收的热量，从而使水的温度上升的较缓，从而延长海波熔化的时间，故②不符合题意；
③降低烧杯中水的初温，只能使加热的时间延长，而海波熔化过程是吸收热量温度不变的过程，不能延长海波熔化的时间，故③符合题意；
④增加烧杯中水的质量，在吸收相同的热量时，水的温度上升的较慢，从而延长海波熔化的时间，故④不符合题意。
故答案为：③。
（2）由图丙可知，该温度计的分度值为1℃，示数为48℃。由图乙可知，该物质是晶体，晶体的熔点和凝固点相同，第5分钟时试管内物体处于熔化过程，此时温度和凝固点相同，所以该物质的凝固点为48℃。
在第4min到第14min过程中，物质先从熔化过程结束升温到一定温度，然后又开始放热凝固。由于同种物质凝固点等于熔点，在该过程中，晶体熔化和凝固互逆，可知物质在第6min和第12min时，质量、状态、温度以及物质种类均相同，所以物质第6min的内能等于第12min的内能，物质在凝固过程中放出热量，内能减小，所以该物质第14min的内能小于第6min的内能。
故答案为：48℃；小于
【分析】(1) 本题考查晶体熔化实验时长控制，熔化时长由熔化所需总热量、单位时间供热量决定，仅改变水的初始温度不改变熔化阶段吸热量与供热速度，无法延长熔化过程。
(2) 本题考查晶体熔、凝固特点：同种晶体熔点等于凝固点；熔化吸热内能增大，凝固放热内能减小，对比不同时刻吸放热情况判断内能大小。
（1）①增加试管中海波的质量，变化同样的温度需要吸收的热量多，需要的时间长，会延长海波熔化时间，故①不符合题意；
②撤掉酒精灯或用“小火”加热，可以减少水吸收的热量，从而使水的温度上升的较缓，从而延长海波熔化的时间，故②不符合题意；
③降低烧杯中水的初温，只能使加热的时间延长，而海波熔化过程是吸收热量温度不变的过程，不能延长海波熔化的时间，故③符合题意；
④增加烧杯中水的质量，在吸收相同的热量时，水的温度上升的较慢，从而延长海波熔化的时间，故④不符合题意。
故选③。
（2）[1]由图丙可知，该温度计的分度值为1℃，示数为48℃。由图乙可知，该物质是晶体，晶体的熔点和凝固点相同，第5分钟时试管内物体处于熔化过程，此时温度和凝固点相同，所以该物质的凝固点为48℃。
[2]在第4min到第14min过程中，物质先从熔化过程结束升温到一定温度，然后又开始放热凝固。由于同种物质凝固点等于熔点，在该过程中，晶体熔化和凝固互逆，可知物质在第6min和第12min时，质量、状态、温度以及物质种类均相同，所以物质第6min的内能等于第12min的内能，物质在凝固过程中放出热量，内能减小，所以该物质第14min的内能小于第6min的内能。
20．在“测量滑轮组机械效率”的实验中，小兵与同学们用同一滑轮组进行了三次实验（如图所示），实验数据记录如表：
次数 钩码重/N 钩码上升距离/cm 弹簧测力计示数/N 弹簧测力计 机械效率
1 2 10 0.8 30 83.3%
2 4 10 1.5 30 ①
3 6 10 ② 30 90.9%
（1）实验时应沿竖直方向 　 　 拉动弹簧测力计，并用刻度尺测出物体上升的高度；
（2）分析数据可得结论：使用同一滑轮组，滑轮组的机械效率与物重的关系可能比较符合的图是 ；
A． B．
C． D．
（3）若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计绳重和摩擦，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率 　 　 （选填“改变”或“不变”）。
【答案】（1）匀速
（2）B
（3）不变
【知识点】增大或减小机械效率的方法；滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计的示数。
故答案为：匀速
（2）动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重力和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，由于摩擦增大，额外功也增大，所以机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
（3）不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的重力做的功为额外功，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率为
由于物体的重力G和动滑轮的重力不变，所以滑轮组的机械效率不变。
故答案为：不变
【分析】(1) 匀速拉动保证受力平衡，弹簧测力计示数等于绳子自由端拉力，是滑轮组测机械效率的规范操作。
(2) 机械效率随物重增大而增大，但并非正比例关系，额外功同步增加使效率提升逐渐平缓，匹配曲线 B。
(3) 不计绳重摩擦，额外功只由动滑轮重力产生，绕绳方式只改变拉力大小、不改变有用功与额外功的比值，因此效率不变。
（1）实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计的示数。
（2）动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重力和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，由于摩擦增大，额外功也增大，所以机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的重力做的功为额外功，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率为
由于物体的重力G和动滑轮的重力不变，所以滑轮组的机械效率不变。
21．如图甲所示，晓亮在“测量小灯泡的额定电功率”实验中，电源电压为6V，额定电压为2.5V的小灯泡电阻约为10Ω，有两个规格分别为“30Ω；1A”滑动变阻器A和“10Ω；2A”的滑动变阻器B。
（1）本实验中应选择变阻器　 　（选填“A”或“B”）；
（2）请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求：滑片P向左移动时灯泡变亮　 　；
（3）闭合开关，移动滑片后发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“右”或“左”）端移动，直到电压表示数为2.5V；
（4）聪明的晓亮用一个阻值为10Ω的定值电阻替代电压表，设计了如图丙所示的电路，测量出额定电压为2.5V小灯泡正常发光时的电阻。
①闭合开关，将拨到触点“1”，移动滑动变阻器滑片，使电流表的示数为0.25A；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，再将开关拨到触点“2”。读出电流表的示数I；
③灯泡正常发光时电阻的表达式为　 　（用已知量和测量量表示）。
【答案】A；；左；
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为10Ω，由欧姆定律可知，灯的额定电流
灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻，故选用变阻器B。
（2）电流表应串联在电路中，选择小量程；滑片P向左移动时灯泡变亮，阻值应减小，左下接线柱接入电路；如下图：
（3）电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.5V，小于灯的额定电压，根据串联分压可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压。
（4）实验步骤：①闭合开关S1，将S2拨到触点“1”，移动滑动变阻器滑片，使电流表的示数为0.25A；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，再将开关S2拨到触点“2”，读出电流表的示数I；
③在①中，由欧姆定律，定值电阻的电压U0=I1R0=0.25A×10Ω=2.5V，灯的电压为额定电 压UL=2.5V，灯正常发光； 在②中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光， 灯的额定电流IL=I-I1=I-0.25A，根据欧姆定律得，灯泡正常发光时电阻的表达式为；
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程，所以电压表测量电源电压，电流表测量定值电阻电流；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，
5、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
6、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
22．图为某小汽车测定油箱内油量的电路原理图。其中：为压力传感器，其电阻值随受到压力的变化而变化，阻值与压力成反比；表A为油量表，它实质是一只电流表，油箱内油量的变化通过电流表示数的变化显示出来；阻值为的定值电阻；电源电压恒为U；油箱位于压力传感器上，空油箱的重为。若电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，求：
（1）加满油时，求两端的电压；
（2）加满油时，求的阻值是；
（3）如果油箱中油空时，电流表的示数为0.1A，则当油箱里加满油时，求油箱中油的总重力。
【答案】（1）解：电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，说明电路中电流为0.6A，则两端的电压为
（2）解：根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值为
（3）解：空油箱时，压敏电阻的阻值为
根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）结合欧姆定律计算两端的电压；
（2）根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值；
（3）结合电阻的串联，以及欧姆定律计算可知空油箱时，压敏电阻的阻值，根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
，据此计算油箱中油的总重力。
（1）电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，说明电路中电流为0.6A，则两端的电压为
（2）根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值为
（3）空油箱时，压敏电阻的阻值为
根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
23．如图甲是某中学科技小组设计的打捞水中物体的装置示意图。DB是以O点为转轴的水平杠杆，杠杆可以绕O点在竖直平面内转动，OD的长度为2m。水平地面上的配重E通过细绳竖直拉着杠杆D端，配重E的质量mE为250kg。安装在杠杆DB上的行走装置由支架、动滑轮X、提升电动机、定滑轮K构成，行走装置的质量m为20kg。电动机Q可以通过定滑轮S和动滑轮X拉动行走装置沿BO水平滑动。固定在提升电动机下的定滑轮K和动滑轮M组成滑轮组Y，当行走装置处于杠杆DB上C点的位置时，提升电动机拉动绳子H端，通过滑轮组Y竖直提升水中的圆柱体A。圆柱体A完全在水中，以0.1m/s匀速上升的过程中，滑轮组Y的机械效率为η1，配重E对地面的压强为p1；物体A以原来的速度匀速竖直上升，全部露出水面后，最终停在空中某高度时，配重E对地面的压强为p2。滑轮组Y提升物体A的过程中，行走装置受到的水平拉力始终为零，杠杆DB在水平位置保持平衡。电动机H处绳子拉力的功率随时间变化的情况如图乙所示。已知圆柱体A的质量mA为60kg，底面积为30dm2，p1与p2之比为4∶1。物体A被打捞出水面后，停留在一定高度，电动机Q开始拉动行走装置。在行走装置以0.05m/s的速度水平匀速移动的过程中，电动机Q处拉力T的功率为5W，行走装置受到的水平拉力为F。细绳和杠杆的质量、滑轮与轴的摩擦、水对物体的阻力均忽略不计，g取10N/kg。求：
（1）动滑轮M所受的重力；
（2）机械效率η1；
（3）OC的长度；
（4）拉力F。
【答案】（1）解：对滑轮组，忽略摩擦，电动机H处绳子拉力的功率
因此，A完全在水中时①
A完全出水后②
圆柱体A所受的重力为
则动滑轮M所受的重力
（2）解：由①式得
圆柱体A完全在水中时滑轮组机械效率
代入数据得
（3）解：行走装置的重力
当A在水中时，杠杆C端总向下压力
根据杠杆平衡条件
得D端拉力
配重E的重力
配重E对地面的压力
当A出水后，杠杆C端总向下压力
同理得D端拉力
配重E对地面的压力
压强，配重底面积不变，因此
代入得
解得
（4）解：行走装置由动滑轮X拉动，行走装置速度，拉力的速度
已知的功率，由得
行走装置受到的拉力
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；杠杆的平衡条件；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】(1) 结合图像功率、滑轮组绳速，分浸没、出水两种状态列受力方程，联立求解动滑轮自重。
(2) 滑轮组水中机械效率，有用功为提升物体净拉力做功，总功包含克服动滑轮重力做功，代入对应力计算效率。
(3) 杠杆平衡结合压强比例关系，分别求出两种工况下杠杆 D 端拉力、配重地面压力，利用压强比列方程解力臂OC。
(4) 水平动滑轮省力，先由功率求细绳拉力，再二倍得到行走装置受到的水平拉力。
（1）对滑轮组，忽略摩擦，电动机H处绳子拉力的功率
因此，A完全在水中时①
A完全出水后②
圆柱体A所受的重力为
则动滑轮M所受的重力
（2）由①式得
圆柱体A完全在水中时滑轮组机械效率
代入数据得
（3）行走装置的重力
当A在水中时，杠杆C端总向下压力
根据杠杆平衡条件
得D端拉力
配重E的重力
配重E对地面的压力
当A出水后，杠杆C端总向下压力
同理得D端拉力
配重E对地面的压力
压强，配重底面积不变，因此
代入得
解得
（4）行走装置由动滑轮X拉动，行走装置速度，拉力的速度
已知的功率，由得
行走装置受到的拉力
1 / 12026年四川绵阳市北川羌族自治县一模物理试卷
1．下列关于声现象的描述和分析，正确的是（　　）
A．图甲：医生用B超检查身体，说明声音可以传递能量
B．图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小
C．图丙：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播
D．图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的
2．材料、能源和信息在综合国力竞争方面具有重要战略价值，下列说法正确的是（　　）
A．“复兴号”动车组控制系统中的芯片由超导体制成
B．当前核电站是利用核聚变发电的
C．我国的北斗导航系统利用电磁波传输信号
D．太阳能属于不可再生能源
3．如图所示，说法正确的是（　　）
A．甲图中两个小球一定带有异种电荷
B．乙图的连接方式符合家庭电路安全用电要求
C．丙图是发电机的原理图
D．丁图是电动机的原理图
4．如图所示的四个情景，下列说法中错误的是（　　）
A．甲图中拦河大坝上窄下宽是因为水的深度越深，压强越大
B．乙图中载重汽车有许多宽大的轮子是为了减小对路面的压力
C．丙图中的龙卷风能够把地面上的物体“吸”起卷入空中的原因是龙卷风内部流速大压强小
D．丁图中的自制气压计从山脚到山顶，细管中液面会升高
5．如图所示的四个热学实验中，叙述正确的是（　　）
A．挤压两铅棒使它们合在一起，下面可悬挂砝码，这是由于大气压强的作用
B．试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，软木塞的内能转化为它的机械能
C．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，这说明上面瓶中的空气密度较大
D．金属管装有少量酒精，迅速拉动缠在金属管外的皮绳，可使橡皮塞从管口飞出
6．蹦极是一种具有刺激性的运动项目；如图所示，某次蹦极时，人从蹦极台跳下，到A点时弹性绳刚好绷直，人继续下落到最低点B；若不考虑空气阻力，下列关于人在下降过程中能量分析的说法中正确的是（　　）
A．到达A点前，人减小的重力势能全部转化为动能
B．到达A点时，弹性绳的弹性势能最小，人的动能最大
C．从A点运动到B点过程中，人的机械能守恒
D．从A点运动到B点过程中，人的重力势能全部转化为弹性势能
7．某手机防窥膜通过限制屏幕可视角度实现防偷窥效果，其防窥结构层采用了微细百叶窗技术，放大示意图如图甲所示；其光学原理如图乙所示，可视范围越小，防窥效果越好。下列说法正确的是（　　）
A．两侧的人看不清屏幕内容是由于光的反射
B．适当减小微细叶片的间距可以让防窥效果更好
C．适当降低微细叶片的高度可以让防窥效果更好
D．该手机防窥膜对各个方向都能有效防偷窥
8．如图所示的实验，下列解释正确的是（　　）
A．甲图：压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越明显
B．乙图：连通器中装入同种液体，液体不流动时，连通器各部分中的液面总保持相平
C．丙图：吹硬币使硬币翻越木条，是利用流体在流速大的地方压强大的原理
D．丁图：托里拆利实验中，把玻璃管倾斜，管内外水银面高度差变大
9．自动窗帘可以通过内部光敏电阻检测光照强度，其控制电路原理图如图甲所示。电源电压恒定，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度E变化的关系图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　）
A．光照强度越大，R的阻值越小
B．光照强度越大，电路中的电流越大
C．光照强度越小，电压表示数越小
D．光照强度越小，R0的功率越小
10．某小组的同学利用如图甲所示的装置，做“探究凸透镜成像规律”的实验，小王同学三次在光屏上看到烛焰的像如图乙所示，A＇、B＇、C＇分别是烛焰A、B、C在光屏上所成的像。关于此实验的下列说法中错误的是（　　）
A．在实验之前调节仪器时，曾在光屏上看到窗外景物所成的清晰的像，这个像与图乙中烛焰A的成像原理相同。
B．当把蜡烛移动到M点时，在光屏上找不到烛焰的像，因为此时烛焰不成像。
C．分析图乙中信息，凸透镜所成的实像都是倒立的。
D．蜡烛远离凸透镜时，烛焰所成的像靠近凸透镜，因此用相机拍照，拍完近景再拍远景时，应将相机的镜头向远离景物的方向调一些，才能拍出清晰的照片。
11．如图所示是小赵在水平公路上骑行的情景，下列说法正确的是（　　）
A．自行车受到的重力和地面对自行车的支持力是一对平衡力
B．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对相互作用力
C．自行车匀速转弯时，自行车的运动状态保持不变
D．停止蹬车后自行车受到惯性继续向前运动
12．探究“电流与电阻的关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值不变，现采用如图所示电路进行探究，器材：理想电源（）、滑动变阻器（）、电流表、电压表、开关、三个定值电阻（）及导线若干，以下说法错误的是（　　）
A．要获得3组实验数据，电压的预设值最小为
B．要获得3组实验数据，电压表量程应选“0~15V”
C．若该实验中更换定值电阻后，需要改变滑动变阻器的阻值保持定值电阻两端的电压保持不变
D．若实验电压的预设值为，要获得3组实验数据，可以更换最大阻值为的滑动变阻器
13．如图，水平桌面上三个完全相同的容器装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体放入容器内，待正方体静止后，三容器内水面高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．三个物体密度大小关系为ρA>ρB>ρC
B．三个物体受到的浮力大小关系为FA=FB=FC
C．容器底受到水的压强大小关系为p甲=p乙=p丙
D．容器底受到水的压力大小关系为F甲14．如图所示，小丽从距平面镜3m处相对平面镜以1m/s的速度远离平面镜，此时，像将会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；现将一块和镜面一般大的木板放在镜子后面1m处，这时她　 　（选填“仍能”或“不能”）在镜中看到自己的像。
15．为了测定某种金属块的比热容，把质量为的金属块加热到，再投入、20℃的水中，混合后最终水的温度为40℃。若不计热损失，则水吸收的热量　 　J，该金属的比热容为　 　。
16．如图所示，在水平桌面上放置A、B两个长方体物块，A物块受到水平向右拉力，B物块受到水平向左拉力，此时A、B两物块一起向左做匀速直线运动，则A对B的摩擦力为　 　N，水平桌面对B的摩擦力为　 　N。
17．如图是汽车座椅的加热电路，、是电热丝，旋钮式开关可绕O点转动，若选择“高温”档，应将开关转至　 　（选填“1”或“2”）位置；已知电源电压为12V，阻值为14Ω，“低温”档功率为6W，则在“高温”档，通电100s时间，产生的热量为　 　J。
18．如图所示，体积为200cm3的木块在绳子拉力F=1.2N的作用下完全浸没在水中，处于静止状态（不计绳重），此时木块受到浮力大小为 　 　N，木块受到的重力为 　 　N。
19．图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。
（1）从图像中发现海波熔化时间过短，下列措施中，一定不能延长海波熔化时间的是　 　（填序号）。
①增加试管中海波的质量 ②撤掉酒精灯或用“小火”加热
③降低烧杯中水的初温 ④增加烧杯中水的质量
（2）第5分钟时试管内物体温度如图丙所示：该物质的凝固点为 　 　 ；该物质第14min的内能 　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）第6min的内能。
20．在“测量滑轮组机械效率”的实验中，小兵与同学们用同一滑轮组进行了三次实验（如图所示），实验数据记录如表：
次数 钩码重/N 钩码上升距离/cm 弹簧测力计示数/N 弹簧测力计 机械效率
1 2 10 0.8 30 83.3%
2 4 10 1.5 30 ①
3 6 10 ② 30 90.9%
（1）实验时应沿竖直方向 　 　 拉动弹簧测力计，并用刻度尺测出物体上升的高度；
（2）分析数据可得结论：使用同一滑轮组，滑轮组的机械效率与物重的关系可能比较符合的图是 ；
A． B．
C． D．
（3）若将此滑轮组换一种绕绳方法，不计绳重和摩擦，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率 　 　 （选填“改变”或“不变”）。
21．如图甲所示，晓亮在“测量小灯泡的额定电功率”实验中，电源电压为6V，额定电压为2.5V的小灯泡电阻约为10Ω，有两个规格分别为“30Ω；1A”滑动变阻器A和“10Ω；2A”的滑动变阻器B。
（1）本实验中应选择变阻器　 　（选填“A”或“B”）；
（2）请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求：滑片P向左移动时灯泡变亮　 　；
（3）闭合开关，移动滑片后发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“右”或“左”）端移动，直到电压表示数为2.5V；
（4）聪明的晓亮用一个阻值为10Ω的定值电阻替代电压表，设计了如图丙所示的电路，测量出额定电压为2.5V小灯泡正常发光时的电阻。
①闭合开关，将拨到触点“1”，移动滑动变阻器滑片，使电流表的示数为0.25A；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，再将开关拨到触点“2”。读出电流表的示数I；
③灯泡正常发光时电阻的表达式为　 　（用已知量和测量量表示）。
22．图为某小汽车测定油箱内油量的电路原理图。其中：为压力传感器，其电阻值随受到压力的变化而变化，阻值与压力成反比；表A为油量表，它实质是一只电流表，油箱内油量的变化通过电流表示数的变化显示出来；阻值为的定值电阻；电源电压恒为U；油箱位于压力传感器上，空油箱的重为。若电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，求：
（1）加满油时，求两端的电压；
（2）加满油时，求的阻值是；
（3）如果油箱中油空时，电流表的示数为0.1A，则当油箱里加满油时，求油箱中油的总重力。
23．如图甲是某中学科技小组设计的打捞水中物体的装置示意图。DB是以O点为转轴的水平杠杆，杠杆可以绕O点在竖直平面内转动，OD的长度为2m。水平地面上的配重E通过细绳竖直拉着杠杆D端，配重E的质量mE为250kg。安装在杠杆DB上的行走装置由支架、动滑轮X、提升电动机、定滑轮K构成，行走装置的质量m为20kg。电动机Q可以通过定滑轮S和动滑轮X拉动行走装置沿BO水平滑动。固定在提升电动机下的定滑轮K和动滑轮M组成滑轮组Y，当行走装置处于杠杆DB上C点的位置时，提升电动机拉动绳子H端，通过滑轮组Y竖直提升水中的圆柱体A。圆柱体A完全在水中，以0.1m/s匀速上升的过程中，滑轮组Y的机械效率为η1，配重E对地面的压强为p1；物体A以原来的速度匀速竖直上升，全部露出水面后，最终停在空中某高度时，配重E对地面的压强为p2。滑轮组Y提升物体A的过程中，行走装置受到的水平拉力始终为零，杠杆DB在水平位置保持平衡。电动机H处绳子拉力的功率随时间变化的情况如图乙所示。已知圆柱体A的质量mA为60kg，底面积为30dm2，p1与p2之比为4∶1。物体A被打捞出水面后，停留在一定高度，电动机Q开始拉动行走装置。在行走装置以0.05m/s的速度水平匀速移动的过程中，电动机Q处拉力T的功率为5W，行走装置受到的水平拉力为F。细绳和杠杆的质量、滑轮与轴的摩擦、水对物体的阻力均忽略不计，g取10N/kg。求：
（1）动滑轮M所受的重力；
（2）机械效率η1；
（3）OC的长度；
（4）拉力F。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A：B超检查身体是利用声音可以传递信息，因此A错误；
B：演奏古筝时按压琴弦的不同位置，主要是通过改变振动琴弦的长度，改变琴弦振动的频率，从而改变音调，因此B错误；
C：运动员在水中依旧可以听到音乐，说明声音可以在液体中传播，因此水能够传声，因此C正确；
D：防噪声耳罩的作用是在人耳处减弱噪声，并非在其他环节控制噪声，因此D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）
4、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
2．【答案】C
【知识点】能源及其分类；核裂变；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间，则复兴号动车组控制系统中的芯片由半导体制成，故A错误；
B． 当前核电站利用的是核裂变，而不是核聚变，故B错误；
C．电磁波的传播不需要介质，且能传递信息，因此北斗导航系统利用电磁波传递信息，故C正确；
D．太阳能可以在短时间内得到补充，则太阳能属于可再生能源，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据半导体的性质和用途判断；
B.根据核电站的工作原理判断；
C.根据电磁波的特点和应用判断；
D.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
3．【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；安全用电原则；电磁继电器的组成、原理和特点；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A、甲图两小球相互吸引，存在两种情况：两球带异种电荷，或一球带电、另一球不带电，因此不一定带异种电荷，故 A 错误；
B、乙图中开关接在零线上，断开开关后灯泡仍与火线相连，易发生触电；三孔插座左孔接火线、右孔接零线，接线颠倒，不符合安全用电规范，故 B 错误；
C、丙图装置无电源，导体切割磁感线时电流表产生感应电流，是电磁感应现象，为发电机工作原理图，故 C 正确；
D、丁图是电磁继电器，利用电流磁效应实现电路自动控制，并非电动机原理图，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查电荷间相互作用，异种电荷相吸、带电体可吸引轻小不带电物体；
B、考查家庭电路规范，开关应接火线，三孔插座遵循 “左零右火上接地”；
C、考查发电机原理，电磁感应装置无外接电源，依靠切割磁感线产生电流；
D、考查电磁继电器与电动机区分，电动机是通电导体在磁场受力，电磁继电器是电磁铁控制开关。
4．【答案】B
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．液体压强随深度的增加而增大，为了安全，拦河大坝上窄下宽，故A正确，不符合题意；
B．载重汽车的车轮宽大，在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故B错误，符合题意；
C．龙卷风能把地面上的物体“吸”入空中，是龙卷风内部流速大压强小，产生压强差，故C正确，不符合题意；
D．大气压随海拔高度的增大而减小，将气压计从山脚拿到山顶，外界大气压降低，瓶内气压不变，细管中液面会上升，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】同种液体，深度越深；压强越大，压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；大气压强随海拔高度的增大而减小；流体在流速大的地方压强小。
5．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．图中，挤压的铅棒合在一起，悬挂砝码不能使分开，是分子间存在引力，故A错误；
B．试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体混合，是扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故C错误；
D．金属管装有少量酒精，迅速拉动皮绳，克服摩擦做功，使金属管和酒精的内能增大，温度升高，酒精汽化，高压蒸气推动橡皮塞做功，故D正确。
故选D。
【分析】分子间存在引力和斥力；水蒸气的内能大，对外做功，转化为机械能；气体混合，分子在不同的无规则运动；物体间摩擦，做功改变内能。
6．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．当人从蹦极台跳下，到A点时弹性绳恰好伸直，在到达A点之前，弹性绳没有发生形变，不存在弹性势能。这个过程中，人的质量不变，所处高度不断降低，下落速度不断增大，因此人的重力势能减小，动能增大，人减少的重力势能全部转化为自身的动能，故A正确；
B．A点是弹性绳刚好伸直的位置，因此到达A点时弹性绳没有弹性形变，弹性势能为零，是最小的；此时弹性绳对人没有拉力，人只受到竖直向下的重力，合力方向向下，人会继续加速下落，因此到达A点时人的动能不是最大的，故B错误；
C．如果不考虑空气阻力的影响，从A点运动到B点的过程中，人的机械能不断转化为弹性绳的弹性势能，因此人的机械能是减小的，故C错误；
D．从A点运动到B点的过程中，人的重力势能除了转化为弹性绳的弹性势能，还会转化为人自身的动能，故D错误。
故选A。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】A、两侧的人看不清屏幕是因为光沿直线传播，屏幕发出的光被微细叶片遮挡，无法进入侧面人眼，不是光的反射，故 A 错误；
B、减小微细叶片的间距，可视范围会变小，题目说明可视范围越小防窥效果越好，因此防窥效果更好，故 B 正确；
C、降低微细叶片高度，遮挡范围变小，可视范围变大，防窥效果变差，故 C 错误；
D、由图乙可知，只有正面狭小范围能看清，侧面、斜后方无法看清，不能对各个方向防偷窥，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的直线传播应用，百叶窗依靠遮挡光线实现限制可视角度；
B、分析叶片间距对可视范围的影响，间距越小透光侧向角度越小，防窥更佳；
C、分析叶片高度的作用，高度越低遮挡能力越弱，可视角度变大；
D、结合示意图判断防窥膜仅限制侧面视角，并非全方向防窥。
8．【答案】B
【知识点】力的作用效果；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；连通器原理及其应用；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A、甲图铅笔两端压力相同，笔尖受力面积更小，作用效果更明显，说明压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显，故 A 错误；
B、乙图是连通器，连通器装入同种液体，液体静止不流动时，各部分液面保持相平，故 B 正确；
C、丙图吹硬币上方，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差把硬币托起翻越木条，原理是流体流速大处压强小，故 C 错误；
D、丁图托里拆利实验，大气压不变，倾斜玻璃管只会让水银柱长度变长，管内外水银面竖直高度差不变，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查影响压力作用效果的因素，压力一定时，受力面积越小压强越大；
B、考查连通器原理，同种静止液体，连通器各容器液面齐平；
C、考查流体压强与流速关系，流速越大，流体压强越小；
D、考查托里拆利实验，大气压决定水银柱竖直高度，玻璃管倾斜不改变高度差。
9．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由甲图可知，定值电阻与光敏电阻串联，电压表测两端电压；由乙图可知，光照强度越大，光敏电阻的阻值越大。
A、光照强度越大，的阻值越大，不是越小，故A错误；
B、光照强度越大，阻值越大，电路总电阻越大，电源电压不变，根据，电路电流越小，故B错误；
C、光照强度越小，阻值越小，根据串联分压规律，分得电压越小，电压表示数越小，故C正确；
D、光照强度越小，阻值越小，总电阻越小，电路电流越大；定值电阻功率，不变、电流变大，功率越大，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查I-R图像读取，光照强度与光敏电阻阻值变化关系；
B、考查欧姆定律串联电路分析，总电阻随变大而变大，电流随之减小；
C、考查串联分压，电阻越小，其两端分压越小；
D、考查定值电阻电功率计算，电流越大，定值电阻实际功率越大。
10．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、窗外景物到透镜距离大于 2f，成倒立、缩小实像，与图乙烛焰 A（物距大于 2f，倒立缩小实像）成像原理相同，故 A 正确；
B、M 点在一倍焦距以内，此时烛焰成正立、放大的虚像，虚像无法呈现在光屏上，并非不成像，说法错误，故 B 错误；
C、图乙中 A'、B'、C' 均为倒立实像，说明凸透镜所成实像都是倒立的，故 C 正确；
D、物远像近像变小，拍远景时物距变大，像距要减小，相机镜头向远离景物、靠近底片方向调节，故 D 正确；
故答案为：B。
【分析】A、考查物距大于二倍焦距的成像规律，照相机、窗外景物成像均为此原理；
B、考查物距小于一倍焦距的成像特点，此时成虚像，光屏无法承接；
C、总结凸透镜实像共同特点，所有实像均倒立，虚像正立；
D、考查凸透镜成像规律在照相机中的应用，物距增大，像距需减小。
11．【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、地面对自行车的支持力等于人和自行车总重力，大于自行车自身重力，两个力大小不等，不是一对平衡力，故 A 错误；
B、自行车对地面的压力作用在地面，地面对自行车的支持力作用在自行车，大小相等、方向相反、作用在两个物体、同一直线上，是一对相互作用力，故 B 正确；
C、自行车匀速转弯时运动方向不断改变，运动状态发生变化，故 C 错误；
D、惯性是物体本身的属性，不能说 “受到惯性”，应该是自行车由于具有惯性继续向前运动，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查二力平衡条件，平衡力需大小相等、同一物体；
B、考查相互作用力判断，两个力分别作用在彼此两个物体上；
C、考查运动状态的判断，运动方向改变则运动状态改变；
D、考查惯性概念，惯性是属性，不能表述为 “受到惯性”。
12．【答案】D
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】AB．图中，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，探究电流和电阻关系时，电压不变，电压表处的电阻变大，滑动变阻器的取值变大，根据串联分压原理可得：，定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器阻值40Ω，代入数据：，解得UV=3V；则电压的预设值最小为3V，电源电压为9V，当滑动变阻器接入电路中的阻值为零时，定值电阻两端的电压最大为9V，电压表量程应选“0~15V”，故AB正确，不符合题意；
C．探究电流与电阻的关系时，保持定值电阻两端的电压不变，更换定值电阻后，提供改变滑动变阻器的阻值，保持定值电阻两端的电压不变，故C正确，不符合题意；
D．若实验电压的预设值为2V，定值电阻的最大阻值为20Ω，代入数据可得：，则滑动变阻器接入电路的阻值RP=70Ω，可更换最大阻值为70Ω的滑动变阻器，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】探究电流和电阻关系时，定值电阻分压保持不变，实验时更换电阻，移动滑片保持电压表示数一定，根据分压规律，计算滑动变阻器的电阻或电压表示数值。
13．【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、由图可知排开水体积，根据得浮力；A、B漂浮、C悬浮，浮力等于自身重力，故；三者体积相同，由得密度，故A错误；
B、排开水体积不同，浮力，故B错误；
C、三容器液面高度相同，水密度不变，根据，容器底部受到水的压强，故C正确；
D、容器底面积相等，底部水的压强相等，由可知容器底受到水的压力相等，即，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查阿基米德原理与浮沉条件综合，结合排液体积判断浮力、重力、密度大小；
B、考查阿基米德原理，同种液体中，排开液体体积越大浮力越大；
C、考查液体压强公式，液体密度、深度均相同时，液体压强相等；
D、考查压强变形公式，压强、受力面积相同，液体对容器底压力相等。
14．【答案】不变；仍能
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 平面镜成像的本质是光线经过镜面发生镜面反射后，反射光线射入人的眼睛，最终形成成像；平面镜成像的特点是成正立、与物体等大的虚像，且像与物体到平面镜的距离相等，像的大小始终和物体本身大小一致，因此当小丽远离平面镜时，她的像的大小不会发生改变。
平面镜成像是依靠光的反射形成的，平面镜的后方并没有实际光线会聚形成像，因此即便在镜子后方放置一块和镜子大小相同的木板，也不会对成像过程产生影响，人依旧可以在平面镜中看到小丽的像。
【分析】平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
15．【答案】8400；280
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 首先计算水升高的温度：40℃-20℃=20℃
本题不计热量损失，因此金属块放出的热量全部被水吸收，二者热量相等，即
金属块降低的温度为60℃-40℃=50℃，根据放热公式变形可得到金属的比热容：；
【分析】具题目分析，水和金属温度变化量，结合热量的计算公式分析水吸收的热量，金属的比热容。
16．【答案】5；3
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 当A向左做匀速直线运动时，A处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二者大小相等，因此B对A的摩擦力大小等于拉力，为5N。由于A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对相互作用力，相互作用力大小相等，因此A对B的摩擦力也为5N。
当AB一起向左做匀速直线运动时，把AB看作一个整体，整体处于平衡状态，受到的合力为零。对整体进行受力分析可得，水平桌面对B的摩擦力大小为：；
【分析】1、力的合成与应用：两个力在同一直线上，方向相反，合力为两个力的代数差，方向相同，合力为两个力的代数和。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
17．【答案】2；1440
【知识点】电功率；电功率的计算
【解析】【解答】(1)由图可知，当旋转开关转至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，汽车座椅处于低温挡；当旋转开关转至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，汽车座椅处于高温挡；
(2)由可知，R1、R2的串联总电阻：
，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：
，高温挡的电功率：
，
在“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量：Q=W=P高温t=14.4W×100s=1440J。
故答案为：2；1440。
【分析】（1）由图可知，当旋转开关转至1时，R1、R2串联，当旋转开关转至2时，只有R2工作，根据串联电路的电阻特点和可知汽车座椅高温挡和低温挡的电路连接；
（2）根据低温挡功率和可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值，根据可求出高温挡的电功率，根据Q=W=Pt求出在“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量。
18．【答案】2；0.8
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】木块完全浸没，，根据阿基米德原理求浮力：
。
木块静止，受力平衡：竖直向上浮力，竖直向下重力、拉力，满足，
则木块重力。
故答案为：；
【分析】(1) 本题考查阿基米德原理，物体完全浸没时排开水体积等于自身体积，代入公式直接算出浮力。
(2) 本题考查受力平衡，对浸没木块受力分析，浮力等于重力加拉力，变形求出木块自身重力。
19．【答案】（1）③
（2）48℃；小于
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】（1）①增加试管中海波的质量，变化同样的温度需要吸收的热量多，需要的时间长，会延长海波熔化时间，故①不符合题意；
②撤掉酒精灯或用“小火”加热，可以减少水吸收的热量，从而使水的温度上升的较缓，从而延长海波熔化的时间，故②不符合题意；
③降低烧杯中水的初温，只能使加热的时间延长，而海波熔化过程是吸收热量温度不变的过程，不能延长海波熔化的时间，故③符合题意；
④增加烧杯中水的质量，在吸收相同的热量时，水的温度上升的较慢，从而延长海波熔化的时间，故④不符合题意。
故答案为：③。
（2）由图丙可知，该温度计的分度值为1℃，示数为48℃。由图乙可知，该物质是晶体，晶体的熔点和凝固点相同，第5分钟时试管内物体处于熔化过程，此时温度和凝固点相同，所以该物质的凝固点为48℃。
在第4min到第14min过程中，物质先从熔化过程结束升温到一定温度，然后又开始放热凝固。由于同种物质凝固点等于熔点，在该过程中，晶体熔化和凝固互逆，可知物质在第6min和第12min时，质量、状态、温度以及物质种类均相同，所以物质第6min的内能等于第12min的内能，物质在凝固过程中放出热量，内能减小，所以该物质第14min的内能小于第6min的内能。
故答案为：48℃；小于
【分析】(1) 本题考查晶体熔化实验时长控制，熔化时长由熔化所需总热量、单位时间供热量决定，仅改变水的初始温度不改变熔化阶段吸热量与供热速度，无法延长熔化过程。
(2) 本题考查晶体熔、凝固特点：同种晶体熔点等于凝固点；熔化吸热内能增大，凝固放热内能减小，对比不同时刻吸放热情况判断内能大小。
（1）①增加试管中海波的质量，变化同样的温度需要吸收的热量多，需要的时间长，会延长海波熔化时间，故①不符合题意；
②撤掉酒精灯或用“小火”加热，可以减少水吸收的热量，从而使水的温度上升的较缓，从而延长海波熔化的时间，故②不符合题意；
③降低烧杯中水的初温，只能使加热的时间延长，而海波熔化过程是吸收热量温度不变的过程，不能延长海波熔化的时间，故③符合题意；
④增加烧杯中水的质量，在吸收相同的热量时，水的温度上升的较慢，从而延长海波熔化的时间，故④不符合题意。
故选③。
（2）[1]由图丙可知，该温度计的分度值为1℃，示数为48℃。由图乙可知，该物质是晶体，晶体的熔点和凝固点相同，第5分钟时试管内物体处于熔化过程，此时温度和凝固点相同，所以该物质的凝固点为48℃。
[2]在第4min到第14min过程中，物质先从熔化过程结束升温到一定温度，然后又开始放热凝固。由于同种物质凝固点等于熔点，在该过程中，晶体熔化和凝固互逆，可知物质在第6min和第12min时，质量、状态、温度以及物质种类均相同，所以物质第6min的内能等于第12min的内能，物质在凝固过程中放出热量，内能减小，所以该物质第14min的内能小于第6min的内能。
20．【答案】（1）匀速
（2）B
（3）不变
【知识点】增大或减小机械效率的方法；滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计的示数。
故答案为：匀速
（2）动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重力和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，由于摩擦增大，额外功也增大，所以机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
（3）不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的重力做的功为额外功，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率为
由于物体的重力G和动滑轮的重力不变，所以滑轮组的机械效率不变。
故答案为：不变
【分析】(1) 匀速拉动保证受力平衡，弹簧测力计示数等于绳子自由端拉力，是滑轮组测机械效率的规范操作。
(2) 机械效率随物重增大而增大，但并非正比例关系，额外功同步增加使效率提升逐渐平缓，匹配曲线 B。
(3) 不计绳重摩擦，额外功只由动滑轮重力产生，绕绳方式只改变拉力大小、不改变有用功与额外功的比值，因此效率不变。
（1）实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计的示数。
（2）动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重力和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，由于摩擦增大，额外功也增大，所以机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（3）不计绳重及摩擦，则克服动滑轮的重力做的功为额外功，若将此滑轮组换一种绕绳方法，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率为
由于物体的重力G和动滑轮的重力不变，所以滑轮组的机械效率不变。
21．【答案】A；；左；
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为10Ω，由欧姆定律可知，灯的额定电流
灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻，故选用变阻器B。
（2）电流表应串联在电路中，选择小量程；滑片P向左移动时灯泡变亮，阻值应减小，左下接线柱接入电路；如下图：
（3）电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.5V，小于灯的额定电压，根据串联分压可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压。
（4）实验步骤：①闭合开关S1，将S2拨到触点“1”，移动滑动变阻器滑片，使电流表的示数为0.25A；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，再将开关S2拨到触点“2”，读出电流表的示数I；
③在①中，由欧姆定律，定值电阻的电压U0=I1R0=0.25A×10Ω=2.5V，灯的电压为额定电 压UL=2.5V，灯正常发光； 在②中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光， 灯的额定电流IL=I-I1=I-0.25A，根据欧姆定律得，灯泡正常发光时电阻的表达式为；
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程，所以电压表测量电源电压，电流表测量定值电阻电流；
2、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、变阻器：变阻器的连接为一上一下，通过改变电阻丝接入电路的长度进而改变电阻，
5、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流。
6、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
22．【答案】（1）解：电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，说明电路中电流为0.6A，则两端的电压为
（2）解：根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值为
（3）解：空油箱时，压敏电阻的阻值为
根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）结合欧姆定律计算两端的电压；
（2）根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值；
（3）结合电阻的串联，以及欧姆定律计算可知空油箱时，压敏电阻的阻值，根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
，据此计算油箱中油的总重力。
（1）电流表的量程为0～0.6A，该油箱加满油时，电流表指针恰好指示最大刻度，说明电路中电流为0.6A，则两端的电压为
（2）根据串联电路电压规律和欧姆定律得的阻值为
（3）空油箱时，压敏电阻的阻值为
根据压力感器的阻值与压力成反比可得，即
23．【答案】（1）解：对滑轮组，忽略摩擦，电动机H处绳子拉力的功率
因此，A完全在水中时①
A完全出水后②
圆柱体A所受的重力为
则动滑轮M所受的重力
（2）解：由①式得
圆柱体A完全在水中时滑轮组机械效率
代入数据得
（3）解：行走装置的重力
当A在水中时，杠杆C端总向下压力
根据杠杆平衡条件
得D端拉力
配重E的重力
配重E对地面的压力
当A出水后，杠杆C端总向下压力
同理得D端拉力
配重E对地面的压力
压强，配重底面积不变，因此
代入得
解得
（4）解：行走装置由动滑轮X拉动，行走装置速度，拉力的速度
已知的功率，由得
行走装置受到的拉力
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；杠杆的平衡条件；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】(1) 结合图像功率、滑轮组绳速，分浸没、出水两种状态列受力方程，联立求解动滑轮自重。
(2) 滑轮组水中机械效率，有用功为提升物体净拉力做功，总功包含克服动滑轮重力做功，代入对应力计算效率。
(3) 杠杆平衡结合压强比例关系，分别求出两种工况下杠杆 D 端拉力、配重地面压力，利用压强比列方程解力臂OC。
(4) 水平动滑轮省力，先由功率求细绳拉力，再二倍得到行走装置受到的水平拉力。
（1）对滑轮组，忽略摩擦，电动机H处绳子拉力的功率
因此，A完全在水中时①
A完全出水后②
圆柱体A所受的重力为
则动滑轮M所受的重力
（2）由①式得
圆柱体A完全在水中时滑轮组机械效率
代入数据得
（3）行走装置的重力
当A在水中时，杠杆C端总向下压力
根据杠杆平衡条件
得D端拉力
配重E的重力
配重E对地面的压力
当A出水后，杠杆C端总向下压力
同理得D端拉力
配重E对地面的压力
压强，配重底面积不变，因此
代入得
解得
（4）行走装置由动滑轮X拉动，行走装置速度，拉力的速度
已知的功率，由得
行走装置受到的拉力
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