资源简介

2026年广东中山市华辰实验中学中考考前预测物理试卷
1．下列现象与原理对应正确的是（　　）
A．小孔成像——光沿直线传播 B．日食月食——光的折射
C．水中筷子弯折——光的反射 D．镜中成像——光的折射
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．小孔成像的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播，光线经过小孔后会形成倒立的实像，因此A正确；
B．日食和月食都是光沿直线传播过程中，被遮挡后形成的现象，本质属于光的直线传播，不是光的折射，因此B错误；
C．插入水中的筷子看起来发生弯折，这是光从水中斜射入空气中时传播方向发生偏折产生的现象，属于光的折射，不是光的反射，因此C错误；
D．镜中能成像是平面镜成像现象，它的原理是光的反射，不属于光的折射，因此D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
2．近10年来，我国持续推进海绵城市建设。海绵城市能有效蓄水，还能缓解局部早晚温差。“缓解早晚温差”主要利用了水的（　　）
A．流动性强 B．凝固点较低 C．密度较大 D．比热容较大
【答案】D
【知识点】密度及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据Q=cm△t可知，自然界中水的比热容大，则相同质量的水在吸收或释放相同热量时，温度变化小，所以海绵城市能有效蓄水可以调节当地的气候，
故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
3．下列生活实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．校园地面上刻有花纹
B．同学们体操训练时手上擦些镁粉
C．自行车轮的轴承上装有滚珠
D．擦黑板时用力按黑板擦
【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．校园地面上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B．体操训练时手上擦些镁粉，是在压力一定时， 通过增大接触面粗糙程度增大摩擦，故B不符合题意；
C．自行车轮的轴承上装有滚珠，是利用变滑动摩擦为滚动摩擦的方式减小摩擦，故C符合题意；
D．擦黑板时用力按黑板擦，是在接触面积相同时，通过增大压力来增大摩擦，故D不符合题意。
故选C。
【分析】减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面和变滑动为滚动。
4．如图所示，这是铡刀切甘蔗时的情景，铡刀实质上是（　　）
A．滑轮 B．省力杠杆 C．费力杠杆 D．等臂杠杆
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】从图中能够看出，铡刀属于杠杆，它的轴就是支点C，切割甘蔗的位置是阻力作用点，我们手握的刀柄位置（也就是动力的作用点）是动力作用点。铡刀工作时，动力臂的长度大于阻力臂，本质上属于省力杠杆，因此A、C、D错误，B正确。
故选B。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
5．2026年2月11日，搭载梦舟飞船的长征十号运载火箭在文昌航天发射场成功发射，完成低空演示验证与最大动压逃逸试验。图中所示为火箭与飞船升空的情境。关于该过程，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，发射塔是运动的
B．以发射塔为参照物，飞船是静止的
C．以飞船为参照物，火箭是静止的
D．以火箭为参照物，发射塔是静止的
【答案】C
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．若选择地面作为参照物，发射塔相对于地面的位置没有发生改变，因此发射塔是静止的，故A错误；
B．若选择发射塔作为参照物，飞船在升空的过程中，和发射塔的相对位置一直在发生变化，因此飞船是运动的，故B错误；
C．若选择飞船作为参照物，火箭与飞船一同升空，二者之间没有相对位置的改变，因此火箭是静止的，故C正确；
D．若选择火箭作为参照物，发射塔在飞船升空的过程中，和火箭的相对位置一直在发生变化，因此发射塔是运动的，故D错误。
故选C。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
6．小文同学在爸爸指导下，走进厨房进行煮排骨汤劳动实践，他发现煮排骨汤涉及很多物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是凝固现象
B．在排骨“解冻”时，排骨中的冰吸热熔化成水
C．炖排骨用的天然气，燃烧越充分，其热值越大
D．排骨汤盛出后冒出大量的“白气”，“白气”是升华现象
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热；燃料的热值
【解析】【解答】A、排骨表面的“白霜”，是空气中的水蒸气遇到温度很低的排骨，直接由气态变为固态形成的小冰晶，这个过程是凝华现象，并非凝固，因此A错误；
B、解冻时，排骨内部的冰由固态转变为液态水，这个过程是熔化，熔化过程需要吸收热量，因此B正确；
C、热值是燃料本身的固有性质，仅由燃料的种类决定，和燃料燃烧是否充分没有关系，因此C错误；
D、排骨汤冒出的“白气”，是汤中逸出的高温水蒸气遇到温度较低的空气，液化形成的小水滴，属于液化现象，不是升华，因此D错误。
故选 B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
7．2026年2月16日晚，央视总台马年春晚舞台上，一群练武的机器人燃爆全场。由宇树科技机器人与河南塔沟武术学校的小朋友同台呈现的节目《武BOT》，凭借灵动的招式与行云流水的人机比武，赢得满堂喝彩。“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．扬声器的线圈通入电流后，会在永磁体的磁场中受到力的作用产生振动，进而带动纸盆振动发出声音，其工作原理和电动机一致，因此A符合题意；
B．动圈式话筒工作时，声波带动膜片振动，让连接膜片的线圈切割磁感线产生感应电流，属于电磁感应现象，对应发电机的工作原理，因此B不符合题意；
C．电磁铁实验是利用电流通过螺线管获得磁场，展现的是电流的磁效应，和电动机的工作原理无关，因此C不符合题意；
D．题图中的电磁感应装置，通过导体ab切割磁感线产生感应电流，属于发电机的工作原理，因此D不符合题意。
故选A。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
8．具身智能是利用AI与人形机器人结合发展的技术，使得它们拥有像人一样感知、学习和与环境动态交互的能力（如图）。机器人能根据主人语音指令完成指定操作，说明声音可以传递　 　，人与机器人进行交流是通过　 　传播声音的，减小机器人的声音音量实质是降低声音的　 　。
【答案】信息；空气；响度
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】声音既能够传递信息，也能够传递能量。本题中机器人依靠语音指令来执行对应操作，这一过程体现了声音可以传递信息的特点；声音传播必须依靠介质才能进行，我们日常生活中人和机器人交流时，声音是通过空气这种介质传播到机器人的收音装置的；响度描述的是声音的强弱大小，我们常说的音量指的就是声音的响度，因此调小音量本质上就是降低了声音的响度。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
9．冬天用塑料梳子梳干燥的头发时会发现，头发越梳越蓬松.这是因为梳子与头发摩擦，使头发带上了　 　，由于同种电荷相互　 　，所以头发会变得蓬松，　 　是利用这一原理制成的（选填“验电器”或“测电笔”）.
【答案】电荷；排斥；验电器
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】梳子与头发摩擦发生摩擦起电，头发带上同种电荷； 电荷间作用规律：同种电荷相互排斥，所以每根头发互相推开，变得蓬松。 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；测电笔用于辨别火线零线，原理不同。【分析】验电器的工作原理：同性电荷相互排斥
两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
10．我国计划在2030年前实现中国人首次登陆月球。月球上有丰富的氦-3元素，如图是该元素的原子模型，若B为质子，则A为　 　。氦-3与氘核进行核聚变时，其原理与　 　（选填“核电站”或“太阳”）相似，核能是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】核外电子；太阳；不可再生
【知识点】能源及其分类；核聚变；原子结构
【解析】【解答】原子的构成是：原子核内包含带正电的质子、不带电的中子，原子核外则是带负电的电子。结合本题的原子模型，已知B是质子，那么位于原子核外的A就是核外电子。
氦-3和氘核发生核聚变的原理和太阳的发热发光原理类似，这个过程属于不可控的核聚变；而当前核电站发电，利用的是可控的核裂变，二者反应类型不同。
核能所使用的核原料在短时间内无法从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
3、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
11．小明在店内喝柠檬茶，利用吸管能将茶“吸”入口中，这是利用了　 　的作用。窗外有风刮过时，店内窗帘向外飘，这是因为空气流速大的位置，压强　 　（选填“大”或“小”）。店内洗手池下的反水弯如题图所示，它利用了　 　的原理来隔绝臭气。
【答案】大气压；小；连通器
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】用吸管饮用饮料时，我们先将吸管内的空气吸走，会使得吸管内部的气压小于外界的大气压，饮料就会在外界大气压的推动下，进入吸管再入口中，这个过程利用的是大气压的作用。
根据流体压强的规律：流速越大的位置，流体压强越小。当窗外有风经过时，窗外空气流速更大，压强更小；而室内空气流速更小，压强更大，室内外形成的压强差就会推动窗帘向室外飘动。
洗手池下方的反水弯，属于上端开口、底部相连通的容器，符合连通器的结构特点。当反水弯内没有水流流动时，U形管的两侧液面会保持相平，由此形成水封隔绝管道内的臭气，这个结构正是利用了连通器的原理。
【分析】大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
12．如图所示的无人驾驶航空器可用于高空摄影、旅游观光、喷洒农药等。航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，从而获得升力，这说明了力的作用是　 　的。航空器匀速升空过程中，机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。航空器靠　 　波与控制中心联系。
【答案】相互；增大；电磁
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】旋翼对空气施加向下的力，同时空气对旋翼施加向上的反作用力，说明力的作用是相互的；航空器匀速升空时，质量、速度不变，动能不变，高度升高，重力势能增大，机械能等于动能与重力势能之和，因此机械能增大；航空器与地面控制中心依靠电磁波传递信息。
故答案为：相互；增大；电磁
【分析】(1) 本题考查力的作用特点，物体间力的作用是相互的；
(2) 本题考查机械能大小判断，匀速上升动能不变，高度增加重力势能变大，机械能增大；
(3) 本题考查电磁波的应用，无人机远距离通信依靠电磁波。
13．如图所示是某快递驿站的扫码出库扫描机，当顾客将快递放置在指定区域后，扫描机的镜头会自动捕捉快递条形码信息。扫描机的彩色画面是由红、　 　、蓝三种色光混合而成。当快递放置在快递台上时，快递单通过摄像头所成的像为　 　（选填“放大”或“缩小”）的像；若镜头的焦距为30cm，为了能成清晰的像，快递到镜头的距离应大于　 　cm。
【答案】绿；缩小；60
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】红、绿、蓝是光的三原色，三种色光按比例混合可以得到各种颜色，等量混合时会呈现出白色，我们看到的彩色画面就是由这三种色光混合得到的。
摄像头的镜头属于凸透镜，它的成像原理和照相机相同：当物距时，凸透镜会成倒立、缩小的实像，因此摄像头拍摄时，快递单会成缩小的像。
题目已知该镜头的焦距，结合照相机成像要求物距大于2倍焦距，计算可得2倍焦距为，因此快递到镜头的距离需要大于60cm才能清晰成像。
【分析】1、三原色：红、绿、蓝；
2、物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
14．图甲是一款自动注水、喷淋系统电路图。控制电路的电源电压，为压敏电阻，放置在注水系统水箱底部，其阻值随压力的增大而减小。图乙是受控电路总电流随时间变化的图像。当通过电磁铁线圈中的电流为0.1A时，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作。电磁铁线圈的电阻忽略不计。当衔铁恰好被吸下时电阻为　 　，喷淋系统的电功率为　 　W，500s内受控电路消耗的电能为　 　J。
【答案】120；220；
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】本题中电磁铁的电阻不计，因此控制电路只有压敏电阻接入电路，根据欧姆定律可以计算得到的阻值为：
结合题目信息可知，受控电路共有两种工作状态：第一种是衔铁被吸下，仅喷淋系统接入电路工作，此时电路电流为；第二种是衔铁未吸下，注水系统和喷淋系统并联同时工作，此时干路总电流为。由此可得喷淋系统单独工作时的电功率为：
计算500s内受控电路消耗的总电能时，需要按照工作状态分为两段分别计算：0~400s为注水和喷淋同时工作，这段时间消耗的电能为：
400s~500s仅喷淋系统工作，这段时间消耗的电能为：
因此500s内受控电路总共消耗的电能为两段电能之和：
；
【分析】1、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
2、电功率及电功的计算：公式为W=Pt=UIt，结合题目所给信息，计算题目设问。
15．按要求完成下列作图：
（1）如图所示，一个重0.2N的乒乓球漂浮在烧杯的水面上，烧杯静止在斜面上，请在该图中画出乒乓球所受浮力及烧杯对斜面的压力。
（2）画出图中进入凹透镜前的入射光线。
（3）如图甲是小组同学制作的简易调光台灯，电位器是调节其亮度的装置。请在图乙中把图中元件接入家庭电路，要求：当电位器滑片顺时针转动时，灯泡变亮。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；变阻器及其应用
【解析】【解答】（1）重0.2N的乒乓球漂浮在水面，根据漂浮条件，乒乓球所受浮力大小等于自身重力；浮力的方向始终为竖直向上，作用点画在乒乓球的重心，按照这个规则即可画出浮力示意图。烧杯对斜面的压力，受力物体是斜面，因此作用点要画在烧杯与斜面的接触面上，方向垂直斜面向下指向斜面，最后标注垂直符号即可。
（2）对于凹透镜，若折射光线平行于主光轴，对应的入射光线的延长线一定过凹透镜另一侧的焦点。作图时先使用虚线连接折射点与同侧焦点，再沿虚线向凹透镜另一侧延长，即可得到对应入射光线。
（3）家庭电路接线规范要求，灯泡的螺旋螺纹端需要接零线（中性线），电位器的中间接线柱b连接灯泡顶端的金属点，电位器的接线柱c连接火线（相线）；当顺时针旋转电位器旋钮时，电位器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻变小，电路电流变大，因此小灯泡会变亮，符合题目要求。
【分析】1、压力的画法：物体对被压物体施加压力，作用点位于接触面上，方向指向被压物体，垂直被压物体；
2、浮力的画法：作用于物体重心，方向竖直向上；
3、凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
4、变阻器本质为改变物体接入电路中的电阻丝长度。
（1）重0.2N的乒乓球漂浮在烧杯的水面上，浮力大小等于重力，再根据浮力的方向竖直向上，作用点在乒乓球的重心，画出乒乓球的浮力；烧杯对斜面的压力是斜面受到的力，作用点在烧杯和斜面的接触面上，方向垂直于斜面并指向斜面，标上垂直符号。
（2）图中凹透镜的折射光线平行于主光轴，说明对应的入射光线在折射点与焦点的连线上，先用虚线连接折射点和焦点，然后在凹透镜的另一边将虚线延长，得到入射光线。
（3）灯泡的螺纹处要接中性线，电位器的接线柱b连接灯泡顶部，电位器的右边接口c连接相线，顺时针旋转电位器的旋钮，接入电路的电阻变小，电路中电流变大，小灯泡变亮。
16．（1）甲图中物体的长度是　 　cm；乙图弹簧测力计的读数是　 　N；丙图是　 　km/h。
（2）小明探究“杠杆的平衡条件”的实验装置如图所示，钩码的重力均为0.5N。
①杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；
②图乙中杠杆恰好在水平位置平衡，若在A处下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持平衡，需将挂在B处的钩码向右移动　 　格；
③如图丙所示，小明取下B处的钩码，将弹簧测力计钩在C处，使杠杆再次在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）1 N。
【答案】（1）2.70；2.4；30
（2）平衡；1；大于
【知识点】刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）① 刻度尺的分度值为1mm，物体的左侧与刻度尺1.00cm刻度线对齐，右侧对齐约3.70cm处，因此物体的长度为：
② 弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指向2.4N的位置，因此读数为2.4N。
③ 速度表的单位为km/h，指针指向刻度30，因此读数为30km/h。
（2）杠杆静止时，就处于平衡状态，因此图中杠杆属于平衡状态。
设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为l，根据杠杆平衡条件，原本杠杆平衡满足：
，若在A处下方再挂一个相同钩码，左侧总力矩变为；若要杠杆重新平衡，根据杠杆平衡条件，右侧力臂应为：
B点原本力臂为3l，因此需要将B处的钩码向右移动1格。如图丙所示，若弹簧测力计沿竖直方向拉，杠杆平衡时满足：，整理得：
如果弹簧测力计斜着拉，拉力的力臂会小于支点到C点的长度（也就是竖直拉动时的力臂），即力臂变小；根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，力臂变小拉力会变大，因此弹簧测力计的示数大于1N。
【分析】1、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位
2、弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致；
3、速度仪表盘，单位为km/h；
4、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）刻度尺分度值为1mm，物体左端对齐1.00cm，右端对齐约3.70cm，因此长度为。
弹簧测力计分度值为0.2N，指针指向2.4N，因此读数为2.4N。
速度表单位为km/h，指针指向刻度数值为30，因此读数为30km/h。
（2）图中杠杆静止，因此属于平衡状态。
设每个钩码重力为G，杠杆每格长度为l，根据杠杆平衡条件可知，原平衡状态，若A处下方再挂一个相同的钩码，即等式左边成为，为使杠杆保持平衡，则右端力臂应为，故B处的钩码向右移动1格。
如图丙所示，若弹簧测力计沿竖直方向拉，若是杠杆平衡则有，即
若弹簧测力计斜拉时，其力臂会小于支点到C点的水平距离，即力臂变小，为使杠杆再次在水平位置平衡，相对于拉力需要变大，故弹簧测力计示数大于。
17．小刘和同学们利用弹簧测力计、铜块、溢水杯、小桶和足量的水等实验器材，做“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验，进行了如图所示的操作。
（1）实验前，弹簧测力计应在　 　方向调零；实验时，若溢水杯中未装满水，则会导致测出的偏　 　；
（2）由　 　两图得出物块所受浮力N，再由另外两图得出物块排开液体所受重力N；
（3）为了得到更普遍的结论，接下来的操作中合理的是________（选填序号）；
A．用原来的方案和器材多次测量求平均值
B．将铜块换成小石块，再次进行实验
（4）小刘在实验中发现同学们研究的物体都是在液体里下沉的，于是他想用木块验证“漂浮在液体中的物体所受浮力的大小是否等于物体排开的液体所受重力的大小。他在设计实验时，通过推理得到了一种间接验证的方法。推理过程如下：
因为木块漂浮在水中，所以木块所受浮力的大小等于木块所受重力的大小G。若要验证是否等于，只需验证　 　是否等于，又因为G＝mg，所以只需验证是否等于，于是小刘找来了电子秤（可直接显示初体质量）、溢水杯和小烧杯进行实验，实验步骤如下：
a.用电子秤测量木块的质量；
b.用电子秤测量小烧杯的质量；
c.把木块轻轻放入装满水的溢水杯中，用小烧杯收集从溢水杯中被木块排开的水；
d.用电子秤测量小烧杯和排开的水的总质量。
实验数据记录如表所示：
研究对象 木块质量/g 小烧杯质量/g 杯、水总质量/g 排开水的质量/g
木块 80 38 118
（5）分析表格中的实验数据并结合上述实验，得出结论：漂浮在液体中的物体所受浮力的大小与物体排开的液体所受重力的大小　 　。
（6）同学们在梳理小刘的推理过程时发现，下沉的物体不能通过“是否等于”间接验证“是否等于”，原因是　 　。
【答案】（1）竖直；小
（2）甲、乙
（3）B
（4）木块的重力
（5）相等
（6）下沉的物体浮力小于重力，m物大于m排
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当我们测量物体竖直方向的受力时，需要先将弹簧测力计在竖直方向完成调零。如果实验前溢水杯没有装满水，物体浸入后排开的水无法全部流入小桶中，最终测得的排开水的重力就会偏小。
（2）测量浮力时我们使用称重法，计算公式为。从甲图可以读出铜块的重力为，从乙图可以读出铜块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为，代入公式可得：
，因此仅通过甲、乙两图，就可以得到物块所受的浮力大小。
（3）本次实验的目的是探究浮力大小和排开液体所受重力的关系，属于总结普遍规律的探究实验。为了避免实验结果的偶然性，让结论更具有普遍性，需要更换不同的物体重复实验，因此应当把铜块换成小石块再次完成实验，正确选项是B。
（4）木块漂浮在水面上时，根据物体的浮沉条件，漂浮状态下木块的重力和木块受到的浮力大小相等。通过等量代换可以得到：要验证是否等于，只需要验证木块的重力等于排开液体的重力即可，也就是验证关系是否成立。
（5）根据表格给出的数据计算，排开水的质量为：
可以看出排开水的质量和木块的质量相等，说明排开水的重力等于木块的重力；而漂浮时木块受到的浮力和木块自身重力相等，因此可以得到结论：漂浮在液体中的物体，所受浮力的大小等于排开液体所受重力的大小。
(6)根据物体浮沉条件，沉底的物体受到的浮力小于自身的重力；根据阿基米德原理，沉底物体受到的浮力等于排开液体的重力，因此可以推出沉底物体的重力大于排开液体的重力，进一步可得沉底物体的质量大于排开液体的质量。因此，对于下沉的物体，无法通过比较“是否等于”，来间接验证“是否等于”这个结论。
【分析】1、弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数；
2、溢水杯中未装满水会导致测得的排开水的重力就会偏小。
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
4、试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性；
4、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
5、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
（1）在测量物体竖直方向受到的力时，弹簧测力计需要在竖直方向调零。
实验时，若溢水杯中未装满水，排开的水不能全部流入小桶，会导致测出的偏小。
（2）根据称重法可知。由图甲可知，铜块的重力，由图乙可知，铜块浸没在水中时弹簧测力计的示数，则
所以由甲、乙两图能够得出物块所受浮力。
（3）本实验是探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系，属于探究规律的实验，应该换用不同的物体进行多次实验，使实验结论更具有普遍性，所以应该将铜块换成小石块，再次进行实验。故选B。
（4）木块漂浮在水中时，处于漂浮状态，由沉浮条件可知，木块的重力等于木块受到的浮力，由等量代换可知，要验证是否等于，只需要验证木块的重力等于木块排开的液体的重力，即。
（5）根据表格数据可知，排开水的质量为
故排开水的质量与木块的质量相等，即排开水的重力等于木块的重力，而漂浮时木块受到浮力等于木块的重力，故漂浮在液体中的物体所受浮力的大小与物体排开的液体所受重力的大小相等。
（6）由沉浮条件可知，下沉的物体受到的浮力小于物体的重力，由阿基米德原理可知，下沉的物体受到的浮力等于排开液体的重力，所以下沉的物体的重力大于排开液体的重力，故下沉的物体的质量大于排开液体的质量，故下沉的物体不能通过“是否等于”间接验证“是否等于”。
18．某实验小组在测量定值电阻的实验中。
次数 1 2 3 4 5
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流I/A 0.10 0.20 0.30 0.40
电阻 5 5 5 5
（1）连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到B端，目的是　 　；
（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则电路中出现的故障可能是　 　；
（3）排除故障后继续实验，将测量的电压值与电流值记录在表格中，该表格设计的不足之处有　 　；
（4）其中第5次实验的电流表示数如图乙所示，则该待测电阻的阻值为　 　；（结果保留两位小数）
（5）另一同学用同一个待测电阻进行实验，但忘记将电压表调零，实验前电压表如图丙所示。最后他根据实验数据作出的关系图像可能是　 　（选填字母）；这样对电阻的测量结果　 　（选填“有”或“无”）影响。
A． B． C． D．
（6）同学们通过实验获得灵感，想设计一个能通过电压表测量声音响度的电路，并且该电路的电压表示数随着响度的增大而增大。准备了如下器材：电源、开关、声敏电阻（阻值随响度的增大而增大，用“”表示）、定值电阻、电压表各一个、导线若干。请利用以上器材并根据要求，在虚线框内画出对应的电路图。
【答案】（1）保护电路
（2）断路
（3）没有设计待测电阻的平均值栏目
（4）5.04
（5）C；无
（6）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关前，需要将滑动变阻器滑片调节到最大阻值处，这样做可以让电路的初始电流达到最小，避免电流过大损坏电路元件，起到保护电路的作用。
（2）电流表没有示数，说明电路大概率发生了断路故障；而电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱可以连通到电源两极，因此故障原因是发生断路。
（3）本实验测量的是定值电阻的阻值，为了减小实验误差，需要多次测量后计算电阻的平均值，原实验表格没有设置电阻平均值这一栏，这是表格设计存在的不足。
（4）由图可知电流表选用0~0.6A量程，该量程的分度值为0.02A，读数为0.48A；计算第5次测量的电阻值：
待测电阻的最终阻值为：
（5）电压表使用前没有调零，开关闭合前电压表就已经有示数了，因此当电路电流为0时，电压表的读数不为0，绘制出的I U图像会和U轴的正半轴相交，且电流随电压增大而增大，符合这个特点的是图C，因此选C；计算电阻时，我们利用的是计算阻值，由于所有电压测量值都比真实值大同一个固定数值，测量得到的电压变化量U和真实的电压变化量相等，因此电压变化量与电流变化量的比值不变，最终测得的电阻结果不受影响。
(6)将声敏电阻和定值电阻串联，把电压表并联在两端。当声音响度越大，的阻值越大，根据串联分压的规律，分得的电压越大，电压表的示数就越大，符合题目要求。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
4、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当变阻器滑片时，接入电路中的阻值变化，导致电路中的电流变化，电阻的电压示数变化，根据欧姆定律多次计算电阻，求解平均值。
5、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，
6、实验前电压表不调零，会导致电流为0，电压表示数不为0，定值电阻的测量原理为。
（1）闭合开关前，滑动变阻器调至最大阻值，目的是使初始电流最小，保护电路元件。
（2）电流表无示数说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表两端连通电源，因此故障可能是断路。
（3）测量定值电阻时，需要多次测量求平均值减小误差，原表格缺少电阻平均值栏，是设计的不足。
（4）由图可知，电流表选0~0.6A的测量范围，分度值0.02A，读数为0.48A；第5次电阻
待测电阻的阻值为
（5）电压表未调零，实验前已有示数，因此当电流为0时，电压表的读数不为0，I U图像与U轴正半轴相交，且随着电压的增大，电流增大，对应图C，故选C；根据图像分析测量结果时，电阻的阻值，所有电压测量值都比真实值大相同的数值，测量得到的电压差值ΔU和真实的电压差值相等，电压变化量和电流变化量的比值不变，因此电阻测量结果无影响。
（6）将声敏电阻与定值电阻串联，电压表并联在两端。响度越大，阻值越大，串联分压中分得的电压越大，电压表示数越大，符合要求。
19．质量为2t的汽车，与地面的总接触面积为0.2m2，在平直公路上以额定功率80kW从静止开始运动，经过15s恰好达到最大速度，接着匀速运动25s关闭发动机，滑行一段距离后停下，其v﹣t图像如图所示。已知汽车在运动过程中受到的阻力为车重的0.2倍。求：
（1）汽车静止时对地面的压强；
（2）整个过程中发动机做的功；
（3）汽车的最大速度。
【答案】解：（1）汽车对地面的压力
对水平地面的压强
（2）由题意可知，整个过程中发动机的工作时间
在这段时间内发动机的功率不变，由可得，整个过程中发动机做的功
（3）汽车所受的阻力
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，汽车的牵引力
由可得，汽车的最大速度
答：（1）汽车静止时对地面的压强为1×105Pa；
（2）整个过程中发动机做的功为3.2×106J；
（3）汽车的最大速度为20m/s。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）汽车对地面的压力等于重力，即；结合压强公式计算其对水平地面的压强；
（2）由题意可知，整个过程中发动机的工作时间，由可得，整个过程中发动机做的功
（3）汽车所受的阻力，因汽车匀速行驶时处于平衡状态，所以，汽车的牵引力等于阻力，即，结合可得，汽车的最大速度。
20．图甲所示为某款新型电饭煲，可以智能化控制不同时间段的烹饪温度，图乙为其电路原理图。和为电阻不变的电热丝，是自动控制开关。某次煮饭时，电饭煲的电功率随时间变化的图像如图丙所示，求：
（1）高温加热时的电流。
（2）电阻的阻值。
（3）在0-30min内，消耗的电能。
【答案】（1）解：由图丙可知，高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流
（2）解：由图乙可知，当开关闭合、断开时，只有接入电路，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由可得，的阻值
（3）解：分析电路图可知，无论是否闭合，始终接入电路工作，因此0-30min内，的总工作时间，且的功率始终为；由可得，这个过程消耗的电能
【知识点】电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流；
（2）闭合、断开时，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由计算的阻值；
（3）是否闭合，始终接入电路工作，0-30min内，的总工作时间，的功率始终为；由可得，消耗的电能。
（1）由图丙可知，高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流
（2）由图乙可知，当开关闭合、断开时，只有接入电路，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由可得，的阻值
（3）分析电路图可知，无论是否闭合，始终接入电路工作，因此0-30min内，的总工作时间，且的功率始终为；由可得，这个过程消耗的电能
21．阅读短文，回答下面的问题。
机器人通过传感器实时感知环境，控制微型电动机从而控制它的运动。红外传感器就是机器人的“眼睛”，其工作原理如图所示。红外发射器向前方发射一束红外线，碰到障碍物后向各个方向反射，其中一光束通过接收透镜中心，照射到红外（CCD）检测器上的某一位置。该位置偏离透镜主光轴的距离称为偏移值。如果检测器到透镜的距离为f，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离为d，当偏移值为L时，根据三角形的相似关系，可计算出红外传感器到障碍物的距离。
（1）红外线属于　 　（选填“可见光”或“不可见光”）；当机器人遇到玻璃门等透明障碍物时，使用　 　（选填“超声波”或“红外线”）感应器效果较好；
（2）红外线碰到障碍物时发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射；
（3）一个红外传感器的检测器到透镜的距离为12cm，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离为18cm，一次测量时偏移值为2cm。则红外传感器到障碍物的距离为　 　cm；
（4）如果偏移值更小一些，说明红外传感器到障碍物的距离更　 　（选填“大”或“小”）；
（5）某型号扫地机器人的红外发射器与墙壁之间的距离为2.1m，现以0.2m/s的速度沿垂直墙壁方向匀速向墙壁靠近，当红外传感器探测到与墙壁之间的距离为0.1m时，立即停止靠近，则扫地机器人的运动时间为　 　s。
【答案】（1）不可见光；超声波
（2）漫
（3）120
（4）大
（5）10
【知识点】镜面反射与漫反射；红外线；凸透镜成像规律及其探究实验；速度公式及其应用；超声波与次声波
【解析】【解答】（1）红外线属于电磁波，它的波长大于可见光，人眼无法直接观测，归为不可见光。红外线能够穿透玻璃门这类透明障碍物，难以被反射回收，感应探测效果较差；超声波属于声波，遇到玻璃等固体障碍物会发生反射，反射信号可以被传感器接收，因此选用超声波感应器效果更佳。
（2）题干提到光线碰到障碍物后会向各个方向反射，反射光线四散传播，该光学现象符合漫反射的特点。
（3）根据题中给出的公式，代入数据进行计算。已知检测器到透镜的距离，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离，偏移值。所以，红外传感器到障碍物的距离
（4）根据
可知，对于一个确定的传感器，f 和d是定值，当偏移值L减小时，距离D会增大。因此，偏移值更小，说明红外传感器到障碍物的距离更大。
（5）扫地机器人运动的距离为初始距离与最终距离之差，即
已知机器人的运动速度，则运动时间为。
故答案为：（1）不可见光；超声波；（2）漫；（3）120；（4）大；（5）10。
【分析】（1）区分红外线与超声波的传播特性：红外线可穿透透明物体，超声波遇固体发生反射，结合自动门玻璃障碍物的场景选择适配的感应设备；同时牢记红外线属于人眼看不到的不可见光。
（2）镜面反射的反射光线定向传播，漫反射的反射光线向四面八方散开，根据光线反射特点判断反射类型。
（3）直接读取题干给出的物理量，代入题目提供的距离公式完成代数计算，注意统一单位后再运算。
（4）对距离公式进行数学变形，结合控制变量思想，固定焦距f、间距d不变，分析偏移值L变化对距离D的影响规律。
（5）先算出机器人实际移动的路程，再利用速度基础公式 变形得到，代入数值求解运动时长。
（1）[1]红外线是波长比可见光长的电磁波，人眼无法看到，属于不可见光。
[2]红外线是光，会穿透玻璃门等透明障碍物，无法被有效反射和接收，因此探测效果不佳。超声波是声波，遇到玻璃门这种固体障碍物时会发生反射，可以被传感器接收，因此使用超声波感应器效果更好。
（2）根据题干信息“碰到障碍物后向各个方向反射”，可知光线射到障碍物表面后，反射光线射向四面八方，这符合漫反射的特征。
（3）根据题中给出的公式，代入数据进行计算。已知检测器到透镜的距离，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离，偏移值。所以，红外传感器到障碍物的距离
（4）根据
可知，对于一个确定的传感器，f 和d是定值，当偏移值L减小时，距离D会增大。因此，偏移值更小，说明红外传感器到障碍物的距离更大。
（5）扫地机器人运动的距离为初始距离与最终距离之差，即
已知机器人的运动速度，则运动时间为
22．阅读短文，回答问题。
燃油无人机
如图所示为某型号民用无人机，如图为某款使用燃油发动机为动力的无人机，具有载荷能力大、续航时长等特点。该无人机外壳初期设计是用钢制作的，后来用研制出的极轻新型复合材料制作，外壳质量减少了590kg，提高了载荷量。而且表面采用这种新型复合材料，受力不易形变，飞机外形采用流线型设计。如表为该无人机的部分参数。升阻比是指飞机受空气的升力与阻力的比值。飞机飞行时的空气阻力与迎风面积、飞行速度的平方均成正比。（，）
升阻比 15~20 最大载荷量/t 1
最大迎风面积/ 10 机身外壳质量/kg 200
最大载油量/L 375 机身质量（含外壳）/t 1.1
（1）燃油无人机表面采用这种极轻新型复合材料制作，受力不易形变，说明这种材料具有___________物理属性。（选填字母）
A．硬度大 B．延展性大 C．弹性好 D．导热性能好
（2）燃油密度为，该无人机一次最多可加燃油　 　kg，若无人机满载燃油，并以最大载荷量停在水平跑道上，此时无人机对水平跑道的压力　 　N；
（3）无人机外壳使用复合材料制作后，无人机的载荷量提高了　 　t，该复合材料的密度是　 　；
（4）若无人机的飞行速度和受到的空气升力不变，增加迎风面积，则该无人机的升阻比　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。当该款无人机以50m/s的速度在空中飞行时，受到的空气阻力为；迎风面积不变，改变升力，当该无人机以60m/s的速度在空中飞行时，升阻比达到最大，此时受到空气的升力为　 　N。
【答案】（1）A
（2）300；
（3）0.59；
（4）变小；
【知识点】物质的基本属性；密度公式及其应用；飞机的升力
【解析】【解答】（1）A、受力后不容易发生形变是硬度大的材料的特点，因此A正确；
BCD选项：延展性描述的是材料可以被拉伸延展的性质，弹性指材料形变后能够恢复原来形状的性质，导热性描述的是材料传导热量的能力，这三个性质都和受力不易形变无关，因此BCD错误。
故选A。
（2）根据题目给出的信息可知，无人机的最大载油量，因此该无人机加满油时，燃油的总质量为
当无人机停在水平跑道上时，无人机对跑道的压力等于无人机、燃油、载荷的总重力。此时无人机整体的总质量为
因此无人机对水平跑道的压力为
（3）采用新材料后的无人机外壳质量减少了590kg，载荷量提高了，原钢外壳质量
由可得，，即
（4）由题意可知，阻力与迎风面积成正比，飞行速度和升力不变时，升阻比变小。迎风面积不变时，，当，阻力，所以当时，阻力，升阻比达到最大20时，此时受到空气的升力。
【分析】1、物体材料的特性：受力不易形变说明材料硬度大；
2、重力的计算：结合密度公式计算物体的质量，结合重力公式计算物体重力；
3、结合，计算不同速度下受到的空气阻力，升阻比达到最大20时，进而计算此时的升力。
（1）A．受力不易形变是硬度大的材料特性，故A符合题意；
BCD．延展性指材料可被拉伸延展的性质，弹性指形变后恢复原形状的性质，导热性描述材料导热能力，故BCD不符合题意。
故选A。
（2）由题意可知，无人机最大载油量，因此该无人机一次最多可加燃油质量
无人机停在水平跑道，对跑道的压力等于总重力，无人机总质量
因此其对水平跑道的压力
（3）采用新材料后的无人机外壳质量减少了590kg，减少的质量即可额外承载，因此载荷量提高了
新旧两种材料外壳体积相等，原钢外壳质量
由可得，，即
（4）由题意可知，阻力与迎风面积成正比，增加迎风面积后阻力也将增大，故飞行速度和升力不变时，升阻比变小。
迎风面积不变时，阻力与速度平方成正比，因此，当，阻力，所以当时，阻力
升阻比达到最大20时，此时受到空气的升力
23．小明制作一个温度报警装置设计了如图甲电路，为热敏电阻，它的阻值随温度的变化图像如图乙，当温度是40℃时，电压表示数为10.8V；温度为60℃时，电压表示数为12V。是定值电阻，电源电压不变。
（1）甲电路中，温度越高，热敏电阻的阻值越　 　，电压表示数越　 　。
（2）小明所选用的定值电阻的阻值是　 　，电源电压为　 　V；
（3）小红同学用原有热敏电阻和恒流电源设计了图丙电路，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻变化时，通过的电流大小保持不变。通过数字电压表的示数可反映环境的温度，某次环境温度从20℃上升到30℃，电压表的示数变化了10mV。当环境温度为40℃时，电压表示数为　 　mV。当温度变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该测温装置的灵敏度越高。若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更　 　的恒流源。
【答案】（1）小；大
（2）300；18
（3）80；大
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）观察图甲可知，定值电阻 R0和热敏电阻R1串联，电压表并联在R0两端，测量R0的电压；从图乙可以得到，环境温度越高，R1的阻值越小。根据串联电路的电阻规律，电路的总电阻等于各串联电阻之和，因此总电阻会随R1减小而变小。根据欧姆定律，电源电压不变，总电阻减小后电路中的电流会变大；再根据，R0阻值不变，电流增大后R0两端的电压就会越大，因此电压表的示数随温度升高而增大。
（2）由图乙可知，当温度是40℃时，R1的阻值是200Ω，电压表的示数为10.8V，根据欧姆定律得到
即①
由图乙可知，当温度是60℃时，R1的阻值是150Ω，电压表的示数为12V，根据欧姆定律得到
即②
由①②解得，。
（3）根据图乙的数据，温度从0升高到80℃的过程中，R1的阻值从250Ω减小到50Ω，总共的阻值变化量为，因此温度每升高1℃，R1的阻值减小量为：
该电路使用恒流电源，电路电流保持恒定，根据可得，电压U和电阻R成正比，因此电压变化量ΔU和R1的电阻变化量ΔR也满足关系，比值就是恒定电流I。当温度从20℃升高到30℃时，温度升高了10℃，R1的阻值减小量为，对应电压表示数变化了10mV，因此电路的恒定电流为：
当温度为40℃时，可算出此时R1的阻值为200Ω，电路电流仍为0.4mA不变，因此R1两端的电压为：
若要提高该测温装置的灵敏度，需要让温度变化相同时，电压表示数的变化量更大。根据，ΔU=I·ΔR，当温度变化量相同，ΔR相同，电流I越大，电压变化量ΔU就越大，装置越容易分辨出电压变化，灵敏度更高，因此应当更换输出电流更大的恒流源。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；据此计算温度变高后，电阻的阻值变化以及电压表示数的变化；
3、根据分析1、2可列不同温度下电阻和电压的方程式，据此计算定值电阻的阻值以及电压值；
4、结合图示内容计算温度每升高1℃，R1的阻值减小量，结合欧姆定律计算温度变化对应电压表示数变化；若要提高该测温装置的灵敏度，需要让温度变化相同时，电压表示数的变化量更大。
（1）由图甲可知，两个电阻串联，电压表测量R0两端的电压，由图乙可知，温度越高，R1的阻值越小，由电阻的串联可知电路中的总电阻越小，由可知电路中的电流越大，由可知，R0两端的电压越大。
（2）由图乙可知，当温度是40℃时，R1的阻值是200Ω，电压表的示数为10.8V，根据欧姆定律得到
即①
由图乙可知，当温度是60℃时，R1的阻值是150Ω，电压表的示数为12V，根据欧姆定律得到
即②
由①②解得，。
（3）根据图乙可知，温度上升80℃，对应电阻减小
故每升高1℃，R1的阻值减小值为
根据可知在恒定电流状态下，U与R成正比，故电压变化量ΔU与电阻变化量ΔR成正比，即，两者的比值即为恒定电流的值。从20℃到30℃，电阻减小量为
故恒定电流值为
当环境温度为40℃时，电阻为200Ω，电流不变仍为0.4mA，故电压
为了增大该装置的灵敏度，应该在温度变化量相同时，变化更大的电压，根据欧姆定律变形公式可知，恒流状态下，电流I越大，电压U变化量越大，装置更灵敏，故应该换一个电流更大的恒流源。
1 / 12026年广东中山市华辰实验中学中考考前预测物理试卷
1．下列现象与原理对应正确的是（　　）
A．小孔成像——光沿直线传播 B．日食月食——光的折射
C．水中筷子弯折——光的反射 D．镜中成像——光的折射
2．近10年来，我国持续推进海绵城市建设。海绵城市能有效蓄水，还能缓解局部早晚温差。“缓解早晚温差”主要利用了水的（　　）
A．流动性强 B．凝固点较低 C．密度较大 D．比热容较大
3．下列生活实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．校园地面上刻有花纹
B．同学们体操训练时手上擦些镁粉
C．自行车轮的轴承上装有滚珠
D．擦黑板时用力按黑板擦
4．如图所示，这是铡刀切甘蔗时的情景，铡刀实质上是（　　）
A．滑轮 B．省力杠杆 C．费力杠杆 D．等臂杠杆
5．2026年2月11日，搭载梦舟飞船的长征十号运载火箭在文昌航天发射场成功发射，完成低空演示验证与最大动压逃逸试验。图中所示为火箭与飞船升空的情境。关于该过程，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，发射塔是运动的
B．以发射塔为参照物，飞船是静止的
C．以飞船为参照物，火箭是静止的
D．以火箭为参照物，发射塔是静止的
6．小文同学在爸爸指导下，走进厨房进行煮排骨汤劳动实践，他发现煮排骨汤涉及很多物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是凝固现象
B．在排骨“解冻”时，排骨中的冰吸热熔化成水
C．炖排骨用的天然气，燃烧越充分，其热值越大
D．排骨汤盛出后冒出大量的“白气”，“白气”是升华现象
7．2026年2月16日晚，央视总台马年春晚舞台上，一群练武的机器人燃爆全场。由宇树科技机器人与河南塔沟武术学校的小朋友同台呈现的节目《武BOT》，凭借灵动的招式与行云流水的人机比武，赢得满堂喝彩。“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
8．具身智能是利用AI与人形机器人结合发展的技术，使得它们拥有像人一样感知、学习和与环境动态交互的能力（如图）。机器人能根据主人语音指令完成指定操作，说明声音可以传递　 　，人与机器人进行交流是通过　 　传播声音的，减小机器人的声音音量实质是降低声音的　 　。
9．冬天用塑料梳子梳干燥的头发时会发现，头发越梳越蓬松.这是因为梳子与头发摩擦，使头发带上了　 　，由于同种电荷相互　 　，所以头发会变得蓬松，　 　是利用这一原理制成的（选填“验电器”或“测电笔”）.
10．我国计划在2030年前实现中国人首次登陆月球。月球上有丰富的氦-3元素，如图是该元素的原子模型，若B为质子，则A为　 　。氦-3与氘核进行核聚变时，其原理与　 　（选填“核电站”或“太阳”）相似，核能是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
11．小明在店内喝柠檬茶，利用吸管能将茶“吸”入口中，这是利用了　 　的作用。窗外有风刮过时，店内窗帘向外飘，这是因为空气流速大的位置，压强　 　（选填“大”或“小”）。店内洗手池下的反水弯如题图所示，它利用了　 　的原理来隔绝臭气。
12．如图所示的无人驾驶航空器可用于高空摄影、旅游观光、喷洒农药等。航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，从而获得升力，这说明了力的作用是　 　的。航空器匀速升空过程中，机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。航空器靠　 　波与控制中心联系。
13．如图所示是某快递驿站的扫码出库扫描机，当顾客将快递放置在指定区域后，扫描机的镜头会自动捕捉快递条形码信息。扫描机的彩色画面是由红、　 　、蓝三种色光混合而成。当快递放置在快递台上时，快递单通过摄像头所成的像为　 　（选填“放大”或“缩小”）的像；若镜头的焦距为30cm，为了能成清晰的像，快递到镜头的距离应大于　 　cm。
14．图甲是一款自动注水、喷淋系统电路图。控制电路的电源电压，为压敏电阻，放置在注水系统水箱底部，其阻值随压力的增大而减小。图乙是受控电路总电流随时间变化的图像。当通过电磁铁线圈中的电流为0.1A时，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作。电磁铁线圈的电阻忽略不计。当衔铁恰好被吸下时电阻为　 　，喷淋系统的电功率为　 　W，500s内受控电路消耗的电能为　 　J。
15．按要求完成下列作图：
（1）如图所示，一个重0.2N的乒乓球漂浮在烧杯的水面上，烧杯静止在斜面上，请在该图中画出乒乓球所受浮力及烧杯对斜面的压力。
（2）画出图中进入凹透镜前的入射光线。
（3）如图甲是小组同学制作的简易调光台灯，电位器是调节其亮度的装置。请在图乙中把图中元件接入家庭电路，要求：当电位器滑片顺时针转动时，灯泡变亮。
16．（1）甲图中物体的长度是　 　cm；乙图弹簧测力计的读数是　 　N；丙图是　 　km/h。
（2）小明探究“杠杆的平衡条件”的实验装置如图所示，钩码的重力均为0.5N。
①杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；
②图乙中杠杆恰好在水平位置平衡，若在A处下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持平衡，需将挂在B处的钩码向右移动　 　格；
③如图丙所示，小明取下B处的钩码，将弹簧测力计钩在C处，使杠杆再次在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）1 N。
17．小刘和同学们利用弹簧测力计、铜块、溢水杯、小桶和足量的水等实验器材，做“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验，进行了如图所示的操作。
（1）实验前，弹簧测力计应在　 　方向调零；实验时，若溢水杯中未装满水，则会导致测出的偏　 　；
（2）由　 　两图得出物块所受浮力N，再由另外两图得出物块排开液体所受重力N；
（3）为了得到更普遍的结论，接下来的操作中合理的是________（选填序号）；
A．用原来的方案和器材多次测量求平均值
B．将铜块换成小石块，再次进行实验
（4）小刘在实验中发现同学们研究的物体都是在液体里下沉的，于是他想用木块验证“漂浮在液体中的物体所受浮力的大小是否等于物体排开的液体所受重力的大小。他在设计实验时，通过推理得到了一种间接验证的方法。推理过程如下：
因为木块漂浮在水中，所以木块所受浮力的大小等于木块所受重力的大小G。若要验证是否等于，只需验证　 　是否等于，又因为G＝mg，所以只需验证是否等于，于是小刘找来了电子秤（可直接显示初体质量）、溢水杯和小烧杯进行实验，实验步骤如下：
a.用电子秤测量木块的质量；
b.用电子秤测量小烧杯的质量；
c.把木块轻轻放入装满水的溢水杯中，用小烧杯收集从溢水杯中被木块排开的水；
d.用电子秤测量小烧杯和排开的水的总质量。
实验数据记录如表所示：
研究对象 木块质量/g 小烧杯质量/g 杯、水总质量/g 排开水的质量/g
木块 80 38 118
（5）分析表格中的实验数据并结合上述实验，得出结论：漂浮在液体中的物体所受浮力的大小与物体排开的液体所受重力的大小　 　。
（6）同学们在梳理小刘的推理过程时发现，下沉的物体不能通过“是否等于”间接验证“是否等于”，原因是　 　。
18．某实验小组在测量定值电阻的实验中。
次数 1 2 3 4 5
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
电流I/A 0.10 0.20 0.30 0.40
电阻 5 5 5 5
（1）连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到B端，目的是　 　；
（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则电路中出现的故障可能是　 　；
（3）排除故障后继续实验，将测量的电压值与电流值记录在表格中，该表格设计的不足之处有　 　；
（4）其中第5次实验的电流表示数如图乙所示，则该待测电阻的阻值为　 　；（结果保留两位小数）
（5）另一同学用同一个待测电阻进行实验，但忘记将电压表调零，实验前电压表如图丙所示。最后他根据实验数据作出的关系图像可能是　 　（选填字母）；这样对电阻的测量结果　 　（选填“有”或“无”）影响。
A． B． C． D．
（6）同学们通过实验获得灵感，想设计一个能通过电压表测量声音响度的电路，并且该电路的电压表示数随着响度的增大而增大。准备了如下器材：电源、开关、声敏电阻（阻值随响度的增大而增大，用“”表示）、定值电阻、电压表各一个、导线若干。请利用以上器材并根据要求，在虚线框内画出对应的电路图。
19．质量为2t的汽车，与地面的总接触面积为0.2m2，在平直公路上以额定功率80kW从静止开始运动，经过15s恰好达到最大速度，接着匀速运动25s关闭发动机，滑行一段距离后停下，其v﹣t图像如图所示。已知汽车在运动过程中受到的阻力为车重的0.2倍。求：
（1）汽车静止时对地面的压强；
（2）整个过程中发动机做的功；
（3）汽车的最大速度。
20．图甲所示为某款新型电饭煲，可以智能化控制不同时间段的烹饪温度，图乙为其电路原理图。和为电阻不变的电热丝，是自动控制开关。某次煮饭时，电饭煲的电功率随时间变化的图像如图丙所示，求：
（1）高温加热时的电流。
（2）电阻的阻值。
（3）在0-30min内，消耗的电能。
21．阅读短文，回答下面的问题。
机器人通过传感器实时感知环境，控制微型电动机从而控制它的运动。红外传感器就是机器人的“眼睛”，其工作原理如图所示。红外发射器向前方发射一束红外线，碰到障碍物后向各个方向反射，其中一光束通过接收透镜中心，照射到红外（CCD）检测器上的某一位置。该位置偏离透镜主光轴的距离称为偏移值。如果检测器到透镜的距离为f，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离为d，当偏移值为L时，根据三角形的相似关系，可计算出红外传感器到障碍物的距离。
（1）红外线属于　 　（选填“可见光”或“不可见光”）；当机器人遇到玻璃门等透明障碍物时，使用　 　（选填“超声波”或“红外线”）感应器效果较好；
（2）红外线碰到障碍物时发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射；
（3）一个红外传感器的检测器到透镜的距离为12cm，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离为18cm，一次测量时偏移值为2cm。则红外传感器到障碍物的距离为　 　cm；
（4）如果偏移值更小一些，说明红外传感器到障碍物的距离更　 　（选填“大”或“小”）；
（5）某型号扫地机器人的红外发射器与墙壁之间的距离为2.1m，现以0.2m/s的速度沿垂直墙壁方向匀速向墙壁靠近，当红外传感器探测到与墙壁之间的距离为0.1m时，立即停止靠近，则扫地机器人的运动时间为　 　s。
22．阅读短文，回答问题。
燃油无人机
如图所示为某型号民用无人机，如图为某款使用燃油发动机为动力的无人机，具有载荷能力大、续航时长等特点。该无人机外壳初期设计是用钢制作的，后来用研制出的极轻新型复合材料制作，外壳质量减少了590kg，提高了载荷量。而且表面采用这种新型复合材料，受力不易形变，飞机外形采用流线型设计。如表为该无人机的部分参数。升阻比是指飞机受空气的升力与阻力的比值。飞机飞行时的空气阻力与迎风面积、飞行速度的平方均成正比。（，）
升阻比 15~20 最大载荷量/t 1
最大迎风面积/ 10 机身外壳质量/kg 200
最大载油量/L 375 机身质量（含外壳）/t 1.1
（1）燃油无人机表面采用这种极轻新型复合材料制作，受力不易形变，说明这种材料具有___________物理属性。（选填字母）
A．硬度大 B．延展性大 C．弹性好 D．导热性能好
（2）燃油密度为，该无人机一次最多可加燃油　 　kg，若无人机满载燃油，并以最大载荷量停在水平跑道上，此时无人机对水平跑道的压力　 　N；
（3）无人机外壳使用复合材料制作后，无人机的载荷量提高了　 　t，该复合材料的密度是　 　；
（4）若无人机的飞行速度和受到的空气升力不变，增加迎风面积，则该无人机的升阻比　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。当该款无人机以50m/s的速度在空中飞行时，受到的空气阻力为；迎风面积不变，改变升力，当该无人机以60m/s的速度在空中飞行时，升阻比达到最大，此时受到空气的升力为　 　N。
23．小明制作一个温度报警装置设计了如图甲电路，为热敏电阻，它的阻值随温度的变化图像如图乙，当温度是40℃时，电压表示数为10.8V；温度为60℃时，电压表示数为12V。是定值电阻，电源电压不变。
（1）甲电路中，温度越高，热敏电阻的阻值越　 　，电压表示数越　 　。
（2）小明所选用的定值电阻的阻值是　 　，电源电压为　 　V；
（3）小红同学用原有热敏电阻和恒流电源设计了图丙电路，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻变化时，通过的电流大小保持不变。通过数字电压表的示数可反映环境的温度，某次环境温度从20℃上升到30℃，电压表的示数变化了10mV。当环境温度为40℃时，电压表示数为　 　mV。当温度变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该测温装置的灵敏度越高。若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更　 　的恒流源。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．小孔成像的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播，光线经过小孔后会形成倒立的实像，因此A正确；
B．日食和月食都是光沿直线传播过程中，被遮挡后形成的现象，本质属于光的直线传播，不是光的折射，因此B错误；
C．插入水中的筷子看起来发生弯折，这是光从水中斜射入空气中时传播方向发生偏折产生的现象，属于光的折射，不是光的反射，因此C错误；
D．镜中能成像是平面镜成像现象，它的原理是光的反射，不属于光的折射，因此D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
2．【答案】D
【知识点】密度及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据Q=cm△t可知，自然界中水的比热容大，则相同质量的水在吸收或释放相同热量时，温度变化小，所以海绵城市能有效蓄水可以调节当地的气候，
故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
3．【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．校园地面上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B．体操训练时手上擦些镁粉，是在压力一定时， 通过增大接触面粗糙程度增大摩擦，故B不符合题意；
C．自行车轮的轴承上装有滚珠，是利用变滑动摩擦为滚动摩擦的方式减小摩擦，故C符合题意；
D．擦黑板时用力按黑板擦，是在接触面积相同时，通过增大压力来增大摩擦，故D不符合题意。
故选C。
【分析】减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面和变滑动为滚动。
4．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】从图中能够看出，铡刀属于杠杆，它的轴就是支点C，切割甘蔗的位置是阻力作用点，我们手握的刀柄位置（也就是动力的作用点）是动力作用点。铡刀工作时，动力臂的长度大于阻力臂，本质上属于省力杠杆，因此A、C、D错误，B正确。
故选B。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
5．【答案】C
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．若选择地面作为参照物，发射塔相对于地面的位置没有发生改变，因此发射塔是静止的，故A错误；
B．若选择发射塔作为参照物，飞船在升空的过程中，和发射塔的相对位置一直在发生变化，因此飞船是运动的，故B错误；
C．若选择飞船作为参照物，火箭与飞船一同升空，二者之间没有相对位置的改变，因此火箭是静止的，故C正确；
D．若选择火箭作为参照物，发射塔在飞船升空的过程中，和火箭的相对位置一直在发生变化，因此发射塔是运动的，故D错误。
故选C。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止。
6．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热；燃料的热值
【解析】【解答】A、排骨表面的“白霜”，是空气中的水蒸气遇到温度很低的排骨，直接由气态变为固态形成的小冰晶，这个过程是凝华现象，并非凝固，因此A错误；
B、解冻时，排骨内部的冰由固态转变为液态水，这个过程是熔化，熔化过程需要吸收热量，因此B正确；
C、热值是燃料本身的固有性质，仅由燃料的种类决定，和燃料燃烧是否充分没有关系，因此C错误；
D、排骨汤冒出的“白气”，是汤中逸出的高温水蒸气遇到温度较低的空气，液化形成的小水滴，属于液化现象，不是升华，因此D错误。
故选 B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
7．【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．扬声器的线圈通入电流后，会在永磁体的磁场中受到力的作用产生振动，进而带动纸盆振动发出声音，其工作原理和电动机一致，因此A符合题意；
B．动圈式话筒工作时，声波带动膜片振动，让连接膜片的线圈切割磁感线产生感应电流，属于电磁感应现象，对应发电机的工作原理，因此B不符合题意；
C．电磁铁实验是利用电流通过螺线管获得磁场，展现的是电流的磁效应，和电动机的工作原理无关，因此C不符合题意；
D．题图中的电磁感应装置，通过导体ab切割磁感线产生感应电流，属于发电机的工作原理，因此D不符合题意。
故选A。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
8．【答案】信息；空气；响度
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】声音既能够传递信息，也能够传递能量。本题中机器人依靠语音指令来执行对应操作，这一过程体现了声音可以传递信息的特点；声音传播必须依靠介质才能进行，我们日常生活中人和机器人交流时，声音是通过空气这种介质传播到机器人的收音装置的；响度描述的是声音的强弱大小，我们常说的音量指的就是声音的响度，因此调小音量本质上就是降低了声音的响度。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、声音能传递信息的实例：利用声呐（超声波）测海深、利用雷达定位、利用B超探测婴儿信息。
9．【答案】电荷；排斥；验电器
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】梳子与头发摩擦发生摩擦起电，头发带上同种电荷； 电荷间作用规律：同种电荷相互排斥，所以每根头发互相推开，变得蓬松。 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；测电笔用于辨别火线零线，原理不同。【分析】验电器的工作原理：同性电荷相互排斥
两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
10．【答案】核外电子；太阳；不可再生
【知识点】能源及其分类；核聚变；原子结构
【解析】【解答】原子的构成是：原子核内包含带正电的质子、不带电的中子，原子核外则是带负电的电子。结合本题的原子模型，已知B是质子，那么位于原子核外的A就是核外电子。
氦-3和氘核发生核聚变的原理和太阳的发热发光原理类似，这个过程属于不可控的核聚变；而当前核电站发电，利用的是可控的核裂变，二者反应类型不同。
核能所使用的核原料在短时间内无法从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式。
3、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
11．【答案】大气压；小；连通器
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】用吸管饮用饮料时，我们先将吸管内的空气吸走，会使得吸管内部的气压小于外界的大气压，饮料就会在外界大气压的推动下，进入吸管再入口中，这个过程利用的是大气压的作用。
根据流体压强的规律：流速越大的位置，流体压强越小。当窗外有风经过时，窗外空气流速更大，压强更小；而室内空气流速更小，压强更大，室内外形成的压强差就会推动窗帘向室外飘动。
洗手池下方的反水弯，属于上端开口、底部相连通的容器，符合连通器的结构特点。当反水弯内没有水流流动时，U形管的两侧液面会保持相平，由此形成水封隔绝管道内的臭气，这个结构正是利用了连通器的原理。
【分析】大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
12．【答案】相互；增大；电磁
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】旋翼对空气施加向下的力，同时空气对旋翼施加向上的反作用力，说明力的作用是相互的；航空器匀速升空时，质量、速度不变，动能不变，高度升高，重力势能增大，机械能等于动能与重力势能之和，因此机械能增大；航空器与地面控制中心依靠电磁波传递信息。
故答案为：相互；增大；电磁
【分析】(1) 本题考查力的作用特点，物体间力的作用是相互的；
(2) 本题考查机械能大小判断，匀速上升动能不变，高度增加重力势能变大，机械能增大；
(3) 本题考查电磁波的应用，无人机远距离通信依靠电磁波。
13．【答案】绿；缩小；60
【知识点】色光的三（基）原色和颜料的三原色；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】红、绿、蓝是光的三原色，三种色光按比例混合可以得到各种颜色，等量混合时会呈现出白色，我们看到的彩色画面就是由这三种色光混合得到的。
摄像头的镜头属于凸透镜，它的成像原理和照相机相同：当物距时，凸透镜会成倒立、缩小的实像，因此摄像头拍摄时，快递单会成缩小的像。
题目已知该镜头的焦距，结合照相机成像要求物距大于2倍焦距，计算可得2倍焦距为，因此快递到镜头的距离需要大于60cm才能清晰成像。
【分析】1、三原色：红、绿、蓝；
2、物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
14．【答案】120；220；
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】本题中电磁铁的电阻不计，因此控制电路只有压敏电阻接入电路，根据欧姆定律可以计算得到的阻值为：
结合题目信息可知，受控电路共有两种工作状态：第一种是衔铁被吸下，仅喷淋系统接入电路工作，此时电路电流为；第二种是衔铁未吸下，注水系统和喷淋系统并联同时工作，此时干路总电流为。由此可得喷淋系统单独工作时的电功率为：
计算500s内受控电路消耗的总电能时，需要按照工作状态分为两段分别计算：0~400s为注水和喷淋同时工作，这段时间消耗的电能为：
400s~500s仅喷淋系统工作，这段时间消耗的电能为：
因此500s内受控电路总共消耗的电能为两段电能之和：
；
【分析】1、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
2、电功率及电功的计算：公式为W=Pt=UIt，结合题目所给信息，计算题目设问。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；变阻器及其应用
【解析】【解答】（1）重0.2N的乒乓球漂浮在水面，根据漂浮条件，乒乓球所受浮力大小等于自身重力；浮力的方向始终为竖直向上，作用点画在乒乓球的重心，按照这个规则即可画出浮力示意图。烧杯对斜面的压力，受力物体是斜面，因此作用点要画在烧杯与斜面的接触面上，方向垂直斜面向下指向斜面，最后标注垂直符号即可。
（2）对于凹透镜，若折射光线平行于主光轴，对应的入射光线的延长线一定过凹透镜另一侧的焦点。作图时先使用虚线连接折射点与同侧焦点，再沿虚线向凹透镜另一侧延长，即可得到对应入射光线。
（3）家庭电路接线规范要求，灯泡的螺旋螺纹端需要接零线（中性线），电位器的中间接线柱b连接灯泡顶端的金属点，电位器的接线柱c连接火线（相线）；当顺时针旋转电位器旋钮时，电位器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻变小，电路电流变大，因此小灯泡会变亮，符合题目要求。
【分析】1、压力的画法：物体对被压物体施加压力，作用点位于接触面上，方向指向被压物体，垂直被压物体；
2、浮力的画法：作用于物体重心，方向竖直向上；
3、凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
4、变阻器本质为改变物体接入电路中的电阻丝长度。
（1）重0.2N的乒乓球漂浮在烧杯的水面上，浮力大小等于重力，再根据浮力的方向竖直向上，作用点在乒乓球的重心，画出乒乓球的浮力；烧杯对斜面的压力是斜面受到的力，作用点在烧杯和斜面的接触面上，方向垂直于斜面并指向斜面，标上垂直符号。
（2）图中凹透镜的折射光线平行于主光轴，说明对应的入射光线在折射点与焦点的连线上，先用虚线连接折射点和焦点，然后在凹透镜的另一边将虚线延长，得到入射光线。
（3）灯泡的螺纹处要接中性线，电位器的接线柱b连接灯泡顶部，电位器的右边接口c连接相线，顺时针旋转电位器的旋钮，接入电路的电阻变小，电路中电流变大，小灯泡变亮。
16．【答案】（1）2.70；2.4；30
（2）平衡；1；大于
【知识点】刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）① 刻度尺的分度值为1mm，物体的左侧与刻度尺1.00cm刻度线对齐，右侧对齐约3.70cm处，因此物体的长度为：
② 弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指向2.4N的位置，因此读数为2.4N。
③ 速度表的单位为km/h，指针指向刻度30，因此读数为30km/h。
（2）杠杆静止时，就处于平衡状态，因此图中杠杆属于平衡状态。
设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为l，根据杠杆平衡条件，原本杠杆平衡满足：
，若在A处下方再挂一个相同钩码，左侧总力矩变为；若要杠杆重新平衡，根据杠杆平衡条件，右侧力臂应为：
B点原本力臂为3l，因此需要将B处的钩码向右移动1格。如图丙所示，若弹簧测力计沿竖直方向拉，杠杆平衡时满足：，整理得：
如果弹簧测力计斜着拉，拉力的力臂会小于支点到C点的长度（也就是竖直拉动时的力臂），即力臂变小；根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，力臂变小拉力会变大，因此弹簧测力计的示数大于1N。
【分析】1、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位
2、弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数，对钩码的拉力与弹簧测力计的弹簧轴线一致；
3、速度仪表盘，单位为km/h；
4、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）刻度尺分度值为1mm，物体左端对齐1.00cm，右端对齐约3.70cm，因此长度为。
弹簧测力计分度值为0.2N，指针指向2.4N，因此读数为2.4N。
速度表单位为km/h，指针指向刻度数值为30，因此读数为30km/h。
（2）图中杠杆静止，因此属于平衡状态。
设每个钩码重力为G，杠杆每格长度为l，根据杠杆平衡条件可知，原平衡状态，若A处下方再挂一个相同的钩码，即等式左边成为，为使杠杆保持平衡，则右端力臂应为，故B处的钩码向右移动1格。
如图丙所示，若弹簧测力计沿竖直方向拉，若是杠杆平衡则有，即
若弹簧测力计斜拉时，其力臂会小于支点到C点的水平距离，即力臂变小，为使杠杆再次在水平位置平衡，相对于拉力需要变大，故弹簧测力计示数大于。
17．【答案】（1）竖直；小
（2）甲、乙
（3）B
（4）木块的重力
（5）相等
（6）下沉的物体浮力小于重力，m物大于m排
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当我们测量物体竖直方向的受力时，需要先将弹簧测力计在竖直方向完成调零。如果实验前溢水杯没有装满水，物体浸入后排开的水无法全部流入小桶中，最终测得的排开水的重力就会偏小。
（2）测量浮力时我们使用称重法，计算公式为。从甲图可以读出铜块的重力为，从乙图可以读出铜块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为，代入公式可得：
，因此仅通过甲、乙两图，就可以得到物块所受的浮力大小。
（3）本次实验的目的是探究浮力大小和排开液体所受重力的关系，属于总结普遍规律的探究实验。为了避免实验结果的偶然性，让结论更具有普遍性，需要更换不同的物体重复实验，因此应当把铜块换成小石块再次完成实验，正确选项是B。
（4）木块漂浮在水面上时，根据物体的浮沉条件，漂浮状态下木块的重力和木块受到的浮力大小相等。通过等量代换可以得到：要验证是否等于，只需要验证木块的重力等于排开液体的重力即可，也就是验证关系是否成立。
（5）根据表格给出的数据计算，排开水的质量为：
可以看出排开水的质量和木块的质量相等，说明排开水的重力等于木块的重力；而漂浮时木块受到的浮力和木块自身重力相等，因此可以得到结论：漂浮在液体中的物体，所受浮力的大小等于排开液体所受重力的大小。
(6)根据物体浮沉条件，沉底的物体受到的浮力小于自身的重力；根据阿基米德原理，沉底物体受到的浮力等于排开液体的重力，因此可以推出沉底物体的重力大于排开液体的重力，进一步可得沉底物体的质量大于排开液体的质量。因此，对于下沉的物体，无法通过比较“是否等于”，来间接验证“是否等于”这个结论。
【分析】1、弹簧测力计：使用前弹簧测力计竖直调零，分度值为0.2N，重力方向竖直向下，据图读数；
2、溢水杯中未装满水会导致测得的排开水的重力就会偏小。
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
4、试验的正确操作步骤：提出问题、作出假设、设计实验，进行试验、得出结论，为了得出准确结论，要进行多次实验确保实验结论的正确性和普遍性；
4、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
5、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
（1）在测量物体竖直方向受到的力时，弹簧测力计需要在竖直方向调零。
实验时，若溢水杯中未装满水，排开的水不能全部流入小桶，会导致测出的偏小。
（2）根据称重法可知。由图甲可知，铜块的重力，由图乙可知，铜块浸没在水中时弹簧测力计的示数，则
所以由甲、乙两图能够得出物块所受浮力。
（3）本实验是探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系，属于探究规律的实验，应该换用不同的物体进行多次实验，使实验结论更具有普遍性，所以应该将铜块换成小石块，再次进行实验。故选B。
（4）木块漂浮在水中时，处于漂浮状态，由沉浮条件可知，木块的重力等于木块受到的浮力，由等量代换可知，要验证是否等于，只需要验证木块的重力等于木块排开的液体的重力，即。
（5）根据表格数据可知，排开水的质量为
故排开水的质量与木块的质量相等，即排开水的重力等于木块的重力，而漂浮时木块受到浮力等于木块的重力，故漂浮在液体中的物体所受浮力的大小与物体排开的液体所受重力的大小相等。
（6）由沉浮条件可知，下沉的物体受到的浮力小于物体的重力，由阿基米德原理可知，下沉的物体受到的浮力等于排开液体的重力，所以下沉的物体的重力大于排开液体的重力，故下沉的物体的质量大于排开液体的质量，故下沉的物体不能通过“是否等于”间接验证“是否等于”。
18．【答案】（1）保护电路
（2）断路
（3）没有设计待测电阻的平均值栏目
（4）5.04
（5）C；无
（6）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关前，需要将滑动变阻器滑片调节到最大阻值处，这样做可以让电路的初始电流达到最小，避免电流过大损坏电路元件，起到保护电路的作用。
（2）电流表没有示数，说明电路大概率发生了断路故障；而电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱可以连通到电源两极，因此故障原因是发生断路。
（3）本实验测量的是定值电阻的阻值，为了减小实验误差，需要多次测量后计算电阻的平均值，原实验表格没有设置电阻平均值这一栏，这是表格设计存在的不足。
（4）由图可知电流表选用0~0.6A量程，该量程的分度值为0.02A，读数为0.48A；计算第5次测量的电阻值：
待测电阻的最终阻值为：
（5）电压表使用前没有调零，开关闭合前电压表就已经有示数了，因此当电路电流为0时，电压表的读数不为0，绘制出的I U图像会和U轴的正半轴相交，且电流随电压增大而增大，符合这个特点的是图C，因此选C；计算电阻时，我们利用的是计算阻值，由于所有电压测量值都比真实值大同一个固定数值，测量得到的电压变化量U和真实的电压变化量相等，因此电压变化量与电流变化量的比值不变，最终测得的电阻结果不受影响。
(6)将声敏电阻和定值电阻串联，把电压表并联在两端。当声音响度越大，的阻值越大，根据串联分压的规律，分得的电压越大，电压表的示数就越大，符合题目要求。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
4、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当变阻器滑片时，接入电路中的阻值变化，导致电路中的电流变化，电阻的电压示数变化，根据欧姆定律多次计算电阻，求解平均值。
5、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，
6、实验前电压表不调零，会导致电流为0，电压表示数不为0，定值电阻的测量原理为。
（1）闭合开关前，滑动变阻器调至最大阻值，目的是使初始电流最小，保护电路元件。
（2）电流表无示数说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表两端连通电源，因此故障可能是断路。
（3）测量定值电阻时，需要多次测量求平均值减小误差，原表格缺少电阻平均值栏，是设计的不足。
（4）由图可知，电流表选0~0.6A的测量范围，分度值0.02A，读数为0.48A；第5次电阻
待测电阻的阻值为
（5）电压表未调零，实验前已有示数，因此当电流为0时，电压表的读数不为0，I U图像与U轴正半轴相交，且随着电压的增大，电流增大，对应图C，故选C；根据图像分析测量结果时，电阻的阻值，所有电压测量值都比真实值大相同的数值，测量得到的电压差值ΔU和真实的电压差值相等，电压变化量和电流变化量的比值不变，因此电阻测量结果无影响。
（6）将声敏电阻与定值电阻串联，电压表并联在两端。响度越大，阻值越大，串联分压中分得的电压越大，电压表示数越大，符合要求。
19．【答案】解：（1）汽车对地面的压力
对水平地面的压强
（2）由题意可知，整个过程中发动机的工作时间
在这段时间内发动机的功率不变，由可得，整个过程中发动机做的功
（3）汽车所受的阻力
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，汽车的牵引力
由可得，汽车的最大速度
答：（1）汽车静止时对地面的压强为1×105Pa；
（2）整个过程中发动机做的功为3.2×106J；
（3）汽车的最大速度为20m/s。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）汽车对地面的压力等于重力，即；结合压强公式计算其对水平地面的压强；
（2）由题意可知，整个过程中发动机的工作时间，由可得，整个过程中发动机做的功
（3）汽车所受的阻力，因汽车匀速行驶时处于平衡状态，所以，汽车的牵引力等于阻力，即，结合可得，汽车的最大速度。
20．【答案】（1）解：由图丙可知，高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流
（2）解：由图乙可知，当开关闭合、断开时，只有接入电路，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由可得，的阻值
（3）解：分析电路图可知，无论是否闭合，始终接入电路工作，因此0-30min内，的总工作时间，且的功率始终为；由可得，这个过程消耗的电能
【知识点】电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流；
（2）闭合、断开时，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由计算的阻值；
（3）是否闭合，始终接入电路工作，0-30min内，的总工作时间，的功率始终为；由可得，消耗的电能。
（1）由图丙可知，高温挡的总功率，电源电压，由可得，高温加热时的电流
（2）由图乙可知，当开关闭合、断开时，只有接入电路，此时电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡，保温挡的功率等于的功率，由图丙得的功率，由可得，的阻值
（3）分析电路图可知，无论是否闭合，始终接入电路工作，因此0-30min内，的总工作时间，且的功率始终为；由可得，这个过程消耗的电能
21．【答案】（1）不可见光；超声波
（2）漫
（3）120
（4）大
（5）10
【知识点】镜面反射与漫反射；红外线；凸透镜成像规律及其探究实验；速度公式及其应用；超声波与次声波
【解析】【解答】（1）红外线属于电磁波，它的波长大于可见光，人眼无法直接观测，归为不可见光。红外线能够穿透玻璃门这类透明障碍物，难以被反射回收，感应探测效果较差；超声波属于声波，遇到玻璃等固体障碍物会发生反射，反射信号可以被传感器接收，因此选用超声波感应器效果更佳。
（2）题干提到光线碰到障碍物后会向各个方向反射，反射光线四散传播，该光学现象符合漫反射的特点。
（3）根据题中给出的公式，代入数据进行计算。已知检测器到透镜的距离，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离，偏移值。所以，红外传感器到障碍物的距离
（4）根据
可知，对于一个确定的传感器，f 和d是定值，当偏移值L减小时，距离D会增大。因此，偏移值更小，说明红外传感器到障碍物的距离更大。
（5）扫地机器人运动的距离为初始距离与最终距离之差，即
已知机器人的运动速度，则运动时间为。
故答案为：（1）不可见光；超声波；（2）漫；（3）120；（4）大；（5）10。
【分析】（1）区分红外线与超声波的传播特性：红外线可穿透透明物体，超声波遇固体发生反射，结合自动门玻璃障碍物的场景选择适配的感应设备；同时牢记红外线属于人眼看不到的不可见光。
（2）镜面反射的反射光线定向传播，漫反射的反射光线向四面八方散开，根据光线反射特点判断反射类型。
（3）直接读取题干给出的物理量，代入题目提供的距离公式完成代数计算，注意统一单位后再运算。
（4）对距离公式进行数学变形，结合控制变量思想，固定焦距f、间距d不变，分析偏移值L变化对距离D的影响规律。
（5）先算出机器人实际移动的路程，再利用速度基础公式 变形得到，代入数值求解运动时长。
（1）[1]红外线是波长比可见光长的电磁波，人眼无法看到，属于不可见光。
[2]红外线是光，会穿透玻璃门等透明障碍物，无法被有效反射和接收，因此探测效果不佳。超声波是声波，遇到玻璃门这种固体障碍物时会发生反射，可以被传感器接收，因此使用超声波感应器效果更好。
（2）根据题干信息“碰到障碍物后向各个方向反射”，可知光线射到障碍物表面后，反射光线射向四面八方，这符合漫反射的特征。
（3）根据题中给出的公式，代入数据进行计算。已知检测器到透镜的距离，红外发射器中心线与接收透镜主光轴之间的距离，偏移值。所以，红外传感器到障碍物的距离
（4）根据
可知，对于一个确定的传感器，f 和d是定值，当偏移值L减小时，距离D会增大。因此，偏移值更小，说明红外传感器到障碍物的距离更大。
（5）扫地机器人运动的距离为初始距离与最终距离之差，即
已知机器人的运动速度，则运动时间为
22．【答案】（1）A
（2）300；
（3）0.59；
（4）变小；
【知识点】物质的基本属性；密度公式及其应用；飞机的升力
【解析】【解答】（1）A、受力后不容易发生形变是硬度大的材料的特点，因此A正确；
BCD选项：延展性描述的是材料可以被拉伸延展的性质，弹性指材料形变后能够恢复原来形状的性质，导热性描述的是材料传导热量的能力，这三个性质都和受力不易形变无关，因此BCD错误。
故选A。
（2）根据题目给出的信息可知，无人机的最大载油量，因此该无人机加满油时，燃油的总质量为
当无人机停在水平跑道上时，无人机对跑道的压力等于无人机、燃油、载荷的总重力。此时无人机整体的总质量为
因此无人机对水平跑道的压力为
（3）采用新材料后的无人机外壳质量减少了590kg，载荷量提高了，原钢外壳质量
由可得，，即
（4）由题意可知，阻力与迎风面积成正比，飞行速度和升力不变时，升阻比变小。迎风面积不变时，，当，阻力，所以当时，阻力，升阻比达到最大20时，此时受到空气的升力。
【分析】1、物体材料的特性：受力不易形变说明材料硬度大；
2、重力的计算：结合密度公式计算物体的质量，结合重力公式计算物体重力；
3、结合，计算不同速度下受到的空气阻力，升阻比达到最大20时，进而计算此时的升力。
（1）A．受力不易形变是硬度大的材料特性，故A符合题意；
BCD．延展性指材料可被拉伸延展的性质，弹性指形变后恢复原形状的性质，导热性描述材料导热能力，故BCD不符合题意。
故选A。
（2）由题意可知，无人机最大载油量，因此该无人机一次最多可加燃油质量
无人机停在水平跑道，对跑道的压力等于总重力，无人机总质量
因此其对水平跑道的压力
（3）采用新材料后的无人机外壳质量减少了590kg，减少的质量即可额外承载，因此载荷量提高了
新旧两种材料外壳体积相等，原钢外壳质量
由可得，，即
（4）由题意可知，阻力与迎风面积成正比，增加迎风面积后阻力也将增大，故飞行速度和升力不变时，升阻比变小。
迎风面积不变时，阻力与速度平方成正比，因此，当，阻力，所以当时，阻力
升阻比达到最大20时，此时受到空气的升力
23．【答案】（1）小；大
（2）300；18
（3）80；大
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）观察图甲可知，定值电阻 R0和热敏电阻R1串联，电压表并联在R0两端，测量R0的电压；从图乙可以得到，环境温度越高，R1的阻值越小。根据串联电路的电阻规律，电路的总电阻等于各串联电阻之和，因此总电阻会随R1减小而变小。根据欧姆定律，电源电压不变，总电阻减小后电路中的电流会变大；再根据，R0阻值不变，电流增大后R0两端的电压就会越大，因此电压表的示数随温度升高而增大。
（2）由图乙可知，当温度是40℃时，R1的阻值是200Ω，电压表的示数为10.8V，根据欧姆定律得到
即①
由图乙可知，当温度是60℃时，R1的阻值是150Ω，电压表的示数为12V，根据欧姆定律得到
即②
由①②解得，。
（3）根据图乙的数据，温度从0升高到80℃的过程中，R1的阻值从250Ω减小到50Ω，总共的阻值变化量为，因此温度每升高1℃，R1的阻值减小量为：
该电路使用恒流电源，电路电流保持恒定，根据可得，电压U和电阻R成正比，因此电压变化量ΔU和R1的电阻变化量ΔR也满足关系，比值就是恒定电流I。当温度从20℃升高到30℃时，温度升高了10℃，R1的阻值减小量为，对应电压表示数变化了10mV，因此电路的恒定电流为：
当温度为40℃时，可算出此时R1的阻值为200Ω，电路电流仍为0.4mA不变，因此R1两端的电压为：
若要提高该测温装置的灵敏度，需要让温度变化相同时，电压表示数的变化量更大。根据，ΔU=I·ΔR，当温度变化量相同，ΔR相同，电流I越大，电压变化量ΔU就越大，装置越容易分辨出电压变化，灵敏度更高，因此应当更换输出电流更大的恒流源。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；据此计算温度变高后，电阻的阻值变化以及电压表示数的变化；
3、根据分析1、2可列不同温度下电阻和电压的方程式，据此计算定值电阻的阻值以及电压值；
4、结合图示内容计算温度每升高1℃，R1的阻值减小量，结合欧姆定律计算温度变化对应电压表示数变化；若要提高该测温装置的灵敏度，需要让温度变化相同时，电压表示数的变化量更大。
（1）由图甲可知，两个电阻串联，电压表测量R0两端的电压，由图乙可知，温度越高，R1的阻值越小，由电阻的串联可知电路中的总电阻越小，由可知电路中的电流越大，由可知，R0两端的电压越大。
（2）由图乙可知，当温度是40℃时，R1的阻值是200Ω，电压表的示数为10.8V，根据欧姆定律得到
即①
由图乙可知，当温度是60℃时，R1的阻值是150Ω，电压表的示数为12V，根据欧姆定律得到
即②
由①②解得，。
（3）根据图乙可知，温度上升80℃，对应电阻减小
故每升高1℃，R1的阻值减小值为
根据可知在恒定电流状态下，U与R成正比，故电压变化量ΔU与电阻变化量ΔR成正比，即，两者的比值即为恒定电流的值。从20℃到30℃，电阻减小量为
故恒定电流值为
当环境温度为40℃时，电阻为200Ω，电流不变仍为0.4mA，故电压
为了增大该装置的灵敏度，应该在温度变化量相同时，变化更大的电压，根据欧姆定律变形公式可知，恒流状态下，电流I越大，电压U变化量越大，装置更灵敏，故应该换一个电流更大的恒流源。
1 / 1

展开更多......

收起↑