资源简介

2025年广西南宁市三美学校中考三模物理试题
1．诗句“月落乌啼霜满天”中，霜形成时发生的物态变化是
A．熔化 B．汽化 C．凝固 D．凝华
2．节能减排，绿色环保，新能源汽车成为未来汽车发展方向。如图是一辆新能源汽车正在用充电桩充电，在整个充电过程中，充电电路中的用电器是（　　）
A．汽车发动机 B．汽车电池 C．导线 D．充电桩
3．成语是中华文化的瑰宝。下列成语能用光的反射知识解释的是（　　）
A．立竿见影 B．一叶障目 C．镜花水月 D．海市蜃楼
4．如图，商家推出扫码兑奖活动，手机扫描瓶盖二维码时，相当于给二维码拍了一张照片，手机摄像头相当于凸透镜，影像传感器相当于光屏，下列说法正确的是（　　）
A．瓶盖上的二维码是光源
B．影像传感器上成的是正立缩小的实像
C．扫码时二维码要位于摄像头二倍焦距以外
D．要使屏幕上二维码的像变小，只需将二维码靠近凸透镜
5．下列关于力的说法中错误的是（　　）
A．成语“孤掌难鸣”说明一个物体不会产生力
B．“卵与石斗，麋碎无疑”是因为鸡蛋受到的力大于石头受到的力
C．“飞流直下三千尺”是由于水受到重力的作用
D．“风吹草低见牛羊”说明风对草的力改变了草的形状
6．科技带来的优势非常明显，在农业领域，用普通无人机代替人工喷洒农药，可以大大提高喷洒的效率。假定无人机在喷洒农药的过程中是在同一高度匀速飞行，下列说法正确的是（　　）
A．喷洒农药的过程中，无人机重力势能不变
B．喷洒农药的过程中，无人机动能不变
C．喷洒农药的过程中，无人机重力势能增大
D．喷洒农药的过程中，无人机机械能减小
7．新一代国产CPU龙芯3C6000系列已进入样片阶段，计划在2025年第二季度发布，性能达到国际主流产品水平。闭合开关S1，电脑CPU正常工作；当温度达到一定值时，温控开关闭合，电风扇通电（M表示）后散热降温。下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．“煮”的篆体写法如图。表示用火烧煮食物。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是（　　）
A．热水暖手 B．钻木取火 C．搓手取暖 D．擦燃火柴
9．如图所示，mA>mB>mC三个物体在同样大的力F作用下，都沿着F的方向移动距离s，比较力F对三个物体所做的功（　　）
A．一样多 B．对A做的功多 C．对B做的功多 D．对C做的功多
10．某学习小组连接了如图所示的实物电路，闭合开关，移动滑片P的过程中，关于电流表的示数、电流表的示数以及灯泡的亮度，可能出现的现象是（　　）
A．变大，变小，灯泡亮度不变
B．变小，变大，灯泡亮度变暗
C．变小，变小，灯泡亮度不变
D．变大，变大，灯泡亮度变亮
11．公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（　　）
A．接线柱“1”应与“3”连接
B．“显示器”由电压表改装而成
C．若货车质量增大，则电阻两端电压增大
D．为了节约电能，电阻R0可以去掉
12．2025年第九届亚冬会在我国哈尔滨举行，如图。关于冰壶比赛，下列说法正确的是（　　）
A．冰壶在冰面上滑行时不受阻力的作用
B．冰壶绕过前方障碍壶前进时运动状态保持不变
C．冰壶最终停下来是由于受到阻力的作用
D．冰壶离开手后还能前进，是因为冰壶具有惯性
13．在干燥冬季里，汽车在长途行驶过程中与空气摩擦，车身带上　 　，会吸附很多灰尘；为了避免人触摸车门时因放电带来的不适感，通常会在车尾安装一条静电带如图所示，静电带能很好地将电荷释放到大地，那么静电带属于　 　（选填“导体”或“绝缘体”）。
14．在南宁之夜新春晚会上，500架无人机在空中幻化成各种画面。无人机升空的过程中，以地面为参照物，无人机是　 　的（选填“运动”或“静止”）；六堡茶是广西十大名茶之一。泡茶时温度越高，茶香越明显，这是因为温度越高，分子热运动越　 　（选填“剧烈”或“缓慢”）。
15．如图为快递无人机，其下方悬挂着一个质量为4kg的货物。无人机以2m/s的速度匀速竖直上升了20m，它对货物做的功是　 　J；地面控制人员通过　 　（选填“超声波”或“电磁波”）向无人机传输信息，控制无人机。
16．如图为磁悬浮LED灯，灯座A内有电磁铁，灯头B内有磁铁和接收线圈，此时灯泡悬浮在空中是由于异名磁极相互　 　；当底座的开关闭合时，内部的发射线圈产生交变磁场，灯泡被隔空点亮，这个过程与　 　（选填“电动机”或“发电机”）工作原理相同。
17．如图所示是我国自主设计的“人造太阳”实验装置——东方超环，它在1亿度超高温度下运行了近10秒。其反应原理与太阳类似，即通过核　 　变，释放巨大的核能。核反应的主要原料是氘，它可以从海水中提取，1 L海水中含有的氘，这些氘完全核反应所释放的能量相当于300L汽油完全燃烧所释放的能量，为　 　 J。（ρ汽油=0.71×103 kg/m3，q汽油=4.6×107 J/kg）。
18．小李想制作一个合金工艺品，由A、B两部分构成，A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比ρA：ρB=5：2，底面积SA=40cm2，SB=10cm2，高度相同。若沿水平方向将该模型切去高度为的一部分，并将切去部分平移且按原来的叠放顺序竖直地正放在同一水平面上。切去部分对水平面的压强为p1，剩余部分对水平面的压强为p2。其中p1与切去部分的高度的关系如图乙所示。则B物体的密度ρB=　 　kg/m3；若要使得p1=p2，则需要切掉的高度=　 　cm。
19．（1）如图甲是探究平面镜成像特点的实验装置。将与 A 完全相同、未点燃的蜡烛B 放到玻璃板后面与像重合，说明蜡烛的像与蜡烛的大小　 　（选填“相等”或“不相等”）；当蜡烛A远离玻璃板时，它的像会 　 　（选填“变小”“不变”或“变大”）；
（2）如图乙是研究水沸腾实验中温度与时间关系的图像，由图可知水的沸点是 　 　℃，水沸腾时不断吸热，温度 　 　；
（3）图丙装置是探究电流产生的热量与　 　的关系，将此装置通电一段时间，电流在　 　（选填“左”或“右”）侧容器中产生的热量较多。
20．在图中，根据平面镜成像特点，请利用平面镜成像的特点在图中作出AB物体在平面镜中的像A'B'。
21．如图，正在空中运行的篮球，请画出篮球所受重力的示意图。
22．如图所示，将开关和插座接到电路中，使开关能控制插座上的用电器。
23．如图所示是某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置（杠杆刻度均匀，每个钩码重0. 5N）。
（1）挂钩码前，杠杆如图甲所示，此时正确的操作是向　 　（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接下来，在A、B两处挂上如图乙所示的钩码后，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则应将B处所挂钩码向　 　（选填“左”或“右”）移动　 　个格；
（3）某同学用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一定角度至如图丙所示位置，在旋转过程中，要使杠杆始终在水平位置平衡，则弹测力计的示数将逐渐　 　（选填“变大”或“变小”），原因是　 　。
24．研究表明：多种疾病风险的增加与高糖摄入有关，高糖摄入的重灾区就是含糖饮料。饮料的含糖量是一个重要的指标，项目小组想研究某种碳酸饮料的含糖量，经查阅文献得知，饮料含糖量Y与其密度ρ存在如下近似关系：，其中ρ水=1.0g/cm3。
【任务驱动】测量某种碳酸饮料的密度
【方案实施】用天平、量筒等测量该饮料的密度
①将天平放在　 　桌面上，调节天平横梁平衡时，先把　 　移到标尺左端零刻度线处，若指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，则应向　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使横梁平衡。
②在烧杯中倒入适量饮料，置于天平左盘，测出其总质量如图甲所示，为　 　 g。
③再将烧杯中的饮料倒入量筒中测出其体积，但饮料太多，无法全部倒入量筒中。经小组讨论，只需增加一个步骤用天平测出　 　的质量，即可求出饮料的密度。
【方案迭代】项目小组成员采用另一种方法测量该饮料密度：
①将图乙所示电子秤放在水平台面上，启动开关后，放上空烧杯，并按下“去皮”键将示数清零；
②在烧杯中缓慢倒水，直至示数达到100g。在液面处用笔画线作好标记，如图丙所示；
③将杯中的水倒掉后，擦干烧杯放回电子秤上，重新按下“去皮”键，再倒入饮料至标记处，此时电子秤的示数为108g。则该饮料的密度为　 　g/cm3。
【项目成果】以第二种方法测得的密度值为准，可算出该碳酸饮料的含糖量为　 　%（结果保留整数）。
25．同学们参观了大棚蔬菜园后，知道蔬菜适宜生长的温度在12-28℃之间。他们想利用热敏电阻和电阻箱（可以调节并显示阻值的变阻器）设计温度报警电路，于是利用电压恒为16V的电源等器材设计了如图（甲）所示的电路，探究“热敏电阻Rt阻值随环境温度t变化的规律”。
（1）根据图（甲），用笔画线表示导线将图（乙）中的实物电路连接完整　 　；
（2）连接电路时，应将开关　 　，并将电阻箱的阻值调至最大，起到　 　的作用；
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合S1、断开S2，记录电流表示数I0，然后断开S1、闭合S2，调节电阻箱R0直至电流表示数为　 　，此时Rt=R0；将热敏电阻Rt置于不同温度的环境中，重复实验，测得的数据如表格：
温度t/℃ 0 6 12 16 20 24 28 32
阻值Rt/Ω 2800 2400 1800 1500 1200 800 600 500
（4）分析数据可得：该热敏电阻的阻值随温度的升高而　 　；
（5）根据上述探究结果，为了更好地监控温度变化，老师建议同学们设计报警电路。实验器材：电源（恒为16V）、热敏电阻Rt、电阻箱R0（0-9999Ω）、数字电流表mA（I≥8mA时报警）、开关一个、导线若干。
①同学们设计的报警电路如图（丙）所示，若温度大于或等于28℃电流表就会报警，则电阻箱R0应调为　 　Ω。
②有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于12℃时报警，请在图（丙）中画出电压表的位置　 　。
26．如图（a），某同学自制测量水的深度的装置，图（b）是其原理图。该装置它由测量头和控制盒构成，控制盒内的定值电阻R0=10Ω，电压表的量程为0~3V，电源电压为3V，测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的压敏电阻R1，图（c）是R1的阻值与其在水中的深度的变化关系。求：
（1）R1未放入水中时，闭合开关S，电路中的电流为多少；
（2）当电压表的读数为1.5V时，测量头在水下的深度；
（3）若将电压表改装成深度计，且在20m深度标在电压表表盘2.5V刻度线处，通过计算说明如何改装。
27．科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，其简易模型如图所示：A为压力传感器，B为密度小于水且不吸水的实心均匀圆柱体，并可在管径稍大的竖直管道内自由地上下移动，其重力GB=40N，底面积。水位正常时，恰与圆柱体B底面平齐；当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为20N，触发预警并自动打开出水口进行泄洪。
（1）当水位正常时，求圆柱体B对模型底部的压强；
（2）求圆柱体B的高度；
（3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低0.05m，需要调整B物体的参数。方案一：B物体底面积和密度不变，改变B物体的高度；方案二：B物体高度和密度不变，改变B物体的底面积；请选择其中一种方案进行判断是否可行，若可行，请计算出符合标准的高度或底面积，若不可行，请说明理由。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】霜是空气中的水蒸气遇冷直接从气态直接变为固态的小冰晶，属于凝华现象，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华要放热。
2．【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】在整个充电过程中，汽车电池消耗电能，充电电路中的用电器是汽车电池，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
【分析】本题考查电路组成中用电器的定义，核心思路：用电器是电路中消耗电能、将电能转化为其他形式能的元件；充电时充电桩提供电能，电池消耗电能储存化学能。
3．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A、立竿见影是光沿直线传播形成影子，不属于光的反射，故 A 错误；
B、一叶障目是光沿直线传播，树叶挡住光线，故 B 错误；
C、镜花水月是平面镜成像，由光的反射形成，符合题意，故 C 正确；
D、海市蜃楼是光在不均匀大气中发生折射，不属于反射，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的直线传播现象，影子形成原理；
B、考查光沿直线传播，遮挡光线形成视野盲区；
C、考查光的反射，平面镜成像典型实例；
D、考查光的折射，海市蜃楼是空气密度不同引发的折射。
4．【答案】C
【知识点】光与光源；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A、光源是自身能够发光的物体，二维码自身不能发光，依靠反射光线被摄像头捕捉，不是光源，故 A 错误；
B、手机摄像头成像原理与照相机一致，成倒立、缩小的实像，并非正立缩小实像，故 B 错误；
C、凸透镜成像规律中，当物体位于二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像，扫码时二维码需在摄像头二倍焦距外，故 C 正确；
D、凸透镜成实像时，物远像近像变小；要让像变小，需要将二维码远离凸透镜，靠近透镜会让像变大，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光源定义，区分发光物体与反光物体；
B、考查照相机成像特点，摄像头成倒立缩小实像；
C、考查凸透镜成像规律，u>2f 成倒立缩小实像；
D、考查实像变化规律，物距增大，像距减小，像变小。
5．【答案】B
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；力作用的相互性；重力的方向
【解析】【解答】A.力是物体对物体的作用，每个力必须涉及施力物体和受力物体，故A正确不合题意；
B.鸡蛋对碗的力与碗对鸡蛋的力为相互作用力，即二者大小相等，故B错误符合题意；
C.“飞流直下三千尺”是由于水受到重力的作用，故C正确不合题意；
D.“风吹草低见牛羊”说明风对草的力改变了草的形状，故D正确不合题意。
故选B。
【分析】（1）根据力的产生的知识判断；
（2）根据相互作用力的条件判断；
（3）重力的方向总是竖直向下的，导致所有物体都有向下运动的趋势；
（4）根据力的作用效果判断。
6．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A、重力势能与质量、高度有关，无人机高度不变，喷洒农药时总质量减小，重力势能减小，故 A 错误；
B、动能与质量、速度有关，无人机匀速飞行速度不变，总质量减小，动能减小，故 B 错误；
C、无人机高度不变，质量不断减小，重力势能减小，并非增大，故 C 错误；
D、机械能等于动能加重力势能，喷洒农药过程中动能、重力势能均减小，因此无人机机械能减小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查重力势能影响因素，高度不变，质量越小重力势能越小；
B、考查动能影响因素，速度不变，质量越小动能越小；
C、考查重力势能变化判断，农药不断喷出，整机质量变小，重力势能减小；
D、考查机械能概念，动能、势能之和为机械能，两者均减小则总机械能减小。
7．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】分析可知，电路中CPU工作，电动机不工作；当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机采用并联方式，且电动机有独立开关控制，所以另一个开关应在干路上控制整个电路，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
8．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】用火烧煮食物，是通过热传递改变内能的；
A．热水暖手，热水和手的温度不同了，通过热传递改变内能，故A符合题意；
BCD．钻木取火、搓手取暖、擦燃火柴，物体间相互摩擦，是通过做功改变内能，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】物体间温度不同，通过热传递改变，物体间相互摩擦，是做功改变内能。
9．【答案】A
【知识点】功的概念
【解析】【解答】因为对三个物体的作用力都是大小相等的力F，三个物体在力F的方向上移动的距离都是s，根据功的计算公式W=Fs可知，F对三个物体所做的功一样多。
故答案为：A。
【分析】本题考查功的计算公式W=Fs，核心思路：做功多少只由力的大小、物体沿力方向移动的距离决定，与物体质量、运动接触面无关。
10．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】如图，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测滑动变阻器的电流；闭合开关，移动滑片P的过程中，电流表的示数发生变化，由于并联电路各支路互不影响，通过灯泡的电流I灯不变，灯泡的亮度不变；由于干路电流等于支路电流之和，即：
，
若变小，干路电流也变小，灯泡亮度不变，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 由实物电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流；根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路工作特点可知通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
11．【答案】A,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】货车质量增大，弹簧被压缩，滑片P向下滑动；题目要求货车质量变大，电表示数变大：
A、接线柱1接3时，滑动变阻器接入电路的是滑片下方电阻，货车增重滑片下移，接入电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，显示器示数变大，故A正确；
B、显示器串联在电路中，是由电流表改装而成，电压表需并联，故B错误；
C、货车质量增大，滑动变阻器接入电阻减小，电路电流变大，根据，定值电阻两端电压增大，故C正确；
D、是保护电阻，若去掉，当滑动变阻器接入电阻为0时会造成电源短路，损坏电路元件，不能去掉，故D错误；
故答案为：AC。
【分析】A、考查滑动变阻器接入方式，下接线柱接入，重物越重接入电阻越小；
B、考查电表使用规则，串联为电流表，并联为电压表；
C、考查欧姆定律串联电路，电流变大，定值电阻分压变大；
D、考查保护电阻作用，防止滑动变阻器阻值为零发生电源短路。
12．【答案】C,D
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A、冰壶在冰面上滑行时不受阻力的作用：冰壶滑行时会受到冰面的摩擦力（阻力），该选项错误。
B、冰壶绕过前方障碍物前进时运动状态保持不变：冰壶绕过障碍物时运动方向发生改变，运动状态发生变化，该选项错误。
C、冰壶最终停下来是由于受到阻力的作用：阻力改变了冰壶的运动状态，使其由运动变为静止，该选项正确。
D、冰壶离开手后还能前进，是因为冰壶具有惯性：冰壶具有惯性，会保持原来的运动状态继续前进，该选项正确。
故选CD。
【分析】核心考点：受力分析、运动状态的改变、惯性的应用。
涉及知识点：运动的物体受阻力作用会逐渐停下；运动状态包括速度大小和方向，方向改变则状态改变；惯性是物体保持原来运动状态的性质。
常见易错点：认为冰壶滑行时不受阻力，或忽略“绕过障碍物”的方向变化。
解题关键：结合冰壶的运动过程，分析其受力情况、运动状态变化及惯性的作用。
13．【答案】电荷（电）；导体
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体
【解析】【解答】汽车行驶时车身和空气发生摩擦起电，车身上带上电荷，带电体能够吸附轻小灰尘；静电带可以将车身电荷传导释放到大地，容易导电的物体是导体，因此静电带属于导体。
故答案为：电荷（电）；导体
【分析】(1) 本题考查摩擦起电现象，摩擦可以使物体带上电荷，带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2) 本题考查导体与绝缘体的区分，容易传导电荷的物体为导体，静电带能导走静电，属于导体。
14．【答案】运动；剧烈
【知识点】参照物及其选择；分子热运动
【解析】【解答】无人机升空时，以地面为参照物，无人机与地面的位置不断发生改变，因此无人机是运动的；分子热运动剧烈程度与温度有关，温度越高，分子无规则热运动越剧烈，茶香分子扩散更快，茶香更明显。
故答案为：运动；剧烈
【分析】(1) 本题考查运动与静止的判断，参照物不同，物体运动状态不同，位置发生变化则物体运动；
(2) 本题考查分子热运动，温度越高，分子热运动越剧烈，扩散现象越明显。
15．【答案】800；电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】货物匀速上升，拉力与重力平衡，拉力大小，
无人机对货物做功；
无人机遥控依靠电磁波传递信息，超声波不能在真空远距离传播，不适合空中遥控。
故答案为：；电磁波
【分析】(1) 本题考查功的计算，匀速提升物体时拉力等于重力，利用计算克服重力做功；
(2) 本题考查信息传递，遥控飞行器利用电磁波传输控制信号，电磁波可在空气、真空传播。
16．【答案】吸引；发电机
【知识点】发电机的构造和原理；磁极间的相互作用
【解析】【解答】磁体间相互作用规律为异名磁极相互吸引，灯座电磁铁与灯头磁铁依靠异名磁极的吸引力平衡灯泡重力，使灯泡悬浮；底座发射线圈产生交变磁场，灯头接收线圈切割磁感线产生感应电流点亮灯泡，该现象为电磁感应，与发电机工作原理一致。
故答案为：吸引；发电机
【分析】(1) 本题考查磁极间相互作用，异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥；
(2) 本题考查电磁感应应用，电磁感应是发电机的工作原理，电动机原理是通电导体在磁场中受力运动。
17．【答案】聚；9.798×109
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；核聚变
【解析】【解答】核反应有核裂变与核聚变，东方超环用核聚变的方式获取核能；先换算体积，由计算汽油质量：，
汽油完全燃烧释放热量。
故答案为：聚；
【分析】(1) 本题考查核能分类，太阳、人造太阳依靠核聚变释放能量，核电站依靠核裂变；
(2) 本题综合密度公式与燃料放热公式，先由密度求出汽油质量，再用计算完全燃烧放出的热量。
18．【答案】2×103；29
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】由图乙，当时，物体B全部被切去，即物体B的高度为
此时切去部分对水平面的压强为
所以B的密度为；
因为A、B的高度相同，由：：2可知，切去的高度大于20cm，
设切去的高度为，剩下的高度为时，
因为，所以
即，
则
解得
所以截取的高度为
故答案为：2×103；29
【分析】(1) 本题考查均匀柱体压强公式，结合图像读出B的高度求解B的密度；
(2) 本题综合固体压强计算，分两段切割分析切去部分、剩余部分的压力与受力面积，列压强相等方程求解切割总高度。
19．【答案】相等；不变；98；不变；电流大小；左
【知识点】探究水的沸腾实验；探究平面镜成像的特点；电流的热效应
【解析】【解答】（1）将未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面并移动，发现蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，表明像与物大小相等，这里运用了等效替代法。
平面镜成等大的像，当蜡烛A远离玻璃板时，它的像不变。
故答案为：相等；不变
（2）由图乙可知，当温度升高到98℃时，温度不再变化，因此水的沸点是98℃；因此可知水沸腾时不断吸热，温度不变。
故答案为：98；不变
（3）由图丙可知，两个密闭容器内电热丝的通电时间相同，电阻相同，通过左边电热丝的电流是通过右边电热丝电流的二倍，即通过两个电热丝的电流大小不同，根据控制变量法，可知探究的是电流产生的热量与电流大小的关系。由Q=I2Rt可知，通过电流大的电热丝产生的热量多，故通过电流大的左边容器中产生的热量较多。
故答案为：电流大小；左
【分析】(1) 本题考查平面镜成像特点，像与物大小始终相等，与物到镜面距离无关。
(2) 本题考查液体沸腾规律，沸腾时持续吸热，温度保持沸点不变。
(3) 本题焦耳定律实验，控制电阻、通电时间相同，改变电流，探究热量与电流关系；R、t不变时，热量与电流平方成正比。
20．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】分别过点A、B作平面镜的垂线并延长至镜面另一侧，截取与A、B到镜面距离相等的点，得到对称点、；用虚线连接、，线段即为物体AB在平面镜中成的虚像，如下图所示：
【分析】本题考查平面镜成像作图，成像特点为像与物关于镜面对称，所成虚像用虚线绘制。
21．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】确定篮球的重心，即球体中心黑点；以重心为起点，沿竖直向下方向画一段带箭头的线段；在线段末端标注重力符号G，如下图所示：
【分析】本题考查重力示意图画法，重力作用点在物体重心，方向竖直向下，标注符号G。
22．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】家庭电路安全接线规范：开关必须接在火线上，断开开关后插座不带电；两孔插座遵循 “左零右火”：
火线先接入开关一端，开关另一端导线连接插座右孔；零线直接连接插座左孔。
最终连线：火线分支进开关，开关出线接插座右孔；零线直接接插座左孔，实现开关单独控制插座，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查家庭电路开关、两孔插座标准接线；
(2) 安全原则：开关接火线，断电切断火线，防止插座带电触电；插座左零右火。
23．【答案】右；左；2；变大；动力臂逐渐减小
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 解：（1）由图甲可知，此时杠杆左端重，右端轻，故此时应向右调节杠杆的平衡螺母，使杠杆水平平衡；
（2）设一个钩码重为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件可得G×6L=3G×nL，解得n=2，故应该将B处所挂钩码须向左移动2格；
（3）弹簧测力计在B处竖直向下拉时，拉力的方向竖直向下与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；弹簧测力计在逐渐旋转过程中，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂不再等于支点到力的作用点的距离，即动力臂变小，根据杠杆平衡条件得，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，则弹簧测力计的示数变大。
故答案为：（1）右；（2）左；2；（3）变大；动力臂变小了。
【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是便于测量力臂；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析，若将A处的钩码拿掉一个，根据杠杆平衡条件得出B处钩码移动的距离；
（3）根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析解题。
24．【答案】水平；游码；左；86.4；烧杯中剩余饮料和烧杯；1.08；22
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】 【方案实施】 ① 使用天平时，要将天平放在水平台面上。调节天平横梁平衡时，先把游码移到标尺左端零刻度线处 ，即游码归零，若指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右侧重，应向左调节平衡螺母，使横梁平衡 。
故答案为：水平；游码；左
② 在烧杯中倒入适量饮料，置于天平左盘，测出其总质量如图甲所示，标尺的分度值为，游码在标尺上的读数是1.4g，则总质量
故答案为：86.4
③ 要求出饮料的密度，只需要知道量筒中饮料的质量和体积，则需要增加的步骤是：用天平测出烧杯中剩余饮料和烧杯的质量。
故答案为：烧杯中剩余饮料和烧杯
【方案迭代】 ③ 由操作过程知道，水和饮料的体积相等，由密度公式可知
则该饮料的密度为
故答案为：1.08
【项目成果】 饮料含糖量为
故答案为：22
【分析】本题分三部分考查液体密度测量：1. 天平使用规范，调平规则、读数；2. 差值法测液体密度实验步骤；3. 等效替代法（标记法）测密度，利用相同体积列密度比例计算；最后结合给定含糖量公式综合计算含糖百分比，整体综合天平操作、密度公式、新定义公式计算。
25．【答案】（1）
（2）断开；保护电路
（3）I0
（4）变小
（5）1400；
【知识点】实物的电路连接；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，两电阻并联，开关S1、S2分别控制Rt、R0，电流表在干路上，用笔画线代替导线，依次将元件连接起来，如下图所示：
（2）连接电路时，为了防止损坏电路，应将开关断开，并将电阻箱的阻值调至最大，可以使电路中的电流最小，从而起到保护电路的作用。
故答案为：断开；保护电路
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合、断开，电路中只有热敏电阻，记录电流表示数；
然后断开、闭合，电路中只有电阻箱，调节电阻箱直至电流表示数为，电源电压不变，根据欧姆定律，两次电路中的电流相等时，两次电路中的电阻相等，故此时。
故答案为：I0
（4）分析表格中的数据，随着温度的升高，热敏电阻的阻值逐渐减小，所以该热敏电阻的阻值随温度的升高而变小。
故答案为：变小
（5）分析如图丙所示的电路，热敏电阻与电阻箱串联，电流表测量的是电路中的电流。
若温度大于或等于电流表就会报警，当温度为时，热敏电阻的阻值为，电流时报警。
由得：此时串联电路的总电阻
根据串联电路的电阻特点，则电阻箱
故电阻箱的阻值应调为。
有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于时报警，因温度降低时，热敏电阻的阻值变大，根据串联电路的分压规律可知：热敏电阻两端的电压变大，应将电压表并联在热敏电阻的两端，其电路图如下图所示：
故答案为：1400；
【分析】(1) 本小问并联实物电路连接，看懂电路图，分两条支路分别接线。
(2) 电路连接规范，开关断开、滑动变阻器 / 电阻箱调最大阻值，保护电路。
(3) 等效替代法测电阻，相同电流对应相同电阻，替换热敏电阻。
(4) 表格数据分析，温度升高，热敏电阻阻值减小。
(5) 串联电路欧姆定律综合计算分压、总电阻；串联分压规律，低温热敏电阻阻值大，分压大，电压表并联热敏电阻实现低温报警。
（1）根据图甲可知，两电阻并联，开关S1、S2分别控制Rt、R0，电流表在干路上，用笔画线代替导线，依次将元件连接起来，如下图所示
（2）[1][2]连接电路时，为了防止损坏电路，应将开关断开，并将电阻箱的阻值调至最大，可以使电路中的电流最小，从而起到保护电路的作用。
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合、断开，电路中只有热敏电阻，记录电流表示数；
然后断开、闭合，电路中只有电阻箱，调节电阻箱直至电流表示数为，电源电压不变，根据欧姆定律，两次电路中的电流相等时，两次电路中的电阻相等，故此时。
（4）分析表格中的数据，随着温度的升高，热敏电阻的阻值逐渐减小，所以该热敏电阻的阻值随温度的升高而变小。
（5）[1]分析如图丙所示的电路，热敏电阻与电阻箱串联，电流表测量的是电路中的电流。
若温度大于或等于电流表就会报警，当温度为时，热敏电阻的阻值为，电流时报警。
由得：此时串联电路的总电阻
根据串联电路的电阻特点，则电阻箱
故电阻箱的阻值应调为。
[2]有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于时报警，因温度降低时，热敏电阻的阻值变大，根据串联电路的分压规律可知：热敏电阻两端的电压变大，应将电压表并联在热敏电阻的两端，其电路图如下图所示
26．【答案】（1）解：由电路图可知，闭合S后，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压。R1未放入水中时，闭合天关S，R0与R1串联，由图 （c）可知， 此时电路总电阻
根据欧姆定律，电路中的电流
（2）解：因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的读数为1.5V时，R1两端的电压
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
即
解得；由图（c）可知，测量头放到水下的深度为20m。
（3）解：由图（c）可知20m深度处R1的阻值为10Ω，此时电压表的示数 ，则此时R1两端的电压
此时电路中的电流
即
解得，所以，将20m的深度标在2.5V的刻度线处时，应用50Ω的定值电阻替换R0。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 串联电路总电阻等于各电阻之和，欧姆定律求电流；图像读取无水时压敏电阻阻值。
(2) 串联电流处处相等，利用定值电阻电压求出电路电流，再求压敏电阻阻值，对照图像得深度。
(3) 改装问题，深度不变即不变，改变定值电阻大小，使相同深度下定值电阻分压变为2.5V，联立分压方程算出新定值电阻阻值。
（1）由电路图可知，闭合S后，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压。R1未放入水中时，闭合天关S，R0与R1串联，由图 （c）可知， 此时电路总电阻
根据欧姆定律，电路中的电流
（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的读数为1.5V时，R1两端的电压
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
即
解得；由图（c）可知，测量头放到水下的深度为20m。
（3）由图（c）可知20m深度处R1的阻值为10Ω，此时电压表的示数 ，则此时R1两端的电压
此时电路中的电流
即
解得，所以，将20m的深度标在2.5V的刻度线处时，应用50Ω的定值电阻替换R0。
27．【答案】（1）解：当水位正常时，圆柱体B静止在模型上，与A不接触，对模型的压力
对模型的压强
（2）解：当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为20N，由于力的作用是相互的，传感器对圆柱体的压力等于传感器受到圆柱体的压力，其大小，此时圆柱体受到重力、压力、浮力的作用，则
可得圆柱体B的体积
可得圆柱体B的高度：
（3）解：圆柱体的质量：
其密度
方案一：B物体底面积和密度不变，改变B物体的高度；
根据可知
则
解得，B的高度为
方案二：B物体高度和密度不变，改变B物体的底面积。
根据可知
解得，B的底面积为
【知识点】密度公式及其应用；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【分析】(1) 固体压强基础计算，水平面压力等于物体自重，。
(2) 浮力受力平衡，圆柱受向下重力、压力，向上浮力，先求浮力，再求总体积，算高度。
(3) 液体密度不变，分两种方案，利用浮力公式结合新浸入深度列方程求解；改变高度/底面积均可实现提前0.05m报警，分别算出对应尺寸。
1 / 12025年广西南宁市三美学校中考三模物理试题
1．诗句“月落乌啼霜满天”中，霜形成时发生的物态变化是
A．熔化 B．汽化 C．凝固 D．凝华
【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】霜是空气中的水蒸气遇冷直接从气态直接变为固态的小冰晶，属于凝华现象，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华要放热。
2．节能减排，绿色环保，新能源汽车成为未来汽车发展方向。如图是一辆新能源汽车正在用充电桩充电，在整个充电过程中，充电电路中的用电器是（　　）
A．汽车发动机 B．汽车电池 C．导线 D．充电桩
【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】在整个充电过程中，汽车电池消耗电能，充电电路中的用电器是汽车电池，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
【分析】本题考查电路组成中用电器的定义，核心思路：用电器是电路中消耗电能、将电能转化为其他形式能的元件；充电时充电桩提供电能，电池消耗电能储存化学能。
3．成语是中华文化的瑰宝。下列成语能用光的反射知识解释的是（　　）
A．立竿见影 B．一叶障目 C．镜花水月 D．海市蜃楼
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A、立竿见影是光沿直线传播形成影子，不属于光的反射，故 A 错误；
B、一叶障目是光沿直线传播，树叶挡住光线，故 B 错误；
C、镜花水月是平面镜成像，由光的反射形成，符合题意，故 C 正确；
D、海市蜃楼是光在不均匀大气中发生折射，不属于反射，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的直线传播现象，影子形成原理；
B、考查光沿直线传播，遮挡光线形成视野盲区；
C、考查光的反射，平面镜成像典型实例；
D、考查光的折射，海市蜃楼是空气密度不同引发的折射。
4．如图，商家推出扫码兑奖活动，手机扫描瓶盖二维码时，相当于给二维码拍了一张照片，手机摄像头相当于凸透镜，影像传感器相当于光屏，下列说法正确的是（　　）
A．瓶盖上的二维码是光源
B．影像传感器上成的是正立缩小的实像
C．扫码时二维码要位于摄像头二倍焦距以外
D．要使屏幕上二维码的像变小，只需将二维码靠近凸透镜
【答案】C
【知识点】光与光源；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A、光源是自身能够发光的物体，二维码自身不能发光，依靠反射光线被摄像头捕捉，不是光源，故 A 错误；
B、手机摄像头成像原理与照相机一致，成倒立、缩小的实像，并非正立缩小实像，故 B 错误；
C、凸透镜成像规律中，当物体位于二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像，扫码时二维码需在摄像头二倍焦距外，故 C 正确；
D、凸透镜成实像时，物远像近像变小；要让像变小，需要将二维码远离凸透镜，靠近透镜会让像变大，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光源定义，区分发光物体与反光物体；
B、考查照相机成像特点，摄像头成倒立缩小实像；
C、考查凸透镜成像规律，u>2f 成倒立缩小实像；
D、考查实像变化规律，物距增大，像距减小，像变小。
5．下列关于力的说法中错误的是（　　）
A．成语“孤掌难鸣”说明一个物体不会产生力
B．“卵与石斗，麋碎无疑”是因为鸡蛋受到的力大于石头受到的力
C．“飞流直下三千尺”是由于水受到重力的作用
D．“风吹草低见牛羊”说明风对草的力改变了草的形状
【答案】B
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；力作用的相互性；重力的方向
【解析】【解答】A.力是物体对物体的作用，每个力必须涉及施力物体和受力物体，故A正确不合题意；
B.鸡蛋对碗的力与碗对鸡蛋的力为相互作用力，即二者大小相等，故B错误符合题意；
C.“飞流直下三千尺”是由于水受到重力的作用，故C正确不合题意；
D.“风吹草低见牛羊”说明风对草的力改变了草的形状，故D正确不合题意。
故选B。
【分析】（1）根据力的产生的知识判断；
（2）根据相互作用力的条件判断；
（3）重力的方向总是竖直向下的，导致所有物体都有向下运动的趋势；
（4）根据力的作用效果判断。
6．科技带来的优势非常明显，在农业领域，用普通无人机代替人工喷洒农药，可以大大提高喷洒的效率。假定无人机在喷洒农药的过程中是在同一高度匀速飞行，下列说法正确的是（　　）
A．喷洒农药的过程中，无人机重力势能不变
B．喷洒农药的过程中，无人机动能不变
C．喷洒农药的过程中，无人机重力势能增大
D．喷洒农药的过程中，无人机机械能减小
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】A、重力势能与质量、高度有关，无人机高度不变，喷洒农药时总质量减小，重力势能减小，故 A 错误；
B、动能与质量、速度有关，无人机匀速飞行速度不变，总质量减小，动能减小，故 B 错误；
C、无人机高度不变，质量不断减小，重力势能减小，并非增大，故 C 错误；
D、机械能等于动能加重力势能，喷洒农药过程中动能、重力势能均减小，因此无人机机械能减小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查重力势能影响因素，高度不变，质量越小重力势能越小；
B、考查动能影响因素，速度不变，质量越小动能越小；
C、考查重力势能变化判断，农药不断喷出，整机质量变小，重力势能减小；
D、考查机械能概念，动能、势能之和为机械能，两者均减小则总机械能减小。
7．新一代国产CPU龙芯3C6000系列已进入样片阶段，计划在2025年第二季度发布，性能达到国际主流产品水平。闭合开关S1，电脑CPU正常工作；当温度达到一定值时，温控开关闭合，电风扇通电（M表示）后散热降温。下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】分析可知，电路中CPU工作，电动机不工作；当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机采用并联方式，且电动机有独立开关控制，所以另一个开关应在干路上控制整个电路，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
8．“煮”的篆体写法如图。表示用火烧煮食物。下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是（　　）
A．热水暖手 B．钻木取火 C．搓手取暖 D．擦燃火柴
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】用火烧煮食物，是通过热传递改变内能的；
A．热水暖手，热水和手的温度不同了，通过热传递改变内能，故A符合题意；
BCD．钻木取火、搓手取暖、擦燃火柴，物体间相互摩擦，是通过做功改变内能，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】物体间温度不同，通过热传递改变，物体间相互摩擦，是做功改变内能。
9．如图所示，mA>mB>mC三个物体在同样大的力F作用下，都沿着F的方向移动距离s，比较力F对三个物体所做的功（　　）
A．一样多 B．对A做的功多 C．对B做的功多 D．对C做的功多
【答案】A
【知识点】功的概念
【解析】【解答】因为对三个物体的作用力都是大小相等的力F，三个物体在力F的方向上移动的距离都是s，根据功的计算公式W=Fs可知，F对三个物体所做的功一样多。
故答案为：A。
【分析】本题考查功的计算公式W=Fs，核心思路：做功多少只由力的大小、物体沿力方向移动的距离决定，与物体质量、运动接触面无关。
10．某学习小组连接了如图所示的实物电路，闭合开关，移动滑片P的过程中，关于电流表的示数、电流表的示数以及灯泡的亮度，可能出现的现象是（　　）
A．变大，变小，灯泡亮度不变
B．变小，变大，灯泡亮度变暗
C．变小，变小，灯泡亮度不变
D．变大，变大，灯泡亮度变亮
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】如图，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测滑动变阻器的电流；闭合开关，移动滑片P的过程中，电流表的示数发生变化，由于并联电路各支路互不影响，通过灯泡的电流I灯不变，灯泡的亮度不变；由于干路电流等于支路电流之和，即：
，
若变小，干路电流也变小，灯泡亮度不变，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 由实物电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流；根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路工作特点可知通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
11．公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（　　）
A．接线柱“1”应与“3”连接
B．“显示器”由电压表改装而成
C．若货车质量增大，则电阻两端电压增大
D．为了节约电能，电阻R0可以去掉
【答案】A,C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】货车质量增大，弹簧被压缩，滑片P向下滑动；题目要求货车质量变大，电表示数变大：
A、接线柱1接3时，滑动变阻器接入电路的是滑片下方电阻，货车增重滑片下移，接入电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，显示器示数变大，故A正确；
B、显示器串联在电路中，是由电流表改装而成，电压表需并联，故B错误；
C、货车质量增大，滑动变阻器接入电阻减小，电路电流变大，根据，定值电阻两端电压增大，故C正确；
D、是保护电阻，若去掉，当滑动变阻器接入电阻为0时会造成电源短路，损坏电路元件，不能去掉，故D错误；
故答案为：AC。
【分析】A、考查滑动变阻器接入方式，下接线柱接入，重物越重接入电阻越小；
B、考查电表使用规则，串联为电流表，并联为电压表；
C、考查欧姆定律串联电路，电流变大，定值电阻分压变大；
D、考查保护电阻作用，防止滑动变阻器阻值为零发生电源短路。
12．2025年第九届亚冬会在我国哈尔滨举行，如图。关于冰壶比赛，下列说法正确的是（　　）
A．冰壶在冰面上滑行时不受阻力的作用
B．冰壶绕过前方障碍壶前进时运动状态保持不变
C．冰壶最终停下来是由于受到阻力的作用
D．冰壶离开手后还能前进，是因为冰壶具有惯性
【答案】C,D
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A、冰壶在冰面上滑行时不受阻力的作用：冰壶滑行时会受到冰面的摩擦力（阻力），该选项错误。
B、冰壶绕过前方障碍物前进时运动状态保持不变：冰壶绕过障碍物时运动方向发生改变，运动状态发生变化，该选项错误。
C、冰壶最终停下来是由于受到阻力的作用：阻力改变了冰壶的运动状态，使其由运动变为静止，该选项正确。
D、冰壶离开手后还能前进，是因为冰壶具有惯性：冰壶具有惯性，会保持原来的运动状态继续前进，该选项正确。
故选CD。
【分析】核心考点：受力分析、运动状态的改变、惯性的应用。
涉及知识点：运动的物体受阻力作用会逐渐停下；运动状态包括速度大小和方向，方向改变则状态改变；惯性是物体保持原来运动状态的性质。
常见易错点：认为冰壶滑行时不受阻力，或忽略“绕过障碍物”的方向变化。
解题关键：结合冰壶的运动过程，分析其受力情况、运动状态变化及惯性的作用。
13．在干燥冬季里，汽车在长途行驶过程中与空气摩擦，车身带上　 　，会吸附很多灰尘；为了避免人触摸车门时因放电带来的不适感，通常会在车尾安装一条静电带如图所示，静电带能很好地将电荷释放到大地，那么静电带属于　 　（选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】电荷（电）；导体
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体
【解析】【解答】汽车行驶时车身和空气发生摩擦起电，车身上带上电荷，带电体能够吸附轻小灰尘；静电带可以将车身电荷传导释放到大地，容易导电的物体是导体，因此静电带属于导体。
故答案为：电荷（电）；导体
【分析】(1) 本题考查摩擦起电现象，摩擦可以使物体带上电荷，带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2) 本题考查导体与绝缘体的区分，容易传导电荷的物体为导体，静电带能导走静电，属于导体。
14．在南宁之夜新春晚会上，500架无人机在空中幻化成各种画面。无人机升空的过程中，以地面为参照物，无人机是　 　的（选填“运动”或“静止”）；六堡茶是广西十大名茶之一。泡茶时温度越高，茶香越明显，这是因为温度越高，分子热运动越　 　（选填“剧烈”或“缓慢”）。
【答案】运动；剧烈
【知识点】参照物及其选择；分子热运动
【解析】【解答】无人机升空时，以地面为参照物，无人机与地面的位置不断发生改变，因此无人机是运动的；分子热运动剧烈程度与温度有关，温度越高，分子无规则热运动越剧烈，茶香分子扩散更快，茶香更明显。
故答案为：运动；剧烈
【分析】(1) 本题考查运动与静止的判断，参照物不同，物体运动状态不同，位置发生变化则物体运动；
(2) 本题考查分子热运动，温度越高，分子热运动越剧烈，扩散现象越明显。
15．如图为快递无人机，其下方悬挂着一个质量为4kg的货物。无人机以2m/s的速度匀速竖直上升了20m，它对货物做的功是　 　J；地面控制人员通过　 　（选填“超声波”或“电磁波”）向无人机传输信息，控制无人机。
【答案】800；电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】货物匀速上升，拉力与重力平衡，拉力大小，
无人机对货物做功；
无人机遥控依靠电磁波传递信息，超声波不能在真空远距离传播，不适合空中遥控。
故答案为：；电磁波
【分析】(1) 本题考查功的计算，匀速提升物体时拉力等于重力，利用计算克服重力做功；
(2) 本题考查信息传递，遥控飞行器利用电磁波传输控制信号，电磁波可在空气、真空传播。
16．如图为磁悬浮LED灯，灯座A内有电磁铁，灯头B内有磁铁和接收线圈，此时灯泡悬浮在空中是由于异名磁极相互　 　；当底座的开关闭合时，内部的发射线圈产生交变磁场，灯泡被隔空点亮，这个过程与　 　（选填“电动机”或“发电机”）工作原理相同。
【答案】吸引；发电机
【知识点】发电机的构造和原理；磁极间的相互作用
【解析】【解答】磁体间相互作用规律为异名磁极相互吸引，灯座电磁铁与灯头磁铁依靠异名磁极的吸引力平衡灯泡重力，使灯泡悬浮；底座发射线圈产生交变磁场，灯头接收线圈切割磁感线产生感应电流点亮灯泡，该现象为电磁感应，与发电机工作原理一致。
故答案为：吸引；发电机
【分析】(1) 本题考查磁极间相互作用，异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥；
(2) 本题考查电磁感应应用，电磁感应是发电机的工作原理，电动机原理是通电导体在磁场中受力运动。
17．如图所示是我国自主设计的“人造太阳”实验装置——东方超环，它在1亿度超高温度下运行了近10秒。其反应原理与太阳类似，即通过核　 　变，释放巨大的核能。核反应的主要原料是氘，它可以从海水中提取，1 L海水中含有的氘，这些氘完全核反应所释放的能量相当于300L汽油完全燃烧所释放的能量，为　 　 J。（ρ汽油=0.71×103 kg/m3，q汽油=4.6×107 J/kg）。
【答案】聚；9.798×109
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；核聚变
【解析】【解答】核反应有核裂变与核聚变，东方超环用核聚变的方式获取核能；先换算体积，由计算汽油质量：，
汽油完全燃烧释放热量。
故答案为：聚；
【分析】(1) 本题考查核能分类，太阳、人造太阳依靠核聚变释放能量，核电站依靠核裂变；
(2) 本题综合密度公式与燃料放热公式，先由密度求出汽油质量，再用计算完全燃烧放出的热量。
18．小李想制作一个合金工艺品，由A、B两部分构成，A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比ρA：ρB=5：2，底面积SA=40cm2，SB=10cm2，高度相同。若沿水平方向将该模型切去高度为的一部分，并将切去部分平移且按原来的叠放顺序竖直地正放在同一水平面上。切去部分对水平面的压强为p1，剩余部分对水平面的压强为p2。其中p1与切去部分的高度的关系如图乙所示。则B物体的密度ρB=　 　kg/m3；若要使得p1=p2，则需要切掉的高度=　 　cm。
【答案】2×103；29
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】由图乙，当时，物体B全部被切去，即物体B的高度为
此时切去部分对水平面的压强为
所以B的密度为；
因为A、B的高度相同，由：：2可知，切去的高度大于20cm，
设切去的高度为，剩下的高度为时，
因为，所以
即，
则
解得
所以截取的高度为
故答案为：2×103；29
【分析】(1) 本题考查均匀柱体压强公式，结合图像读出B的高度求解B的密度；
(2) 本题综合固体压强计算，分两段切割分析切去部分、剩余部分的压力与受力面积，列压强相等方程求解切割总高度。
19．（1）如图甲是探究平面镜成像特点的实验装置。将与 A 完全相同、未点燃的蜡烛B 放到玻璃板后面与像重合，说明蜡烛的像与蜡烛的大小　 　（选填“相等”或“不相等”）；当蜡烛A远离玻璃板时，它的像会 　 　（选填“变小”“不变”或“变大”）；
（2）如图乙是研究水沸腾实验中温度与时间关系的图像，由图可知水的沸点是 　 　℃，水沸腾时不断吸热，温度 　 　；
（3）图丙装置是探究电流产生的热量与　 　的关系，将此装置通电一段时间，电流在　 　（选填“左”或“右”）侧容器中产生的热量较多。
【答案】相等；不变；98；不变；电流大小；左
【知识点】探究水的沸腾实验；探究平面镜成像的特点；电流的热效应
【解析】【解答】（1）将未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面并移动，发现蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，表明像与物大小相等，这里运用了等效替代法。
平面镜成等大的像，当蜡烛A远离玻璃板时，它的像不变。
故答案为：相等；不变
（2）由图乙可知，当温度升高到98℃时，温度不再变化，因此水的沸点是98℃；因此可知水沸腾时不断吸热，温度不变。
故答案为：98；不变
（3）由图丙可知，两个密闭容器内电热丝的通电时间相同，电阻相同，通过左边电热丝的电流是通过右边电热丝电流的二倍，即通过两个电热丝的电流大小不同，根据控制变量法，可知探究的是电流产生的热量与电流大小的关系。由Q=I2Rt可知，通过电流大的电热丝产生的热量多，故通过电流大的左边容器中产生的热量较多。
故答案为：电流大小；左
【分析】(1) 本题考查平面镜成像特点，像与物大小始终相等，与物到镜面距离无关。
(2) 本题考查液体沸腾规律，沸腾时持续吸热，温度保持沸点不变。
(3) 本题焦耳定律实验，控制电阻、通电时间相同，改变电流，探究热量与电流关系；R、t不变时，热量与电流平方成正比。
20．在图中，根据平面镜成像特点，请利用平面镜成像的特点在图中作出AB物体在平面镜中的像A'B'。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】分别过点A、B作平面镜的垂线并延长至镜面另一侧，截取与A、B到镜面距离相等的点，得到对称点、；用虚线连接、，线段即为物体AB在平面镜中成的虚像，如下图所示：
【分析】本题考查平面镜成像作图，成像特点为像与物关于镜面对称，所成虚像用虚线绘制。
21．如图，正在空中运行的篮球，请画出篮球所受重力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】确定篮球的重心，即球体中心黑点；以重心为起点，沿竖直向下方向画一段带箭头的线段；在线段末端标注重力符号G，如下图所示：
【分析】本题考查重力示意图画法，重力作用点在物体重心，方向竖直向下，标注符号G。
22．如图所示，将开关和插座接到电路中，使开关能控制插座上的用电器。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】家庭电路安全接线规范：开关必须接在火线上，断开开关后插座不带电；两孔插座遵循 “左零右火”：
火线先接入开关一端，开关另一端导线连接插座右孔；零线直接连接插座左孔。
最终连线：火线分支进开关，开关出线接插座右孔；零线直接接插座左孔，实现开关单独控制插座，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查家庭电路开关、两孔插座标准接线；
(2) 安全原则：开关接火线，断电切断火线，防止插座带电触电；插座左零右火。
23．如图所示是某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置（杠杆刻度均匀，每个钩码重0. 5N）。
（1）挂钩码前，杠杆如图甲所示，此时正确的操作是向　 　（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接下来，在A、B两处挂上如图乙所示的钩码后，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则应将B处所挂钩码向　 　（选填“左”或“右”）移动　 　个格；
（3）某同学用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一定角度至如图丙所示位置，在旋转过程中，要使杠杆始终在水平位置平衡，则弹测力计的示数将逐渐　 　（选填“变大”或“变小”），原因是　 　。
【答案】右；左；2；变大；动力臂逐渐减小
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 解：（1）由图甲可知，此时杠杆左端重，右端轻，故此时应向右调节杠杆的平衡螺母，使杠杆水平平衡；
（2）设一个钩码重为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件可得G×6L=3G×nL，解得n=2，故应该将B处所挂钩码须向左移动2格；
（3）弹簧测力计在B处竖直向下拉时，拉力的方向竖直向下与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；弹簧测力计在逐渐旋转过程中，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂不再等于支点到力的作用点的距离，即动力臂变小，根据杠杆平衡条件得，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，则弹簧测力计的示数变大。
故答案为：（1）右；（2）左；2；（3）变大；动力臂变小了。
【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是便于测量力臂；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析，若将A处的钩码拿掉一个，根据杠杆平衡条件得出B处钩码移动的距离；
（3）根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析解题。
24．研究表明：多种疾病风险的增加与高糖摄入有关，高糖摄入的重灾区就是含糖饮料。饮料的含糖量是一个重要的指标，项目小组想研究某种碳酸饮料的含糖量，经查阅文献得知，饮料含糖量Y与其密度ρ存在如下近似关系：，其中ρ水=1.0g/cm3。
【任务驱动】测量某种碳酸饮料的密度
【方案实施】用天平、量筒等测量该饮料的密度
①将天平放在　 　桌面上，调节天平横梁平衡时，先把　 　移到标尺左端零刻度线处，若指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，则应向　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使横梁平衡。
②在烧杯中倒入适量饮料，置于天平左盘，测出其总质量如图甲所示，为　 　 g。
③再将烧杯中的饮料倒入量筒中测出其体积，但饮料太多，无法全部倒入量筒中。经小组讨论，只需增加一个步骤用天平测出　 　的质量，即可求出饮料的密度。
【方案迭代】项目小组成员采用另一种方法测量该饮料密度：
①将图乙所示电子秤放在水平台面上，启动开关后，放上空烧杯，并按下“去皮”键将示数清零；
②在烧杯中缓慢倒水，直至示数达到100g。在液面处用笔画线作好标记，如图丙所示；
③将杯中的水倒掉后，擦干烧杯放回电子秤上，重新按下“去皮”键，再倒入饮料至标记处，此时电子秤的示数为108g。则该饮料的密度为　 　g/cm3。
【项目成果】以第二种方法测得的密度值为准，可算出该碳酸饮料的含糖量为　 　%（结果保留整数）。
【答案】水平；游码；左；86.4；烧杯中剩余饮料和烧杯；1.08；22
【知识点】质量的测量与天平的使用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】 【方案实施】 ① 使用天平时，要将天平放在水平台面上。调节天平横梁平衡时，先把游码移到标尺左端零刻度线处 ，即游码归零，若指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右侧重，应向左调节平衡螺母，使横梁平衡 。
故答案为：水平；游码；左
② 在烧杯中倒入适量饮料，置于天平左盘，测出其总质量如图甲所示，标尺的分度值为，游码在标尺上的读数是1.4g，则总质量
故答案为：86.4
③ 要求出饮料的密度，只需要知道量筒中饮料的质量和体积，则需要增加的步骤是：用天平测出烧杯中剩余饮料和烧杯的质量。
故答案为：烧杯中剩余饮料和烧杯
【方案迭代】 ③ 由操作过程知道，水和饮料的体积相等，由密度公式可知
则该饮料的密度为
故答案为：1.08
【项目成果】 饮料含糖量为
故答案为：22
【分析】本题分三部分考查液体密度测量：1. 天平使用规范，调平规则、读数；2. 差值法测液体密度实验步骤；3. 等效替代法（标记法）测密度，利用相同体积列密度比例计算；最后结合给定含糖量公式综合计算含糖百分比，整体综合天平操作、密度公式、新定义公式计算。
25．同学们参观了大棚蔬菜园后，知道蔬菜适宜生长的温度在12-28℃之间。他们想利用热敏电阻和电阻箱（可以调节并显示阻值的变阻器）设计温度报警电路，于是利用电压恒为16V的电源等器材设计了如图（甲）所示的电路，探究“热敏电阻Rt阻值随环境温度t变化的规律”。
（1）根据图（甲），用笔画线表示导线将图（乙）中的实物电路连接完整　 　；
（2）连接电路时，应将开关　 　，并将电阻箱的阻值调至最大，起到　 　的作用；
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合S1、断开S2，记录电流表示数I0，然后断开S1、闭合S2，调节电阻箱R0直至电流表示数为　 　，此时Rt=R0；将热敏电阻Rt置于不同温度的环境中，重复实验，测得的数据如表格：
温度t/℃ 0 6 12 16 20 24 28 32
阻值Rt/Ω 2800 2400 1800 1500 1200 800 600 500
（4）分析数据可得：该热敏电阻的阻值随温度的升高而　 　；
（5）根据上述探究结果，为了更好地监控温度变化，老师建议同学们设计报警电路。实验器材：电源（恒为16V）、热敏电阻Rt、电阻箱R0（0-9999Ω）、数字电流表mA（I≥8mA时报警）、开关一个、导线若干。
①同学们设计的报警电路如图（丙）所示，若温度大于或等于28℃电流表就会报警，则电阻箱R0应调为　 　Ω。
②有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于12℃时报警，请在图（丙）中画出电压表的位置　 　。
【答案】（1）
（2）断开；保护电路
（3）I0
（4）变小
（5）1400；
【知识点】实物的电路连接；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，两电阻并联，开关S1、S2分别控制Rt、R0，电流表在干路上，用笔画线代替导线，依次将元件连接起来，如下图所示：
（2）连接电路时，为了防止损坏电路，应将开关断开，并将电阻箱的阻值调至最大，可以使电路中的电流最小，从而起到保护电路的作用。
故答案为：断开；保护电路
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合、断开，电路中只有热敏电阻，记录电流表示数；
然后断开、闭合，电路中只有电阻箱，调节电阻箱直至电流表示数为，电源电压不变，根据欧姆定律，两次电路中的电流相等时，两次电路中的电阻相等，故此时。
故答案为：I0
（4）分析表格中的数据，随着温度的升高，热敏电阻的阻值逐渐减小，所以该热敏电阻的阻值随温度的升高而变小。
故答案为：变小
（5）分析如图丙所示的电路，热敏电阻与电阻箱串联，电流表测量的是电路中的电流。
若温度大于或等于电流表就会报警，当温度为时，热敏电阻的阻值为，电流时报警。
由得：此时串联电路的总电阻
根据串联电路的电阻特点，则电阻箱
故电阻箱的阻值应调为。
有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于时报警，因温度降低时，热敏电阻的阻值变大，根据串联电路的分压规律可知：热敏电阻两端的电压变大，应将电压表并联在热敏电阻的两端，其电路图如下图所示：
故答案为：1400；
【分析】(1) 本小问并联实物电路连接，看懂电路图，分两条支路分别接线。
(2) 电路连接规范，开关断开、滑动变阻器 / 电阻箱调最大阻值，保护电路。
(3) 等效替代法测电阻，相同电流对应相同电阻，替换热敏电阻。
(4) 表格数据分析，温度升高，热敏电阻阻值减小。
(5) 串联电路欧姆定律综合计算分压、总电阻；串联分压规律，低温热敏电阻阻值大，分压大，电压表并联热敏电阻实现低温报警。
（1）根据图甲可知，两电阻并联，开关S1、S2分别控制Rt、R0，电流表在干路上，用笔画线代替导线，依次将元件连接起来，如下图所示
（2）[1][2]连接电路时，为了防止损坏电路，应将开关断开，并将电阻箱的阻值调至最大，可以使电路中的电流最小，从而起到保护电路的作用。
（3）将热敏电阻置于某特定温度的环境中，闭合、断开，电路中只有热敏电阻，记录电流表示数；
然后断开、闭合，电路中只有电阻箱，调节电阻箱直至电流表示数为，电源电压不变，根据欧姆定律，两次电路中的电流相等时，两次电路中的电阻相等，故此时。
（4）分析表格中的数据，随着温度的升高，热敏电阻的阻值逐渐减小，所以该热敏电阻的阻值随温度的升高而变小。
（5）[1]分析如图丙所示的电路，热敏电阻与电阻箱串联，电流表测量的是电路中的电流。
若温度大于或等于电流表就会报警，当温度为时，热敏电阻的阻值为，电流时报警。
由得：此时串联电路的总电阻
根据串联电路的电阻特点，则电阻箱
故电阻箱的阻值应调为。
[2]有同学提出：在图（丙）中只增加一个电压表（电压表在电压大于一定数值时会报警），就能使电路在温度低于时报警，因温度降低时，热敏电阻的阻值变大，根据串联电路的分压规律可知：热敏电阻两端的电压变大，应将电压表并联在热敏电阻的两端，其电路图如下图所示
26．如图（a），某同学自制测量水的深度的装置，图（b）是其原理图。该装置它由测量头和控制盒构成，控制盒内的定值电阻R0=10Ω，电压表的量程为0~3V，电源电压为3V，测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的压敏电阻R1，图（c）是R1的阻值与其在水中的深度的变化关系。求：
（1）R1未放入水中时，闭合开关S，电路中的电流为多少；
（2）当电压表的读数为1.5V时，测量头在水下的深度；
（3）若将电压表改装成深度计，且在20m深度标在电压表表盘2.5V刻度线处，通过计算说明如何改装。
【答案】（1）解：由电路图可知，闭合S后，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压。R1未放入水中时，闭合天关S，R0与R1串联，由图 （c）可知， 此时电路总电阻
根据欧姆定律，电路中的电流
（2）解：因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的读数为1.5V时，R1两端的电压
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
即
解得；由图（c）可知，测量头放到水下的深度为20m。
（3）解：由图（c）可知20m深度处R1的阻值为10Ω，此时电压表的示数 ，则此时R1两端的电压
此时电路中的电流
即
解得，所以，将20m的深度标在2.5V的刻度线处时，应用50Ω的定值电阻替换R0。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 串联电路总电阻等于各电阻之和，欧姆定律求电流；图像读取无水时压敏电阻阻值。
(2) 串联电流处处相等，利用定值电阻电压求出电路电流，再求压敏电阻阻值，对照图像得深度。
(3) 改装问题，深度不变即不变，改变定值电阻大小，使相同深度下定值电阻分压变为2.5V，联立分压方程算出新定值电阻阻值。
（1）由电路图可知，闭合S后，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压。R1未放入水中时，闭合天关S，R0与R1串联，由图 （c）可知， 此时电路总电阻
根据欧姆定律，电路中的电流
（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的读数为1.5V时，R1两端的电压
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
即
解得；由图（c）可知，测量头放到水下的深度为20m。
（3）由图（c）可知20m深度处R1的阻值为10Ω，此时电压表的示数 ，则此时R1两端的电压
此时电路中的电流
即
解得，所以，将20m的深度标在2.5V的刻度线处时，应用50Ω的定值电阻替换R0。
27．科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，其简易模型如图所示：A为压力传感器，B为密度小于水且不吸水的实心均匀圆柱体，并可在管径稍大的竖直管道内自由地上下移动，其重力GB=40N，底面积。水位正常时，恰与圆柱体B底面平齐；当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为20N，触发预警并自动打开出水口进行泄洪。
（1）当水位正常时，求圆柱体B对模型底部的压强；
（2）求圆柱体B的高度；
（3）为了提高防洪安全性，使警戒水位比原设计低0.05m，需要调整B物体的参数。方案一：B物体底面积和密度不变，改变B物体的高度；方案二：B物体高度和密度不变，改变B物体的底面积；请选择其中一种方案进行判断是否可行，若可行，请计算出符合标准的高度或底面积，若不可行，请说明理由。
【答案】（1）解：当水位正常时，圆柱体B静止在模型上，与A不接触，对模型的压力
对模型的压强
（2）解：当水面上升到传感器A的底端时，传感器受到圆柱体的压力为20N，由于力的作用是相互的，传感器对圆柱体的压力等于传感器受到圆柱体的压力，其大小，此时圆柱体受到重力、压力、浮力的作用，则
可得圆柱体B的体积
可得圆柱体B的高度：
（3）解：圆柱体的质量：
其密度
方案一：B物体底面积和密度不变，改变B物体的高度；
根据可知
则
解得，B的高度为
方案二：B物体高度和密度不变，改变B物体的底面积。
根据可知
解得，B的底面积为
【知识点】密度公式及其应用；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【分析】(1) 固体压强基础计算，水平面压力等于物体自重，。
(2) 浮力受力平衡，圆柱受向下重力、压力，向上浮力，先求浮力，再求总体积，算高度。
(3) 液体密度不变，分两种方案，利用浮力公式结合新浸入深度列方程求解；改变高度/底面积均可实现提前0.05m报警，分别算出对应尺寸。
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