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化简有+2皿=m+3,由此可知遮光条的宽度不必测量。
(2)①在制作单摆时，要保持细线的长度不变，所以不能用弹性棉线，同时为了减小空气阻力的影响要选用
密度大些的小球，所以应该选择小铁球，所以C正确，A、B、D错误。
③曲华据同期公式T=2√店有下，片以号k,解得8其宾脸中忘记加上小球丰径，不影响
直线的斜率，所以重力加速度的测量值等于真实值。
12.(1)A(2分)(2)1：1(1分)2：1(1分)(3)铝球Ⅲ(1分)短臂A(1分)(4)1：1(2分)
【解析】(1)这个实脸探究是多个因素对向心力大小的影响，所以采用科学方法为控制变量法，故A正确，B、
C、D错误。
(2)传动皮带位于第一层，皮带连接的左、右两侧塔轮半径相等，左、右两侧皮带连接的塔轮线速度相等，转
动手柄时，左、右两侧塔轮角速度相等，所以短臂B、C的角速度之比为1：1，由图可知短臂B、C的辛径之比
为2：1，由=u可知短臂B、C的线速度大小之比为2：1。
(3)验证向心力与质量的关系，需要满足半径和角速度相同，但质量不同，由前面分折可知将传动皮带位于
第一层，可以使左、右两侧塔轮的角速度相等，将钢球I效在短臂C处后，只能将铝球Ⅲ放在短臂A处
(4)某次实验时，左、右两侧皮带连接的塔轮战选度相等，将传动皮带住于第二层，皮带连接的左、右两侧塔
轮半径之比为2：1，所以左、右两侧塔轮的角速度之比为1：2，钢球1放在短臂B处，铝球Ⅲ放在短臂C处，
左、右两球质量之比为2：1，运动半径之比为2：1，转动手柄，别当塔轮匀速转动时，由向心力公式有
F=m:,所以左、右两侧向心力之比
密子引子十所以金古排灭森出的格于之
比约为1：1。
L m
5R
13.(1)M=
G
4
NL m
解：心当小球通过高点时对小球受力分析并结合牛顿第二定律有g+,=m会2分
在月球表面由万有引力与重力关系有C~=g(1分)
解得M=
Lm(1分)
G
2》宇面飞船着陆前，对宇宙飞船分析有6出D=m
2(R+H)(2分)
解得T=5知
4
5R(2分)
to Fo
L m
14(1)=克8(2)u-子(3)h=
解：当刚刚释放滑块C时它的加速度最大(1分)
此时对滑块C受力分析并结合牛顿第二定律有F=L=2ma6(1分)
解得ae=只2分)
【高一物理答案第3页（共4页）】
(2)从释放滑块C到木板A、B解除锁定全过程取和有2me=(2m+m)x(1分)
由几何关系有xe+x出=L(1分)
解得u=子(2分)
(3)对从释放滑块C到木板A、B解除锁定过程分析，由动量守恒有2c=(2m+m)”(1分)
由能量守恒有，=址=宁×2m2+宁（2m+m)成(1分)
解得u=瓜=是反
木板A、B解除锁定后木板B和滑块C组成的系统动量守恒有2mc-想=(2m+m)x(1分)
解得x=子风
由能量守恒有以x2mg,=宁×2m2+宁m以-宁（2m+m)2(1分)
解得(2分)
15.(1)AB,=12J(2)d=225m(3)1=6gs
解：()对滑块A从释放到经过N点过程分析，由能量守恒有△，=mg(么+R)-分…(1分)
游块经过N点时对清块受力分析并结合牛顿第二定律有上、一m=、分)
由牛顿第三定律有F、=F:(1分)
解得△E,=12J(1分)
(2)滑块A在水平面上向右滑行过程有4mg=m4,-2μ1gL=品-(1分)
滑块A在传送带上向右滑行过程有42mg=m02,-22gdm=0-品(1分)
解得d=2.25m(2分)
(3)滑块A在水平面上向右滑行过程有r=-(1分)
解得1=1.0s
滑块在传送带上向右滑行过程有0=-a,:(1分)
解得12=1.5s
滑块在传送带上向左加速滑行过程有。=a,,(1分)
解得马=1.0s
2
滑块在传送带上向左匀速滑行过程有d一立=，1分）
解得，=京
滑块在水平面上滑行的过程有0=。-4，，(1分)
解得4=2，=云=2m<以1分
所以滑块A没有离开水平面，所以滑块A离开圆弧面后的运动时间1=，+与++，+，=6客(2分)
【高一物理答案第4页（共4页）】A.物体运动的最大距离为10m1惠1
B.物体经过4m处时的速度为4m/s1岛1
C.当物体最大速度时，力F的功率为2√11W',
D.整个过程因为摩擦而产生的热量为20J
士的流2
7.如图所示，P为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为20，地球半径为R,南极表
面重力加速度为g。下列说法中正确的是
A.卫星P的轨道半径r=R
tan
B.卫星P的线速度大小为√Rg sine
C.地球自转的角速度为
gsin0
D.地球赤道表面的重力加速度为g(1-sin'0)
二、不定项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，有多个选
项正确。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分。
8.如图甲所示，在光滑水平地面上，劲度系数k=0.1N/cm的轻弹簧一端固定在竖直墙上，另一端
与位于水平地面上、质量为0.3kg的滑块B拴接，质量为0.2kg的滑块A静置在滑块B的水平
上表面。向左轻轻推动滑块A压缩弹簧，撤去外力后滑块A、B一起运动，弹簧右端在P、Q之间
运动，运动过程中A、B两滑块始终相对静止，滑块A做简谐运动，它的位移一时间图像如图乙
所示。下列说法中正确的是
◆x/cm
A
内，
0
0.6/s
A止科计，点脑本指识》甲甲日团平水分：
达计，不出
A.两个滑块之间的摩擦力大小与滑块A偏离平衡位置的位移大小成正比以
B.t=0时，滑块A受到的摩擦力大小为0.3N欧m端别网，'m01
C.滑块A做简谐运动的周期为0.5s4
D.4s内滑块B通过的路程为2m
9.如图所示，用轻杆将一圆心为O、半径为R的光滑大圆环P固定在竖直平面内，A、B、C分别是大
圆环P的最高点、与圆心O等高点、最低点，在大圆环上套一个质量为m的小环Q。小环Q以
初速度从大圆环P的A点向右滑下，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法中正确的是
【高一物理第3页（共8页）】
0
C
A.小环Q从A到C的过程中受到大环P的作用力始终指向O点
B.若o=
gR
,小环Q经过B点时加速度大小为8
gR
C.若6=√空，小环Q经过A,C两点时所受大环P的作用力大小之差为5mg
D.若=√gR,小环Q经过A、C两点时角速度大小之比为，
10.在光滑水平面上质量为m的小球A与小球B发生正碰，第一次碰撞前后两个小球的位移一时
间图像如图所示，第二次小球A以相同的初速度与静止的小球B发生正碰，碰撞中损失的机
械能为第一次碰撞损失机械能的子。下列说法中正确的是
得、
A.小球B的质量为4m
5x
B.第一次碰撞过程中损失的机械能为6m
A十
C,第二次碰撞后小球B的速率为
3x0
B
to
2to t
国D,第三次碰撞后小球B的速率为26一一
三、实验题：本题共2小题，共16分。
碎西大，武你，，》计，
11.(8分)(1)某实验小组使用气垫导轨验证动量守恒定律。
实验器材：气垫导轨，滑块A、B(均装有完全相同的遮光条)，配重块，弹簧，细线，光电门，数字
计时器，天平等。
实验装置如图所示：
光电门1
数字
计数器
光电门2
气垫导轨0份
遮光条
连气源
滑块A滑块B
弹簧和细线
【高一物理第4页（共8页）】

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