资源简介

2026年四川省南充市营山县初中学业水平第一次模拟考试物理试题
1．小伍同学对自身的一些数据进行了估测，其中合理的是（　　）
A．体积约为5×10-2m3
B．质量约为5×105mg
C．双脚站立时对地面的压强约1×105Pa
D．游泳时受到浮力约50N
2．物理知识在生活中有着广泛的应用，下列生活实例（如图）与物理原理的对应关系正确的是（　　）
A．热气球升空，是利用空气产生的浮力
B．高压锅能快速将食物炖得软烂，是因为锅内气压高，沸点低
C．挖掘机的铲子很锋利，是通过减小受力面积来减小压强，便于挖掘
D．“奋斗者号”能潜入水下10909米，是因为液体压强随深度增加而减小
3．关于成都市学业考试体育测试的项目所涉及到的一些物理知识，下列分析正确的是（　　）
A．立定跳远——起跳时脚用力蹬地，这个力改变了人的运动状态
B．引体向上——人在匀速向上运动的过程中，所受到的合力为零
C．800m测试——同学们到达终点时受到惯性作用，不能立刻停下
D．.排球测试——排球被向上垫起后，到达最高点时受到的力平衡
4．在家庭实验室中，小阳使用家中的冰箱时观察到了一些有趣的现象（如图）。下列说法正确的是（　　）
A．打开冷冻室，看到有“白气”冒出，这是汽化现象
B．冷藏室的蔬菜放久了会变干变焉，这是升华现象
C．从冷冻室取冰块时，湿手套会被冰块“粘”住，这是凝固现象
D．从冷藏室拿出的汽水瓶外壁出现小水珠，这是熔化现象
5．人工智能是新一轮产业变革的核心驱动力。如图是智能机器人和人的互动，下列说法正确的是（　　）
A．机器人是高科技产品，它发出的声音不是由物体振动产生的
B．智能机器人与互联网之间通过电磁波来传递信息
C．机器人的声音悦耳动听，所以它发出的声音永远不是噪声
D．机器人的表情的变换说明电磁波可以传递能量
6．如图所示，小红在雪地中陷得较深，小刚脚下穿有滑雪板，没有陷进雪地。此现象能说明（　　）
A．小红对雪地产生较大的压强
B．压力作用的效果与受压面积无关
C．小刚对雪地产生较小的压力
D．压力作用的效果与压力大小有关
7．下面与“热”相关的物理现象，解释正确的是（　　）
A．扫地时，灰尘满屋，是由于分子做无规则运动的结果
B．白糖在温度高的水中化得快，是由于温度越高，分子的热运动越剧烈。
C．把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为零
D．冬天搓手，手心感到热，是通过热传递的方式改变内能
8．某门禁系统有两种识别方式：人脸识别（开关S1）和密码识别（开关S2），只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，启动电动机，开启门锁，下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
9．“探究小灯泡的电功率”的实验电路如图甲所示，实验中选择“2.5V”规格的小灯泡，实验中得到的U-I图像如图乙。下列说法不正确的是（　　）
A．调节滑片过程发现灯泡亮度变化，这是由灯泡的实际功率变化引起的
B．小灯泡的额定功率为0.75W，正常发光时电阻为8.3Ω
C．实验中发现小灯泡无法调到额定电压，一定是因为电源电压过小
D．用图甲的电路，通过更换灯泡L的方法，能完成探究“电功率与电流的关系”
10．甲、乙、丙、丁四个体积相同的正方体，甲、乙为铁块，用细线吊住浸入水中，丙、丁为木块，丙用细线拴住下方；使其浸入水中，丁漂浮，如图所示；它们受浮力（　　）
A．甲、乙受浮力最小，丁受浮力最大
B．甲、丙受浮力相同，丁受浮力最小
C．丙受浮力最小，乙、丁受浮力最大
D．甲、乙、丙、丁体积相同，受浮力相同
11．小才用两个完全相同的电加热器将质量均为的酒精和水分别加热至沸腾，并记录时间和温度，绘制成了如图所示的图像。已知。若相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，则下列分析正确的是（　　）
A．图像甲代表的液体是酒精
B．酒精的比热容为
C．甲液体没有吸收热量
D．前，若一个电加热器消耗了的电能，则加热液体的效率为
12．如图所示，电源电压保持不变。当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电流表A1的示数为，两电流表的差值为0.6A，此时电路的总功率是P1；当只闭合开关S2，滑动变阻器的滑片P在最右端时，电流表A2的示数为I2，再将滑片P滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的；已知，。下列说法正确的是（　　）
A．R1的最大阻值为15 B．电路总功率P1=10.8W
C．电源电压U=9V D．电流表A2所选量程为0～0.6A
13．如图甲是小李周末去北湖公园游玩时用相机拍摄的一张天鹅照片，要拍出如图乙的效果，小李应该将照相机　 　天鹅（选填“靠近”或“远离”）；同时将镜头　 　（选填“前伸”或“后缩”）。
14．如图所示，在高铁列车进站时，站台上的旅客相对于正在进站的高铁列车是　 　（选填“运动”或“静止”）的；安全员提醒旅客站在安全线外，这是因为当高铁列车快速通过时，车厢附近的空气流速大，压强　 　（选填“大”或“小”），可能会将靠近的旅客“吸”向列车，发生安全事故。
15．如图甲所示，这是家庭常见的养生壶，该养生壶有“加热”和“保温”两个挡位（如图乙所示），其中加热挡功率为1100W，加热电阻R1的阻值为220Ω。当双触点开关S接触1和2时，养生壶处于 　 　挡；当养生壶调节到加热挡时，通电1min，电流通过加热电阻R2产生的热量为 　 　J。
16．小珠利用如图所示装置探究“感应电流产生的条件”。
（1）如图a、b两接线柱间应接入的器材是　 　（选填“灵敏电流计”或“电源”）；
（2）要使感应电流方向发生改变，可采取具体措施是________（选填字母）。
A．使用磁性更强的磁体
B．保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向
C．保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向
D．改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向
17．如图所示，将同一支液体密度计分别放在甲、乙两种液体中保持静止，可知　 　液体的密度较大。液体密度计是利用二力平衡条件和　 　原理来判断液体密度大小的。
18．如图甲所示为小明家的电饭锅，从铭牌上可知该电饭锅额定电压为220V，加热功率为1210W，保温功率为88W。电饭锅的简化电路如图乙所示，通过开关S来控制挡位。其中和均为发热电阻，且阻值不随温度的变化而改变。则电饭锅处于保温挡时，电路中的电流为　 　，电阻的阻值为　 　。
19．长时间低头看手机，有可能引起颈部肌肉和颈椎损伤。如图是人体颈部杠杆模型，图中A点为头部重力作用点，B点为颈部肌肉受力点，O点为支撑点，颈部肌肉拉力F方向如图所示，请画出肌肉拉力的力臂L和头部受到的重力G的示意图。
20．如图所示，水池的侧壁上安装了一盏小射灯A，B是水池中平静的水面位置，A点发出的平行于主光轴的光线经凸透镜折射后射向水面，最后反射到水池另一侧壁上。请画出完整的光路图（要求保留必要的作图痕迹）。
21．小梦在河边捡到一块鹅卵石，掂起来沉甸甸的，他很好奇，鹅卵石的密度有多大呢？他用天平与砝码、烧杯、记号笔及足量的水测量其密度，已知。
（1）实验步骤如下：
①调节天平横梁平衡时，在正确操作的前提下，观察到指针在图甲中虚线所示范围内摆动，此时应向右调节平衡螺母；
②正确调节好天平后，测出鹅卵石的质量是37g；
③测出空烧杯的质量是68g；
④如图乙所示，把鹅卵石放入烧杯中，再向烧杯中倒入适量的水，用记号笔在烧杯壁记下此时水面位置为M；测得杯、水和鹅卵石的总质量如图丙所示。
⑤将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M处，如图丁所示；用天平测出杯和水的总质量为139.6g。
（2）根据所测数据计算出鹅卵石的密度约为　 　。
（3）评估时发现从水中取出鹅卵石会带出部分水，则测得的鹅卵石密度值　 　（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。
22．某小组在“探究串联电路的电流规律”实验中，选用不同规格的小灯泡、进行实验，电路图如下图a所示。
I1/A I2/A I3/A
0.28 0.28 0.28
（1）闭合开关后，电流表、的示数如下图b、c所示分别为0.3A和0.28A，在后续实验中，他们最应该调整电流表的　 　，再继续实验。
（2）实验中，小组同学把实验数据记录在上表中。小华则认为数据不具备普遍性，需要多次进行实验。小涵说实验室的小灯泡只有“、”和“、”两种规格，已经无法再找到其它规格的小灯泡了。你认为下列做法最合理的是______。
A．直接使用以上数据得到“串联电路电流相等”的结论
B．通过多次断开闭合开关得到多组数据，再得出结论
C．把两个小灯泡位置交换后再次实验，再得出结论
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡多次实验后得出结论
（3）另一小组进行实验时观察到两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，导致这种情况的原因可能是　 　（选填“电流表短路”“开路”“短路”或“电源电压过低”）。
23．小王在学习了电磁铁以后，用铁钉制成了一个简易的电磁铁用于探究影响电磁铁磁性强弱的因素，他连接的电路如图所示。
（1）在该实验中，小王应观察 　 　来判断电磁铁的磁性强弱；
（2）闭合开关后，小王发现自制电磁铁几乎不能吸引大头针，此时他应向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑动变阻器的滑片；
（3）在完成上述操作后，小王观察到电磁铁所吸引的大头针下部比较分散，你认为导致该现象的原因是：　 　。
24．如图所示，实心均匀圆柱体A、薄壁圆柱形容器B和上下部分均为圆柱形的薄壁容器C，实心均匀圆柱体A和薄壁圆柱形容器B高度均为H＝15cm，都放置在水平桌面上。容器B内装有水，容器C内装有油，其中容器C的上半部分容器高为4cm，底面积为70cm2；下半部分容器高为10cm，底面积为100cm2，其余相关数据如下表所示。忽略圆柱体A吸附液体等次要因素。（g取10N/kg）求：
圆柱A 水 油
质量/kg 1.5 1.2 0.48
密度/（g/cm3） 2 1 0.8
深度/cm
12 6
（1）求实心均匀圆柱体A的底面积；
（2）用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为7cm，求此时水对容器B底部的压力为多少N？（不考虑细绳自身的质量及体积）
（3）将A从B中取出，擦干水分，再放入容器C的油中，A在油中沉底，此时油对容器底部压强的增加量为Δp1，容器对桌面压强的增加量为Δp2，求Δp1∶Δp2＝？
25．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。其简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。某次煮饭时，电饭锅正常工作30min，电路中总电流随时间变化的图象如图丙所示。则：
（1）电热丝R2的阻值；
（2）用该电饭锅设定在30min内煮好一锅米饭，所消耗的总电能为多少？
（3）若不计热量损失，这个电饭锅在0~10min内正常烧煮时，能把质量为1.5kg的水和米的混合物由20℃加热到多少摄氏度？[水和米的比热容c≈4.0×103J/（kg ℃）]
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB.根据题意可知，人的密度与水的密度相近，中学生的质量约为50kg=5×107mg，故他的体积约为，
故A正确，B错误；
C．根据题意可知，双脚站立时，人对地面的压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，
与地面受力面积约为500cm2=5×10-2m2，在对地面的压强约，
故C错误；
D．游泳时，他漂浮在水面上，即浮力等于重力，则浮力约为，
故D错误。
故选A。
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；液体压强的特点；沸点及沸点与气压的关系；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A．热气球受到的浮力大于气球的重力时，气球就会升空，则热气球是利用空气产生的浮力，故A正确；
B．高压锅内气压大，水的沸点高，因此高压锅能很快地煮熟食物，故B错误；
C．挖掘机的铲子很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，便于挖掘，故C错误；
D．“奋斗者号”能潜入水下10909米，是因为液体压强随深度增加而增大，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据热气球的浮沉方法判断；
B.根据液体沸点随上方气压的变化规律判断；
C.增大压强的方法：增大压力或减小接触面积；
D.根据液体压强随深度的变化规律判断。
3．【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．起跳时，脚用力向后蹬地，脚对地有一个向后的力，根据相互作用力可知，地对脚会施加一个向前的反作用力，改变人的运动状态，故A错误；
B．人在匀速向上运动的过程中，受到的合力为零，故B正确；
C．惯性是物体的一种性质，不能说受到惯性作用，故C错误；
D．排球被向上垫起后，运动到最高点受到重力和空气阻力作用，属于非平衡力，故D错误。
故选B。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
4．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；蒸发及其现象；液化及液化放热
【解析】【解答】A．“白气”是外面的水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故A错误；
B．冷藏室的蔬菜，其中的水分会从液态变成气态发生汽化现象，故放久了会变干变焉，故B错误；
C．从冷冻室取冰块时，手套中的水放热，从液态变成固态发生凝固现象成冰，故C正确；
D．从冷藏室拿出的汽水瓶外壁出现小水珠，这是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D错误。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称即可。
5．【答案】B
【知识点】声音的产生；声与信息传递；噪声及来源；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A.机器人是高科技产品，它发出的声音也是由物体振动产生的，故A错误；
B.智能机器人与互联网之间通过电磁波来传递信息，故B正确；
C.机器人的声音悦耳动听，所以它发出的声音也可能是噪声，如影响人们的工作和休息，故C错误；
D.机器人的表情的变换说明电磁波可以传递信息，故D错误；
故选：B。
【分析】 声音是物体的振动产生的。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
从环境保护的角度来说，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。
声可以传递信息和能量。
6．【答案】A
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】 这两位同学对雪地的压力差不多，小红与雪面的接触面积小，压力的作用效果明显，即压强较大，所以在雪地中陷得较深；但是小刚脚下穿有滑雪板，受力面积大，压力作用效果不明显，没有陷进雪地；说明压力作用的效果与受压面积有关；故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 影响压强大小的因素有两个：一是压力的大小，二是接触面积的大小；减小压力，或增大接触面的面积可以减小压力的作用效果。
7．【答案】B
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．分子很小，用肉眼看不到，而灰尘是看得见的，则灰尘满屋不是分子运动，故A错误；
B．白糖在水中溶解的过程其实就是分子运动的过程，且温度越高，分子的热运动越剧烈，因此白糖分子在水中扩散越快，则白糖化的快，故B正确；
C．一切物体都具有内能，自然界不存在内能为零的物体，故C错误；
D．冬天搓手，手心感到热，是通过摩擦做功的方式将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变内能，故D错误。
故选B。
【分析】A.分子很小，用肉眼看不到，凡是看得到的运动肯定不是分子运动；
B.根据温度对分子运动的影响判断；
C.一切物体都有内能；
D.做功改变内能的本质为能量的转移，热传递改变内能的本质为能量的转化。
8．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】据题可知， 人脸识别（开关S1）和密码识别（开关S2 ）均可以 闭合相应开关，启动电动机 ，开启门锁，所以两个开关属于并联，D正确，ABC错误。
综上选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，题目中两个开关互不干扰，形成独立的电路，所以开关为并联。
9．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】A． 调节滑片过程发现灯泡亮度变化，这是由灯泡的实际功率变化引起的，因为灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮，故A正确，不符合题意；
B．根据乙图可知，当灯泡电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率为；正常发光时电阻为；
故B正确，不符合题意；
C．实验中，无法使灯泡两端电压调到额定电压2.5V，可能是电源电压过大。由于变阻器的最大阻值过小，无法分去足够的电压，从而使灯的电压也高于2.5V，故C错误，符合题意；
D．根据控制变量法的要求可知，探究“电功率与电流的关系”时，应该控制电压相同，只改变电流。可换用不同灯泡且保持电压不变，观察小灯泡的亮度来比较电功率，从而得到电功率与电流的关系，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】A.灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；
B.根据乙图确定灯泡的额定电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率，根据计算正常发光的电阻；
C.在实验中，多余的电压用滑动变阻器分去。如果电源电压太大，而滑动变阻器的阻值过小，则分压能力有限，从而导致灯泡电压过大；
D.根据控制变量法的要求可知，探究“电功率与电流的关系”时，应该控制电压相同，只改变电流。
10．【答案】B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】根据题意可知，甲、乙、丙、丁四个正方体体积相同。根据图片可知， 甲、丙排开水的体积都等于自身体积，此时二者排开水的体积相同且最大，丁排开水的体积最小。根据阿基米德原理可知，甲、丙受到的浮力相等且最大，丁受到的浮力最小，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片比较四个物体排开水的体积大小，根据阿基米德原理分析它们受到浮力的大小。
11．【答案】A,D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 解：A、由图像可知，甲、乙加热相同时间，即吸收相同热量时，甲升温快，比热容小，故图像甲代表的液体是酒精，图像乙代表的液体是水，故A正确；
B、由图像可知，加热3.5min时，水升高的温度为Δt水=98℃-18℃=80℃，
水吸收的热量：Q吸水=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×80℃=1.68×105J，
相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求得加热1.5min时，
酒精吸收的热量：，由图像可知，加热1.5min时酒精升高的温度为Δt酒精=78℃-18℃=60℃
根据Q吸=cmΔt可得，酒精的比热容：，故B错误；
C、液体沸腾时，要不断吸收热量，温度保持不变，
故1.5min～3.5min甲液体会不断吸收热量，故C错误；
D、相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求出前3min酒精吸收的热量：，
则加热器加热液体的效率：，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）由图像可知，甲、乙加热相同时间，即吸收相同热量时，甲升温快，比热容小，由此得出结论；
（2）由图像可知，加热3.5min时，水升高的温度，根据Q吸=cmΔt求水吸收的热量，相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求得加热1.5min时，酒精吸收的热量；由图像可知，加热1.5min时酒精升高的温度，根据Q吸=cmΔt求酒精的比热容；
（3）液体沸腾时，要不断吸收热量，温度保持不变；
（4）相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求出前3min酒精吸收的热量，根据求加热液体的效率。
12．【答案】A,B
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3并联，电流表A1测量流过R2和R3的电流，电流表A2测量流过R2的电流，电压表测量电源电压；
C、由题意知：两电流表的差值为0.6A，即流过R3的电流为I3=0.6A；电源电压为：U=I3R3=0.6A×10Ω=6V，故C错误；
A、只闭合开关S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电流表A1断路，电流表A2的示数不变，电压表V的示数变小，即电压表V的示数变为原来的，则，解得：，即R1=3R2；
当所有开关都闭合时，；
只闭合开关S2时，电路中的电流为：，
因为I1：I2=6：1，即，解得：，
R1的最大阻值为：R1=3R2=3×5Ω=15Ω，故A正确；
BD、当所有开关都闭合时，干路的电流为：，
此时通过R2的电流为：I2'=I1-I3=1.8A-0.6A=1.2A，所以电流表A2所选量程为0～3A，故D错误；
电路总功率为：P1=UI1=6V×1.8A=10.8W，故B正确。
故选：AB。
【分析】 （1）当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3并联，电流表A1测量流过R2和R3的电流，电流表A2测量流过R2的电流，电压表测量电源电压；
根据两电流表的差值为0.6A，算出流过R3的电流，根据U=IR算出电源电压；
（2）只闭合开关S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电流表A1断路，电流表A2的示数不变，电压表V的示数变小，即电压表V的示数变为原来的，根据欧姆定律求出R1的最大值与R2的比值；
根据欧姆定律和I1：I2=6：1算出R1的最大阻值和R2。
根据算出干路电流，由并联电路电流的规律算出此时通过R2的电流，进而判断出电流表A2所选量程；
根据P1=UI1算出电路总功率。
13．【答案】远离；后缩
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：照相机成倒立、缩小的实像，要拍出如图乙的效果，像变小，物距要增大，像距要减小，所以摄影师应该将照相机远离天鹅，同时将镜头往后缩。
故答案为：远离；后缩。【分析】 照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的。凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，根据这个规律进行解答。
14．【答案】运动；小
【知识点】流体压强与流速的关系；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 在高铁列车进站时， 以列车为参照物时，站台上的旅客相对于正在进站的高铁列车位置发生了变化，所以站台上的旅客是运动的。
（2） 安全员提醒旅客站在安全线外， 是因为：当高铁列车快速通过时，车厢附近的空气流速大压强小，而旅客远离列车一侧空气流速小压强大，于是对旅客产生朝向铁轨一侧的压强，可能会将靠近的旅客“吸”向列车，发生安全事故。
【分析】（1）根据参照物的知识分析；
（2）流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
15．【答案】保温；5.28×104
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当双触点开关S接触1和2时，只有R1工作，总电阻为R1；
当双触点开关S接触2和3时，R1、R2并联，此时总电阻为R并；
则总电阻R1>R并；
由可知，前者的总功率较小，处于保温档；后者的总功率较大，处于加热档。
（2）当养生壶调节到加热档时，R1、R2并联，
R1的电功率；
那么R2的电功率P2＝P加热-P1＝1100W-220W=880W；
通电1分钟电流通过R2产生的热量Q=W=P2t＝880W×1×60s=5.28×104J。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同位置时总功率的大小，从而确定对应的工作状态；
（2）当养生壶调节到加热档时，R1、R2并联，根据计算R1的电功率，根据P2＝P加热-P1计算R2的电功率，最后根据Q=W=P2t计算1分钟电流通过R2产生的热量。
16．【答案】（1）灵敏电流计
（2）C
【知识点】产生感应电流的条件；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】 （1）探究导体切割磁感线时电路中是否有感应电流，判断是否有电流用电流表测量，因为电流微弱，所以ab间安装灵敏电流计。
（2）A、使用磁性更强的磁体，只能改变电流大小，不能改变感应电流方向，故A错误；
B、保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向，导体没有切割磁感线运动，导体中不会产生感应电流，故B错误；
C、保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向，导体中感应电流会发生改变，故C正确；
D、改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向，同时改变了两个因素，导体中感应电流方向不变，故D错误；
故选：C。
故答案为：（1）灵敏电流计；（2）C。
【分析】 （1）探究感应电流是通过灵敏电流表的指针偏转情况来判断，所以电路中安装灵敏电流表。
（2）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，感应电流方向跟磁场方向和导体切割磁感线方向有关，只改变其中的一个因素，感应电流方向改变，同时改变两个因素，感应电流方向不变。
（1）要探究“感应电流产生的条件”，就需要得出在什么条件下，电路中才会产生电流，故a、b两接线柱之间需要接入一个能判断电路中是否存在电流的装置，故需接入的器材是灵敏电流计。
（2）电磁感应中，产生的感应电流的方向与导体切割磁感线运动方向、磁场方向有关，故要使感应电流方向发生改变，只需改变导体切割磁感线运动方向，或者改变磁场方向。
A．使用磁性更强的磁体，没有改变导体切割磁感线运动方向、磁场方向，故A不符合题意；
B．保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向，此时导体没有做切割磁感线运动，没有产生感应电流，故B不符合题意；
C．保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向，此时磁场方向没有变化，改变了导体切割磁感线运动方向，感应电流方向会发生改变，故C符合题意；
D．改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向，此时导体切割磁感线运动方向、磁场方向同时发生改变，感应电流方向不会发生改变，故D不符合题意。
故选C。
17．【答案】甲；阿基米德
【知识点】浮力的利用
【解析】【解答】 由图知密度计排开液体的体积V排甲＜V排乙，又因为F浮=ρ液V排g，所以，ρ甲＞ρ乙。
密度计的设计利用了二力平衡知识和阿基米德原理，密度计在液体中漂浮时F浮=G物，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越大，密度计排开液体的体积就越小，据此来判断液体密度大小。
故答案为：甲；阿基米德。
【分析】 从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。密度计是用来测量液体密度的测量仪器，利用了阿基米德原理。
18．【答案】0.4；510
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 由图乙可知，开关S闭合时，电阻R2被短路，电路为R1简单电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电饭锅处于加热挡，电饭锅处于加热时，电阻R1的阻值为 ；开关S断开时，电阻R1和R2串联，总电阻最大，此时电饭锅处于保温挡，则电饭锅处于保温挡时，电路中的电流为，保温时，电路的总电阻为 ，
电阻R2的阻值为R2=R总-R1=550Ω-40Ω=510Ω。
故答案为：0.4；510。
【分析】 由图乙可知，开关S闭合时，电阻R2被短路，电路为R1简单电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电饭锅处于加热挡；开关S断开时，电阻R1和R2串联，总电阻最大，此时电饭锅处于保温挡，然后根据不同的状态进行分析计算。
19．【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】 从A点竖直向下画成重力，标出G，反向延长F的作用线，从O画作用线的垂线，即力臂，如图所示：
【分析】重力的作用点在重心，方向竖直向下；力臂是支点到力的作用线的垂线。
20．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】①根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点；
②根据光的折射规律可知，当光斜射到水面上时，根据“反射角等于入射角”在法线右侧做出反射光线，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线，结合光的反射定律完成作图。
21．【答案】；不受影响
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）由图丙可知，杯、水和鹅卵石的总质量为：m总=100g+50g+10g+1.8g=161.8g，
则图乙中烧杯和水的总质量：m1=m总-m鹅卵石=161.8g-37g=124.8g，
鹅卵石的体积等于图丁中水的体积减去图乙中水的体积，
即，则鹅卵石的密度为：；
（2）计算鹅卵石的体积用等效代替法，用图丁中的水的体积与乙图中水的体积之差为鹅卵石的体积，这样鹅卵石从水中取出会带水，对计算结果没有影响。
故答案为：（1）2.5×103kg/m3；（2）不受影响。
【分析】（1）鹅卵石的质量、体积已知，由密度公式求出密度；
（2）从计算鹅卵石的体积可知，当鹅卵石从水中取出时带水，对计算体积没有影响。
22．【答案】（1）量程
（2）D
（3）电源电压过低
【知识点】电路的三种状态；电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】 （1）由图可知，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1的量程，换用小量程，再继续试验。
（2）由一组数据得出的结论有偶然性，为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同阻值条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选：D。
（3）两个灯泡串联，两灯都不发光，但是电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮；若电流表短路，电流表将不会有示数；所以只能是电源电压过低导致两个灯泡都不发光，但是电流表有示数。
故答案为：（1）量程；（2）D；（3）电源电压过低。【分析】 （1）电流表测量电流时，要选择合适的量程；
（2）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（3）电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮，据此分析。
（1）已知电流表的示数为0.3A，的示数为0.28A，指针偏转角度较小，接的是量程，分度值为0.1A，示数为0.3A，因分度值大，读数误差大，故为了让测量更准确，后续实验应该将电流表换接的量程。
（2）探究串联电路的电流规律时，需要避免实验结论的偶然性，要更换不同规格的元件多次实验。
A．仅用一组数据得出结论，结论不具备普遍性，故A错误；
B．多次断开闭合开关，得到的是同一组条件下的数据，无法改变实验条件，故B错误；
C．交换小灯泡位置，电路中的元件规格未改变，数据本质相同，故C错误；
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡，能改变电路中的元件规格，多次实验后得出的结论更具普遍性，故D正确。
故选D。
（3）与串联，两灯不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，故没有开路；又因两灯都不亮，故没有短路，若短路会发光；电流表也没短路，若电流表短路，两灯都会发光，故原因可能是电源电压过低，使电路中电流过小，灯泡实际功率不足，无法发光，但电流表有示数。
23．【答案】吸引大头针的数量；右；同名磁极相互排斥
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 （1）闭合开关后，发现铁钉A比B能够吸引的大头针的个数多，说明铁钉A比B磁性强，是转换法的应用；
（2）发现自制电磁铁几乎不能吸引大头针，说明磁性太弱，需要增强，因而必须增大电流，减小电路中的电阻，此时他应向右移动滑动变阻器的滑片；
（3）大头针被磁化后，下部都是同名磁极，而同名磁极相互排斥，故比较分散。
故答案为：（1）吸引大头针的数量；（2）右；（3）同名磁极相互排斥。
【分析】借助吸引大头针的数量来判断磁性的强弱，这是物理学中的另一重要研究方法，叫转换法。影响电磁铁磁性的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，可利用控制变量法通过实验进行探究。
同名磁极相互排斥。
24．【答案】解：（1）根据得，实心均匀圆柱体A的体积为
；
A的底面积为。
答：容器B的底面积为100cm2。
（2）圆柱体A的体积为VA＝7.5×10-4m3＝750cm3；
圆柱体A的底面积为SA＝50cm2；设A浸入水中的深度为h浸，
则有SB（h浸+h0）＝V水+SAh浸；
则100cm2×（h浸+6cm）＝1200cm3+50cm2×h浸；
解得：h浸＝12cm。
则h浸+h0＝12cm+6cm＝18cm＞H=15cm；
所以此时水会溢出，
此时水对圆柱体A底部的压强为p1＝ρ水gh1＝ρ水g（H﹣h0）＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.15m﹣0.06m）＝900Pa；
则水对圆柱体A底部的压力为F1＝p1SA＝900Pa×50×10-4m2＝4.5N。
答：用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为6cm，水对圆柱体A底部的压力为4.5N。
（3）容器C内装有油的体积为V油＝0.6×10-3m3＝600cm3；
将A放入容器C的油中，设油面上升的高度为Δh，
则有SC下hC下+SC上[Δh﹣（hC下﹣h油）]＝V油+SA（h油+Δh）；
则100cm2×10cm+70cm2×[Δh﹣（10cm﹣6cm）]＝600cm3+50cm2×（6cm+Δh）；
解得：Δh＝9cm。
则9cm+6cm=15cm=H；
所以此时油刚好到容器口且不会溢出，
油对容器底部压强的增加量为Δp1＝ρ油gΔh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝720Pa；
容器C放置在水平桌面上，容器C对桌面的压力等于总重力，
则容器对桌面的压力的增加量为ΔF＝GA＝mAg＝1.5kg×10N/kg＝15N；
容器对桌面压强的增加量为：Δp2＝1500Pa，
所以Δp1∶Δp2＝720Pa∶1500Pa＝12∶25。
答：将A从B中取出，擦干水分，再放入容器C的油中，A在油中沉底，油对容器底部压强的增加量Δp1与容器对桌面压强的增加量Δp2之比为12∶25。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）根据密度公式计算出圆柱体A的体积，然后用体积公式计算出实心均匀圆柱体A的底面积；
（2）用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为7cm，设A浸入水中的深度为h浸，根据体积关系判断水是否会溢出，根据p=ρgh可求出水对容器B底部的压强；再根据求此时水对容器B底部的压力；（3）根据密度公式计算出容器C内装有油的体积V油，根据体积关系列出等式求出油面上升的高度，并判断是否有油溢出，求出油面上升的实际高度，根据Δp=ρgΔh可求出油对容器底部压强的增加量；容器放置在水平桌面上，容器对桌面的压力的增加量等于总重力的增加量，若有油溢出，则压力增加量需减去溢出油的重力，根据求出容器对桌面压强的增加量，即可求出Δp1：Δp2。
25．【答案】（1）解：根据图乙可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，再闭合S1时，两电阻并联，
根据I总=I1+I2可知，前者电流较小为2A，后者总电流为3A，
则通过R2的电流为：I2=I总-I1=3A-2A=1A；
故电热丝R2的阻值为。
（2）解：根据丙图可知，在30min内，电流为3A时和2A时工作时间都相等，即都是15min，
则电流较小为2A时消耗的电能为；
电流为3A时消耗的电能为；
所消耗的总电能为。
（3）解：正常烧煮时，工作电流为3A，
则电饭锅在0~10min内正常烧煮时产生的热量为；
那么1.5kg的水和米的混合物升高的温度为；
由20℃加热到的温度为。
【知识点】热量的计算；并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】 （1）根据乙图确定开关在不同状态时电路的连接情况，进而比较干路电流大小，然后与丙图对照，接下来根据I2=I总-I1计算通R2的电流，根据计算R2的阻值即可。
（2）由图丙确定电流为3A和2A时的工作时间，根据W=Pt分别求出高温挡和低温挡消耗的电能，据此求出消耗的总电能；
（3）根据W=UIt可以求得这个电饭锅在0 10min内正常烧煮时所消耗的电能，根据Q=cmΔt可以求得水和米的混合物的末温。
（1）根据图乙可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，再闭合S1时，两电阻并联，故根据并联电路电流的规律可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，电流较小为2A，再闭合S1时，两电阻并联，总电流为3A，故电热丝R2的阻值为
（2）当只闭合S时，电路仅R1工作时，电流较小为2A，消耗的电能为
当同时闭合S、S1时，两电阻并联，电流为3A，消耗的电能为
所消耗的总电能为
（3）电饭锅在0~10min内正常烧煮时产生的热量为
1.5kg的水和米的混合物升高的温度为
由20℃加热到的温度为
1 / 12026年四川省南充市营山县初中学业水平第一次模拟考试物理试题
1．小伍同学对自身的一些数据进行了估测，其中合理的是（　　）
A．体积约为5×10-2m3
B．质量约为5×105mg
C．双脚站立时对地面的压强约1×105Pa
D．游泳时受到浮力约50N
【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB.根据题意可知，人的密度与水的密度相近，中学生的质量约为50kg=5×107mg，故他的体积约为，
故A正确，B错误；
C．根据题意可知，双脚站立时，人对地面的压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，
与地面受力面积约为500cm2=5×10-2m2，在对地面的压强约，
故C错误；
D．游泳时，他漂浮在水面上，即浮力等于重力，则浮力约为，
故D错误。
故选A。
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．物理知识在生活中有着广泛的应用，下列生活实例（如图）与物理原理的对应关系正确的是（　　）
A．热气球升空，是利用空气产生的浮力
B．高压锅能快速将食物炖得软烂，是因为锅内气压高，沸点低
C．挖掘机的铲子很锋利，是通过减小受力面积来减小压强，便于挖掘
D．“奋斗者号”能潜入水下10909米，是因为液体压强随深度增加而减小
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；液体压强的特点；沸点及沸点与气压的关系；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A．热气球受到的浮力大于气球的重力时，气球就会升空，则热气球是利用空气产生的浮力，故A正确；
B．高压锅内气压大，水的沸点高，因此高压锅能很快地煮熟食物，故B错误；
C．挖掘机的铲子很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，便于挖掘，故C错误；
D．“奋斗者号”能潜入水下10909米，是因为液体压强随深度增加而增大，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据热气球的浮沉方法判断；
B.根据液体沸点随上方气压的变化规律判断；
C.增大压强的方法：增大压力或减小接触面积；
D.根据液体压强随深度的变化规律判断。
3．关于成都市学业考试体育测试的项目所涉及到的一些物理知识，下列分析正确的是（　　）
A．立定跳远——起跳时脚用力蹬地，这个力改变了人的运动状态
B．引体向上——人在匀速向上运动的过程中，所受到的合力为零
C．800m测试——同学们到达终点时受到惯性作用，不能立刻停下
D．.排球测试——排球被向上垫起后，到达最高点时受到的力平衡
【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．起跳时，脚用力向后蹬地，脚对地有一个向后的力，根据相互作用力可知，地对脚会施加一个向前的反作用力，改变人的运动状态，故A错误；
B．人在匀速向上运动的过程中，受到的合力为零，故B正确；
C．惯性是物体的一种性质，不能说受到惯性作用，故C错误；
D．排球被向上垫起后，运动到最高点受到重力和空气阻力作用，属于非平衡力，故D错误。
故选B。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
4．在家庭实验室中，小阳使用家中的冰箱时观察到了一些有趣的现象（如图）。下列说法正确的是（　　）
A．打开冷冻室，看到有“白气”冒出，这是汽化现象
B．冷藏室的蔬菜放久了会变干变焉，这是升华现象
C．从冷冻室取冰块时，湿手套会被冰块“粘”住，这是凝固现象
D．从冷藏室拿出的汽水瓶外壁出现小水珠，这是熔化现象
【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；蒸发及其现象；液化及液化放热
【解析】【解答】A．“白气”是外面的水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故A错误；
B．冷藏室的蔬菜，其中的水分会从液态变成气态发生汽化现象，故放久了会变干变焉，故B错误；
C．从冷冻室取冰块时，手套中的水放热，从液态变成固态发生凝固现象成冰，故C正确；
D．从冷藏室拿出的汽水瓶外壁出现小水珠，这是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故D错误。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称即可。
5．人工智能是新一轮产业变革的核心驱动力。如图是智能机器人和人的互动，下列说法正确的是（　　）
A．机器人是高科技产品，它发出的声音不是由物体振动产生的
B．智能机器人与互联网之间通过电磁波来传递信息
C．机器人的声音悦耳动听，所以它发出的声音永远不是噪声
D．机器人的表情的变换说明电磁波可以传递能量
【答案】B
【知识点】声音的产生；声与信息传递；噪声及来源；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A.机器人是高科技产品，它发出的声音也是由物体振动产生的，故A错误；
B.智能机器人与互联网之间通过电磁波来传递信息，故B正确；
C.机器人的声音悦耳动听，所以它发出的声音也可能是噪声，如影响人们的工作和休息，故C错误；
D.机器人的表情的变换说明电磁波可以传递信息，故D错误；
故选：B。
【分析】 声音是物体的振动产生的。
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
从环境保护的角度来说，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。
声可以传递信息和能量。
6．如图所示，小红在雪地中陷得较深，小刚脚下穿有滑雪板，没有陷进雪地。此现象能说明（　　）
A．小红对雪地产生较大的压强
B．压力作用的效果与受压面积无关
C．小刚对雪地产生较小的压力
D．压力作用的效果与压力大小有关
【答案】A
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】 这两位同学对雪地的压力差不多，小红与雪面的接触面积小，压力的作用效果明显，即压强较大，所以在雪地中陷得较深；但是小刚脚下穿有滑雪板，受力面积大，压力作用效果不明显，没有陷进雪地；说明压力作用的效果与受压面积有关；故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 影响压强大小的因素有两个：一是压力的大小，二是接触面积的大小；减小压力，或增大接触面的面积可以减小压力的作用效果。
7．下面与“热”相关的物理现象，解释正确的是（　　）
A．扫地时，灰尘满屋，是由于分子做无规则运动的结果
B．白糖在温度高的水中化得快，是由于温度越高，分子的热运动越剧烈。
C．把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为零
D．冬天搓手，手心感到热，是通过热传递的方式改变内能
【答案】B
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A．分子很小，用肉眼看不到，而灰尘是看得见的，则灰尘满屋不是分子运动，故A错误；
B．白糖在水中溶解的过程其实就是分子运动的过程，且温度越高，分子的热运动越剧烈，因此白糖分子在水中扩散越快，则白糖化的快，故B正确；
C．一切物体都具有内能，自然界不存在内能为零的物体，故C错误；
D．冬天搓手，手心感到热，是通过摩擦做功的方式将机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变内能，故D错误。
故选B。
【分析】A.分子很小，用肉眼看不到，凡是看得到的运动肯定不是分子运动；
B.根据温度对分子运动的影响判断；
C.一切物体都有内能；
D.做功改变内能的本质为能量的转移，热传递改变内能的本质为能量的转化。
8．某门禁系统有两种识别方式：人脸识别（开关S1）和密码识别（开关S2），只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，启动电动机，开启门锁，下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】据题可知， 人脸识别（开关S1）和密码识别（开关S2 ）均可以 闭合相应开关，启动电动机 ，开启门锁，所以两个开关属于并联，D正确，ABC错误。
综上选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，题目中两个开关互不干扰，形成独立的电路，所以开关为并联。
9．“探究小灯泡的电功率”的实验电路如图甲所示，实验中选择“2.5V”规格的小灯泡，实验中得到的U-I图像如图乙。下列说法不正确的是（　　）
A．调节滑片过程发现灯泡亮度变化，这是由灯泡的实际功率变化引起的
B．小灯泡的额定功率为0.75W，正常发光时电阻为8.3Ω
C．实验中发现小灯泡无法调到额定电压，一定是因为电源电压过小
D．用图甲的电路，通过更换灯泡L的方法，能完成探究“电功率与电流的关系”
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】A． 调节滑片过程发现灯泡亮度变化，这是由灯泡的实际功率变化引起的，因为灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮，故A正确，不符合题意；
B．根据乙图可知，当灯泡电压为额定电压2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率为；正常发光时电阻为；
故B正确，不符合题意；
C．实验中，无法使灯泡两端电压调到额定电压2.5V，可能是电源电压过大。由于变阻器的最大阻值过小，无法分去足够的电压，从而使灯的电压也高于2.5V，故C错误，符合题意；
D．根据控制变量法的要求可知，探究“电功率与电流的关系”时，应该控制电压相同，只改变电流。可换用不同灯泡且保持电压不变，观察小灯泡的亮度来比较电功率，从而得到电功率与电流的关系，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】A.灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；
B.根据乙图确定灯泡的额定电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率，根据计算正常发光的电阻；
C.在实验中，多余的电压用滑动变阻器分去。如果电源电压太大，而滑动变阻器的阻值过小，则分压能力有限，从而导致灯泡电压过大；
D.根据控制变量法的要求可知，探究“电功率与电流的关系”时，应该控制电压相同，只改变电流。
10．甲、乙、丙、丁四个体积相同的正方体，甲、乙为铁块，用细线吊住浸入水中，丙、丁为木块，丙用细线拴住下方；使其浸入水中，丁漂浮，如图所示；它们受浮力（　　）
A．甲、乙受浮力最小，丁受浮力最大
B．甲、丙受浮力相同，丁受浮力最小
C．丙受浮力最小，乙、丁受浮力最大
D．甲、乙、丙、丁体积相同，受浮力相同
【答案】B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】根据题意可知，甲、乙、丙、丁四个正方体体积相同。根据图片可知， 甲、丙排开水的体积都等于自身体积，此时二者排开水的体积相同且最大，丁排开水的体积最小。根据阿基米德原理可知，甲、丙受到的浮力相等且最大，丁受到的浮力最小，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片比较四个物体排开水的体积大小，根据阿基米德原理分析它们受到浮力的大小。
11．小才用两个完全相同的电加热器将质量均为的酒精和水分别加热至沸腾，并记录时间和温度，绘制成了如图所示的图像。已知。若相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，则下列分析正确的是（　　）
A．图像甲代表的液体是酒精
B．酒精的比热容为
C．甲液体没有吸收热量
D．前，若一个电加热器消耗了的电能，则加热液体的效率为
【答案】A,D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 解：A、由图像可知，甲、乙加热相同时间，即吸收相同热量时，甲升温快，比热容小，故图像甲代表的液体是酒精，图像乙代表的液体是水，故A正确；
B、由图像可知，加热3.5min时，水升高的温度为Δt水=98℃-18℃=80℃，
水吸收的热量：Q吸水=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×80℃=1.68×105J，
相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求得加热1.5min时，
酒精吸收的热量：，由图像可知，加热1.5min时酒精升高的温度为Δt酒精=78℃-18℃=60℃
根据Q吸=cmΔt可得，酒精的比热容：，故B错误；
C、液体沸腾时，要不断吸收热量，温度保持不变，
故1.5min～3.5min甲液体会不断吸收热量，故C错误；
D、相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求出前3min酒精吸收的热量：，
则加热器加热液体的效率：，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）由图像可知，甲、乙加热相同时间，即吸收相同热量时，甲升温快，比热容小，由此得出结论；
（2）由图像可知，加热3.5min时，水升高的温度，根据Q吸=cmΔt求水吸收的热量，相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求得加热1.5min时，酒精吸收的热量；由图像可知，加热1.5min时酒精升高的温度，根据Q吸=cmΔt求酒精的比热容；
（3）液体沸腾时，要不断吸收热量，温度保持不变；
（4）相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，由此求出前3min酒精吸收的热量，根据求加热液体的效率。
12．如图所示，电源电压保持不变。当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电流表A1的示数为，两电流表的差值为0.6A，此时电路的总功率是P1；当只闭合开关S2，滑动变阻器的滑片P在最右端时，电流表A2的示数为I2，再将滑片P滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的；已知，。下列说法正确的是（　　）
A．R1的最大阻值为15 B．电路总功率P1=10.8W
C．电源电压U=9V D．电流表A2所选量程为0～0.6A
【答案】A,B
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3并联，电流表A1测量流过R2和R3的电流，电流表A2测量流过R2的电流，电压表测量电源电压；
C、由题意知：两电流表的差值为0.6A，即流过R3的电流为I3=0.6A；电源电压为：U=I3R3=0.6A×10Ω=6V，故C错误；
A、只闭合开关S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电流表A1断路，电流表A2的示数不变，电压表V的示数变小，即电压表V的示数变为原来的，则，解得：，即R1=3R2；
当所有开关都闭合时，；
只闭合开关S2时，电路中的电流为：，
因为I1：I2=6：1，即，解得：，
R1的最大阻值为：R1=3R2=3×5Ω=15Ω，故A正确；
BD、当所有开关都闭合时，干路的电流为：，
此时通过R2的电流为：I2'=I1-I3=1.8A-0.6A=1.2A，所以电流表A2所选量程为0～3A，故D错误；
电路总功率为：P1=UI1=6V×1.8A=10.8W，故B正确。
故选：AB。
【分析】 （1）当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3并联，电流表A1测量流过R2和R3的电流，电流表A2测量流过R2的电流，电压表测量电源电压；
根据两电流表的差值为0.6A，算出流过R3的电流，根据U=IR算出电源电压；
（2）只闭合开关S2，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，滑动变阻器的滑片从最右端滑至最左端时，电流表A1断路，电流表A2的示数不变，电压表V的示数变小，即电压表V的示数变为原来的，根据欧姆定律求出R1的最大值与R2的比值；
根据欧姆定律和I1：I2=6：1算出R1的最大阻值和R2。
根据算出干路电流，由并联电路电流的规律算出此时通过R2的电流，进而判断出电流表A2所选量程；
根据P1=UI1算出电路总功率。
13．如图甲是小李周末去北湖公园游玩时用相机拍摄的一张天鹅照片，要拍出如图乙的效果，小李应该将照相机　 　天鹅（选填“靠近”或“远离”）；同时将镜头　 　（选填“前伸”或“后缩”）。
【答案】远离；后缩
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：照相机成倒立、缩小的实像，要拍出如图乙的效果，像变小，物距要增大，像距要减小，所以摄影师应该将照相机远离天鹅，同时将镜头往后缩。
故答案为：远离；后缩。【分析】 照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的。凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，根据这个规律进行解答。
14．如图所示，在高铁列车进站时，站台上的旅客相对于正在进站的高铁列车是　 　（选填“运动”或“静止”）的；安全员提醒旅客站在安全线外，这是因为当高铁列车快速通过时，车厢附近的空气流速大，压强　 　（选填“大”或“小”），可能会将靠近的旅客“吸”向列车，发生安全事故。
【答案】运动；小
【知识点】流体压强与流速的关系；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 在高铁列车进站时， 以列车为参照物时，站台上的旅客相对于正在进站的高铁列车位置发生了变化，所以站台上的旅客是运动的。
（2） 安全员提醒旅客站在安全线外， 是因为：当高铁列车快速通过时，车厢附近的空气流速大压强小，而旅客远离列车一侧空气流速小压强大，于是对旅客产生朝向铁轨一侧的压强，可能会将靠近的旅客“吸”向列车，发生安全事故。
【分析】（1）根据参照物的知识分析；
（2）流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
15．如图甲所示，这是家庭常见的养生壶，该养生壶有“加热”和“保温”两个挡位（如图乙所示），其中加热挡功率为1100W，加热电阻R1的阻值为220Ω。当双触点开关S接触1和2时，养生壶处于 　 　挡；当养生壶调节到加热挡时，通电1min，电流通过加热电阻R2产生的热量为 　 　J。
【答案】保温；5.28×104
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当双触点开关S接触1和2时，只有R1工作，总电阻为R1；
当双触点开关S接触2和3时，R1、R2并联，此时总电阻为R并；
则总电阻R1>R并；
由可知，前者的总功率较小，处于保温档；后者的总功率较大，处于加热档。
（2）当养生壶调节到加热档时，R1、R2并联，
R1的电功率；
那么R2的电功率P2＝P加热-P1＝1100W-220W=880W；
通电1分钟电流通过R2产生的热量Q=W=P2t＝880W×1×60s=5.28×104J。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同位置时总功率的大小，从而确定对应的工作状态；
（2）当养生壶调节到加热档时，R1、R2并联，根据计算R1的电功率，根据P2＝P加热-P1计算R2的电功率，最后根据Q=W=P2t计算1分钟电流通过R2产生的热量。
16．小珠利用如图所示装置探究“感应电流产生的条件”。
（1）如图a、b两接线柱间应接入的器材是　 　（选填“灵敏电流计”或“电源”）；
（2）要使感应电流方向发生改变，可采取具体措施是________（选填字母）。
A．使用磁性更强的磁体
B．保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向
C．保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向
D．改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向
【答案】（1）灵敏电流计
（2）C
【知识点】产生感应电流的条件；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】 （1）探究导体切割磁感线时电路中是否有感应电流，判断是否有电流用电流表测量，因为电流微弱，所以ab间安装灵敏电流计。
（2）A、使用磁性更强的磁体，只能改变电流大小，不能改变感应电流方向，故A错误；
B、保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向，导体没有切割磁感线运动，导体中不会产生感应电流，故B错误；
C、保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向，导体中感应电流会发生改变，故C正确；
D、改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向，同时改变了两个因素，导体中感应电流方向不变，故D错误；
故选：C。
故答案为：（1）灵敏电流计；（2）C。
【分析】 （1）探究感应电流是通过灵敏电流表的指针偏转情况来判断，所以电路中安装灵敏电流表。
（2）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，感应电流方向跟磁场方向和导体切割磁感线方向有关，只改变其中的一个因素，感应电流方向改变，同时改变两个因素，感应电流方向不变。
（1）要探究“感应电流产生的条件”，就需要得出在什么条件下，电路中才会产生电流，故a、b两接线柱之间需要接入一个能判断电路中是否存在电流的装置，故需接入的器材是灵敏电流计。
（2）电磁感应中，产生的感应电流的方向与导体切割磁感线运动方向、磁场方向有关，故要使感应电流方向发生改变，只需改变导体切割磁感线运动方向，或者改变磁场方向。
A．使用磁性更强的磁体，没有改变导体切割磁感线运动方向、磁场方向，故A不符合题意；
B．保持磁体静止，只改变导体竖直运动的方向，此时导体没有做切割磁感线运动，没有产生感应电流，故B不符合题意；
C．保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向，此时磁场方向没有变化，改变了导体切割磁感线运动方向，感应电流方向会发生改变，故C符合题意；
D．改变磁极方向，同时改变导体水平运动的方向，此时导体切割磁感线运动方向、磁场方向同时发生改变，感应电流方向不会发生改变，故D不符合题意。
故选C。
17．如图所示，将同一支液体密度计分别放在甲、乙两种液体中保持静止，可知　 　液体的密度较大。液体密度计是利用二力平衡条件和　 　原理来判断液体密度大小的。
【答案】甲；阿基米德
【知识点】浮力的利用
【解析】【解答】 由图知密度计排开液体的体积V排甲＜V排乙，又因为F浮=ρ液V排g，所以，ρ甲＞ρ乙。
密度计的设计利用了二力平衡知识和阿基米德原理，密度计在液体中漂浮时F浮=G物，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越大，密度计排开液体的体积就越小，据此来判断液体密度大小。
故答案为：甲；阿基米德。
【分析】 从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。密度计是用来测量液体密度的测量仪器，利用了阿基米德原理。
18．如图甲所示为小明家的电饭锅，从铭牌上可知该电饭锅额定电压为220V，加热功率为1210W，保温功率为88W。电饭锅的简化电路如图乙所示，通过开关S来控制挡位。其中和均为发热电阻，且阻值不随温度的变化而改变。则电饭锅处于保温挡时，电路中的电流为　 　，电阻的阻值为　 　。
【答案】0.4；510
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 由图乙可知，开关S闭合时，电阻R2被短路，电路为R1简单电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电饭锅处于加热挡，电饭锅处于加热时，电阻R1的阻值为 ；开关S断开时，电阻R1和R2串联，总电阻最大，此时电饭锅处于保温挡，则电饭锅处于保温挡时，电路中的电流为，保温时，电路的总电阻为 ，
电阻R2的阻值为R2=R总-R1=550Ω-40Ω=510Ω。
故答案为：0.4；510。
【分析】 由图乙可知，开关S闭合时，电阻R2被短路，电路为R1简单电路，此时总电阻最小，根据可知，此时电饭锅处于加热挡；开关S断开时，电阻R1和R2串联，总电阻最大，此时电饭锅处于保温挡，然后根据不同的状态进行分析计算。
19．长时间低头看手机，有可能引起颈部肌肉和颈椎损伤。如图是人体颈部杠杆模型，图中A点为头部重力作用点，B点为颈部肌肉受力点，O点为支撑点，颈部肌肉拉力F方向如图所示，请画出肌肉拉力的力臂L和头部受到的重力G的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】 从A点竖直向下画成重力，标出G，反向延长F的作用线，从O画作用线的垂线，即力臂，如图所示：
【分析】重力的作用点在重心，方向竖直向下；力臂是支点到力的作用线的垂线。
20．如图所示，水池的侧壁上安装了一盏小射灯A，B是水池中平静的水面位置，A点发出的平行于主光轴的光线经凸透镜折射后射向水面，最后反射到水池另一侧壁上。请画出完整的光路图（要求保留必要的作图痕迹）。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】①根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点；
②根据光的折射规律可知，当光斜射到水面上时，根据“反射角等于入射角”在法线右侧做出反射光线，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线，结合光的反射定律完成作图。
21．小梦在河边捡到一块鹅卵石，掂起来沉甸甸的，他很好奇，鹅卵石的密度有多大呢？他用天平与砝码、烧杯、记号笔及足量的水测量其密度，已知。
（1）实验步骤如下：
①调节天平横梁平衡时，在正确操作的前提下，观察到指针在图甲中虚线所示范围内摆动，此时应向右调节平衡螺母；
②正确调节好天平后，测出鹅卵石的质量是37g；
③测出空烧杯的质量是68g；
④如图乙所示，把鹅卵石放入烧杯中，再向烧杯中倒入适量的水，用记号笔在烧杯壁记下此时水面位置为M；测得杯、水和鹅卵石的总质量如图丙所示。
⑤将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M处，如图丁所示；用天平测出杯和水的总质量为139.6g。
（2）根据所测数据计算出鹅卵石的密度约为　 　。
（3）评估时发现从水中取出鹅卵石会带出部分水，则测得的鹅卵石密度值　 　（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。
【答案】；不受影响
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）由图丙可知，杯、水和鹅卵石的总质量为：m总=100g+50g+10g+1.8g=161.8g，
则图乙中烧杯和水的总质量：m1=m总-m鹅卵石=161.8g-37g=124.8g，
鹅卵石的体积等于图丁中水的体积减去图乙中水的体积，
即，则鹅卵石的密度为：；
（2）计算鹅卵石的体积用等效代替法，用图丁中的水的体积与乙图中水的体积之差为鹅卵石的体积，这样鹅卵石从水中取出会带水，对计算结果没有影响。
故答案为：（1）2.5×103kg/m3；（2）不受影响。
【分析】（1）鹅卵石的质量、体积已知，由密度公式求出密度；
（2）从计算鹅卵石的体积可知，当鹅卵石从水中取出时带水，对计算体积没有影响。
22．某小组在“探究串联电路的电流规律”实验中，选用不同规格的小灯泡、进行实验，电路图如下图a所示。
I1/A I2/A I3/A
0.28 0.28 0.28
（1）闭合开关后，电流表、的示数如下图b、c所示分别为0.3A和0.28A，在后续实验中，他们最应该调整电流表的　 　，再继续实验。
（2）实验中，小组同学把实验数据记录在上表中。小华则认为数据不具备普遍性，需要多次进行实验。小涵说实验室的小灯泡只有“、”和“、”两种规格，已经无法再找到其它规格的小灯泡了。你认为下列做法最合理的是______。
A．直接使用以上数据得到“串联电路电流相等”的结论
B．通过多次断开闭合开关得到多组数据，再得出结论
C．把两个小灯泡位置交换后再次实验，再得出结论
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡多次实验后得出结论
（3）另一小组进行实验时观察到两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，导致这种情况的原因可能是　 　（选填“电流表短路”“开路”“短路”或“电源电压过低”）。
【答案】（1）量程
（2）D
（3）电源电压过低
【知识点】电路的三种状态；电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】 （1）由图可知，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1的量程，换用小量程，再继续试验。
（2）由一组数据得出的结论有偶然性，为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同阻值条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选：D。
（3）两个灯泡串联，两灯都不发光，但是电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮；若电流表短路，电流表将不会有示数；所以只能是电源电压过低导致两个灯泡都不发光，但是电流表有示数。
故答案为：（1）量程；（2）D；（3）电源电压过低。【分析】 （1）电流表测量电流时，要选择合适的量程；
（2）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（3）电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮，据此分析。
（1）已知电流表的示数为0.3A，的示数为0.28A，指针偏转角度较小，接的是量程，分度值为0.1A，示数为0.3A，因分度值大，读数误差大，故为了让测量更准确，后续实验应该将电流表换接的量程。
（2）探究串联电路的电流规律时，需要避免实验结论的偶然性，要更换不同规格的元件多次实验。
A．仅用一组数据得出结论，结论不具备普遍性，故A错误；
B．多次断开闭合开关，得到的是同一组条件下的数据，无法改变实验条件，故B错误；
C．交换小灯泡位置，电路中的元件规格未改变，数据本质相同，故C错误；
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡，能改变电路中的元件规格，多次实验后得出的结论更具普遍性，故D正确。
故选D。
（3）与串联，两灯不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，故没有开路；又因两灯都不亮，故没有短路，若短路会发光；电流表也没短路，若电流表短路，两灯都会发光，故原因可能是电源电压过低，使电路中电流过小，灯泡实际功率不足，无法发光，但电流表有示数。
23．小王在学习了电磁铁以后，用铁钉制成了一个简易的电磁铁用于探究影响电磁铁磁性强弱的因素，他连接的电路如图所示。
（1）在该实验中，小王应观察 　 　来判断电磁铁的磁性强弱；
（2）闭合开关后，小王发现自制电磁铁几乎不能吸引大头针，此时他应向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑动变阻器的滑片；
（3）在完成上述操作后，小王观察到电磁铁所吸引的大头针下部比较分散，你认为导致该现象的原因是：　 　。
【答案】吸引大头针的数量；右；同名磁极相互排斥
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 （1）闭合开关后，发现铁钉A比B能够吸引的大头针的个数多，说明铁钉A比B磁性强，是转换法的应用；
（2）发现自制电磁铁几乎不能吸引大头针，说明磁性太弱，需要增强，因而必须增大电流，减小电路中的电阻，此时他应向右移动滑动变阻器的滑片；
（3）大头针被磁化后，下部都是同名磁极，而同名磁极相互排斥，故比较分散。
故答案为：（1）吸引大头针的数量；（2）右；（3）同名磁极相互排斥。
【分析】借助吸引大头针的数量来判断磁性的强弱，这是物理学中的另一重要研究方法，叫转换法。影响电磁铁磁性的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，可利用控制变量法通过实验进行探究。
同名磁极相互排斥。
24．如图所示，实心均匀圆柱体A、薄壁圆柱形容器B和上下部分均为圆柱形的薄壁容器C，实心均匀圆柱体A和薄壁圆柱形容器B高度均为H＝15cm，都放置在水平桌面上。容器B内装有水，容器C内装有油，其中容器C的上半部分容器高为4cm，底面积为70cm2；下半部分容器高为10cm，底面积为100cm2，其余相关数据如下表所示。忽略圆柱体A吸附液体等次要因素。（g取10N/kg）求：
圆柱A 水 油
质量/kg 1.5 1.2 0.48
密度/（g/cm3） 2 1 0.8
深度/cm
12 6
（1）求实心均匀圆柱体A的底面积；
（2）用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为7cm，求此时水对容器B底部的压力为多少N？（不考虑细绳自身的质量及体积）
（3）将A从B中取出，擦干水分，再放入容器C的油中，A在油中沉底，此时油对容器底部压强的增加量为Δp1，容器对桌面压强的增加量为Δp2，求Δp1∶Δp2＝？
【答案】解：（1）根据得，实心均匀圆柱体A的体积为
；
A的底面积为。
答：容器B的底面积为100cm2。
（2）圆柱体A的体积为VA＝7.5×10-4m3＝750cm3；
圆柱体A的底面积为SA＝50cm2；设A浸入水中的深度为h浸，
则有SB（h浸+h0）＝V水+SAh浸；
则100cm2×（h浸+6cm）＝1200cm3+50cm2×h浸；
解得：h浸＝12cm。
则h浸+h0＝12cm+6cm＝18cm＞H=15cm；
所以此时水会溢出，
此时水对圆柱体A底部的压强为p1＝ρ水gh1＝ρ水g（H﹣h0）＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.15m﹣0.06m）＝900Pa；
则水对圆柱体A底部的压力为F1＝p1SA＝900Pa×50×10-4m2＝4.5N。
答：用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为6cm，水对圆柱体A底部的压力为4.5N。
（3）容器C内装有油的体积为V油＝0.6×10-3m3＝600cm3；
将A放入容器C的油中，设油面上升的高度为Δh，
则有SC下hC下+SC上[Δh﹣（hC下﹣h油）]＝V油+SA（h油+Δh）；
则100cm2×10cm+70cm2×[Δh﹣（10cm﹣6cm）]＝600cm3+50cm2×（6cm+Δh）；
解得：Δh＝9cm。
则9cm+6cm=15cm=H；
所以此时油刚好到容器口且不会溢出，
油对容器底部压强的增加量为Δp1＝ρ油gΔh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝720Pa；
容器C放置在水平桌面上，容器C对桌面的压力等于总重力，
则容器对桌面的压力的增加量为ΔF＝GA＝mAg＝1.5kg×10N/kg＝15N；
容器对桌面压强的增加量为：Δp2＝1500Pa，
所以Δp1∶Δp2＝720Pa∶1500Pa＝12∶25。
答：将A从B中取出，擦干水分，再放入容器C的油中，A在油中沉底，油对容器底部压强的增加量Δp1与容器对桌面压强的增加量Δp2之比为12∶25。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）根据密度公式计算出圆柱体A的体积，然后用体积公式计算出实心均匀圆柱体A的底面积；
（2）用细绳拉着圆柱体A竖直浸入B容器的水中使其下表面距容器底部为7cm，设A浸入水中的深度为h浸，根据体积关系判断水是否会溢出，根据p=ρgh可求出水对容器B底部的压强；再根据求此时水对容器B底部的压力；（3）根据密度公式计算出容器C内装有油的体积V油，根据体积关系列出等式求出油面上升的高度，并判断是否有油溢出，求出油面上升的实际高度，根据Δp=ρgΔh可求出油对容器底部压强的增加量；容器放置在水平桌面上，容器对桌面的压力的增加量等于总重力的增加量，若有油溢出，则压力增加量需减去溢出油的重力，根据求出容器对桌面压强的增加量，即可求出Δp1：Δp2。
25．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。其简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。某次煮饭时，电饭锅正常工作30min，电路中总电流随时间变化的图象如图丙所示。则：
（1）电热丝R2的阻值；
（2）用该电饭锅设定在30min内煮好一锅米饭，所消耗的总电能为多少？
（3）若不计热量损失，这个电饭锅在0~10min内正常烧煮时，能把质量为1.5kg的水和米的混合物由20℃加热到多少摄氏度？[水和米的比热容c≈4.0×103J/（kg ℃）]
【答案】（1）解：根据图乙可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，再闭合S1时，两电阻并联，
根据I总=I1+I2可知，前者电流较小为2A，后者总电流为3A，
则通过R2的电流为：I2=I总-I1=3A-2A=1A；
故电热丝R2的阻值为。
（2）解：根据丙图可知，在30min内，电流为3A时和2A时工作时间都相等，即都是15min，
则电流较小为2A时消耗的电能为；
电流为3A时消耗的电能为；
所消耗的总电能为。
（3）解：正常烧煮时，工作电流为3A，
则电饭锅在0~10min内正常烧煮时产生的热量为；
那么1.5kg的水和米的混合物升高的温度为；
由20℃加热到的温度为。
【知识点】热量的计算；并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】 （1）根据乙图确定开关在不同状态时电路的连接情况，进而比较干路电流大小，然后与丙图对照，接下来根据I2=I总-I1计算通R2的电流，根据计算R2的阻值即可。
（2）由图丙确定电流为3A和2A时的工作时间，根据W=Pt分别求出高温挡和低温挡消耗的电能，据此求出消耗的总电能；
（3）根据W=UIt可以求得这个电饭锅在0 10min内正常烧煮时所消耗的电能，根据Q=cmΔt可以求得水和米的混合物的末温。
（1）根据图乙可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，再闭合S1时，两电阻并联，故根据并联电路电流的规律可知，当只闭合S时，电路仅R1工作时，电流较小为2A，再闭合S1时，两电阻并联，总电流为3A，故电热丝R2的阻值为
（2）当只闭合S时，电路仅R1工作时，电流较小为2A，消耗的电能为
当同时闭合S、S1时，两电阻并联，电流为3A，消耗的电能为
所消耗的总电能为
（3）电饭锅在0~10min内正常烧煮时产生的热量为
1.5kg的水和米的混合物升高的温度为
由20℃加热到的温度为
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