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2026年湖北省黄石市中考物理一模试题
1．如图是甲骨文“聲”，字同“声”，像“手执槌敲击磬而声音传于耳”形，这说明古人很早就知道声音与敲击有关。下列说法正确的是（　　）
A．磬声是由槌的振动产生的
B．磬声是通过空气传入耳朵的
C．敲击磬发出的声音是次声波
D．用力敲击磬时发出声音的音调变高
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．由题意知，磬声是由磬的振动产生的，故A错误；
B．磬声是通过空气传入耳朵的，故B正确；
C．敲击磬发出的声音，人可以听到，所以不是次声波，故C错误；
D．用力敲击磬时，物体振动的幅度变大，所以发出声音的响度变大，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音是由物体振动产生的；
B.声音的传播需要介质，真空不能传声；
C.频率低于20Hz的声音是次声波；
D.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关。
2．我国高铁技术处于世界先进水平。如图所示，高铁车顶与高压线接触的物体称为受电弓，受电弓与高压线合称“弓网系统”，用来为高铁提供电能。则受电弓与高压线接触面上的材料应选用（　　）
A．石墨 B．橡胶 C．陶瓷 D．塑料
【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】受电弓与高压线接触，且用来为高铁提供电能，因此需要受电弓与高压线接触面上的材料能够导电，石墨是导体，而橡胶、陶瓷、塑料均为绝缘体，故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
【分析】本题考查导体与绝缘体的区分，核心思路：受电弓接触面需要导电传输电能，因此材料必须为导体。
3．如图所示是春秋战国时期盛水的容器——“鉴”，我国古代将镜子称作“鉴”就是由于“鉴”中盛水可用来照面。当你正对着“鉴”中平静的水面，就会看到自己在水中的像。下列有关说法正确的是（　　）
A．水中所成的像是实像
B．水中的像是由光的折射形成的
C．靠近水面，水中的像变大
D．靠近水面，水中的像也靠近水面
【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平静水面相当于平面镜，成像原理是光的反射，成正立、等大的虚像，像与物到水面距离相等。
A、水面成的是虚像，不是实像，故 A 错误；
B、水中倒影是光的反射形成，不是折射，故 B 错误；
C、平面镜成像像与物体大小始终相等，靠近水面像大小不变，故 C 错误；
D、物到水面距离等于像到水面距离，人靠近水面，像也同步靠近水面，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、平面镜成像均为虚像，不能用光屏承接；
B、水面倒影属于镜面反射，区分反射与折射；
C、像的大小只由物体大小决定，与距离无关；
D、平面镜成像物距等于像距，物靠近镜面，像同步靠近镜面。
4．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，从易拉罐开口端向罐内喷适量酒精喷雾，然后将一个空纸杯迅速套上。用细线将易拉罐水平悬挂在铁架台上，将点燃的打火枪靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“向前”飞去。以下说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
C．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
D．纸杯飞出过程中的能量转化，与内燃机的压缩冲程相同
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机
【解析】【解答】 解：A、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；
BC、纸杯飞出去时，易拉罐内的酒精气体对纸杯做功，气体的内能减小，故B错误、C正确；
D、纸杯飞出过程中，内能转化为机械能，内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，两者能量转化不同，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；
（2）做功和热传递都能改变物体的内能；
（3）内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
5．2025年11月25日，神舟二十二号飞船搭载长征二号F遥二十二火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　）
A．火箭对燃气的作用力与燃气对火箭的推力是一对平衡力
B．火箭发射升空过程中，火箭相对于飞船是静止的
C．飞船加速上升过程中，其惯性不断增大
D．飞船加速上升过程中，机械能守恒
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】A、火箭对燃气的力作用在燃气上，燃气对火箭的推力作用在火箭上，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故 A 错误；
B、火箭发射升空过程中，飞船搭载在火箭上方，二者相对位置不变，以飞船为参照物，火箭是静止的，故 B 正确；
C、惯性大小只由物体质量决定，飞船加速上升时质量不变，惯性大小不变，故 C 错误；
D、飞船加速上升，速度变大、高度升高，动能和重力势能均增大，机械能增大，机械能不守恒，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分平衡力与相互作用力，平衡力作用在同一物体，相互作用力作用在两个物体；
B、考查运动与静止的相对性，相对位置不变则物体相对静止；
C、惯性是物体固有属性，仅与质量有关，与运动速度无关；
D、机械能守恒条件是只有重力做功，飞船上升时燃料做功，机械能增大。
6．在自制密度计的活动中，小明在木棒的一端缠绕一些细铜丝，将其分别放入盛有不同液体的两个烧杯中如图甲、乙所示，下列说法正确的是（　　）
A．密度计标刻度时越往上数值越大
B．甲图中液体密度较大
C．甲、乙图中，木棒底部所受液体压强相等
D．甲图中自制密度计所受浮力比乙中大
【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用
【解析】【解答】A、密度计漂浮，浮力等于自身重力，液体密度越大，排开液体体积越小，浸入液体越浅，刻度越靠下数值越大，往上刻度数值更小，故A错误；
B、密度计浮力相等，甲中排开液体体积，由得，乙液体密度更大，故B错误；
C、密度计漂浮，液体对木棒底部的压力等于浮力，甲乙浮力相等，底部受力面积相同，根据，木棒底部受到液体压强相等，故C正确；
D、同一支密度计重力不变，漂浮时浮力始终等于重力，甲乙浮力大小相等，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查密度计刻度特点，下大上小；
B、浮力相同时，排液体积越大，液体密度越小；
C、浮力等于物体上下表面压力差，上表面无液体压力，底部液体压力等于浮力，压力、底面积均相等，则压强相等；
D、漂浮物体浮力等于自重，浮力大小不变。
7．滑雪运动是一项既有趣又对身体有益的活动，图甲中滑雪者从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是滑雪者在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，下列说法正确的是（　　）
A．全过程滑雪者的动能在E点时最大
B．全过程滑雪者的重力势能一直在减小
C．B点重力势能的大小等于E点动能的大小
D．全过程滑雪者的机械能保持不变
【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；机械能及其转化
【解析】【解答】A．图乙中，滑雪者在C点时高度最小，重力势能最小，动能最大，故A错误；
B．滑雪者质量不变，从B点到C点，从D点到E点，高度降低，重力势能减小，从C点到D点，高度升高，重力势能增大，故B错误；
C．图乙中，B点重力势能等于E点的动能，故C正确；
D．物体运动时，克服摩擦阻力，滑雪者的机械能会有部分转化为内能，机械能减小，故D错误。
故选C。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大；运动的物体克服摩擦力，消耗机械能。
8．下列悬臂式红绿灯设计中，螺钉对支架底座的压力最小的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】把支架底座看作杠杆，螺钉为支点，红绿灯的重力为阻力，红绿灯离支点越近、总重力越小，阻力 × 阻力臂越小，底座对螺钉的压力越小。
A、三组信号灯，力臂长，阻力力矩大，螺钉压力大，故 A 错误；
B、单组信号灯，力臂较长，阻力力矩较大，螺钉压力较大，故 B 错误；
C、单组信号灯，力臂最长，阻力力矩最大，螺钉压力最大，故 C 错误；
D、三组信号灯但整体力臂最短，阻力力矩最小，螺钉对底座的压力最小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查杠杆平衡条件，信号灯数量多、力臂长，力矩大；
B、信号灯少但力臂偏长，力矩偏大；
C、力臂最长，阻力力矩最大；
D、阻力臂最短，阻力力矩最小，螺钉受到压力最小。
9．如图所示所描述的用电现象中，符合安全用电的是（　　）
A．图甲：使用测电笔时手要接触笔尖金属体
B．图乙：空气开关频繁跳闸时应更换额定电流更大的空气开关
C．图丙：在浴室中使用有防水、防蒸汽功能的插座
D．图丁：用转换接头把三脚插头转换两脚插头，插在两孔插座
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A、使用测电笔时手要接触笔尾金属体，不能触碰笔尖金属体，否则会触电，故 A 错误；
B、空气开关频繁跳闸，应先排查电路短路、过载故障，不能直接更换更大额定电流的空气开关，会失去保护作用，故 B 错误；
C、浴室潮湿、水导电，使用防水、防蒸汽专用插座可防止水汽渗入引发触电，符合安全用电要求，故 C 正确；
D、三脚插头金属外壳接地保护，转换为两孔插头后地线失效，电器漏电时易触电，不能这样使用，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、测电笔正确操作规范，区分笔尾、笔尖金属体；
B、空气开关跳闸是电路故障预警，不可盲目换大规格开关；
C、潮湿环境专用防水插座，防止水汽导电触电；
D、三脚插头接地保护原理，禁止去掉接地脚使用。
10．图为某电磁炉与液晶电视的产品铭牌。当它们在正常工作时，下列说法中正确的是
A．电磁炉比液晶电视电流做功多
B．电磁炉比液晶电视消耗电能快
C．电磁炉比液晶电视通过的电流小
D．电磁炉比液晶电视的实际电压大
【答案】B
【知识点】电功的计算；电功率；电功率的计算
【解析】【解答】A、电流做功，消耗电能多少由功率和通电时间共同决定，未知工作时间，无法比较做功多少，故A错误；
B、电功率表示电流做功、消耗电能的快慢，电磁炉额定功率远大于电视，相同时间内电磁炉消耗电能更快，故B正确；
C、正常工作电压均为，由得，功率越大电流越大，电磁炉电流更大，故C错误；
D、正常工作时二者实际电压都等于额定电压，实际电压相等，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分电功与电功率，电功和时间、功率都有关；
B、电功率物理意义：描述消耗电能的快慢；
C、额定电压相同，功率越大，工作电流越大；
D、正常工作时用电器实际电压等于额定电压。
11．如图所示是科技创新小组设计的风力传感器的原理图，其中弹簧左端固定，右端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，A、B间有可收缩的导线，为定值电阻。当风吹来时，使B向左移动；风力减小时，弹簧又把B推向右端。闭合开关S，下列说法正确的是（　　）
A．电压表测两端的电压
B．风力减小时，电阻连入电路的阻值变小
C．电阻在电路中没有作用，可以去掉
D．风力增大时，电流表示数将变大
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A、电压表并联在滑动变阻器两端，测量两端电压，不是两端电压，故A错误；
B、风力减小时，弹簧推动滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长，接入阻值变大，故B错误；
C、定值电阻起到保护电路的作用，防止风力过大滑片左移、变阻器接入电阻过小造成电路短路，不能去掉，故C错误；
D、风力增大，滑片向左移动，接入阻值变小，电路总电阻变小；电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流变大，电流表示数变大，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电压表测量对象，电压表并联在两端；
B、风力减小，滑片右移，滑动变阻器接入电阻变大；
C、定值电阻的保护电路作用，防止短路；
D、欧姆定律应用，电源电压不变，总电阻减小，电流增大。
12．如图所示，某同学自制了一个扬声器，将线圈紧密粘贴在纸杯底部，在线圈上方放置一个强磁体，在线圈中通入音频电流后，纸杯振动发声。下列说法正确的是（　　）
A．该扬声器与电磁继电器的工作原理相同
B．磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变
C．线圈带动纸杯振动是电磁感应现象
D．铜制线圈不通电时也会受到强磁体的磁力作用
【答案】B
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；扬声器和耳机的构造和原理
【解析】【解答】A、扬声器原理是通电线圈在磁场中受力运动；电磁继电器原理是电流的磁效应，二者工作原理不同，故 A 错误；
B、通电导体在磁场中受力方向由电流方向、磁场方向共同决定，本题磁场不变，改变电流方向，线圈受力方向随之改变，故 B 正确；
C、线圈带动纸杯振动是通电线圈在磁场中受力运动，不是电磁感应现象，故 C 错误；
D、铜不是铁磁性材料，线圈不通电时，磁铁无法对铜线圈产生磁力，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分扬声器与电磁继电器的工作原理；
B、通电导体受力方向与电流方向有关；
C、电磁感应是磁生电，扬声器是电受力运动；
D、磁体只吸引铁、钴、镍类磁性材料，铜不会被磁铁吸引。
13．“华龙一号”是中国核电技术的“国家名片”。核能是一种　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，“华龙一号”核电站是通过　 　（选填“核裂变”或“核聚变”）发电。
【答案】不可再生；核裂变
【知识点】能源及其分类；核能；核电站发电过程中的能量转化；核裂变
【解析】【解答】核燃料在地球上储量有限，消耗后短时间内无法从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源；现阶段核电站都是利用可控的核裂变反应释放能量进行发电，“华龙一号” 核电站同样依靠核裂变发电。
故答案为：不可再生；核裂变
【分析】(1) 本题考查能源分类，短期内无法再生的能源为不可再生能源；
(2) 本题考查核能利用，人类可控的核反应是核裂变，核聚变暂不可控，用于核电站的是核裂变。
14．2026年1月，上海微电子正式对外宣布量产光刻机。在光刻技术中，涂胶阶段是先在硅片表面均匀覆盖一层液态光刻胶，随后通过低温“烘烤”使光刻胶发生　 　（填物态变化）变为固态，增强与硅片的附着力。如图所示，在刻蚀阶段光刻机利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，此投射原理与　 　（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；在硅片上成像越小芯片制程越小，我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向　 　移动。
【答案】凝固；照相机；上
【知识点】凝固与凝固放热特点；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】液态光刻胶经低温烘烤变为固态，物质由液态变为固态，该物态变化为凝固；缩图透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理是凸透镜成倒立、缩小实像，因此投影原理与照相机相同；凸透镜成实像时，物远像近像变小，想要硅片上的像更小，需增大物距、减小像距，因此要将掩膜向上移动。
故答案为：凝固；照相机；上
【分析】(1) 本题考查物态变化，液态到固态的过程是凝固；
(2) 本题考查凸透镜成像应用，照相机利用倒立缩小实像规律成像；
(3) 本题考查凸透镜成像动态规律，实像时物远像近像变小。
15．2026年1月15日，CCTV-1聚焦湖北恩施绿葱坡滑雪场。如图所示，游客由一只科技感十足的“机器狗”牵引，驰骋雪道上演现实版“冰雪奇缘”。“机器狗”拉雪橇向前滑动，说明力可以改变物体的　 　“机器狗”拉同一个游客在水平雪面上滑行，若增大雪橇的面积，它对雪面的压强　 　，它与雪面间的摩擦力大小　 　（后两空均选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】运动状态；减小；不变
【知识点】力的作用效果；探究影响摩擦力大小因素的实验；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】“机器狗”施加拉力让原本静止的雪撬向前滑动，物体的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；增大雪橇面积，雪撬和游客对雪面的压力不变，受力面积变大，根据，压强减小；滑动摩擦力只与压力大小、接触面粗糙程度有关，和接触面积无关，压力、粗糙程度均不变，因此摩擦力大小不变。
故答案为：运动状态；减小；不变
【分析】(1) 本题考查力的作用效果，力可以改变物体形状，也可以改变物体运动状态；
(2) 本题考查固体压强，压力不变时，受力面积越大，压强越小；
(3) 本题考查滑动摩擦力影响因素，摩擦力与接触面面积无关，只由压力、接触面粗糙程度决定。
16．如图所示，是心肺机的工作原理图，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用其与固定磁铁之间的相互作用，带动电动泵中的活塞运动，使血液定向流动。当线圈中通以从a流向b的电流时，线圈的右端为　 　极，活塞向　 　（选填“左”或“右”）运动。
【答案】S；右
【知识点】磁场；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】电流从线圈 a 端流入、b 端流出，根据右手安培定则，握住线圈，四指顺着电流方向，大拇指指向线圈左端 N 极，因此线圈右端为 S 极；左侧固定磁铁右端是 N 极，线圈左端为 N 极，同名磁极相互排斥，线圈带动活塞向右运动。
故答案为：S；右
【分析】(1) 本题考查安培定则，利用电流方向判断通电螺线管磁极；
(2) 本题考查磁极间相互作用规律，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
17．《康熙几暇格物编·蒙气》中记载：“正如置钱碗底，远视若无，及盛满水时，则钱随水光而显现矣。”人眼从A处向水中看去，看到在C点的硬币在水中所成的像位于B点。请画出从A点看到C点的光路图。
【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】人眼看到的虚像 B 与人眼 A 在同一直线上，用虚线连接 A、B，该线与水和空气的分界面相交，交点即为折射点；
折射点到 A 的线段为折射光线，水面上方，画实线，箭头指向 A；
连接折射点与硬币 C，得到入射光线，水面下方，画实线，箭头指向折射点；
过折射点作垂直水面的虚线法线，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查光的折射光路作图，水中物体成像虚像位置比实物偏高；
(2) 作图规范：折射光线反向延长线过虚像，反向延长线用虚线；入射、折射光线带箭头，法线垂直界面为虚线。
18．如图所示，是潜水器的一只机械手臂的示意图，它由金属杆AB、固定杆OC和可伸缩的液压杆AC组成。当液压杆伸缩时，会带动金属杆绕着O点转动，从而采集样品。请画出当液压杆伸长时，金属杆A端受到的作用力及其力臂。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】画作用力：液压杆伸长时对A端施加沿AC斜向下的推力，作用点在A点，沿AC斜向下画出带箭头线段，标注；
画力臂：反向延长的作用线，从支点O向该作用线作垂线段，垂线段即为力臂，标注，垂足处标直角符号，如图所示：
【分析】(1) 本题考查杠杆力与力臂作图；
(2) 液压杆为动力，推力沿杆；力臂定义：支点到力的作用线的垂线段。
19．小红用图1所示装置探究光的反射定律，平面镜置于水平底座中心，激光笔可沿弧形轨道移动，且保持激光始终射向平面镜上的O点。
实验次数
1 0° 0°
2 25° 25°
3 48° 48°
4 72° 72°
（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，是为了　 　。多次改变激光笔在轨道上的位置，调整视角，均能观察到反射光OB挡住入射光AO的现象。
（2）如图2所示，将长方形纸板与AO、OB所在平面重合，其底边PQ紧贴平面镜，在纸板上即可显示出入射光和反射光，测得纸板和平面镜的夹角均为90°；在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为　 　。由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在　 　内。
（3）改变入射光的方向，依次记录实验数据如表所示，分析实验数据可知：入射光线AO逐渐　 　（选填“靠近”或“远离”）平面镜；反射角与入射角的大小　 　。
【答案】（1）在不同方向都能观察到光的传播路径
（2）法线；同一平面
（3）靠近；相等
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，光遇到烟雾发生漫反射，是为了在不同方向都能观察到光的传播路径。
故答案为：在不同方向都能观察到光的传播路径
（2）入射光线AO，反射光线OB都在纸板上时，纸板和平面镜垂直，在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为法线；由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：法线；同一平面
（3）改变入射光的方向，由表中的数据可知，入射角逐渐增大，则入射光线AO逐渐面镜。
由表格中的数据可知，反射角与入射角的大小相等。
故答案为：靠近；相等
【分析】(1) 烟雾使光发生漫反射，便于各个角度看见光路，是显示光传播路径的常用方法。
(2) 垂直于镜面的直线为法线；纸板承接入射、反射光线，证明反射光线、入射光线、法线共面。
(3) 入射角变大，入射光线靠近镜面；多次实验数据均显示反射角等于入射角，得到光的反射定律中两角相等的规律。
（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，光遇到烟雾发生漫反射，是为了在不同方向都能观察到光的传播路径。
（2）[1][2]入射光线AO，反射光线OB都在纸板上时，纸板和平面镜垂直，在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为法线；由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（3）[1]改变入射光的方向，由表中的数据可知，入射角逐渐增大，则入射光线AO逐渐面镜。
[2]由表格中的数据可知，反射角与入射角的大小相等。
20．小勇利用如图所示的实验装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。在桌面放置一块长木板，将一个长方体木块平放在长木板上，通过细线绕过定滑轮与测力计相连，并保持细线的AB段竖直、BC段水平。
（1）实验中定滑轮的作用是　 　。水平向左拉动长木板，木块受到滑动摩擦力的方向为　 　，根据　 　的原理可知弹簧测力计的示数即为木块受到滑动摩擦力的大小。
（2）拉动长木板向左运动时　 　（选填“需要”或“不需要”）做匀速直线运动。
（3）在探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系时，小勇换用一块质量更大的金属块重复上述实验，发现测力计的示数变大了。由此得出“压力越大，滑动摩擦力越大”的结论，请你对他的实验做法的合理性进行评估：　 　。
【答案】（1）改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左；二力平衡
（2）不需要
（3）探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）实验中定滑轮的作用是改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左拉动长木板，木块相对于长木板水平向右运动，受到滑动摩擦力的方向为水平向左；物块相对于桌面保持静止，处于平衡状态，根据二力平衡的原理可知，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
故答案为：改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左；二力平衡
（2）因为滑动摩擦力的 大小与接触面受到的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；拉动长木板向左运动时，接触面受到的压力和接触面不变，木块受到的摩擦力大小不变，因此拉动长木板向左运动时不需要做匀速直线运动。
故答案为：不需要
（3）探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
故答案为：探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
【分析】(1) 定滑轮只改变力方向；滑动摩擦力阻碍相对运动，木块相对木板右滑，摩擦力向左；木块静止，拉力、摩擦力二力平衡。
(2) 滑动摩擦力与运动速度无关，木板无论匀速、变速，木块摩擦力恒定，无需匀速拉动木板。
(3) 控制变量法，探究摩擦力与压力关系，只能改变压力，保持接触面粗糙程度一致，更换不同材质物块违背控制变量要求。
（1）[1][2][3]实验中定滑轮的作用是改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左拉动长木板，木块相对于长木板水平向右运动，受到滑动摩擦力的方向为水平向左；物块相对于桌面保持静止，处于平衡状态，根据二力平衡的原理可知，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
（2）因为滑动摩擦力的 大小与接触面受到的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；拉动长木板向左运动时，接触面受到的压力和接触面不变，木块受到的摩擦力大小不变，因此拉动长木板向左运动时不需要做匀速直线运动。
（3） 略
21．小渝做“伏安法测电阻”的实验，电源为2节新干电池，电流表、电压表、滑动变阻器和开关各1只、1个待测电阻、导线若干。
（1）如图甲所示是实验电路，请用笔画线代替导线，将电路连接完整。
（2）连接电路时，开关应该　 　（选填“断开”或“闭合”），连接前发现电流表指针如图乙所示，原因是　 　。
（3）排除故障后，小渝同学正常进行实验并将实验数据记录在表中。若第2次测量时电流表示数如图丙所示，为　 　A，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值　 　（选填“需要”或“不需要”）求平均值。
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻/Ω
1 1.2 0.14
2 1.8
3 2.4 0.26
（4）小渝接着利用图甲器材测另一规格为2.5V的小灯泡的电阻，记录多组数据，并绘制出图丁所示的关系图像，当小灯泡两端的电压为2.5V时，小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω（保留一位小数）；分析发现，电压越高小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受　 　影响。
【答案】（1）
（2）断开；电流表没有调零
（3）0.2；需要
（4）8.3；温度
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）伏安法测电阻的实验中，电压表与被测电阻并联，电源电压为3V，因此电压表选用的测量范围，将电压表“3”接线柱与滑动变阻器左下接线柱连接即可，电路如图所示：
（2）连接电路时，为了保护电路，开关应该断开.
如图乙所示，连接电路前发现电流表指针在零刻度线左侧，原因是电流表没有调零。
故答案为：断开；电流表没有调零
（3）由电路图可知电流表选用测量范围，如图丙，电流表的分度值为0.02A，示数为0.2A；
为了减小实验误差，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值需要求平均值。
故答案为：0.2；需要
（4）小灯泡正常发光时的电压为2.5V，由图丁可知，通过灯泡的电流为0.3A，小灯泡正常发光时的电阻为
灯泡两端的电压越高，通过灯丝的电流越大，灯泡的温度越高，小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受温度影响。
故答案为：8.3；温度
【分析】(1) 电压表并联待测电阻，匹配电源3V选择0~3V量程。
(2) 电路连接规范：开关断开保护电路；电表使用前必须调零，指针偏左说明未调零。
(3) 定值电阻阻值不变，多次测量取平均值减小误差；电流表读数先看分度值再读数。
(4) 灯丝电阻随温度升高而增大，根据结合图像额定电压、额定电流计算正常发光电阻。
（1）伏安法测电阻的实验中，电压表与被测电阻并联，电源电压为3V，因此电压表选用的测量范围，将电压表“3”接线柱与滑动变阻器左下接线柱连接即可，电路如图所示：
（2）[1]连接电路时，为了保护电路，开关应该断开.
[2]如图乙所示，连接电路前发现电流表指针在零刻度线左侧，原因是电流表没有调零。
（3）[1]由电路图可知电流表选用测量范围，如图丙，电流表的分度值为0.02A，示数为0.2A；
[2]为了减小实验误差，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值需要求平均值。
（4）[1]小灯泡正常发光时的电压为2.5V，由图丁可知，通过灯泡的电流为0.3A，小灯泡正常发光时的电阻为
[2]灯泡两端的电压越高，通过灯丝的电流越大，灯泡的温度越高，小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受温度影响。
22．如图甲所示是一款养生壶，其原理图如图乙所示。已知养生壶的额定电压为220V，和都是用于对茶水加热的电热丝，该壶有加热挡和保温挡，其中额定保温功率为242W。如图丙所示是一种具有电压和电能计量的新型插座。将养生壶单独插在该插座上，用加热挡加热一段时间后，插座屏幕上显示用电前、后示数如图丁所示。已知电热丝电阻不变，养生壶在使用时其两端电压恒定，茶水的比热容。求：
（1）养生壶的实际加热功率：
（2）电阻的阻值；
（3）养生壶正常工作，用加热挡将1kg的茶水从10℃加热至90℃时，用时300s，求养生壶的加热效率（结果百分数保留一位小数）。
【答案】（1）解：由图丁可知：加热消耗电能
加热时间
实际加热功率
（2）解：当开关S接a时，只有 接入电路，总电阻小，由 可知功率大，为加热档；S接b时， 、 串联，总电阻大，功率小，为保温挡。
加热档只有工作，实际电压，由得，的阻值
保温挡 、串联，额定电压，额定保温功率，总电阻
因此的阻值
（3）解：正常工作（电压为额定电压）时，加热档的额定功率加热消耗的总电能
茶水吸收的热量
加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 利用电能、时间直接求实际功率，单位统一为、计算更简便。
(2) 结合，先由实际加热状态求；再由额定保温功率求串联总电阻，相减得到。
(3) 先算出额定加热功率，求电路消耗总电能；再计算茶水吸收热量，吸热与总电能比值为加热效率。
（1）由图丁可知：加热消耗电能
加热时间
实际加热功率
（2）当开关S接a时，只有 接入电路，总电阻小，由 可知功率大，为加热挡；S接b时， 、 串联，总电阻大，功率小，为保温挡。
加热挡只有工作，实际电压，由得，的阻值
保温挡 、串联，额定电压，额定保温功率，总电阻
因此的阻值
（3）正常工作（电压为额定电压）时，加热挡的额定功率
加热消耗的总电能
茶水吸收的热量
加热效率
23．如图所示，某科技公司研发的水下清洗机器人，用4个电动螺旋桨驱动，能灵活地浮游、翻转、前行、下潜。某次以0.5m/s的速度从水面匀速竖直下潜至50m深处，对船舶进行高压水柱喷射清洗作业。该机器人质量180kg，浸没在水中时的排水体积为，线缆对机器人的作用力可忽略不计，。求：
（1）该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间为多少？
（2）完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力为多少？
（3）清洗机器人自主下潜时，4个电动螺旋桨旋转到竖直方向驱动，使清洗机器人受到竖直方向的推力。此过程中机器人受到水对它竖直向上的阻力恒为60N，电动机驱动螺旋桨的效率为65%，则：
①螺旋桨产生的推力为多大？
②电动机消耗的总电能为多少？
【答案】（1）解：由题意得，机器人下潜路程，下潜速度，根据速度公式，得该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间
（2）解：机器人完全浸没在水中排开水的体积，根据可知，完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力
（3）解：①机器人的重力
机器人匀速下潜，受力平衡，向下的合力等于向上的合力，即，已知阻力，代入数值计算得螺旋桨产生的推力
②电动机消耗的总电能推力做的有用功
已知驱动效率，根据效率公式，变形得总电能，代入数值计算得电动机消耗的总电能
【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 速度公式基础计算，直接代入路程、速度求时间。
(2) 阿基米德原理，浸没时排液体积等于物体自身体积，直接计算浮力。
(3) 匀速直线运动受力平衡，分清上下方向受力列方程求推力；结合机械效率，由有用功反求消耗的总电能。
（1）由题意得，机器人下潜路程，下潜速度，根据速度公式，得该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间
（2）机器人完全浸没在水中排开水的体积，根据可知，完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力
（3）①机器人的重力
机器人匀速下潜，受力平衡，向下的合力等于向上的合力，即，已知阻力，代入数值计算得螺旋桨产生的推力
②电动机消耗的总电能推力做的有用功
已知驱动效率，根据效率公式，变形得总电能，代入数值计算得电动机消耗的总电能
1 / 12026年湖北省黄石市中考物理一模试题
1．如图是甲骨文“聲”，字同“声”，像“手执槌敲击磬而声音传于耳”形，这说明古人很早就知道声音与敲击有关。下列说法正确的是（　　）
A．磬声是由槌的振动产生的
B．磬声是通过空气传入耳朵的
C．敲击磬发出的声音是次声波
D．用力敲击磬时发出声音的音调变高
2．我国高铁技术处于世界先进水平。如图所示，高铁车顶与高压线接触的物体称为受电弓，受电弓与高压线合称“弓网系统”，用来为高铁提供电能。则受电弓与高压线接触面上的材料应选用（　　）
A．石墨 B．橡胶 C．陶瓷 D．塑料
3．如图所示是春秋战国时期盛水的容器——“鉴”，我国古代将镜子称作“鉴”就是由于“鉴”中盛水可用来照面。当你正对着“鉴”中平静的水面，就会看到自己在水中的像。下列有关说法正确的是（　　）
A．水中所成的像是实像
B．水中的像是由光的折射形成的
C．靠近水面，水中的像变大
D．靠近水面，水中的像也靠近水面
4．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，从易拉罐开口端向罐内喷适量酒精喷雾，然后将一个空纸杯迅速套上。用细线将易拉罐水平悬挂在铁架台上，将点燃的打火枪靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“向前”飞去。以下说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
C．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
D．纸杯飞出过程中的能量转化，与内燃机的压缩冲程相同
5．2025年11月25日，神舟二十二号飞船搭载长征二号F遥二十二火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　）
A．火箭对燃气的作用力与燃气对火箭的推力是一对平衡力
B．火箭发射升空过程中，火箭相对于飞船是静止的
C．飞船加速上升过程中，其惯性不断增大
D．飞船加速上升过程中，机械能守恒
6．在自制密度计的活动中，小明在木棒的一端缠绕一些细铜丝，将其分别放入盛有不同液体的两个烧杯中如图甲、乙所示，下列说法正确的是（　　）
A．密度计标刻度时越往上数值越大
B．甲图中液体密度较大
C．甲、乙图中，木棒底部所受液体压强相等
D．甲图中自制密度计所受浮力比乙中大
7．滑雪运动是一项既有趣又对身体有益的活动，图甲中滑雪者从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是滑雪者在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，下列说法正确的是（　　）
A．全过程滑雪者的动能在E点时最大
B．全过程滑雪者的重力势能一直在减小
C．B点重力势能的大小等于E点动能的大小
D．全过程滑雪者的机械能保持不变
8．下列悬臂式红绿灯设计中，螺钉对支架底座的压力最小的是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图所示所描述的用电现象中，符合安全用电的是（　　）
A．图甲：使用测电笔时手要接触笔尖金属体
B．图乙：空气开关频繁跳闸时应更换额定电流更大的空气开关
C．图丙：在浴室中使用有防水、防蒸汽功能的插座
D．图丁：用转换接头把三脚插头转换两脚插头，插在两孔插座
10．图为某电磁炉与液晶电视的产品铭牌。当它们在正常工作时，下列说法中正确的是
A．电磁炉比液晶电视电流做功多
B．电磁炉比液晶电视消耗电能快
C．电磁炉比液晶电视通过的电流小
D．电磁炉比液晶电视的实际电压大
11．如图所示是科技创新小组设计的风力传感器的原理图，其中弹簧左端固定，右端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，A、B间有可收缩的导线，为定值电阻。当风吹来时，使B向左移动；风力减小时，弹簧又把B推向右端。闭合开关S，下列说法正确的是（　　）
A．电压表测两端的电压
B．风力减小时，电阻连入电路的阻值变小
C．电阻在电路中没有作用，可以去掉
D．风力增大时，电流表示数将变大
12．如图所示，某同学自制了一个扬声器，将线圈紧密粘贴在纸杯底部，在线圈上方放置一个强磁体，在线圈中通入音频电流后，纸杯振动发声。下列说法正确的是（　　）
A．该扬声器与电磁继电器的工作原理相同
B．磁场对线圈的力的方向随电流方向的改变而改变
C．线圈带动纸杯振动是电磁感应现象
D．铜制线圈不通电时也会受到强磁体的磁力作用
13．“华龙一号”是中国核电技术的“国家名片”。核能是一种　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，“华龙一号”核电站是通过　 　（选填“核裂变”或“核聚变”）发电。
14．2026年1月，上海微电子正式对外宣布量产光刻机。在光刻技术中，涂胶阶段是先在硅片表面均匀覆盖一层液态光刻胶，随后通过低温“烘烤”使光刻胶发生　 　（填物态变化）变为固态，增强与硅片的附着力。如图所示，在刻蚀阶段光刻机利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，此投射原理与　 　（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；在硅片上成像越小芯片制程越小，我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向　 　移动。
15．2026年1月15日，CCTV-1聚焦湖北恩施绿葱坡滑雪场。如图所示，游客由一只科技感十足的“机器狗”牵引，驰骋雪道上演现实版“冰雪奇缘”。“机器狗”拉雪橇向前滑动，说明力可以改变物体的　 　“机器狗”拉同一个游客在水平雪面上滑行，若增大雪橇的面积，它对雪面的压强　 　，它与雪面间的摩擦力大小　 　（后两空均选填“增大”“减小”或“不变”）。
16．如图所示，是心肺机的工作原理图，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用其与固定磁铁之间的相互作用，带动电动泵中的活塞运动，使血液定向流动。当线圈中通以从a流向b的电流时，线圈的右端为　 　极，活塞向　 　（选填“左”或“右”）运动。
17．《康熙几暇格物编·蒙气》中记载：“正如置钱碗底，远视若无，及盛满水时，则钱随水光而显现矣。”人眼从A处向水中看去，看到在C点的硬币在水中所成的像位于B点。请画出从A点看到C点的光路图。
18．如图所示，是潜水器的一只机械手臂的示意图，它由金属杆AB、固定杆OC和可伸缩的液压杆AC组成。当液压杆伸缩时，会带动金属杆绕着O点转动，从而采集样品。请画出当液压杆伸长时，金属杆A端受到的作用力及其力臂。
19．小红用图1所示装置探究光的反射定律，平面镜置于水平底座中心，激光笔可沿弧形轨道移动，且保持激光始终射向平面镜上的O点。
实验次数
1 0° 0°
2 25° 25°
3 48° 48°
4 72° 72°
（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，是为了　 　。多次改变激光笔在轨道上的位置，调整视角，均能观察到反射光OB挡住入射光AO的现象。
（2）如图2所示，将长方形纸板与AO、OB所在平面重合，其底边PQ紧贴平面镜，在纸板上即可显示出入射光和反射光，测得纸板和平面镜的夹角均为90°；在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为　 　。由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在　 　内。
（3）改变入射光的方向，依次记录实验数据如表所示，分析实验数据可知：入射光线AO逐渐　 　（选填“靠近”或“远离”）平面镜；反射角与入射角的大小　 　。
20．小勇利用如图所示的实验装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。在桌面放置一块长木板，将一个长方体木块平放在长木板上，通过细线绕过定滑轮与测力计相连，并保持细线的AB段竖直、BC段水平。
（1）实验中定滑轮的作用是　 　。水平向左拉动长木板，木块受到滑动摩擦力的方向为　 　，根据　 　的原理可知弹簧测力计的示数即为木块受到滑动摩擦力的大小。
（2）拉动长木板向左运动时　 　（选填“需要”或“不需要”）做匀速直线运动。
（3）在探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系时，小勇换用一块质量更大的金属块重复上述实验，发现测力计的示数变大了。由此得出“压力越大，滑动摩擦力越大”的结论，请你对他的实验做法的合理性进行评估：　 　。
21．小渝做“伏安法测电阻”的实验，电源为2节新干电池，电流表、电压表、滑动变阻器和开关各1只、1个待测电阻、导线若干。
（1）如图甲所示是实验电路，请用笔画线代替导线，将电路连接完整。
（2）连接电路时，开关应该　 　（选填“断开”或“闭合”），连接前发现电流表指针如图乙所示，原因是　 　。
（3）排除故障后，小渝同学正常进行实验并将实验数据记录在表中。若第2次测量时电流表示数如图丙所示，为　 　A，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值　 　（选填“需要”或“不需要”）求平均值。
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻/Ω
1 1.2 0.14
2 1.8
3 2.4 0.26
（4）小渝接着利用图甲器材测另一规格为2.5V的小灯泡的电阻，记录多组数据，并绘制出图丁所示的关系图像，当小灯泡两端的电压为2.5V时，小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω（保留一位小数）；分析发现，电压越高小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受　 　影响。
22．如图甲所示是一款养生壶，其原理图如图乙所示。已知养生壶的额定电压为220V，和都是用于对茶水加热的电热丝，该壶有加热挡和保温挡，其中额定保温功率为242W。如图丙所示是一种具有电压和电能计量的新型插座。将养生壶单独插在该插座上，用加热挡加热一段时间后，插座屏幕上显示用电前、后示数如图丁所示。已知电热丝电阻不变，养生壶在使用时其两端电压恒定，茶水的比热容。求：
（1）养生壶的实际加热功率：
（2）电阻的阻值；
（3）养生壶正常工作，用加热挡将1kg的茶水从10℃加热至90℃时，用时300s，求养生壶的加热效率（结果百分数保留一位小数）。
23．如图所示，某科技公司研发的水下清洗机器人，用4个电动螺旋桨驱动，能灵活地浮游、翻转、前行、下潜。某次以0.5m/s的速度从水面匀速竖直下潜至50m深处，对船舶进行高压水柱喷射清洗作业。该机器人质量180kg，浸没在水中时的排水体积为，线缆对机器人的作用力可忽略不计，。求：
（1）该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间为多少？
（2）完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力为多少？
（3）清洗机器人自主下潜时，4个电动螺旋桨旋转到竖直方向驱动，使清洗机器人受到竖直方向的推力。此过程中机器人受到水对它竖直向上的阻力恒为60N，电动机驱动螺旋桨的效率为65%，则：
①螺旋桨产生的推力为多大？
②电动机消耗的总电能为多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．由题意知，磬声是由磬的振动产生的，故A错误；
B．磬声是通过空气传入耳朵的，故B正确；
C．敲击磬发出的声音，人可以听到，所以不是次声波，故C错误；
D．用力敲击磬时，物体振动的幅度变大，所以发出声音的响度变大，故D错误。
故选B。
【分析】A.声音是由物体振动产生的；
B.声音的传播需要介质，真空不能传声；
C.频率低于20Hz的声音是次声波；
D.声音的大小叫响度，与发声体的振幅大小有关。
2．【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】受电弓与高压线接触，且用来为高铁提供电能，因此需要受电弓与高压线接触面上的材料能够导电，石墨是导体，而橡胶、陶瓷、塑料均为绝缘体，故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
【分析】本题考查导体与绝缘体的区分，核心思路：受电弓接触面需要导电传输电能，因此材料必须为导体。
3．【答案】D
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平静水面相当于平面镜，成像原理是光的反射，成正立、等大的虚像，像与物到水面距离相等。
A、水面成的是虚像，不是实像，故 A 错误；
B、水中倒影是光的反射形成，不是折射，故 B 错误；
C、平面镜成像像与物体大小始终相等，靠近水面像大小不变，故 C 错误；
D、物到水面距离等于像到水面距离，人靠近水面，像也同步靠近水面，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、平面镜成像均为虚像，不能用光屏承接；
B、水面倒影属于镜面反射，区分反射与折射；
C、像的大小只由物体大小决定，与距离无关；
D、平面镜成像物距等于像距，物靠近镜面，像同步靠近镜面。
4．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机
【解析】【解答】 解：A、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；
BC、纸杯飞出去时，易拉罐内的酒精气体对纸杯做功，气体的内能减小，故B错误、C正确；
D、纸杯飞出过程中，内能转化为机械能，内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，两者能量转化不同，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；
（2）做功和热传递都能改变物体的内能；
（3）内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能。
5．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】A、火箭对燃气的力作用在燃气上，燃气对火箭的推力作用在火箭上，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故 A 错误；
B、火箭发射升空过程中，飞船搭载在火箭上方，二者相对位置不变，以飞船为参照物，火箭是静止的，故 B 正确；
C、惯性大小只由物体质量决定，飞船加速上升时质量不变，惯性大小不变，故 C 错误；
D、飞船加速上升，速度变大、高度升高，动能和重力势能均增大，机械能增大，机械能不守恒，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分平衡力与相互作用力，平衡力作用在同一物体，相互作用力作用在两个物体；
B、考查运动与静止的相对性，相对位置不变则物体相对静止；
C、惯性是物体固有属性，仅与质量有关，与运动速度无关；
D、机械能守恒条件是只有重力做功，飞船上升时燃料做功，机械能增大。
6．【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用
【解析】【解答】A、密度计漂浮，浮力等于自身重力，液体密度越大，排开液体体积越小，浸入液体越浅，刻度越靠下数值越大，往上刻度数值更小，故A错误；
B、密度计浮力相等，甲中排开液体体积，由得，乙液体密度更大，故B错误；
C、密度计漂浮，液体对木棒底部的压力等于浮力，甲乙浮力相等，底部受力面积相同，根据，木棒底部受到液体压强相等，故C正确；
D、同一支密度计重力不变，漂浮时浮力始终等于重力，甲乙浮力大小相等，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查密度计刻度特点，下大上小；
B、浮力相同时，排液体积越大，液体密度越小；
C、浮力等于物体上下表面压力差，上表面无液体压力，底部液体压力等于浮力，压力、底面积均相等，则压强相等；
D、漂浮物体浮力等于自重，浮力大小不变。
7．【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；机械能及其转化
【解析】【解答】A．图乙中，滑雪者在C点时高度最小，重力势能最小，动能最大，故A错误；
B．滑雪者质量不变，从B点到C点，从D点到E点，高度降低，重力势能减小，从C点到D点，高度升高，重力势能增大，故B错误；
C．图乙中，B点重力势能等于E点的动能，故C正确；
D．物体运动时，克服摩擦阻力，滑雪者的机械能会有部分转化为内能，机械能减小，故D错误。
故选C。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大；运动的物体克服摩擦力，消耗机械能。
8．【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】把支架底座看作杠杆，螺钉为支点，红绿灯的重力为阻力，红绿灯离支点越近、总重力越小，阻力 × 阻力臂越小，底座对螺钉的压力越小。
A、三组信号灯，力臂长，阻力力矩大，螺钉压力大，故 A 错误；
B、单组信号灯，力臂较长，阻力力矩较大，螺钉压力较大，故 B 错误；
C、单组信号灯，力臂最长，阻力力矩最大，螺钉压力最大，故 C 错误；
D、三组信号灯但整体力臂最短，阻力力矩最小，螺钉对底座的压力最小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查杠杆平衡条件，信号灯数量多、力臂长，力矩大；
B、信号灯少但力臂偏长，力矩偏大；
C、力臂最长，阻力力矩最大；
D、阻力臂最短，阻力力矩最小，螺钉受到压力最小。
9．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A、使用测电笔时手要接触笔尾金属体，不能触碰笔尖金属体，否则会触电，故 A 错误；
B、空气开关频繁跳闸，应先排查电路短路、过载故障，不能直接更换更大额定电流的空气开关，会失去保护作用，故 B 错误；
C、浴室潮湿、水导电，使用防水、防蒸汽专用插座可防止水汽渗入引发触电，符合安全用电要求，故 C 正确；
D、三脚插头金属外壳接地保护，转换为两孔插头后地线失效，电器漏电时易触电，不能这样使用，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、测电笔正确操作规范，区分笔尾、笔尖金属体；
B、空气开关跳闸是电路故障预警，不可盲目换大规格开关；
C、潮湿环境专用防水插座，防止水汽导电触电；
D、三脚插头接地保护原理，禁止去掉接地脚使用。
10．【答案】B
【知识点】电功的计算；电功率；电功率的计算
【解析】【解答】A、电流做功，消耗电能多少由功率和通电时间共同决定，未知工作时间，无法比较做功多少，故A错误；
B、电功率表示电流做功、消耗电能的快慢，电磁炉额定功率远大于电视，相同时间内电磁炉消耗电能更快，故B正确；
C、正常工作电压均为，由得，功率越大电流越大，电磁炉电流更大，故C错误；
D、正常工作时二者实际电压都等于额定电压，实际电压相等，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分电功与电功率，电功和时间、功率都有关；
B、电功率物理意义：描述消耗电能的快慢；
C、额定电压相同，功率越大，工作电流越大；
D、正常工作时用电器实际电压等于额定电压。
11．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A、电压表并联在滑动变阻器两端，测量两端电压，不是两端电压，故A错误；
B、风力减小时，弹簧推动滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长，接入阻值变大，故B错误；
C、定值电阻起到保护电路的作用，防止风力过大滑片左移、变阻器接入电阻过小造成电路短路，不能去掉，故C错误；
D、风力增大，滑片向左移动，接入阻值变小，电路总电阻变小；电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流变大，电流表示数变大，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电压表测量对象，电压表并联在两端；
B、风力减小，滑片右移，滑动变阻器接入电阻变大；
C、定值电阻的保护电路作用，防止短路；
D、欧姆定律应用，电源电压不变，总电阻减小，电流增大。
12．【答案】B
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；扬声器和耳机的构造和原理
【解析】【解答】A、扬声器原理是通电线圈在磁场中受力运动；电磁继电器原理是电流的磁效应，二者工作原理不同，故 A 错误；
B、通电导体在磁场中受力方向由电流方向、磁场方向共同决定，本题磁场不变，改变电流方向，线圈受力方向随之改变，故 B 正确；
C、线圈带动纸杯振动是通电线圈在磁场中受力运动，不是电磁感应现象，故 C 错误；
D、铜不是铁磁性材料，线圈不通电时，磁铁无法对铜线圈产生磁力，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分扬声器与电磁继电器的工作原理；
B、通电导体受力方向与电流方向有关；
C、电磁感应是磁生电，扬声器是电受力运动；
D、磁体只吸引铁、钴、镍类磁性材料，铜不会被磁铁吸引。
13．【答案】不可再生；核裂变
【知识点】能源及其分类；核能；核电站发电过程中的能量转化；核裂变
【解析】【解答】核燃料在地球上储量有限，消耗后短时间内无法从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源；现阶段核电站都是利用可控的核裂变反应释放能量进行发电，“华龙一号” 核电站同样依靠核裂变发电。
故答案为：不可再生；核裂变
【分析】(1) 本题考查能源分类，短期内无法再生的能源为不可再生能源；
(2) 本题考查核能利用，人类可控的核反应是核裂变，核聚变暂不可控，用于核电站的是核裂变。
14．【答案】凝固；照相机；上
【知识点】凝固与凝固放热特点；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】液态光刻胶经低温烘烤变为固态，物质由液态变为固态，该物态变化为凝固；缩图透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理是凸透镜成倒立、缩小实像，因此投影原理与照相机相同；凸透镜成实像时，物远像近像变小，想要硅片上的像更小，需增大物距、减小像距，因此要将掩膜向上移动。
故答案为：凝固；照相机；上
【分析】(1) 本题考查物态变化，液态到固态的过程是凝固；
(2) 本题考查凸透镜成像应用，照相机利用倒立缩小实像规律成像；
(3) 本题考查凸透镜成像动态规律，实像时物远像近像变小。
15．【答案】运动状态；减小；不变
【知识点】力的作用效果；探究影响摩擦力大小因素的实验；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】“机器狗”施加拉力让原本静止的雪撬向前滑动，物体的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；增大雪橇面积，雪撬和游客对雪面的压力不变，受力面积变大，根据，压强减小；滑动摩擦力只与压力大小、接触面粗糙程度有关，和接触面积无关，压力、粗糙程度均不变，因此摩擦力大小不变。
故答案为：运动状态；减小；不变
【分析】(1) 本题考查力的作用效果，力可以改变物体形状，也可以改变物体运动状态；
(2) 本题考查固体压强，压力不变时，受力面积越大，压强越小；
(3) 本题考查滑动摩擦力影响因素，摩擦力与接触面面积无关，只由压力、接触面粗糙程度决定。
16．【答案】S；右
【知识点】磁场；通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】电流从线圈 a 端流入、b 端流出，根据右手安培定则，握住线圈，四指顺着电流方向，大拇指指向线圈左端 N 极，因此线圈右端为 S 极；左侧固定磁铁右端是 N 极，线圈左端为 N 极，同名磁极相互排斥，线圈带动活塞向右运动。
故答案为：S；右
【分析】(1) 本题考查安培定则，利用电流方向判断通电螺线管磁极；
(2) 本题考查磁极间相互作用规律，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
17．【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用；作光的折射光路图
【解析】【解答】人眼看到的虚像 B 与人眼 A 在同一直线上，用虚线连接 A、B，该线与水和空气的分界面相交，交点即为折射点；
折射点到 A 的线段为折射光线，水面上方，画实线，箭头指向 A；
连接折射点与硬币 C，得到入射光线，水面下方，画实线，箭头指向折射点；
过折射点作垂直水面的虚线法线，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查光的折射光路作图，水中物体成像虚像位置比实物偏高；
(2) 作图规范：折射光线反向延长线过虚像，反向延长线用虚线；入射、折射光线带箭头，法线垂直界面为虚线。
18．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】画作用力：液压杆伸长时对A端施加沿AC斜向下的推力，作用点在A点，沿AC斜向下画出带箭头线段，标注；
画力臂：反向延长的作用线，从支点O向该作用线作垂线段，垂线段即为力臂，标注，垂足处标直角符号，如图所示：
【分析】(1) 本题考查杠杆力与力臂作图；
(2) 液压杆为动力，推力沿杆；力臂定义：支点到力的作用线的垂线段。
19．【答案】（1）在不同方向都能观察到光的传播路径
（2）法线；同一平面
（3）靠近；相等
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，光遇到烟雾发生漫反射，是为了在不同方向都能观察到光的传播路径。
故答案为：在不同方向都能观察到光的传播路径
（2）入射光线AO，反射光线OB都在纸板上时，纸板和平面镜垂直，在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为法线；由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：法线；同一平面
（3）改变入射光的方向，由表中的数据可知，入射角逐渐增大，则入射光线AO逐渐面镜。
由表格中的数据可知，反射角与入射角的大小相等。
故答案为：靠近；相等
【分析】(1) 烟雾使光发生漫反射，便于各个角度看见光路，是显示光传播路径的常用方法。
(2) 垂直于镜面的直线为法线；纸板承接入射、反射光线，证明反射光线、入射光线、法线共面。
(3) 入射角变大，入射光线靠近镜面；多次实验数据均显示反射角等于入射角，得到光的反射定律中两角相等的规律。
（1）实验时在平面镜上方喷些烟雾，光遇到烟雾发生漫反射，是为了在不同方向都能观察到光的传播路径。
（2）[1][2]入射光线AO，反射光线OB都在纸板上时，纸板和平面镜垂直，在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON为法线；由（1）（2）可得：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（3）[1]改变入射光的方向，由表中的数据可知，入射角逐渐增大，则入射光线AO逐渐面镜。
[2]由表格中的数据可知，反射角与入射角的大小相等。
20．【答案】（1）改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左；二力平衡
（2）不需要
（3）探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）实验中定滑轮的作用是改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左拉动长木板，木块相对于长木板水平向右运动，受到滑动摩擦力的方向为水平向左；物块相对于桌面保持静止，处于平衡状态，根据二力平衡的原理可知，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
故答案为：改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左；二力平衡
（2）因为滑动摩擦力的 大小与接触面受到的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；拉动长木板向左运动时，接触面受到的压力和接触面不变，木块受到的摩擦力大小不变，因此拉动长木板向左运动时不需要做匀速直线运动。
故答案为：不需要
（3）探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
故答案为：探究滑动摩擦力与压力关系时，要控制接触面粗糙程度不变；实验中将木块换成金属块，接触面粗糙程度同时改变，存在两个变量，没有控制单一变量，实验结论不具备普遍性，做法不合理。
【分析】(1) 定滑轮只改变力方向；滑动摩擦力阻碍相对运动，木块相对木板右滑，摩擦力向左；木块静止，拉力、摩擦力二力平衡。
(2) 滑动摩擦力与运动速度无关，木板无论匀速、变速，木块摩擦力恒定，无需匀速拉动木板。
(3) 控制变量法，探究摩擦力与压力关系，只能改变压力，保持接触面粗糙程度一致，更换不同材质物块违背控制变量要求。
（1）[1][2][3]实验中定滑轮的作用是改变力的方向，但不改变力的大小；水平向左拉动长木板，木块相对于长木板水平向右运动，受到滑动摩擦力的方向为水平向左；物块相对于桌面保持静止，处于平衡状态，根据二力平衡的原理可知，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
（2）因为滑动摩擦力的 大小与接触面受到的压力和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；拉动长木板向左运动时，接触面受到的压力和接触面不变，木块受到的摩擦力大小不变，因此拉动长木板向左运动时不需要做匀速直线运动。
（3） 略
21．【答案】（1）
（2）断开；电流表没有调零
（3）0.2；需要
（4）8.3；温度
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）伏安法测电阻的实验中，电压表与被测电阻并联，电源电压为3V，因此电压表选用的测量范围，将电压表“3”接线柱与滑动变阻器左下接线柱连接即可，电路如图所示：
（2）连接电路时，为了保护电路，开关应该断开.
如图乙所示，连接电路前发现电流表指针在零刻度线左侧，原因是电流表没有调零。
故答案为：断开；电流表没有调零
（3）由电路图可知电流表选用测量范围，如图丙，电流表的分度值为0.02A，示数为0.2A；
为了减小实验误差，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值需要求平均值。
故答案为：0.2；需要
（4）小灯泡正常发光时的电压为2.5V，由图丁可知，通过灯泡的电流为0.3A，小灯泡正常发光时的电阻为
灯泡两端的电压越高，通过灯丝的电流越大，灯泡的温度越高，小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受温度影响。
故答案为：8.3；温度
【分析】(1) 电压表并联待测电阻，匹配电源3V选择0~3V量程。
(2) 电路连接规范：开关断开保护电路；电表使用前必须调零，指针偏左说明未调零。
(3) 定值电阻阻值不变，多次测量取平均值减小误差；电流表读数先看分度值再读数。
(4) 灯丝电阻随温度升高而增大，根据结合图像额定电压、额定电流计算正常发光电阻。
（1）伏安法测电阻的实验中，电压表与被测电阻并联，电源电压为3V，因此电压表选用的测量范围，将电压表“3”接线柱与滑动变阻器左下接线柱连接即可，电路如图所示：
（2）[1]连接电路时，为了保护电路，开关应该断开.
[2]如图乙所示，连接电路前发现电流表指针在零刻度线左侧，原因是电流表没有调零。
（3）[1]由电路图可知电流表选用测量范围，如图丙，电流表的分度值为0.02A，示数为0.2A；
[2]为了减小实验误差，根据三次实验数据测得待测电阻R 的值需要求平均值。
（4）[1]小灯泡正常发光时的电压为2.5V，由图丁可知，通过灯泡的电流为0.3A，小灯泡正常发光时的电阻为
[2]灯泡两端的电压越高，通过灯丝的电流越大，灯泡的温度越高，小灯泡的电阻越大，结合小灯泡的发热特性可知，主要原因是灯泡的电阻受温度影响。
22．【答案】（1）解：由图丁可知：加热消耗电能
加热时间
实际加热功率
（2）解：当开关S接a时，只有 接入电路，总电阻小，由 可知功率大，为加热档；S接b时， 、 串联，总电阻大，功率小，为保温挡。
加热档只有工作，实际电压，由得，的阻值
保温挡 、串联，额定电压，额定保温功率，总电阻
因此的阻值
（3）解：正常工作（电压为额定电压）时，加热档的额定功率加热消耗的总电能
茶水吸收的热量
加热效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 利用电能、时间直接求实际功率，单位统一为、计算更简便。
(2) 结合，先由实际加热状态求；再由额定保温功率求串联总电阻，相减得到。
(3) 先算出额定加热功率，求电路消耗总电能；再计算茶水吸收热量，吸热与总电能比值为加热效率。
（1）由图丁可知：加热消耗电能
加热时间
实际加热功率
（2）当开关S接a时，只有 接入电路，总电阻小，由 可知功率大，为加热挡；S接b时， 、 串联，总电阻大，功率小，为保温挡。
加热挡只有工作，实际电压，由得，的阻值
保温挡 、串联，额定电压，额定保温功率，总电阻
因此的阻值
（3）正常工作（电压为额定电压）时，加热挡的额定功率
加热消耗的总电能
茶水吸收的热量
加热效率
23．【答案】（1）解：由题意得，机器人下潜路程，下潜速度，根据速度公式，得该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间
（2）解：机器人完全浸没在水中排开水的体积，根据可知，完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力
（3）解：①机器人的重力
机器人匀速下潜，受力平衡，向下的合力等于向上的合力，即，已知阻力，代入数值计算得螺旋桨产生的推力
②电动机消耗的总电能推力做的有用功
已知驱动效率，根据效率公式，变形得总电能，代入数值计算得电动机消耗的总电能
【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 速度公式基础计算，直接代入路程、速度求时间。
(2) 阿基米德原理，浸没时排液体积等于物体自身体积，直接计算浮力。
(3) 匀速直线运动受力平衡，分清上下方向受力列方程求推力；结合机械效率，由有用功反求消耗的总电能。
（1）由题意得，机器人下潜路程，下潜速度，根据速度公式，得该机器人从水面自主下潜至50m深处所用的时间
（2）机器人完全浸没在水中排开水的体积，根据可知，完全浸没在海水中时清洗机器人受到的浮力
（3）①机器人的重力
机器人匀速下潜，受力平衡，向下的合力等于向上的合力，即，已知阻力，代入数值计算得螺旋桨产生的推力
②电动机消耗的总电能推力做的有用功
已知驱动效率，根据效率公式，变形得总电能，代入数值计算得电动机消耗的总电能
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