资源简介

2025年陕西省西安市高新唐南中学中考二模物理试题
1．下列家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．电冰箱 B．电风扇 C．电饭锅 D．洗衣机
2．秦腔作为陕西省及周边地区的传统戏曲之一，以其朴实、粗犷、豪放的表演风格而著称，已被列入第一批国家级非物质文化遗产名录。关于秦腔演唱中的戏声（　　）
A．戏声是由空气振动产生的
B．响亮的戏声说明音调很高
C．现场观众听到的戏声是通过空气传来的
D．戏声的传播速度是3×108m/s
3．霜、雾、露、雪是自然界中常见的现象，下列关于它们的说法正确的是（　　）
A．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”中霜的形成是凝固现象，需要放热
B．“色含轻重雾，香引去来风”中雾的形成是液化现象，需要放热
C．“露气寒光集，微阳下楚丘”中露的形成是升华现象，需要吸热
D．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”中雪的形成是凝华现象，需要吸热
4．日全食是一种天文现象，下列现象的光学原理与日全食相同的是（　　）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．雨后彩虹
D．筷子“折断”
5．如图所示的唐舞马衔杯仿皮囊式银壶现存于陕西历史博物馆，制作时先用一整块金属银板捶打出聚身的形状，再以模压的方法在壶腹两面模出两匹相互对应奋首鼓尾、衔杯匐拜的舞马形象。根据描述这块金属银板的（　　）
A．硬度较小 B．弹性好 C．延展性好 D．导电性强
6．关于安全用电，下列说法不正确的是（　　）
A．在高压线附近可以放风筝
B．家用电器金属外壳要接地
C．电线接头接触不良，可能引发火灾
D．家庭电路着火，首先要切断电源
7．如图所示为送餐机器人，下列图中能说明其内部电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
8．2024年4月18日，解放军航母战斗群在台海举行实弹军演。其中“辽宁舰”是中国人民解放军海军第一艘可以搭载固定机翼飞机的航空母舰，航母上的阻拦索能够在短距离内拦停高速运动的舰载机。下列关于“辽宁舰”的说法正确的是（　　）
A．阻拦索拦截舰载机时，绳索对舰载机的拉力大于舰载机对绳索的拉力
B．阻拦索能够拦停舰载机说明力可以改变物体的形状
C．舰载机停下时没有惯性
D．“辽宁舰”漂浮在海面上时，海水对它的浮力和它自身的重力是一对平衡力
9．2024年9月25日8时44分，中国人民解放军火箭军向太平洋相关海域成功发射的携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹，准确落入预定海域，弹头采用液氮降温的方式起到了隐身的作用。下列说法正确的是（　　）
A．导弹穿过大气层温度升高，含有的热量变多
B．液氮降温属于通过做功的方式改变内能
C．燃料燃烧得越充分，燃料的热值越大
D．导弹加速升空的过程是将内能转化为机械能的过程
10．某同学家浴室里安装了一款浴霸，它既可以实现照明、换气，又可以实现送自然风、暖风、热风，开关S可分别与0、1、2触点接触，R1、R2是两根阻值相同的电热丝，图中两个换气扇规格相同。如表所示是浴霸的部分参数。
额定电压 220V
照明功率 20W
换气功率 33W
暖风功率 1133W
热风功率 2233W
以下结论正确的是（　　）
①开关S1断开，S与触点1接触时，浴霸处于自然风状态
②送风电动机的功率为33W
③电路中通过开关S的电流最大为10.15A
④浴霸工作10min，电路消耗的最大电能为1.3308×106J
A．①②③ B．②③④ C．①②④ D．①③④
11．2024西安马拉松赛于11月3日鸣枪开跑，沿着永宁门至奥体中心42.195km的赛道，参赛选手在跑步的同时能感受到十三朝古都悠久的历史文化。以路边的树为参照物，运动员是　 　（选填“静止”或“运动”）的。经过激烈角逐，某参赛选手以2.2h的成绩夺得男子冠军， 　 　km/h。（结果保留整数）
12．大雁塔屹立在西安已逾千年，国庆假期来西安旅游的小华用照相机记录了这一地标性建筑。照相机的镜头是一个 　 　（选填“凹”、“凸”或“平面”）透镜，大雁塔在照相机感光元件上形成一个倒立、　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。完成图—1拍摄后，小华想拍摄如图—2所示的近景，照相机应适当靠近景物再次拍摄，同时照相机的镜头应该
的镜头应该 　 　（选填“前伸”、“后缩”或“不动”）。
13．兴趣小组利用易拉罐开展自主实验探究活动。如图1，易拉罐的拉环被拉断后很难打开，用圆珠笔的笔尾在罐口旁快速摩擦，罐口就可以被“炸开”，罐口被“炸开”的过程中能量转化与四冲程汽油机的　 　冲程相同；如图2，与头发摩擦后的气球能吸引空易拉罐，是因为摩擦的过程中发生了　 　（选填“质子”“中子”或“电子”）的转移，使气球带了电；如图3，在空易拉罐中加少量的水，对易拉罐加热，待罐口出现白雾时，用橡皮泥堵住罐口，撤去酒精灯，一段时间后，会观察到易拉罐变瘪了，这个现象证明了　 　的存在。
14．如图为搬运建筑材料的机械示意图，使用滑轮A的好处是可以　 　。此滑轮组将质量为2.5t的建材匀速提升2m，滑车质量为50kg，此过程中拉力F做的功为6×104J，则该滑轮组的机械效率为　 　（结果保留到0.1%）。若增大提升建筑材料的质量，该滑轮组的机械效率将　 　（选填“提升”“降低”或“不变”）。（g取10N/kg）
15．如图﹣1所示电路，闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端移到最左端的过程中，滑动变阻器两端电压随电路中电流的变化关系如图-2所示，则滑动变阻器的最大阻值为 　 　Ω，电源电压为 　 　V。当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率为 　 　W。
16．在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
17．如图所示是家庭电路中所使用的由开关控制的三孔插座，请将开关和三孔插座正确接入家庭电路。
18．请完成下列填空。
（1）如图﹣1，温度计的示数是 　 　℃。
（2）如图﹣2，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，通过木块B被撞击后移动的距离来比较钢球A的动能大小，采用的方法是　 　。
（3）如图﹣3是通电后螺线管周围小磁针静止时的分布，由此可以看出通电螺线管外部的磁场与 　 　周围的磁场相似；将电源正负极对调，发现小磁针南北极的指向也发生了对调，说明通电后螺线管周围的磁场方向与　 　的方向有关。
19．如图是小华在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验装置。
（1）在实验前，小华应该将弹簧测力计 　 　（选填“水平”“竖直”或“任意”）放置进行调零；
（2）在实验中，小华用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做 　 　运动，此时弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等；
（3）小华按要求进行实验，弹簧测力计的示数如图甲、乙、丙所示。比较甲、乙实验，是为了探究滑动摩擦力与 　 　的关系。比较甲、丙实验，可以得出结论：在压力大小一定时，接触面越粗糙　 　。
20．沧海月明珠有泪，蓝田日暖玉生烟。产于我省蓝田县的蓝田玉是我国的四大名玉之一。物理兴趣小组的同学测量了一块蓝田玉的密度。
（1）将天平放在水平台面上，如图﹣1所示，是小明刚调节完天平平衡的情形。请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤：　 　。补上遗漏步骤后，为使天平重新平衡，应将平衡螺母向　 　调节。
（2）用调好的天平测量玉石的质量，测量结果如图﹣2所示，则玉石的质量为　 　g。
（3）他在量筒中倒入20mL的水，再将玉石浸没在水中，水面位置如图﹣3所示，玉石的密度为　 　kg/m3。
（4）如果步骤（2）和（3）的顺序颠倒，玉石密度的测量值将会　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
（5）受《天工开物》中桔槔汲水（图﹣4）启发，小组同学将一轻质杠杆改装成简易的“液体密度秤”，在右侧A、B之间某一位置O（未标出）挂上一已知质量的物块，改变物块悬挂点的位置，当密度秤在水平位置平衡时，在悬挂点处标出效应液体的密度值，则密度秤上O、B间的刻度值是　 　（选填“均匀”或“不均匀”）的，若增大物块的质量，密度秤的量程将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
21．小明用图﹣1所示的实验装置探究电流与电压、电流与电阻的关系。电源电压为4.5V，定值电阻3个（5Ω、10Ω、15Ω），2个滑动变阻器的规格分别为A“10Ω 1A”和B“20Ω 1A”。
（1）连接电路时，开关应该处于 　 　状态。请用笔画线代替导线将图﹣1中的实物图连接完整，要求：滑片P向右移动时，电压表示数变大。　 　
（2）连接好电路，将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障为　 　（选填“断路”或“短路”）。
（3）小明先用阻值为10Ω的定值电阻探究电流与电压的关系，得到的实验数据如下表所示。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.6 2.0 2.2 2.4 2.8
电流I/A 0.16 0.20 0.22 0.24 　 　
①第5次实验电流表的示数如图﹣2所示，请将示数填入表中。
②分析表中数据可得出：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。得出此结论的理由是 　 　。
（4）接下来，小明用原电路探究电流与电阻的关系，并根据实验数据绘制了如图﹣3所示的图像。
①他用5Ω的电阻完成实验后，断开开关，将定值电阻由5Ω换成10Ω，调节变阻器，使电压表示数为 　 　V，记录电流表示数。
②根据实验数据分析可知，实验中小明选择的滑动变阻器规格应为 　 　（选填“A”或“B”）。
22．两轮电动平衡车（如图所示）备受年轻人的喜爱。下表是某型号两轮电动平衡车的主要技术参数。
整车质量 10kg
额定电压 48V
额定功率 264W
（1）两轮电动平衡车正常工作时的电流是多少？
（2）若人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，求此时地面受到的压强。（g取10N/kg）
23．2024年5月1日，福建舰（如图﹣1）圆满完成首次航行试验任务，预计配备的“歼﹣15B”舰载机（如图﹣2）是福建舰战斗力的核心。据了解，吃水深度最大可达13m。
（1）舰载机机翼的横截面如图﹣3所示，飞行时机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，根据在气体中流速越大的位置压强越 　 　的原理，舰载机获得升力。
（2）福建舰以最大吃水深度漂浮时，排水量为8.2×104t，求福建舰此时所受浮力的大小和舰底所受海水的压强。（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）
（3）福建舰的最大行驶速度为，若福建舰以最大航速沿直线匀速航行时，福建舰的动力输出功率为1.8×105kW，求福建舰受到的阻力。
24．为了实现“既要家里暖，又要天空蓝”，我国海阳核电厂在利用核能发电的同时给居民供暖，发生核反应后产生大量的热，单个机组核燃料在反应堆容器内发生核反应时的产热功率为5×109W，一回路和二回路是两个互不相通的水循环回路，一回路的水流过核燃料反应堆的堆芯，在蒸汽发生器中将热量传递给二回路的水，然后流回堆芯。二回路的水在蒸汽发生器中受热，水蒸气做功推动汽轮机发电，做功后的水蒸气冷凝后返回蒸汽发生器。核能供暖是将发电之后的低品位余热取出来通过管道送给居民。单个机组，每秒提供的电能为E1；若在供电的同时进行供暖，每秒提供的电能E2＝1.21×109J、热量Q＝2×108J，对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%。
（1）核燃料反应堆中的铀﹣235是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）标准煤的热值为3×107J/kg，若单个机组核反应堆工作1h释放的热量由燃烧标准煤提供，需要完全燃烧多少吨标准煤？
（3）单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率为多少千瓦？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】A：电冰箱利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故A错误；
B：电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故B错误；
C：电饭锅是利用了电流的热效应，来给食物加热的，故C正确；
D：洗衣机利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故D错误；
故答案为：C
【分析】主要考查电流的热效应、电流的磁效应和电流的化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。（1）当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应．一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素；（2）任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
2．【答案】C
【知识点】声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A. 秦腔表演时的唱戏声，是演唱者的声带振动产生的，故A错误；
B. “响亮的唱戏声”描述的是声音的音量大，对应的声音特性是响度大，故B错误；
C. 声音的传播必须依靠介质，现场观众能够听到秦腔的唱腔，是通过空气传播声音的，故C正确；
D. 温度不变时，声音在空气中的传播速度为340m/s，所以秦腔唱腔的传播速度也是340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的速度：声音在空气中传播速度为340m/s。
3、不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．【答案】B
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．霜是空气中的水蒸气遇冷发生凝华形成的小冰晶，凝华过程需要放出热量，故A错误；
B．雾是空气中的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，液化过程需要放出热量，故B正确；
C．露是空气中的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，液化过程需要放出热量，故C错误；
D．雪是空气中的水蒸气遇冷发生凝华形成的固态小冰晶，凝华过程需要放出热量，故D错误。
故选B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】日全食的成因是光沿直线传播，月球运行到太阳和地球之间时，会遮挡住太阳射向地球的光，因此形成日食。
A．小孔成像的原理就是光的直线传播，和日全食的光学原理相同，故A正确；
B．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，和日全食的光学原理不同，故B错误；
C．雨后彩虹属于光的色散现象，是光经过水滴时发生反射与折射形成的，和日全食的光学原理不同，故C错误；
D．水中的筷子看起来“折断”，是光从水中斜射入空气时，在水面处发生折射，传播方向偏折造成的，属于光的折射现象，和日全食的光学原理不同，故D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．【答案】C
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】由题意可知，金属银能够被捶打制成壶身，还可以在壶身打造出各种造型，这体现了金属银良好的延展性，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】据题分析可知，金属银板的延展性很强，所以可以在壶身打造出各种造型。
6．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．安全用电的基本原则为：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，在高压电线附近放风筝有很大的触电风险，因此这种做法不符合安全用电要求，A错误，符合题意；
B．将家用电器的金属外壳接地，当用电器发生漏电时，漏电电流会通过接地导线流入大地，能够避免人体接触外壳后发生触电事故，因此这种做法符合安全用电原则，B正确，不符合题意；
C．如果电线接头处接触不良，接头位置的电阻会变大，通电时会产生较多热量，甚至出现电火花，很有可能引发火灾，C正确，不符合题意；
D．当家庭电路发生起火时，要第一时间切断电源，再进行灭火，避免施救过程中发生触电事故，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，家庭电路中出现触电事故，需要第一时间断开电源。
7．【答案】A
【知识点】验电器的原理及使用；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】A．闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理，故A符合题意；
B．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，与电动机无关，故B不符合题意；
C．闭合开关，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，说明有感应电流产生，反映了电磁感应原理，故C不符合题意；
D．在螺线管中插入铁芯可以构成电磁铁，增强磁性，故D不符合题意。
故选A。
【分析】电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动，据此分析各个选项即可。
8．【答案】D
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、当阻拦索拦截舰载机时，绳索对舰载机的拉力和舰载机对绳索的拉力是两个物体之间的相互作用力，二者分别作用在舰载机和绳索两个不同物体上，相互作用力的大小始终相等，故A错误；
B、：阻拦索可以将高速运动的舰载机拦停，让舰载机从运动变为静止，这一过程中是阻拦索对舰载机的作用力改变了舰载机的运动速度，说明力能够改变物体的运动状态，故B错误；
C、惯性是物体本身固有的性质，一切物体在任何状态下都具有惯性，因此即使舰载机完全停下后仍然具有惯性，故C错误；
D、“辽宁舰”漂浮在海面时保持静止状态，受力平衡，海水对它的浮力和它自身的重力大小相等、方故选D。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
9．【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】A、热量是过程量，只能描述为物体吸收或放出多少热量，不能说物体“含有”热量，故A错误。
B、利用液氮给物体降温时，液氮会吸收热量，自身内能增加，这个过程是通过热传递的方式改变物体的内能，不是改变液氮内能，故B错误。
C、热值是燃料本身的固有特性，热值的大小只和燃料的种类有关，和燃料的质量大小、燃烧是否充分都没有关系，故C错误。
D、导弹加速升空的过程中，它的质量不变，速度增大，高度也不断增加，因此导弹的动能增大，重力势能也增大，总的机械能增大。这部分增加的机械能是燃料燃烧释放的内能转化而来的，故D正确。
故选D。
【分析】1、热量是过程量，只能通过吸收或者释放来描述；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程；
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
4、导弹上升过程中，燃料的化学能转化为机械能。
10．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】当开关S1断开、S与触点1接通时，电路中只有电动机接入工作，此时没有加热功能，仅吹出风，因此浴霸处于自然风状态，故①正确；
当只有电动机工作时浴霸为自然风状态，结合表格参数可知，换气扇的功率为33W，因此送风电动机的功率就是33W，故②正确；
当S接2，且S2、S3都闭合时，两根电热丝和电动机并联接入电路，浴霸处于热风状态，此时电路总功率最大，根据P=UI可知，此时通过开关S的电流最大，计算得电路最大电流：
，因此③正确；
当S接2、S2和S3闭合，浴霸处于热风状态，再闭合S1后照明灯也发光，此时电路总功率最大，工作10分钟时，电路消耗的电能最大值为：
W=Pt=(2233W+20W)×10×60s=1.3518×106J
因此④错误。综上分析，①②③正确，对应选项A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】1、电路处于加热状态，则此时电路中存在电阻，据图可知S1断开、S与触点1接通时，电路中只有电动机接入工作，所以不加热；
2、多状态电路，原理为，所以电路中电阻不同，导致电功率不同，当S接2，且S2、S3都闭合时，两根电热丝和电动机并联接入电路，浴霸处于热风状态，此时电阻最小处于加热状态，结合P=UI计算此时电路电流；
3、电功的计算：公式为W=Pt。
11．【答案】运动；19
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】 如果物体相对于参照物的位置发生了改变，就说明物体是运动的。本题中以路边的树木作为参照物，运动员和树木之间存在位置的变化，因此运动员是运动的。
根据平均速度的计算公式，计算他跑完全程的平均速度如下：
。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
12．【答案】凸；缩小；前伸
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 因为照相机镜头的形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的结构特点，因此照相机的镜头相当于凸透镜。
当照相机使用镜头拍摄景物时，物距满足大于二倍焦距的条件，根据凸透镜成像规律可知，此时大雁塔会在感光元件上形成倒立、缩小的实像。
对比图—1和图—2可以发现，图—2中拍摄得到的像更大，根据凸透镜成像"物近像远像变大"的规律可知，要让像变大需要减小物距，同时增大像距，因此需要让照相机更靠近景物，对应要将照相机的镜头适当前伸。
【分析】凸透镜成像规律：物距大于二倍焦距，像距介于一倍焦距和二倍焦距之间，像成倒立的缩小的实像，例子有照相机；
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
13．【答案】做功；电子；大气压
【知识点】热机的四个冲程；大气压强的存在；两种电荷
【解析】【解答】 拉环被“炸开”的过程中，能量由内能转化为机械能，这和四冲程汽油机的做功冲程的能量转化是相同的。
与头发摩擦过后的气球可以被空易拉罐吸引，这是因为在摩擦过程中发生了电子的转移，让气球带上了电荷，从而可以吸引轻小的易拉罐；质子和中子都位于原子核内部，在这类摩擦起电过程中不会发生转移。
向空易拉罐中加入少量水后进行加热，当罐口出现白雾时，易拉罐内部已经充满了水蒸气，用橡皮泥封住罐口后熄灭酒精灯，经过一段时间，罐内的水蒸气会发生液化，罐内的气压降低，就可以观察到易拉罐被外界大气压压瘪了，这个现象可以证明大气压的存在，此时易拉罐内部的气压小于外界大气压。
【分析】1、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）
3、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
14．【答案】可以省力；83.3%；提升
【知识点】动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】 由图可知滑轮A随物体一起运动，因此滑轮A是动滑轮，动滑轮的特点是可以省力。
先计算建材的重力：
提升建材时，滑轮组做的有用功为：
已知总功为 6×104J ，因此该滑轮组的机械效率：
动滑轮重力不变，即提升相同高度时，滑轮组的额外功大小不变。若增大提升建筑材料的质量，建筑材料的重力增大，提升相同高度时，滑轮组的有用功会增大。根据机械效率的推导公式
，有用功增大后，额外功与有用功的比值减小，因此滑轮组的机械效率将变大（升高）。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
15．【答案】12；1.5；0.12
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图1可知，变阻器R和定值电阻R0串联，电流表测量电路中电流。电压表测量滑动变阻器两端电压，
滑动变阻器滑片在最右端时，接入电阻最大，电压表示数最大，
由图2可知电压表示数为1.2V，电路中电流为0.1A，
则滑动变阻器的最大阻值为；
根据U总=U1+U2可知，电源电压为①
滑动变阻器滑片在最左端时，接入电阻为0，电压表示数为0，由图2可知电路中电流为0.5A，
根据U总=U1+U2可知，电源电压为②
①②联立解得：，。
当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率为。
【分析】 由图1可知变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；
由图像可知，当滑动变阻器的滑片由最右端时，根据电压和电流值，结合串联电路电压规律，列出电源电压的表达式；
当滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表的示数为0，电源电压等于R0两端的电压；联立两个式子，解得R0和U；
当滑动变阻器的滑片由最右端时，根据电压和电流可得滑动变阻器的最大阻值；
根据P=UI=I2R计算当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率。
16．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】依据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，我们可以先分别作出物体AB的端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，再用虚线连接A'、B'，即可得到AB在平面镜中的像，作图结果如下图所示：
【分析】平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
17．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】题目要求开关控制三孔插座，因此按照安全用电的接线规则，开关需要接在火线与三孔插座的右孔之间，三孔插座遵循"左零右火上接地"的接线规则，左孔接零线，上孔接地线，最终连接完成后的电路图如下：
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
18．【答案】（1）23
（2）转换法
（3）条形磁铁；电流
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究影响物体动能大小的因素；通电螺线管的磁场；物理学方法
【解析】【解答】（1）由图﹣1可知，温度计上每10℃之间有10个小格，所以每个小格代表1℃，即该温度计的分度值为1℃；此时温度数值向上增大，因此示数为23℃。
（2）在这个实验里，钢球动能的大小没有办法直接观察判断，我们通过观察木块B被钢球A撞击后移动的距离，来间接反映钢球A动能的大小，这种研究方法是转换法。
（3）观察图﹣3中小磁针的分布状态可以看出，通电螺线管外部的磁场分布，和条形磁铁周围的磁场分布特点相似。
实验中将电源的正负极对调后，流过螺线管的电流方向发生改变，此时可以观察到小磁针的南北极指向也随之对调，这说明螺线管周围的磁场方向发生了改变，由此可以得到结论：通电螺线管周围的磁场方向和电流方向有关。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中通过观察木块B被钢球A撞击后移动的距离，来间接反映钢球A动能的大小；
3、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）如图﹣1，温度计的分度值为1℃，示数是23℃。
（2）实验中，无法直接看出钢球A的动能大小，通过木块B被撞击后移动的距离来比较钢球A的动能大小，采用的转换法。
（3）[1]由图﹣3中的小磁针的分布情况可得，通电螺线管外部的磁场与条形磁铁周围的磁场相似。
[2]将电源正负极对调，通过螺线管的电流方向改变，发现小磁针南北极的指向也发生了对调，说明通过螺线管周围的磁场方向改变，说明通电后螺线管周围的磁场方向与电流的方向有关。
19．【答案】（1）水平
（2）匀速直线
（3）压力；摩擦力越大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）测量滑动摩擦力前，除了要明确弹簧测力计的量程和分度值之外，因为本实验中弹簧测力计是沿水平方向拉物块的，所以额外需要先将弹簧测力计放在水平方向完成调零操作。
（2）实验操作时，需要用弹簧测力计沿水平方向拉动长木板上的物块，让物块做匀速直线运动。根据二力平衡的原理，此时物块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计对物块的拉力是一对平衡力，二者大小相等，因此滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（3） 对比甲、乙两次实验，两次实验的接触面粗糙程度相同，乙实验中物块对接触面的压力更大，测得的滑动摩擦力也更大，因此可以得到结论：滑动摩擦力的大小和压力大小有关。
对比甲、丙两次实验，两次实验的压力大小相同，丙实验的接触面更粗糙，测得弹簧测力计的示数更大，因此可以得到结论：当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
【分析】1、弹簧测力计：使用前弹簧测力计水平方向调零，据图读数。
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同
4、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
（1）在测量滑动摩擦力前，除了观察弹簧测力计的量程和分度值外，因为弹簧测力计应沿水平方向拉动物块，因此还应将弹簧测力计在水平方向调零。
（2）实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的物块，使其做匀速直线运动，根据二力平衡，此时木块所受的滑动摩擦力大小与弹簧测力计拉力的大小相等。
（3）[1]比较甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，滑动摩擦力大，故可以得出结论：滑动摩擦力与压力有关。
[2]比较甲、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度越粗糙，弹簧测力计的示数越大，可得出压力一定时，接触面粗糙程度越粗糙，滑动摩擦力就越大。
20．【答案】（1）游码没有置于零刻度线处；右
（2）54
（3）2.7×103
（4）偏大
（5）均匀；变大
【知识点】固体密度的测量；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1） 使用天平前，需要先将游码移到标尺左端的零刻度线位置，再调节平衡螺母使天平水平平衡，由图-1可知，小梁调节平衡前，没有将游码移到标尺左端的零刻度线处，这是调节过程中的错误。
将图-1天平的游码移到标尺左端零刻度线后，指针偏在分度盘左侧，说明天平左侧偏重，要使天平重新平衡，应该向右调节平衡螺母。
（2）由图-2可知，天平标尺的分度值为0.02g，游码对应示数为4g，因此玉石的质量等于砝码质量加游码对应示数，即：
（3）图-3中量筒的分度值为2mL，水的体积为20mL，玉石浸没后玉石和水的总体积为40mL，因此玉石的体积：
根据密度公式可得玉石的密度：
（4）如果将步骤（2）和（3）的顺序调换，即先测体积再测质量，玉石从水中取出时表面会沾有水，会使得测得的玉石质量偏大，而体积测量准确，根据可知，测得的玉石密度会偏大。
（5） 由题可知，密度秤制作完成后，根据杠杆平衡条件 可得：
，即：
由推导结果可知， ρ液体与l2 成正比例关系，因此密度秤O、B间的刻度是均匀的。
若增大悬挂物块的质量 ，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
【分析】1、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
3、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
4、杠杆平衡条件，所以 ，即：， ρ液体与l2 成正比例关系，增大悬挂物块的质量 ，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
（1）[1]天平使用前，应将游码移到标尺左端的零刻度线后，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡，由图﹣1得，他调节过程中游码没有置于零刻度线处。
[2]图﹣1的天平的游码移到标尺左端的零刻度线后，天平的指针指向分度盘的左端，说明天平的左端质量较大，为了使天平重新平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）由图﹣2所示，标尺的分度值为0.02g，游码在4g位置，则玉石的质量
（3）图﹣3中量筒的分度值为2mL，玉石浸没在水中后，玉石与水的总体积为40mL，玉石的体积为
玉石的密度为
（4）如果步骤（2）和（3）的顺序颠倒，玉石的测量准确，玉石从水中取出后，沾水，会导致玉石测量的质量偏大，由得，玉石测量的密度偏大。
（5）[1]依题意得，动力臂与阻力大小不变；液体的体积为容器的体积，保持不变。由杆平衡条件得
即
则
则ρ液体与l2成正比，则密度秤在水平位置平衡时，密度秤上O、B间的刻度值是均匀的。
[2]若增大物块的质量，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
21．【答案】（1）断开；
（2）断路
（3）0.28；电压与电流之比为定值
（4）2.4；B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 连接电路时，为了保护电路，开关需要处于断开状态。
要求滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，从而让定值电阻两端的电压变大，电压表示数增大。根据滑动变阻器“一上一下”的接线规则，此时应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，接线如下图所示：
（2）电流表无示数，说明电路发生了断路故障；而电压表示数始终接近电源电压，说明电压表的两个接线柱到电源正负极的通路是完好的，因此故障为定值电阻R断路。
（3） 电流表选用的是0~0.6A的小量程，该量程的分度值为0.02A，因此读数为0.28A。
分析表格中的实验数据可知，导体电阻不变时，导体两端电压与通过导体电流的比值为定值，因此可以得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4） 探究电流与电阻的关系时，需要保持定值电阻两端的电压不变。选取图-3中任意一组数据计算，当接入定值电阻的阻值为10Ω时，对应的电流为0.24A，因此定值电阻两端保持不变的电压为：
电源电压为4.5V，定值电阻两端电压保持2.4V不变，根据串联电路的电压规律，滑动变阻器分得的电压为：
根据串联电路的电流规律，通过滑动变阻器的电流等于通过定值电阻的电流，当接入15Ω的定值电阻时，电路电流为：
由此可得滑动变阻器需要接入的最大阻值为：
因此需要选择最大阻值不小于13.125Ω的滑动变阻器，即选B规格的滑动变阻器。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）[1]为了保护电路，连接电路时应断开开关。
[2]根据串联分压原理，电压表示数变大，定值电阻阻值不变，滑动变阻器阻值需要减小，故滑片P向右移动时，阻值减小，接右下接线柱，如图所示：
（2）电流表无示数，说明电路中某处断路，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表两接线柱到电源两极之间是通路，则可能的原因是定值电阻R断路。
（3）[1]电流表接的小量程，分度值为0.02A，读数为0.28A。
[2]由表格数据，电压与电流之比为定值，可以得出结论，当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[1]探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻不变，由如图﹣3中已有数据选取一组，当电阻为10Ω时，电流大小为0.24A，故电压保持为
[2] 电压表示数为2.4V，顺利完成第三次实验，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为
根据串联电路电流的规律，通过变阻器的电流为
此时变阻器的最大阻值为
所以应选取最大阻值不小于13.125Ω的滑动变阻器，B滑动变阻器。
22．【答案】（1）解：由表格中的数据可知，两轮电动平衡车的额定电压为48V，额定功率为264W，则正常工作时的电流
（2）解：人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力
轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，则地面受到的压强
【知识点】压强的大小及其计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率公式计算正常工作时的电流；
（2）人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力，结合压强公式计算地面受到的压强。
（1）由表格中的数据可知，两轮电动平衡车的额定电压为48V，额定功率为264W，则正常工作时的电流
（2）人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力
轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，则地面受到的压强
23．【答案】（1）小
（2）解：福建舰此时所受浮力
吃水深度最大可达13m，则舰底所受海水的压强
（3）解：福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，则
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据流体压强规律：在气体中，流速越大的位置压强越小。舰载机飞行时，机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，因此上表面压强更小、下表面压强更大，形成了向上的压强差，正是利用这一流速越大压强越小的原理，让舰载机获得了向上的升力。
【分析】（1）压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力
（2）福建舰漂浮，浮力等于重力，即，结合压强公式计算舰底所受海水的压强；
（3）福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，根据功率公式计算可知 福建舰受到的阻力。
（1）气体中，流速越大的位置压强越小。飞行时机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，利用了气体中，流速越大的位置压强越小的原理使舰载机获得升力。
（2）福建舰此时所受浮力
吃水深度最大可达13m，则舰底所受海水的压强
（3）福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，则
24．【答案】（1）不可再生
（2）解：单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
（3）解：单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
【知识点】功率的计算；燃料的热值；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】（1）核燃料中的铀-235储量有限，并且无法依靠自然过程在较短时间内得到补充，因此它属于不可再生能源。
【分析】（1）可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
（2）由功率可得，若这些热量全部由燃烧标准煤提供，所需标准煤质量为；
（3）每秒仅供电提供电能，单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率。
（1）核燃料中铀‐235 的储量有限，无法通过自然过程在短期内补充，故为不可再生。
（2）单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
（3）每秒仅供电提供电能，单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率
1 / 12025年陕西省西安市高新唐南中学中考二模物理试题
1．下列家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．电冰箱 B．电风扇 C．电饭锅 D．洗衣机
【答案】C
【知识点】电流的热效应
【解析】【解答】A：电冰箱利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故A错误；
B：电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故B错误；
C：电饭锅是利用了电流的热效应，来给食物加热的，故C正确；
D：洗衣机利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故D错误；
故答案为：C
【分析】主要考查电流的热效应、电流的磁效应和电流的化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。（1）当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应．一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素；（2）任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
2．秦腔作为陕西省及周边地区的传统戏曲之一，以其朴实、粗犷、豪放的表演风格而著称，已被列入第一批国家级非物质文化遗产名录。关于秦腔演唱中的戏声（　　）
A．戏声是由空气振动产生的
B．响亮的戏声说明音调很高
C．现场观众听到的戏声是通过空气传来的
D．戏声的传播速度是3×108m/s
【答案】C
【知识点】声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A. 秦腔表演时的唱戏声，是演唱者的声带振动产生的，故A错误；
B. “响亮的唱戏声”描述的是声音的音量大，对应的声音特性是响度大，故B错误；
C. 声音的传播必须依靠介质，现场观众能够听到秦腔的唱腔，是通过空气传播声音的，故C正确；
D. 温度不变时，声音在空气中的传播速度为340m/s，所以秦腔唱腔的传播速度也是340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的速度：声音在空气中传播速度为340m/s。
3、不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．霜、雾、露、雪是自然界中常见的现象，下列关于它们的说法正确的是（　　）
A．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”中霜的形成是凝固现象，需要放热
B．“色含轻重雾，香引去来风”中雾的形成是液化现象，需要放热
C．“露气寒光集，微阳下楚丘”中露的形成是升华现象，需要吸热
D．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”中雪的形成是凝华现象，需要吸热
【答案】B
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．霜是空气中的水蒸气遇冷发生凝华形成的小冰晶，凝华过程需要放出热量，故A错误；
B．雾是空气中的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，液化过程需要放出热量，故B正确；
C．露是空气中的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，液化过程需要放出热量，故C错误；
D．雪是空气中的水蒸气遇冷发生凝华形成的固态小冰晶，凝华过程需要放出热量，故D错误。
故选B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．日全食是一种天文现象，下列现象的光学原理与日全食相同的是（　　）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．雨后彩虹
D．筷子“折断”
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】日全食的成因是光沿直线传播，月球运行到太阳和地球之间时，会遮挡住太阳射向地球的光，因此形成日食。
A．小孔成像的原理就是光的直线传播，和日全食的光学原理相同，故A正确；
B．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，和日全食的光学原理不同，故B错误；
C．雨后彩虹属于光的色散现象，是光经过水滴时发生反射与折射形成的，和日全食的光学原理不同，故C错误；
D．水中的筷子看起来“折断”，是光从水中斜射入空气时，在水面处发生折射，传播方向偏折造成的，属于光的折射现象，和日全食的光学原理不同，故D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．如图所示的唐舞马衔杯仿皮囊式银壶现存于陕西历史博物馆，制作时先用一整块金属银板捶打出聚身的形状，再以模压的方法在壶腹两面模出两匹相互对应奋首鼓尾、衔杯匐拜的舞马形象。根据描述这块金属银板的（　　）
A．硬度较小 B．弹性好 C．延展性好 D．导电性强
【答案】C
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】由题意可知，金属银能够被捶打制成壶身，还可以在壶身打造出各种造型，这体现了金属银良好的延展性，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】据题分析可知，金属银板的延展性很强，所以可以在壶身打造出各种造型。
6．关于安全用电，下列说法不正确的是（　　）
A．在高压线附近可以放风筝
B．家用电器金属外壳要接地
C．电线接头接触不良，可能引发火灾
D．家庭电路着火，首先要切断电源
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．安全用电的基本原则为：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，在高压电线附近放风筝有很大的触电风险，因此这种做法不符合安全用电要求，A错误，符合题意；
B．将家用电器的金属外壳接地，当用电器发生漏电时，漏电电流会通过接地导线流入大地，能够避免人体接触外壳后发生触电事故，因此这种做法符合安全用电原则，B正确，不符合题意；
C．如果电线接头处接触不良，接头位置的电阻会变大，通电时会产生较多热量，甚至出现电火花，很有可能引发火灾，C正确，不符合题意；
D．当家庭电路发生起火时，要第一时间切断电源，再进行灭火，避免施救过程中发生触电事故，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，家庭电路中出现触电事故，需要第一时间断开电源。
7．如图所示为送餐机器人，下列图中能说明其内部电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】验电器的原理及使用；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】A．闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理，故A符合题意；
B．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，与电动机无关，故B不符合题意；
C．闭合开关，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，说明有感应电流产生，反映了电磁感应原理，故C不符合题意；
D．在螺线管中插入铁芯可以构成电磁铁，增强磁性，故D不符合题意。
故选A。
【分析】电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动，据此分析各个选项即可。
8．2024年4月18日，解放军航母战斗群在台海举行实弹军演。其中“辽宁舰”是中国人民解放军海军第一艘可以搭载固定机翼飞机的航空母舰，航母上的阻拦索能够在短距离内拦停高速运动的舰载机。下列关于“辽宁舰”的说法正确的是（　　）
A．阻拦索拦截舰载机时，绳索对舰载机的拉力大于舰载机对绳索的拉力
B．阻拦索能够拦停舰载机说明力可以改变物体的形状
C．舰载机停下时没有惯性
D．“辽宁舰”漂浮在海面上时，海水对它的浮力和它自身的重力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、当阻拦索拦截舰载机时，绳索对舰载机的拉力和舰载机对绳索的拉力是两个物体之间的相互作用力，二者分别作用在舰载机和绳索两个不同物体上，相互作用力的大小始终相等，故A错误；
B、：阻拦索可以将高速运动的舰载机拦停，让舰载机从运动变为静止，这一过程中是阻拦索对舰载机的作用力改变了舰载机的运动速度，说明力能够改变物体的运动状态，故B错误；
C、惯性是物体本身固有的性质，一切物体在任何状态下都具有惯性，因此即使舰载机完全停下后仍然具有惯性，故C错误；
D、“辽宁舰”漂浮在海面时保持静止状态，受力平衡，海水对它的浮力和它自身的重力大小相等、方故选D。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
9．2024年9月25日8时44分，中国人民解放军火箭军向太平洋相关海域成功发射的携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹，准确落入预定海域，弹头采用液氮降温的方式起到了隐身的作用。下列说法正确的是（　　）
A．导弹穿过大气层温度升高，含有的热量变多
B．液氮降温属于通过做功的方式改变内能
C．燃料燃烧得越充分，燃料的热值越大
D．导弹加速升空的过程是将内能转化为机械能的过程
【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】A、热量是过程量，只能描述为物体吸收或放出多少热量，不能说物体“含有”热量，故A错误。
B、利用液氮给物体降温时，液氮会吸收热量，自身内能增加，这个过程是通过热传递的方式改变物体的内能，不是改变液氮内能，故B错误。
C、热值是燃料本身的固有特性，热值的大小只和燃料的种类有关，和燃料的质量大小、燃烧是否充分都没有关系，故C错误。
D、导弹加速升空的过程中，它的质量不变，速度增大，高度也不断增加，因此导弹的动能增大，重力势能也增大，总的机械能增大。这部分增加的机械能是燃料燃烧释放的内能转化而来的，故D正确。
故选D。
【分析】1、热量是过程量，只能通过吸收或者释放来描述；
2、热传递是热量从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程；
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
4、导弹上升过程中，燃料的化学能转化为机械能。
10．某同学家浴室里安装了一款浴霸，它既可以实现照明、换气，又可以实现送自然风、暖风、热风，开关S可分别与0、1、2触点接触，R1、R2是两根阻值相同的电热丝，图中两个换气扇规格相同。如表所示是浴霸的部分参数。
额定电压 220V
照明功率 20W
换气功率 33W
暖风功率 1133W
热风功率 2233W
以下结论正确的是（　　）
①开关S1断开，S与触点1接触时，浴霸处于自然风状态
②送风电动机的功率为33W
③电路中通过开关S的电流最大为10.15A
④浴霸工作10min，电路消耗的最大电能为1.3308×106J
A．①②③ B．②③④ C．①②④ D．①③④
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】当开关S1断开、S与触点1接通时，电路中只有电动机接入工作，此时没有加热功能，仅吹出风，因此浴霸处于自然风状态，故①正确；
当只有电动机工作时浴霸为自然风状态，结合表格参数可知，换气扇的功率为33W，因此送风电动机的功率就是33W，故②正确；
当S接2，且S2、S3都闭合时，两根电热丝和电动机并联接入电路，浴霸处于热风状态，此时电路总功率最大，根据P=UI可知，此时通过开关S的电流最大，计算得电路最大电流：
，因此③正确；
当S接2、S2和S3闭合，浴霸处于热风状态，再闭合S1后照明灯也发光，此时电路总功率最大，工作10分钟时，电路消耗的电能最大值为：
W=Pt=(2233W+20W)×10×60s=1.3518×106J
因此④错误。综上分析，①②③正确，对应选项A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】1、电路处于加热状态，则此时电路中存在电阻，据图可知S1断开、S与触点1接通时，电路中只有电动机接入工作，所以不加热；
2、多状态电路，原理为，所以电路中电阻不同，导致电功率不同，当S接2，且S2、S3都闭合时，两根电热丝和电动机并联接入电路，浴霸处于热风状态，此时电阻最小处于加热状态，结合P=UI计算此时电路电流；
3、电功的计算：公式为W=Pt。
11．2024西安马拉松赛于11月3日鸣枪开跑，沿着永宁门至奥体中心42.195km的赛道，参赛选手在跑步的同时能感受到十三朝古都悠久的历史文化。以路边的树为参照物，运动员是　 　（选填“静止”或“运动”）的。经过激烈角逐，某参赛选手以2.2h的成绩夺得男子冠军， 　 　km/h。（结果保留整数）
【答案】运动；19
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】 如果物体相对于参照物的位置发生了改变，就说明物体是运动的。本题中以路边的树木作为参照物，运动员和树木之间存在位置的变化，因此运动员是运动的。
根据平均速度的计算公式，计算他跑完全程的平均速度如下：
。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止
速度的计算：v=s/t，相同时间下物体的路程大，则速度大，相同路程下，物体的时间小速度大，当速度一定时，时间越长通过的路程越长。
12．大雁塔屹立在西安已逾千年，国庆假期来西安旅游的小华用照相机记录了这一地标性建筑。照相机的镜头是一个 　 　（选填“凹”、“凸”或“平面”）透镜，大雁塔在照相机感光元件上形成一个倒立、　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。完成图—1拍摄后，小华想拍摄如图—2所示的近景，照相机应适当靠近景物再次拍摄，同时照相机的镜头应该
的镜头应该 　 　（选填“前伸”、“后缩”或“不动”）。
【答案】凸；缩小；前伸
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 因为照相机镜头的形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的结构特点，因此照相机的镜头相当于凸透镜。
当照相机使用镜头拍摄景物时，物距满足大于二倍焦距的条件，根据凸透镜成像规律可知，此时大雁塔会在感光元件上形成倒立、缩小的实像。
对比图—1和图—2可以发现，图—2中拍摄得到的像更大，根据凸透镜成像"物近像远像变大"的规律可知，要让像变大需要减小物距，同时增大像距，因此需要让照相机更靠近景物，对应要将照相机的镜头适当前伸。
【分析】凸透镜成像规律：物距大于二倍焦距，像距介于一倍焦距和二倍焦距之间，像成倒立的缩小的实像，例子有照相机；
凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大。
13．兴趣小组利用易拉罐开展自主实验探究活动。如图1，易拉罐的拉环被拉断后很难打开，用圆珠笔的笔尾在罐口旁快速摩擦，罐口就可以被“炸开”，罐口被“炸开”的过程中能量转化与四冲程汽油机的　 　冲程相同；如图2，与头发摩擦后的气球能吸引空易拉罐，是因为摩擦的过程中发生了　 　（选填“质子”“中子”或“电子”）的转移，使气球带了电；如图3，在空易拉罐中加少量的水，对易拉罐加热，待罐口出现白雾时，用橡皮泥堵住罐口，撤去酒精灯，一段时间后，会观察到易拉罐变瘪了，这个现象证明了　 　的存在。
【答案】做功；电子；大气压
【知识点】热机的四个冲程；大气压强的存在；两种电荷
【解析】【解答】 拉环被“炸开”的过程中，能量由内能转化为机械能，这和四冲程汽油机的做功冲程的能量转化是相同的。
与头发摩擦过后的气球可以被空易拉罐吸引，这是因为在摩擦过程中发生了电子的转移，让气球带上了电荷，从而可以吸引轻小的易拉罐；质子和中子都位于原子核内部，在这类摩擦起电过程中不会发生转移。
向空易拉罐中加入少量水后进行加热，当罐口出现白雾时，易拉罐内部已经充满了水蒸气，用橡皮泥封住罐口后熄灭酒精灯，经过一段时间，罐内的水蒸气会发生液化，罐内的气压降低，就可以观察到易拉罐被外界大气压压瘪了，这个现象可以证明大气压的存在，此时易拉罐内部的气压小于外界大气压。
【分析】1、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
2、两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）
3、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
14．如图为搬运建筑材料的机械示意图，使用滑轮A的好处是可以　 　。此滑轮组将质量为2.5t的建材匀速提升2m，滑车质量为50kg，此过程中拉力F做的功为6×104J，则该滑轮组的机械效率为　 　（结果保留到0.1%）。若增大提升建筑材料的质量，该滑轮组的机械效率将　 　（选填“提升”“降低”或“不变”）。（g取10N/kg）
【答案】可以省力；83.3%；提升
【知识点】动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】 由图可知滑轮A随物体一起运动，因此滑轮A是动滑轮，动滑轮的特点是可以省力。
先计算建材的重力：
提升建材时，滑轮组做的有用功为：
已知总功为 6×104J ，因此该滑轮组的机械效率：
动滑轮重力不变，即提升相同高度时，滑轮组的额外功大小不变。若增大提升建筑材料的质量，建筑材料的重力增大，提升相同高度时，滑轮组的有用功会增大。根据机械效率的推导公式
，有用功增大后，额外功与有用功的比值减小，因此滑轮组的机械效率将变大（升高）。
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，也可以根据功的定义W=Fs计算，机械效率：。
15．如图﹣1所示电路，闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端移到最左端的过程中，滑动变阻器两端电压随电路中电流的变化关系如图-2所示，则滑动变阻器的最大阻值为 　 　Ω，电源电压为 　 　V。当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率为 　 　W。
【答案】12；1.5；0.12
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图1可知，变阻器R和定值电阻R0串联，电流表测量电路中电流。电压表测量滑动变阻器两端电压，
滑动变阻器滑片在最右端时，接入电阻最大，电压表示数最大，
由图2可知电压表示数为1.2V，电路中电流为0.1A，
则滑动变阻器的最大阻值为；
根据U总=U1+U2可知，电源电压为①
滑动变阻器滑片在最左端时，接入电阻为0，电压表示数为0，由图2可知电路中电流为0.5A，
根据U总=U1+U2可知，电源电压为②
①②联立解得：，。
当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率为。
【分析】 由图1可知变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；
由图像可知，当滑动变阻器的滑片由最右端时，根据电压和电流值，结合串联电路电压规律，列出电源电压的表达式；
当滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表的示数为0，电源电压等于R0两端的电压；联立两个式子，解得R0和U；
当滑动变阻器的滑片由最右端时，根据电压和电流可得滑动变阻器的最大阻值；
根据P=UI=I2R计算当电流表示数为0.2A时，R0消耗的电功率。
16．在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】依据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，我们可以先分别作出物体AB的端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，再用虚线连接A'、B'，即可得到AB在平面镜中的像，作图结果如下图所示：
【分析】平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
17．如图所示是家庭电路中所使用的由开关控制的三孔插座，请将开关和三孔插座正确接入家庭电路。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】题目要求开关控制三孔插座，因此按照安全用电的接线规则，开关需要接在火线与三孔插座的右孔之间，三孔插座遵循"左零右火上接地"的接线规则，左孔接零线，上孔接地线，最终连接完成后的电路图如下：
【分析】电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
18．请完成下列填空。
（1）如图﹣1，温度计的示数是 　 　℃。
（2）如图﹣2，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，通过木块B被撞击后移动的距离来比较钢球A的动能大小，采用的方法是　 　。
（3）如图﹣3是通电后螺线管周围小磁针静止时的分布，由此可以看出通电螺线管外部的磁场与 　 　周围的磁场相似；将电源正负极对调，发现小磁针南北极的指向也发生了对调，说明通电后螺线管周围的磁场方向与　 　的方向有关。
【答案】（1）23
（2）转换法
（3）条形磁铁；电流
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究影响物体动能大小的因素；通电螺线管的磁场；物理学方法
【解析】【解答】（1）由图﹣1可知，温度计上每10℃之间有10个小格，所以每个小格代表1℃，即该温度计的分度值为1℃；此时温度数值向上增大，因此示数为23℃。
（2）在这个实验里，钢球动能的大小没有办法直接观察判断，我们通过观察木块B被钢球A撞击后移动的距离，来间接反映钢球A动能的大小，这种研究方法是转换法。
（3）观察图﹣3中小磁针的分布状态可以看出，通电螺线管外部的磁场分布，和条形磁铁周围的磁场分布特点相似。
实验中将电源的正负极对调后，流过螺线管的电流方向发生改变，此时可以观察到小磁针的南北极指向也随之对调，这说明螺线管周围的磁场方向发生了改变，由此可以得到结论：通电螺线管周围的磁场方向和电流方向有关。
【分析】1、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
2、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中通过观察木块B被钢球A撞击后移动的距离，来间接反映钢球A动能的大小；
3、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
（1）如图﹣1，温度计的分度值为1℃，示数是23℃。
（2）实验中，无法直接看出钢球A的动能大小，通过木块B被撞击后移动的距离来比较钢球A的动能大小，采用的转换法。
（3）[1]由图﹣3中的小磁针的分布情况可得，通电螺线管外部的磁场与条形磁铁周围的磁场相似。
[2]将电源正负极对调，通过螺线管的电流方向改变，发现小磁针南北极的指向也发生了对调，说明通过螺线管周围的磁场方向改变，说明通电后螺线管周围的磁场方向与电流的方向有关。
19．如图是小华在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验装置。
（1）在实验前，小华应该将弹簧测力计 　 　（选填“水平”“竖直”或“任意”）放置进行调零；
（2）在实验中，小华用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做 　 　运动，此时弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等；
（3）小华按要求进行实验，弹簧测力计的示数如图甲、乙、丙所示。比较甲、乙实验，是为了探究滑动摩擦力与 　 　的关系。比较甲、丙实验，可以得出结论：在压力大小一定时，接触面越粗糙　 　。
【答案】（1）水平
（2）匀速直线
（3）压力；摩擦力越大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）测量滑动摩擦力前，除了要明确弹簧测力计的量程和分度值之外，因为本实验中弹簧测力计是沿水平方向拉物块的，所以额外需要先将弹簧测力计放在水平方向完成调零操作。
（2）实验操作时，需要用弹簧测力计沿水平方向拉动长木板上的物块，让物块做匀速直线运动。根据二力平衡的原理，此时物块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计对物块的拉力是一对平衡力，二者大小相等，因此滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（3） 对比甲、乙两次实验，两次实验的接触面粗糙程度相同，乙实验中物块对接触面的压力更大，测得的滑动摩擦力也更大，因此可以得到结论：滑动摩擦力的大小和压力大小有关。
对比甲、丙两次实验，两次实验的压力大小相同，丙实验的接触面更粗糙，测得弹簧测力计的示数更大，因此可以得到结论：当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
【分析】1、弹簧测力计：使用前弹簧测力计水平方向调零，据图读数。
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同
4、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
（1）在测量滑动摩擦力前，除了观察弹簧测力计的量程和分度值外，因为弹簧测力计应沿水平方向拉动物块，因此还应将弹簧测力计在水平方向调零。
（2）实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的物块，使其做匀速直线运动，根据二力平衡，此时木块所受的滑动摩擦力大小与弹簧测力计拉力的大小相等。
（3）[1]比较甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，滑动摩擦力大，故可以得出结论：滑动摩擦力与压力有关。
[2]比较甲、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度越粗糙，弹簧测力计的示数越大，可得出压力一定时，接触面粗糙程度越粗糙，滑动摩擦力就越大。
20．沧海月明珠有泪，蓝田日暖玉生烟。产于我省蓝田县的蓝田玉是我国的四大名玉之一。物理兴趣小组的同学测量了一块蓝田玉的密度。
（1）将天平放在水平台面上，如图﹣1所示，是小明刚调节完天平平衡的情形。请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤：　 　。补上遗漏步骤后，为使天平重新平衡，应将平衡螺母向　 　调节。
（2）用调好的天平测量玉石的质量，测量结果如图﹣2所示，则玉石的质量为　 　g。
（3）他在量筒中倒入20mL的水，再将玉石浸没在水中，水面位置如图﹣3所示，玉石的密度为　 　kg/m3。
（4）如果步骤（2）和（3）的顺序颠倒，玉石密度的测量值将会　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
（5）受《天工开物》中桔槔汲水（图﹣4）启发，小组同学将一轻质杠杆改装成简易的“液体密度秤”，在右侧A、B之间某一位置O（未标出）挂上一已知质量的物块，改变物块悬挂点的位置，当密度秤在水平位置平衡时，在悬挂点处标出效应液体的密度值，则密度秤上O、B间的刻度值是　 　（选填“均匀”或“不均匀”）的，若增大物块的质量，密度秤的量程将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）游码没有置于零刻度线处；右
（2）54
（3）2.7×103
（4）偏大
（5）均匀；变大
【知识点】固体密度的测量；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1） 使用天平前，需要先将游码移到标尺左端的零刻度线位置，再调节平衡螺母使天平水平平衡，由图-1可知，小梁调节平衡前，没有将游码移到标尺左端的零刻度线处，这是调节过程中的错误。
将图-1天平的游码移到标尺左端零刻度线后，指针偏在分度盘左侧，说明天平左侧偏重，要使天平重新平衡，应该向右调节平衡螺母。
（2）由图-2可知，天平标尺的分度值为0.02g，游码对应示数为4g，因此玉石的质量等于砝码质量加游码对应示数，即：
（3）图-3中量筒的分度值为2mL，水的体积为20mL，玉石浸没后玉石和水的总体积为40mL，因此玉石的体积：
根据密度公式可得玉石的密度：
（4）如果将步骤（2）和（3）的顺序调换，即先测体积再测质量，玉石从水中取出时表面会沾有水，会使得测得的玉石质量偏大，而体积测量准确，根据可知，测得的玉石密度会偏大。
（5） 由题可知，密度秤制作完成后，根据杠杆平衡条件 可得：
，即：
由推导结果可知， ρ液体与l2 成正比例关系，因此密度秤O、B间的刻度是均匀的。
若增大悬挂物块的质量 ，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
【分析】1、天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码；
2、量筒的使用：确定分度值，视线平行对准液面最低处，进行读数。
3、测量物体密度试验：原理为ρ=m/v，使用的仪器为天平和量筒；
4、杠杆平衡条件，所以 ，即：， ρ液体与l2 成正比例关系，增大悬挂物块的质量 ，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
（1）[1]天平使用前，应将游码移到标尺左端的零刻度线后，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡，由图﹣1得，他调节过程中游码没有置于零刻度线处。
[2]图﹣1的天平的游码移到标尺左端的零刻度线后，天平的指针指向分度盘的左端，说明天平的左端质量较大，为了使天平重新平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）由图﹣2所示，标尺的分度值为0.02g，游码在4g位置，则玉石的质量
（3）图﹣3中量筒的分度值为2mL，玉石浸没在水中后，玉石与水的总体积为40mL，玉石的体积为
玉石的密度为
（4）如果步骤（2）和（3）的顺序颠倒，玉石的测量准确，玉石从水中取出后，沾水，会导致玉石测量的质量偏大，由得，玉石测量的密度偏大。
（5）[1]依题意得，动力臂与阻力大小不变；液体的体积为容器的体积，保持不变。由杆平衡条件得
即
则
则ρ液体与l2成正比，则密度秤在水平位置平衡时，密度秤上O、B间的刻度值是均匀的。
[2]若增大物块的质量，l2取到最大值时，ρ液体变大，则密度秤的量程将变大。
21．小明用图﹣1所示的实验装置探究电流与电压、电流与电阻的关系。电源电压为4.5V，定值电阻3个（5Ω、10Ω、15Ω），2个滑动变阻器的规格分别为A“10Ω 1A”和B“20Ω 1A”。
（1）连接电路时，开关应该处于 　 　状态。请用笔画线代替导线将图﹣1中的实物图连接完整，要求：滑片P向右移动时，电压表示数变大。　 　
（2）连接好电路，将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障为　 　（选填“断路”或“短路”）。
（3）小明先用阻值为10Ω的定值电阻探究电流与电压的关系，得到的实验数据如下表所示。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.6 2.0 2.2 2.4 2.8
电流I/A 0.16 0.20 0.22 0.24 　 　
①第5次实验电流表的示数如图﹣2所示，请将示数填入表中。
②分析表中数据可得出：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。得出此结论的理由是 　 　。
（4）接下来，小明用原电路探究电流与电阻的关系，并根据实验数据绘制了如图﹣3所示的图像。
①他用5Ω的电阻完成实验后，断开开关，将定值电阻由5Ω换成10Ω，调节变阻器，使电压表示数为 　 　V，记录电流表示数。
②根据实验数据分析可知，实验中小明选择的滑动变阻器规格应为 　 　（选填“A”或“B”）。
【答案】（1）断开；
（2）断路
（3）0.28；电压与电流之比为定值
（4）2.4；B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 连接电路时，为了保护电路，开关需要处于断开状态。
要求滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，从而让定值电阻两端的电压变大，电压表示数增大。根据滑动变阻器“一上一下”的接线规则，此时应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，接线如下图所示：
（2）电流表无示数，说明电路发生了断路故障；而电压表示数始终接近电源电压，说明电压表的两个接线柱到电源正负极的通路是完好的，因此故障为定值电阻R断路。
（3） 电流表选用的是0~0.6A的小量程，该量程的分度值为0.02A，因此读数为0.28A。
分析表格中的实验数据可知，导体电阻不变时，导体两端电压与通过导体电流的比值为定值，因此可以得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4） 探究电流与电阻的关系时，需要保持定值电阻两端的电压不变。选取图-3中任意一组数据计算，当接入定值电阻的阻值为10Ω时，对应的电流为0.24A，因此定值电阻两端保持不变的电压为：
电源电压为4.5V，定值电阻两端电压保持2.4V不变，根据串联电路的电压规律，滑动变阻器分得的电压为：
根据串联电路的电流规律，通过滑动变阻器的电流等于通过定值电阻的电流，当接入15Ω的定值电阻时，电路电流为：
由此可得滑动变阻器需要接入的最大阻值为：
因此需要选择最大阻值不小于13.125Ω的滑动变阻器，即选B规格的滑动变阻器。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）[1]为了保护电路，连接电路时应断开开关。
[2]根据串联分压原理，电压表示数变大，定值电阻阻值不变，滑动变阻器阻值需要减小，故滑片P向右移动时，阻值减小，接右下接线柱，如图所示：
（2）电流表无示数，说明电路中某处断路，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表两接线柱到电源两极之间是通路，则可能的原因是定值电阻R断路。
（3）[1]电流表接的小量程，分度值为0.02A，读数为0.28A。
[2]由表格数据，电压与电流之比为定值，可以得出结论，当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[1]探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻不变，由如图﹣3中已有数据选取一组，当电阻为10Ω时，电流大小为0.24A，故电压保持为
[2] 电压表示数为2.4V，顺利完成第三次实验，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为
根据串联电路电流的规律，通过变阻器的电流为
此时变阻器的最大阻值为
所以应选取最大阻值不小于13.125Ω的滑动变阻器，B滑动变阻器。
22．两轮电动平衡车（如图所示）备受年轻人的喜爱。下表是某型号两轮电动平衡车的主要技术参数。
整车质量 10kg
额定电压 48V
额定功率 264W
（1）两轮电动平衡车正常工作时的电流是多少？
（2）若人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，求此时地面受到的压强。（g取10N/kg）
【答案】（1）解：由表格中的数据可知，两轮电动平衡车的额定电压为48V，额定功率为264W，则正常工作时的电流
（2）解：人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力
轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，则地面受到的压强
【知识点】压强的大小及其计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率公式计算正常工作时的电流；
（2）人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力，结合压强公式计算地面受到的压强。
（1）由表格中的数据可知，两轮电动平衡车的额定电压为48V，额定功率为264W，则正常工作时的电流
（2）人的质量为50kg，人和两轮电动平衡车一起静止在水平地面上时，轮胎对地面的压力
轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，则地面受到的压强
23．2024年5月1日，福建舰（如图﹣1）圆满完成首次航行试验任务，预计配备的“歼﹣15B”舰载机（如图﹣2）是福建舰战斗力的核心。据了解，吃水深度最大可达13m。
（1）舰载机机翼的横截面如图﹣3所示，飞行时机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，根据在气体中流速越大的位置压强越 　 　的原理，舰载机获得升力。
（2）福建舰以最大吃水深度漂浮时，排水量为8.2×104t，求福建舰此时所受浮力的大小和舰底所受海水的压强。（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）
（3）福建舰的最大行驶速度为，若福建舰以最大航速沿直线匀速航行时，福建舰的动力输出功率为1.8×105kW，求福建舰受到的阻力。
【答案】（1）小
（2）解：福建舰此时所受浮力
吃水深度最大可达13m，则舰底所受海水的压强
（3）解：福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，则
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据流体压强规律：在气体中，流速越大的位置压强越小。舰载机飞行时，机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，因此上表面压强更小、下表面压强更大，形成了向上的压强差，正是利用这一流速越大压强越小的原理，让舰载机获得了向上的升力。
【分析】（1）压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力
（2）福建舰漂浮，浮力等于重力，即，结合压强公式计算舰底所受海水的压强；
（3）福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，根据功率公式计算可知 福建舰受到的阻力。
（1）气体中，流速越大的位置压强越小。飞行时机翼上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速，利用了气体中，流速越大的位置压强越小的原理使舰载机获得升力。
（2）福建舰此时所受浮力
吃水深度最大可达13m，则舰底所受海水的压强
（3）福建舰以最大航速沿直线匀速航行，阻力与牵引力大小相等，则
24．为了实现“既要家里暖，又要天空蓝”，我国海阳核电厂在利用核能发电的同时给居民供暖，发生核反应后产生大量的热，单个机组核燃料在反应堆容器内发生核反应时的产热功率为5×109W，一回路和二回路是两个互不相通的水循环回路，一回路的水流过核燃料反应堆的堆芯，在蒸汽发生器中将热量传递给二回路的水，然后流回堆芯。二回路的水在蒸汽发生器中受热，水蒸气做功推动汽轮机发电，做功后的水蒸气冷凝后返回蒸汽发生器。核能供暖是将发电之后的低品位余热取出来通过管道送给居民。单个机组，每秒提供的电能为E1；若在供电的同时进行供暖，每秒提供的电能E2＝1.21×109J、热量Q＝2×108J，对单个机组核燃料反应堆产生的能量使用效率提高了3.2%。
（1）核燃料反应堆中的铀﹣235是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）标准煤的热值为3×107J/kg，若单个机组核反应堆工作1h释放的热量由燃烧标准煤提供，需要完全燃烧多少吨标准煤？
（3）单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率为多少千瓦？
【答案】（1）不可再生
（2）解：单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
（3）解：单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
【知识点】功率的计算；燃料的热值；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】（1）核燃料中的铀-235储量有限，并且无法依靠自然过程在较短时间内得到补充，因此它属于不可再生能源。
【分析】（1）可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源；
（2）由功率可得，若这些热量全部由燃烧标准煤提供，所需标准煤质量为；
（3）每秒仅供电提供电能，单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率。
（1）核燃料中铀‐235 的储量有限，无法通过自然过程在短期内补充，故为不可再生。
（2）单个机组反应堆1 h内释放的总热量，由功率可得
若这些热量全部由燃烧标准煤提供，已知标准煤热值为3×107J/kg，则所需标准煤质量为
（3）每秒仅供电提供电能，单个机组，如果仅供电，发电机输出电能的功率
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