资源简介

2026年广西壮族自治区梧州市藤县九年级中考二模物理试题
1．下列估计值中，最接近实际的是（ ）
A．教室内的空气密度 B．一名中学生的质量约为50kg
C．成人正常步行的速度约为 D．人正常眨眼一次的时间约为5s
2．2026年春晚，机器人武术表演武BOT成焦点。科技与中华传统武术融合，带来有张力、观赏性的舞台效果，引发热议。该机器人身高1.82m，质量70kg，下列关于机器人的说法正确的是（　　）
A．机器人腾空后翻时受到的重力为0N
B．机器人舞双节棍时，双节棍没有施力所以不是施力物体
C．机器人站立时，受到的支持力是地面形变产生的
D．机器人腾空后翻时所受重力方向随之改变
3．结合自然地理与物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．山地昼夜温差大，是因为砂石比热容大
B．大气压随海拔升高而增大
C．雷雨天气先看到闪电后听到雷声，因为光速远大于声速
D．冰川融化是凝固放热过程
4．南漳县是著名的“香菇之乡”，当地农民采用真空冻干技术制作香菇脆片。该技术先将新鲜香菇在低温下冻结，然后在真空环境中使冰直接变成水蒸气逸出，从而保持香菇的形状和营养。冰直接变成水蒸气的过程属于（　　）
A．熔化，需要吸热 B．升华，需要吸热
C．汽化，需要放热 D．凝华，需要放热
5．如图所示为某物理老师在讲解内燃机工作原理时演示“等离子炮”的情景，向管内充入适量的丁烷气体，点火后燃烧的火焰顺着管道流向水桶，在水桶内发生爆炸，大量气体从桶口冲出，最终将易拉罐击倒。关于“等离子炮”，下列说法正确的是（　　）
A．丁烷气体燃烧过程中将内能转化为化学能
B．气体冲出桶口推动易拉罐的过程中，气体的内能增加
C．水桶内的爆炸过程与汽油机的做功冲程的能量转化相同
D．“等离子炮”在工作过程中不遵循能量守恒定律
6．如图，在深圳“无人面馆”中，仅需就可以吃上一碗热乎乎的面。顾客可以通过扫码或投币完成自助点餐（M工作）。下列设计符合该要求的是（　　）
A． B．
C． D．
7．如图所示，一足够长的轻绳一端连接重物A，另一端通过定滑轮连接物体B，物体B质量小于重物A质量。将重物A由静止释放下落至地面的过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．重物A的动能保持不变
B．物体B的机械能保持不变
C．重物A的重力势能完全转化为B的重力势能
D．重物A和物体B的能量总和保持不变
8．口技是优秀的民间表演技艺，高超的艺人可以用口、齿、唇、舌、喉、鼻等发声器官模仿大自然各种声音，使听者如身临其境。下列说法正确的是（ ）
A．口技声都是由艺人声带振动产生的
B．口技声通过空气传入听者的耳朵
C．口技艺人模仿的是声音的音调
D．口技声一定不会成为噪声
9．如题图所示为导体甲和乙的U-I图像，下列说法正确的是（　　）
A．导体甲的阻值为0.1
B．导体乙的电阻随着电流的增大而减小
C．当导体乙两端的电压为2V时，其实际功率为0.8W
D．当导体甲两端的电压为0时，其电阻也为0
10．如图，水平桌面上放有底面积和质量都相同的柱形与锥形甲、乙容器，分别装有深度相同、质量相等的液体。下列说法正确的是（ ）
①容器对桌面的压力：F甲>F乙；②液体的密度：
③液体对容器底部的压强：p甲＜p乙；④容器对桌面的压强：p甲=p乙
A．只有①和③ B．只有④ C．只有② D．只有③和④
11．“智飞”号是中国首艘自主研发并投入商业运营的智能航行集装箱船，也是全球已运营吨位最大的智能集装箱船，代表了中国智能航运的顶尖水平。下列说法正确的是（ ）
A．在靠岸装载集装箱的过程中，“智飞”号所受的浮力大小不变
B．我们看到“智飞”号船体是蓝色的，是因为船体反射了蓝色光
C．两艘船近距离并排行驶时易相撞，因为流体流速越大压强越小
D．“智飞”号在海面破浪而行，所载集装箱相对于船体是静止的
12．如图所示，用12N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为2N。若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和轴摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A．在运动过程中若将拉力F增大到16N，则弹簧测力计的示数大于2N
B．地面受到的摩擦力为4N
C．绳子拉物体A的功率为1.2W
D．滑轮移动的速度为0.4m/s
13．2026年3月，长征八号甲运载火箭托举星网低轨卫星直冲霄汉，地面控制中心通过　 　波与探测器传递信息，探测器在随火箭加速升空过程中，以地面为参照物，探测器是　 　的（选填“运动”或“静止”）。
14．人接触汽车有时会被“电”一下，这是因为汽车行驶时与空气摩擦带电。手拿如图所示的静电消除器接触汽车，消除器中的发光二极管发光，若瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的是　 　电荷，发光二极管是由　 　（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料制成的。
15．秦腔是甘肃省白银地区非常受欢迎的传统戏剧。表演时，演员高亢的唱腔是由声带　 　产生的；现场观众能分辨出不同角色的声音，主要是依据声音的　 　（填声音特性）不同。
16．家用台式电脑额定功率约200W，连续正常工作2h，消耗电能　 　kW·h；电脑主机散热风扇工作时，主要将电能转化为　 　能。
17．如图所示，为一种车用破窗锤。其一端很尖，是为了在紧急情况下乘客敲击车窗时　 　（选填“增大”或“减小”）压强，更容易破窗；已知锤头尖端部分面积是，若某次乘客用尖端敲击窗户的力为60N，则破窗锤对车窗的压强是　 　Pa。
18．一个重3N、底面积为、足够高的柱形容器，装有深15 cm的液体，现把质量为540g、高15 cm、底面积为的圆柱体m放入其中，处于漂浮状态，圆柱体m浸入液体中的深度为，如图所示，则圆柱体m受到的浮力为　 　N；用外力将圆柱体m压入液体中刚好浸没，则此时容器底受到液体的压强为　 　Pa。
19．（1）如题图是古代劳动人民用桔槔（jié gāo）汲水的简化图，请画出杠杆上A点受到的拉力及其力臂。
（2）如题图所示，OB是折射光线，折射光线与水平面的夹角为40°，请作出入射光线的大概位置，保留作图痕迹。
（3）将题图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
20．小丽同学在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让不同质量的钢球从斜槽同一高度由静止开始滚下，将静止在水平面上的木块撞出一段距离，如图所示。请你完成下列内容。
（1）在钢球从斜槽滚下的过程中，钢球的重力势能转化为　 　能；
（2）实验表明，钢球质量越大，将木块撞得越远，对木块做功越　 　，钢球的动能就越　 　；
（3）钢球在水平面上推动木块前进时受到4个力：①重力、②摩擦力、③木块对钢球的压力、④水平面对钢球的支持力，其中　 　是一对平衡力，　 　的方向相同；（两空均填写序号）
（4）小丽又让同一钢球分别从同一斜面的不同高度由静止自由滚下撞击木块，这是为了探究物体动能与　 　的关系。
21．根据所学物理知识完成题图物理小实验：
（1）如图甲木块M的长度为　 　cm；
（2）如图乙，秒表的读数为　 　s；
（3）当天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，则物体的质量为　 　g；
（4）如图丁的温度计原理是利用液体的　 　；
（5）如图戊，“探究平面镜成像的特点”时，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，实验中蜡烛B　 　（选填“需要”或“不需要”）点燃；观察到的像与蜡烛大小　 　。
22．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，同学们根据生活经验讨论交流后提出了猜想。（，g取10N/kg）
猜想一：浮力的大小与物体密度有关。
猜想二：浮力的大小与物体浸没在液体中的深度有关。
猜想三：浮力的大小与液体密度有关。
猜想四：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（1）请你写出一个支持猜想三的生活现象：　 　（合理即可）。
（2）同学们进行了如图所示的操作：用弹簧测力计挂着铜块，将其缓慢地浸入液体中的不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示，并将弹簧测力计的示数记录在表中。
实验步骤 B C D E F
弹簧测力计的示数F/N 2.6 2.5 2.4 2.4 2.3
（3）分析实验步骤　 　，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）。
（4）分析实验步骤A、B、C、D，说明浮力的大小跟　 　有关。
（5）分析实验步骤　 　，可知猜想三是正确的。
（6）根据表格中的数据，可知未知液体的密度是　 　g/cm3。（结果保留一位小数）
【拓展】在实验步骤B的基础上把弹簧测力计的拉环固定在铁架台上（在进行此操作时，保持铜块下表面到水面的距离不变），然后再缓慢向烧杯中加水。当所加的水使铜块刚好浸没时（水未溢出），烧杯底部受到水的压强增加了　 　Pa。（已知铜块的底面积为5cm2、高为6cm；在弹性限度内，弹簧受到的拉力每减少0.1N，弹簧的长度缩短0.1cm）
23．小敏在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡和额定电流为的小灯泡进行实验。
（1）图甲是小敏同学在测量小灯泡的额定功率时连接的实物电路。
①图甲中有一根导线连接错误，请在这根线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法　 　。
②改正电路连接后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　端以保护电路（选填“A”或“B”）；
③闭合开关后发现灯泡不亮，电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，故障原因可能是　 　；
A.灯泡短路 B.灯泡断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路
④实验中，观察到小灯泡的电压为2.0V时，为了测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向　 　（选填“A”或“B”）端移动。若通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图乙所示，可知小灯泡的额定功率为　 　W。
⑤实验中滑动变阻器有三种规格，分别为“ 1A”、“ 0.2A”、“ 0.5A”应选用　 　（选填“”、“”或“”）。
（2）小宇同学还设计了如图丙所示的电路，测出了灯泡的额定功率。已知：滑动变阻器的最大阻值均为。
①只闭合开关S、，移动的滑片，使电流表示数为。
②断开开关，并保持滑片的位置不变，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为。
③保持滑片的位置不变，再将的滑片调至最左端，记下电流表的示数；最后将的滑片调至最右端，记下电流表的示数。
④写出灯泡额定功率的表达式：　 　。（用、、、表示）
24．2025年11月5日，我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射航母“福建舰”正式加入人民海军的行列，如图所示。资料显示，福建舰满载时排水量8万余吨（以8万吨计算），吃水深度达到（船舶满载时在水中浸入的最大深度）13m，中压直流综合电力系统电磁弹射器假设可以在2s内将歼-15T重型舰载机由的电磁推力弹射100m的距离而放飞，求：（海水的密度取，g取10N/kg）
（1）福建舰满载时，舰底受到海水的压强；
（2）福建舰满载时，排开海水的体积；
（3）福建舰的电磁弹射器将一架歼-15T舰载机弹射过程中做功的功率。
25．如图甲的电路中，电源电压保持15V不变。小灯泡L的电流I随电压U的变化关系如图乙。小灯泡L的额定电压为6V。为标有“75；1A”的滑动变阻器。求：
（1）小灯泡的额定电功率；
（2）滑动变阻器的滑片在中点时，只闭合开关，求电流表的示数；
（3）若将滑动变阻器的滑片移至a端，只闭合开关S2、S3后，电流表的示数为0.5A，求定值电阻R1的阻值；
（4）只闭合开关S1，若灯泡两端电压不能超过6V，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~15V，为了保护电路的安全，求滑动变阻器R2的取值范围。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；密度的应用与物质鉴别；时间的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A：教室中空气的密度约为 1.3kg/m3，换算后为1.3×10 3g/cm3，故A错误；
B：一名中学生的质量比成年人要略小，大概在50kg左右，故B正确；
C：成年人正常步行的速度约为1.2m/s，故C错误；
D：人正常眨眼一次的时间大约在0.3~0.4秒左右，故D错误。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、熟悉生活重常见的密度，如教室中空气的密度约为 1.3kg/m3，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．【答案】C
【知识点】力的概念及单位；弹力；重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】A．只要是在地球附近的有质量物体，都会受到重力作用，机器人腾空后重力依然存在，计算可得它的重力大小为，故A错误；
B．根据力的作用相互性，受力物体同时一定也是施力物体，双节棍和机器人之间存在相互作用，所以双节棍本身也是施力物体，故B错误；
C．支持力属于弹力范畴，弹力本质是施力物体发生弹性形变后对受力物体产生的力，机器人受到的支持力的施力物体是地面，所以这个支持力是地面发生形变产生的，故C正确。
D．重力的方向永远是竖直向下，不会因为物体的运动状态发生变化而改变，故D错误。
故选C。
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、支持力，支持力作用于物体接触面之间，本质为弹力。
3．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；光的传播速度与光年；比热容的定义及其计算公式；大气压强与高度的关系；声速
【解析】【解答】A．山地多砂石，砂石的比热容较小，在吸收或放出相同热量时，砂石的温度变化更明显，因此山地昼夜温差更大，故A错误；
B．大气压强会随海拔升高而降低，海拔越高，空气越稀薄，大气压强就越小，故B错误；
C．闪电和雷声是同时产生的，真空中光速约为，空气中的声速约为，光速远大于声速，所以闪电传播到观察者位置的时间远短于雷声传播的时间，因此我们会先看到闪电，后听到雷声，故C正确；
D．冰川融化是固态的冰变为液态水的过程，这个物态变化是熔化，熔化过程需要吸收热量；凝固是液态变为固态的放热过程，和冰川融化的过程不符，故D错误。
故选C。
【分析】1、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
2、光速远大于声速，所以先看到闪电在听到雷声；
3、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
4、河水的比热容大于岩石，所以河水升温慢。
4．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】物质从固态直接转变为气态的过程定义为升华，冰是固态，水蒸气是气态，冰不经过液态直接转变为水蒸气的过程符合升华的定义，同时升华这个物态变化过程需要吸收热量，B符合题意。
故选B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
5．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A．丁烷燃烧的过程中，是化学能转化为内能，故A错误；
B．气体推动瓶盖向外冲出的过程中，是气体对外做功，会消耗自身的内能，因此气体自身内能减小，故B错误；
C．本实验中，塑料桶爆炸时，内能推动塑料桶运动，将内能转化为机械能；内燃机的做功冲程中，燃气推动活塞做功，也是将内能转化为机械能，二者能量转化形式相同，故C正确；
D．能量守恒定律是自然界的普遍规律，一切能量转化过程都遵守能量守恒定律，“等离子炮”工作也不例外，故D错误。
故选C。
【分析】1、燃料燃烧时，化学能转化为内能；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
6．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】启动自助点餐的自动出餐电动机，既可以通过扫码来闭合扫码开关，也可以通过投币来闭合投币开关，也就是说两个开关都可以独立控制电动机启动，两个开关的工作互不影响，因此扫码开关和投币开关是并联关系，最终两个开关共同控制电动机，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化；能量守恒定律
【解析】【解答】A．重物A下落过程做加速运动，速度逐渐增大，质量保持不变，因此动能是不断增大的，故A错误；
B．物体B上升时，速度不断变大、上升高度也不断增加，它的动能和重力势能都在增大，因此物体B的机械能总体增大，故B错误；
C．重物A减少的重力势能，一部分转化为物体B的重力势能，还有一部分同时转化为重物A和物体B的动能，因此并不是全部转化为物体B的重力势能，故C错误；
D．整个过程不计绳重与摩擦，只有重力做功，因此重物A和物体B的总机械能总和保持不变，故D正确。
故选D。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
8．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】A：口技演员发出的声音，是靠口腔内相关的发声器官，也就是口、齿、唇、舌、喉、鼻等部位振动产生的，并非仅由声带振动发声，故A错误；B：声音传播必须依靠介质，日常我们听到口技表演的声音，主要是依靠空气作为介质传播进入人耳的，故B正确；
C：口技艺人表演时，主要是模仿不同发声体发出声音的音色，也就是声音的独特品质与特征，不是模仿音调，故C错误；
D：从环境保护的角度定义噪声，凡是影响人们正常休息、学习和工作，对人们需要听的声音产生干扰的声音都属于噪声，即使是口技表演声，如果对他人造成了干扰，它同样也属于噪声，故D错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、噪声：影响人类休息和学习的声音统称为噪声。
9．【答案】C
【知识点】电阻；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．从图像中可以看出，当导体甲两端加8V电压时，通过导体甲的电流是0.8A，根据欧姆定律可计算出导体甲的电阻：，故A错误；
B．导体乙的U-I图像是曲线，观察图像变化规律可知，随着电流增大，导体乙两端电压与对应电流的比值逐渐变大，说明导体乙的电阻随电流增大而增大，故B错误；
C．当导体乙两端电压为2V时，从图像可读出此时通过乙的电流为0.4A，根据功率公式可得乙的实际功率为：
，故C正确；
D．电阻是导体自身的固有属性，它的大小只和导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，和导体两端电压、通过的电流无关，因此当导体甲两端电压为0时，它的电阻仍然是10Ω，故D错误。
故选C。
【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
2、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
3、电功率的计算：公式为P=UI。
10．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强大小比较；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】放在水平桌面上的物体，对桌面的压力等于自身的总重力。本题中两个容器的质量相等，容器内装的液体质量也相等，所以总重力相等，因此两容器对水平桌面的压力相等，即，因此①错误。
由图可知，两个容器的底面积相同、液体深度相同，甲容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，即，已知两容器内液体质量相等，根据密度公式可知，两种液体的密度关系为，因此②错误；
已知两容器内液体深度相同，且，根据液体压强公式可得，甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强，即，因此③正确；
前面已经推出两容器对水平桌面的压力，且两容器底面积（即桌面的受力面积）相同，根据压强公式可知，两容器对桌面的压强相等，即，因此④正确；
综上，只有③和④的说法正确，故选D。
【分析】1、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
3、物体静止在桌面，对桌面的压力等于重力；
4、密度的计算：公式为m=ρV，质量相同，体积和密度成反比。
11．【答案】B,C,D
【知识点】物体的颜色；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A. 轮船始终处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件，漂浮时轮船受到的浮力始终等于自身的总重力。在装载集装箱的过程中，轮船的总重力不断变大，因此轮船受到的浮力也会随之增大，所以A选项错误；
B. 根据不透明物体的颜色规律：不透明物体的颜色由它反射的色光决定，我们看到船体呈现蓝色，是因为船体反射了太阳光中的蓝色光，吸收了其他色光，因此B选项正确；
C. 当两艘船近距离并排向前行驶时，两艘船内侧之间的水流通道变窄，导致此处水的流速大于两船外侧的水流流速。根据流体压强与流速的关系：流体流速越大，位置的压强越小，因此两船内侧受到水的压强小于两船外侧受到的水的压强，这个内外压强差会推动两艘船相互靠近，容易引发撞船事故，因此C选项正确；
D. 判断物体运动还是静止，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变。集装箱被固定在轮船上，它相对于船体的位置没有发生变化，因此所载集装箱相对于船体是静止的，因此D选项正确。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
3、物体呈现某种颜色是因为物体反射该颜色，吸收其他颜色；
4、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
12．【答案】B,C
【知识点】功率计算公式的应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A：物体B一直保持静止，受力始终平衡，弹簧测力计的拉力大小等于A、B之间滑动摩擦力的大小。滑动摩擦力的大小只和压力大小、接触面粗糙程度有关，拉力F增大后，这两个影响因素都没有发生改变，因此A、B间的滑动摩擦力仍然是，弹簧测力计的示数也仍然为2N，因此A错误；
B：拉力作用在动滑轮的轴上，因此每段绳子的拉力为，
也就是绳子拉A的力为。B保持静止，弹簧测力计示数是，说明A对B的滑动摩擦力大小为，根据力的作用是相互的，B对A的摩擦力大小也为，方向向左。A做匀速运动，受力平衡，因此地面对A的摩擦力大小为，再根据力的作用是相互的，地面受到的摩擦力大小也等于4N，因此B正确；
C：绳子拉物体A的功率为，因此C正确；
D：拉力作用在动滑轮的轴上，动滑轮的移动速度是物体A移动速度的二分之一，即，并不是0.4m/s，因此D错误。
故选BC。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、动滑轮缠绕绳子数为2，拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、力的合成与应用：两个力在同一直线上，方向相反，合力为两个力的代数差，方向相同，合力为两个力的代数和。
4、功率的计算：公式为P=Fv。
13．【答案】电磁；运动
【知识点】运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】太空属于真空环境，而电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，因此地面控制中心依靠电磁波来和探测器传递信息；当探测器跟着火箭一起加速升空的时候，以地面作为参照物，探测器和地面之间的相对位置不断发生改变，因此探测器相对于地面是运动的。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
14．【答案】负；半导体
【知识点】电流的方向；半导体特点及作用
【解析】【解答】规定正电荷定向移动的方向为电流方向，因此电流方向和自由电子的定向移动方向恰好相反。题目中说明电流方向是由消除器流向汽车，由此可以推知电子的移动方向是从汽车流向消除器，说明汽车上带有多余的负电荷；我们常用的发光二极管是由典型的半导体材料制作而成的。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管；
2、电流的方向：与电子定向移动的方向相反。
15．【答案】振动；音色
【知识点】声音的产生；音色
【解析】【解答】物体振动是声音产生的原因，在表演过程中，演员发出高亢唱腔，这个声音是由演员自身的声带振动产生的。
不同发声角色的声带结构本身并不相同，这使得不同角色发出声音的音色存在区别，现场观众能够分辨出不同角色的声音，主要就是依靠音色这个声音特性来判断的。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
16．【答案】0.4；机械
【知识点】能量的转化或转移；电功的计算
【解析】【解答】这段电视在待机状态下消耗的电能为：，散热风扇工作时，核心作用是带动扇叶转动获得风力，因此输入的电能大部分转化为了扇叶运动的机械能。
【分析】电功的计算：公式为W=Pt；
风扇工作时，电能转化为机械能。
17．【答案】增大；3.0×107
【知识点】增大压强的方法及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】破窗锤一端很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，更容易破窗。
破窗锤对车窗的压强
故答案第一空：增大；第二空：3.0×107。
【分析】 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
压强公式：，注意单位换算：1mm2 = 10-6m2。
18．【答案】；2025
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 圆柱体漂浮在液体中时，竖直方向受力平衡，浮力等于自身重力，因此圆柱体受到的浮力为：
对于漂浮的圆柱体，浮力大小等于物体上下表面的压力差，圆柱体上表面不受液体压力，因此底部受到的压力等于浮力。根据压强公式可得圆柱体底部受到的液体压强为：
根据液体压强公式，可求出液体的密度：
当用外力将圆柱体压入液体中刚好浸没时，圆柱体完全浸入液体，排开液体的体积等于圆柱体自身体积：
圆柱体浸入后排开液体挤占原有液体空间，容器底面积不变，因此液面会上升，液面上升的高度为：
此时容器内液体的总深度为原浸入深度加上液面上升高度，根据液体压强公式可得此时容器底受到液体的压强为：；
【分析】1、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
2、压强的计算：液体压强的计算：公式为p=ρgh，据此计算液体的密度，固体压强的计算，据此计算圆柱体底部受到的液体压强。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；力臂的画法；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）杠杆A点受到的拉力沿绳子方向向下，作图时从A点出发，沿绳子向下画一条带箭头的线段，标注拉力符号；力臂是支点到拉力作用线的垂直距离，因此从支点向的作用线作垂线，垂线段的长度就是该力的力臂，按以上方法完成作图即可。
（2）当光从水斜射入空气时，折射光线会偏离法线，满足折射角大于入射角的规律。
首先过入射点O作出垂直于界面的虚线法线；已知折射光线OB和水面的夹角为，因此折射角（折射光线与法线的夹角）为。
结合光的折射规律：光从水射入空气时折射角大于入射角，因此入射光线在水中，入射角（入射光线和法线的夹角）小于。在法线另一侧的水中，画出指向O点的入射光线，标注箭头表示传播方向（光从水中射向水面），保证入射光线与法线的夹角明显小于50°即可，按以上方法完成作图。
（3）根据家庭电路安全用电的连接原则：三孔插座需要满足“左零右火上接地”，本题中三孔插座的右孔需要通过开关连接火线，上孔连接地线，左孔连接零线，按这个规则完成作图即可。
【分析】1、力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
2、折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线
3、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
（1）杠杆上A点受到的拉力方向沿绳的方向向下，因此从A点沿绳向下画一条带箭头的线段，并标上。从支点向拉力的作用线作垂线，垂线段的长度就是力臂，据此作图。
（2）当光从水斜射入空气时，折射光线会远离法线，折射角大于入射角；过入射点O作一条垂直于水面的虚线，这就是法线，由图可知，折射光线OB与水面夹角为40°，因此折射角为
因为光从水射入空气，折射角（50°）大于入射角，所以入射光线在水中，且与法线的夹角（入射角）要小于50°。在水中法线的另一侧，画出一条指向O点的入射光线，使其与法线的夹角明显小于50°，并标上箭头表示光的传播方向（从水射向空气）。据此作图。
（3）根据安全用电原则，三孔插座的右孔通过开关与火线相连，上孔接地线，左孔接零线。据此作图。
20．【答案】（1）动
（2）多；大
（3）①④；②③
（4）运动速度
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）当钢球从斜槽上滚下时，它的高度逐渐下降，重力势能减小，同时速度不断增大，动能增大，这个过程中钢球的重力势能转化为动能。
（2）本实验采用转换法，通过观察木块被推动后移动的距离，来判断钢球动能的大小。如果钢球的质量越大，木块被撞击后移动得越远，这说明钢球对木块做的功越多，也就反映出钢球本身具有的动能越大。
（3）钢球在水平面上运动时，竖直方向处于受力平衡状态。钢球受到的竖直向下的重力，和水平面对钢球竖直向上的支持力，也就是序号①和④，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一物体同一直线上，符合平衡力的条件，是一对平衡力；钢球在水平面运动时，摩擦力会阻碍它的运动，摩擦力方向和钢球的运动方向相反；当钢球撞击木块时，木块对钢球的压力同样阻碍钢球向前运动，方向也和钢球的运动方向相反，因此摩擦力和木块对钢球的压力，也就是序号②和③，两个力方向相同。
（4）让同一个钢球，也就是保证质量相同，从斜面的不同高度滚下，这样钢球到达水平面时的速度不同，再去撞击木块，目的就是探究物体的动能和物体运动速度的关系。
综上，答案为： （1）动；（2）多；大；（3）①④；②③；（4）运动速度
【分析】本实验考查动能和哪些因素有关，实验中用到了转换法，通过观察木块被推动后移动的距离，来判断钢球动能的大小。还用到了控制变量法，同一个钢球，也就是质量相同，从斜面的不同高度滚下，这样钢球到达水平面时的速度不同，研究动能与速度的关系。对于钢球的受力分析容易错的是钢球受到的摩擦力和钢球受木块的压力，这两个力都是与钢球运动方向相反的。
（1）在钢球从斜槽滚下的过程中，高度降低、速度增大，钢球的重力势能转化为动能。
（2）实验通过木块移动距离反映钢球动能大小，钢球质量越大，将木块撞得越远，说明钢球对木块做功越多，钢球的动能就越大。
（3）钢球在水平面运动过程中，竖直方向上受力平衡，因此重力和水平面对钢球的支持力即①④
是一对平衡力，二者大小相等、方向相反； 摩擦力阻碍钢球运动，方向与钢球的运动方向相反，钢球撞击木块时，木块对钢球的压力阻碍钢球运动，方向与钢球的运动方向相反，因此摩擦力和木块对钢球的压力即②③方向相同。
（4）同一钢球（质量相同），从不同高度滚下时，钢球到达水平面的速度不同，撞击木块，是为了探究物体动能与速度的关系。
21．【答案】（1）2.70
（2）100.8
（3）61.2
（4）热胀冷缩
（5）不需要；相等
【知识点】液体温度计的构造与工作原理；质量的测量与天平的使用；时间及其测量；刻度尺的使用；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）观察图甲的刻度尺，其分度值为0.1cm，被测物体的左端与4.00cm刻度线对齐，右端与6.70cm刻度线对齐，因此物体的长度为；
（2）观察图乙的秒表，小表盘为分钟刻度，分度值是0.5min，大表盘为秒刻度，分度值是0.1s。分针指针落在1min和2min之间，且更靠近2min，因此大表盘对应读数为40.8s，最终测得的时间为
（3）观察图丙的天平标尺，标尺的分度值为0.2g，此时游码对应的刻度值为1.2g，因此被测物体的总质量为
（4）图丁中的温度计属于液体温度计，它的工作原理是利用液体热胀冷缩的性质制成的。
（5）在平面镜成像实验中，蜡烛B不需要点燃。实验中蜡烛B的作用是和蜡烛A的像重合，以此比较像和物体的大小关系，如果点燃蜡烛B，烛焰的光线会干扰对蜡烛A所成像的观察，影响实验效果。根据平面镜成像的特点，平面镜所成的像和物体大小相等，因此蜡烛的像和蜡烛本身大小相等。
【分析】1、长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
2、停表的读数：小盘为分钟，大盘位秒钟，按照指针指向数字进行读数。
3、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
4、天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；
5、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）图甲中刻度尺的分度值为0.1cm，左侧对准的刻度是4.00cm，右侧对准的刻度是6.70cm，故长度为
（2）图乙中秒表小圈代表分钟，分度值为0.5min，大圈代表秒，分度值为0.1s，分针指在1min和2min之间，更偏向2min，所以大圈对应的时间是40.8s，故时间为
（3）图丙中标尺的分度值是0.2g，游码在1.2g位置，物体的质量为
（4）图丁中的温度计是液体温度计，其原理是利用液体的热胀冷缩性质制成的。
（5）蜡烛B不需要点燃。实验中蜡烛B是用来与蜡烛A的像重合，比较像与物的大小，如果点燃会干扰观察像。根据平面镜成像的特点可知像与物大小相等，即观察到的像与蜡烛大小相等。
22．【答案】同一个鸡蛋在清水里会下沉，在浓盐水中会上浮；A、D、E；无关；物体排开液体的体积；A、E、F；1.3；420
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）同一枚鸡蛋放入清水中下沉，放入浓盐水中上浮，直观体现液体密度对浮力的影响。（3）对比 A、D、E 三组实验，铜块浸没在水中不同深度，弹簧测力计示数不变，利用称重法可判断浮力相等，证明浮力大小与物体浸没深度无关。
（4）分析 A、B、C、D 实验，液体种类不变，物体排开液体体积越大，测得浮力越大，结论：同种液体中，物体所受浮力随排液体积增大而增大。
（5）对比 A、E、F 实验，物体排液体积一致，液体密度不同，浮力大小存在差异，说明排液体积相同时，浮力大小与液体密度有关，猜想三成立。
（6）由 A 步骤读出铜块重力2.7N，结合实验数据分别算出铜块浸没在水、待测液体中受到的浮力为、；物体浸没时排液体积等于自身容积，结合阿基米德原理联立计算待测液体密度。
【拓展】根据 B 步骤测力计示数求出此时铜块受到的浮力
此时铜块排开液体的体积为，铜块浸入水中的深度为，铜块浸没时浸入水中的深度为，由步骤B到铜块浸没，弹簧测力计的示数变化量为，已知在弹性限度内，弹簧受到的拉力每减少0.1N，弹簧的长度缩短0.1cm，故弹簧缩短0.2cm，则液面升高的高度为，结合压强公式计算可知烧杯底部受到水的压强增加了；
【分析】1、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同，探究浮力和液体密度的关系，需要控制密度不同，其余因素相同；
2、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、压强的计算：公式为P=ρgh。据此计算烧杯底部受到水的压强
23．【答案】（1）；B；B；A；0.625；RC
（2）
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）由实验设计可知，本电路为串联电路，电压表应并联在小灯泡两端测量其电压，观察实物图可发现原电路中电压表没有正确并联在小灯泡两端，修改方法为：将连接灯泡左接线柱与电流表正接线柱的导线，改接到开关的右接线柱即可。
为保护电路，在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片调整到接入电路阻值最大的位置，也就是本题中的B端。
电流表无示数，说明电路发生断路故障；而电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱可以连通到电源正负极，因此故障是与电压表并联的小灯泡断路，所以选B。
此时灯泡两端实际电压为2V，低于灯泡的额定电压2.5V，要让灯泡正常发光，需要增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律，需要减小滑动变阻器分得的电压，再结合串联分压原理可知，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑片应向A端移动。
由图乙可得，当灯泡在额定电压2.5V下工作时，对应的电流为0.25A，因此灯泡的额定功率为：
电源电压为6V，灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压为：
此时电路电流等于灯泡的额定电流0.25A，因此滑动变阻器接入电路需要的阻值为：
滑动变阻器的最大阻值小于需要的14Ω，无法满足要求；滑动变阻器的额定电流为0.2A，小于电路工作时的电流0.25A，会被烧坏，因此最终选择。
（2）利用等效替代法：两次电流都为时，滑动变阻器接入的电阻等于L2正常发光的电阻。滑片调至最左端，接入电阻为0，得电源电压①
滑片调至最右端，接入最大电阻 ，得电源电压②
联立①②解得，因此L2额定功率
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程，所以电压表测量电源电压，电流表测量定值电阻电流；
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析
4、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
5、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，联立4、5以及题目信息可计算。
（1）根据实验，电路是串联的，电压表测灯泡两端电压，原电路电压表未并联在灯泡两端，由实物图可知，应将灯泡左接线柱与电流表正极相连的线改接到与开关右接线柱相连。
闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即B端。
电流表示数为0说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表能连通电源两极，因此故障是小灯泡断路，故选B。
灯泡实际电压2V小于额定电压2.5V，要增大灯泡电压，由串联电压规律，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压原理，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，因此滑片向A端移动。
由图乙可知，额定电压2.5V对应的电流是0.25A，因此额定功率
灯泡正常发光时，滑动变阻器分压为
电路电流为0.25A，滑动变阻器需要的电阻
电阻不足14Ω， 额定电流0.2A小于工作电流0.25A，因此选 。
（2）利用等效替代法：两次电流都为时，滑动变阻器接入的电阻等于L2正常发光的电阻。滑片调至最左端，接入电阻为0，得电源电压①
滑片调至最右端，接入最大电阻 ，得电源电压②
联立①②解得，因此L2额定功率
24．【答案】（1）解：福建舰满载时，舰底受到海水的压强
（2）解：福建舰满载时，排开海水的体积
（3）解：舰载机弹射过程中做功的功率
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）结合压强公式计算福建舰满载时，舰底受到海水的压强；
（2）根据密度公式计算福建舰满载时，排开海水的体积；
（3）舰载机弹射过程中做功的功率。
（1）福建舰满载时，舰底受到海水的压强
（2）福建舰满载时，排开海水的体积
（3）舰载机弹射过程中做功的功率
25．【答案】（1）解：小灯泡的额定电功率
（2）解：只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知，电路电流为
（3）解：滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，通过的电流
根据并联电路电流规律，通过的电流为
则的阻值
（4）解：只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。此时滑动变阻器两端电压
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，最小阻值为
电压表量程为，电源总电压为，因此两端电压最大不超过，不会超过电压表量程，滑动变阻器可接入自身最大阻值。因此滑动变阻器的取值范围为
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）结合电功率公式计算小灯泡的额定电功率；
（2）只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知电路电流
（3）滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，结合欧姆定律计算通过的电流，结合并联电路电流规律计算可知通过的电流，同理计算的阻值；
（4）只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。结合串联电路电压规律计算可知此时滑动变阻器两端电压，结合欧姆定律计算可知滑动变阻器最小阻值；据此分析变阻器接入电路的阻值范围。
（1）小灯泡的额定电功率
（2）只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知，电路电流为
（3）滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，通过的电流
根据并联电路电流规律，通过的电流为
则的阻值
（4）只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。此时滑动变阻器两端电压
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，最小阻值为
电压表量程为，电源总电压为，因此两端电压最大不超过，不会超过电压表量程，滑动变阻器可接入自身最大阻值。因此滑动变阻器的取值范围为
1 / 12026年广西壮族自治区梧州市藤县九年级中考二模物理试题
1．下列估计值中，最接近实际的是（ ）
A．教室内的空气密度 B．一名中学生的质量约为50kg
C．成人正常步行的速度约为 D．人正常眨眼一次的时间约为5s
【答案】B
【知识点】质量及其特性；密度的应用与物质鉴别；时间的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A：教室中空气的密度约为 1.3kg/m3，换算后为1.3×10 3g/cm3，故A错误；
B：一名中学生的质量比成年人要略小，大概在50kg左右，故B正确；
C：成年人正常步行的速度约为1.2m/s，故C错误；
D：人正常眨眼一次的时间大约在0.3~0.4秒左右，故D错误。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、熟悉生活重常见的密度，如教室中空气的密度约为 1.3kg/m3，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．2026年春晚，机器人武术表演武BOT成焦点。科技与中华传统武术融合，带来有张力、观赏性的舞台效果，引发热议。该机器人身高1.82m，质量70kg，下列关于机器人的说法正确的是（　　）
A．机器人腾空后翻时受到的重力为0N
B．机器人舞双节棍时，双节棍没有施力所以不是施力物体
C．机器人站立时，受到的支持力是地面形变产生的
D．机器人腾空后翻时所受重力方向随之改变
【答案】C
【知识点】力的概念及单位；弹力；重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】A．只要是在地球附近的有质量物体，都会受到重力作用，机器人腾空后重力依然存在，计算可得它的重力大小为，故A错误；
B．根据力的作用相互性，受力物体同时一定也是施力物体，双节棍和机器人之间存在相互作用，所以双节棍本身也是施力物体，故B错误；
C．支持力属于弹力范畴，弹力本质是施力物体发生弹性形变后对受力物体产生的力，机器人受到的支持力的施力物体是地面，所以这个支持力是地面发生形变产生的，故C正确。
D．重力的方向永远是竖直向下，不会因为物体的运动状态发生变化而改变，故D错误。
故选C。
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、支持力，支持力作用于物体接触面之间，本质为弹力。
3．结合自然地理与物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．山地昼夜温差大，是因为砂石比热容大
B．大气压随海拔升高而增大
C．雷雨天气先看到闪电后听到雷声，因为光速远大于声速
D．冰川融化是凝固放热过程
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；光的传播速度与光年；比热容的定义及其计算公式；大气压强与高度的关系；声速
【解析】【解答】A．山地多砂石，砂石的比热容较小，在吸收或放出相同热量时，砂石的温度变化更明显，因此山地昼夜温差更大，故A错误；
B．大气压强会随海拔升高而降低，海拔越高，空气越稀薄，大气压强就越小，故B错误；
C．闪电和雷声是同时产生的，真空中光速约为，空气中的声速约为，光速远大于声速，所以闪电传播到观察者位置的时间远短于雷声传播的时间，因此我们会先看到闪电，后听到雷声，故C正确；
D．冰川融化是固态的冰变为液态水的过程，这个物态变化是熔化，熔化过程需要吸收热量；凝固是液态变为固态的放热过程，和冰川融化的过程不符，故D错误。
故选C。
【分析】1、压强和海拔的关系为：随着海拔的增加，压强减小，海拔的减小，压强增加。
2、光速远大于声速，所以先看到闪电在听到雷声；
3、熔化为固态变化为液态，吸收热量，如雪消融；
4、河水的比热容大于岩石，所以河水升温慢。
4．南漳县是著名的“香菇之乡”，当地农民采用真空冻干技术制作香菇脆片。该技术先将新鲜香菇在低温下冻结，然后在真空环境中使冰直接变成水蒸气逸出，从而保持香菇的形状和营养。冰直接变成水蒸气的过程属于（　　）
A．熔化，需要吸热 B．升华，需要吸热
C．汽化，需要放热 D．凝华，需要放热
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】物质从固态直接转变为气态的过程定义为升华，冰是固态，水蒸气是气态，冰不经过液态直接转变为水蒸气的过程符合升华的定义，同时升华这个物态变化过程需要吸收热量，B符合题意。
故选B。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
5．如图所示为某物理老师在讲解内燃机工作原理时演示“等离子炮”的情景，向管内充入适量的丁烷气体，点火后燃烧的火焰顺着管道流向水桶，在水桶内发生爆炸，大量气体从桶口冲出，最终将易拉罐击倒。关于“等离子炮”，下列说法正确的是（　　）
A．丁烷气体燃烧过程中将内能转化为化学能
B．气体冲出桶口推动易拉罐的过程中，气体的内能增加
C．水桶内的爆炸过程与汽油机的做功冲程的能量转化相同
D．“等离子炮”在工作过程中不遵循能量守恒定律
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A．丁烷燃烧的过程中，是化学能转化为内能，故A错误；
B．气体推动瓶盖向外冲出的过程中，是气体对外做功，会消耗自身的内能，因此气体自身内能减小，故B错误；
C．本实验中，塑料桶爆炸时，内能推动塑料桶运动，将内能转化为机械能；内燃机的做功冲程中，燃气推动活塞做功，也是将内能转化为机械能，二者能量转化形式相同，故C正确；
D．能量守恒定律是自然界的普遍规律，一切能量转化过程都遵守能量守恒定律，“等离子炮”工作也不例外，故D错误。
故选C。
【分析】1、燃料燃烧时，化学能转化为内能；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
6．如图，在深圳“无人面馆”中，仅需就可以吃上一碗热乎乎的面。顾客可以通过扫码或投币完成自助点餐（M工作）。下列设计符合该要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】启动自助点餐的自动出餐电动机，既可以通过扫码来闭合扫码开关，也可以通过投币来闭合投币开关，也就是说两个开关都可以独立控制电动机启动，两个开关的工作互不影响，因此扫码开关和投币开关是并联关系，最终两个开关共同控制电动机，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．如图所示，一足够长的轻绳一端连接重物A，另一端通过定滑轮连接物体B，物体B质量小于重物A质量。将重物A由静止释放下落至地面的过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．重物A的动能保持不变
B．物体B的机械能保持不变
C．重物A的重力势能完全转化为B的重力势能
D．重物A和物体B的能量总和保持不变
【答案】D
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化；能量守恒定律
【解析】【解答】A．重物A下落过程做加速运动，速度逐渐增大，质量保持不变，因此动能是不断增大的，故A错误；
B．物体B上升时，速度不断变大、上升高度也不断增加，它的动能和重力势能都在增大，因此物体B的机械能总体增大，故B错误；
C．重物A减少的重力势能，一部分转化为物体B的重力势能，还有一部分同时转化为重物A和物体B的动能，因此并不是全部转化为物体B的重力势能，故C错误；
D．整个过程不计绳重与摩擦，只有重力做功，因此重物A和物体B的总机械能总和保持不变，故D正确。
故选D。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
8．口技是优秀的民间表演技艺，高超的艺人可以用口、齿、唇、舌、喉、鼻等发声器官模仿大自然各种声音，使听者如身临其境。下列说法正确的是（ ）
A．口技声都是由艺人声带振动产生的
B．口技声通过空气传入听者的耳朵
C．口技艺人模仿的是声音的音调
D．口技声一定不会成为噪声
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】A：口技演员发出的声音，是靠口腔内相关的发声器官，也就是口、齿、唇、舌、喉、鼻等部位振动产生的，并非仅由声带振动发声，故A错误；B：声音传播必须依靠介质，日常我们听到口技表演的声音，主要是依靠空气作为介质传播进入人耳的，故B正确；
C：口技艺人表演时，主要是模仿不同发声体发出声音的音色，也就是声音的独特品质与特征，不是模仿音调，故C错误；
D：从环境保护的角度定义噪声，凡是影响人们正常休息、学习和工作，对人们需要听的声音产生干扰的声音都属于噪声，即使是口技表演声，如果对他人造成了干扰，它同样也属于噪声，故D错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、噪声：影响人类休息和学习的声音统称为噪声。
9．如题图所示为导体甲和乙的U-I图像，下列说法正确的是（　　）
A．导体甲的阻值为0.1
B．导体乙的电阻随着电流的增大而减小
C．当导体乙两端的电压为2V时，其实际功率为0.8W
D．当导体甲两端的电压为0时，其电阻也为0
【答案】C
【知识点】电阻；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．从图像中可以看出，当导体甲两端加8V电压时，通过导体甲的电流是0.8A，根据欧姆定律可计算出导体甲的电阻：，故A错误；
B．导体乙的U-I图像是曲线，观察图像变化规律可知，随着电流增大，导体乙两端电压与对应电流的比值逐渐变大，说明导体乙的电阻随电流增大而增大，故B错误；
C．当导体乙两端电压为2V时，从图像可读出此时通过乙的电流为0.4A，根据功率公式可得乙的实际功率为：
，故C正确；
D．电阻是导体自身的固有属性，它的大小只和导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，和导体两端电压、通过的电流无关，因此当导体甲两端电压为0时，它的电阻仍然是10Ω，故D错误。
故选C。
【分析】1、电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
2、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
3、电功率的计算：公式为P=UI。
10．如图，水平桌面上放有底面积和质量都相同的柱形与锥形甲、乙容器，分别装有深度相同、质量相等的液体。下列说法正确的是（ ）
①容器对桌面的压力：F甲>F乙；②液体的密度：
③液体对容器底部的压强：p甲＜p乙；④容器对桌面的压强：p甲=p乙
A．只有①和③ B．只有④ C．只有② D．只有③和④
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强大小比较；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】放在水平桌面上的物体，对桌面的压力等于自身的总重力。本题中两个容器的质量相等，容器内装的液体质量也相等，所以总重力相等，因此两容器对水平桌面的压力相等，即，因此①错误。
由图可知，两个容器的底面积相同、液体深度相同，甲容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，即，已知两容器内液体质量相等，根据密度公式可知，两种液体的密度关系为，因此②错误；
已知两容器内液体深度相同，且，根据液体压强公式可得，甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强，即，因此③正确；
前面已经推出两容器对水平桌面的压力，且两容器底面积（即桌面的受力面积）相同，根据压强公式可知，两容器对桌面的压强相等，即，因此④正确；
综上，只有③和④的说法正确，故选D。
【分析】1、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
3、物体静止在桌面，对桌面的压力等于重力；
4、密度的计算：公式为m=ρV，质量相同，体积和密度成反比。
11．“智飞”号是中国首艘自主研发并投入商业运营的智能航行集装箱船，也是全球已运营吨位最大的智能集装箱船，代表了中国智能航运的顶尖水平。下列说法正确的是（ ）
A．在靠岸装载集装箱的过程中，“智飞”号所受的浮力大小不变
B．我们看到“智飞”号船体是蓝色的，是因为船体反射了蓝色光
C．两艘船近距离并排行驶时易相撞，因为流体流速越大压强越小
D．“智飞”号在海面破浪而行，所载集装箱相对于船体是静止的
【答案】B,C,D
【知识点】物体的颜色；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A. 轮船始终处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件，漂浮时轮船受到的浮力始终等于自身的总重力。在装载集装箱的过程中，轮船的总重力不断变大，因此轮船受到的浮力也会随之增大，所以A选项错误；
B. 根据不透明物体的颜色规律：不透明物体的颜色由它反射的色光决定，我们看到船体呈现蓝色，是因为船体反射了太阳光中的蓝色光，吸收了其他色光，因此B选项正确；
C. 当两艘船近距离并排向前行驶时，两艘船内侧之间的水流通道变窄，导致此处水的流速大于两船外侧的水流流速。根据流体压强与流速的关系：流体流速越大，位置的压强越小，因此两船内侧受到水的压强小于两船外侧受到的水的压强，这个内外压强差会推动两艘船相互靠近，容易引发撞船事故，因此C选项正确；
D. 判断物体运动还是静止，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变。集装箱被固定在轮船上，它相对于船体的位置没有发生变化，因此所载集装箱相对于船体是静止的，因此D选项正确。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
3、物体呈现某种颜色是因为物体反射该颜色，吸收其他颜色；
4、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
12．如图所示，用12N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为2N。若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和轴摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A．在运动过程中若将拉力F增大到16N，则弹簧测力计的示数大于2N
B．地面受到的摩擦力为4N
C．绳子拉物体A的功率为1.2W
D．滑轮移动的速度为0.4m/s
【答案】B,C
【知识点】功率计算公式的应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A：物体B一直保持静止，受力始终平衡，弹簧测力计的拉力大小等于A、B之间滑动摩擦力的大小。滑动摩擦力的大小只和压力大小、接触面粗糙程度有关，拉力F增大后，这两个影响因素都没有发生改变，因此A、B间的滑动摩擦力仍然是，弹簧测力计的示数也仍然为2N，因此A错误；
B：拉力作用在动滑轮的轴上，因此每段绳子的拉力为，
也就是绳子拉A的力为。B保持静止，弹簧测力计示数是，说明A对B的滑动摩擦力大小为，根据力的作用是相互的，B对A的摩擦力大小也为，方向向左。A做匀速运动，受力平衡，因此地面对A的摩擦力大小为，再根据力的作用是相互的，地面受到的摩擦力大小也等于4N，因此B正确；
C：绳子拉物体A的功率为，因此C正确；
D：拉力作用在动滑轮的轴上，动滑轮的移动速度是物体A移动速度的二分之一，即，并不是0.4m/s，因此D错误。
故选BC。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、动滑轮缠绕绳子数为2，拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、力的合成与应用：两个力在同一直线上，方向相反，合力为两个力的代数差，方向相同，合力为两个力的代数和。
4、功率的计算：公式为P=Fv。
13．2026年3月，长征八号甲运载火箭托举星网低轨卫星直冲霄汉，地面控制中心通过　 　波与探测器传递信息，探测器在随火箭加速升空过程中，以地面为参照物，探测器是　 　的（选填“运动”或“静止”）。
【答案】电磁；运动
【知识点】运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】太空属于真空环境，而电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，因此地面控制中心依靠电磁波来和探测器传递信息；当探测器跟着火箭一起加速升空的时候，以地面作为参照物，探测器和地面之间的相对位置不断发生改变，因此探测器相对于地面是运动的。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
14．人接触汽车有时会被“电”一下，这是因为汽车行驶时与空气摩擦带电。手拿如图所示的静电消除器接触汽车，消除器中的发光二极管发光，若瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的是　 　电荷，发光二极管是由　 　（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料制成的。
【答案】负；半导体
【知识点】电流的方向；半导体特点及作用
【解析】【解答】规定正电荷定向移动的方向为电流方向，因此电流方向和自由电子的定向移动方向恰好相反。题目中说明电流方向是由消除器流向汽车，由此可以推知电子的移动方向是从汽车流向消除器，说明汽车上带有多余的负电荷；我们常用的发光二极管是由典型的半导体材料制作而成的。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管；
2、电流的方向：与电子定向移动的方向相反。
15．秦腔是甘肃省白银地区非常受欢迎的传统戏剧。表演时，演员高亢的唱腔是由声带　 　产生的；现场观众能分辨出不同角色的声音，主要是依据声音的　 　（填声音特性）不同。
【答案】振动；音色
【知识点】声音的产生；音色
【解析】【解答】物体振动是声音产生的原因，在表演过程中，演员发出高亢唱腔，这个声音是由演员自身的声带振动产生的。
不同发声角色的声带结构本身并不相同，这使得不同角色发出声音的音色存在区别，现场观众能够分辨出不同角色的声音，主要就是依靠音色这个声音特性来判断的。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
16．家用台式电脑额定功率约200W，连续正常工作2h，消耗电能　 　kW·h；电脑主机散热风扇工作时，主要将电能转化为　 　能。
【答案】0.4；机械
【知识点】能量的转化或转移；电功的计算
【解析】【解答】这段电视在待机状态下消耗的电能为：，散热风扇工作时，核心作用是带动扇叶转动获得风力，因此输入的电能大部分转化为了扇叶运动的机械能。
【分析】电功的计算：公式为W=Pt；
风扇工作时，电能转化为机械能。
17．如图所示，为一种车用破窗锤。其一端很尖，是为了在紧急情况下乘客敲击车窗时　 　（选填“增大”或“减小”）压强，更容易破窗；已知锤头尖端部分面积是，若某次乘客用尖端敲击窗户的力为60N，则破窗锤对车窗的压强是　 　Pa。
【答案】增大；3.0×107
【知识点】增大压强的方法及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】破窗锤一端很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，更容易破窗。
破窗锤对车窗的压强
故答案第一空：增大；第二空：3.0×107。
【分析】 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
压强公式：，注意单位换算：1mm2 = 10-6m2。
18．一个重3N、底面积为、足够高的柱形容器，装有深15 cm的液体，现把质量为540g、高15 cm、底面积为的圆柱体m放入其中，处于漂浮状态，圆柱体m浸入液体中的深度为，如图所示，则圆柱体m受到的浮力为　 　N；用外力将圆柱体m压入液体中刚好浸没，则此时容器底受到液体的压强为　 　Pa。
【答案】；2025
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 圆柱体漂浮在液体中时，竖直方向受力平衡，浮力等于自身重力，因此圆柱体受到的浮力为：
对于漂浮的圆柱体，浮力大小等于物体上下表面的压力差，圆柱体上表面不受液体压力，因此底部受到的压力等于浮力。根据压强公式可得圆柱体底部受到的液体压强为：
根据液体压强公式，可求出液体的密度：
当用外力将圆柱体压入液体中刚好浸没时，圆柱体完全浸入液体，排开液体的体积等于圆柱体自身体积：
圆柱体浸入后排开液体挤占原有液体空间，容器底面积不变，因此液面会上升，液面上升的高度为：
此时容器内液体的总深度为原浸入深度加上液面上升高度，根据液体压强公式可得此时容器底受到液体的压强为：；
【分析】1、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
2、压强的计算：液体压强的计算：公式为p=ρgh，据此计算液体的密度，固体压强的计算，据此计算圆柱体底部受到的液体压强。
19．（1）如题图是古代劳动人民用桔槔（jié gāo）汲水的简化图，请画出杠杆上A点受到的拉力及其力臂。
（2）如题图所示，OB是折射光线，折射光线与水平面的夹角为40°，请作出入射光线的大概位置，保留作图痕迹。
（3）将题图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；力臂的画法；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）杠杆A点受到的拉力沿绳子方向向下，作图时从A点出发，沿绳子向下画一条带箭头的线段，标注拉力符号；力臂是支点到拉力作用线的垂直距离，因此从支点向的作用线作垂线，垂线段的长度就是该力的力臂，按以上方法完成作图即可。
（2）当光从水斜射入空气时，折射光线会偏离法线，满足折射角大于入射角的规律。
首先过入射点O作出垂直于界面的虚线法线；已知折射光线OB和水面的夹角为，因此折射角（折射光线与法线的夹角）为。
结合光的折射规律：光从水射入空气时折射角大于入射角，因此入射光线在水中，入射角（入射光线和法线的夹角）小于。在法线另一侧的水中，画出指向O点的入射光线，标注箭头表示传播方向（光从水中射向水面），保证入射光线与法线的夹角明显小于50°即可，按以上方法完成作图。
（3）根据家庭电路安全用电的连接原则：三孔插座需要满足“左零右火上接地”，本题中三孔插座的右孔需要通过开关连接火线，上孔连接地线，左孔连接零线，按这个规则完成作图即可。
【分析】1、力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
2、折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线
3、电灯和开关的接法：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
（1）杠杆上A点受到的拉力方向沿绳的方向向下，因此从A点沿绳向下画一条带箭头的线段，并标上。从支点向拉力的作用线作垂线，垂线段的长度就是力臂，据此作图。
（2）当光从水斜射入空气时，折射光线会远离法线，折射角大于入射角；过入射点O作一条垂直于水面的虚线，这就是法线，由图可知，折射光线OB与水面夹角为40°，因此折射角为
因为光从水射入空气，折射角（50°）大于入射角，所以入射光线在水中，且与法线的夹角（入射角）要小于50°。在水中法线的另一侧，画出一条指向O点的入射光线，使其与法线的夹角明显小于50°，并标上箭头表示光的传播方向（从水射向空气）。据此作图。
（3）根据安全用电原则，三孔插座的右孔通过开关与火线相连，上孔接地线，左孔接零线。据此作图。
20．小丽同学在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让不同质量的钢球从斜槽同一高度由静止开始滚下，将静止在水平面上的木块撞出一段距离，如图所示。请你完成下列内容。
（1）在钢球从斜槽滚下的过程中，钢球的重力势能转化为　 　能；
（2）实验表明，钢球质量越大，将木块撞得越远，对木块做功越　 　，钢球的动能就越　 　；
（3）钢球在水平面上推动木块前进时受到4个力：①重力、②摩擦力、③木块对钢球的压力、④水平面对钢球的支持力，其中　 　是一对平衡力，　 　的方向相同；（两空均填写序号）
（4）小丽又让同一钢球分别从同一斜面的不同高度由静止自由滚下撞击木块，这是为了探究物体动能与　 　的关系。
【答案】（1）动
（2）多；大
（3）①④；②③
（4）运动速度
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）当钢球从斜槽上滚下时，它的高度逐渐下降，重力势能减小，同时速度不断增大，动能增大，这个过程中钢球的重力势能转化为动能。
（2）本实验采用转换法，通过观察木块被推动后移动的距离，来判断钢球动能的大小。如果钢球的质量越大，木块被撞击后移动得越远，这说明钢球对木块做的功越多，也就反映出钢球本身具有的动能越大。
（3）钢球在水平面上运动时，竖直方向处于受力平衡状态。钢球受到的竖直向下的重力，和水平面对钢球竖直向上的支持力，也就是序号①和④，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一物体同一直线上，符合平衡力的条件，是一对平衡力；钢球在水平面运动时，摩擦力会阻碍它的运动，摩擦力方向和钢球的运动方向相反；当钢球撞击木块时，木块对钢球的压力同样阻碍钢球向前运动，方向也和钢球的运动方向相反，因此摩擦力和木块对钢球的压力，也就是序号②和③，两个力方向相同。
（4）让同一个钢球，也就是保证质量相同，从斜面的不同高度滚下，这样钢球到达水平面时的速度不同，再去撞击木块，目的就是探究物体的动能和物体运动速度的关系。
综上，答案为： （1）动；（2）多；大；（3）①④；②③；（4）运动速度
【分析】本实验考查动能和哪些因素有关，实验中用到了转换法，通过观察木块被推动后移动的距离，来判断钢球动能的大小。还用到了控制变量法，同一个钢球，也就是质量相同，从斜面的不同高度滚下，这样钢球到达水平面时的速度不同，研究动能与速度的关系。对于钢球的受力分析容易错的是钢球受到的摩擦力和钢球受木块的压力，这两个力都是与钢球运动方向相反的。
（1）在钢球从斜槽滚下的过程中，高度降低、速度增大，钢球的重力势能转化为动能。
（2）实验通过木块移动距离反映钢球动能大小，钢球质量越大，将木块撞得越远，说明钢球对木块做功越多，钢球的动能就越大。
（3）钢球在水平面运动过程中，竖直方向上受力平衡，因此重力和水平面对钢球的支持力即①④
是一对平衡力，二者大小相等、方向相反； 摩擦力阻碍钢球运动，方向与钢球的运动方向相反，钢球撞击木块时，木块对钢球的压力阻碍钢球运动，方向与钢球的运动方向相反，因此摩擦力和木块对钢球的压力即②③方向相同。
（4）同一钢球（质量相同），从不同高度滚下时，钢球到达水平面的速度不同，撞击木块，是为了探究物体动能与速度的关系。
21．根据所学物理知识完成题图物理小实验：
（1）如图甲木块M的长度为　 　cm；
（2）如图乙，秒表的读数为　 　s；
（3）当天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，则物体的质量为　 　g；
（4）如图丁的温度计原理是利用液体的　 　；
（5）如图戊，“探究平面镜成像的特点”时，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，实验中蜡烛B　 　（选填“需要”或“不需要”）点燃；观察到的像与蜡烛大小　 　。
【答案】（1）2.70
（2）100.8
（3）61.2
（4）热胀冷缩
（5）不需要；相等
【知识点】液体温度计的构造与工作原理；质量的测量与天平的使用；时间及其测量；刻度尺的使用；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）观察图甲的刻度尺，其分度值为0.1cm，被测物体的左端与4.00cm刻度线对齐，右端与6.70cm刻度线对齐，因此物体的长度为；
（2）观察图乙的秒表，小表盘为分钟刻度，分度值是0.5min，大表盘为秒刻度，分度值是0.1s。分针指针落在1min和2min之间，且更靠近2min，因此大表盘对应读数为40.8s，最终测得的时间为
（3）观察图丙的天平标尺，标尺的分度值为0.2g，此时游码对应的刻度值为1.2g，因此被测物体的总质量为
（4）图丁中的温度计属于液体温度计，它的工作原理是利用液体热胀冷缩的性质制成的。
（5）在平面镜成像实验中，蜡烛B不需要点燃。实验中蜡烛B的作用是和蜡烛A的像重合，以此比较像和物体的大小关系，如果点燃蜡烛B，烛焰的光线会干扰对蜡烛A所成像的观察，影响实验效果。根据平面镜成像的特点，平面镜所成的像和物体大小相等，因此蜡烛的像和蜡烛本身大小相等。
【分析】1、长度的测量：将待测物体紧贴刻度尺，视线平行刻度尺，认清刻度尺的分度值，读数时要精确到分度值后一位。
2、停表的读数：小盘为分钟，大盘位秒钟，按照指针指向数字进行读数。
3、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
4、天平的使用步骤：调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；
5、平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）图甲中刻度尺的分度值为0.1cm，左侧对准的刻度是4.00cm，右侧对准的刻度是6.70cm，故长度为
（2）图乙中秒表小圈代表分钟，分度值为0.5min，大圈代表秒，分度值为0.1s，分针指在1min和2min之间，更偏向2min，所以大圈对应的时间是40.8s，故时间为
（3）图丙中标尺的分度值是0.2g，游码在1.2g位置，物体的质量为
（4）图丁中的温度计是液体温度计，其原理是利用液体的热胀冷缩性质制成的。
（5）蜡烛B不需要点燃。实验中蜡烛B是用来与蜡烛A的像重合，比较像与物的大小，如果点燃会干扰观察像。根据平面镜成像的特点可知像与物大小相等，即观察到的像与蜡烛大小相等。
22．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，同学们根据生活经验讨论交流后提出了猜想。（，g取10N/kg）
猜想一：浮力的大小与物体密度有关。
猜想二：浮力的大小与物体浸没在液体中的深度有关。
猜想三：浮力的大小与液体密度有关。
猜想四：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（1）请你写出一个支持猜想三的生活现象：　 　（合理即可）。
（2）同学们进行了如图所示的操作：用弹簧测力计挂着铜块，将其缓慢地浸入液体中的不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示，并将弹簧测力计的示数记录在表中。
实验步骤 B C D E F
弹簧测力计的示数F/N 2.6 2.5 2.4 2.4 2.3
（3）分析实验步骤　 　，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）。
（4）分析实验步骤A、B、C、D，说明浮力的大小跟　 　有关。
（5）分析实验步骤　 　，可知猜想三是正确的。
（6）根据表格中的数据，可知未知液体的密度是　 　g/cm3。（结果保留一位小数）
【拓展】在实验步骤B的基础上把弹簧测力计的拉环固定在铁架台上（在进行此操作时，保持铜块下表面到水面的距离不变），然后再缓慢向烧杯中加水。当所加的水使铜块刚好浸没时（水未溢出），烧杯底部受到水的压强增加了　 　Pa。（已知铜块的底面积为5cm2、高为6cm；在弹性限度内，弹簧受到的拉力每减少0.1N，弹簧的长度缩短0.1cm）
【答案】同一个鸡蛋在清水里会下沉，在浓盐水中会上浮；A、D、E；无关；物体排开液体的体积；A、E、F；1.3；420
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）同一枚鸡蛋放入清水中下沉，放入浓盐水中上浮，直观体现液体密度对浮力的影响。（3）对比 A、D、E 三组实验，铜块浸没在水中不同深度，弹簧测力计示数不变，利用称重法可判断浮力相等，证明浮力大小与物体浸没深度无关。
（4）分析 A、B、C、D 实验，液体种类不变，物体排开液体体积越大，测得浮力越大，结论：同种液体中，物体所受浮力随排液体积增大而增大。
（5）对比 A、E、F 实验，物体排液体积一致，液体密度不同，浮力大小存在差异，说明排液体积相同时，浮力大小与液体密度有关，猜想三成立。
（6）由 A 步骤读出铜块重力2.7N，结合实验数据分别算出铜块浸没在水、待测液体中受到的浮力为、；物体浸没时排液体积等于自身容积，结合阿基米德原理联立计算待测液体密度。
【拓展】根据 B 步骤测力计示数求出此时铜块受到的浮力
此时铜块排开液体的体积为，铜块浸入水中的深度为，铜块浸没时浸入水中的深度为，由步骤B到铜块浸没，弹簧测力计的示数变化量为，已知在弹性限度内，弹簧受到的拉力每减少0.1N，弹簧的长度缩短0.1cm，故弹簧缩短0.2cm，则液面升高的高度为，结合压强公式计算可知烧杯底部受到水的压强增加了；
【分析】1、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同，探究浮力和液体密度的关系，需要控制密度不同，其余因素相同；
2、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、压强的计算：公式为P=ρgh。据此计算烧杯底部受到水的压强
23．小敏在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡和额定电流为的小灯泡进行实验。
（1）图甲是小敏同学在测量小灯泡的额定功率时连接的实物电路。
①图甲中有一根导线连接错误，请在这根线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法　 　。
②改正电路连接后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　端以保护电路（选填“A”或“B”）；
③闭合开关后发现灯泡不亮，电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，故障原因可能是　 　；
A.灯泡短路 B.灯泡断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路
④实验中，观察到小灯泡的电压为2.0V时，为了测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向　 　（选填“A”或“B”）端移动。若通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图乙所示，可知小灯泡的额定功率为　 　W。
⑤实验中滑动变阻器有三种规格，分别为“ 1A”、“ 0.2A”、“ 0.5A”应选用　 　（选填“”、“”或“”）。
（2）小宇同学还设计了如图丙所示的电路，测出了灯泡的额定功率。已知：滑动变阻器的最大阻值均为。
①只闭合开关S、，移动的滑片，使电流表示数为。
②断开开关，并保持滑片的位置不变，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为。
③保持滑片的位置不变，再将的滑片调至最左端，记下电流表的示数；最后将的滑片调至最右端，记下电流表的示数。
④写出灯泡额定功率的表达式：　 　。（用、、、表示）
【答案】（1）；B；B；A；0.625；RC
（2）
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）由实验设计可知，本电路为串联电路，电压表应并联在小灯泡两端测量其电压，观察实物图可发现原电路中电压表没有正确并联在小灯泡两端，修改方法为：将连接灯泡左接线柱与电流表正接线柱的导线，改接到开关的右接线柱即可。
为保护电路，在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片调整到接入电路阻值最大的位置，也就是本题中的B端。
电流表无示数，说明电路发生断路故障；而电压表示数接近电源电压，说明电压表的两个接线柱可以连通到电源正负极，因此故障是与电压表并联的小灯泡断路，所以选B。
此时灯泡两端实际电压为2V，低于灯泡的额定电压2.5V，要让灯泡正常发光，需要增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律，需要减小滑动变阻器分得的电压，再结合串联分压原理可知，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑片应向A端移动。
由图乙可得，当灯泡在额定电压2.5V下工作时，对应的电流为0.25A，因此灯泡的额定功率为：
电源电压为6V，灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压为：
此时电路电流等于灯泡的额定电流0.25A，因此滑动变阻器接入电路需要的阻值为：
滑动变阻器的最大阻值小于需要的14Ω，无法满足要求；滑动变阻器的额定电流为0.2A，小于电路工作时的电流0.25A，会被烧坏，因此最终选择。
（2）利用等效替代法：两次电流都为时，滑动变阻器接入的电阻等于L2正常发光的电阻。滑片调至最左端，接入电阻为0，得电源电压①
滑片调至最右端，接入最大电阻 ，得电源电压②
联立①②解得，因此L2额定功率
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程，所以电压表测量电源电压，电流表测量定值电阻电流；
2、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
3、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析
4、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
5、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，联立4、5以及题目信息可计算。
（1）根据实验，电路是串联的，电压表测灯泡两端电压，原电路电压表未并联在灯泡两端，由实物图可知，应将灯泡左接线柱与电流表正极相连的线改接到与开关右接线柱相连。
闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即B端。
电流表示数为0说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表能连通电源两极，因此故障是小灯泡断路，故选B。
灯泡实际电压2V小于额定电压2.5V，要增大灯泡电压，由串联电压规律，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压原理，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，因此滑片向A端移动。
由图乙可知，额定电压2.5V对应的电流是0.25A，因此额定功率
灯泡正常发光时，滑动变阻器分压为
电路电流为0.25A，滑动变阻器需要的电阻
电阻不足14Ω， 额定电流0.2A小于工作电流0.25A，因此选 。
（2）利用等效替代法：两次电流都为时，滑动变阻器接入的电阻等于L2正常发光的电阻。滑片调至最左端，接入电阻为0，得电源电压①
滑片调至最右端，接入最大电阻 ，得电源电压②
联立①②解得，因此L2额定功率
24．2025年11月5日，我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射航母“福建舰”正式加入人民海军的行列，如图所示。资料显示，福建舰满载时排水量8万余吨（以8万吨计算），吃水深度达到（船舶满载时在水中浸入的最大深度）13m，中压直流综合电力系统电磁弹射器假设可以在2s内将歼-15T重型舰载机由的电磁推力弹射100m的距离而放飞，求：（海水的密度取，g取10N/kg）
（1）福建舰满载时，舰底受到海水的压强；
（2）福建舰满载时，排开海水的体积；
（3）福建舰的电磁弹射器将一架歼-15T舰载机弹射过程中做功的功率。
【答案】（1）解：福建舰满载时，舰底受到海水的压强
（2）解：福建舰满载时，排开海水的体积
（3）解：舰载机弹射过程中做功的功率
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）结合压强公式计算福建舰满载时，舰底受到海水的压强；
（2）根据密度公式计算福建舰满载时，排开海水的体积；
（3）舰载机弹射过程中做功的功率。
（1）福建舰满载时，舰底受到海水的压强
（2）福建舰满载时，排开海水的体积
（3）舰载机弹射过程中做功的功率
25．如图甲的电路中，电源电压保持15V不变。小灯泡L的电流I随电压U的变化关系如图乙。小灯泡L的额定电压为6V。为标有“75；1A”的滑动变阻器。求：
（1）小灯泡的额定电功率；
（2）滑动变阻器的滑片在中点时，只闭合开关，求电流表的示数；
（3）若将滑动变阻器的滑片移至a端，只闭合开关S2、S3后，电流表的示数为0.5A，求定值电阻R1的阻值；
（4）只闭合开关S1，若灯泡两端电压不能超过6V，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~15V，为了保护电路的安全，求滑动变阻器R2的取值范围。
【答案】（1）解：小灯泡的额定电功率
（2）解：只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知，电路电流为
（3）解：滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，通过的电流
根据并联电路电流规律，通过的电流为
则的阻值
（4）解：只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。此时滑动变阻器两端电压
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，最小阻值为
电压表量程为，电源总电压为，因此两端电压最大不超过，不会超过电压表量程，滑动变阻器可接入自身最大阻值。因此滑动变阻器的取值范围为
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）结合电功率公式计算小灯泡的额定电功率；
（2）只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知电路电流
（3）滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，结合欧姆定律计算通过的电流，结合并联电路电流规律计算可知通过的电流，同理计算的阻值；
（4）只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。结合串联电路电压规律计算可知此时滑动变阻器两端电压，结合欧姆定律计算可知滑动变阻器最小阻值；据此分析变阻器接入电路的阻值范围。
（1）小灯泡的额定电功率
（2）只闭合时，只有滑动变阻器接入电路，且全部接入电路，根据欧姆定律可知，电路电流为
（3）滑片移至端，只闭合、时，与并联，电流表测量干路电流。此时接入全部阻值，干路电流，通过的电流
根据并联电路电流规律，通过的电流为
则的阻值
（4）只闭合时，小灯泡与串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。电路最大电流。此时滑动变阻器两端电压
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，最小阻值为
电压表量程为，电源总电压为，因此两端电压最大不超过，不会超过电压表量程，滑动变阻器可接入自身最大阻值。因此滑动变阻器的取值范围为
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