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广东省潮州市湘桥区潮州市城西中学联考2025~2026学年八年级第二学期期中教学质量检查物理试题
1．下列数据中，接近实际情况的是（　　）
A．一个鸡蛋的质量的是5kg
B．初二学生小陈的身高大约是16m
C．初二学生小明步行的速度大约是20m/s
D．初二学生小方的重力大约是500N
2．下列情景中，能说明力可以改变物体的运动状态的是（　　）
A．手拉弹簧
B．球拍击球
C．锤弯铁片
D．手捏泥塑
3．下列器材或情景，是为了减小摩擦的是（　　）
A．冰壶运动员擦冰
B．轮胎上有花纹
C．自行车的车闸
D．涂有防滑粉的手
4．如下图所示的工具中，属于费力杠杆的是（　　）
A．扳手 B．手钳
C．核桃夹 D．镊子
5．用下列简单机械，使重量同为G的物体都处于静止状态，如图所示，其中用力最大的是（均不计摩擦和机械自重）（　　）
A． B．
C． D．
6．中国是掌握空中加油技术的少数国家之一，如图是我国自行研制的第三代战斗机“歼—10”在空中加油的情景，选择下列哪个物体为参照物，可以认为加油机是运动的（　　）
A．“歼—10”战斗机 B．地面上的房屋
C．加油机中的飞行员 D．“歼—10”战斗机里的飞行员
7．动物的进化会使它们的身体结构更适应环境，下列现象用压强知识解释错误的是（　　）
A．骆驼的脚掌特别宽大————增大受力面积，减小压强，有利于在沙漠中行走
B．狗的牙齿很尖———减小受力面积，增大压强，有利于撕咬食物
C．鸭的足掌宽大———增大受力面积，增大压强，有利于觅食
D．啄木鸟的喙又尖又长————减小受力面积，增大压强，有利于从树洞中挖出虫子
8．如图所示，小明将汤匙放在手指尖上，汤匙能在指尖上静止，是因为指尖对着汤匙的位置，恰好是汤匙 　 　所在处，汤匙重力施力的物体是 　 　。如果静止在指尖的汤匙所受的力全部消失，汤匙将 　 　（选填“静止在原处”或“匀速直线下落”）。
9．如图所示，用手指压笔芯，笔芯弯曲了，说明力可以改变物体的　 　。同时手指感到疼痛，说明物体间力的作用是　 　的，松手后，笔芯完全恢复原状，笔芯的这种形变叫做　 　形变。
10．如图是古人运输巨木的情景，图中的横杆本质上是一个　 　；为了更容易地把巨木抬起来，支架应尽量向横杆的　 　（选填“左”或“右”）端靠近。
11．如图两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子受力　 　（选填“平衡”或“不平衡”）。用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有　 　，其位置几乎不变。当下方棋子飞出后，上方棋子受　 　力的作用而下落。
12．完成任务的航天员乘坐返回舱返回地面，以降落伞为参照物，返回舱是　 　的；当返回舱匀速下降时，降落伞和返回舱所受空气阻力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）降落伞与返回舱的总重力；当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向　 　（选填“上”或“下”）喷气，从而进一步减速。
13．如图所示的滑轮组，其中B是　 　（选填“定”或“动”）滑轮，A滑轮可以改变拉力的　 　（选填“大小”或“方向”），若使重为30N的物体在水平地面做匀速直线运动，此时物体与水平地面间的摩擦力为6N，则拉力F的大小为　 　（不计动滑轮重、绳重、滑轮与绳的摩擦）。
14．用如下图所示的扳手拧螺丝时，该扳手相当于一个　 　（选填“轮轴”或“滑轮”），使用时可以省　 　（选填“力”或“距离”）。一只手稳住扳手的十字交叉部位，另一只手用同样大小和方向的力在　 　（选填“A”“B”或“C”）点处更容易拧动螺丝。
15．利用图像法处理数据，可以形象直观地反映物理量的变化规律。周日做完作业，小明和小红相约骑自行车，他们同时同地出发向北做直线运动，如图所示是他们的图像。出发后，在3~7s这段时间内，以小红为参照物，小明向　 　运动；出发后经过　 　s，小明能追上小红；在小明追上小红之前，两人相距最远距离为　 　m。
16．如下图所示，某工人站在地面上使用由三个滑轮组成的滑轮组提升重物，请画出最省力的绕绳方法。
17．如图所示，一个物块沿斜面向上做减速运动，请在图中画出此过程中物块对斜面的压力F和物块受到的滑动摩擦力f的示意图。
18．“节约用水，人人有责！”如图甲所示，是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看做是一个杠杆，是阻力、请你在如图乙中分别画出动力和阻力的力臂L1和L2。
19．在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块（重10N）、砝码（重2N）、弹簧测力计等进行实验。
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做　 　运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）按图乙进行实验时，发现弹簧测力计的示数达到最大值（5N）时仍无法拉动木块，此时，木块受到的摩擦力为　 　N；
（3）实验中应选择图　 　（同时填写两个图的名称）对比进行实验，并由此得出结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图丁所示，将测得木块所受的摩擦力与图甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是　 　（选填“正确”或“错误”）的；
（5）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定，于是他们改进实验，如图戊所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。他们尝试快速拉动长木板和缓慢拉动长木板，发现两次实验中，弹簧测力计的示数　 　（选填“快速拉动时大”“缓慢拉动时大”或“一样大”）。
20．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，把杠杆的中点架在支架上。
（1）杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于　 　状态（填“平衡”或“不平衡”）；为使杠杆在水平位置平衡，应该将杠杆右端的平衡螺母向　 　（填“左”或“右”）移动。
（2）实验时，在杠杆左边挂3个钩码，如图乙所示。为了使杠杆重新在水平位置平衡，在A点应挂　 　个钩码。
（3）将杠杆调成水平平衡后进行图丙实验：
①在杠杆左侧某位置挂上钩码后，在B点用弹簧测力计竖直向上拉，当拉力逐渐增大到弹簧测力计最大值仍不能使杠杆在水平位置平衡，接下来可行的操作是　 　。（填“增加钩码的数量”或“左侧钩码悬挂点右移”或“右移弹簧测力计悬挂点”）
②当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，为了使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将会　 　。（填“变大”“不变”或“变小”）
21．小红利用小桌、海绵、钩码等器材探究“影响压力作用效果的因素”实验，如图所示：
（1）实验中，她是通过观察海绵的　 　来比较压力作用效果的；
（2）比较　 　两图，可初步得到：受力面积相同时，压力越　 　，压力作用效果越明显；
（3）通过实验小红发现坦克设计成履带的原因可用　 　两图实验所得结论解释；
（4）仅将丙图的海绵换成丁图的木板，则小桌对木板和海绵的压强　 　（选填“相等”或“不等”）；
（5）为了使实验现象更加明显，可选择质量较大的砝码或更柔软的　 　进行实验；
（6）质量分布均匀的同一长方体用以下三种不同的方法切去一半（图戊），分别留下序号为①②③的三个半块保持原有位置静止。三个半块对桌面的压力　 　（选填“相等”或“不等”），对桌面的压强最大的是　 　（选填“①”“②”或“③”）。
22．如图所示是小明同学“探究二力平衡条件”的实验过程。
（1）把木块放在水平桌面上，在两端挂上钩码，发现当两边钩码质量相等时，木块静止。当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，小木块也保持静止，这时木块在水平方向受到的力　 　（选填“平衡”或“不平衡”）；
（2）为了解决这个问题，小明将木块换成小车，如图乙。小车处于静止时，保持F1与F2大小相等，将小车扭转到如图丙所示的位置，松手后，小车将　 　（选填“保持静止”或“扭转回来”）；这一步骤说明二力平衡时，要满足两个力在　 　上的条件。
23．人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅的送餐机器人的重力为400N，它与水平地面的接触面积为，将餐菜送到20m远的顾客桌上需要25s，求（）
（1）送餐机器人的移动速度；
（2）送餐机器人的对地面压力；
（3）若送餐机器人托着3kg的餐菜，求此时机器人对水平地面的压强。
24．如图所示的是小明自制的一把杆秤，O为杆秤提纽，不挂重物和秤砣时，手提提纽，秤杆可水平平衡。向秤盘中放入0.4kg的物体时，需要将秤砣移至B点，才能使秤杆再次水平平衡。已知，。取，求：
（1）秤盘中物体受到的重力。
（2）秤砣的质量。
25．如图是我国自主研发的战略重型运输机“运-20”，可在复杂气象条件下，执行长距离航空运输任务。该飞机最大起飞质量为210t，有14个轮子，每个轮子与地面的接触面积约为0.2。（g取10N/kg）
（1）飞机降落到地面，关闭发动机后，在水平地面将做　 　（选填“匀速”“加速”或“减速”）直线运动，直至完全停下来。
（2）在某次训练中，飞机在5h内飞行了3600km，则平均飞行速度是　 　m/s。
（3）该飞机满载时，受到最大的重力是　 　N，静止在水平跑道上地面对它的支持力为　 　N。
26．明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，用力使大轮转动，小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。
（1）图甲所示，辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它按照　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆来设计的。
（2）图甲所示，设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶的总质量为6kg，则水桶受到的总重力为　 　N。若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力应为　 　N。（不计井绳的粗细和自重，g取10N/kg）
（3）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用　 　（选填“①”或“②”）。
（4）图丁的螺丝刀在使用的时候，发现手柄位置是粗糙不平的，这样做的好处是　 　。
27．阅读下列短文，回答问题。
无砟（zhǎ）轨道的高速列车无砟轨道，如图甲的路基不用碎石，铁轨和轨枕直接铺在混凝土上，这样可减少维护、降低粉尘等。高速列车在无砟轨道上运行时如子弹头般穿梭而过，时速可达350km/h（如图乙），传统铁路的铁轨是固定在枕木上，之下为小碎石铺成的路砟（如图丙）。
（1）列车设计成子弹头型，目的是　 　。
（2）列车在匀速行驶过程中，其动力　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）阻力。
（3）在高速行驶的动车上，相对于座椅来说，桌子是　 　（选填“运动”或“静止”）的；相对于地面，桌子是　 　（选填“运动”或“静止”）。
（4）动车的车窗旁配备“逃生锤”，遇到紧急情况时，乘客可以用“逃生锤”砸破玻璃逃生，为了更容易砸破玻璃，“逃生锤”外形应该选择______（填字母）。
A． B．
C． D．
（5）传统的铁路轨道路砟和枕木的主要作用是增大受力面积，防止铁轨因压力太大而下陷到泥土里。如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体枕木模块静止在水平地面上，它们对地面的压强相等。若在两个正方体的上部，沿水平方向截去相同的高度后，再沿竖直方向截去相同的厚度，则它们剩余部分对地面的压强，和的大小关系是（　　）
A．一定小于 B．一定大于
C．一定等于 D．可能小于
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、一个普通鸡蛋的质量大约为50g=0.05kg，因此A不符合题意；
B、初二年级学生的身高普遍在1.6m左右，因此B不符合题意；
C、人正常步行的速度约为1.1m/s，因此初二学生步行速度也符合这个范围，C不符合题意；
D、初二学生的质量大约为50kg，对应的重力计算为：G=mg=50kg×10N/kg=500N，因此D符合题意。
故选D。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．【答案】B
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A、手对弹簧施加拉力后，弹簧的外形发生了改变，这个现象说明力能够改变物体的形状，因此A不符合题意；
B、球拍击打乒乓球时，力同时改变了乒乓球运动的速度大小和运动方向，这个现象说明力能够改变物体的运动状态，因此B符合题意；
C、铁锤敲击后铁片被砸弯，铁片的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状，因此C不符合题意；
D、手捏握泥塑时，泥塑的外形发生了改变，同样说明力可以改变物体的形状，因此D不符合题意。
故选B。
【分析】力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
3．【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员擦冰会让冰面表层熔化形成水膜，这层水膜能够减小冰壶和冰面之间的摩擦力，因此该操作的目的就是减小摩擦，故A正确；
B、轮胎上刻出花纹，是在压力大小固定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，因此B错误；
C、捏下自行车的车闸刹车时，是在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大车轮和闸皮间的摩擦力，从而实现刹车，因此C错误；
D、手上涂防滑粉，是在压力固定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大手和器械之间的摩擦力，避免打滑，因此D错误。
故选A。
【分析】增大摩擦力的方法：增加接触面的粗糙程度，如鞋底的花纹、杠杆运动员手上的镁粉，增加压力，如紧捏自行车的闸；
减小摩擦力的方法：变滑动为滚动，减小接触面的粗糙程度、减小压力。
4．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．我们使用扳手的时候，动力臂比阻力臂更长，因此它属于省力杠杆，故A错误；
B．手钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，同样属于省力杠杆，故B错误；
C．使用核桃夹夹核桃时，动力臂比阻力臂大，属于省力杠杆，故C错误；
D．使用镊子夹物体时，支点在镊子上端的连接位置，此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D正确。
故选D。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
5．【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件；滑轮组及其工作特点
【解析】【解答】A、杠杆处于平衡状态，此时动力臂比阻力臂更长，根据杠杆平衡条件可得F＜G；
B、杠杆平衡，动力臂比阻力臂更短，根据杠杆平衡条件可得F>G；
C、使用的是定滑轮，定滑轮不省力，因此F=G；
D、使用的是动滑轮，动滑轮可以省一半力，因此；因此B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】1、杠杆平衡条件，动力×动力臂=阻力×阻力臂，当动力臂大于阻力臂，动力小于阻力；
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力。
6．【答案】B
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】判断物体运动还是静止，关键要看被研究物体与所选参照物之间的相对位置是否发生改变。空中加油过程中，加油机和歼-10 战斗机保持相对静止，以战斗机、双方飞行员作为参照物时，加油机的相对位置没有发生变化，此时加油机处于静止状态；选取地面房屋作为参照物时，加油机的位置不断发生改变，因此加油机是运动的。故B符合题意，A、C、D不符合题意。
故选：B。
【分析】（1）物体运动与静止具有相对性，同一物体选择不同参照物，运动状态判定结果可能不同。
（2）相对静止的两个物体，运动速度大小和运动方向完全一致，彼此间相对位置不会发生改变。
7．【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．骆驼在沙漠行走时，对沙地的压力等于自身重力，大小一定，宽大的脚掌增大了与沙地的接触面积，根据压强公式可知，受力面积越大压强越小，因此减小了骆驼对沙地的压强，避免脚掌陷入沙中，有利于沙漠行走，因此A正确，不符合题意；
B．狗撕咬食物时，对食物的压力一定，犬齿做得很尖，可以减小受力面积，从而增大对食物的压强，更方便撕咬食物，因此B正确，不符合题意；
C．鸭在泥地、水中活动觅食时，对接触面的压力一定，宽大的足掌增大了受力面积，能够减小对接触面的压强，方便鸭在泥地活动，更有利于觅食，因此C错误，符合题意；
D．啄木鸟凿木取虫时，对树木的压力一定，又尖又长的喙可以减小受力面积，从而增大对树木的压强，更容易凿开树木，从树洞中挖出虫子，因此D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
8．【答案】重心；地球；静止在原处
【知识点】重力及其大小的计算；重心；牛顿第一定律
【解析】【解答】题图中的汤匙平稳静止在指尖，是因为指尖支撑点刚好落在汤匙的重心位置；汤匙受到的重力，施力物体为地球。 根据牛顿第一定律，若此时静止的汤匙受到的所有外力全部消失，汤匙会保持原来的静止状态，停留在原地不动。
故答案为：重心；地球；静止在原处。
【分析】物体的重心是其所受重力的等效作用点，支撑在重心位置时物体可保持平衡；重力是地球对物体的吸引产生，施力物体永远是地球；牛顿第一定律表明，物体不受外力时，原本静止的物体会持续保持静止，运动的物体则保持匀速直线运动。
9．【答案】形状；相互；弹性
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力
【解析】【解答】 当我们用手指按压笔芯时，笔芯在手指的作用力下发生弯曲，原本的形状出现了变化，这一现象就证明了力能够改变物体的形状。
在按压笔芯的时候手会感觉到疼痛，这是因为力的作用是相互的：手对笔芯施加力的同时，笔芯也会对手施加一个反作用力，因此手才会产生痛感，这个现象说明物体间力的作用是相互的。
撤去手指的压力、松开手后，笔芯可以完全恢复到原本的形状，物理学中把这种撤去外力后能够自动恢复原状的形变称为弹性形变。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、弹性：物体 受力发生形变，失去力 可以恢复原来形状的性质。
10．【答案】杠杆；左
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】我们先根据杠杆的定义来分析：只要是可以绕固定点转动的硬棒，就属于杠杆，本题里的横杆可以绕支架的固定位置转动，因此横杆本质上就是杠杆。
接下来结合杠杆平衡条件分析：本题中巨木对横杆的作用力是杠杆的阻力，它的大小保持不变；当我们把支架向横杆左端也就是巨木所在的一侧移动时，杠杆的阻力臂会缩短，同时动力臂会增大，代入杠杆平衡条件可知，阻力不变的情况下，所需要的动力会变小，也就更容易抬起巨木了。
【分析】杠杆平衡条件，动力×动力臂=阻力×阻力臂，减小阻力臂，增加动力臂，所以会减小阻力。
11．【答案】平衡；惯性；重
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】上方棋子保持静止状态，竖直方向受到自身重力与下方棋子的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一物体上，是一对平衡力，因此受力平衡；快速击打下方棋子时，上方棋子由于惯性要保持原来的静止状态，位置几乎不变；下方棋子飞出后，上方棋子失去支持力，在竖直向下的重力作用下落。
故答案为：平衡；惯性；重
【分析】(1) 本题考查平衡状态判断，静止的物体受平衡力作用；
(2) 本题考查惯性的应用，物体具有保持原有运动状态不变的性质；
(3) 本题考查重力的作用，重力竖直向下，会使失去支撑的物体下落。
12．【答案】静止；等于；下
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】返回舱与降落伞的运动状态相同，返回舱相对于降落伞是静止的。[当返回舱匀速下降时，返回舱处于平衡状态，降落伞和返回舱所受空气阻力等于降落伞与返回舱的总重力。当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向下喷气，气体给反推发动机一个向上的力，使得返回舱受到一个背向地球的推力使返回舱安全着陆。
综上 第1空、静止； 第2空、等于； 第3空、下。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
13．【答案】动；方向；2N
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】施加拉力F拉动绳子自由端时，滑轮B会跟随重物一同向左平移，因此滑轮B属于动滑轮；滑轮A的转轴固定不变，属于定滑轮，定滑轮能够改变拉力的作用方向。 观察题图可得，直接承载动滑轮的绳子共有3段，即n=3。 若忽略绳子自重、滑轮重力与滑轮摩擦，可利用对应公式算出绳子自由端的拉力为。
故答案为：动；方向；2。
【分析】 （1）随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，动滑轮可以省力，但是不能改变施力的方向；轴固定不动的滑轮叫定滑轮，定滑轮不能省力，但是可以改变施力的方向；
（2）先确定动滑轮上绳子的段数n，不计绳和滑轮的重力以及滑轮的摩擦，然后根据可计算绳端的拉力。
14．【答案】轮轴；力；C
【知识点】杠杆的动态平衡分析；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】用扳手拧螺丝的过程中，转动是以螺丝中心为转轴进行的，完全符合轮轴的结构特点，因此扳手在使用时属于轮轴类简单机械。由于扳手的轮半径（也就是握扳手位置到转动中心的距离）大于轴半径（螺丝自身的半径），因此使用扳手拧螺丝可以达到省力的效果。
在阻力和阻力臂固定不变的情况下，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越大，所需要的动力就越小。用扳手拧螺丝时，在A点施力动力臂最小，需要的动力最大；在C点施力动力臂最大，需要的动力最小，因此在C点施力会更容易拧动螺丝。
【分析】扳手本质：扳手属于轮轴，轮轴实质是变形杠杆。螺丝中心为转轴（轴），手握位置到转轴的距离是轮半径，轮半径＞轴半径，所以扳手能够省力。
杠杆平衡条件：F1 L1 =F2 L2 。拧螺丝时，阻力（螺丝的摩擦力）、阻力臂固定不变，动力臂越长，所需动力越小。
15．【答案】南；20；15
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】 由v-t可知，小红做匀速直线运动，速度为v红=3m/s；小明做变速直线运动，两人的运动方向都向北，这段时间小明的速度始终小于小红，故以小红为参照物，小明向南运动。
当小明追上小红时，两者的距离相等，由几何知识判断可知，速度图像的“面积”大小等于路程，10s时小红的路程是小明的2倍，10s后小明的速度超过小红，当时间为t'=2t=2×10s=20s时，此时两者面积相等，即两者的路程相等，故在出发20s后，小明追上小红。
t=10s时，两人速度相等。10s前小明的速度小于小红，距离持续增大；10s后小明速度大于小红，两人的距离开始减小。因此t=10s时相距最远。
第10s时小红通过的路程等于长方形的面积s红=S长方形=vt=3m/s×10s=30m
第10s时小明通过的路程等于三角形的面积
两人相距的最远距离=s红-s明=30m-15m=15m。
故答案为：南；20；15。
【分析】在速度-时间图像中，图像与时间轴围成的面积表示物体运动的路程；结合路程和面积公式进行计算。
16．【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】若要让滑轮组达到最省力的效果，需要让承担物重的绳子拥有最多的段数，因此绕绳起点需要从动滑轮开始，之后依次绕过上方的定滑轮、下方的动滑轮，最后绕过上方的另一个定滑轮即可。
【分析】滑轮组连线的原则：遵循一定一动，需要省力，则需要绕过动滑轮的绳子数多，需要改变力的最终的绳子应该缠绕在定滑轮上。
17．【答案】
【知识点】弹力；摩擦力的方向；摩擦力的示意图
【解析】【解答】 画物块对斜面的压力：压力是物块对斜面的作用力，作用点应画在接触面的中点处，方向垂直斜面向下，从该作用点出发，作一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，标注符号为F，就得到物块对斜面的压力示意图。 画物块受到的摩擦力：物块沿斜面向上做减速运动，摩擦力阻碍物块的相对运动，因此摩擦力方向平行于斜面向下，摩擦力是物块受到的力，作用点画在物块的重心，从重心出发作一条平行于斜面向下、带箭头的线段，标注符号为f，就得到物块受到的摩擦力示意图。
最终作图结果如下：
【分析】压力的画法：物体对被压物体施加压力，作用点位于接触面上，方向指向被压物体，垂直被压物体；
摩擦力的示意图：方向和物体运动方向相反，作用于物体重心。
18．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图可知，该杠杆的支点为O。首先我们先反向延长，画出力F1、F2的作用线，再从支点O向F1、F2的作用线分别作垂线段，支点到垂足的这段距离，就是力F1、F2对应的力臂L1和L2，最终作图结果如下：
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
19．【答案】（1）匀速直线
（2）5
（3）甲丙
（4）错误
（5）一样大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）由题意可知，木块处于静止状态，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，根据二力平衡的条件，此时木块受到的摩擦力为5N。
（3）探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，应控制压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，所以实验中应选择图甲丙对比进行实验。
（4）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，在改变接触面积的同时，也改变了压力大小，因此得出结论是错误的。
（5）快速拉动长木板和缓慢拉动长木板时，木块相对地面始终处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，两次实验中，压力大小和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变，所以弹簧测力计的示数一样大。
【分析】（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，根据二力平衡知识可知，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）木块静止时，木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力；
（3）（4）根据控制变量法进行分析；
（5）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，木块在水平方向上受到平衡力的作用，所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）按图乙进行实验时，发现弹簧测力计示数达到最大值（5N）时仍无法拉动木块，木块处于静止状态，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，根据二力平衡的条件，此时木块受到的摩擦力为5N。
（3）探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，实验中应选择图甲丙对比进行实验，丙中接触面更粗糙，弹簧测力计的示数更大，并由此得出结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）研究滑动摩擦力的大小与接触面积有关时，要压力大小和接触面的粗糙程度相同，该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，压力变小，测得木块所受摩擦力与图甲测得的摩擦力进行比较，得出结论是错误的。
（5）木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，他们尝试快速拉动长木板和缓慢拉动长木板，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小不变，两次实验弹簧测力计的示数一样大。
20．【答案】（1）平衡；左
（2）2
（3）左侧钩码悬挂点右移；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）从图甲能够看出，杠杆此时保持静止，静止状态下的杠杆属于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明右侧偏重，想要让杠杆在水平位置平衡，需要将杠杆右端的平衡螺母向左调节，最终使杠杆在水平位置平衡。
（2）我们设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可以列出等式：
计算后解得，因此需要在A点挂2个钩码，就可以让杠杆保持平衡。
（3）①当弹簧测力计已经达到最大量程，仍然无法让杠杆在水平位置平衡时，我们可以通过调整减小弹簧测力计需要提供的拉力，具体方法有：若保持阻力臂和动力臂不变，减少左侧钩码的总数量，总阻力减小，根据杠杆平衡条件，需要的拉力就会减小；若保持阻力和动力臂不变，可以将左侧钩码的悬挂点向右移动，这样阻力臂会减小，根据杠杆平衡条件，需要的拉力也会减小；若保持阻力和阻力臂不变，可以将弹簧测力计的悬挂点向左移动，这样动力臂会增大，根据杠杆平衡条件，需要的拉力也会减小。
②当阻力和阻力臂保持不变时，拉力方向从竖直向上逐渐向右倾斜，这个过程中动力臂会逐渐变小，根据杠杆平衡条件可以推出：弹簧测力计的拉力示数会变大。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响；
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）由图甲可知，杠杆处于静止状态，此时杠杆处于平衡状态；
杠杆右端下沉，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设每个钩码重为G，杠杆一格长为L，由杠杆平衡条件可得
解得，故应在A点挂2个钩码才能使杠杆平衡。
（3）①当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，为了完成实验，应减小测力计的拉力，阻力臂和动力臂不变，减少左侧钩码的数量，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和动力臂不变，左侧钩码悬挂点右移，减小阻力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和阻力臂不变，左移弹簧测力计悬挂点，增大动力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小。
②阻力和阻力臂不变，拉力的方向由竖直向上逐渐向右倾斜时，动力臂变小，根据杠杆平衡条件可知：弹簧测力计的示数将变大。
21．【答案】（1）凹陷程度
（2）甲、乙；大
（3）乙、丙
（4）相等
（5）海绵
（6）相等；③
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；物理学方法
【解析】【解答】 （1）实验中，是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的，用到了转换法；
（2）比较甲、乙两图可知看出，受力面积相同，而压力不同，故可初步得到：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；
（3）坦克设计成履带的原因是在压力一定时，增大受力面积，来减小压力的作用效果，因此，可用 乙、丙两图实验所得结论解释；
（4）仅将丙图的海绵换成丁图的木板，则小桌对木板和海绵的压力相同、受力面积也相同，则压强相等；
（5）为了使实验现象更加明显，可选择质量较大的砝码或更柔软的海绵进行实验；
（6）由题意知，用三种不同的方法切去一半后，所剩质量均为总质量的一半，则质量相等，对桌面的压力相等；图中③对桌面的受力面积最小，因此，对桌面的压强最大的是③。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）甲、乙；大；（3）乙、丙；（4）相等；（5）海绵；（6）相等；③。
【分析】 根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法；压强的大小等于压力与受力面积之比。
（1）本实验用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。
（2）探究压力对作用效果的影响时，需要控制受力面积相同、改变压力，甲、乙两图符合条件，当受力面积相同时，压力越大，海绵的凹陷程度越大，故可得：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显。
（3）坦克履带的原理是：压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，该结论是通过对比乙、丙两图（压力相同，受力面积不同）得到的。
（4）根据，丙和丁的压力（小桌+钩码总重力）相同，受力面积相同，因此压强相等。
（5）本实验通过受压材料的形变体现压强，更柔软的海绵形变更明显，能让实验现象更明显。
（6）切去一半后，三个半块的重力都是原长方体的一半，水平桌面受到的压力等于重力，因此三个半块对桌面的压力相等。
根据，压力相同时，受力面积越小压强越大。①受力面积等于原底面积；②受力面积为原底面积的一半；③受力面积小于原底面积的一半，因此③的压强最大。
22．【答案】（1）平衡
（2）扭转回来；同一直线
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，木块保持静止，此时木块在水平方向受到的力平衡，但木块和桌面之间的摩擦力会对实验产生影响 ；
（2）由图丙所示，保持F1与F2大小相等，两个力不在同一条直线上，松手后，小车将会扭转回来，说明二力平衡时，要满足两个力在同一条直线上的条件。
【分析】（1）当物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡；
（2）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（1）当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，小木块也保持静止，木块处于平衡状态，这时木块在水平方向受到的力平衡，此时木块和桌面之间的摩擦力对实验产生了影响。
（2）[1][2]保持F1与F2相等，用手将小车扭转到图丙位置，两个力不在一条直线上，松手后，小车将无法在此位置平衡，也就不能保持静止，小车将会扭转回来，说明二力平衡时，要满足“两个力作用在同一条直线上”。
23．【答案】（1）解：送餐机器人的移动速度。
答： 送餐机器人的移动速度为0.8m/s。
（2）解：机器人静止在水平地面上，水平地面受到的压力大小等于机器人的重力，因此机器人对地面的压力。
答： 送餐机器人的对地面压力为400N。
（3）解：餐菜的重力
此时机器人对水平地面的总压力
此时机器人对水平地面的压强。
答： 若送餐机器人托着3kg的餐菜，此时机器人对水平地面的压强为4.3×104Pa。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）由即可求出机器人移动速度；（2）利用G=mg求出送餐机器人的重力，在水平面上，压力等于重力大小；
（3）利用G=mg求出餐菜的重力，机器人对水平地面的压力等于机器人和餐菜的总重力，根据得出此时机器人对水平地面的压强。
（1）送餐机器人的移动速度
（2）机器人静止在水平地面上，水平地面受到的压力大小等于机器人的重力，因此机器人对地面的压力
（3）餐菜的重力
此时机器人对水平地面的总压力
此时机器人对水平地面的压强
24．【答案】（1）根据重力计算公式G=mg可知，物体重力
答： 秤盘中物体受到的重力为4N。
（2）杠杆平衡时满足动力×动力臂=阻力×阻力臂，因此可得关系式
即
秤砣的质量。
答： 秤砣的质量为0.2kg。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）物体所受重力与质量成正比，利用公式G=mg可由物体质量求出自身重力；
（2）杠杆平衡条件为F1L1=F2L2，本题中物体重力、秤砣重力分别作为杠杆两端作用力，重力公式中的g可等式两边抵消，只需结合力臂长度与物体质量，就能算出秤砣质量。
（1）物体重力
（2）由杠杆平衡条件可知
即
秤砣的质量
25．【答案】（1）减速
（2）200
（3）；
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）关闭发动机后，飞机只受地面的阻力作用，因此运动速度不断减小，那么飞机将做减速直线运动。
（2）根据题意可知， 飞机在5h内飞行了3600km， 则飞机的平均速度。
（3）根据题意可知， 该飞机最大起飞质量为210t，
则飞机满载时的最大重力；
飞机在竖直方向受力平衡，即向上的支持力与向上的重力大小相等，因此支持力也是。
【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；
（2）根据公式计算飞机的平均速度；
（3）根据G=mg计算飞机满载时的最大重力，然后根据平衡力的知识计算飞机受到的支持力。
（1）飞机关闭发动机后，水平方向只受地面的阻力作用，阻力与运动方向相反，运动速度不断减小，因此做减速直线运动。
（2）飞机的平均速度
（3）飞机满载时的最大重力
飞机静止在水平跑道时，竖直方向受力平衡，支持力与重力大小相等，因此支持力也是
26．【答案】（1）省力
（2）60；20
（3）①
（4）增大摩擦
【知识点】重力及其大小的计算；增大或减小摩擦的方法；杠杆的分类；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】（1）辘轳本质是轮轴，属于不等臂杠杆：动力作用在大轮，动力臂（大轮半径）大于阻力臂（小轮半径），因此是按照省力杠杆设计的。
故答案为：省力
（2）水桶的总重力为，根据杠杆平衡条件，要得到最小力，需取最大力臂（大轮半径R），阻力为水桶重力G，阻力臂为小轮半径r，已知，因此，解得
故答案为：60；20
（3）轮轴越省力，需要轮（动力作用部分）半径越大，动力臂越大越省力。①的轮半径更大，更省力，因此选①。
故答案为：①
（4）粗糙不平的手柄增大了接触面的粗糙程度，压力一定时，可以增大摩擦力，防止握持时打滑，方便操作。
故答案为：增大摩擦
【分析】(1) 本题考查轮轴的杠杆分类，动力臂大于阻力臂的轮轴属于省力杠杆。
(2) 本题综合重力计算与杠杆平衡条件，利用大小轮半径之比结合平衡公式求解最小动力。
(3) 本题考查轮轴省力规律：轮半径越大，动力臂越长，越省力。
(4) 本题考查滑动摩擦力的影响因素，增大接触面粗糙程度可增大摩擦。
（1）辘轳本质是轮轴，属于不等臂杠杆：动力作用在大轮，动力臂（大轮半径）大于阻力臂（小轮半径），因此是按照省力杠杆设计的。
（2）水桶的总重力为
根据杠杆平衡条件，要得到最小力，需取最大力臂（大轮半径R），阻力为水桶重力G，阻力臂为小轮半径r，已知
因此，解得
（3）轮轴越省力，需要轮（动力作用部分）半径越大，动力臂越大越省力。①的轮半径更大，更省力，因此选①。
（4）粗糙不平的手柄增大了接触面的粗糙程度，压力一定时，可以增大摩擦力，防止握持时打滑，方便操作。
27．【答案】（1）减小空气阻力
（2）等于
（3）静止；运动
（4）B
（5）A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；压强的大小及其计算；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）列车车头采用子弹头流线型外观，能够缩小车辆迎风面积，以此降低空气对车身产生的阻力，该设计的作用是减小空气阻力。
（2）列车保持匀速直线行驶时，运动状态保持恒定，处于平衡状态；水平方向上列车的牵引力与空气、轨道施加的阻力为一对平衡力，平衡力大小相等，所以牵引力大小等于阻力大小。
（3）以车厢座椅作为参照物，桌面相对座椅的位置没有发生改变，因此桌子是静止的；以地面作为参照物，桌子跟随列车持续改变相对位置，因此桌子是运动的。
（4）依据压强计算公式，在施加的压力固定不变时，减小受力面积能够增大压强，更容易击碎车窗玻璃。B款逃生锤的击打端最为尖锐，接触玻璃瞬间受力面积最小，产生的压强最大，因此选B。
（5）放在水平地面的实心均匀正方体，对地压强推导过程： ，已知两块正方体初始对地压强相等，即；由题图可见，可推出。 沿水平方向截去相同高度后，剩余部分对地压强；由于，切割后甲剩余压强小于乙剩余压强。 后续沿竖直方向截去相同厚度，均匀柱体竖直分割后，剩余物体密度、高度均不改变，由可知对地压强保持不变，因此最终依旧满足，故选 A。
故答案为：（1）减小空气阻力；（2）等于；（3）静止；运动；（4）B；（5）A。
【分析】（1）流体阻力大小和物体迎风面积相关，流线型结构可减小迎风面积，削弱行驶过程中受到的空气阻力。
（2）匀速直线运动属于平衡状态，物体受到的所有力相互平衡，同一方向上的一对平衡力大小相等。 （3）判断物体运动或静止的核心是选取参照物，物体相对参照物位置不变则为静止，位置改变则为运动。
（4）压强大小受压力、受力面积共同影响，压力不变时，受力面积越小，压强越大；尖锐的逃生锤就是利用该原理击碎玻璃。
（5）均匀实心柱体水平放置时压强可用推导式分析；水平切割会减小物体高度，对地压强随之减小；竖直切割不改变物体高度与密度，对地压强保持不变。
（1）列车设计为子弹头型的流线结构，能够减小迎风面积，从而减小空气对列车的阻力，因此目的是减小空气阻力。
（2）列车匀速行驶过程中，运动状态不变，处于平衡状态，水平方向的动力与阻力是一对平衡力，平衡力大小相等，因此动力等于阻力。
（3）相对于座椅，桌子的位置没有发生改变，因此桌子是静止的；相对于地面，桌子位置随列车不断发生变化，因此桌子是运动的。
（4）根据压强公式，压力一定时，减小受力面积可以增大压强，更容易砸破玻璃。选项B的逃生锤打击端最尖锐，接触玻璃时受力面积最小，压强最大，故选B。
（5）实心均匀正方体对水平地面的压强可推导为
已知原来两物体对地面压强相等，即，由图可知，因此可得。沿水平方向截去相同高度Δh后，剩余压强为，因为，所以水平截完后剩余压强满足。再沿竖直方向截去相同厚度，均匀柱体竖直切割后，剩余部分的密度和高度都不变，根据，剩余部分压强不变，因此最终仍满足，故选A。
1 / 1广东省潮州市湘桥区潮州市城西中学联考2025~2026学年八年级第二学期期中教学质量检查物理试题
1．下列数据中，接近实际情况的是（　　）
A．一个鸡蛋的质量的是5kg
B．初二学生小陈的身高大约是16m
C．初二学生小明步行的速度大约是20m/s
D．初二学生小方的重力大约是500N
【答案】D
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、一个普通鸡蛋的质量大约为50g=0.05kg，因此A不符合题意；
B、初二年级学生的身高普遍在1.6m左右，因此B不符合题意；
C、人正常步行的速度约为1.1m/s，因此初二学生步行速度也符合这个范围，C不符合题意；
D、初二学生的质量大约为50kg，对应的重力计算为：G=mg=50kg×10N/kg=500N，因此D符合题意。
故选D。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
2．下列情景中，能说明力可以改变物体的运动状态的是（　　）
A．手拉弹簧
B．球拍击球
C．锤弯铁片
D．手捏泥塑
【答案】B
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A、手对弹簧施加拉力后，弹簧的外形发生了改变，这个现象说明力能够改变物体的形状，因此A不符合题意；
B、球拍击打乒乓球时，力同时改变了乒乓球运动的速度大小和运动方向，这个现象说明力能够改变物体的运动状态，因此B符合题意；
C、铁锤敲击后铁片被砸弯，铁片的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状，因此C不符合题意；
D、手捏握泥塑时，泥塑的外形发生了改变，同样说明力可以改变物体的形状，因此D不符合题意。
故选B。
【分析】力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变。
3．下列器材或情景，是为了减小摩擦的是（　　）
A．冰壶运动员擦冰
B．轮胎上有花纹
C．自行车的车闸
D．涂有防滑粉的手
【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员擦冰会让冰面表层熔化形成水膜，这层水膜能够减小冰壶和冰面之间的摩擦力，因此该操作的目的就是减小摩擦，故A正确；
B、轮胎上刻出花纹，是在压力大小固定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，因此B错误；
C、捏下自行车的车闸刹车时，是在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大车轮和闸皮间的摩擦力，从而实现刹车，因此C错误；
D、手上涂防滑粉，是在压力固定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大手和器械之间的摩擦力，避免打滑，因此D错误。
故选A。
【分析】增大摩擦力的方法：增加接触面的粗糙程度，如鞋底的花纹、杠杆运动员手上的镁粉，增加压力，如紧捏自行车的闸；
减小摩擦力的方法：变滑动为滚动，减小接触面的粗糙程度、减小压力。
4．如下图所示的工具中，属于费力杠杆的是（　　）
A．扳手 B．手钳
C．核桃夹 D．镊子
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A．我们使用扳手的时候，动力臂比阻力臂更长，因此它属于省力杠杆，故A错误；
B．手钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，同样属于省力杠杆，故B错误；
C．使用核桃夹夹核桃时，动力臂比阻力臂大，属于省力杠杆，故C错误；
D．使用镊子夹物体时，支点在镊子上端的连接位置，此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D正确。
故选D。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
5．用下列简单机械，使重量同为G的物体都处于静止状态，如图所示，其中用力最大的是（均不计摩擦和机械自重）（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件；滑轮组及其工作特点
【解析】【解答】A、杠杆处于平衡状态，此时动力臂比阻力臂更长，根据杠杆平衡条件可得F＜G；
B、杠杆平衡，动力臂比阻力臂更短，根据杠杆平衡条件可得F>G；
C、使用的是定滑轮，定滑轮不省力，因此F=G；
D、使用的是动滑轮，动滑轮可以省一半力，因此；因此B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】1、杠杆平衡条件，动力×动力臂=阻力×阻力臂，当动力臂大于阻力臂，动力小于阻力；
2、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力。
6．中国是掌握空中加油技术的少数国家之一，如图是我国自行研制的第三代战斗机“歼—10”在空中加油的情景，选择下列哪个物体为参照物，可以认为加油机是运动的（　　）
A．“歼—10”战斗机 B．地面上的房屋
C．加油机中的飞行员 D．“歼—10”战斗机里的飞行员
【答案】B
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】判断物体运动还是静止，关键要看被研究物体与所选参照物之间的相对位置是否发生改变。空中加油过程中，加油机和歼-10 战斗机保持相对静止，以战斗机、双方飞行员作为参照物时，加油机的相对位置没有发生变化，此时加油机处于静止状态；选取地面房屋作为参照物时，加油机的位置不断发生改变，因此加油机是运动的。故B符合题意，A、C、D不符合题意。
故选：B。
【分析】（1）物体运动与静止具有相对性，同一物体选择不同参照物，运动状态判定结果可能不同。
（2）相对静止的两个物体，运动速度大小和运动方向完全一致，彼此间相对位置不会发生改变。
7．动物的进化会使它们的身体结构更适应环境，下列现象用压强知识解释错误的是（　　）
A．骆驼的脚掌特别宽大————增大受力面积，减小压强，有利于在沙漠中行走
B．狗的牙齿很尖———减小受力面积，增大压强，有利于撕咬食物
C．鸭的足掌宽大———增大受力面积，增大压强，有利于觅食
D．啄木鸟的喙又尖又长————减小受力面积，增大压强，有利于从树洞中挖出虫子
【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．骆驼在沙漠行走时，对沙地的压力等于自身重力，大小一定，宽大的脚掌增大了与沙地的接触面积，根据压强公式可知，受力面积越大压强越小，因此减小了骆驼对沙地的压强，避免脚掌陷入沙中，有利于沙漠行走，因此A正确，不符合题意；
B．狗撕咬食物时，对食物的压力一定，犬齿做得很尖，可以减小受力面积，从而增大对食物的压强，更方便撕咬食物，因此B正确，不符合题意；
C．鸭在泥地、水中活动觅食时，对接触面的压力一定，宽大的足掌增大了受力面积，能够减小对接触面的压强，方便鸭在泥地活动，更有利于觅食，因此C错误，符合题意；
D．啄木鸟凿木取虫时，对树木的压力一定，又尖又长的喙可以减小受力面积，从而增大对树木的压强，更容易凿开树木，从树洞中挖出虫子，因此D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
8．如图所示，小明将汤匙放在手指尖上，汤匙能在指尖上静止，是因为指尖对着汤匙的位置，恰好是汤匙 　 　所在处，汤匙重力施力的物体是 　 　。如果静止在指尖的汤匙所受的力全部消失，汤匙将 　 　（选填“静止在原处”或“匀速直线下落”）。
【答案】重心；地球；静止在原处
【知识点】重力及其大小的计算；重心；牛顿第一定律
【解析】【解答】题图中的汤匙平稳静止在指尖，是因为指尖支撑点刚好落在汤匙的重心位置；汤匙受到的重力，施力物体为地球。 根据牛顿第一定律，若此时静止的汤匙受到的所有外力全部消失，汤匙会保持原来的静止状态，停留在原地不动。
故答案为：重心；地球；静止在原处。
【分析】物体的重心是其所受重力的等效作用点，支撑在重心位置时物体可保持平衡；重力是地球对物体的吸引产生，施力物体永远是地球；牛顿第一定律表明，物体不受外力时，原本静止的物体会持续保持静止，运动的物体则保持匀速直线运动。
9．如图所示，用手指压笔芯，笔芯弯曲了，说明力可以改变物体的　 　。同时手指感到疼痛，说明物体间力的作用是　 　的，松手后，笔芯完全恢复原状，笔芯的这种形变叫做　 　形变。
【答案】形状；相互；弹性
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力
【解析】【解答】 当我们用手指按压笔芯时，笔芯在手指的作用力下发生弯曲，原本的形状出现了变化，这一现象就证明了力能够改变物体的形状。
在按压笔芯的时候手会感觉到疼痛，这是因为力的作用是相互的：手对笔芯施加力的同时，笔芯也会对手施加一个反作用力，因此手才会产生痛感，这个现象说明物体间力的作用是相互的。
撤去手指的压力、松开手后，笔芯可以完全恢复到原本的形状，物理学中把这种撤去外力后能够自动恢复原状的形变称为弹性形变。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、弹性：物体 受力发生形变，失去力 可以恢复原来形状的性质。
10．如图是古人运输巨木的情景，图中的横杆本质上是一个　 　；为了更容易地把巨木抬起来，支架应尽量向横杆的　 　（选填“左”或“右”）端靠近。
【答案】杠杆；左
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】我们先根据杠杆的定义来分析：只要是可以绕固定点转动的硬棒，就属于杠杆，本题里的横杆可以绕支架的固定位置转动，因此横杆本质上就是杠杆。
接下来结合杠杆平衡条件分析：本题中巨木对横杆的作用力是杠杆的阻力，它的大小保持不变；当我们把支架向横杆左端也就是巨木所在的一侧移动时，杠杆的阻力臂会缩短，同时动力臂会增大，代入杠杆平衡条件可知，阻力不变的情况下，所需要的动力会变小，也就更容易抬起巨木了。
【分析】杠杆平衡条件，动力×动力臂=阻力×阻力臂，减小阻力臂，增加动力臂，所以会减小阻力。
11．如图两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子受力　 　（选填“平衡”或“不平衡”）。用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有　 　，其位置几乎不变。当下方棋子飞出后，上方棋子受　 　力的作用而下落。
【答案】平衡；惯性；重
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】上方棋子保持静止状态，竖直方向受到自身重力与下方棋子的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一物体上，是一对平衡力，因此受力平衡；快速击打下方棋子时，上方棋子由于惯性要保持原来的静止状态，位置几乎不变；下方棋子飞出后，上方棋子失去支持力，在竖直向下的重力作用下落。
故答案为：平衡；惯性；重
【分析】(1) 本题考查平衡状态判断，静止的物体受平衡力作用；
(2) 本题考查惯性的应用，物体具有保持原有运动状态不变的性质；
(3) 本题考查重力的作用，重力竖直向下，会使失去支撑的物体下落。
12．完成任务的航天员乘坐返回舱返回地面，以降落伞为参照物，返回舱是　 　的；当返回舱匀速下降时，降落伞和返回舱所受空气阻力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）降落伞与返回舱的总重力；当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向　 　（选填“上”或“下”）喷气，从而进一步减速。
【答案】静止；等于；下
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】返回舱与降落伞的运动状态相同，返回舱相对于降落伞是静止的。[当返回舱匀速下降时，返回舱处于平衡状态，降落伞和返回舱所受空气阻力等于降落伞与返回舱的总重力。当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向下喷气，气体给反推发动机一个向上的力，使得返回舱受到一个背向地球的推力使返回舱安全着陆。
综上 第1空、静止； 第2空、等于； 第3空、下。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
13．如图所示的滑轮组，其中B是　 　（选填“定”或“动”）滑轮，A滑轮可以改变拉力的　 　（选填“大小”或“方向”），若使重为30N的物体在水平地面做匀速直线运动，此时物体与水平地面间的摩擦力为6N，则拉力F的大小为　 　（不计动滑轮重、绳重、滑轮与绳的摩擦）。
【答案】动；方向；2N
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】施加拉力F拉动绳子自由端时，滑轮B会跟随重物一同向左平移，因此滑轮B属于动滑轮；滑轮A的转轴固定不变，属于定滑轮，定滑轮能够改变拉力的作用方向。 观察题图可得，直接承载动滑轮的绳子共有3段，即n=3。 若忽略绳子自重、滑轮重力与滑轮摩擦，可利用对应公式算出绳子自由端的拉力为。
故答案为：动；方向；2。
【分析】 （1）随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，动滑轮可以省力，但是不能改变施力的方向；轴固定不动的滑轮叫定滑轮，定滑轮不能省力，但是可以改变施力的方向；
（2）先确定动滑轮上绳子的段数n，不计绳和滑轮的重力以及滑轮的摩擦，然后根据可计算绳端的拉力。
14．用如下图所示的扳手拧螺丝时，该扳手相当于一个　 　（选填“轮轴”或“滑轮”），使用时可以省　 　（选填“力”或“距离”）。一只手稳住扳手的十字交叉部位，另一只手用同样大小和方向的力在　 　（选填“A”“B”或“C”）点处更容易拧动螺丝。
【答案】轮轴；力；C
【知识点】杠杆的动态平衡分析；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】用扳手拧螺丝的过程中，转动是以螺丝中心为转轴进行的，完全符合轮轴的结构特点，因此扳手在使用时属于轮轴类简单机械。由于扳手的轮半径（也就是握扳手位置到转动中心的距离）大于轴半径（螺丝自身的半径），因此使用扳手拧螺丝可以达到省力的效果。
在阻力和阻力臂固定不变的情况下，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越大，所需要的动力就越小。用扳手拧螺丝时，在A点施力动力臂最小，需要的动力最大；在C点施力动力臂最大，需要的动力最小，因此在C点施力会更容易拧动螺丝。
【分析】扳手本质：扳手属于轮轴，轮轴实质是变形杠杆。螺丝中心为转轴（轴），手握位置到转轴的距离是轮半径，轮半径＞轴半径，所以扳手能够省力。
杠杆平衡条件：F1 L1 =F2 L2 。拧螺丝时，阻力（螺丝的摩擦力）、阻力臂固定不变，动力臂越长，所需动力越小。
15．利用图像法处理数据，可以形象直观地反映物理量的变化规律。周日做完作业，小明和小红相约骑自行车，他们同时同地出发向北做直线运动，如图所示是他们的图像。出发后，在3~7s这段时间内，以小红为参照物，小明向　 　运动；出发后经过　 　s，小明能追上小红；在小明追上小红之前，两人相距最远距离为　 　m。
【答案】南；20；15
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】 由v-t可知，小红做匀速直线运动，速度为v红=3m/s；小明做变速直线运动，两人的运动方向都向北，这段时间小明的速度始终小于小红，故以小红为参照物，小明向南运动。
当小明追上小红时，两者的距离相等，由几何知识判断可知，速度图像的“面积”大小等于路程，10s时小红的路程是小明的2倍，10s后小明的速度超过小红，当时间为t'=2t=2×10s=20s时，此时两者面积相等，即两者的路程相等，故在出发20s后，小明追上小红。
t=10s时，两人速度相等。10s前小明的速度小于小红，距离持续增大；10s后小明速度大于小红，两人的距离开始减小。因此t=10s时相距最远。
第10s时小红通过的路程等于长方形的面积s红=S长方形=vt=3m/s×10s=30m
第10s时小明通过的路程等于三角形的面积
两人相距的最远距离=s红-s明=30m-15m=15m。
故答案为：南；20；15。
【分析】在速度-时间图像中，图像与时间轴围成的面积表示物体运动的路程；结合路程和面积公式进行计算。
16．如下图所示，某工人站在地面上使用由三个滑轮组成的滑轮组提升重物，请画出最省力的绕绳方法。
【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】若要让滑轮组达到最省力的效果，需要让承担物重的绳子拥有最多的段数，因此绕绳起点需要从动滑轮开始，之后依次绕过上方的定滑轮、下方的动滑轮，最后绕过上方的另一个定滑轮即可。
【分析】滑轮组连线的原则：遵循一定一动，需要省力，则需要绕过动滑轮的绳子数多，需要改变力的最终的绳子应该缠绕在定滑轮上。
17．如图所示，一个物块沿斜面向上做减速运动，请在图中画出此过程中物块对斜面的压力F和物块受到的滑动摩擦力f的示意图。
【答案】
【知识点】弹力；摩擦力的方向；摩擦力的示意图
【解析】【解答】 画物块对斜面的压力：压力是物块对斜面的作用力，作用点应画在接触面的中点处，方向垂直斜面向下，从该作用点出发，作一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，标注符号为F，就得到物块对斜面的压力示意图。 画物块受到的摩擦力：物块沿斜面向上做减速运动，摩擦力阻碍物块的相对运动，因此摩擦力方向平行于斜面向下，摩擦力是物块受到的力，作用点画在物块的重心，从重心出发作一条平行于斜面向下、带箭头的线段，标注符号为f，就得到物块受到的摩擦力示意图。
最终作图结果如下：
【分析】压力的画法：物体对被压物体施加压力，作用点位于接触面上，方向指向被压物体，垂直被压物体；
摩擦力的示意图：方向和物体运动方向相反，作用于物体重心。
18．“节约用水，人人有责！”如图甲所示，是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看做是一个杠杆，是阻力、请你在如图乙中分别画出动力和阻力的力臂L1和L2。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图可知，该杠杆的支点为O。首先我们先反向延长，画出力F1、F2的作用线，再从支点O向F1、F2的作用线分别作垂线段，支点到垂足的这段距离，就是力F1、F2对应的力臂L1和L2，最终作图结果如下：
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
19．在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块（重10N）、砝码（重2N）、弹簧测力计等进行实验。
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做　 　运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）按图乙进行实验时，发现弹簧测力计的示数达到最大值（5N）时仍无法拉动木块，此时，木块受到的摩擦力为　 　N；
（3）实验中应选择图　 　（同时填写两个图的名称）对比进行实验，并由此得出结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图丁所示，将测得木块所受的摩擦力与图甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是　 　（选填“正确”或“错误”）的；
（5）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定，于是他们改进实验，如图戊所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。他们尝试快速拉动长木板和缓慢拉动长木板，发现两次实验中，弹簧测力计的示数　 　（选填“快速拉动时大”“缓慢拉动时大”或“一样大”）。
【答案】（1）匀速直线
（2）5
（3）甲丙
（4）错误
（5）一样大
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）由题意可知，木块处于静止状态，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，根据二力平衡的条件，此时木块受到的摩擦力为5N。
（3）探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，应控制压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，所以实验中应选择图甲丙对比进行实验。
（4）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，在改变接触面积的同时，也改变了压力大小，因此得出结论是错误的。
（5）快速拉动长木板和缓慢拉动长木板时，木块相对地面始终处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，两次实验中，压力大小和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变，所以弹簧测力计的示数一样大。
【分析】（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，根据二力平衡知识可知，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）木块静止时，木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力；
（3）（4）根据控制变量法进行分析；
（5）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，木块在水平方向上受到平衡力的作用，所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）按图乙进行实验时，发现弹簧测力计示数达到最大值（5N）时仍无法拉动木块，木块处于静止状态，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，根据二力平衡的条件，此时木块受到的摩擦力为5N。
（3）探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，实验中应选择图甲丙对比进行实验，丙中接触面更粗糙，弹簧测力计的示数更大，并由此得出结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）研究滑动摩擦力的大小与接触面积有关时，要压力大小和接触面的粗糙程度相同，该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，压力变小，测得木块所受摩擦力与图甲测得的摩擦力进行比较，得出结论是错误的。
（5）木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，他们尝试快速拉动长木板和缓慢拉动长木板，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小不变，两次实验弹簧测力计的示数一样大。
20．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，把杠杆的中点架在支架上。
（1）杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于　 　状态（填“平衡”或“不平衡”）；为使杠杆在水平位置平衡，应该将杠杆右端的平衡螺母向　 　（填“左”或“右”）移动。
（2）实验时，在杠杆左边挂3个钩码，如图乙所示。为了使杠杆重新在水平位置平衡，在A点应挂　 　个钩码。
（3）将杠杆调成水平平衡后进行图丙实验：
①在杠杆左侧某位置挂上钩码后，在B点用弹簧测力计竖直向上拉，当拉力逐渐增大到弹簧测力计最大值仍不能使杠杆在水平位置平衡，接下来可行的操作是　 　。（填“增加钩码的数量”或“左侧钩码悬挂点右移”或“右移弹簧测力计悬挂点”）
②当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，为了使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将会　 　。（填“变大”“不变”或“变小”）
【答案】（1）平衡；左
（2）2
（3）左侧钩码悬挂点右移；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）从图甲能够看出，杠杆此时保持静止，静止状态下的杠杆属于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明右侧偏重，想要让杠杆在水平位置平衡，需要将杠杆右端的平衡螺母向左调节，最终使杠杆在水平位置平衡。
（2）我们设每个钩码的重力为G，杠杆每一格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可以列出等式：
计算后解得，因此需要在A点挂2个钩码，就可以让杠杆保持平衡。
（3）①当弹簧测力计已经达到最大量程，仍然无法让杠杆在水平位置平衡时，我们可以通过调整减小弹簧测力计需要提供的拉力，具体方法有：若保持阻力臂和动力臂不变，减少左侧钩码的总数量，总阻力减小，根据杠杆平衡条件，需要的拉力就会减小；若保持阻力和动力臂不变，可以将左侧钩码的悬挂点向右移动，这样阻力臂会减小，根据杠杆平衡条件，需要的拉力也会减小；若保持阻力和阻力臂不变，可以将弹簧测力计的悬挂点向左移动，这样动力臂会增大，根据杠杆平衡条件，需要的拉力也会减小。
②当阻力和阻力臂保持不变时，拉力方向从竖直向上逐渐向右倾斜，这个过程中动力臂会逐渐变小，根据杠杆平衡条件可以推出：弹簧测力计的拉力示数会变大。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响；
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）由图甲可知，杠杆处于静止状态，此时杠杆处于平衡状态；
杠杆右端下沉，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡。
（2）设每个钩码重为G，杠杆一格长为L，由杠杆平衡条件可得
解得，故应在A点挂2个钩码才能使杠杆平衡。
（3）①当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，为了完成实验，应减小测力计的拉力，阻力臂和动力臂不变，减少左侧钩码的数量，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和动力臂不变，左侧钩码悬挂点右移，减小阻力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和阻力臂不变，左移弹簧测力计悬挂点，增大动力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小。
②阻力和阻力臂不变，拉力的方向由竖直向上逐渐向右倾斜时，动力臂变小，根据杠杆平衡条件可知：弹簧测力计的示数将变大。
21．小红利用小桌、海绵、钩码等器材探究“影响压力作用效果的因素”实验，如图所示：
（1）实验中，她是通过观察海绵的　 　来比较压力作用效果的；
（2）比较　 　两图，可初步得到：受力面积相同时，压力越　 　，压力作用效果越明显；
（3）通过实验小红发现坦克设计成履带的原因可用　 　两图实验所得结论解释；
（4）仅将丙图的海绵换成丁图的木板，则小桌对木板和海绵的压强　 　（选填“相等”或“不等”）；
（5）为了使实验现象更加明显，可选择质量较大的砝码或更柔软的　 　进行实验；
（6）质量分布均匀的同一长方体用以下三种不同的方法切去一半（图戊），分别留下序号为①②③的三个半块保持原有位置静止。三个半块对桌面的压力　 　（选填“相等”或“不等”），对桌面的压强最大的是　 　（选填“①”“②”或“③”）。
【答案】（1）凹陷程度
（2）甲、乙；大
（3）乙、丙
（4）相等
（5）海绵
（6）相等；③
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；物理学方法
【解析】【解答】 （1）实验中，是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的，用到了转换法；
（2）比较甲、乙两图可知看出，受力面积相同，而压力不同，故可初步得到：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；
（3）坦克设计成履带的原因是在压力一定时，增大受力面积，来减小压力的作用效果，因此，可用 乙、丙两图实验所得结论解释；
（4）仅将丙图的海绵换成丁图的木板，则小桌对木板和海绵的压力相同、受力面积也相同，则压强相等；
（5）为了使实验现象更加明显，可选择质量较大的砝码或更柔软的海绵进行实验；
（6）由题意知，用三种不同的方法切去一半后，所剩质量均为总质量的一半，则质量相等，对桌面的压力相等；图中③对桌面的受力面积最小，因此，对桌面的压强最大的是③。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）甲、乙；大；（3）乙、丙；（4）相等；（5）海绵；（6）相等；③。
【分析】 根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法；压强的大小等于压力与受力面积之比。
（1）本实验用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。
（2）探究压力对作用效果的影响时，需要控制受力面积相同、改变压力，甲、乙两图符合条件，当受力面积相同时，压力越大，海绵的凹陷程度越大，故可得：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显。
（3）坦克履带的原理是：压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，该结论是通过对比乙、丙两图（压力相同，受力面积不同）得到的。
（4）根据，丙和丁的压力（小桌+钩码总重力）相同，受力面积相同，因此压强相等。
（5）本实验通过受压材料的形变体现压强，更柔软的海绵形变更明显，能让实验现象更明显。
（6）切去一半后，三个半块的重力都是原长方体的一半，水平桌面受到的压力等于重力，因此三个半块对桌面的压力相等。
根据，压力相同时，受力面积越小压强越大。①受力面积等于原底面积；②受力面积为原底面积的一半；③受力面积小于原底面积的一半，因此③的压强最大。
22．如图所示是小明同学“探究二力平衡条件”的实验过程。
（1）把木块放在水平桌面上，在两端挂上钩码，发现当两边钩码质量相等时，木块静止。当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，小木块也保持静止，这时木块在水平方向受到的力　 　（选填“平衡”或“不平衡”）；
（2）为了解决这个问题，小明将木块换成小车，如图乙。小车处于静止时，保持F1与F2大小相等，将小车扭转到如图丙所示的位置，松手后，小车将　 　（选填“保持静止”或“扭转回来”）；这一步骤说明二力平衡时，要满足两个力在　 　上的条件。
【答案】（1）平衡
（2）扭转回来；同一直线
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，木块保持静止，此时木块在水平方向受到的力平衡，但木块和桌面之间的摩擦力会对实验产生影响 ；
（2）由图丙所示，保持F1与F2大小相等，两个力不在同一条直线上，松手后，小车将会扭转回来，说明二力平衡时，要满足两个力在同一条直线上的条件。
【分析】（1）当物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡；
（2）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（1）当左侧挂400g钩码，右侧挂500g钩码时，小木块也保持静止，木块处于平衡状态，这时木块在水平方向受到的力平衡，此时木块和桌面之间的摩擦力对实验产生了影响。
（2）[1][2]保持F1与F2相等，用手将小车扭转到图丙位置，两个力不在一条直线上，松手后，小车将无法在此位置平衡，也就不能保持静止，小车将会扭转回来，说明二力平衡时，要满足“两个力作用在同一条直线上”。
23．人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅的送餐机器人的重力为400N，它与水平地面的接触面积为，将餐菜送到20m远的顾客桌上需要25s，求（）
（1）送餐机器人的移动速度；
（2）送餐机器人的对地面压力；
（3）若送餐机器人托着3kg的餐菜，求此时机器人对水平地面的压强。
【答案】（1）解：送餐机器人的移动速度。
答： 送餐机器人的移动速度为0.8m/s。
（2）解：机器人静止在水平地面上，水平地面受到的压力大小等于机器人的重力，因此机器人对地面的压力。
答： 送餐机器人的对地面压力为400N。
（3）解：餐菜的重力
此时机器人对水平地面的总压力
此时机器人对水平地面的压强。
答： 若送餐机器人托着3kg的餐菜，此时机器人对水平地面的压强为4.3×104Pa。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）由即可求出机器人移动速度；（2）利用G=mg求出送餐机器人的重力，在水平面上，压力等于重力大小；
（3）利用G=mg求出餐菜的重力，机器人对水平地面的压力等于机器人和餐菜的总重力，根据得出此时机器人对水平地面的压强。
（1）送餐机器人的移动速度
（2）机器人静止在水平地面上，水平地面受到的压力大小等于机器人的重力，因此机器人对地面的压力
（3）餐菜的重力
此时机器人对水平地面的总压力
此时机器人对水平地面的压强
24．如图所示的是小明自制的一把杆秤，O为杆秤提纽，不挂重物和秤砣时，手提提纽，秤杆可水平平衡。向秤盘中放入0.4kg的物体时，需要将秤砣移至B点，才能使秤杆再次水平平衡。已知，。取，求：
（1）秤盘中物体受到的重力。
（2）秤砣的质量。
【答案】（1）根据重力计算公式G=mg可知，物体重力
答： 秤盘中物体受到的重力为4N。
（2）杠杆平衡时满足动力×动力臂=阻力×阻力臂，因此可得关系式
即
秤砣的质量。
答： 秤砣的质量为0.2kg。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）物体所受重力与质量成正比，利用公式G=mg可由物体质量求出自身重力；
（2）杠杆平衡条件为F1L1=F2L2，本题中物体重力、秤砣重力分别作为杠杆两端作用力，重力公式中的g可等式两边抵消，只需结合力臂长度与物体质量，就能算出秤砣质量。
（1）物体重力
（2）由杠杆平衡条件可知
即
秤砣的质量
25．如图是我国自主研发的战略重型运输机“运-20”，可在复杂气象条件下，执行长距离航空运输任务。该飞机最大起飞质量为210t，有14个轮子，每个轮子与地面的接触面积约为0.2。（g取10N/kg）
（1）飞机降落到地面，关闭发动机后，在水平地面将做　 　（选填“匀速”“加速”或“减速”）直线运动，直至完全停下来。
（2）在某次训练中，飞机在5h内飞行了3600km，则平均飞行速度是　 　m/s。
（3）该飞机满载时，受到最大的重力是　 　N，静止在水平跑道上地面对它的支持力为　 　N。
【答案】（1）减速
（2）200
（3）；
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）关闭发动机后，飞机只受地面的阻力作用，因此运动速度不断减小，那么飞机将做减速直线运动。
（2）根据题意可知， 飞机在5h内飞行了3600km， 则飞机的平均速度。
（3）根据题意可知， 该飞机最大起飞质量为210t，
则飞机满载时的最大重力；
飞机在竖直方向受力平衡，即向上的支持力与向上的重力大小相等，因此支持力也是。
【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；
（2）根据公式计算飞机的平均速度；
（3）根据G=mg计算飞机满载时的最大重力，然后根据平衡力的知识计算飞机受到的支持力。
（1）飞机关闭发动机后，水平方向只受地面的阻力作用，阻力与运动方向相反，运动速度不断减小，因此做减速直线运动。
（2）飞机的平均速度
（3）飞机满载时的最大重力
飞机静止在水平跑道时，竖直方向受力平衡，支持力与重力大小相等，因此支持力也是
26．明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，用力使大轮转动，小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。
（1）图甲所示，辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它按照　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆来设计的。
（2）图甲所示，设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶的总质量为6kg，则水桶受到的总重力为　 　N。若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力应为　 　N。（不计井绳的粗细和自重，g取10N/kg）
（3）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用　 　（选填“①”或“②”）。
（4）图丁的螺丝刀在使用的时候，发现手柄位置是粗糙不平的，这样做的好处是　 　。
【答案】（1）省力
（2）60；20
（3）①
（4）增大摩擦
【知识点】重力及其大小的计算；增大或减小摩擦的方法；杠杆的分类；轮轴及其他常见简单机械
【解析】【解答】（1）辘轳本质是轮轴，属于不等臂杠杆：动力作用在大轮，动力臂（大轮半径）大于阻力臂（小轮半径），因此是按照省力杠杆设计的。
故答案为：省力
（2）水桶的总重力为，根据杠杆平衡条件，要得到最小力，需取最大力臂（大轮半径R），阻力为水桶重力G，阻力臂为小轮半径r，已知，因此，解得
故答案为：60；20
（3）轮轴越省力，需要轮（动力作用部分）半径越大，动力臂越大越省力。①的轮半径更大，更省力，因此选①。
故答案为：①
（4）粗糙不平的手柄增大了接触面的粗糙程度，压力一定时，可以增大摩擦力，防止握持时打滑，方便操作。
故答案为：增大摩擦
【分析】(1) 本题考查轮轴的杠杆分类，动力臂大于阻力臂的轮轴属于省力杠杆。
(2) 本题综合重力计算与杠杆平衡条件，利用大小轮半径之比结合平衡公式求解最小动力。
(3) 本题考查轮轴省力规律：轮半径越大，动力臂越长，越省力。
(4) 本题考查滑动摩擦力的影响因素，增大接触面粗糙程度可增大摩擦。
（1）辘轳本质是轮轴，属于不等臂杠杆：动力作用在大轮，动力臂（大轮半径）大于阻力臂（小轮半径），因此是按照省力杠杆设计的。
（2）水桶的总重力为
根据杠杆平衡条件，要得到最小力，需取最大力臂（大轮半径R），阻力为水桶重力G，阻力臂为小轮半径r，已知
因此，解得
（3）轮轴越省力，需要轮（动力作用部分）半径越大，动力臂越大越省力。①的轮半径更大，更省力，因此选①。
（4）粗糙不平的手柄增大了接触面的粗糙程度，压力一定时，可以增大摩擦力，防止握持时打滑，方便操作。
27．阅读下列短文，回答问题。
无砟（zhǎ）轨道的高速列车无砟轨道，如图甲的路基不用碎石，铁轨和轨枕直接铺在混凝土上，这样可减少维护、降低粉尘等。高速列车在无砟轨道上运行时如子弹头般穿梭而过，时速可达350km/h（如图乙），传统铁路的铁轨是固定在枕木上，之下为小碎石铺成的路砟（如图丙）。
（1）列车设计成子弹头型，目的是　 　。
（2）列车在匀速行驶过程中，其动力　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）阻力。
（3）在高速行驶的动车上，相对于座椅来说，桌子是　 　（选填“运动”或“静止”）的；相对于地面，桌子是　 　（选填“运动”或“静止”）。
（4）动车的车窗旁配备“逃生锤”，遇到紧急情况时，乘客可以用“逃生锤”砸破玻璃逃生，为了更容易砸破玻璃，“逃生锤”外形应该选择______（填字母）。
A． B．
C． D．
（5）传统的铁路轨道路砟和枕木的主要作用是增大受力面积，防止铁轨因压力太大而下陷到泥土里。如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体枕木模块静止在水平地面上，它们对地面的压强相等。若在两个正方体的上部，沿水平方向截去相同的高度后，再沿竖直方向截去相同的厚度，则它们剩余部分对地面的压强，和的大小关系是（　　）
A．一定小于 B．一定大于
C．一定等于 D．可能小于
【答案】（1）减小空气阻力
（2）等于
（3）静止；运动
（4）B
（5）A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用；压强的大小及其计算；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）列车车头采用子弹头流线型外观，能够缩小车辆迎风面积，以此降低空气对车身产生的阻力，该设计的作用是减小空气阻力。
（2）列车保持匀速直线行驶时，运动状态保持恒定，处于平衡状态；水平方向上列车的牵引力与空气、轨道施加的阻力为一对平衡力，平衡力大小相等，所以牵引力大小等于阻力大小。
（3）以车厢座椅作为参照物，桌面相对座椅的位置没有发生改变，因此桌子是静止的；以地面作为参照物，桌子跟随列车持续改变相对位置，因此桌子是运动的。
（4）依据压强计算公式，在施加的压力固定不变时，减小受力面积能够增大压强，更容易击碎车窗玻璃。B款逃生锤的击打端最为尖锐，接触玻璃瞬间受力面积最小，产生的压强最大，因此选B。
（5）放在水平地面的实心均匀正方体，对地压强推导过程： ，已知两块正方体初始对地压强相等，即；由题图可见，可推出。 沿水平方向截去相同高度后，剩余部分对地压强；由于，切割后甲剩余压强小于乙剩余压强。 后续沿竖直方向截去相同厚度，均匀柱体竖直分割后，剩余物体密度、高度均不改变，由可知对地压强保持不变，因此最终依旧满足，故选 A。
故答案为：（1）减小空气阻力；（2）等于；（3）静止；运动；（4）B；（5）A。
【分析】（1）流体阻力大小和物体迎风面积相关，流线型结构可减小迎风面积，削弱行驶过程中受到的空气阻力。
（2）匀速直线运动属于平衡状态，物体受到的所有力相互平衡，同一方向上的一对平衡力大小相等。 （3）判断物体运动或静止的核心是选取参照物，物体相对参照物位置不变则为静止，位置改变则为运动。
（4）压强大小受压力、受力面积共同影响，压力不变时，受力面积越小，压强越大；尖锐的逃生锤就是利用该原理击碎玻璃。
（5）均匀实心柱体水平放置时压强可用推导式分析；水平切割会减小物体高度，对地压强随之减小；竖直切割不改变物体高度与密度，对地压强保持不变。
（1）列车设计为子弹头型的流线结构，能够减小迎风面积，从而减小空气对列车的阻力，因此目的是减小空气阻力。
（2）列车匀速行驶过程中，运动状态不变，处于平衡状态，水平方向的动力与阻力是一对平衡力，平衡力大小相等，因此动力等于阻力。
（3）相对于座椅，桌子的位置没有发生改变，因此桌子是静止的；相对于地面，桌子位置随列车不断发生变化，因此桌子是运动的。
（4）根据压强公式，压力一定时，减小受力面积可以增大压强，更容易砸破玻璃。选项B的逃生锤打击端最尖锐，接触玻璃时受力面积最小，压强最大，故选B。
（5）实心均匀正方体对水平地面的压强可推导为
已知原来两物体对地面压强相等，即，由图可知，因此可得。沿水平方向截去相同高度Δh后，剩余压强为，因为，所以水平截完后剩余压强满足。再沿竖直方向截去相同厚度，均匀柱体竖直切割后，剩余部分的密度和高度都不变，根据，剩余部分压强不变，因此最终仍满足，故选A。
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