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广东省广东实验学校附属江门学校2025-2026学年八年级下学期第二次学情检测物理试题
1．为了纪念物理学家的杰出贡献，常以他们的名字命名物理量的单位。下列以物理学家名字命名的单位和物理量对应正确的是（ ）
A．帕斯卡——功率 B．焦耳——压强
C．牛顿——力 D．瓦特——功
【答案】C
【知识点】功率的概念；力的概念及单位；压强；功的概念
【解析】【解答】A、帕斯卡对应的物理量为压强，并非功率，A 不符合题意；
B、焦耳是功、能量、热量的专用单位，和压强无关，B 不符合题意；
C、牛顿是力的国际标准单位，单位与物理量匹配正确，C 符合题意；
D、瓦特是功率的单位，功的单位为焦耳，D 不符合题意；
故答案为：C。
【分析】A、牢记帕斯卡是压强单位，区分压强、功率对应的不同物理单位；
B、焦耳用于度量功与能量，压强单位是帕斯卡，二者不能对应混淆；
C、牛顿作为力的基本单位，该组单位与物理量匹配关系成立；
D、瓦特代表功率，功的计量单位是焦耳，分清两个物理量对应的单位名称。
2．下列物理量的估测中，正确的是（　　）
A．一个苹果的重力约为300N
B．两个鸡蛋放在手上对手的压力约为10N
C．中学生站在地面上的压强约为
D．一个标准大气压约为
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算；大气压强的存在
【解析】【解答】A. 一个苹果的质量大概是0.2kg，根据重力公式计算可得它的重力约为，因此A错误；
B. 单个鸡蛋的质量大约为50g，那么两个鸡蛋的总质量约为，鸡蛋对手的压力等于自身重力，计算可得压力大小为，因此B错误；
C. 普通中学生的质量约为50kg，对应的重力大约是500N；中学生双脚站立时，和地面的总接触面积大约为，根据压强公式计算可得对地面的压强约为：，计算结果和非常接近，因此C正确；
D. 一个标准大气压的准确数值约为，因此D错误。
综上，答案选C。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、标压为；
3、重力的计算：公式为G=mg；
4、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
3．中国高铁是全球规模最大、技术最全面的高铁体系，下列关于高铁的描述正确的是（　　）
A．铁轨下铺放枕木，是为了增大压强
B．车厢内座椅宽大柔软，是为了减小压强
C．破窗锤的锥状的敲击端，是为了增大压力
D．高铁超载不会导致列车对铁轨的压强增大
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．铁轨下方铺设枕木，压力大小保持不变，是通过增大受力面积的方式减小压强，因此A错误；
B．车厢内的座椅设计得宽大柔软，压力大小不变，通过增大受力面积来减小压强，因此B正确；
C．破窗锤的敲击端做成锥状，是在压力不变的情况下，通过减小受力面积来增大压强，并不是通过增大压力来增大压强，因此C错误；
D．当高铁超载时，列车对铁轨的压力会增大，而受力面积不变，因此对铁轨的压强会增大，因此D错误。
故选B。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
4．生活处处有物理，关于小铭对如图所示情景的思考和分析正确的是（　　）
A．给肌肉注射药液的过程中，利用大气压强
B．利用拔火罐进行治疗时，并未利用大气压强
C．C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强大
D．完成托里拆利实验，发现水银柱高度始终低于760mm，说明此环境气压低于一个标准大气压
【答案】D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：肌肉注射是通过外力推动将药液注入人体，这个过程没有用到大气压，因此A错误。
B：拔火罐治疗时，罐内气体温度降低后气压减小，小于外界大气压，罐子是在外界大气压的作用下吸附在皮肤上，因此B错误。
C：C919客机升空利用了流体压强与流速的关系：机翼上方空气流速更大，压强更小，机翼下方空气流速更小，压强更大，由此形成向上的压强差，产生升力，因此C错误。
D：一个标准大气压能够支撑高度为760mm的水银柱，做托里拆利实验时，如果测得的水银柱高度始终低于760mm，说明当地气压低于一个标准大气压，因此D正确。
故选 D。
【分析】1、力的作用效果：推力使得药液注入人体；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、托里拆利实验，测量大气压的数值，为水银柱支撑的高度，大气压为P=ρgh，玻璃管中没有空气时，水银的高度为760mm，玻璃管中有空气，则撑起水银高度变小。
5．下图是乡村运动会的情境。关于对物体是否做功，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，篮球离开手在空中运动的过程中，手对篮球仍在做功
B．图乙中，将米袋提起的过程中，人对米袋做功
C．图丙中，举竿保持不动的过程中，人对竿做功
D．图丁中，推着小车沿水平路面运动的过程中，小车所受的重力对小车做功
【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A. 篮球离开手后在空中运动过程中，手已经不对篮球施加力的作用，不满足做功的条件，因此手没有对篮球做功，故A错误；
B. 在提起米袋的过程中，人对米袋施加了向上的力，同时米袋沿着这个力的方向移动了一段距离，同时满足做功的两个条件，因此人对米袋做了功，故B正确；
C. 运动员举着撑竿保持静止的时候，撑竿没有在人施加的力的方向上移动距离，不满足做功条件，因此人不对撑竿做功，故C错误；
D. 小车在水平路面上运动时，重力的方向是竖直向下的，小车并没有在重力的方向也就是竖直方向上移动距离，因此重力不对小车做功，故D错误。
故选B。
【分析】做功有两个缺一不可的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在这个力的方向上移动了距离，只有同时满足这两个条件力才做功。
6．如图所示，置于水平桌面的三个相同烧杯，分别装有质量相等的三种不同液体，x、y和z是三种液体中距杯底等高的点，则（　　）
A．液体密度：
B．液体对烧杯底部的压强：
C．烧杯对桌面的压力：
D．x、y、z三点液体的压强：
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】A．三个烧杯完全相同，且三种液体质量相等，从图中可以得到三种液体的体积关系为，结合密度公式，可推出密度关系为，因此A错误；
B．本题中烧杯是柱形容器，液体对烧杯底部的压力大小等于液体自身的重力，已知三种液体质量相等，因此重力相等，所以三种液体对烧杯底部的压力大小相等；又因为烧杯的底面积S相同，根据压强公式，可得三种液体对烧杯底部的压强关系为，因此B错误；
C．烧杯对桌面的压力大小等于烧杯与液体的总重力，已知三个烧杯相同，因此烧杯自身重力相等，又因为三种液体质量相等，液体重力也相等，所以三个烧杯的总重力相等，对桌面的压力关系为，因此C错误；
D．x、y、z三个点到杯底的高度相等，结合已经得到的密度关系，根据液体压强公式，可得三个点下方液体对烧杯底部产生的压强关系为。设x、y、z三点处的液体压强分别为、、，烧杯底部受到的总液体压强等于三点处压强加上三点下方的压强，又因为烧杯底部总压强关系为，因此满足关系式
整理后可得三点压强关系为，因此D正确。
故选D。
【分析】1、密度公式计算m=ρV，当质量相同，体积越大，物体的密度越小；
2、物体静止在水平桌面上，对桌面的压力等于重力；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
7．小永研究浮力大小与深度的关系。现将一立方体金属块，浸没在某种液体中，如图甲所示；将它缓缓从液体中竖直提出来的过程中，画出了测力计示数F随金属块下表面浸入深度h变化的图像，如图乙所示。根据该图像可以得出的正确结论是（　　）
A．金属块的质量是30g B．金属块所受最大浮力为2.0N
C．金属块的密度为3.0×103kg/m3 D．液体的密度是0.8×103kg/m3
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】由图像信息可得：金属块完全拉出液体时，拉力等于自身重力；0～5cm阶段金属块完全浸没，弹簧测力计拉力；正方体棱长。
A、金属块质量，选项给出30g，A错误；
B、根据称重法，最大浮力，选项给出2.0N，B错误；
C、金属块体积，金属密度，选项给出，C错误；
D、金属块完全浸没时，由阿基米德原理变形，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、图像水平段拉力等于物体重力，结合计算质量，核对单位与数值；
B、完全浸没时排液体积最大，利用称重法计算最大浮力；
C、由图像两段拐点差值求出正方体棱长，算出体积后结合质量求金属块密度；
D、完全浸没时等于物体体积，代入阿基米德原理公式反推液体密度。
8．如图甲是托里拆利实验装置，图乙是自制的水气压计。若将这两个装置放在电梯上，当电梯从1楼上升到18楼时，甲图中管内外水银面高度差将　 　，乙图中玻璃管内水柱的高度将　 　。发生以上现象的原因都是大气压随高度的增加而　 　。（均选填“增大”或“减小”）
【答案】减小；增大；减小
【知识点】大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】大气压随海拔高度升高而减小。甲装置：随电梯从 1 楼升至 18 楼，外界大气压变小，玻璃管内外液面高度差减小。乙装置压强平衡关系：瓶内封闭气体压强 = 外界大气压 + 玻璃管内液柱产生的液体压强。电梯上升至高层时外界大气压降低，瓶内气压不变，会推动液体沿玻璃管向上，因此管内液柱高度升高。
故答案为：减小；增大；减小；
【分析】核心知识点为海拔越高，大气压强越小；区分两类装置压强平衡关系，甲装置直接反映外界大气压，气压降低液面差缩小；乙装置内部气压恒定，外界大气压减小后液柱压强补偿值变大，液柱上升。
9．鼹鼠洞挖成如图甲所示的形状，能较好地保持洞内的通风和干燥。图示情境中，左边洞口为鼹鼠洞的　 　（选填“出”或“进”）风口。喷雾器的工作原理如图乙所示，当推动活塞时，管口的空气流速　 　，管口处的压强　 　（后两空均选填“增大”“减小”或“不变”），水在瓶内气压的作用下进入管子并上升，在瓶口处遇到高速气流被打散成雾状。
【答案】进；增大；减小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 观察图形可知，左侧洞口与地面齐平，右侧洞口向上凸起。风沿图中箭头方向吹过两个洞口上方时，左侧洞口上方空气流速更小，压强更大；右侧洞口上方空气流速更大，压强更小，因此空气会从左侧洞口流入鼹鼠洞，再从右侧洞口流出，即左边是鼹鼠洞的进风口。
推动喷雾器活塞时，管口位置的空气流速变大，管口压强变小。此时瓶内液面上方的气压大于管口位置的压强，瓶内的水就会在瓶内气压的作用下顺着管子上升，到达瓶口后就会被高速气流打散，最终形成雾状喷出。
【分析】压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
10．小华将一个质量为100g的物体浸没在装满水的桶中，溢出90g水。则物体受到的浮力是　 　N，这个物体在水中将会　 　（选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）。放入物体后，水对桶底的压强会　 　。（g取10Nkg）
【答案】0.9；下沉；不变
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】桶内装满水，物体完全浸没，溢出水的质量等于排开水的质量，先计算排开水的重力：
根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于排开液体的重力：
计算物体自身重力：
对比重力与浮力大小：，依据浮沉条件，物体会下沉。
桶原本盛满水，物体浸没后有水溢出，桶内水面高度始终不变；液体压强公式为 ，水的密度、重力常数、水深均未改变，因此水对桶底的液体压强保持不变。
故答案为：0.9；下沉；不变；
【分析】先由溢出水的质量求出排开水的重力，再利用阿基米德原理直接得出浮力大小。
算出物体自重，通过比较物体重力和浮力的大小关系，判断物体的浮沉状态。
装满水的容器放入物体后液面高度不变，结合液体压强公式，液体密度、深度不变则容器底部压强不变。
11．一艘货船的排水量2×103t，满载时受到的浮力为　 　N 。如果它从长江驶进大海，它所受到的浮力　 　（填“变大”、“不变”或“变小”），船排开液体的体积　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）。（g= 10N/kg）
【答案】2×107；不变；变小
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 根据阿基米德原理，货船满载时受到的浮力等于它排开水的重力，因此可计算得：F浮=G排=m排g=2×103×103kg×10N/kg=2×107N
货船从长江驶入大海的过程中，始终保持漂浮，根据物体的浮沉条件，货船受到的浮力始终等于自身总重力，货船重力不变，因此货船受到的浮力大小不变。由于海水的密度大于江水密度，根据阿基米德原理公式F浮=ρ液V排g，浮力不变，液体密度变大时，船排开液体的体积会变小。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
12．如图（a）所示，重为6×107N的潜艇悬停在海水某深度处，潜艇的水舱向外排出1×107N的海水后开始上浮，在图（b）所示位置时潜艇受到的浮力为　 　N。最终潜艇静止在图（c）所示海面，潜艇受到的浮力为　 　N。由此可见潜水艇是通过改变　 　来实现上浮和下沉。
【答案】；；自身重力
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当潜艇悬停时，处于悬浮状态。根据物体浮沉条件可知，受到的浮力与自身重力大小相等。因此（a）位置时潜艇的浮力。在（b）位置时，仍然浸没，根据阿基米德原理 可知，海水的密度不变，排开海水的体积也没有变化，因此浮力大小不变，即。
（2）当潜艇静止在图（c）位置时，处于漂浮状态。根据物体浮沉条件，受到的浮力等于自身此时的重力。因此（3）对于潜艇来说，它浸没在海水中时潜艇的体积不变，排开液体的体积也不变，浮力大小是固定不变的，只能通过水舱充水或排水来改变自身的总重力，从而实现上浮和下潜。
因此第一个空的答案为： ；第二个空的答案为： ；第三个空的答案为：自身重力。
【分析】本题考查浮沉条件的应用中的潜水艇，注意的关键点是：在潜水艇没有露出水面之前，V排不变，浮力不变，只能通过改变自重，改变运动状态，实现上浮或下沉。
13．某同学用50N的力搬石头，但石头未搬动，这个人对石头做的功是　 　J。箱子重200N，把它从地面沿着18m长的楼梯搬到10m高的楼上，人对箱子做了　 　J的功；又提着箱子水平移动了20m，此时，人对箱子做的功是　 　J。
【答案】0；2000；0
【知识点】是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】 这个人虽然对石头施加了力，但石头最终没有被搬动，没有在力的方向上产生位移，因此这个人对石头不做功，做功大小为0J。
上楼过程中，需要克服箱子的重力对箱子做功，做功大小为：
人提着箱子水平移动时，提力的方向是竖直向上的，箱子的移动方向为水平方向，在提力的方向上没有位移，因此这个过程人对箱子不做功，做功大小为0J。
【分析】做功有两个缺一不可的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在这个力的方向上移动了距离，只有同时满足这两个条件力才做功。做功公式W=Fs。
14．如图所示，用F=20N的水平拉力，拉着重为50N的物体沿水平地面做匀速直线运动，物体在2s内移动了0.4m。此过程中，拉力F做的功为　 　J，功率为　 　W，物体与地面间的摩擦力为　 　N。
【答案】8；4；20
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】首先计算拉力F做的总功，代入功的计算公式可得：
再根据功率的定义式计算拉力做功的功率：
因为物体在水平地面做匀速直线运动，物体处于平衡状态，水平方向上摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，因此物体与地面间的摩擦力为；
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
功和功率：计算公式为W=Fs=Pt。
15．如图所示是乒乓球在水中上浮过程中的某一位置，画出此时乒乓球受力示意图（O点为重心）。
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】正在水中上浮的乒乓球，一共受到两个力的作用：方向竖直向上的浮力，以及方向竖直向下的重力。由于乒乓球处于上浮状态，根据物体的浮沉条件可知，此时浮力的大小大于重力的大小，受力示意图如下图所示：
【分析】1、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、浮力作用于物体重心，方向竖直向上，大小和重力相同。
16．如图所示，中国气象飞艇正在空中水平匀速向右运动，利用所携带的观测仪器对高空大气气象状况进行观测，请画出此时飞艇受到的浮力和阻力示意图，力的作用点为点。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因
【解析】【解答】以点O为作用点：
浮力：方向竖直向上，画一条从O点出发、向上的带箭头线段，并标注；
阻力：方向水平向左（与飞艇运动方向相反），画一条从O点出发、向左的带箭头线段，并标注；如图所示：；
故答案为： ；
【分析】本题解题要点：
确定浮力方向：浮力的方向始终竖直向上，与物体运动状态无关；
确定阻力方向：阻力阻碍物体的相对运动，飞艇水平向右运动，因此空气阻力方向与运动方向相反，为水平向左；
规范作图：以题目指定的点O为两个力的作用点，分别沿竖直向上和水平向左画出带箭头的线段，并标注对应的力的符号。
17．高速公路上的避险车道，被称为“救命道”如图甲所示，请你在图乙中画出失控车辆冲入避险车道减速滑行时的受力示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】当失控车辆冲入避险车道减速滑行时，它一共受到三个力的作用：竖直向下的重力、垂直于避险车道斜面向上的支持力，以及沿斜面向下的阻力，我们可以将这三个力的作用点都画在车辆的重心处，最终受力示意图如下图所示：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
支持力垂直斜面向上，作用于物体重心。
摩擦力作用于物体重心，和物体运动方向相反。
18．如图甲所示，这是小明探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）实验前，小明用手轻压橡皮膜，发现U形管中液面不变化，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；为了利于观察，应在U形管中注入　 　（选填“有”或“无”）颜色的水；实验中通过U形管中液面的　 　来反映压强的大小，下面与此实验方法相同的是　 　。
A．在研究磁体周围的磁场时，引入“磁感线”
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映小车动能的大小
C．在探究平面镜成像的特点时，用未点燃的蜡烛乙替代点燃的蜡烛甲的像
（2）比较图乙、丙可初步得出结论：在同种液体中，液体压强随着深度的增加而　 　。比较图丙、丁可初步得出结论：在同一深度，液体内部压强与　 　有关。
（3）若将U形管中的水换成密度为的液体，保持探头在图丁中的深度不变，则U形管两侧液面的高度差将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）从结构上看，压强计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器。
【答案】（1）漏气；有；高度差；B
（2）增大；液体密度
（3）变小
（4）不属于
【知识点】液体压强计算公式的应用；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）按压橡皮膜时U形管液面没有发生高度变化，说明压强计装置存在漏气问题：装置漏气时，装置内部与外界大气连通，气压始终保持平衡，因此U形管不会出现液面高度差。在U形管中注入带颜色的水，能让液面的分界更明显，更方便实验观察。
本实验中，我们通过U形管两侧的液面高度差来反映橡皮膜受到的液体压强大小，这种研究方法是转换法。
A、引入磁感线研究磁场，用到的是建立物理模型法，不是转换法，因此A错误；
B、实验中通过木块被推动的距离来反映动能的大小，和本实验方法相同，属于转换法，因此B正确；
C、探究平面镜成像特点时，用未点燃的蜡烛替代像的位置，属于等效替代法，不是转换法，因此C错误；
故选B。
（2）对比乙、丙两组实验：两组实验的液体种类相同，只有探头所处的深度不同，实验观察到深度越大，U形管的液面高度差越大，因此可以得到结论：同种液体，液体内部的压强随深度的增加而增大。
对比丙、丁两组实验：两组实验中探头所处深度相同，液体的密度不同，最终U形管的液面高度差不同，因此可以得到结论：同一深度，液体内部的压强与液体的密度有关。
（3）保持探头在液体中的深度不变时，探头受到的液体压强大小不变，也就是U形管内液体产生的压强p不变；若换用密度更大的液体注入U形管，根据公式变形可得压强p不变，液体密度变大，因此U形管两侧的液面高度差h会变小。
（4）连通器的结构特点是：两端开口、底部相互连通。而压强计的U形管，一端连接探头、是密闭不与大气相通的，不符合连通器的定义，因此压强计的U形管不属于连通器。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小；
4、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸。
（1）若按压橡皮膜时U形管液面无变化，说明装置漏气，漏气时装置内外气压平衡，液面不会产生高度差；注入有颜色的水，液面分界更清晰，便于观察；
本实验用U形管液面高度差反映压强大小，使用了转换法。
A．引入磁感线是模型法，故A不符合题意；
B．用木块移动距离反映动能大小是转换法，故B符合题意；
C．用蜡烛替代像为等效替代法，故C不符合题意；
故选B。
（2）乙、丙两实验液体的种类相同，探头深度不同，深度越大U形管中液面的高度差越大，可得同种液体中压强随深度增加而增大；丙、丁两实验探头深度相同，液体密度不同，U形管中液面的高度差不同，可得同一深度，液体压强与液体密度有关。
（3）探头深度不变，探头受到的压强不变，U形管内液体密度变大，根据，液体密度越大，液面高度差越小。
（4）连通器的定义是两端开口、底部连通，压强计的U形管一端是密闭的，因此不属于连通器。
19．项目式学习小组利用溢水杯、弹簧测力计、小桶、水和金属块，探究浮力的大小F浮与物体排开液体所受重力G排的关系（如图所示）。
（1）学习小组的实验顺序是甲、乙、丙、丁，为了操作方便和减小误差，合理的实验顺序应为　 　。
（2）通过图中的步骤　 　 ，可以测量出物体受到的浮力。
（3）实验可得出的结论是：通过上述实验可初步得出：浸在水中的物体所受浮力的大小　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）物体排开水的重力；
（4）另一实验小组在步骤乙的操作中，只将金属块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则　 　（选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论；
（5）不用弹簧测力计，直接将重为0.7N的塑料球轻放入图乙装满水的溢水杯中，塑料球漂浮，溢出的水流入空小桶中。若用图丙的方法测量球排出的水和小桶总重，则此时弹簧测力计的示数应为　 　N。
（6）在乙步骤中当金属块的底部从接触水面开始，到金属块浸没直至浸没到更深的位置，下图中能表示此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图像是________。
A． B．
C． D．
【答案】（1）丁、甲、乙、丙
（2）甲、乙
（3）等于
（4）能
（5）1.2
（6）D
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）为避免小桶沾水后测重力带来误差，应先测量空桶重力和金属块重力，再进行后续操作，因此合理顺序为丁、甲、乙、丙。
故答案为：丁、甲、乙、丙；
（2）根据称重法测浮力公式 ，需先测出金属块的重力（甲步骤）和金属块浸在水中时的拉力（乙步骤），两数相减即可得到浮力，因此填甲、乙。
故答案为：甲、乙；
（3）浸在水中的物体所受浮力：
物体排开水的重力：
因此浸在水中的物体所受浮力大小等于物体排开水的重力。
故答案为：等于；
（4）阿基米德原理对部分浸入液体的物体同样成立，操作正确的情况下，仍然能得到相同结论。
故答案为：能；
（5）漂浮的物体浮力等于自身重力，因此：
由图丁知，空桶重力为 ，则总重为：，所以弹簧测力计示数为 。
故答案为：1.2；
（6）金属块开始浸入时，浸入深度增大，排开水的体积变大，浮力增大；完全浸没后，深度增加，排开体积不变，浮力不变。因此浮力变化规律是“先增大，后不变”，符合规律的是图像D。
故答案为：D；
【分析】（1）考查阿基米德原理实验的操作顺序，核心是先测空桶和金属块的重力，避免沾水带来的误差。
（2）考查称重法测浮力的原理，利用公式 ，需通过甲、乙两步的示数差计算浮力。
（3）考查阿基米德原理的验证，通过计算浮力 和排开水的重力 ，验证两者相等。
（4）考查阿基米德原理的适用范围，该原理不仅适用于完全浸没的物体，也适用于部分浸入液体的物体。
（5）考查漂浮条件与阿基米德原理的结合应用，漂浮物体浮力等于重力，且等于排开液体的重力，据此计算弹簧测力计的示数。
（6）考查浮力随浸入深度变化的规律，根据 ，浮力先随排开体积增大而增大，完全浸没后保持不变，对应图像D。
（1）为了避免小桶沾水后测重力带来误差，需要先测量空桶重力和金属块重力，再进行后续操作，因此合理顺序为丁、甲、乙、丙。
（2）据称重法测浮力，甲测金属块重力，乙测金属块浸在水中时的拉力，两步骤相减即可得到浮力，因此填甲、乙。
（3）浸在水中的物体所受浮力
物体排开水的重力
因此浸在水中的物体所受浮力大小等于物体排开水的重力。
（4）阿基米德原理对部分浸入液体的物体同样成立，操作正确的情况下，仍然能得到相同结论。
（5）漂浮的物体浮力等于自身重力，因此
由图丁知，空桶重力为，则总重为
所以弹簧测力计示数为。
（6）金属块开始浸入时，浸入深度增大，排开水的体积变大，浮力增大；完全浸没后，深度增加，排开体积不变，浮力不变。因此浮力变化是“先增大，后不变”，所以符合规律的是图像D。
20．如图1所示，在探究影响压力作用效果的因素实验中，实验器材有小桌、海绵、砝码。
（1）实验是通过观察海绵的　 　来比较压力的作用效果；
（2）通过比较图甲和图乙，说明受力面积一定时，　 　压力的作用效果越明显；通过比较　 　两图，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显，该实验中主要采用的研究方法是　 　；
（3）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，图丙中海绵受到的压强和图丁中木板受到的压强的大小关系为p丙　 　p丁（填“﹥”“﹤”或“=”）；
（4）实验时，小明将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，发现它们对海绵的压力作用效果相同。由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是　 　。
（5）如图2所示，实验结束后，小明将长方体砖块放在水平地面上。然后将砖块切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时砖块对地面的压强为240Pa；将图乙中的砖块倒置后如图丙所示，此时砖块对地面的压强为360Pa，则图甲中砖块对地面的压强为　 　Pa。
【答案】（1）凹陷程度
（2）压力越大；乙、丙；控制变量法
（3）=
（4）没有控制压力大小不变
（5）288
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）本实验利用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果。
（2）对比甲、乙两图，二者受力面积相同，压力大小不同，乙的压力更大，海绵的凹陷程度更显著，由此可得：当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
若要探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需要控制压力大小相同，改变受力面积，符合要求的是乙、丙两图；本实验探究时，固定其他变量不变，只改变需要研究的变量，这种核心研究方法是控制变量法。
（3）丙、丁两次实验中，小桌和砝码对接触面的压力大小相等，受力面积也相等，根据可知，两次实验的压强大小相等，即；
（4）小明把砖块沿竖直方向切成两块时，同时改变了压力大小和受力面积，没有控制压力大小不变，因此不能得出“压力作用效果和受力面积无关”的结论，该探究过程存在的问题就是没有控制压力大小保持相同。
（5）设乙图中砖块的重力为G，底面积为S乙，丙图中底面积为S丙，则图乙中砖块对地面的压强为①图丙中砖块对地面的压强为②，由①②两式可得，将两图组成一个长方形，对地面的压力为，受力面积为
对地面的压强为
因为长方体对地面的压强
所以密度相同的材料制成的长方体对地面的压强只与高度有关，图甲中砖块对地面的压强p甲等于组合长方体对地面的压强p，即
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同，探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需要控制压力大小相同，改变受力面积；
3、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
4、物体静止时对地面的压力等于重力，结合受力面积计算砖块对地面的压强。
（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这是转换法的应用。
（2）甲、乙两图受力面积相同，压力不同，乙图压力更大，海绵凹陷更明显，说明受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
要探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需控制压力相同、受力面积不同，故选乙、丙两图；
实验中控制部分变量不变，研究其他变量的影响，主要采用的研究方法是控制变量法。
（3）丙、丁两图中，小桌和砝码对水平面的压力大小相同，受力面积也相同，根据 可知，压强相等，因此
（4）小明将砖块沿竖直方向切成两块时，压力和受力面积同时改变（没有控制压力大小不变），因此无法得出压力作用效果与受力面积无关的结论。存在的问题是：没有控制压力大小相同。
（5）设乙图中砖块的重力为G，底面积为S乙，丙图中底面积为S丙，则图乙中砖块对地面的压强为①
图丙中砖块对地面的压强为②
由①②两式可得，将两图组成一个长方形，对地面的压力为，受力面积为
对地面的压强为
因为长方体对地面的压强
所以密度相同的材料制成的长方体对地面的压强只与高度有关，图甲中砖块对地面的压强p甲等于组合长方体对地面的压强p，即
21．如图甲所示，将一金属块挂在弹簧测力计的下方，弹簧测力计的示数为。如图乙所示，当金属块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为。如图丙所示，当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为。已知，求：
（1）图乙中金属块受到的浮力；
（2）金属块的体积；
（3）图丙中液体的密度。
【答案】（1）解：图乙中金属块受到的浮力为
（2）解：由阿基米德原理可知，金属块的体积为
（3）解：当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为
由阿基米德原理可知，该液体的密度为
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）结合称重法计算图乙中金属块受到的浮力；
（2）由阿基米德原理可知，金属块的体积；
（3）当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为，由阿基米德原理可知，该液体的密度。
（1）图乙中金属块受到的浮力为
（2）由阿基米德原理可知，金属块的体积为
（3）当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为
由阿基米德原理可知，该液体的密度为
22．如图所示，水平桌面上放置一个重5N、底面积为100cm2的容器，容器左上端封闭，右上端开口，内部盛满酒精，酒精的重力是14N，ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10Nkg。求：
（1）A点受到酒精的压强；
（2）酒精对容器底部的压力；
（3）容器对水平桌面的压强。
【答案】解：(1) 计算酒精在A点产生的液体压强，选用液体压强公式 ，A点深度：
(2) 容器底部总液体深度 ，先求底部受到的液体压强：
再由压强变形公式 计算酒精对容器底的压力，底面积：
(3) 容器放在水平桌面，桌面受到的压力等于酒精与容器总重力：
再计算容器对水平桌面的固体压强：
答：(1) A点酒精压强为；(2) 酒精对容器底部压力为；(3) 容器对桌面压强为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】(1) 液体压强只与液体密度、深度有关，找准A点距离液面的竖直深度，直接代入计算。
(2) 先算出液面到容器底总深度，用液体压强公式求底部压强；再利用，结合容器底面积求出液体对底部的压力。
(3) 水平放置的固体对支撑面压力等于自身总重力，先求出总压力；再用固体压强定义式计算桌面受到的压强，注意面积单位换算。
23．为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小夏设计了如图所示实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做　 　运动，根据　 　知识，可知滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）比较甲、乙两次实验，可得结论是　 　。
（3）比较甲、丁两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丁实验中弹簧测力计的示数，小夏由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是　 　的（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
（4）小夏对实验装置进行改进后，如图戊所示，当他再进行实验时，发现效果更好。此时　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板。
（5）某次实验拉动木块运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F随时间t的变化图像如图乙所示，物体运动的v－t图像如图丙所示。第1秒时，物体受到的摩擦力为　 　N；第3－5s，拉力F对物体做功　 　J。
【答案】（1）匀速直线；二力平衡
（2）当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）错误；没有控制压力大小相同
（4）不需要
（5）1；12
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；功的计算及应用
【解析】【解答】（1） 本实验操作中，需要沿水平方向拉动弹簧测力计，使物块做匀速直线运动；
此时物块受力平衡，根据二力平衡的原理，物块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计拉力大小相等，因此滑动摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数。
（2）分析甲、乙两次实验：两次实验接触面的粗糙程度相同，乙实验中物块对接触面的压力更大，对应的弹簧测力计示数也更大，因此可以得出结论：当接触面粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）小明得出的结论是错误的，理由是：对比甲、丁两次实验，小明将物块A沿竖直方向切去一半后，虽然接触面的面积减小了，但同时物块对接触面的压力也减小了一半，实验过程中没有控制接触面受到的压力大小不变，因此无法得出滑动摩擦力大小和接触面积的关系。
（4）在图戊的实验装置中，木块相对于地面保持静止，木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力，大小相等，因此实验不需要匀速拉动长木板，操作更方便。
（5） 从图丙可知，第1秒时物体还处于静止状态，此时物体受到静摩擦力，静摩擦力和拉力大小相等，二力平衡；结合图乙可知，此时拉力大小为1N，因此物体受到的摩擦力为1N。
在第3s到第5s这个时间段内，由图乙可知拉力为，由图丙可知物体在这段时间做匀速直线运动，速度，运动时间，因此物体移动的距离为：，拉力做的功为：；
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。功的计算：W=Fs，结合计算的距离以及力，计算拉力做功；
5、从实验操作方面考虑，戊图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
（1）[1]实验中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做匀速直线运动；
[2]根据二力平衡知识，此时滑动摩擦力与拉力大小相等，故滑动摩擦力等于弹簧测力计示数。
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力更大，弹簧测力计示数更大，可得结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[1][2]结论是错误的，理由是：甲、丁两次实验中，切去物块A的一半，接触面积减小的同时，物块对接触面的压力也减小了，没有控制压力大小不变。
（4）图戊装置中，木块相对于地面静止，受到的摩擦力与弹簧测力计拉力始终是平衡力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）[1]由图丙可知，第1秒时物体处于静止状态，受到的是静摩擦力，与拉力平衡；结合图乙，此时拉力为1N，故摩擦力为1N。
[2]第3-5s，由图乙知拉力，由图丙知物体速度，时间，则物体移动的距离
拉力做功
24．按要求完成下列填空：
（1）最早精确测出大气压强的数值的是意大利科学家托里拆利，在标准大气压下他测得管内外水银面高度差为　 　cm；
（2）科技小组利用如图所示方法估测大气压值，该实验的原理是　 　；
（3）实验步骤：
A.量出吸盘与玻璃板接触面的直径，求出吸盘的面积为；
B．将吸盘紧压在玻璃板上，用弹簧测力计钩着挂钩缓慢向上拉，直到吸盘脱离玻璃板面，记录弹簧测力计的示数如图所示，则拉力　 　N；
C．则计算大气压的值为　 　Pa。
（4）科技小组又把玻璃板分别斜放、立放，使弹簧测力计向不同方向拉吸盘，也都测出了大气压的值，这说明大气向　 　都有压强；
（5）如果实验过程中吸盘没有被紧压在玻璃板上，中间留有空气，则测得的压强　 　。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）
【答案】（1）76
（2）
（3）3.6；
（4）各个方向
（5）偏小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）1643年，意大利科学家托里拆利完成了著名的托里拆利实验，这也是人类历史上第一次精准测出大气压数值的实验，在标准大气压条件下，该实验测得的玻璃管内外水银面的高度差为76cm。
（2）使用题图中的方法估测大气压数值时，实验运用了二力平衡的原理：实验中先用力挤压吸盘，排出吸盘内部的空气，让吸盘内部接近真空，此时外界大气压会把吸盘紧紧压在玻璃上；当弹簧测力计刚好把吸盘拉出时，弹簧测力计的拉力大小就等于大气压对吸盘的压力。之后测量出吸盘的直径，计算得到吸盘的受力面积，再根据就可以计算出大气压的数值，因此本实验的原理就是。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N；
吸盘的面积为
根据可得，大气压的值为
（4）将玻璃板分别斜放、立放，沿不同方向拉动吸盘都可以测出大气压的值，这个现象说明大气向各个方向都存在压强。
（5）如果实验操作时没有将吸盘紧压在玻璃板上，吸盘和玻璃之间残留了空气，那么拉动吸盘时，残留空气会产生向外的压强，使得不需要太大的拉力就可以拉开吸盘，导致测得的大气压对吸盘的压力测量值偏小，根据公式分析，最终得到的大气压测量值会比实际大气压偏小。
【分析】1、托里拆利实验，测量大气压的数值，为水银柱支撑的高度，大气压为P=ρgh，玻璃管中没有空气时，水银的高度为760mm，玻璃管中有空气，则撑起水银高度变小。
2、测量大气压强的原理为，实验步骤为排出吸盘内部的空气，当弹簧测力计刚好把吸盘拉出时，弹簧测力计的拉力大小就等于大气压对吸盘的压力。测量出吸盘的直径，计算得到吸盘的受力面积；将玻璃板分别斜放、立放，沿不同方向拉动吸盘都可以测出大气压的值，说明各个方向都存在大气压强；
3、实验操作时没有将吸盘紧压在玻璃板上导致吸盘有空气，使得弹簧测力计示数减小，压强测量减小。
（1）1643年意大利科学家托里拆利做了著名的“托里拆利实验”，最早精准测出了大气压的数值，在标准大气压下他测得管内外水银面的高度差为76cm。
（2）利用如图所示方法估测大气压值时，利用了二力平衡的知识，即用力挤压吸盘，排出里面的空气，使里面接近真空，此时外界大气压把吸盘紧压在了玻璃上，当用弹簧测力计刚好拉出吸盘时，拉力刚好等于大气压产生的压力；然后测出吸盘的直径，通过计算得到吸盘表面积；根据计算即可得到大气压值，即实验原理是。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N；
吸盘的面积为
根据可得，大气压的值为
（4）玻璃板分别斜放、立放，用不同方向的力拉吸盘，也能测大气压的值，说明大气向各个方向都有压强。
（5）如果实验过程中吸盘没有被紧压在玻璃板上，中间留有空气 ，实验时就会较为容易地拉开吸盘，测得的大气对吸盘的压力偏小，根据可知，测量的大气压值与实际大气压值相比偏小。
25．我国研发的平流层飞艇“圆梦”号已首飞成功，飞艇依靠浮力可升到20km高的平流层，其推进系统由太阳能电池提供能量，推进器产生的推力与气流对飞艇的水平作用力平衡，可使飞艇长时间悬停。平流层飞艇探测范围与高度的关系如表一所示。
表一：
飞行高度/km 20 40 50 80 100
探测范围半径/km 194 347 414 589 695
飞艇飞行时气流对飞艇的水平作用力与风速的关系如下图所示：
（1）下列飞行器中，其升空原理与飞艇相同的是______；
A．飞机 B．火箭 C．热气球 D．风筝
（2）若飞艇的气囊体积为，则飞艇在平流层受到的浮力约为　 　N（平流层空气密度取，g取10N/kg）；
（3）飞艇推进器的功效（功效是指推进器的推力与功率的比值）为0.01N/W；当飞艇推进器的功率为，且飞艇悬停时，此时平流层风速为　 　m/s。
【答案】（1）C
（2）
（3）150
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）飞艇的升空原理是利用空气的浮力。
AD．飞机和风筝都是依靠流体压强产生的压力差获得升力，因此AD错误；
B．火箭是依靠力的作用是相互的，通过反冲力实现升空，因此B错误；
C．热气球通过加热内部空气，使球内空气密度降低，同样是利用空气的浮力升空，和飞艇的升空原理一致，因此C正确；
故选C。
（2）飞艇全部浸入空气中，因此排开空气的体积等于自身体积，即
根据阿基米德原理，飞艇在平流层受到的浮力为：；
（3）由图可知，空气阻力与风速的平方成正比，即， 当时，，解得，由功效，得推进器的推力，飞艇悬停时推力和气流作用力平衡，此时平流层风速为
【分析】1、飞艇的升空原理是空气对飞艇有浮力作用，如热气球；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上，如火箭升空；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力，如飞机；
4、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
5、空气阻力与风速的平方成正比，即，代入题目顺序计算k，进而求解不同情况下平流层风速。
（1）飞艇是利用空气的浮力升空。
AD．飞机、风筝都是靠流体压强差获得升力，故AD不符合题意；
B．火箭靠力的作用是相互的（反冲力）升空，故B不符合题意；
C．热气球是通过加热，使球内空气密度减小，利用空气浮力升空，和飞艇原理相同，故C符合题意。
故选C。
（2）飞艇完全浸没在空气中，
则飞艇在平流层受到的浮力为
（3）由图可知，空气阻力与风速的平方成正比，即， 当时，，代入数据，解得，所以，空气阻力与风速的关系式为。
由功效，得推进器的推力
飞艇悬停时推力和气流作用力平衡，则
此时平流层风速为
1 / 1广东省广东实验学校附属江门学校2025-2026学年八年级下学期第二次学情检测物理试题
1．为了纪念物理学家的杰出贡献，常以他们的名字命名物理量的单位。下列以物理学家名字命名的单位和物理量对应正确的是（ ）
A．帕斯卡——功率 B．焦耳——压强
C．牛顿——力 D．瓦特——功
2．下列物理量的估测中，正确的是（　　）
A．一个苹果的重力约为300N
B．两个鸡蛋放在手上对手的压力约为10N
C．中学生站在地面上的压强约为
D．一个标准大气压约为
3．中国高铁是全球规模最大、技术最全面的高铁体系，下列关于高铁的描述正确的是（　　）
A．铁轨下铺放枕木，是为了增大压强
B．车厢内座椅宽大柔软，是为了减小压强
C．破窗锤的锥状的敲击端，是为了增大压力
D．高铁超载不会导致列车对铁轨的压强增大
4．生活处处有物理，关于小铭对如图所示情景的思考和分析正确的是（　　）
A．给肌肉注射药液的过程中，利用大气压强
B．利用拔火罐进行治疗时，并未利用大气压强
C．C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强大
D．完成托里拆利实验，发现水银柱高度始终低于760mm，说明此环境气压低于一个标准大气压
5．下图是乡村运动会的情境。关于对物体是否做功，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，篮球离开手在空中运动的过程中，手对篮球仍在做功
B．图乙中，将米袋提起的过程中，人对米袋做功
C．图丙中，举竿保持不动的过程中，人对竿做功
D．图丁中，推着小车沿水平路面运动的过程中，小车所受的重力对小车做功
6．如图所示，置于水平桌面的三个相同烧杯，分别装有质量相等的三种不同液体，x、y和z是三种液体中距杯底等高的点，则（　　）
A．液体密度：
B．液体对烧杯底部的压强：
C．烧杯对桌面的压力：
D．x、y、z三点液体的压强：
7．小永研究浮力大小与深度的关系。现将一立方体金属块，浸没在某种液体中，如图甲所示；将它缓缓从液体中竖直提出来的过程中，画出了测力计示数F随金属块下表面浸入深度h变化的图像，如图乙所示。根据该图像可以得出的正确结论是（　　）
A．金属块的质量是30g B．金属块所受最大浮力为2.0N
C．金属块的密度为3.0×103kg/m3 D．液体的密度是0.8×103kg/m3
8．如图甲是托里拆利实验装置，图乙是自制的水气压计。若将这两个装置放在电梯上，当电梯从1楼上升到18楼时，甲图中管内外水银面高度差将　 　，乙图中玻璃管内水柱的高度将　 　。发生以上现象的原因都是大气压随高度的增加而　 　。（均选填“增大”或“减小”）
9．鼹鼠洞挖成如图甲所示的形状，能较好地保持洞内的通风和干燥。图示情境中，左边洞口为鼹鼠洞的　 　（选填“出”或“进”）风口。喷雾器的工作原理如图乙所示，当推动活塞时，管口的空气流速　 　，管口处的压强　 　（后两空均选填“增大”“减小”或“不变”），水在瓶内气压的作用下进入管子并上升，在瓶口处遇到高速气流被打散成雾状。
10．小华将一个质量为100g的物体浸没在装满水的桶中，溢出90g水。则物体受到的浮力是　 　N，这个物体在水中将会　 　（选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）。放入物体后，水对桶底的压强会　 　。（g取10Nkg）
11．一艘货船的排水量2×103t，满载时受到的浮力为　 　N 。如果它从长江驶进大海，它所受到的浮力　 　（填“变大”、“不变”或“变小”），船排开液体的体积　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）。（g= 10N/kg）
12．如图（a）所示，重为6×107N的潜艇悬停在海水某深度处，潜艇的水舱向外排出1×107N的海水后开始上浮，在图（b）所示位置时潜艇受到的浮力为　 　N。最终潜艇静止在图（c）所示海面，潜艇受到的浮力为　 　N。由此可见潜水艇是通过改变　 　来实现上浮和下沉。
13．某同学用50N的力搬石头，但石头未搬动，这个人对石头做的功是　 　J。箱子重200N，把它从地面沿着18m长的楼梯搬到10m高的楼上，人对箱子做了　 　J的功；又提着箱子水平移动了20m，此时，人对箱子做的功是　 　J。
14．如图所示，用F=20N的水平拉力，拉着重为50N的物体沿水平地面做匀速直线运动，物体在2s内移动了0.4m。此过程中，拉力F做的功为　 　J，功率为　 　W，物体与地面间的摩擦力为　 　N。
15．如图所示是乒乓球在水中上浮过程中的某一位置，画出此时乒乓球受力示意图（O点为重心）。
16．如图所示，中国气象飞艇正在空中水平匀速向右运动，利用所携带的观测仪器对高空大气气象状况进行观测，请画出此时飞艇受到的浮力和阻力示意图，力的作用点为点。
17．高速公路上的避险车道，被称为“救命道”如图甲所示，请你在图乙中画出失控车辆冲入避险车道减速滑行时的受力示意图。
18．如图甲所示，这是小明探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）实验前，小明用手轻压橡皮膜，发现U形管中液面不变化，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；为了利于观察，应在U形管中注入　 　（选填“有”或“无”）颜色的水；实验中通过U形管中液面的　 　来反映压强的大小，下面与此实验方法相同的是　 　。
A．在研究磁体周围的磁场时，引入“磁感线”
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映小车动能的大小
C．在探究平面镜成像的特点时，用未点燃的蜡烛乙替代点燃的蜡烛甲的像
（2）比较图乙、丙可初步得出结论：在同种液体中，液体压强随着深度的增加而　 　。比较图丙、丁可初步得出结论：在同一深度，液体内部压强与　 　有关。
（3）若将U形管中的水换成密度为的液体，保持探头在图丁中的深度不变，则U形管两侧液面的高度差将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）从结构上看，压强计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器。
19．项目式学习小组利用溢水杯、弹簧测力计、小桶、水和金属块，探究浮力的大小F浮与物体排开液体所受重力G排的关系（如图所示）。
（1）学习小组的实验顺序是甲、乙、丙、丁，为了操作方便和减小误差，合理的实验顺序应为　 　。
（2）通过图中的步骤　 　 ，可以测量出物体受到的浮力。
（3）实验可得出的结论是：通过上述实验可初步得出：浸在水中的物体所受浮力的大小　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）物体排开水的重力；
（4）另一实验小组在步骤乙的操作中，只将金属块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则　 　（选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论；
（5）不用弹簧测力计，直接将重为0.7N的塑料球轻放入图乙装满水的溢水杯中，塑料球漂浮，溢出的水流入空小桶中。若用图丙的方法测量球排出的水和小桶总重，则此时弹簧测力计的示数应为　 　N。
（6）在乙步骤中当金属块的底部从接触水面开始，到金属块浸没直至浸没到更深的位置，下图中能表示此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图像是________。
A． B．
C． D．
20．如图1所示，在探究影响压力作用效果的因素实验中，实验器材有小桌、海绵、砝码。
（1）实验是通过观察海绵的　 　来比较压力的作用效果；
（2）通过比较图甲和图乙，说明受力面积一定时，　 　压力的作用效果越明显；通过比较　 　两图，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显，该实验中主要采用的研究方法是　 　；
（3）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，图丙中海绵受到的压强和图丁中木板受到的压强的大小关系为p丙　 　p丁（填“﹥”“﹤”或“=”）；
（4）实验时，小明将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，发现它们对海绵的压力作用效果相同。由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是　 　。
（5）如图2所示，实验结束后，小明将长方体砖块放在水平地面上。然后将砖块切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时砖块对地面的压强为240Pa；将图乙中的砖块倒置后如图丙所示，此时砖块对地面的压强为360Pa，则图甲中砖块对地面的压强为　 　Pa。
21．如图甲所示，将一金属块挂在弹簧测力计的下方，弹簧测力计的示数为。如图乙所示，当金属块浸没在水中时，弹簧测力计的示数为。如图丙所示，当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为。已知，求：
（1）图乙中金属块受到的浮力；
（2）金属块的体积；
（3）图丙中液体的密度。
22．如图所示，水平桌面上放置一个重5N、底面积为100cm2的容器，容器左上端封闭，右上端开口，内部盛满酒精，酒精的重力是14N，ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10Nkg。求：
（1）A点受到酒精的压强；
（2）酒精对容器底部的压力；
（3）容器对水平桌面的压强。
23．为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小夏设计了如图所示实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做　 　运动，根据　 　知识，可知滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）比较甲、乙两次实验，可得结论是　 　。
（3）比较甲、丁两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丁实验中弹簧测力计的示数，小夏由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是　 　的（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
（4）小夏对实验装置进行改进后，如图戊所示，当他再进行实验时，发现效果更好。此时　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板。
（5）某次实验拉动木块运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F随时间t的变化图像如图乙所示，物体运动的v－t图像如图丙所示。第1秒时，物体受到的摩擦力为　 　N；第3－5s，拉力F对物体做功　 　J。
24．按要求完成下列填空：
（1）最早精确测出大气压强的数值的是意大利科学家托里拆利，在标准大气压下他测得管内外水银面高度差为　 　cm；
（2）科技小组利用如图所示方法估测大气压值，该实验的原理是　 　；
（3）实验步骤：
A.量出吸盘与玻璃板接触面的直径，求出吸盘的面积为；
B．将吸盘紧压在玻璃板上，用弹簧测力计钩着挂钩缓慢向上拉，直到吸盘脱离玻璃板面，记录弹簧测力计的示数如图所示，则拉力　 　N；
C．则计算大气压的值为　 　Pa。
（4）科技小组又把玻璃板分别斜放、立放，使弹簧测力计向不同方向拉吸盘，也都测出了大气压的值，这说明大气向　 　都有压强；
（5）如果实验过程中吸盘没有被紧压在玻璃板上，中间留有空气，则测得的压强　 　。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）
25．我国研发的平流层飞艇“圆梦”号已首飞成功，飞艇依靠浮力可升到20km高的平流层，其推进系统由太阳能电池提供能量，推进器产生的推力与气流对飞艇的水平作用力平衡，可使飞艇长时间悬停。平流层飞艇探测范围与高度的关系如表一所示。
表一：
飞行高度/km 20 40 50 80 100
探测范围半径/km 194 347 414 589 695
飞艇飞行时气流对飞艇的水平作用力与风速的关系如下图所示：
（1）下列飞行器中，其升空原理与飞艇相同的是______；
A．飞机 B．火箭 C．热气球 D．风筝
（2）若飞艇的气囊体积为，则飞艇在平流层受到的浮力约为　 　N（平流层空气密度取，g取10N/kg）；
（3）飞艇推进器的功效（功效是指推进器的推力与功率的比值）为0.01N/W；当飞艇推进器的功率为，且飞艇悬停时，此时平流层风速为　 　m/s。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】功率的概念；力的概念及单位；压强；功的概念
【解析】【解答】A、帕斯卡对应的物理量为压强，并非功率，A 不符合题意；
B、焦耳是功、能量、热量的专用单位，和压强无关，B 不符合题意；
C、牛顿是力的国际标准单位，单位与物理量匹配正确，C 符合题意；
D、瓦特是功率的单位，功的单位为焦耳，D 不符合题意；
故答案为：C。
【分析】A、牢记帕斯卡是压强单位，区分压强、功率对应的不同物理单位；
B、焦耳用于度量功与能量，压强单位是帕斯卡，二者不能对应混淆；
C、牛顿作为力的基本单位，该组单位与物理量匹配关系成立；
D、瓦特代表功率，功的计量单位是焦耳，分清两个物理量对应的单位名称。
2．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算；大气压强的存在
【解析】【解答】A. 一个苹果的质量大概是0.2kg，根据重力公式计算可得它的重力约为，因此A错误；
B. 单个鸡蛋的质量大约为50g，那么两个鸡蛋的总质量约为，鸡蛋对手的压力等于自身重力，计算可得压力大小为，因此B错误；
C. 普通中学生的质量约为50kg，对应的重力大约是500N；中学生双脚站立时，和地面的总接触面积大约为，根据压强公式计算可得对地面的压强约为：，计算结果和非常接近，因此C正确；
D. 一个标准大气压的准确数值约为，因此D错误。
综上，答案选C。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg
2、标压为；
3、重力的计算：公式为G=mg；
4、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
3．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．铁轨下方铺设枕木，压力大小保持不变，是通过增大受力面积的方式减小压强，因此A错误；
B．车厢内的座椅设计得宽大柔软，压力大小不变，通过增大受力面积来减小压强，因此B正确；
C．破窗锤的敲击端做成锥状，是在压力不变的情况下，通过减小受力面积来增大压强，并不是通过增大压力来增大压强，因此C错误；
D．当高铁超载时，列车对铁轨的压力会增大，而受力面积不变，因此对铁轨的压强会增大，因此D错误。
故选B。
【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。
4．【答案】D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：肌肉注射是通过外力推动将药液注入人体，这个过程没有用到大气压，因此A错误。
B：拔火罐治疗时，罐内气体温度降低后气压减小，小于外界大气压，罐子是在外界大气压的作用下吸附在皮肤上，因此B错误。
C：C919客机升空利用了流体压强与流速的关系：机翼上方空气流速更大，压强更小，机翼下方空气流速更小，压强更大，由此形成向上的压强差，产生升力，因此C错误。
D：一个标准大气压能够支撑高度为760mm的水银柱，做托里拆利实验时，如果测得的水银柱高度始终低于760mm，说明当地气压低于一个标准大气压，因此D正确。
故选 D。
【分析】1、力的作用效果：推力使得药液注入人体；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
4、托里拆利实验，测量大气压的数值，为水银柱支撑的高度，大气压为P=ρgh，玻璃管中没有空气时，水银的高度为760mm，玻璃管中有空气，则撑起水银高度变小。
5．【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A. 篮球离开手后在空中运动过程中，手已经不对篮球施加力的作用，不满足做功的条件，因此手没有对篮球做功，故A错误；
B. 在提起米袋的过程中，人对米袋施加了向上的力，同时米袋沿着这个力的方向移动了一段距离，同时满足做功的两个条件，因此人对米袋做了功，故B正确；
C. 运动员举着撑竿保持静止的时候，撑竿没有在人施加的力的方向上移动距离，不满足做功条件，因此人不对撑竿做功，故C错误；
D. 小车在水平路面上运动时，重力的方向是竖直向下的，小车并没有在重力的方向也就是竖直方向上移动距离，因此重力不对小车做功，故D错误。
故选B。
【分析】做功有两个缺一不可的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在这个力的方向上移动了距离，只有同时满足这两个条件力才做功。
6．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】A．三个烧杯完全相同，且三种液体质量相等，从图中可以得到三种液体的体积关系为，结合密度公式，可推出密度关系为，因此A错误；
B．本题中烧杯是柱形容器，液体对烧杯底部的压力大小等于液体自身的重力，已知三种液体质量相等，因此重力相等，所以三种液体对烧杯底部的压力大小相等；又因为烧杯的底面积S相同，根据压强公式，可得三种液体对烧杯底部的压强关系为，因此B错误；
C．烧杯对桌面的压力大小等于烧杯与液体的总重力，已知三个烧杯相同，因此烧杯自身重力相等，又因为三种液体质量相等，液体重力也相等，所以三个烧杯的总重力相等，对桌面的压力关系为，因此C错误；
D．x、y、z三个点到杯底的高度相等，结合已经得到的密度关系，根据液体压强公式，可得三个点下方液体对烧杯底部产生的压强关系为。设x、y、z三点处的液体压强分别为、、，烧杯底部受到的总液体压强等于三点处压强加上三点下方的压强，又因为烧杯底部总压强关系为，因此满足关系式
整理后可得三点压强关系为，因此D正确。
故选D。
【分析】1、密度公式计算m=ρV，当质量相同，体积越大，物体的密度越小；
2、物体静止在水平桌面上，对桌面的压力等于重力；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
7．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】由图像信息可得：金属块完全拉出液体时，拉力等于自身重力；0～5cm阶段金属块完全浸没，弹簧测力计拉力；正方体棱长。
A、金属块质量，选项给出30g，A错误；
B、根据称重法，最大浮力，选项给出2.0N，B错误；
C、金属块体积，金属密度，选项给出，C错误；
D、金属块完全浸没时，由阿基米德原理变形，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、图像水平段拉力等于物体重力，结合计算质量，核对单位与数值；
B、完全浸没时排液体积最大，利用称重法计算最大浮力；
C、由图像两段拐点差值求出正方体棱长，算出体积后结合质量求金属块密度；
D、完全浸没时等于物体体积，代入阿基米德原理公式反推液体密度。
8．【答案】减小；增大；减小
【知识点】大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】大气压随海拔高度升高而减小。甲装置：随电梯从 1 楼升至 18 楼，外界大气压变小，玻璃管内外液面高度差减小。乙装置压强平衡关系：瓶内封闭气体压强 = 外界大气压 + 玻璃管内液柱产生的液体压强。电梯上升至高层时外界大气压降低，瓶内气压不变，会推动液体沿玻璃管向上，因此管内液柱高度升高。
故答案为：减小；增大；减小；
【分析】核心知识点为海拔越高，大气压强越小；区分两类装置压强平衡关系，甲装置直接反映外界大气压，气压降低液面差缩小；乙装置内部气压恒定，外界大气压减小后液柱压强补偿值变大，液柱上升。
9．【答案】进；增大；减小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 观察图形可知，左侧洞口与地面齐平，右侧洞口向上凸起。风沿图中箭头方向吹过两个洞口上方时，左侧洞口上方空气流速更小，压强更大；右侧洞口上方空气流速更大，压强更小，因此空气会从左侧洞口流入鼹鼠洞，再从右侧洞口流出，即左边是鼹鼠洞的进风口。
推动喷雾器活塞时，管口位置的空气流速变大，管口压强变小。此时瓶内液面上方的气压大于管口位置的压强，瓶内的水就会在瓶内气压的作用下顺着管子上升，到达瓶口后就会被高速气流打散，最终形成雾状喷出。
【分析】压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
10．【答案】0.9；下沉；不变
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】桶内装满水，物体完全浸没，溢出水的质量等于排开水的质量，先计算排开水的重力：
根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于排开液体的重力：
计算物体自身重力：
对比重力与浮力大小：，依据浮沉条件，物体会下沉。
桶原本盛满水，物体浸没后有水溢出，桶内水面高度始终不变；液体压强公式为 ，水的密度、重力常数、水深均未改变，因此水对桶底的液体压强保持不变。
故答案为：0.9；下沉；不变；
【分析】先由溢出水的质量求出排开水的重力，再利用阿基米德原理直接得出浮力大小。
算出物体自重，通过比较物体重力和浮力的大小关系，判断物体的浮沉状态。
装满水的容器放入物体后液面高度不变，结合液体压强公式，液体密度、深度不变则容器底部压强不变。
11．【答案】2×107；不变；变小
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 根据阿基米德原理，货船满载时受到的浮力等于它排开水的重力，因此可计算得：F浮=G排=m排g=2×103×103kg×10N/kg=2×107N
货船从长江驶入大海的过程中，始终保持漂浮，根据物体的浮沉条件，货船受到的浮力始终等于自身总重力，货船重力不变，因此货船受到的浮力大小不变。由于海水的密度大于江水密度，根据阿基米德原理公式F浮=ρ液V排g，浮力不变，液体密度变大时，船排开液体的体积会变小。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
12．【答案】；；自身重力
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；探究影响浮力大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）当潜艇悬停时，处于悬浮状态。根据物体浮沉条件可知，受到的浮力与自身重力大小相等。因此（a）位置时潜艇的浮力。在（b）位置时，仍然浸没，根据阿基米德原理 可知，海水的密度不变，排开海水的体积也没有变化，因此浮力大小不变，即。
（2）当潜艇静止在图（c）位置时，处于漂浮状态。根据物体浮沉条件，受到的浮力等于自身此时的重力。因此（3）对于潜艇来说，它浸没在海水中时潜艇的体积不变，排开液体的体积也不变，浮力大小是固定不变的，只能通过水舱充水或排水来改变自身的总重力，从而实现上浮和下潜。
因此第一个空的答案为： ；第二个空的答案为： ；第三个空的答案为：自身重力。
【分析】本题考查浮沉条件的应用中的潜水艇，注意的关键点是：在潜水艇没有露出水面之前，V排不变，浮力不变，只能通过改变自重，改变运动状态，实现上浮或下沉。
13．【答案】0；2000；0
【知识点】是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】 这个人虽然对石头施加了力，但石头最终没有被搬动，没有在力的方向上产生位移，因此这个人对石头不做功，做功大小为0J。
上楼过程中，需要克服箱子的重力对箱子做功，做功大小为：
人提着箱子水平移动时，提力的方向是竖直向上的，箱子的移动方向为水平方向，在提力的方向上没有位移，因此这个过程人对箱子不做功，做功大小为0J。
【分析】做功有两个缺一不可的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在这个力的方向上移动了距离，只有同时满足这两个条件力才做功。做功公式W=Fs。
14．【答案】8；4；20
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】首先计算拉力F做的总功，代入功的计算公式可得：
再根据功率的定义式计算拉力做功的功率：
因为物体在水平地面做匀速直线运动，物体处于平衡状态，水平方向上摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，因此物体与地面间的摩擦力为；
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
功和功率：计算公式为W=Fs=Pt。
15．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】正在水中上浮的乒乓球，一共受到两个力的作用：方向竖直向上的浮力，以及方向竖直向下的重力。由于乒乓球处于上浮状态，根据物体的浮沉条件可知，此时浮力的大小大于重力的大小，受力示意图如下图所示：
【分析】1、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、浮力作用于物体重心，方向竖直向上，大小和重力相同。
16．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因
【解析】【解答】以点O为作用点：
浮力：方向竖直向上，画一条从O点出发、向上的带箭头线段，并标注；
阻力：方向水平向左（与飞艇运动方向相反），画一条从O点出发、向左的带箭头线段，并标注；如图所示：；
故答案为： ；
【分析】本题解题要点：
确定浮力方向：浮力的方向始终竖直向上，与物体运动状态无关；
确定阻力方向：阻力阻碍物体的相对运动，飞艇水平向右运动，因此空气阻力方向与运动方向相反，为水平向左；
规范作图：以题目指定的点O为两个力的作用点，分别沿竖直向上和水平向左画出带箭头的线段，并标注对应的力的符号。
17．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】当失控车辆冲入避险车道减速滑行时，它一共受到三个力的作用：竖直向下的重力、垂直于避险车道斜面向上的支持力，以及沿斜面向下的阻力，我们可以将这三个力的作用点都画在车辆的重心处，最终受力示意图如下图所示：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
支持力垂直斜面向上，作用于物体重心。
摩擦力作用于物体重心，和物体运动方向相反。
18．【答案】（1）漏气；有；高度差；B
（2）增大；液体密度
（3）变小
（4）不属于
【知识点】液体压强计算公式的应用；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）按压橡皮膜时U形管液面没有发生高度变化，说明压强计装置存在漏气问题：装置漏气时，装置内部与外界大气连通，气压始终保持平衡，因此U形管不会出现液面高度差。在U形管中注入带颜色的水，能让液面的分界更明显，更方便实验观察。
本实验中，我们通过U形管两侧的液面高度差来反映橡皮膜受到的液体压强大小，这种研究方法是转换法。
A、引入磁感线研究磁场，用到的是建立物理模型法，不是转换法，因此A错误；
B、实验中通过木块被推动的距离来反映动能的大小，和本实验方法相同，属于转换法，因此B正确；
C、探究平面镜成像特点时，用未点燃的蜡烛替代像的位置，属于等效替代法，不是转换法，因此C错误；
故选B。
（2）对比乙、丙两组实验：两组实验的液体种类相同，只有探头所处的深度不同，实验观察到深度越大，U形管的液面高度差越大，因此可以得到结论：同种液体，液体内部的压强随深度的增加而增大。
对比丙、丁两组实验：两组实验中探头所处深度相同，液体的密度不同，最终U形管的液面高度差不同，因此可以得到结论：同一深度，液体内部的压强与液体的密度有关。
（3）保持探头在液体中的深度不变时，探头受到的液体压强大小不变，也就是U形管内液体产生的压强p不变；若换用密度更大的液体注入U形管，根据公式变形可得压强p不变，液体密度变大，因此U形管两侧的液面高度差h会变小。
（4）连通器的结构特点是：两端开口、底部相互连通。而压强计的U形管，一端连接探头、是密闭不与大气相通的，不符合连通器的定义，因此压强计的U形管不属于连通器。
【分析】1、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
2、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
3、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小；
4、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸。
（1）若按压橡皮膜时U形管液面无变化，说明装置漏气，漏气时装置内外气压平衡，液面不会产生高度差；注入有颜色的水，液面分界更清晰，便于观察；
本实验用U形管液面高度差反映压强大小，使用了转换法。
A．引入磁感线是模型法，故A不符合题意；
B．用木块移动距离反映动能大小是转换法，故B符合题意；
C．用蜡烛替代像为等效替代法，故C不符合题意；
故选B。
（2）乙、丙两实验液体的种类相同，探头深度不同，深度越大U形管中液面的高度差越大，可得同种液体中压强随深度增加而增大；丙、丁两实验探头深度相同，液体密度不同，U形管中液面的高度差不同，可得同一深度，液体压强与液体密度有关。
（3）探头深度不变，探头受到的压强不变，U形管内液体密度变大，根据，液体密度越大，液面高度差越小。
（4）连通器的定义是两端开口、底部连通，压强计的U形管一端是密闭的，因此不属于连通器。
19．【答案】（1）丁、甲、乙、丙
（2）甲、乙
（3）等于
（4）能
（5）1.2
（6）D
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）为避免小桶沾水后测重力带来误差，应先测量空桶重力和金属块重力，再进行后续操作，因此合理顺序为丁、甲、乙、丙。
故答案为：丁、甲、乙、丙；
（2）根据称重法测浮力公式 ，需先测出金属块的重力（甲步骤）和金属块浸在水中时的拉力（乙步骤），两数相减即可得到浮力，因此填甲、乙。
故答案为：甲、乙；
（3）浸在水中的物体所受浮力：
物体排开水的重力：
因此浸在水中的物体所受浮力大小等于物体排开水的重力。
故答案为：等于；
（4）阿基米德原理对部分浸入液体的物体同样成立，操作正确的情况下，仍然能得到相同结论。
故答案为：能；
（5）漂浮的物体浮力等于自身重力，因此：
由图丁知，空桶重力为 ，则总重为：，所以弹簧测力计示数为 。
故答案为：1.2；
（6）金属块开始浸入时，浸入深度增大，排开水的体积变大，浮力增大；完全浸没后，深度增加，排开体积不变，浮力不变。因此浮力变化规律是“先增大，后不变”，符合规律的是图像D。
故答案为：D；
【分析】（1）考查阿基米德原理实验的操作顺序，核心是先测空桶和金属块的重力，避免沾水带来的误差。
（2）考查称重法测浮力的原理，利用公式 ，需通过甲、乙两步的示数差计算浮力。
（3）考查阿基米德原理的验证，通过计算浮力 和排开水的重力 ，验证两者相等。
（4）考查阿基米德原理的适用范围，该原理不仅适用于完全浸没的物体，也适用于部分浸入液体的物体。
（5）考查漂浮条件与阿基米德原理的结合应用，漂浮物体浮力等于重力，且等于排开液体的重力，据此计算弹簧测力计的示数。
（6）考查浮力随浸入深度变化的规律，根据 ，浮力先随排开体积增大而增大，完全浸没后保持不变，对应图像D。
（1）为了避免小桶沾水后测重力带来误差，需要先测量空桶重力和金属块重力，再进行后续操作，因此合理顺序为丁、甲、乙、丙。
（2）据称重法测浮力，甲测金属块重力，乙测金属块浸在水中时的拉力，两步骤相减即可得到浮力，因此填甲、乙。
（3）浸在水中的物体所受浮力
物体排开水的重力
因此浸在水中的物体所受浮力大小等于物体排开水的重力。
（4）阿基米德原理对部分浸入液体的物体同样成立，操作正确的情况下，仍然能得到相同结论。
（5）漂浮的物体浮力等于自身重力，因此
由图丁知，空桶重力为，则总重为
所以弹簧测力计示数为。
（6）金属块开始浸入时，浸入深度增大，排开水的体积变大，浮力增大；完全浸没后，深度增加，排开体积不变，浮力不变。因此浮力变化是“先增大，后不变”，所以符合规律的是图像D。
20．【答案】（1）凹陷程度
（2）压力越大；乙、丙；控制变量法
（3）=
（4）没有控制压力大小不变
（5）288
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）本实验利用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果。
（2）对比甲、乙两图，二者受力面积相同，压力大小不同，乙的压力更大，海绵的凹陷程度更显著，由此可得：当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
若要探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需要控制压力大小相同，改变受力面积，符合要求的是乙、丙两图；本实验探究时，固定其他变量不变，只改变需要研究的变量，这种核心研究方法是控制变量法。
（3）丙、丁两次实验中，小桌和砝码对接触面的压力大小相等，受力面积也相等，根据可知，两次实验的压强大小相等，即；
（4）小明把砖块沿竖直方向切成两块时，同时改变了压力大小和受力面积，没有控制压力大小不变，因此不能得出“压力作用效果和受力面积无关”的结论，该探究过程存在的问题就是没有控制压力大小保持相同。
（5）设乙图中砖块的重力为G，底面积为S乙，丙图中底面积为S丙，则图乙中砖块对地面的压强为①图丙中砖块对地面的压强为②，由①②两式可得，将两图组成一个长方形，对地面的压力为，受力面积为
对地面的压强为
因为长方体对地面的压强
所以密度相同的材料制成的长方体对地面的压强只与高度有关，图甲中砖块对地面的压强p甲等于组合长方体对地面的压强p，即
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同，探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需要控制压力大小相同，改变受力面积；
3、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
4、物体静止时对地面的压力等于重力，结合受力面积计算砖块对地面的压强。
（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这是转换法的应用。
（2）甲、乙两图受力面积相同，压力不同，乙图压力更大，海绵凹陷更明显，说明受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
要探究“压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显”，需控制压力相同、受力面积不同，故选乙、丙两图；
实验中控制部分变量不变，研究其他变量的影响，主要采用的研究方法是控制变量法。
（3）丙、丁两图中，小桌和砝码对水平面的压力大小相同，受力面积也相同，根据 可知，压强相等，因此
（4）小明将砖块沿竖直方向切成两块时，压力和受力面积同时改变（没有控制压力大小不变），因此无法得出压力作用效果与受力面积无关的结论。存在的问题是：没有控制压力大小相同。
（5）设乙图中砖块的重力为G，底面积为S乙，丙图中底面积为S丙，则图乙中砖块对地面的压强为①
图丙中砖块对地面的压强为②
由①②两式可得，将两图组成一个长方形，对地面的压力为，受力面积为
对地面的压强为
因为长方体对地面的压强
所以密度相同的材料制成的长方体对地面的压强只与高度有关，图甲中砖块对地面的压强p甲等于组合长方体对地面的压强p，即
21．【答案】（1）解：图乙中金属块受到的浮力为
（2）解：由阿基米德原理可知，金属块的体积为
（3）解：当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为
由阿基米德原理可知，该液体的密度为
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）结合称重法计算图乙中金属块受到的浮力；
（2）由阿基米德原理可知，金属块的体积；
（3）当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为，由阿基米德原理可知，该液体的密度。
（1）图乙中金属块受到的浮力为
（2）由阿基米德原理可知，金属块的体积为
（3）当金属块浸没在某液体中时，金属块所受浮力为
由阿基米德原理可知，该液体的密度为
22．【答案】解：(1) 计算酒精在A点产生的液体压强，选用液体压强公式 ，A点深度：
(2) 容器底部总液体深度 ，先求底部受到的液体压强：
再由压强变形公式 计算酒精对容器底的压力，底面积：
(3) 容器放在水平桌面，桌面受到的压力等于酒精与容器总重力：
再计算容器对水平桌面的固体压强：
答：(1) A点酒精压强为；(2) 酒精对容器底部压力为；(3) 容器对桌面压强为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】(1) 液体压强只与液体密度、深度有关，找准A点距离液面的竖直深度，直接代入计算。
(2) 先算出液面到容器底总深度，用液体压强公式求底部压强；再利用，结合容器底面积求出液体对底部的压力。
(3) 水平放置的固体对支撑面压力等于自身总重力，先求出总压力；再用固体压强定义式计算桌面受到的压强，注意面积单位换算。
23．【答案】（1）匀速直线；二力平衡
（2）当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）错误；没有控制压力大小相同
（4）不需要
（5）1；12
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；功的计算及应用
【解析】【解答】（1） 本实验操作中，需要沿水平方向拉动弹簧测力计，使物块做匀速直线运动；
此时物块受力平衡，根据二力平衡的原理，物块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计拉力大小相等，因此滑动摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数。
（2）分析甲、乙两次实验：两次实验接触面的粗糙程度相同，乙实验中物块对接触面的压力更大，对应的弹簧测力计示数也更大，因此可以得出结论：当接触面粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）小明得出的结论是错误的，理由是：对比甲、丁两次实验，小明将物块A沿竖直方向切去一半后，虽然接触面的面积减小了，但同时物块对接触面的压力也减小了一半，实验过程中没有控制接触面受到的压力大小不变，因此无法得出滑动摩擦力大小和接触面积的关系。
（4）在图戊的实验装置中，木块相对于地面保持静止，木块受到的滑动摩擦力和弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力，大小相等，因此实验不需要匀速拉动长木板，操作更方便。
（5） 从图丙可知，第1秒时物体还处于静止状态，此时物体受到静摩擦力，静摩擦力和拉力大小相等，二力平衡；结合图乙可知，此时拉力大小为1N，因此物体受到的摩擦力为1N。
在第3s到第5s这个时间段内，由图乙可知拉力为，由图丙可知物体在这段时间做匀速直线运动，速度，运动时间，因此物体移动的距离为：，拉力做的功为：；
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4、根据速度的公式计算分析，速度公式为v=s/t，根据题目中所给的信息，如已知速度时间求解路程，或者已知路程和时间求解速度，匀速运动的特点，在st曲线上为一条倾斜向上的直线，在vt曲线为一条水平直线。功的计算：W=Fs，结合计算的距离以及力，计算拉力做功；
5、从实验操作方面考虑，戊图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
（1）[1]实验中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做匀速直线运动；
[2]根据二力平衡知识，此时滑动摩擦力与拉力大小相等，故滑动摩擦力等于弹簧测力计示数。
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力更大，弹簧测力计示数更大，可得结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[1][2]结论是错误的，理由是：甲、丁两次实验中，切去物块A的一半，接触面积减小的同时，物块对接触面的压力也减小了，没有控制压力大小不变。
（4）图戊装置中，木块相对于地面静止，受到的摩擦力与弹簧测力计拉力始终是平衡力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）[1]由图丙可知，第1秒时物体处于静止状态，受到的是静摩擦力，与拉力平衡；结合图乙，此时拉力为1N，故摩擦力为1N。
[2]第3-5s，由图乙知拉力，由图丙知物体速度，时间，则物体移动的距离
拉力做功
24．【答案】（1）76
（2）
（3）3.6；
（4）各个方向
（5）偏小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）1643年，意大利科学家托里拆利完成了著名的托里拆利实验，这也是人类历史上第一次精准测出大气压数值的实验，在标准大气压条件下，该实验测得的玻璃管内外水银面的高度差为76cm。
（2）使用题图中的方法估测大气压数值时，实验运用了二力平衡的原理：实验中先用力挤压吸盘，排出吸盘内部的空气，让吸盘内部接近真空，此时外界大气压会把吸盘紧紧压在玻璃上；当弹簧测力计刚好把吸盘拉出时，弹簧测力计的拉力大小就等于大气压对吸盘的压力。之后测量出吸盘的直径，计算得到吸盘的受力面积，再根据就可以计算出大气压的数值，因此本实验的原理就是。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N；
吸盘的面积为
根据可得，大气压的值为
（4）将玻璃板分别斜放、立放，沿不同方向拉动吸盘都可以测出大气压的值，这个现象说明大气向各个方向都存在压强。
（5）如果实验操作时没有将吸盘紧压在玻璃板上，吸盘和玻璃之间残留了空气，那么拉动吸盘时，残留空气会产生向外的压强，使得不需要太大的拉力就可以拉开吸盘，导致测得的大气压对吸盘的压力测量值偏小，根据公式分析，最终得到的大气压测量值会比实际大气压偏小。
【分析】1、托里拆利实验，测量大气压的数值，为水银柱支撑的高度，大气压为P=ρgh，玻璃管中没有空气时，水银的高度为760mm，玻璃管中有空气，则撑起水银高度变小。
2、测量大气压强的原理为，实验步骤为排出吸盘内部的空气，当弹簧测力计刚好把吸盘拉出时，弹簧测力计的拉力大小就等于大气压对吸盘的压力。测量出吸盘的直径，计算得到吸盘的受力面积；将玻璃板分别斜放、立放，沿不同方向拉动吸盘都可以测出大气压的值，说明各个方向都存在大气压强；
3、实验操作时没有将吸盘紧压在玻璃板上导致吸盘有空气，使得弹簧测力计示数减小，压强测量减小。
（1）1643年意大利科学家托里拆利做了著名的“托里拆利实验”，最早精准测出了大气压的数值，在标准大气压下他测得管内外水银面的高度差为76cm。
（2）利用如图所示方法估测大气压值时，利用了二力平衡的知识，即用力挤压吸盘，排出里面的空气，使里面接近真空，此时外界大气压把吸盘紧压在了玻璃上，当用弹簧测力计刚好拉出吸盘时，拉力刚好等于大气压产生的压力；然后测出吸盘的直径，通过计算得到吸盘表面积；根据计算即可得到大气压值，即实验原理是。
（3）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N；
吸盘的面积为
根据可得，大气压的值为
（4）玻璃板分别斜放、立放，用不同方向的力拉吸盘，也能测大气压的值，说明大气向各个方向都有压强。
（5）如果实验过程中吸盘没有被紧压在玻璃板上，中间留有空气 ，实验时就会较为容易地拉开吸盘，测得的大气对吸盘的压力偏小，根据可知，测量的大气压值与实际大气压值相比偏小。
25．【答案】（1）C
（2）
（3）150
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）飞艇的升空原理是利用空气的浮力。
AD．飞机和风筝都是依靠流体压强产生的压力差获得升力，因此AD错误；
B．火箭是依靠力的作用是相互的，通过反冲力实现升空，因此B错误；
C．热气球通过加热内部空气，使球内空气密度降低，同样是利用空气的浮力升空，和飞艇的升空原理一致，因此C正确；
故选C。
（2）飞艇全部浸入空气中，因此排开空气的体积等于自身体积，即
根据阿基米德原理，飞艇在平流层受到的浮力为：；
（3）由图可知，空气阻力与风速的平方成正比，即， 当时，，解得，由功效，得推进器的推力，飞艇悬停时推力和气流作用力平衡，此时平流层风速为
【分析】1、飞艇的升空原理是空气对飞艇有浮力作用，如热气球；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上，如火箭升空；
3、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力，如飞机；
4、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
5、空气阻力与风速的平方成正比，即，代入题目顺序计算k，进而求解不同情况下平流层风速。
（1）飞艇是利用空气的浮力升空。
AD．飞机、风筝都是靠流体压强差获得升力，故AD不符合题意；
B．火箭靠力的作用是相互的（反冲力）升空，故B不符合题意；
C．热气球是通过加热，使球内空气密度减小，利用空气浮力升空，和飞艇原理相同，故C符合题意。
故选C。
（2）飞艇完全浸没在空气中，
则飞艇在平流层受到的浮力为
（3）由图可知，空气阻力与风速的平方成正比，即， 当时，，代入数据，解得，所以，空气阻力与风速的关系式为。
由功效，得推进器的推力
飞艇悬停时推力和气流作用力平衡，则
此时平流层风速为
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