资源简介

2026年江苏省盐城九年级中考二模物理试题
1．能源是社会发展的重要资源，以下属于不可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．风能 C．水能 D．核能
【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】ABC.根据生活经验可知，太阳能，风能，水能可以从自然界中源源不断的获得，属于可再生能源，故ABC不合题意；
D.根据生活经验可知，核能消耗后在短时间内不能再次获得，是不可再生能源，故D符合题意。
故选D。
【分析】可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；否则，为不可再生能源。
2．如图，陶笛是我国历史悠久的乐器。吹奏时，手指按在不同的音孔上，是为了改变它发出声音的（　　）
A．音色 B．响度 C．音调 D．声速
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】吹奏陶笛时，其实是里面的空气柱振动发声。手指按在不同的音孔上，则陶笛内部空气柱长度不同，则空气柱的振动频率大小不同，则发出声音的音调不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】音调表示声音的高低，与发声体的频率大小有关。
3．如图所示，在纪念抗战胜利80周年阅兵式中，加油机、受油机保持固定队形飞过天安门城楼时的场景。说“受油机是静止的”选择的参照物是（ ）
A．天上的白云 B．太阳 C．天安门城楼 D．加油机
【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 当加油机、受油机保持固定队形飞过天安门城楼时，如果受油机是静止，那么选择的参照物和它的位置保持不变。ABC．受油机相对于天上的白云、太阳和天安门城楼的位置不断改变，故ABC不合题意；
D．受油机相对于加油机位置保持不变，故D正确。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么物体相对参照物的位置不变；否则，物体相对参照物的位置不断改变。
4．从冰箱冷冻室取出的杨梅，一会儿表面就出现了一层白霜，如图所示，这一过程中的物态变化是（　　）
A．液化 B．凝固 C．升华 D．凝华
【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】从冷冻室取出杨梅时，由于杨梅温度很低，周围空气中的水蒸气遇到低温的杨梅，会直接由气态变成固态的小冰晶附着在杨梅上，形成一层白霜，所以这一过程中的物态变化是凝华，故ABC错误，D正确。故选D。
【分析】凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
5．在AI时代，大数据中心的计算机主机在工作时会产生大量电热。为使主机有效冷却且长期稳定工作，可将主机直接浸泡在氟化液中。由此可知，氟化液除具有良好的导热性外，还应具有良好的（ ）
A．导电性 B．腐蚀性 C．绝缘性 D．磁性
【答案】C
【知识点】物质的基本属性；导体与绝缘体
【解析】【解答】根据题意可知，计算机主机浸泡在氟化液中能够正常工作，说明电流可以按照预先的设计传导，而不会发生短路。
AC．若氟化液有良好导电性，会造成电路短路，损坏主机，故A错误，C正确；
B．腐蚀性会腐蚀主机元件，不符合长期稳定工作的要求，故B错误；
D．磁性与该资料描述的场景无关，故D错误。
故选C。
【分析】物质的性质决定用途，也能根据用途推测物质的性质。
6．油烟机分离油脂液滴的过程：先让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷，当油脂液滴由下往上从两金属板间通过时，油脂液滴会被一侧的金属板吸附，并在重力作用下流入油杯。下列关于金属板所带电荷及油杯位置符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】根据题意可知，当油脂液滴由下往上从两金属板间通过时，油脂液滴会被一侧的金属板吸附，而被另一侧的金属板排斥，说明两侧金属板带电荷不同，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】根据电荷之间的相互作用规律分析判断。
7．小东家楼栋单元门设有门禁系统，他回家时需在门禁处进行人脸识别成功或输入密码正确后，该单元门（电动机）自动打开。若人脸识别成功相当于闭合开关，输入密码正确相当于闭合开关，则下列电路中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，门禁处人脸识别成功，或输入密码正确后，电路接通，单元门的电动机自动打开，则人脸识别开关与输入密码开关互不影响，是并联的，电动机处在干路中，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，各开关是并联的。
8．一中学生骑自行车下坡时，不蹬脚踏板，恰好匀速向下运动。此过程中他的（ ）
A．动能增大，重力势能减小 B．动能不变，重力势能减小
C．动能不变，重力势能增加 D．动能减小，重力势能减小
【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】当中学生骑自行车匀速下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；质量不变，速度不变，所以动能不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选 B。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关。
9．如图所示是《天工开物》记载古人炒蒸油料的场景。下列说法正确的是（ ）
A．用木炭给油料加热，木炭的热值减小
B．油料蒸煮时，油料含有的热量增加
C．油料飘香，说明分子在做无规则运动
D．将油料翻炒，目的增加是增加油料间摩擦
【答案】C
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子热运动
【解析】【解答】A．用木炭给油料加热，木炭的燃料种类不变，则它的热值不变，故A错误；
B． 油料蒸煮时， 它不断的吸收热量，则油料含有的内能增大，故B错误；
C．油料飘香，说明分子在不停地做无规则运动，本质上是扩散现象，故C正确；
D．将油料翻炒，目的增加使油料均匀吸热， 故D错误。
故选C。
【分析】A. 热值只与物质种类有关，与燃料是否完全燃烧、质量、放出的热量无关；
B.热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说含有热量；
C.不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
D.不断搅动可以使物体均匀吸热。
10．据央视新闻报道，2026年3月14日由于太阳活动加剧引发了一次中等地磁暴。地磁暴期间对地球磁场有全球性剧烈扰动，多地出现极光，极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的。由上述信息可以推断（　　）
A．引起极光现象的粒子一定不是中子
B．地磁暴期间指南针使用不受影响
C．地磁暴是地球火山喷发引起的自然现象
D．只有在地球赤道地区才能看到地磁暴引发的极光
【答案】A
【知识点】地磁场；原子结构
【解析】【解答】A．中子不带电，根据“ 极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的 ”可知，引起极光的粒子一定不是中子，故A符合题意；
B．地磁暴期间，地球磁场受到搅动，会影响指南针的使用，故B不符合题意；
C．根据题目描述可知，地磁暴是太阳活动加剧引发的，并非地球火山喷发导致，故C不符合题意；
D．根据极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的可知，在两极地区可能看到极光现象，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据题目小资料获取信息，然后对各个选项分析判断。
11．某同学家想要在乙楼购买一套房子。为确保房间内一年四季都有好的光照条件，应该选择图中所示的哪一个节气前后去看房（ ）
A．春分 B．秋分 C．夏至 D．冬至
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】在一年中，冬至这天太阳高度角最小，此时楼的影子最长，则只要冬至时房间能够采光，那么全年采光都没有影响，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】夏至时太阳高度角最大，此时影子最短；冬至时太阳高度角最小，此时影子最长，据此分析判断。
12．如图所示是我国西部某熔盐塔式光热电站的工作原理图。计算机控制上万面定日镜的反射方向，将太阳光聚集在塔顶的吸热器上，加热熔盐升温。高温熔盐存入高温罐，经热泵送入蒸汽发生器，与冷水换热产生高温高压蒸汽，驱动汽轮发电机发电；放热后的熔盐回流至低温罐循环使用。由以上信息可推断（ ）
A．定日镜是凸透镜
B．上万面定日镜的镜面都是平行的
C．塔式光热发电站是将太阳能直接转化为电能
D．熔盐在吸热器中升温的过程是通过热传递方式改变内能
【答案】D
【知识点】镜面反射与漫反射；热传递改变物体内能；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．根据图片可知，太阳发出的光经过定日镜的反射，将光汇聚到吸热器，属于反射镜，故A不符合题意；
B．太阳光与地面的夹角相同，但是定日镜在地面上的位置不同，为了保证把太阳光都反射汇聚到塔顶同一个吸热器，因此不同定日镜的镜面角度不同，故B不符合题意；
C．根据图片可知， 塔式光热发电站的能量转化过程为：太阳能→熔盐的内能→蒸汽的机械能→电能，不是太阳能直接转化为电能，故C不符合题意；
D．熔盐吸收太阳光的热量升温，属于能量的转移，是通过热传递的方式改变内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】A.透镜发生折射，面镜发生反射，根据图片确定定日镜的种类；
B.根据定日镜在地面上的位置不同判断；
C.根据塔式光热发电站的能量转化过程判断；
D.热传递改变内能的本质为能量的转移，做功改变内能的本质是能量的转化。
13．立定跳远时，人站在地面上，下蹲后用力向后蹬，获得向　 　的力，该力的施力物体是　 　，人起跳后由于　 　在空中继续向前飞行。
【答案】前；地面；惯性
【知识点】力的概念及单位；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）人向后蹬地时，对地面施加向后的作用力，根据力的作用的相互性可知，地面会对人施加一个方向相反的反作用力，该力方向向前，该力的施力物体是地面。
（2）由于惯性，人起跳后会保持起跳前向前的运动状态，从而在空中继续向前飞行。
【分析】（1）根据力的作用的相互性解答，并确定这个力的施力物体；
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
14．如图所示为某家用电器的三线插头，三个插片中A的长度最长，它与用电器的　 　相连。将其插入插座后，　 　（A/B/C）会与家庭电路中的火线接通，且该用电器与照明灯之间的是　 　联。
【答案】金属外壳；B；并
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成；插座的构造与工作方式
【解析】【解答】（1）根据“左零右火中间地”的接线方法可知，三脚插头的长插脚是与用电器的金属外壳相连，则长插脚先接触地线，从而避免发生触电事故；
（2）根据“左零右火中间地”的接线方法可知，三脚插头中的插脚B正好与三孔插座中的右孔连接，即与火线相连；
（3）根据生活经验可知，在家庭电路中，各用电器互不影响，该用电器与照明灯是并联的。
【分析】（1）（2）根据“左零右火中间地”的接线方法分析解答；
（3）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。
15．工人用动滑轮将80 N的重物匀速提升2 m，拉力F为50 N，用时5 s，则此过程中有用功为　 　J，机械效率为　 　%，拉力F的功率为　 　W。
【答案】160；80；40
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】使用动滑轮提升重物，克服物体重力做功，
则此过程中有用功为；
根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数，
则拉力移动的距离；
滑轮组做的总功；
机械效率；
拉力F的功率。
【分析】根据W有=Gh计算滑轮组做的有用功，根据s=nh计算拉力移动的距离，根据计算做的总功，根据计算滑轮的机械效率，根据计算拉力的功率。
16．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速运动，此时测力计示数如图所示，则木块所受摩擦力为　 　N；当拉力增大到3N时，木块所受的合力为　 　N，在图中画出木块所受摩擦力的示意图　 　。
【答案】1.4；1.6；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该测力计的分度值是0.2N，故此时的示数是1.4N。沿水平方向拉动木块时，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，即二者大小相等。所以木块受到的摩擦力为1.4N。
（2）当拉力增大到3N时，它受到的摩擦力还是1.4N，二者方向相反，则木块受到的合力；
（3）当木块沿水平向左运动时，而摩擦力的方向与相对运动的方向相反，则木块所受摩擦力水平向右，作用点在木块重心上，大小为1.4N，如下图所示：
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针的位置读出示数，然后根据平衡力的知识计算木块受到的摩擦力；
（2）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
（3）对木块进行受力分析，确定摩擦力的方向、大小和作用点，最后沿力的方向画带箭头的线段即可。
17．小小石头，助我探究。
（1）测密度。调节天平平衡，将石块放在左盘中，在右盘中增减砝码并调节游码，天平再次平衡时，砝码及游码位置如图甲所示，则石块的质量为　 　g。再将石块用细线系好放入盛有40mL水的量筒中，量筒中水面升高到图乙所示的位置，则石块体积为　 　，该石块密度为　 　；
（2）验证阿基米德原理。将该小石块挂在力传感器上，浸没在水中静止（不触碰容器），若传感器的示数为　 　N时，即可验证该原理。
【答案】（1）52；20；2.6
（2）0.32
【知识点】固体密度的测量；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为50g，
则石块的质量。
根据乙图可知，量筒的分度值为2mL，石块和水的总体积为60mL，
则石块的的体积；
该石块密度为。
（2）当石块浸没在水中时，它排开水的体积等于自身体积，
则此时小石块浸没在水中受到的浮力；
小石块的重力；
此时传感器的示数为。
【分析】（1）根据甲图确定砝码质量和游码质量，然后相加得到石块的质量。根据乙图确定石块和水的总体积，减去水的体积得到石块的体积，最后根据计算石块的密度。
（2）根据阿基米德原理计算小石块浸没在水中受到的浮力，根据G=mg计算石块的重力，根据计算传感器的示数。
（1）由图甲可知，石块的质量
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，石块的体积
该石块密度为
（2）小石块浸没在水中受到的浮力
小石块的重力
传感器的示数为
18．某物理兴趣小组探究某电蚊香器的工作特性，开展如下实验：
（1）测电蚊香器加热片的电阻随温度变化的关系。将加热片接在电压恒定的电源两端，通电后，由于电流的　 　效应，加热片的温度会升高，测出加热片的温度及其对应电阻，绘制如图所示图像，加热片的电阻随温度变化关系是　 　；
（2）用电能表和秒表测电蚊香器的实际功率。关闭其他用电器，让电蚊香器单独接入电路，工作10min，电能表指示灯闪烁6次，电能表标有“”字样的，电蚊香器消耗的电能为　 　J，电蚊香器的实际功率为　 　W。
【答案】（1）热；先降低后升高
（2）；12
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】（1）①电流通过导体时都会发热，这是电流的热效应，因此加热片的温度会升高。
②根据图像可知，随着温度的升高，加热片的电阻先降低后升高。
（2）根据“”可知，电蚊香器消耗的电能为；
电蚊香器的实际功率为。
【分析】（1）①根据电流的热效应的知识解答；
②根据图像确定加热片的电阻随温度变化关系。
（2）首先根据计算电蚊香器消耗的电能，然后根据计算电蚊香器的实际功率。
（1）将加热片接在电压恒定的电源两端，通电后，将电能转化为内能，由于电流的热效应，加热片的温度会升高。
由图可知，随着温度的升高，加热片的电阻先降低后升高。
（2）电蚊香器消耗的电能为
电蚊香器的实际功率为
19．熨斗最早出现于西汉，以青铜质地为主，在熨斗里加入温度高的水来熨平衣物。熨烫衣物时，衣物的温度升高，内能　 　；宋元时期，出现了如图所示带木把的熨斗，相比金属把，使用更安全，这是由于木头比金属　 　差（填物理属性）的缘故，将质量为1kg，温度为20℃水加热至100℃倒入熨斗里来熨平衣物，水需要吸收　 　J的热量；[]。
【答案】增加；导热性；
【知识点】物质的基本属性；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，熨烫衣物时，衣物吸收熨斗的热量，则衣物的温度升高，内能增加。
（2）金属把导热能力很强，容易造成烫伤。而木把的导热性比金属差，防止烫伤手。
（3） 将质量为1kg，温度为20℃水加热至100℃，则水需要吸收的热量。
【分析】（1）温度升高，内能增大；温度降低，内能减小；
（2）导热性是物体传导热量的能力；
（3）根据公式计算水吸收的热量。
20．如图a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像；
（1）用AB表示站在平面镜前的顾客，在图b中画出其在镜中的像　 　；
（2）顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，她应　 　（选填“远离”“靠近”）平面镜移动，才能看到自己鞋子的像，顾客移动过程中，鞋子像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）
（2）靠近；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）首先通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面右侧找到对应的像点A'。同理，找到B点对应的像点B’，用虚像连接A’B’，即为AB的像，如下图所示：
（2）①顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，是因为鞋子发出的光在镜子表面反射后，其反射光线不能射入人的眼睛。此时她应面镜移动，当反射光线射入眼睛后，我们就能看到鞋子的像。
②当物体靠近时，物距减小，根据“物像等大”的规律可知，像的大小不变。
【分析】（1）根据平面镜成像“物像等距”的规律完成作图；
（2）①顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，是因为鞋子发出的光在镜子表面反射后，其反射光线不能射入人的眼睛。
②根据平面镜成像“物像等大”的规律分析解答。
（1）根据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，故过A作平面镜的对称点A’，过B作平面镜的对称点B’，由于成的是虚像，故用虚像连接A’B’，即为AB的像，如下图所示：
（2）[1]顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，此时她应面镜移动，才能看到自己鞋子的像，因为人面镜时，由下图可知，A点的像A'会向右上方移动，而人的眼睛向左运动（面镜）时可以使A点发出的光经镜面反射后进入人眼。
[2]根据平面镜成像原理可知，像与物体等大，当物体靠近时，物体的大小不变，则像的大小不变。
21．为了探究液体压强的特点，某同学做了如下实验。
（1）在制作压强计时，有三块相同形状的橡皮膜，将同一小球放在三块橡皮膜上（如图1所示），为提高压强计的灵敏度，应选择橡皮膜　 　；
（2）实验前，按压橡皮膜，观察U形管液面变化情况（如图2所示），此操作的目的是　 　；同时要调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中液面　 　；
（3）将压强计的金属盒缓慢放入水中（如图3所示），观察到金属盒所处的深度越深，U形管中　 　，得出水内部压强随深度增加而增大；
（4）继续探究液体压强是否与液体密度有关，请利用图3的器材，写出简要的实验方案　 　。
【答案】（1）A
（2）检查装置是否漏气；相平
（3）液面高度差越大
（4）将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验过程中，橡皮膜受到相同的压强作用时形变程度越大，则测量越精确。根据图1可知，橡皮膜形变程度明显较大，则应选择如图1橡皮膜A。
（2）① 实验前，按压橡皮膜， 如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气。
②在实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小，因此在实验前，U形管中两侧的液面应相平。
（3）在实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小，则增大探头在水中的深度，液体压强增大，则U形管两液面的高度差增大。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强是否与液体密度有关，需要控制深度相同，只改变液体密度，即：将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差。
【分析】（1）在实验过程中，橡皮膜受到相同的压强作用时形变程度越大，则测量越精确；
（2）①根据装置气密性的检查方法分析；
②实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小。
（3）探头受到的压强越大，则U形管两侧液面的高度差增大；
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强是否与液体密度有关，需要控制深度相同，只改变液体密度。
（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小，橡皮膜形变程度明显误差小，应选择如图1橡皮膜A。
（2）使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气。
实验中通过U形管中液面的高度差来反映压强大小的，在橡皮膜不受压强时，U形管中两侧的液面应相平，故实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平。
（3）增大探头在水中的深度，U形管两液面的高度差增大，液体压强增大，这说明同种液体的压强随深度的增加而增大。
（4）探究液体压强是否与液体密度有关，将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差。
22．小红用伏安法测量小灯泡的电阻，实验器材有：电源（三节新的干电池），额定电压为2.5V的小灯泡、规格不同的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。
实验序号 电压 电流 电阻
1 2.0 0.26
2 2.5 0.28
3 3.0 0.30
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并重新画一根正确连接的导线。
（2）正确连接电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某位置，电压表示数如图乙所示，此时电压为　 　V。若想测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　端移动，直到电压表示数为2.5V。
（4）如表是小红记录的实验数据，灯泡正常发光时的电阻为　 　（小数点后保留一位）；
（5）实验提供的滑动变阻器有“ 2A”、“ 1A”两种规格，小红应选择　 　完成上述实验。
【答案】（1）
（2）小灯泡断路
（3）2.2；B
（4）8.9
（5）
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在伏安法测电阻的实验中，电压表应该测量灯泡两端的电压。根据甲图可知，此时应该将变阻器的“-”接线柱与变阻器相连的导线拆下，改接在灯泡右端即可，如下图所示：
（2）小灯泡不亮，电流表无示数，说明整个电路可能发生断路。电压表有示数，说明电压表与电源两极之间正常接通。比较可知，应该是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）根据乙图可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，则此时电压表的示数是2.2V＜2.5V。为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（4）根据表格可知，该灯泡正常工作时的电流为0.28A，则灯泡正常发光时的电阻为。
（5）根据图片可知，电源由三节新干电池组成，则电源电压是4.5V，
当灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压；
此时通过电路的电流等于通过灯泡的电流，即
则滑动变阻器的阻值为，
故滑动变阻器应选R2。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与图甲比较，从而确定改正方法。
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（3）根据乙图确定电压表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。将电压表的示数与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2确定变阻器两端电压变化方向，根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化，进而确定滑片的移动方向。
（4）根据表格确定灯泡的额定电流，然后根据计算灯泡正常发光时的电阻；
（5）根据图片确定电源电压，根据计算变阻器两端电压，根据计算此时变阻器接入的阻值即可。
（1）图甲中电压表测量变阻器和灯泡的总电压，电压表应该测量灯泡两端的电压，将电压表并联在灯泡两端。
（2）闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，则电路可能断路，电压表有明显示数，则电压表与电源接通，且无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化、则产生这一故障的原因可能是小灯泡断路。
（3）由图乙可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，电压表的示数是2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（4）由表中数据可知灯泡正常发光时的电阻为
（5）电源由三节新干电池组成，电源电压是4.5V，由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.28A；当灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压
根据串联电路电流特点通过电路的电流
则滑动变阻器的阻值为
故滑动变阻器应选R2。
23．探究水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系。
【问题】
a.科技小组研究影响水火箭射程的因素时，猜想起飞速度可能与瓶内液体占总体积的比例和瓶内液体质量有关。
【证据】
b.为研究水火箭射程与瓶内液体质量的关系，用图甲装置和有关测量工具进行如下实验。
①取一可乐瓶作为水火箭内胆，取150 mL的水，测出质量后装入瓶内，将其放置在已固定好的发射架上。
②用打气筒给水火箭打气10次，打开开关发射。
③用速度传感器测出水火箭发射的速度，将数据记录在表中。
④用食盐和水配制密度不同的溶液，量取体积为150 mL的溶液测出质量后替换水，多次重复上述步骤①②③。
液体的质量/g 150 155 160 165 170
速度 4.6 4.9 5.4 6.0 6.8
（1）请在图乙中画出发射速度与瓶内液体质量的关系图像。
【解释】
（2）每次用同样的打气筒给水火箭打气10次，目的是控制________相同。
（3）分析图像，可得出的结论是________。
【交流】
（4）某同学认为本实验用相同装置，只用水进行实验，通过改变水的体积来改变质量更方便。该同学的观点是否合理并说明理由：________。
【答案】(1)
(2) 瓶内的气压
(3) 火箭的起飞速度与液体的质量有关，瓶内液体体积一定时，质量越大，速度越大
(4) 不合理，没有控制瓶内液体占总体积的比例不变
【知识点】物理学方法；控制变量法与探究性实验方案；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）根据图乙可知，方格纸的横轴表示液体质量，纵轴表示速度，根据表格数据依次在方格纸上描点，然后用平滑的线依次连接，如下图所示：
（2）根据控制变量法的要求可知， 研究水火箭射程与瓶内液体质量的关系， 需要控制气体对液体的推力初始条件一致，则每次打气次数相同，意味着瓶内被压缩的空气的气压相同。
（3）根据图像可知，在其他条件相同的情况下，瓶内液体质量越大，水火箭的起飞速度越大。
（4）探究 “水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系”时，需要控制瓶内液体占总体积的比例（即液体体积）不变，只改变液体质量。如果只用水，通过改变水的体积来改变质量，会同时改变液体体积和液体质量两个变量，无法控制液体体积这一变量，不符合控制变量法的要求。
【分析】（1）根据表格数据依次在方格纸上描点，然后依次连接得到图像；
（2）根据控制变量法的要求分析解答；
（3）根据图像分析火箭的飞行速度与水的质量的关系即可；
（4）探究 “水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系”时，需要控制瓶内液体占总体积的比例（即液体体积）不变，只改变液体质量。
24．阅读短文，回答问题。
饮水鸟
图甲饮水鸟是一款玩具，其结构如图乙中A所示。给鸟头部滴些水，玻璃管内乙醚逐渐上升，“鸟身”逐渐绕支点顺时针转动；当身体接近水平时，玻璃管底部露出液体，头部的液体在重力作用下又回到底部，如图乙中C所示，“鸟身”逐渐绕支点逆时针转动恢复初始状态。鸟身前放一杯水，使鸟头前倾时能够沾到，保持鸟头湿润，则此过程可反复进行，因此又被称为“永动鸟”。
（1）给头部滴水的目的是利用水蒸发　 　热量，使头部温度下降。
（2）头部温度降低后，头部玻璃泡内的乙醚蒸气会　 　（填物态变化名称），使头部气压　 　尾部气压。
（3）饮水鸟并非“永动机”，其原因是运动过程消耗了　 　能，转化为鸟的　 　能。
【答案】（1）吸收
（2）液化；低于
（3）内；机械
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）给头部滴水后，水从液态变成气态发生蒸发吸收热量，使头部温度降低。
（2）头部温度降低后，里面的的气态乙醚放热，由气态变为液态发生液化。气态乙醚液化后，气体的体积减少，因此头部气压小于尾部气压。
（3）饮水鸟运动过程中，消耗了周围环境的内能，将内能转化为鸟运动的机械能，因此它不是永动机。
【分析】（1）根据蒸发吸热分析；
（2）物质从气态变成液态发生液化。封闭气体的压强随质量的减小而减小。
（3）根据饮水鸟吸收环境热量分析。
（1）蒸发属于汽化的一种，汽化过程需要吸收热量，因此给头部滴水后，水蒸发吸收热量，使头部温度降低。
（2）头部温度降低后，头部玻璃泡内的气态乙醚遇冷，由气态变为液态，该物态变化为液化；气态乙醚液化后，头部玻璃泡内气体减少，气压减小，因此头部气压小于尾部气压。
（3）永动机是指不需要消耗能量就能持续对外做功的机器，饮水鸟运动过程中，消耗了周围环境的内能，将内能转化为鸟运动的机械能，因此它不是永动机。
25．某共享单车的质量为10kg，轮胎和地面接触的总面积为。求：
（1）若小明的质量为40kg，小明在骑行过程中，共享单车对水平路面的压强；
（2）如图是共享单车上的篮子示意图，BAC可视为一杠杆，其中AC为15 cm，AB为18 cm。若以A为支点，物体放在篮子中其重力作用线过C点。螺丝B对篮子起固定作用，该作用力是　 　，并作出该力的力臂　 　；
（3）若不计车篮子重力，螺丝B承受的最大力为60 N，车篮子承载物体的最大质量。
【答案】（1）解：根据题意可知， 某共享单车的质量为10kg， 小明的质量为40kg，
则共享单车对水平面的压力等于小明和共享单车的总重力，
即；
轮胎和地面接触的总面积为。
则共享单车对水平路面的压强。
（2）；
（3）解：根据杠杆平衡条件得到：；
60N×18cm=G×15cm；
60N×18cm=10N/kg×m×15cm；
解得：m=7.2kg。
即车篮子能承载物体的最大质量为7.2kg。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（2）根据图片可知，在重力作用下，篮子有沿逆时针转动的趋势。螺丝B对篮子的作用力应阻止篮子逆时针转动，则该作用力应是F3。
O点为杠杆的支点，过A点作F3的作用线的垂线段，即为F3的力臂，如下图所示：
【分析】（1）首先根据计算共享单车度地面的压力，然后根据计算单车对地面的压强。
（2）在杠杆中，动力是使杠杆转动的力，阻力是阻碍物体运动的力，据此分析螺母B对篮子的作用力方向。力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（3）根据杠杆的平衡条件列式计算车篮子承载物体的最大质量。
（1）小明在骑行过程中，共享单车对水平面的压力等于小明和共享单车的总重力
共享单车对水平路面的压强
（2）如图，物体放在篮子中，其重力作用线过C点，对篮子产生逆时针转动的效果，螺丝B对篮子起固定作用，该作用力应阻止篮子逆时针转动，该作用力应是F3；过A点作F3的作用线的垂线段，即为F3的力臂。
（3）根据杠杆平衡条件可得
若不计车篮子重力，车篮子承载物体的最大质量
车篮子能承载物体的最大质量
26．某兴趣小组查阅资料，设计出如图甲的家用电热水器的原理图。工作电路电压恒为220 V，、是加热电阻，阻值为。控制电路电源电压恒为3 V，滑动变阻器的最大阻值为，电磁铁线圈电阻不计，为热敏电阻，其阻值随温度的变化如图乙。当控制电路的电流小于0.15 A时，衔铁与电磁铁断开，两触点A、B接通，工作电路处于加热状态，加热功率为1120 W；当控制电路的电流达到0.15 A时，衔铁被电磁铁吸下，两触点断开，工作电路处于保温状态。求：
（1）保温状态下工作电路的功率。
（2）电阻的阻值。
（3）该电热水器正常工作时可设置的最低温度。
【答案】（1）解：根据甲图可知，当只有接入电路时，电路的总功率较小，为保温档，
此时的保温功率为。
（2）解：根据甲图可知，两个电阻并联时总功率较大为加热档，此时的加热功率为1120 W，
根据公式得到：；
；
解得：。
（3）解：当滑动变阻器的阻值时， 控制电路的电流等于0.15 A，
此时控制电路中热敏电阻的阻值为；
即此时设置的温度最低，查表可知：此时对应的温度为；
所以该电热水器正常工作时可设置的最低温度为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）当控制电路的电流达到0.15A时，衔铁被电磁铁吸下，两触点断开，工作电路处于保温状态，此时只有R1接入电路，根据得出此时的保温功率；（2）加热时两个电阻并联，此时的加热功率为1120W，根据列方程式计算R2大小；
（3）当Rp=0时，由欧姆定律得出控制电路中热敏电阻的阻值，此时设置的温度最低，查表可知此时对应的温度。
（1）保温时只有接入电路，此时的保温功率为
（2）加热时两个电阻并联，此时的加热功率为1120 W，所以有
即
因此电阻的阻值为
（3）当时，控制电路中热敏电阻的阻值为
即此时设置的温度最低，查表可知：此时对应的温度为；所以该电热水器正常工作时可设置的最低温度为。
27．海船是海上航运的重要工具。海船的船首两舷用铁链悬挂船锚，如图甲所示，锚爪顶部设计成尖锐的角，用于泊船。海船的船舷上画有“吃水线”，又叫载重线，表示船安全航行时排开水的最大体积。在如图所示的载重线中，最上面的一条线是淡水线，表示船在淡水中航行，淡水的水面与这条线齐平时，轮船已装足货物。其他四条线分别是印度洋线、夏季海洋线、冬季海洋线和北大西洋线。请回答下列问题。
（1）锚爪顶部设计成尖锐角的原因是什么？
（2）当轮船从北大西洋区域驶入印度洋区域时，轮船的总重力不变，受到的浮力是否变化？
（3）为什么淡水线在载重线的最上面。
【答案】（1）在压力一定时，减小了受力面积，增大了对海底的压强，而更容易插进海底
（2）轮船的总重力不变，根据漂浮时浮力等于重力，浮力大小不变
（3）轮船的最大载重一定，总重力一定，根据漂浮时浮力等于重力是不变的，根据阿基米德原理知，当液体的密度越小，排开液体的体积越大，而淡水的密度比所有海水的密度小，故排开液体的体积最大，吃水线在最上方。
【知识点】增大压强的方法及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。锚爪顶部尖锐，减小了与海底的受力面积，增大了对海底的压强，更容易让锚爪插入海底。
（2）根据题意可知，轮船始终漂浮在水面上，则轮船受到的浮力始终等于自身重力。已知轮船总重力不变，因此受到的浮力也不变。
（3）综上所述，轮船在淡水中和海水中受到的浮力不变。淡水的密度小于海水的密度，根据阿基米德原理可知，轮船在淡水中排开水的体积更大，因此淡水中吃水线在上方。
（1）锚爪顶部尖锐，减小了与海底的受力面积，在压力一定时增大了对海底的压强，更容易让锚爪插入海底，固定船身完成泊船。
（2）轮船始终漂浮在水面上，根据漂浮条件，漂浮物体受到的浮力等于自身总重力。已知轮船总重力不变，因此受到的浮力也不变。
（3）略
1 / 12026年江苏省盐城九年级中考二模物理试题
1．能源是社会发展的重要资源，以下属于不可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．风能 C．水能 D．核能
2．如图，陶笛是我国历史悠久的乐器。吹奏时，手指按在不同的音孔上，是为了改变它发出声音的（　　）
A．音色 B．响度 C．音调 D．声速
3．如图所示，在纪念抗战胜利80周年阅兵式中，加油机、受油机保持固定队形飞过天安门城楼时的场景。说“受油机是静止的”选择的参照物是（ ）
A．天上的白云 B．太阳 C．天安门城楼 D．加油机
4．从冰箱冷冻室取出的杨梅，一会儿表面就出现了一层白霜，如图所示，这一过程中的物态变化是（　　）
A．液化 B．凝固 C．升华 D．凝华
5．在AI时代，大数据中心的计算机主机在工作时会产生大量电热。为使主机有效冷却且长期稳定工作，可将主机直接浸泡在氟化液中。由此可知，氟化液除具有良好的导热性外，还应具有良好的（ ）
A．导电性 B．腐蚀性 C．绝缘性 D．磁性
6．油烟机分离油脂液滴的过程：先让甲、乙金属板和油脂液滴分别带上电荷，当油脂液滴由下往上从两金属板间通过时，油脂液滴会被一侧的金属板吸附，并在重力作用下流入油杯。下列关于金属板所带电荷及油杯位置符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
7．小东家楼栋单元门设有门禁系统，他回家时需在门禁处进行人脸识别成功或输入密码正确后，该单元门（电动机）自动打开。若人脸识别成功相当于闭合开关，输入密码正确相当于闭合开关，则下列电路中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．一中学生骑自行车下坡时，不蹬脚踏板，恰好匀速向下运动。此过程中他的（ ）
A．动能增大，重力势能减小 B．动能不变，重力势能减小
C．动能不变，重力势能增加 D．动能减小，重力势能减小
9．如图所示是《天工开物》记载古人炒蒸油料的场景。下列说法正确的是（ ）
A．用木炭给油料加热，木炭的热值减小
B．油料蒸煮时，油料含有的热量增加
C．油料飘香，说明分子在做无规则运动
D．将油料翻炒，目的增加是增加油料间摩擦
10．据央视新闻报道，2026年3月14日由于太阳活动加剧引发了一次中等地磁暴。地磁暴期间对地球磁场有全球性剧烈扰动，多地出现极光，极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的。由上述信息可以推断（　　）
A．引起极光现象的粒子一定不是中子
B．地磁暴期间指南针使用不受影响
C．地磁暴是地球火山喷发引起的自然现象
D．只有在地球赤道地区才能看到地磁暴引发的极光
11．某同学家想要在乙楼购买一套房子。为确保房间内一年四季都有好的光照条件，应该选择图中所示的哪一个节气前后去看房（ ）
A．春分 B．秋分 C．夏至 D．冬至
12．如图所示是我国西部某熔盐塔式光热电站的工作原理图。计算机控制上万面定日镜的反射方向，将太阳光聚集在塔顶的吸热器上，加热熔盐升温。高温熔盐存入高温罐，经热泵送入蒸汽发生器，与冷水换热产生高温高压蒸汽，驱动汽轮发电机发电；放热后的熔盐回流至低温罐循环使用。由以上信息可推断（ ）
A．定日镜是凸透镜
B．上万面定日镜的镜面都是平行的
C．塔式光热发电站是将太阳能直接转化为电能
D．熔盐在吸热器中升温的过程是通过热传递方式改变内能
13．立定跳远时，人站在地面上，下蹲后用力向后蹬，获得向　 　的力，该力的施力物体是　 　，人起跳后由于　 　在空中继续向前飞行。
14．如图所示为某家用电器的三线插头，三个插片中A的长度最长，它与用电器的　 　相连。将其插入插座后，　 　（A/B/C）会与家庭电路中的火线接通，且该用电器与照明灯之间的是　 　联。
15．工人用动滑轮将80 N的重物匀速提升2 m，拉力F为50 N，用时5 s，则此过程中有用功为　 　J，机械效率为　 　%，拉力F的功率为　 　W。
16．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速运动，此时测力计示数如图所示，则木块所受摩擦力为　 　N；当拉力增大到3N时，木块所受的合力为　 　N，在图中画出木块所受摩擦力的示意图　 　。
17．小小石头，助我探究。
（1）测密度。调节天平平衡，将石块放在左盘中，在右盘中增减砝码并调节游码，天平再次平衡时，砝码及游码位置如图甲所示，则石块的质量为　 　g。再将石块用细线系好放入盛有40mL水的量筒中，量筒中水面升高到图乙所示的位置，则石块体积为　 　，该石块密度为　 　；
（2）验证阿基米德原理。将该小石块挂在力传感器上，浸没在水中静止（不触碰容器），若传感器的示数为　 　N时，即可验证该原理。
18．某物理兴趣小组探究某电蚊香器的工作特性，开展如下实验：
（1）测电蚊香器加热片的电阻随温度变化的关系。将加热片接在电压恒定的电源两端，通电后，由于电流的　 　效应，加热片的温度会升高，测出加热片的温度及其对应电阻，绘制如图所示图像，加热片的电阻随温度变化关系是　 　；
（2）用电能表和秒表测电蚊香器的实际功率。关闭其他用电器，让电蚊香器单独接入电路，工作10min，电能表指示灯闪烁6次，电能表标有“”字样的，电蚊香器消耗的电能为　 　J，电蚊香器的实际功率为　 　W。
19．熨斗最早出现于西汉，以青铜质地为主，在熨斗里加入温度高的水来熨平衣物。熨烫衣物时，衣物的温度升高，内能　 　；宋元时期，出现了如图所示带木把的熨斗，相比金属把，使用更安全，这是由于木头比金属　 　差（填物理属性）的缘故，将质量为1kg，温度为20℃水加热至100℃倒入熨斗里来熨平衣物，水需要吸收　 　J的热量；[]。
20．如图a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像；
（1）用AB表示站在平面镜前的顾客，在图b中画出其在镜中的像　 　；
（2）顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，她应　 　（选填“远离”“靠近”）平面镜移动，才能看到自己鞋子的像，顾客移动过程中，鞋子像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
21．为了探究液体压强的特点，某同学做了如下实验。
（1）在制作压强计时，有三块相同形状的橡皮膜，将同一小球放在三块橡皮膜上（如图1所示），为提高压强计的灵敏度，应选择橡皮膜　 　；
（2）实验前，按压橡皮膜，观察U形管液面变化情况（如图2所示），此操作的目的是　 　；同时要调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中液面　 　；
（3）将压强计的金属盒缓慢放入水中（如图3所示），观察到金属盒所处的深度越深，U形管中　 　，得出水内部压强随深度增加而增大；
（4）继续探究液体压强是否与液体密度有关，请利用图3的器材，写出简要的实验方案　 　。
22．小红用伏安法测量小灯泡的电阻，实验器材有：电源（三节新的干电池），额定电压为2.5V的小灯泡、规格不同的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。
实验序号 电压 电流 电阻
1 2.0 0.26
2 2.5 0.28
3 3.0 0.30
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并重新画一根正确连接的导线。
（2）正确连接电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某位置，电压表示数如图乙所示，此时电压为　 　V。若想测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　端移动，直到电压表示数为2.5V。
（4）如表是小红记录的实验数据，灯泡正常发光时的电阻为　 　（小数点后保留一位）；
（5）实验提供的滑动变阻器有“ 2A”、“ 1A”两种规格，小红应选择　 　完成上述实验。
23．探究水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系。
【问题】
a.科技小组研究影响水火箭射程的因素时，猜想起飞速度可能与瓶内液体占总体积的比例和瓶内液体质量有关。
【证据】
b.为研究水火箭射程与瓶内液体质量的关系，用图甲装置和有关测量工具进行如下实验。
①取一可乐瓶作为水火箭内胆，取150 mL的水，测出质量后装入瓶内，将其放置在已固定好的发射架上。
②用打气筒给水火箭打气10次，打开开关发射。
③用速度传感器测出水火箭发射的速度，将数据记录在表中。
④用食盐和水配制密度不同的溶液，量取体积为150 mL的溶液测出质量后替换水，多次重复上述步骤①②③。
液体的质量/g 150 155 160 165 170
速度 4.6 4.9 5.4 6.0 6.8
（1）请在图乙中画出发射速度与瓶内液体质量的关系图像。
【解释】
（2）每次用同样的打气筒给水火箭打气10次，目的是控制________相同。
（3）分析图像，可得出的结论是________。
【交流】
（4）某同学认为本实验用相同装置，只用水进行实验，通过改变水的体积来改变质量更方便。该同学的观点是否合理并说明理由：________。
24．阅读短文，回答问题。
饮水鸟
图甲饮水鸟是一款玩具，其结构如图乙中A所示。给鸟头部滴些水，玻璃管内乙醚逐渐上升，“鸟身”逐渐绕支点顺时针转动；当身体接近水平时，玻璃管底部露出液体，头部的液体在重力作用下又回到底部，如图乙中C所示，“鸟身”逐渐绕支点逆时针转动恢复初始状态。鸟身前放一杯水，使鸟头前倾时能够沾到，保持鸟头湿润，则此过程可反复进行，因此又被称为“永动鸟”。
（1）给头部滴水的目的是利用水蒸发　 　热量，使头部温度下降。
（2）头部温度降低后，头部玻璃泡内的乙醚蒸气会　 　（填物态变化名称），使头部气压　 　尾部气压。
（3）饮水鸟并非“永动机”，其原因是运动过程消耗了　 　能，转化为鸟的　 　能。
25．某共享单车的质量为10kg，轮胎和地面接触的总面积为。求：
（1）若小明的质量为40kg，小明在骑行过程中，共享单车对水平路面的压强；
（2）如图是共享单车上的篮子示意图，BAC可视为一杠杆，其中AC为15 cm，AB为18 cm。若以A为支点，物体放在篮子中其重力作用线过C点。螺丝B对篮子起固定作用，该作用力是　 　，并作出该力的力臂　 　；
（3）若不计车篮子重力，螺丝B承受的最大力为60 N，车篮子承载物体的最大质量。
26．某兴趣小组查阅资料，设计出如图甲的家用电热水器的原理图。工作电路电压恒为220 V，、是加热电阻，阻值为。控制电路电源电压恒为3 V，滑动变阻器的最大阻值为，电磁铁线圈电阻不计，为热敏电阻，其阻值随温度的变化如图乙。当控制电路的电流小于0.15 A时，衔铁与电磁铁断开，两触点A、B接通，工作电路处于加热状态，加热功率为1120 W；当控制电路的电流达到0.15 A时，衔铁被电磁铁吸下，两触点断开，工作电路处于保温状态。求：
（1）保温状态下工作电路的功率。
（2）电阻的阻值。
（3）该电热水器正常工作时可设置的最低温度。
27．海船是海上航运的重要工具。海船的船首两舷用铁链悬挂船锚，如图甲所示，锚爪顶部设计成尖锐的角，用于泊船。海船的船舷上画有“吃水线”，又叫载重线，表示船安全航行时排开水的最大体积。在如图所示的载重线中，最上面的一条线是淡水线，表示船在淡水中航行，淡水的水面与这条线齐平时，轮船已装足货物。其他四条线分别是印度洋线、夏季海洋线、冬季海洋线和北大西洋线。请回答下列问题。
（1）锚爪顶部设计成尖锐角的原因是什么？
（2）当轮船从北大西洋区域驶入印度洋区域时，轮船的总重力不变，受到的浮力是否变化？
（3）为什么淡水线在载重线的最上面。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】ABC.根据生活经验可知，太阳能，风能，水能可以从自然界中源源不断的获得，属于可再生能源，故ABC不合题意；
D.根据生活经验可知，核能消耗后在短时间内不能再次获得，是不可再生能源，故D符合题意。
故选D。
【分析】可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；否则，为不可再生能源。
2．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】吹奏陶笛时，其实是里面的空气柱振动发声。手指按在不同的音孔上，则陶笛内部空气柱长度不同，则空气柱的振动频率大小不同，则发出声音的音调不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】音调表示声音的高低，与发声体的频率大小有关。
3．【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 当加油机、受油机保持固定队形飞过天安门城楼时，如果受油机是静止，那么选择的参照物和它的位置保持不变。ABC．受油机相对于天上的白云、太阳和天安门城楼的位置不断改变，故ABC不合题意；
D．受油机相对于加油机位置保持不变，故D正确。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么物体相对参照物的位置不变；否则，物体相对参照物的位置不断改变。
4．【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】从冷冻室取出杨梅时，由于杨梅温度很低，周围空气中的水蒸气遇到低温的杨梅，会直接由气态变成固态的小冰晶附着在杨梅上，形成一层白霜，所以这一过程中的物态变化是凝华，故ABC错误，D正确。故选D。
【分析】凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热。
5．【答案】C
【知识点】物质的基本属性；导体与绝缘体
【解析】【解答】根据题意可知，计算机主机浸泡在氟化液中能够正常工作，说明电流可以按照预先的设计传导，而不会发生短路。
AC．若氟化液有良好导电性，会造成电路短路，损坏主机，故A错误，C正确；
B．腐蚀性会腐蚀主机元件，不符合长期稳定工作的要求，故B错误；
D．磁性与该资料描述的场景无关，故D错误。
故选C。
【分析】物质的性质决定用途，也能根据用途推测物质的性质。
6．【答案】A
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】根据题意可知，当油脂液滴由下往上从两金属板间通过时，油脂液滴会被一侧的金属板吸附，而被另一侧的金属板排斥，说明两侧金属板带电荷不同，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】根据电荷之间的相互作用规律分析判断。
7．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，门禁处人脸识别成功，或输入密码正确后，电路接通，单元门的电动机自动打开，则人脸识别开关与输入密码开关互不影响，是并联的，电动机处在干路中，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，各开关是并联的。
8．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素
【解析】【解答】当中学生骑自行车匀速下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；质量不变，速度不变，所以动能不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选 B。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关。
9．【答案】C
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；分子热运动
【解析】【解答】A．用木炭给油料加热，木炭的燃料种类不变，则它的热值不变，故A错误；
B． 油料蒸煮时， 它不断的吸收热量，则油料含有的内能增大，故B错误；
C．油料飘香，说明分子在不停地做无规则运动，本质上是扩散现象，故C正确；
D．将油料翻炒，目的增加使油料均匀吸热， 故D错误。
故选C。
【分析】A. 热值只与物质种类有关，与燃料是否完全燃烧、质量、放出的热量无关；
B.热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说含有热量；
C.不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象；
D.不断搅动可以使物体均匀吸热。
10．【答案】A
【知识点】地磁场；原子结构
【解析】【解答】A．中子不带电，根据“ 极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的 ”可知，引起极光的粒子一定不是中子，故A符合题意；
B．地磁暴期间，地球磁场受到搅动，会影响指南针的使用，故B不符合题意；
C．根据题目描述可知，地磁暴是太阳活动加剧引发的，并非地球火山喷发导致，故C不符合题意；
D．根据极光是太阳发出的高能带电粒子流在地球两极与地磁场相互作用而引起的可知，在两极地区可能看到极光现象，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据题目小资料获取信息，然后对各个选项分析判断。
11．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】在一年中，冬至这天太阳高度角最小，此时楼的影子最长，则只要冬至时房间能够采光，那么全年采光都没有影响，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】夏至时太阳高度角最大，此时影子最短；冬至时太阳高度角最小，此时影子最长，据此分析判断。
12．【答案】D
【知识点】镜面反射与漫反射；热传递改变物体内能；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．根据图片可知，太阳发出的光经过定日镜的反射，将光汇聚到吸热器，属于反射镜，故A不符合题意；
B．太阳光与地面的夹角相同，但是定日镜在地面上的位置不同，为了保证把太阳光都反射汇聚到塔顶同一个吸热器，因此不同定日镜的镜面角度不同，故B不符合题意；
C．根据图片可知， 塔式光热发电站的能量转化过程为：太阳能→熔盐的内能→蒸汽的机械能→电能，不是太阳能直接转化为电能，故C不符合题意；
D．熔盐吸收太阳光的热量升温，属于能量的转移，是通过热传递的方式改变内能，故D符合题意。
故选D。
【分析】A.透镜发生折射，面镜发生反射，根据图片确定定日镜的种类；
B.根据定日镜在地面上的位置不同判断；
C.根据塔式光热发电站的能量转化过程判断；
D.热传递改变内能的本质为能量的转移，做功改变内能的本质是能量的转化。
13．【答案】前；地面；惯性
【知识点】力的概念及单位；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）人向后蹬地时，对地面施加向后的作用力，根据力的作用的相互性可知，地面会对人施加一个方向相反的反作用力，该力方向向前，该力的施力物体是地面。
（2）由于惯性，人起跳后会保持起跳前向前的运动状态，从而在空中继续向前飞行。
【分析】（1）根据力的作用的相互性解答，并确定这个力的施力物体；
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
14．【答案】金属外壳；B；并
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成；插座的构造与工作方式
【解析】【解答】（1）根据“左零右火中间地”的接线方法可知，三脚插头的长插脚是与用电器的金属外壳相连，则长插脚先接触地线，从而避免发生触电事故；
（2）根据“左零右火中间地”的接线方法可知，三脚插头中的插脚B正好与三孔插座中的右孔连接，即与火线相连；
（3）根据生活经验可知，在家庭电路中，各用电器互不影响，该用电器与照明灯是并联的。
【分析】（1）（2）根据“左零右火中间地”的接线方法分析解答；
（3）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。
15．【答案】160；80；40
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】使用动滑轮提升重物，克服物体重力做功，
则此过程中有用功为；
根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数，
则拉力移动的距离；
滑轮组做的总功；
机械效率；
拉力F的功率。
【分析】根据W有=Gh计算滑轮组做的有用功，根据s=nh计算拉力移动的距离，根据计算做的总功，根据计算滑轮的机械效率，根据计算拉力的功率。
16．【答案】1.4；1.6；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，该测力计的分度值是0.2N，故此时的示数是1.4N。沿水平方向拉动木块时，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，即二者大小相等。所以木块受到的摩擦力为1.4N。
（2）当拉力增大到3N时，它受到的摩擦力还是1.4N，二者方向相反，则木块受到的合力；
（3）当木块沿水平向左运动时，而摩擦力的方向与相对运动的方向相反，则木块所受摩擦力水平向右，作用点在木块重心上，大小为1.4N，如下图所示：
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针的位置读出示数，然后根据平衡力的知识计算木块受到的摩擦力；
（2）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
（3）对木块进行受力分析，确定摩擦力的方向、大小和作用点，最后沿力的方向画带箭头的线段即可。
17．【答案】（1）52；20；2.6
（2）0.32
【知识点】固体密度的测量；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为50g，
则石块的质量。
根据乙图可知，量筒的分度值为2mL，石块和水的总体积为60mL，
则石块的的体积；
该石块密度为。
（2）当石块浸没在水中时，它排开水的体积等于自身体积，
则此时小石块浸没在水中受到的浮力；
小石块的重力；
此时传感器的示数为。
【分析】（1）根据甲图确定砝码质量和游码质量，然后相加得到石块的质量。根据乙图确定石块和水的总体积，减去水的体积得到石块的体积，最后根据计算石块的密度。
（2）根据阿基米德原理计算小石块浸没在水中受到的浮力，根据G=mg计算石块的重力，根据计算传感器的示数。
（1）由图甲可知，石块的质量
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，石块的体积
该石块密度为
（2）小石块浸没在水中受到的浮力
小石块的重力
传感器的示数为
18．【答案】（1）热；先降低后升高
（2）；12
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】（1）①电流通过导体时都会发热，这是电流的热效应，因此加热片的温度会升高。
②根据图像可知，随着温度的升高，加热片的电阻先降低后升高。
（2）根据“”可知，电蚊香器消耗的电能为；
电蚊香器的实际功率为。
【分析】（1）①根据电流的热效应的知识解答；
②根据图像确定加热片的电阻随温度变化关系。
（2）首先根据计算电蚊香器消耗的电能，然后根据计算电蚊香器的实际功率。
（1）将加热片接在电压恒定的电源两端，通电后，将电能转化为内能，由于电流的热效应，加热片的温度会升高。
由图可知，随着温度的升高，加热片的电阻先降低后升高。
（2）电蚊香器消耗的电能为
电蚊香器的实际功率为
19．【答案】增加；导热性；
【知识点】物质的基本属性；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，熨烫衣物时，衣物吸收熨斗的热量，则衣物的温度升高，内能增加。
（2）金属把导热能力很强，容易造成烫伤。而木把的导热性比金属差，防止烫伤手。
（3） 将质量为1kg，温度为20℃水加热至100℃，则水需要吸收的热量。
【分析】（1）温度升高，内能增大；温度降低，内能减小；
（2）导热性是物体传导热量的能力；
（3）根据公式计算水吸收的热量。
20．【答案】（1）
（2）靠近；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）首先通过A点作镜面的垂线，然后根据“物像等距”在镜面右侧找到对应的像点A'。同理，找到B点对应的像点B’，用虚像连接A’B’，即为AB的像，如下图所示：
（2）①顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，是因为鞋子发出的光在镜子表面反射后，其反射光线不能射入人的眼睛。此时她应面镜移动，当反射光线射入眼睛后，我们就能看到鞋子的像。
②当物体靠近时，物距减小，根据“物像等大”的规律可知，像的大小不变。
【分析】（1）根据平面镜成像“物像等距”的规律完成作图；
（2）①顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，是因为鞋子发出的光在镜子表面反射后，其反射光线不能射入人的眼睛。
②根据平面镜成像“物像等大”的规律分析解答。
（1）根据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，故过A作平面镜的对称点A’，过B作平面镜的对称点B’，由于成的是虚像，故用虚像连接A’B’，即为AB的像，如下图所示：
（2）[1]顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，此时她应面镜移动，才能看到自己鞋子的像，因为人面镜时，由下图可知，A点的像A'会向右上方移动，而人的眼睛向左运动（面镜）时可以使A点发出的光经镜面反射后进入人眼。
[2]根据平面镜成像原理可知，像与物体等大，当物体靠近时，物体的大小不变，则像的大小不变。
21．【答案】（1）A
（2）检查装置是否漏气；相平
（3）液面高度差越大
（4）将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）在实验过程中，橡皮膜受到相同的压强作用时形变程度越大，则测量越精确。根据图1可知，橡皮膜形变程度明显较大，则应选择如图1橡皮膜A。
（2）① 实验前，按压橡皮膜， 如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气。
②在实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小，因此在实验前，U形管中两侧的液面应相平。
（3）在实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小，则增大探头在水中的深度，液体压强增大，则U形管两液面的高度差增大。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强是否与液体密度有关，需要控制深度相同，只改变液体密度，即：将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差。
【分析】（1）在实验过程中，橡皮膜受到相同的压强作用时形变程度越大，则测量越精确；
（2）①根据装置气密性的检查方法分析；
②实验过程中，要通过U形管中液面的高度差来反映压强大小。
（3）探头受到的压强越大，则U形管两侧液面的高度差增大；
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强是否与液体密度有关，需要控制深度相同，只改变液体密度。
（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小，橡皮膜形变程度明显误差小，应选择如图1橡皮膜A。
（2）使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气。
实验中通过U形管中液面的高度差来反映压强大小的，在橡皮膜不受压强时，U形管中两侧的液面应相平，故实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平。
（3）增大探头在水中的深度，U形管两液面的高度差增大，液体压强增大，这说明同种液体的压强随深度的增加而增大。
（4）探究液体压强是否与液体密度有关，将金属盒分别放入水和盐水中同一深度处，比较U形管液面高度差。
22．【答案】（1）
（2）小灯泡断路
（3）2.2；B
（4）8.9
（5）
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在伏安法测电阻的实验中，电压表应该测量灯泡两端的电压。根据甲图可知，此时应该将变阻器的“-”接线柱与变阻器相连的导线拆下，改接在灯泡右端即可，如下图所示：
（2）小灯泡不亮，电流表无示数，说明整个电路可能发生断路。电压表有示数，说明电压表与电源两极之间正常接通。比较可知，应该是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）根据乙图可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，则此时电压表的示数是2.2V＜2.5V。为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（4）根据表格可知，该灯泡正常工作时的电流为0.28A，则灯泡正常发光时的电阻为。
（5）根据图片可知，电源由三节新干电池组成，则电源电压是4.5V，
当灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压；
此时通过电路的电流等于通过灯泡的电流，即
则滑动变阻器的阻值为，
故滑动变阻器应选R2。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与图甲比较，从而确定改正方法。
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置；
（3）根据乙图确定电压表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。将电压表的示数与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2确定变阻器两端电压变化方向，根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化，进而确定滑片的移动方向。
（4）根据表格确定灯泡的额定电流，然后根据计算灯泡正常发光时的电阻；
（5）根据图片确定电源电压，根据计算变阻器两端电压，根据计算此时变阻器接入的阻值即可。
（1）图甲中电压表测量变阻器和灯泡的总电压，电压表应该测量灯泡两端的电压，将电压表并联在灯泡两端。
（2）闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，则电路可能断路，电压表有明显示数，则电压表与电源接通，且无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化、则产生这一故障的原因可能是小灯泡断路。
（3）由图乙可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，电压表的示数是2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（4）由表中数据可知灯泡正常发光时的电阻为
（5）电源由三节新干电池组成，电源电压是4.5V，由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.28A；当灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压
根据串联电路电流特点通过电路的电流
则滑动变阻器的阻值为
故滑动变阻器应选R2。
23．【答案】(1)
(2) 瓶内的气压
(3) 火箭的起飞速度与液体的质量有关，瓶内液体体积一定时，质量越大，速度越大
(4) 不合理，没有控制瓶内液体占总体积的比例不变
【知识点】物理学方法；控制变量法与探究性实验方案；制作水火箭模型
【解析】【解答】（1）根据图乙可知，方格纸的横轴表示液体质量，纵轴表示速度，根据表格数据依次在方格纸上描点，然后用平滑的线依次连接，如下图所示：
（2）根据控制变量法的要求可知， 研究水火箭射程与瓶内液体质量的关系， 需要控制气体对液体的推力初始条件一致，则每次打气次数相同，意味着瓶内被压缩的空气的气压相同。
（3）根据图像可知，在其他条件相同的情况下，瓶内液体质量越大，水火箭的起飞速度越大。
（4）探究 “水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系”时，需要控制瓶内液体占总体积的比例（即液体体积）不变，只改变液体质量。如果只用水，通过改变水的体积来改变质量，会同时改变液体体积和液体质量两个变量，无法控制液体体积这一变量，不符合控制变量法的要求。
【分析】（1）根据表格数据依次在方格纸上描点，然后依次连接得到图像；
（2）根据控制变量法的要求分析解答；
（3）根据图像分析火箭的飞行速度与水的质量的关系即可；
（4）探究 “水火箭起飞速度与瓶内液体质量的关系”时，需要控制瓶内液体占总体积的比例（即液体体积）不变，只改变液体质量。
24．【答案】（1）吸收
（2）液化；低于
（3）内；机械
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）给头部滴水后，水从液态变成气态发生蒸发吸收热量，使头部温度降低。
（2）头部温度降低后，里面的的气态乙醚放热，由气态变为液态发生液化。气态乙醚液化后，气体的体积减少，因此头部气压小于尾部气压。
（3）饮水鸟运动过程中，消耗了周围环境的内能，将内能转化为鸟运动的机械能，因此它不是永动机。
【分析】（1）根据蒸发吸热分析；
（2）物质从气态变成液态发生液化。封闭气体的压强随质量的减小而减小。
（3）根据饮水鸟吸收环境热量分析。
（1）蒸发属于汽化的一种，汽化过程需要吸收热量，因此给头部滴水后，水蒸发吸收热量，使头部温度降低。
（2）头部温度降低后，头部玻璃泡内的气态乙醚遇冷，由气态变为液态，该物态变化为液化；气态乙醚液化后，头部玻璃泡内气体减少，气压减小，因此头部气压小于尾部气压。
（3）永动机是指不需要消耗能量就能持续对外做功的机器，饮水鸟运动过程中，消耗了周围环境的内能，将内能转化为鸟运动的机械能，因此它不是永动机。
25．【答案】（1）解：根据题意可知， 某共享单车的质量为10kg， 小明的质量为40kg，
则共享单车对水平面的压力等于小明和共享单车的总重力，
即；
轮胎和地面接触的总面积为。
则共享单车对水平路面的压强。
（2）；
（3）解：根据杠杆平衡条件得到：；
60N×18cm=G×15cm；
60N×18cm=10N/kg×m×15cm；
解得：m=7.2kg。
即车篮子能承载物体的最大质量为7.2kg。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（2）根据图片可知，在重力作用下，篮子有沿逆时针转动的趋势。螺丝B对篮子的作用力应阻止篮子逆时针转动，则该作用力应是F3。
O点为杠杆的支点，过A点作F3的作用线的垂线段，即为F3的力臂，如下图所示：
【分析】（1）首先根据计算共享单车度地面的压力，然后根据计算单车对地面的压强。
（2）在杠杆中，动力是使杠杆转动的力，阻力是阻碍物体运动的力，据此分析螺母B对篮子的作用力方向。力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（3）根据杠杆的平衡条件列式计算车篮子承载物体的最大质量。
（1）小明在骑行过程中，共享单车对水平面的压力等于小明和共享单车的总重力
共享单车对水平路面的压强
（2）如图，物体放在篮子中，其重力作用线过C点，对篮子产生逆时针转动的效果，螺丝B对篮子起固定作用，该作用力应阻止篮子逆时针转动，该作用力应是F3；过A点作F3的作用线的垂线段，即为F3的力臂。
（3）根据杠杆平衡条件可得
若不计车篮子重力，车篮子承载物体的最大质量
车篮子能承载物体的最大质量
26．【答案】（1）解：根据甲图可知，当只有接入电路时，电路的总功率较小，为保温档，
此时的保温功率为。
（2）解：根据甲图可知，两个电阻并联时总功率较大为加热档，此时的加热功率为1120 W，
根据公式得到：；
；
解得：。
（3）解：当滑动变阻器的阻值时， 控制电路的电流等于0.15 A，
此时控制电路中热敏电阻的阻值为；
即此时设置的温度最低，查表可知：此时对应的温度为；
所以该电热水器正常工作时可设置的最低温度为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）当控制电路的电流达到0.15A时，衔铁被电磁铁吸下，两触点断开，工作电路处于保温状态，此时只有R1接入电路，根据得出此时的保温功率；（2）加热时两个电阻并联，此时的加热功率为1120W，根据列方程式计算R2大小；
（3）当Rp=0时，由欧姆定律得出控制电路中热敏电阻的阻值，此时设置的温度最低，查表可知此时对应的温度。
（1）保温时只有接入电路，此时的保温功率为
（2）加热时两个电阻并联，此时的加热功率为1120 W，所以有
即
因此电阻的阻值为
（3）当时，控制电路中热敏电阻的阻值为
即此时设置的温度最低，查表可知：此时对应的温度为；所以该电热水器正常工作时可设置的最低温度为。
27．【答案】（1）在压力一定时，减小了受力面积，增大了对海底的压强，而更容易插进海底
（2）轮船的总重力不变，根据漂浮时浮力等于重力，浮力大小不变
（3）轮船的最大载重一定，总重力一定，根据漂浮时浮力等于重力是不变的，根据阿基米德原理知，当液体的密度越小，排开液体的体积越大，而淡水的密度比所有海水的密度小，故排开液体的体积最大，吃水线在最上方。
【知识点】增大压强的方法及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。锚爪顶部尖锐，减小了与海底的受力面积，增大了对海底的压强，更容易让锚爪插入海底。
（2）根据题意可知，轮船始终漂浮在水面上，则轮船受到的浮力始终等于自身重力。已知轮船总重力不变，因此受到的浮力也不变。
（3）综上所述，轮船在淡水中和海水中受到的浮力不变。淡水的密度小于海水的密度，根据阿基米德原理可知，轮船在淡水中排开水的体积更大，因此淡水中吃水线在上方。
（1）锚爪顶部尖锐，减小了与海底的受力面积，在压力一定时增大了对海底的压强，更容易让锚爪插入海底，固定船身完成泊船。
（2）轮船始终漂浮在水面上，根据漂浮条件，漂浮物体受到的浮力等于自身总重力。已知轮船总重力不变，因此受到的浮力也不变。
（3）略
1 / 1

展开更多......

收起↑