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湖南省衡阳市衡阳县城区中学2025-2026学年九年级下学期阶段学情自测物理试题
1．如图所示，“一拳一尺一寸”是写字时的坐姿要求，其中“一尺”是指眼睛离书本约33厘米。这最接近人体哪个部位的尺度（　　）
A．手掌宽度 B．小臂长度 C．腿长 D．头围
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】普通人手掌的宽度大约在，和33cm相比远小于该数值；成年人的腿长大约在，成年人头围大约在，腿长和头围都远大于33cm；而小臂的长度是手腕到肘关节的距离，长度大约为，这个范围和33cm最为接近，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm。
2．2026年春晚演播大厅采用120只音箱构建360°矩阵声场，实现声音的精准定位。观众能清晰分辨出各种乐器演奏的声音，主要是依据声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的音色由其材料、结构决定，不同乐器发出声音的音色是不同的，观众能够清晰区分出演奏中不同乐器的声音，正是依靠音色来判断的，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．下列现象与物态变化相对应的是（　　）
A．古诗云“秋荷一滴露，清夜坠玄天”——汽化
B．冰冻三尺非一日之寒——凝华
C．北国风光，万里雪飘——升华
D．霜叶红于二月花——凝华
【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，因此属于液化现象，故A错误；
B．冰是由液态的水遇冷凝固形成的，属于凝固现象，故B错误；
C．雪是高空中的水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶形成的，属于凝华现象，故C错误；
D．霜是近地面的水蒸气，遇到温度低于的物体表面时，直接凝华为固态小冰晶形成的，属于凝华现象，故D正确。
故选D。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．2026年3月3日是我国传统节日元宵节，当晚天空上演精彩的月食天象，为元宵佳节增添了别样的天文美景。月食的形成原理是（　　）
A．光的反射 B．光的折射
C．光的色散 D．光沿直线传播
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】当运行到太阳和月球之间的是地球时，地球会遮挡住太阳照射向月球的光线，无法被太阳光照亮的月球部分就会在地球上形成投影，从而产生月食，这一现象本质上是光沿直线传播形成的，故D错误，ABC正确。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．2026米兰冬奥会，中国健儿在赛场上奋勇争先，接连拿下金牌，振奋人心。如图所示是我国运动员在水平雪地上滑行庆祝夺冠的情景，下列有关说法正确的是（　　）
A．运动员受到的重力和雪地对她的支持力是一对相互作用力
B．运动员向后蹬雪地就会前进，是因为力的作用是相互的
C．滑雪板表面光滑，这是为了增大摩擦力
D．运动员停止蹬雪地后会慢慢停下来，说明力是维持物体运动的原因
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员受到的重力和雪地对运动员的支持力，受力物体都是运动员，满足平衡力“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线”的特点，是一对平衡力，并不是两个物体之间相互作用的相互作用力，因此A错误。
B、运动员向后蹬雪地时，运动员的脚对雪地施加了向后的作用力，根据力的作用是相互的原理，雪地会反过来给运动员的脚施加一个向前的反作用力，正是这个力推动运动员向前滑行，因此B正确。
C、让滑雪板表面做得更光滑，是为了减小接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下减小滑动摩擦力，而不是增大摩擦力，因此C错误。
D、运动员停止蹬雪地后会慢慢停下来，运动状态发生了改变，原因是运动员受到了雪地摩擦力的作用，这个现象说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，因此D错误。
故选B。
【分析】1、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
3、物体受到摩擦力，运动速度逐渐减小，说明力是改变物体运动状态的原因。
6．2026年2月12日14时37分，捷龙三号运载火箭在广东阳江附近海域点火升空，随后以“一箭七星”方式将巴基斯坦PRSC-EO2卫星、港中大一号卫星、电力红外卫星A星、数天宇星03~05星、空间环境监测卫星共7颗卫星准确送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。 捷龙三号运载火箭在加速升空过程中，卫星的机械能的变化，下列说法正确的是（　　）
A．动能不变，重力势能增加，机械能增加
B．动能减少，重力势能减少，机械能减少
C．动能增加，重力势能增加，机械能增加
D．动能增加，重力势能减少，机械能不变
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】动能的大小由物体的质量和运动速度共同决定，重力势能的大小由物体的质量和所处高度共同决定。捷龙三号乙运载火箭加速升空的过程中，忽略燃料消耗带来的质量变化，可认为火箭的质量保持不变；在此过程中火箭速度不断增大，因此火箭的动能增大；同时火箭升空的高度不断增加，因此火箭的重力势能也增大。机械能等于动能与重力势能的总和，因此火箭的机械能总量随之增加。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．明代科学家宋应星的著作《天工开物》中详细描述了各种机械装置的工作原理和应用，其中就包括了滑轮的使用，对如图所示的古代木质滑轮，下列说法正确的是（　　）
A．使用此滑轮可以省功
B．此滑轮一定可以改变力的方向
C．使用木质滑轮的机械效率一定高于铁质滑轮
D．若动滑轮质量越大，提升同一重物所需的拉力越大
【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】A．根据功的原理，任何机械都无法省功，因此使用这个滑轮也不能达到省功的效果，故A错误；
B．当这个滑轮作为动滑轮使用时，能够省力，但无法改变力的方向，故B错误；
C．滑轮的机械效率并不由制作材料唯一决定，木质滑轮的机械效率不一定比铁质滑轮更高，机械效率还和提升物重、摩擦等多种因素有关，故C错误；
D．如果该滑轮是动滑轮，当它自身质量更大时，若提升相同的重物，不计绳重和摩擦，根据公式可知，需要的拉力就越大，故D正确。
故选D。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
4、任何机械都不能省功。
8．据报道，长征八号甲火箭首次采用以煤炭为原料的煤基航天煤油，标志着中国航天燃料的重大突破。火箭以煤基航天煤油作燃料是因为它（　　）
A．热值较高 B．比热容较大 C．密度小 D．易凝固
【答案】A
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】火箭工作过程需要将燃料的化学能最终转化为机械能，需要获得巨大的推力，因此需要燃料燃烧时释放出足够多的能量。热值是描述燃料燃烧放热能力的物理量，在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越高的燃料可以放出更多的热量，满足火箭工作的能量需求，因此航天火箭选用热值高的煤基航天煤油作燃料，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】热值是描述燃料燃烧放热能力的物理量，航天火箭选用热值高的煤基航天煤油作燃料。
9．每年12月2日是全国交通安全日。骑电动车时不戴头盔存在安全隐患，于是小清针对共享电动车设计了如下方案：骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电动机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控开关S2闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码，则无法骑行。下列电路符合设计要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，当指示灯发光时，电动机可以启动，也可以不启动，即二者不相互影响，即指示灯和电动机并联。开关S1闭合，指示灯L亮； 开关S1和S2闭合时，电动机启动，则开关S1控制指示灯和电动机，则开关S1在干路上。开关S1只控制电动机，即二者串联在同一支路上，如下图所示：
故选B。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
10．小明为自己家的养牛场设计了一款补水提示器，其工作原理如图所示，水量减少时滑片上移。下列分析错误的是（　　）
A．如果选择电压表，水量增多时电表示数变大
B．如果选择电流表，水量减少时电表示数变小
C．如果选择电流表，R0可以在水太多时保护电路
D．与电压表相比，选择电流表设计电路流过R0电流更小
【答案】D
【知识点】电流表的连接；电压表的连接；滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．若选用电压表，滑动变阻器R与定值电阻R0串联接入电路，电压表测量滑动变阻器R滑片上半部分电阻两端的电压。由于电压表接在滑片处，若将电压表视为开路，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路。闭合开关S后，当水量增加，滑片会向下移动，R上半部分接入测量的电阻增大，由串联分压规律可知，这部分电阻分得的电压增大，即电压表示数变大，因此A正确，不符合题意。
B．若选用电流表，滑片P上方的电阻丝会被短路，只有滑动变阻器滑片下方的电阻丝与定值电阻R0串联接入电路，电流表测量电路的总电流。当水量减少，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻随之增大，根据欧姆定律可知，电路的总电流减小，即电流表示数变小，因此B正确，不符合题意。
C．若选用电流表，当水位过高时，滑动变阻器R的滑片会移动到最下端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，如果去掉定值电阻R0，整个电路会发生电源短路，因此R0的作用是在水过多时保护电路，因此C正确，不符合题意。
D．若选用电压表，滑动变阻器是全部阻值接入电路，因此电路总电阻最大，电路总电流最小；和电压表方案相比，选用电流表的设计方案中，电路总电阻更小，电路总电流更大，因此D错误，符合题意。
故选 D。
【分析】1、电压表串联在电路中，相当于断路，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路，水量增加，滑片会向下移动，R上半部分接入测量的电阻增大，结合串联分压可知，两端电压增加；
2、电流表串联在电路中，滑片P上方的电阻丝会被短路，水量减少，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻随之增大，电路的总电流减小；
3、定值电阻R0的作用是保护电路，选用电流表，当水位过高时，滑动变阻器R的滑片会移动到最下端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时R0可以保护电路；
4、据1、2分析可知，电压表串联在电路中，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路，电流表串联在电路中，滑片P上方的电阻丝会被短路，结合欧姆定律分析哪种电路电流大。
11．从2025年的《秧BOT》到2026年的《武BOT》，机器人在春晚“舞”出新高度！我国生产的人形机器人动态性能卓越，在实时控制系统指挥下能实现抓握、奔跑等动作，这些动作是依靠机器人内部某装置通电后转动完成。下列图中与其工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】根据题意可知，机器人完成动作的核心部件是通电后能够转动的内部装置，这个装置就是电动机。
A．该图是奥斯特实验，这个实验证明了通电导线的周围存在磁场，和电动机的工作原理无关，因此A错误；
B．该图展示的是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，属于电磁感应现象，是发电机的工作原理，因此B错误；
C．该图用来探究通电螺线管的磁性强弱和线圈匝数的关系，和电动机的工作原理无关，因此C错误；
D．该图展示的是通电导线在磁场中受力运动，这正是电动机的工作原理，因此D正确。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
12．我国新科技的发展日新月异，下列对各应用实例中涉及的物理知识分析正确的是（　　）
A．完成“北斗”卫星全面组网工作，“北斗”卫星导航系统利用超声波向地球传递信息
B．“天问一号”卫星在文昌航天发射场升空，火箭上升过程中发动机的效率可以达到100%
C．光伏发电的原理是利用太阳能电池将太阳能直接转化为电能
D．具有完全自主知识产权的“华龙一号”核电站是通过核聚变发电的
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；核裂变；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．“北斗”卫星导航系统工作在太空环境中，太空属于真空，而声音传播必须依赖介质，超声波是声波的一种，无法在真空中传播，因此该系统不能依靠超声波向地球传递信息，实际是利用电磁波完成信息传递，因此A错误；
B．火箭升空过程中，燃料燃烧先将储存的化学能转化为内能，再将内能转化为火箭与卫星的机械能，因为能量转化过程中不可避免会存在损耗，所以热机效率不可能达到100%，因此B错误；
C．光伏发电就是利用光伏电池板将太阳能直接转化为电能，选项说法正确，因此C正确 ；
D．“华龙一号”核电站是利用核裂变反应释放的能量来发电，不是核聚变，因此D错误。
故选C。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
2、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
3、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
4、任何机械在使用过程中，都存在能量损失。
13．如图是某同学跳绳时使用手机记录的场景，手机的镜头与　 　（选填“远视”或“近视”）眼镜属于同一类透镜，其镜头的成像原理与　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）的成像原理相同。
【答案】远视；照相机
【知识点】凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】近视需要佩戴对光线有发散作用的凹透镜矫正，远视需要佩戴对光线有会聚作用的凸透镜矫正，而手机的镜头本身就是凸透镜，因此它和远视眼镜是同一类透镜。
手机镜头成像利用了凸透镜成像中物距大于二倍焦距时的成像规律，这个规律和照相机的成像原理一致，成的是倒立、缩小的实像。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
14．如图所示，周末小红逛秦州万达广场时，站在商场的自动扶梯上匀速向上运动，她对电梯的压力与电梯对她的支持力是一对　 　力；此时，小红用吸管喝奶茶时，吸管是利用了　 　的作用。
【答案】相互作用；大气压
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；大气压的综合应用
【解析】【解答】 我们知道相互作用力满足这些特点：两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，且两个力分别作用在两个不同物体上。这里小红对电梯施加了压力，这个力的受力物体是电梯；与此同时电梯对小红施加了支持力，这个力的受力物体是小红，这两个力完全符合相互作用力的所有条件，因此二者是一对相互作用力。
我们使用吸管喝奶茶的时候，当我们把吸管内部的空气吸出来后，吸管内部的气压就会小于外界的大气压，奶茶就会在大气压的作用下被压入我们的口中，所以这种吸管正是利用了大气压的作用。
【分析】1、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
15．过年贴窗花是我国春节重要的习俗。如图所示的窗花采用PVC塑料静电膜材质，将窗花在玻璃上轻轻摩擦后便可贴上，窗花在摩擦的过程中由于得到电子而带　 　电荷，静电窗花能紧贴在玻璃上的原因是异种电荷相互　 　。
【答案】负；吸引
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】电子本身带负电，窗花和其他物体摩擦的过程中，会得到电子，因此带负电。
根据电荷间的相互作用规律可知，带有异种电荷的两个物体相互吸引，这就是静电窗花可以牢牢贴在玻璃上的原因。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
16．如图为小明测量湘江水的密度过程示意图。他先用底面积为的薄壁柱形杯子装适量的湘江水，电子秤示数为，如图甲所示；然后用一根轻细线吊着一个体积为的重物浸没在水中，重物与杯子不接触，此时电子秤示数为，如图乙所示；最后剪断细线，让重物沉底，稳定后电子秤示数为，如图丙所示。则重物的重力为　 　N；图乙到图丙的过程中，杯子对电子秤的压强变化量为　 　Pa；湘江水的密度为　 　。（整个过程无水溢出，g取）
【答案】1；59.2；1.02
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】重物的质量为，结合重力公式为计算重物的重力为
图乙到图丙的过程中，杯子对电子秤的压力变化量为，结合压强公式计算可知杯子对电子秤的压强变化量为
由甲、乙可知，重物受到的浮力为，排开水的质量为，
因为重物浸没水中，重物排开水的体积为，结合密度公式计算可知：则湘江水的密度为。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
密度计算公式m=ρV。
17．小明利用如图所示的装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后发现烛焰的像成在光屏下方。此时应向　 　（填“上”或“下”）调节蜡烛，使烛焰的像成在光屏中央。
（2）小明把蜡烛向右移动到35cm刻度线处，发现光屏上烛焰的像变模糊了。他可以将光屏移动至　 　cm刻度线处，或者不移动光屏，将一个度数合适的　 　（填“近视”或“远视”）眼镜的镜片放在凸透镜和烛焰之间，都能让光屏上的像重新变清晰。
（3）如图所示，C是光点A（A点未画出）经过凸透镜所成的像，BC是其中一条光线的折射光线，请通过作图找到A点的位置并画出BC的入射光线。
【答案】（1）下
（2）80.0；远视
（3）
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据过光心的光线传播方向不改变的规律，像成在光屏的下方，说明蜡烛位置偏高，因此应当向下调节蜡烛，才能让像成在光屏中央。
（2） 此时物距为30cm，像距为15cm。当把蜡烛移动到光具座35.0cm刻度线位置后，物距变为15cm，根据折射光路可逆的原理，此时像距会变为30cm，因此需要将光屏移动到光具座80.0cm刻度线处，才能承接清晰的像。
如果不移动光屏，想要让像重新变清晰，需要让光线提前会聚。远视眼镜的镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，因此需要在凸透镜左侧放置远视眼镜的镜片。
（3）作图步骤如下：先将像点C和凸透镜右侧的焦点F连接并延长，再过C点作一条平行于主光轴的光线，该光线经凸透镜折射后会经过右侧焦点F；两条折射光线反向延长线的交点就是物点A，最后连接物点A和光线BC在透镜上的入射点，就得到对应的入射光线。作图结果如下：
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
（1）根据“过光心的光线传播方向不变”的原理，像成在光屏下方，说明蜡烛的位置偏高。要使像成在光屏中央，应向下调节蜡烛。
（2）[1] 当前的物距为30cm，像距为15cm。若将蜡烛移到光具座的35.0cm刻度线处，物距变为15cm，根据光路的可逆性，像距变为30cm，则光屏应移到光具座的80.0cm刻度线处才能形成清晰的像。
[2]若不移动光屏，要使像重新清晰，需要使光线提前会聚。远视眼镜是凸透镜，对光线有会聚作用，因此应放置远视眼镜的镜片。
（3）连接像点C与凸透镜右侧的焦点F，并延长。 过C点作一条平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后过右侧焦点F。 上述两条折射光线的反向延长线的交点即为物点A。 连接A点与光线BC在凸透镜上的入射点，即为入射光线。如图所示：
18．如图所示，是乐乐同学“探究液体内部压强特点”的实验过程。
（1）安装好的微小压强计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）比较图1、图2可知，液体内部压强与　 　有关；
（3）乐乐还自制了另一套装置来探究液体压强与什么因素有关。如图3所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，发现橡皮膜会向内凹，这个现象说明：当深度相同时，　 　，液体压强越大。
【答案】（1）不属于
（2）液体深度
（3）液体密度越大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）连通器的定义是上端开口、底部互相连通的容器。题目中的微小压强计一端是封闭的，不符合连通器的定义，因此它不属于连通器。
（2）对比图1和图2可以得到：两次实验液体密度相同，探头所处的深度不同，U形管两侧的液面高度差不同。根据转换法可知，这代表液体产生的压强大小不同，因此说明液体内部压强和液体的深度有关。
（3）将装有水的瓶子放入盐水中，当瓶内外液面保持相平时，橡皮膜所处的深度相同，液体密度不同。观察到橡皮膜向内凹陷，这说明瓶子外侧盐水的压强大于瓶子内侧水的压强，由此可以得到结论：深度相同时，液体的密度越大，液体产生的压强越大。
【分析】1、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
2、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同，橡皮膜形变越大，压强越大。
（1）上端开口、下部互相连通的容器叫连通器，因安装好的微小压强计一端封闭，故不属于连通器。
（2）比较图1、图2可知，液体密度相同，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，由转换法，产生的压强不同，说明液体内部压强与液体深度有关
（3）将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，此时瓶子内外液体的深度相同，液体的密度不同，发现橡皮膜会内凹，说明瓶子外部液体压强大于瓶子内部水的压强，即当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
19．为了探究煤油和水的吸热能力大小，小新同学利用如图甲所示的实验装置进行探究。
（1）实验中小新同学应该用两个相同的烧杯分别装有　 　（选填“质量”、“体积”）相同两种液体，再用相同的燃料和加热方式给初温相同的两种液体加热，但从图甲可发现实验中有一处明显的错误是　 　；
（2）改正错误后，小新同学记录了两种液体温度随时间变化的关系如图乙所示，则A为　 　（选填“煤油”、“水”）温度随时间变化的图像。
【答案】（1）质量；煤油和水的质量不相等
（2）煤油
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）本实验探究不同物质的吸热能力，需要运用控制变量法，实验中要保证两种液体的质量相同、相同时间内吸收的热量相同，因此第一个空应当选择控制质量相同；
根据控制变量法的要求，本实验除了初温相同外，还需要在两个完全相同的烧杯中，分别装入质量相同的水和煤油。
（2）水的比热容比煤油更大，根据Q=cmΔt可知，质量相同的水和煤油吸收相同的热量时，水的温度升高更慢。观察图乙可知，加热过程中A的温度升高更快，因此A就是煤油的温度随时间变化的图像。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
（1）[1]探究不同物质吸热能力的实验需要用到控制变量法，要控制两种液体的质量相同、热源相同，因此第一个空应选质量；
[2]探究不同物质吸热本领的实验中，需要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量相同、初温都相同的水和煤油。
（2）水的比热容大于煤油，相同质量的水和煤油吸收相同热量时，水的温度升高较慢。图乙中A的温度变化更快，因此A对应的是煤油的温度随时间变化的图像。
20．小微用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：闭合开关，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小。（导线不允许交叉）
（2）正确连接电路后，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，示数为　 　A。小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）。
（3）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的图像如图丙所示。该图线不是一条直线，原因是　 　。
【答案】（1）
（2）0.28；8.9
（3）小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）按照题目要求，闭合开关后滑片向右滑动时电流表示数变小，说明此时滑动变阻器接入电路的阻值需要变大。因此应当将滑动变阻器的左下接线柱与小灯泡的右接线柱连接，即可满足滑片右移时接入电阻变大的要求。
（2） 观察图乙可知，电流表选择的是小量程，该量程下分度值为0.02A，指针对应读数为0.28A，因此电流表示数为0.28A。
已知小灯泡的额定电压为2.5V，根据欧姆定律可计算出小灯泡正常发光时的电阻：
（3）小灯泡的灯丝电阻会随温度升高而增大，并非定值，因此流过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压不成正比，最终得到的小灯泡I-U图像不是一条直线。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当连接原则为一上一下；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、欧姆定律：公式为U=IR；
4、灯泡的电阻随着温度的增加而增加，所以流过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压不成正比。
（1）根据要求，闭合开关，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小，这意味着滑动变阻器接入电路的电阻变大。所以应将滑动变阻器左下接线柱与小灯泡右侧接线柱连接，这样就能满足滑片右滑电阻变大的要求。
（2）[1]由图乙可知，电流表选用小量程，其分度值为0.02A，指针指向0.28A处，所以示数为0.28A。
[2]已知小灯泡额定电压为2.5V，根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻
（3）因为小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，所以通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，那么小灯泡的I - U图像不是一条直线。
21．2024年10月1日，亚运会田径比赛进入第三日。赛场上，几只忙碌的电子狗很是吸引眼球。如图所示。一次“机器狗”负重后的总质量为14kg，往返一次需要移动120m，其四只脚与水平地面接触的总面积为在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1.2m/s，所受阻力是机器人重力的0.05倍（g取10N/kg）求：
（1）“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间？
（2）“机器狗”负重后在水平地面上匀速直线移动60m，牵引力所做的功？
（3）“机器狗”在水平地面上匀速直线移动60m，“机器狗”的牵引力做功的功率？
【答案】（1）解：“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间
（2）解：“机器狗”负重后的总重力G=mg=14kg×10N/kg=140N根据题意，机器人所受阻力f = 0.05G=0.05×140N=7N
因为“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是一对平衡力，大小相等，F=f= 7N
牵引力所做的功W=Fs'=7N×60m= 420J
（3）解：已知“机器狗”的牵引力F=7N，匀速移动的速度v=1.2m/s，由则牵引力做功的功率P=Fv=7N×1.2m/s = 8.4W
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）结合速度公式计算“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间；
（2）“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是大小相等，结合W=Fs计算牵引力所做的功；
（3）牵引力做功的功率P=Fv。
（1）“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间
（2）“机器狗”负重后的总重力G=mg=14kg×10N/kg=140N
根据题意，机器人所受阻力f = 0.05G=0.05×140N=7N
因为“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是一对平衡力，大小相等，F=f= 7N
牵引力所做的功W=Fs'=7N×60m= 420J
（3）已知“机器狗”的牵引力F=7N，匀速移动的速度v=1.2m/s，由
则牵引力做功的功率P=Fv=7N×1.2m/s = 8.4W
22．若把空气炸锅单独接入家庭电路中持续工作2min，电能表上标有3000r/（kW h）的字样，其转盘正好转了100转，这段时间空气炸锅内200g的薯条温度升高了80℃。求：
（1）空气炸锅此时的实际功率是多少 。
（2）这个过程薯条吸收的热量是多少 [c薯条=3.6×103J/(kg ℃)]
（3）此空气炸锅的加热效率是多少
（4）空气炸锅的电路图如图乙所示，控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R3接入电路的阻值来设置加热温度，电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示；当加热温度设定为150℃，即R3的阻值调为100Ω时，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热；则当R3的阻值调为80Ω时，对应的加热温度设定为多少
【答案】（1）解：3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，则转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能
空气炸锅的实际电功率
（2）解：薯条吸收的热量Q吸=c薯条m=3.6×103J/（kg ℃）×200×10-3kg×80℃=5.76×104J
（3）解：空气炸锅的加热效率为
（4）解：R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3=30Ω+100Ω=130Ω
当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3=130Ω-80Ω=50Ω
由图丙可知，对应的加热温度设定为200℃。
【知识点】热量的计算；热机的效率；欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能。结合效率公式计算空气炸锅的实际电功率；
（2）结合Q吸=c薯条m计算薯条吸收的热量；
（3）结合计算空气炸锅的加热效率
（4）R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3，当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3，据此计算对应的加热温度。
（1）3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，则转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能
空气炸锅的实际电功率
（2）薯条吸收的热量Q吸=c薯条mΔt=3.6×103J/（kg ℃）×200×10-3kg×80℃=5.76×104J
（3）空气炸锅的加热效率为
（4）R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3=30Ω+100Ω=130Ω
当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3=130Ω-80Ω=50Ω
由图丙可知，对应的加热温度设定为200℃。
1 / 1湖南省衡阳市衡阳县城区中学2025-2026学年九年级下学期阶段学情自测物理试题
1．如图所示，“一拳一尺一寸”是写字时的坐姿要求，其中“一尺”是指眼睛离书本约33厘米。这最接近人体哪个部位的尺度（　　）
A．手掌宽度 B．小臂长度 C．腿长 D．头围
2．2026年春晚演播大厅采用120只音箱构建360°矩阵声场，实现声音的精准定位。观众能清晰分辨出各种乐器演奏的声音，主要是依据声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
3．下列现象与物态变化相对应的是（　　）
A．古诗云“秋荷一滴露，清夜坠玄天”——汽化
B．冰冻三尺非一日之寒——凝华
C．北国风光，万里雪飘——升华
D．霜叶红于二月花——凝华
4．2026年3月3日是我国传统节日元宵节，当晚天空上演精彩的月食天象，为元宵佳节增添了别样的天文美景。月食的形成原理是（　　）
A．光的反射 B．光的折射
C．光的色散 D．光沿直线传播
5．2026米兰冬奥会，中国健儿在赛场上奋勇争先，接连拿下金牌，振奋人心。如图所示是我国运动员在水平雪地上滑行庆祝夺冠的情景，下列有关说法正确的是（　　）
A．运动员受到的重力和雪地对她的支持力是一对相互作用力
B．运动员向后蹬雪地就会前进，是因为力的作用是相互的
C．滑雪板表面光滑，这是为了增大摩擦力
D．运动员停止蹬雪地后会慢慢停下来，说明力是维持物体运动的原因
6．2026年2月12日14时37分，捷龙三号运载火箭在广东阳江附近海域点火升空，随后以“一箭七星”方式将巴基斯坦PRSC-EO2卫星、港中大一号卫星、电力红外卫星A星、数天宇星03~05星、空间环境监测卫星共7颗卫星准确送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。 捷龙三号运载火箭在加速升空过程中，卫星的机械能的变化，下列说法正确的是（　　）
A．动能不变，重力势能增加，机械能增加
B．动能减少，重力势能减少，机械能减少
C．动能增加，重力势能增加，机械能增加
D．动能增加，重力势能减少，机械能不变
7．明代科学家宋应星的著作《天工开物》中详细描述了各种机械装置的工作原理和应用，其中就包括了滑轮的使用，对如图所示的古代木质滑轮，下列说法正确的是（　　）
A．使用此滑轮可以省功
B．此滑轮一定可以改变力的方向
C．使用木质滑轮的机械效率一定高于铁质滑轮
D．若动滑轮质量越大，提升同一重物所需的拉力越大
8．据报道，长征八号甲火箭首次采用以煤炭为原料的煤基航天煤油，标志着中国航天燃料的重大突破。火箭以煤基航天煤油作燃料是因为它（　　）
A．热值较高 B．比热容较大 C．密度小 D．易凝固
9．每年12月2日是全国交通安全日。骑电动车时不戴头盔存在安全隐患，于是小清针对共享电动车设计了如下方案：骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电动机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控开关S2闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码，则无法骑行。下列电路符合设计要求的是（ ）
A． B．
C． D．
10．小明为自己家的养牛场设计了一款补水提示器，其工作原理如图所示，水量减少时滑片上移。下列分析错误的是（　　）
A．如果选择电压表，水量增多时电表示数变大
B．如果选择电流表，水量减少时电表示数变小
C．如果选择电流表，R0可以在水太多时保护电路
D．与电压表相比，选择电流表设计电路流过R0电流更小
11．从2025年的《秧BOT》到2026年的《武BOT》，机器人在春晚“舞”出新高度！我国生产的人形机器人动态性能卓越，在实时控制系统指挥下能实现抓握、奔跑等动作，这些动作是依靠机器人内部某装置通电后转动完成。下列图中与其工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
12．我国新科技的发展日新月异，下列对各应用实例中涉及的物理知识分析正确的是（　　）
A．完成“北斗”卫星全面组网工作，“北斗”卫星导航系统利用超声波向地球传递信息
B．“天问一号”卫星在文昌航天发射场升空，火箭上升过程中发动机的效率可以达到100%
C．光伏发电的原理是利用太阳能电池将太阳能直接转化为电能
D．具有完全自主知识产权的“华龙一号”核电站是通过核聚变发电的
13．如图是某同学跳绳时使用手机记录的场景，手机的镜头与　 　（选填“远视”或“近视”）眼镜属于同一类透镜，其镜头的成像原理与　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）的成像原理相同。
14．如图所示，周末小红逛秦州万达广场时，站在商场的自动扶梯上匀速向上运动，她对电梯的压力与电梯对她的支持力是一对　 　力；此时，小红用吸管喝奶茶时，吸管是利用了　 　的作用。
15．过年贴窗花是我国春节重要的习俗。如图所示的窗花采用PVC塑料静电膜材质，将窗花在玻璃上轻轻摩擦后便可贴上，窗花在摩擦的过程中由于得到电子而带　 　电荷，静电窗花能紧贴在玻璃上的原因是异种电荷相互　 　。
16．如图为小明测量湘江水的密度过程示意图。他先用底面积为的薄壁柱形杯子装适量的湘江水，电子秤示数为，如图甲所示；然后用一根轻细线吊着一个体积为的重物浸没在水中，重物与杯子不接触，此时电子秤示数为，如图乙所示；最后剪断细线，让重物沉底，稳定后电子秤示数为，如图丙所示。则重物的重力为　 　N；图乙到图丙的过程中，杯子对电子秤的压强变化量为　 　Pa；湘江水的密度为　 　。（整个过程无水溢出，g取）
17．小明利用如图所示的装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后发现烛焰的像成在光屏下方。此时应向　 　（填“上”或“下”）调节蜡烛，使烛焰的像成在光屏中央。
（2）小明把蜡烛向右移动到35cm刻度线处，发现光屏上烛焰的像变模糊了。他可以将光屏移动至　 　cm刻度线处，或者不移动光屏，将一个度数合适的　 　（填“近视”或“远视”）眼镜的镜片放在凸透镜和烛焰之间，都能让光屏上的像重新变清晰。
（3）如图所示，C是光点A（A点未画出）经过凸透镜所成的像，BC是其中一条光线的折射光线，请通过作图找到A点的位置并画出BC的入射光线。
18．如图所示，是乐乐同学“探究液体内部压强特点”的实验过程。
（1）安装好的微小压强计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）比较图1、图2可知，液体内部压强与　 　有关；
（3）乐乐还自制了另一套装置来探究液体压强与什么因素有关。如图3所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，发现橡皮膜会向内凹，这个现象说明：当深度相同时，　 　，液体压强越大。
19．为了探究煤油和水的吸热能力大小，小新同学利用如图甲所示的实验装置进行探究。
（1）实验中小新同学应该用两个相同的烧杯分别装有　 　（选填“质量”、“体积”）相同两种液体，再用相同的燃料和加热方式给初温相同的两种液体加热，但从图甲可发现实验中有一处明显的错误是　 　；
（2）改正错误后，小新同学记录了两种液体温度随时间变化的关系如图乙所示，则A为　 　（选填“煤油”、“水”）温度随时间变化的图像。
20．小微用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：闭合开关，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小。（导线不允许交叉）
（2）正确连接电路后，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，示数为　 　A。小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）。
（3）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的图像如图丙所示。该图线不是一条直线，原因是　 　。
21．2024年10月1日，亚运会田径比赛进入第三日。赛场上，几只忙碌的电子狗很是吸引眼球。如图所示。一次“机器狗”负重后的总质量为14kg，往返一次需要移动120m，其四只脚与水平地面接触的总面积为在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1.2m/s，所受阻力是机器人重力的0.05倍（g取10N/kg）求：
（1）“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间？
（2）“机器狗”负重后在水平地面上匀速直线移动60m，牵引力所做的功？
（3）“机器狗”在水平地面上匀速直线移动60m，“机器狗”的牵引力做功的功率？
22．若把空气炸锅单独接入家庭电路中持续工作2min，电能表上标有3000r/（kW h）的字样，其转盘正好转了100转，这段时间空气炸锅内200g的薯条温度升高了80℃。求：
（1）空气炸锅此时的实际功率是多少 。
（2）这个过程薯条吸收的热量是多少 [c薯条=3.6×103J/(kg ℃)]
（3）此空气炸锅的加热效率是多少
（4）空气炸锅的电路图如图乙所示，控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R3接入电路的阻值来设置加热温度，电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示；当加热温度设定为150℃，即R3的阻值调为100Ω时，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热；则当R3的阻值调为80Ω时，对应的加热温度设定为多少
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】普通人手掌的宽度大约在，和33cm相比远小于该数值；成年人的腿长大约在，成年人头围大约在，腿长和头围都远大于33cm；而小臂的长度是手腕到肘关节的距离，长度大约为，这个范围和33cm最为接近，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm。
2．【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的音色由其材料、结构决定，不同乐器发出声音的音色是不同的，观众能够清晰区分出演奏中不同乐器的声音，正是依靠音色来判断的，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，因此属于液化现象，故A错误；
B．冰是由液态的水遇冷凝固形成的，属于凝固现象，故B错误；
C．雪是高空中的水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶形成的，属于凝华现象，故C错误；
D．霜是近地面的水蒸气，遇到温度低于的物体表面时，直接凝华为固态小冰晶形成的，属于凝华现象，故D正确。
故选D。
【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
4．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】当运行到太阳和月球之间的是地球时，地球会遮挡住太阳照射向月球的光线，无法被太阳光照亮的月球部分就会在地球上形成投影，从而产生月食，这一现象本质上是光沿直线传播形成的，故D错误，ABC正确。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A、运动员受到的重力和雪地对运动员的支持力，受力物体都是运动员，满足平衡力“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线”的特点，是一对平衡力，并不是两个物体之间相互作用的相互作用力，因此A错误。
B、运动员向后蹬雪地时，运动员的脚对雪地施加了向后的作用力，根据力的作用是相互的原理，雪地会反过来给运动员的脚施加一个向前的反作用力，正是这个力推动运动员向前滑行，因此B正确。
C、让滑雪板表面做得更光滑，是为了减小接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下减小滑动摩擦力，而不是增大摩擦力，因此C错误。
D、运动员停止蹬雪地后会慢慢停下来，运动状态发生了改变，原因是运动员受到了雪地摩擦力的作用，这个现象说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，因此D错误。
故选B。
【分析】1、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
2、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
3、物体受到摩擦力，运动速度逐渐减小，说明力是改变物体运动状态的原因。
6．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】动能的大小由物体的质量和运动速度共同决定，重力势能的大小由物体的质量和所处高度共同决定。捷龙三号乙运载火箭加速升空的过程中，忽略燃料消耗带来的质量变化，可认为火箭的质量保持不变；在此过程中火箭速度不断增大，因此火箭的动能增大；同时火箭升空的高度不断增加，因此火箭的重力势能也增大。机械能等于动能与重力势能的总和，因此火箭的机械能总量随之增加。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
7．【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】A．根据功的原理，任何机械都无法省功，因此使用这个滑轮也不能达到省功的效果，故A错误；
B．当这个滑轮作为动滑轮使用时，能够省力，但无法改变力的方向，故B错误；
C．滑轮的机械效率并不由制作材料唯一决定，木质滑轮的机械效率不一定比铁质滑轮更高，机械效率还和提升物重、摩擦等多种因素有关，故C错误；
D．如果该滑轮是动滑轮，当它自身质量更大时，若提升相同的重物，不计绳重和摩擦，根据公式可知，需要的拉力就越大，故D正确。
故选D。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
4、任何机械都不能省功。
8．【答案】A
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】火箭工作过程需要将燃料的化学能最终转化为机械能，需要获得巨大的推力，因此需要燃料燃烧时释放出足够多的能量。热值是描述燃料燃烧放热能力的物理量，在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越高的燃料可以放出更多的热量，满足火箭工作的能量需求，因此航天火箭选用热值高的煤基航天煤油作燃料，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】热值是描述燃料燃烧放热能力的物理量，航天火箭选用热值高的煤基航天煤油作燃料。
9．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，当指示灯发光时，电动机可以启动，也可以不启动，即二者不相互影响，即指示灯和电动机并联。开关S1闭合，指示灯L亮； 开关S1和S2闭合时，电动机启动，则开关S1控制指示灯和电动机，则开关S1在干路上。开关S1只控制电动机，即二者串联在同一支路上，如下图所示：
故选B。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
10．【答案】D
【知识点】电流表的连接；电压表的连接；滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．若选用电压表，滑动变阻器R与定值电阻R0串联接入电路，电压表测量滑动变阻器R滑片上半部分电阻两端的电压。由于电压表接在滑片处，若将电压表视为开路，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路。闭合开关S后，当水量增加，滑片会向下移动，R上半部分接入测量的电阻增大，由串联分压规律可知，这部分电阻分得的电压增大，即电压表示数变大，因此A正确，不符合题意。
B．若选用电流表，滑片P上方的电阻丝会被短路，只有滑动变阻器滑片下方的电阻丝与定值电阻R0串联接入电路，电流表测量电路的总电流。当水量减少，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻随之增大，根据欧姆定律可知，电路的总电流减小，即电流表示数变小，因此B正确，不符合题意。
C．若选用电流表，当水位过高时，滑动变阻器R的滑片会移动到最下端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，如果去掉定值电阻R0，整个电路会发生电源短路，因此R0的作用是在水过多时保护电路，因此C正确，不符合题意。
D．若选用电压表，滑动变阻器是全部阻值接入电路，因此电路总电阻最大，电路总电流最小；和电压表方案相比，选用电流表的设计方案中，电路总电阻更小，电路总电流更大，因此D错误，符合题意。
故选 D。
【分析】1、电压表串联在电路中，相当于断路，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路，水量增加，滑片会向下移动，R上半部分接入测量的电阻增大，结合串联分压可知，两端电压增加；
2、电流表串联在电路中，滑片P上方的电阻丝会被短路，水量减少，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻随之增大，电路的总电流减小；
3、定值电阻R0的作用是保护电路，选用电流表，当水位过高时，滑动变阻器R的滑片会移动到最下端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时R0可以保护电路；
4、据1、2分析可知，电压表串联在电路中，整个滑动变阻器R会以全部阻值接入电路，电流表串联在电路中，滑片P上方的电阻丝会被短路，结合欧姆定律分析哪种电路电流大。
11．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】根据题意可知，机器人完成动作的核心部件是通电后能够转动的内部装置，这个装置就是电动机。
A．该图是奥斯特实验，这个实验证明了通电导线的周围存在磁场，和电动机的工作原理无关，因此A错误；
B．该图展示的是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，属于电磁感应现象，是发电机的工作原理，因此B错误；
C．该图用来探究通电螺线管的磁性强弱和线圈匝数的关系，和电动机的工作原理无关，因此C错误；
D．该图展示的是通电导线在磁场中受力运动，这正是电动机的工作原理，因此D正确。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
12．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；核裂变；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．“北斗”卫星导航系统工作在太空环境中，太空属于真空，而声音传播必须依赖介质，超声波是声波的一种，无法在真空中传播，因此该系统不能依靠超声波向地球传递信息，实际是利用电磁波完成信息传递，因此A错误；
B．火箭升空过程中，燃料燃烧先将储存的化学能转化为内能，再将内能转化为火箭与卫星的机械能，因为能量转化过程中不可避免会存在损耗，所以热机效率不可能达到100%，因此B错误；
C．光伏发电就是利用光伏电池板将太阳能直接转化为电能，选项说法正确，因此C正确 ；
D．“华龙一号”核电站是利用核裂变反应释放的能量来发电，不是核聚变，因此D错误。
故选C。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
2、能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能；
3、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
4、任何机械在使用过程中，都存在能量损失。
13．【答案】远视；照相机
【知识点】凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】近视需要佩戴对光线有发散作用的凹透镜矫正，远视需要佩戴对光线有会聚作用的凸透镜矫正，而手机的镜头本身就是凸透镜，因此它和远视眼镜是同一类透镜。
手机镜头成像利用了凸透镜成像中物距大于二倍焦距时的成像规律，这个规律和照相机的成像原理一致，成的是倒立、缩小的实像。
【分析】近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
14．【答案】相互作用；大气压
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；大气压的综合应用
【解析】【解答】 我们知道相互作用力满足这些特点：两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，且两个力分别作用在两个不同物体上。这里小红对电梯施加了压力，这个力的受力物体是电梯；与此同时电梯对小红施加了支持力，这个力的受力物体是小红，这两个力完全符合相互作用力的所有条件，因此二者是一对相互作用力。
我们使用吸管喝奶茶的时候，当我们把吸管内部的空气吸出来后，吸管内部的气压就会小于外界的大气压，奶茶就会在大气压的作用下被压入我们的口中，所以这种吸管正是利用了大气压的作用。
【分析】1、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
15．【答案】负；吸引
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】电子本身带负电，窗花和其他物体摩擦的过程中，会得到电子，因此带负电。
根据电荷间的相互作用规律可知，带有异种电荷的两个物体相互吸引，这就是静电窗花可以牢牢贴在玻璃上的原因。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质。
16．【答案】1；59.2；1.02
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】重物的质量为，结合重力公式为计算重物的重力为
图乙到图丙的过程中，杯子对电子秤的压力变化量为，结合压强公式计算可知杯子对电子秤的压强变化量为
由甲、乙可知，重物受到的浮力为，排开水的质量为，
因为重物浸没水中，重物排开水的体积为，结合密度公式计算可知：则湘江水的密度为。
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积
密度计算公式m=ρV。
17．【答案】（1）下
（2）80.0；远视
（3）
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据过光心的光线传播方向不改变的规律，像成在光屏的下方，说明蜡烛位置偏高，因此应当向下调节蜡烛，才能让像成在光屏中央。
（2） 此时物距为30cm，像距为15cm。当把蜡烛移动到光具座35.0cm刻度线位置后，物距变为15cm，根据折射光路可逆的原理，此时像距会变为30cm，因此需要将光屏移动到光具座80.0cm刻度线处，才能承接清晰的像。
如果不移动光屏，想要让像重新变清晰，需要让光线提前会聚。远视眼镜的镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，因此需要在凸透镜左侧放置远视眼镜的镜片。
（3）作图步骤如下：先将像点C和凸透镜右侧的焦点F连接并延长，再过C点作一条平行于主光轴的光线，该光线经凸透镜折射后会经过右侧焦点F；两条折射光线反向延长线的交点就是物点A，最后连接物点A和光线BC在透镜上的入射点，就得到对应的入射光线。作图结果如下：
【分析】1、测量焦距的方法： 将凸透镜正对太阳光，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个 亮点，此时亮点与凸透镜中心的距离为焦距。
2、透镜成像试验：实验步骤：1）实验前，应调节凸透镜、蜡烛烛焰、光屏的中心大致在同一水平高度，环境越暗，物体反射光越明显，所以实验应在较暗的环境中进行；2） 点燃并蜡烛，在光屏上得到一个等大、清晰的烛焰的像，测量此时物到透镜的距离（焦距）；3）移动蜡烛，观察像的变化，经过透镜光心的光心不会发生偏折，所以蜡烛变短通过光心的光线会折射到光屏上方，导致像向上移动。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
4、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
（1）根据“过光心的光线传播方向不变”的原理，像成在光屏下方，说明蜡烛的位置偏高。要使像成在光屏中央，应向下调节蜡烛。
（2）[1] 当前的物距为30cm，像距为15cm。若将蜡烛移到光具座的35.0cm刻度线处，物距变为15cm，根据光路的可逆性，像距变为30cm，则光屏应移到光具座的80.0cm刻度线处才能形成清晰的像。
[2]若不移动光屏，要使像重新清晰，需要使光线提前会聚。远视眼镜是凸透镜，对光线有会聚作用，因此应放置远视眼镜的镜片。
（3）连接像点C与凸透镜右侧的焦点F，并延长。 过C点作一条平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后过右侧焦点F。 上述两条折射光线的反向延长线的交点即为物点A。 连接A点与光线BC在凸透镜上的入射点，即为入射光线。如图所示：
18．【答案】（1）不属于
（2）液体深度
（3）液体密度越大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）连通器的定义是上端开口、底部互相连通的容器。题目中的微小压强计一端是封闭的，不符合连通器的定义，因此它不属于连通器。
（2）对比图1和图2可以得到：两次实验液体密度相同，探头所处的深度不同，U形管两侧的液面高度差不同。根据转换法可知，这代表液体产生的压强大小不同，因此说明液体内部压强和液体的深度有关。
（3）将装有水的瓶子放入盐水中，当瓶内外液面保持相平时，橡皮膜所处的深度相同，液体密度不同。观察到橡皮膜向内凹陷，这说明瓶子外侧盐水的压强大于瓶子内侧水的压强，由此可以得到结论：深度相同时，液体的密度越大，液体产生的压强越大。
【分析】1、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
2、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同，橡皮膜形变越大，压强越大。
（1）上端开口、下部互相连通的容器叫连通器，因安装好的微小压强计一端封闭，故不属于连通器。
（2）比较图1、图2可知，液体密度相同，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，由转换法，产生的压强不同，说明液体内部压强与液体深度有关
（3）将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，此时瓶子内外液体的深度相同，液体的密度不同，发现橡皮膜会内凹，说明瓶子外部液体压强大于瓶子内部水的压强，即当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
19．【答案】（1）质量；煤油和水的质量不相等
（2）煤油
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）本实验探究不同物质的吸热能力，需要运用控制变量法，实验中要保证两种液体的质量相同、相同时间内吸收的热量相同，因此第一个空应当选择控制质量相同；
根据控制变量法的要求，本实验除了初温相同外，还需要在两个完全相同的烧杯中，分别装入质量相同的水和煤油。
（2）水的比热容比煤油更大，根据Q=cmΔt可知，质量相同的水和煤油吸收相同的热量时，水的温度升高更慢。观察图乙可知，加热过程中A的温度升高更快，因此A就是煤油的温度随时间变化的图像。
【分析】探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
（1）[1]探究不同物质吸热能力的实验需要用到控制变量法，要控制两种液体的质量相同、热源相同，因此第一个空应选质量；
[2]探究不同物质吸热本领的实验中，需要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量相同、初温都相同的水和煤油。
（2）水的比热容大于煤油，相同质量的水和煤油吸收相同热量时，水的温度升高较慢。图乙中A的温度变化更快，因此A对应的是煤油的温度随时间变化的图像。
20．【答案】（1）
（2）0.28；8.9
（3）小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）按照题目要求，闭合开关后滑片向右滑动时电流表示数变小，说明此时滑动变阻器接入电路的阻值需要变大。因此应当将滑动变阻器的左下接线柱与小灯泡的右接线柱连接，即可满足滑片右移时接入电阻变大的要求。
（2） 观察图乙可知，电流表选择的是小量程，该量程下分度值为0.02A，指针对应读数为0.28A，因此电流表示数为0.28A。
已知小灯泡的额定电压为2.5V，根据欧姆定律可计算出小灯泡正常发光时的电阻：
（3）小灯泡的灯丝电阻会随温度升高而增大，并非定值，因此流过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压不成正比，最终得到的小灯泡I-U图像不是一条直线。
【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，当连接原则为一上一下；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、欧姆定律：公式为U=IR；
4、灯泡的电阻随着温度的增加而增加，所以流过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压不成正比。
（1）根据要求，闭合开关，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小，这意味着滑动变阻器接入电路的电阻变大。所以应将滑动变阻器左下接线柱与小灯泡右侧接线柱连接，这样就能满足滑片右滑电阻变大的要求。
（2）[1]由图乙可知，电流表选用小量程，其分度值为0.02A，指针指向0.28A处，所以示数为0.28A。
[2]已知小灯泡额定电压为2.5V，根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻
（3）因为小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，所以通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，那么小灯泡的I - U图像不是一条直线。
21．【答案】（1）解：“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间
（2）解：“机器狗”负重后的总重力G=mg=14kg×10N/kg=140N根据题意，机器人所受阻力f = 0.05G=0.05×140N=7N
因为“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是一对平衡力，大小相等，F=f= 7N
牵引力所做的功W=Fs'=7N×60m= 420J
（3）解：已知“机器狗”的牵引力F=7N，匀速移动的速度v=1.2m/s，由则牵引力做功的功率P=Fv=7N×1.2m/s = 8.4W
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）结合速度公式计算“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间；
（2）“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是大小相等，结合W=Fs计算牵引力所做的功；
（3）牵引力做功的功率P=Fv。
（1）“机器狗”负重后，往返一次所需要的时间
（2）“机器狗”负重后的总重力G=mg=14kg×10N/kg=140N
根据题意，机器人所受阻力f = 0.05G=0.05×140N=7N
因为“机器狗”在水平地面上匀速直线移动，所以它处于平衡状态，牵引力F与阻力f是一对平衡力，大小相等，F=f= 7N
牵引力所做的功W=Fs'=7N×60m= 420J
（3）已知“机器狗”的牵引力F=7N，匀速移动的速度v=1.2m/s，由
则牵引力做功的功率P=Fv=7N×1.2m/s = 8.4W
22．【答案】（1）解：3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，则转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能
空气炸锅的实际电功率
（2）解：薯条吸收的热量Q吸=c薯条m=3.6×103J/（kg ℃）×200×10-3kg×80℃=5.76×104J
（3）解：空气炸锅的加热效率为
（4）解：R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3=30Ω+100Ω=130Ω
当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3=130Ω-80Ω=50Ω
由图丙可知，对应的加热温度设定为200℃。
【知识点】热量的计算；热机的效率；欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能。结合效率公式计算空气炸锅的实际电功率；
（2）结合Q吸=c薯条m计算薯条吸收的热量；
（3）结合计算空气炸锅的加热效率
（4）R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3，当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3，据此计算对应的加热温度。
（1）3000r/（kW h）表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的转盘转过3000转，则转盘转了100转，空气炸锅消耗的电能
空气炸锅的实际电功率
（2）薯条吸收的热量Q吸=c薯条mΔt=3.6×103J/（kg ℃）×200×10-3kg×80℃=5.76×104J
（3）空气炸锅的加热效率为
（4）R3的阻值调为100Ω，由图丙可知，当加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热，根据串联电路的电阻特点可知，此时控制电路的总电阻R=R2+R3=30Ω+100Ω=130Ω
当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被释放时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变，所以此时R2的阻值R'2=R-R'3=130Ω-80Ω=50Ω
由图丙可知，对应的加热温度设定为200℃。
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