资源简介

浙江省台州市黄岩区幸福中学2025-2026 学年第二学期八年级期中质量监测 科学
一、选择题（本题有15小题，每小题2分，共30分。请选出每小题中一个符合题意的选项，不选、多选、错选均不给分）
1．北京时间2026年4月9日，我国成功发射互联网低轨21组卫星，该卫星高速穿过大气层成功进入预定轨道。下列关于大气层说法不正确的是（　　）
A．卫星先后依次经过了对流层、高层大气、平流层
B．雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层
C．平流层最适合飞机飞行
D．大气层能保护地球，减少小天体的撞击
【答案】A
【知识点】大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】A.根据大气分层的知识判断；
B. 对流层集中了大气层几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著；
C. 平流层的空气以水平运动为主，水汽杂质少、天气晴朗；
D.根据天体穿越大气层时会摩擦燃烧判断。
【解答】A. 地球大气层从地表向高空依次分为对流层、平流层、高层大气，卫星从地面发射进入太空预定轨道，应当依次经过对流层→平流层→高层大气， 故A错误，符合题意；
B. 对流层集中了大气层几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著，云、雨、雷、电等天气现象都发生在这一层， 故B正确，不合题意；
C. 平流层的空气以水平运动为主，水汽杂质少、天气晴朗，能见度高，非常适合飞机飞行，故C正确，不合题意；
D. 地球大气层可以与进入地球的小天体摩擦燃烧，消耗小天体的质量与能量，减少小天体对地球表面的撞击，起到保护地球的作用， 故D正确，不合题意。
故选A。
2．小明桌上的手持小风扇的简化电路如图所示，下列说法正确的是
A．开关和电动机是并联的
B．导线通常用半导体材料制成
C．电池的作用是为电动机提供电能
D．通电后电流从电池负极经电动机流向正极
【答案】C
【知识点】基本电路与电路图；家庭电路的组成与连接
【解析】【分析】开关与控制的用电器串联。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
电源：提供电能的装置，保证电路两端有电压，工作时将其他形式的能转化为电能。
电流方向有规定，在电源外部，电流从电源正极流出，经用电器回到电源负极。
【解答】A、开关要控制电动机的通断，所以开关和电动机是串联的，故A错误；
B、导线一般是用导体材料来制成的，故B错误；
C、电池是电源，电源的作用就是为电动机提供电能的装置，故C正确。
D、通电后，电流从电池的正极经电动机流向电池的负极，故D错误。
故答案为：C。
3．下列有关大气环境方面的说法错误的是（　　）
A．露天焚烧垃圾可能会增加空气中的
B．空气质量指数数值越大，说明空气质量越好
C．用新能源汽车逐渐取代燃油汽车能改善空气质量
D．除外， CO 也是目前计入空气污染指数的污染物之一
【答案】B
【知识点】空气污染与保护
【解析】【分析】AD.根据空气污染物的定义判断；
B.根据空气质量指数的含义判断；
C. 用新能源汽车取代燃油汽车可以减少污染物排放。
【解答】A. 露天焚烧垃圾会产生大量细小的固体颗粒物，因此会增加空气中 P M 2.5 的含量，故A正确，不合题意；
B. 空气质量指数是用来衡量空气质量的指标，指数数值越大，代表空气中污染物的含量越高，空气质量越差，不是越好， 故B错误，符合题意；
C. 燃油汽车燃烧汽油、柴油会排放尾气，产生大量污染物；新能源汽车尾气污染物排放量极低，因此用新能源汽车取代燃油汽车可以减少污染物排放，改善空气质量， 故C正确，不合题意；
D. 目前计入空气污染指数的项目包括 PM10 、 PM2.5 、 SO2 、 O3 、 NO2 和一氧化碳（CO）等， 故D正确，不合题意。
故选B。
4．约公元前600年，我国发明了油灯，灯芯为棉线，灯油为菜油或动物油，灯芯燃烧时不会引燃器皿里灯油的原因是（　　）
A．灯油周围缺少氧 B．灯油不是可燃物
C．温度未达到灯油的着火 D．灯芯燃烧产生了二氧化碳
【答案】C
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】 燃烧需要同时满足三个条件：①物质具有可燃性；②可燃物与氧气（空气）接触；③温度达到可燃物的着火点，三个条件缺一不可。
【解答】 A.器皿里的灯油暴露在空气中，并不缺少氧气，故A错误；
B.灯油（菜油或动物油）可以燃烧，属于可燃物，故B错误；
C.灯芯燃烧时，放出的热量较少，容器内的灯油温度没有达到自身的着火点，因此不会被引燃，故C正确；
D.灯芯燃烧确实会产生二氧化碳，但这不是容器内灯油不燃烧的原因，容器内灯油周围仍有大量氧气，故D错误。
故选C。
5．下图为齐齐哈尔市某日天气预报图，读图可知（　　）
A．可能出现在 12 时左右 B．气温日较差为
C．当日天气状况为阴 D．最低气温出现在24时
【答案】B
【知识点】天气预报与天气图
【解析】【分析】AD.一天中的最高气温在14时左右，最低气温在日出前后；
B.一天中最高气温和最低气温之差为日较差；
C.根据常见天气符号的意义判断。
【解答】A. 根据“28℃/16℃”可知，28℃是一天中的最高气温。一天中的最高气温一般出现在午后14时（14点）左右，不是12时左右，故A错误；
B.根据“28℃/16℃”可知，该日的最高气温为28℃，最低气温为16℃，则当日的气温日较差为：28℃-16℃=12℃，故B正确；
C. 天气符号中，多云的符号为太阳加云朵，则该图的天气符号代表多云，故C错误；
D. 一天中的最低气温一般出现在日出前后，不是24时，故D错误。
故选B。
6．某兴趣小组利用如图装置对二氧化碳的性质进行探究，A处大试管中能生成二氧化碳气体，下列说法错误的是（　　）
A．B处现象说明二氧化碳能使紫色石蕊变红
B．C处溶液变浑浊，是因为生成了不溶于水的碳酸钙
C．D处的实验现象是蜡烛会熄灭
D．D处现象说明二氧化碳不可燃，不助燃，相同体积时质量比空气大
【答案】A
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】A.石蕊试液遇到酸变红色，遇到碱变蓝色；
B.二氧化碳和氢氧化钙生成碳酸钙沉淀；
CD.根据二氧化碳的性质分析判断。
【解答】A.根据图片可知，二氧化碳不能使紫色石蕊变红色，实验中二氧化碳和水反应生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊变红色，故A错误符合题意；
B.C出溶液变浑浊，是因为二氧化碳和氢氧化钙反应会生成碳酸钙沉淀和水，故B正确不合题意；
C.在装置D中，二氧化碳的密度比空气大，不具有助燃性，则蜡烛熄灭，故C正确不合题意；
D.D处蜡烛熄灭，说明二氧化碳不可燃，不助燃，密度比空气大，故D正确不合题意。
故选A。
7．在光滑的水平面上放着甲、乙两辆同样的小车，甲车上放着一个通电螺线管，乙车上放着一块相同质量的条形磁铁，让小车相距一定距离，然后同时放开小车，如图所示，则下列说法中正确的是（　　）
A．甲车不动，乙车向甲车方向运动
B．乙车不动，甲车向乙车方向运动
C．甲、乙两车同时反向运动
D．甲、乙两车同时相向运动
【答案】C
【知识点】磁极间的相互作用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】首先根据安培定则判断电磁铁的磁极方向，然后根据磁极之间的相互作用规律确定电磁铁和条形磁体之间磁力的方向，进而确定它们的运动状态即可。
【解答】根据甲图可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则螺线管的右端为N极。
根据乙图可知，条形磁铁的左端为N极，根据“同名磁极相互排斥”的规律可知，此时电磁铁和条形磁铁之间为排斥力。根据力与运动的关系可知， 甲、乙两车会同时向相反方向运动。
故C正确，而ABD错误。
故选C。
8．用“W”型玻璃管进行微型实验。将注射器中的过氧化氢溶液推入管中与二氧化锰接触。下列说法错误的是（　　）
A．没有二氧化锰作为催化剂，过氧化氢溶液不会分解产生氧气
B．若a处粉末是木炭粉，能看到有白光产生
C．若a处粉末是硫粉，b处应接有尾气处理装置
D．该微型实验的优点是实验操作简便、节约药品
【答案】A
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】（1）催化剂的作用：催化剂只能改变化学反应的速率，不会改变反应能否发生；过氧化氢在常温下可以自行分解生成氧气，二氧化锰只是加快该分解反应的速度，没有二氧化锰时反应依旧能够进行，只是分解速度很慢。
（2）物质在氧气中的燃烧现象与实验环保要求：木炭在充足氧气中加热燃烧会发出白光；硫燃烧会生成有毒的二氧化硫气体，该气体会污染空气，实验需要配套尾气处理装置；微型实验使用少量试剂、简易装置，具备操作简便、节约药品、减少废弃物排放的优点。
【解答】A、二氧化锰仅加快过氧化氢分解，无二氧化锰时过氧化氢依旧能缓慢分解产生氧气，该说法错误，A 符合题意；
B、过氧化氢分解生成氧气，加热木炭后，木炭在氧气中燃烧会发出白光，该说法正确，B 不符合题意；
C、硫燃烧生成有毒的二氧化硫，会污染空气，b 处需要增设尾气处理装置吸收二氧化硫，该说法正确，C 不符合题意；
D、W 型玻璃管属于微型实验器材，具备操作简便、药品用量少、节约药品的优点，该说法正确，D 不符合题意。
故答案为：A。
9．静电是一种生活中常见的自然现象。下列各项与静电无关的是
A．冬季脱毛衣时会有火花产生 B．梳过头发的梳子能吸引纸屑
C．吸尘器能吸起地面上的灰尘 D．油罐车的车尾有金属接地链
【答案】C
【知识点】大气压的综合应用；摩擦起电
【解析】【分析】摩擦起电的原理：相互接触的物体对电子的束缚能力不同，对电子束缚能力强的物质得到电子，带负电，对电子束缚能力弱的物质失去电子，带正电。
【解答】吸尘器能吸起地面上的灰尘的原理是吸尘器内部的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，灰尘被压入吸尘器，即吸尘器的工作原理是大气压强。而冬季脱毛衣时会有火花产生、 梳过头发的梳子能吸引纸屑和油罐车的车尾有金属接地链，这些现象都与摩擦起电，即静电相关。
故答案为：C。
10．某科研团队创造性使用铂一铱双金属催化剂，使乙醇与水在下反应，生成醋酸（）和氢气，其微观示意图如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．反应前后分子和原子数目均发生改变
B．催化剂在反应前后的质量和性质不变
C．参加反应的甲和乙的分子个数比为 1：1
D．参加反应的乙和生成的丁的质量比为
【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用；化学方程式的概念、读法和含义；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】A.根据图片写出反应的化学方程式，然后比较反应前后物质的分子和原子个数大小即可；
B.根据催化剂的性质判断；
C.在化学方程式中，化学式前面的系数就是参加反应的分子个数；
D.参加反应的物质的质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比。
【解答】根据图片可知，乙醇和水在催化剂的作用下反应，生成醋酸和氢气，则反应的方程式为：
A.根据方程式可知，反应前后原子的总个数保持（12个）不变。反应前为2个分子，反应后有3个分子，即分子个数改变，故A错误；
B. 催化剂的定义是：能改变反应速率，反应前后催化剂的质量和化学性质不变，物理性质可能改变， 故B错误；
C. 根据方程式可知，参加反应的甲和乙的分子个数比为1：1，故C正确；
D.根据方程式可知，参加反应的乙和生成丁的质量为：（18×1）：（2×2）= 9：2 ，故D错误。
故选C。
11．下列对质量守恒定律的理解正确的是（　　）
A．根据质量守恒定律可知，10g碳和10g氧气反应生成20g二氧化碳
B．镁条燃烧后质量增加，不符合质量守恒定律
C．10g过氧化氢完全分解所得各生成物的质量总和一定是10g
D．蒸发液态空气所得各气体的质量总和等于液态空气的质量，这有力地证实了质量守恒定律
【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】1A、根据参加反应的物质质量总和等于生成物物质质量总和分析；
B、根据化学变化都遵循质量守恒定律分析；
C、根据化学反应前后物质质量总和不变分析；
D、根据质量守恒定律为化学变化遵循的普遍规律分析。
【解答】A、10g碳与10g氧气不能恰好完全反应，生成二氧化碳小于20g，不符合题意；
B、 镁条燃烧后质量增加，是由于生成的氧化镁质量为参加反应的镁和氧气质量和，符合质量守恒定律 ，不符合题意；
C、 10g过氧化氢完全分解所得各生成物的质量总和一定是10g ，符合题意；
D、 蒸发液态空气所得各气体的质量总和等于液态空气的质量， 该反应为物理变化，不遵循质量守恒定律，不符合题意；
故选C。
12．某同学设计并完成了如图所示的四个实验。下列叙述正确的是（　　）
A．甲实验前暗处理的目的是将叶片内的淀粉运走耗尽
B．乙实验收集的气体是二氧化碳
C．丙实验的现象是澄清的石灰水不变浑浊
D．丁实验说明萌发种子的呼吸作用产生氧气
【答案】A
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】（1）绿叶在光下制造淀粉实验相关知识：实验前暗处理一昼夜，植物只进行呼吸作用，会将叶片中原有的淀粉全部运走耗尽，避免原有淀粉干扰后续实验结果；光合作用是绿色植物利用光能，将二氧化碳和水合成储存能量的有机物，同时释放氧气，氧气具有助燃性；二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，可用于检验二氧化碳。
（2）植物呼吸作用相关知识：所有活细胞都会进行呼吸作用，萌发的种子呼吸作用旺盛，呼吸作用消耗氧气、分解有机物，释放二氧化碳和能量；氧气减少会使燃烧的蜡烛熄灭，以此验证呼吸作用消耗氧气。
【解答】A、甲是绿叶制造有机物实验，实验前暗处理一昼夜，植物通过呼吸作用将叶片内原有淀粉运走耗尽，防止原有淀粉干扰实验，该说法正确，A 符合题意；
B、乙装置中金鱼藻在光照下进行光合作用，收集到的气体是能使木条复燃的氧气，不是二氧化碳，该说法错误，B 不符合题意；
C、丙装置中萌发种子呼吸产生大量二氧化碳，二氧化碳会使澄清石灰水变浑浊，该说法错误，C 不符合题意；
D、丁装置中燃烧的蜡烛熄灭，说明萌发种子呼吸作用消耗了瓶内氧气，不是产生氧气，该说法错误，D 不符合题意。
故答案为：A。
13．小明同学在进行“空气的对流”探究活动时，突发奇想，把两支冒烟的木条放在烧杯上（见图甲）。他想探究这两支木条的烟的移动方向。你认为烟会依照图乙中哪一种方式移动（　　）
A．A B．B C．C D．D
【答案】B
【知识点】与密度相关的物理现象；风
【解析】【分析】气体总是从气压大的位置流向气压小的位置。热空气密度小而上升，冷空气密度大小而下降，从而形成对流，据此分析判断。
【解答】根据图片可知，右侧烧杯下方放置了点燃的蜡烛，因此烧杯下部的空气受热，温度升高。
热空气密度小于冷空气，因此热空气会上升，则右侧的烟会向上运动，从而使右侧烧杯底部的气压减小。此时烧杯左侧气压大于右侧气压，则烧杯左侧的空气会从底部向右流动，即左侧木条的烟会向左下方，流入烧杯。
故B正确，而ABC错误。
故选B。
14．如图所示是监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变，R1是阻值不变的定值电阻。闭合开关S，当水流速度为v0时探头刚好处于图示位置静止，水流速度越快，探头向上移动距离越多，电流表和电压表示数随之发生变化。以下说法正确的是（　　）
A．水流速度变快时，电压表示数变大
B．水流速度变慢时，通过 R1的电流值变大
C．若将电流表改装成流速计，能实现水流速度越快，电流表示数越大
D．水流速变化时，电压和电流表示数的比值始终不变
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】电路结构：定值电阻 R1 与滑动变阻器 R2 串联，电流表测电路电流，电压表测R2 两端电压。
水流速度变化的影响：水流速度变快 → 探头向上移动 → 滑动变阻器接入电路的电阻变小；水流速度变慢 → 探头向下移动 → 滑动变阻器接入电路的电阻变大。
欧姆定律分析：总电阻R=R1 +R2 ，电源电压不变，根据I=U/R，R2 变小 → 电流 I 变大；R2 变大 → 电流 I 变小。电压表示数 U2 =U U1 ，U1 =IR1 ，电流 I 变大时 U1 变大，所以 U2 变小。
【解答】选项 A：水流速度变快时，R2 变小，电路电流变大，R1 两端电压变大，所以 R2 两端电压（电压表示数）变小。错误
选项 B：水流速度变慢时，R2 变大，总电阻变大，电路电流变小，通过 R1 的电流也变小。错误
选项 C：水流速度越快，R2 越小，电流越大，所以将电流表改装成流速计，能实现水流速度越快，电流表示数越大。正确
选项 D：电压和电流表示数的比值 U2 /I=R2 ，R2 随水流速度变化，所以该比值会变化。错误
故答案为：C
15．一定条件下发生了化学反应，容器中乙、丙、丁的质量随甲的质量变化情况如图所示。下列说法错误的是 （　　）
A．a的值为 12
B．丙可能是该反应的催化剂
C．丁一定是化合物
D．当丁的质量为5g时，甲的质量也是5g
【答案】D
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据在化学反应中，反应后质量增加的为生成物，反应后质量减少的为反应物，反应后质量不变可能属于催化剂，也可能是杂质进行分析。
【解答】根据图中数据可知，当甲的质量为8g时，反应前后的丙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；丁的质量减少量=10g-0g=10g；则生成的乙的质量=10g-8g=2g，则a的值为10+2=12。
A. 由上述分析，a的值为12，故正确，不符合题意；
B. 反应前后的丙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故正确，不符合题意；
C. 该反应的反应物为丁，生成物是甲和乙，符合“一变多”的形式，属于分解反应，所以丁一定是化合物，故正确，不符合题意；
D. 参加反应的丁和生成的甲的质量比=10g：8g=5：4，当丁的质量为5g时，即参加反应的丁的质量=10g-5g=5g，则甲的质量是4g，故错误，符合题意；
故答案为：D。
二、填空题（本题共8小题，每空2分，共32分）
16．使用测电笔的方法正确的图是　 　（选填“甲”或“乙”）；在图丙所示的家庭电路，闭合开关s，电灯亮，站在地面上的人用手接触电路中的裸线A点　 　触电（选填“会”或“不会”）。
【答案】甲；不会
【知识点】家庭电路的组成与连接；测电笔的使用
【解析】【分析】（1）在使用测电笔时，人体必须与笔尾的金属体接触；
（2）在正常情况下，火线带电，零线不带电，而人体接触零线时不会触电。
【解答】（1） 使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属电极（或金属笔卡），这样才能使测电笔形成通路，当接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光。图甲中手接触了笔尾金属体，符合正确操作；图乙中手没有接触笔尾金属体，无法形成通路，测电笔无法正常工作。
故选：甲。
（2）根据丙图可知， 开关接在火线上，闭合开关S后，A点位于开关之后、电灯的一侧，此时A点通过电灯与零线相连，站在地面上的人接触A点时，A点电位与零线一致，人体两端没有电压，不会有电流通过人体，因此不会触电。
故填：不会。
17．如图甲是证明并测量“大气压”的实验装置。图乙是设计证明“大气压存在”
（1）图甲“在注射器口装上橡皮帽”是为了在注射器内构建一个　 　空间。（填“开放”或“密闭”）。
（2）实验时，要用弹簧测力计拉住活塞，把针筒向右拉。根据图乙思维路径，这是通过　 　的方式减小针筒内气压。
【答案】（1）密闭
（2）增大体积
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）当注射器没有橡皮帽时，大气对注射器活塞两侧的压力相等，此时会相互抵消，无法通过测力计的示数测量大气压力。如果针筒内为封闭空间，那么排除一侧大气压力，则可以根据平衡力的知识测量大气对活塞的压力。
（2）当推拉注射器的活塞时，针筒内气体的体积会发生改变，据此分析解答。
【解答】（1） 该实验的原理是利用大气压拉动活塞，通过二力平衡测量大气压，若注射器不是密闭空间，外界空气会进入注射器内部，注射器内部气压始终和外界大气压平衡，无法让大气压对活塞产生拉力，因此装上橡皮帽的目的是堵住注射器口，在注射器内部构建出密闭的空间，防止漏气，保证实验可以正常进行。
故填：密闭。
（2） 实验中拉动活塞时，注射器内部气体的质量不变，活塞向右移动会让针筒内气体的体积增大，根据一定质量的气体，体积越大气压越小的规律，针筒内气压减小，外界大气压就会对活塞产生向左的压力，因此该方法是通过增大针筒内气体体积来减小针筒内气压。
故填：增大体积。
18．磁控防盗装置都装有干簧管，它在电路中起到开关的作用。干簧管由两个磁簧片和玻璃管组成，磁簧片的触点在弹力的作用下处于断开状态。当磁体靠近干簧管时(如图乙所示)磁簧片被磁化，触点连接。
（1）磁化后，能长期保持磁性的物质叫硬磁体，不能长期保持磁性的物质叫软磁体。干簧管的磁簧片材料应该选用　 　(填“软磁体”或“硬磁体”)。如图乙所示，条形磁体靠近干簧管，磁簧片最左端是　 　极。
（2）图丙是门上磁控防盗装置的设计图，装置内有一个竖直放置的干簧管，其内部简化电路如图丁所示；在门框上安装有条形磁铁。当盗贼打开门时该装置能实现电铃报警。
①在图丁的电路中，电阻起到了　 　的作用。
②说明门在关闭时，电铃不响的原因　 　。
【答案】（1）软磁铁；S
（2）保护电路；夜间关上门，门上的条形磁铁靠近干簧管，干簧管触点处于闭合状态，对电铃短路，所以报警电铃不响。
【知识点】磁极间的相互作用；电磁铁的构造和原理；电磁铁的其他应用
【解析】【分析】（1）磁化后，能长期保持磁性的物质叫硬磁体，不能长期保持磁性的物质叫软磁体；
（2）由电路图可知：干簧管和电铃并联后与电阻串联，根据闭合开关S和断开开关S时，电铃的工作情况判断出干簧管触点断开和闭合情况，然后由此判断电阻的作用和门关闭时电铃不响的原因。
【解答】（1）干簧管中的磁簧片通电时有磁性，断电时无磁性，所以是软磁性材料制成的；
根据异名磁极相互吸引，已知条形磁体的右端为 N 极，那么与之靠近的磁簧片最左端是 S 极（南极）。
（2）由电路图可知：干簧管和电铃并联后与电阻串联，电阻、开关在干路上，夜间关上门，闭合开关S，门上的条形磁铁靠近干簧管，干簧管触点处于闭合状态，对电铃短路，所以报警电铃不响，此时干路中的电阻起到保护电路的作用；当盗贼打开门时，干簧管远离磁体，干簧管退磁，触点在弹力作用下分开，干簧管触点处于断开状态，电流通过电铃，则电铃响起。
19．如图所示是小科用磁体、铜丝和干电池等材料制作的简易电动机。
（1）该电动机的工作原理是　 　
（2）闭合开关后，小科发现电动机不转动，可能原因是____。（选填字母）
A．电源电压不足 B．磁体磁性太强
C．电源正负极接反了 D．线圈处于平衡位置
【答案】（1）通电线圈在磁场中受到力的作用
（2）A；D
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据电动机的工作原理解答；
（2）电动机不转动，可能是受到的磁力相互平衡，也可能是受到的磁力太小，或者阻力太大，据此分析判断。
【解答】（1） 简易电动机的工作本质是：通电线圈在磁场中受到力的作用（通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能从而持续转动。
故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（2）A. 若电源电压不足，线圈中的电流过小，磁场对线圈的作用力小于线圈受到的阻力，电动机就无法转动，故A符合题意；
B. 磁体磁性太强会增大线圈受到的磁场力，更有利于电动机转动，不是不转动的原因，故B不合题意；
C. 电源正负极接反只会改变线圈的转动方向，不会让线圈不转动， 故C不合题意；
D. 当线圈处于平衡位置时，线圈两个边受到的力大小相等、方向相反，在同一直线上，合力为零，线圈不会转动，故D符合题意。
故选AD。
20．在玻璃瓶里装一些红色的水，取一根两端开口的细玻璃管，让玻璃管穿过橡皮塞插入水中，并从管子上端吹入部分气体，这样小明就制成了一个简易的多功能科学实验演示器。
（1）当把此装置从山脚带到山顶时，发现玻璃管内液面　 　（填“升高”、降低”或“不变”），原因是大气压随高度的增大而　 　（填“升高”或“降低”）。
（2）取一吸管，靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，如图所示，发现玻璃管内液面上升，原因是　 　。
【答案】（1）升高；降低
（2）管口空气流速大，压强小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；大气压强与高度的关系；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据大气压强随高度的变化规律，结合p内=p大气压+p水柱分析在山顶上水柱压强的变化，再根据液体压强公式p=ρ液gh分析液面的高度变化即可；
（2）根据流体压强和流速的关系分析解答。
【解答】（1） 根据题意可知，这个装置的瓶内气压不变，等于外界大气压加上玻璃管内水柱产生的压强，即p内=p大气压+p水柱。当装置从山脚带到山顶时，大气压随海拔高度升高而减小，根据p内=p大气压+p水柱可知，水柱产生的压强增大。根据液体压强公式p=ρ液gh可知，玻璃管内液面升高。
故填：升高；降低。
（2） 当通过吸管向右吹气时，玻璃管上端空气流速变大，根据流体压强的规律：流体流速越大的位置，压强越小，玻璃管上端压强小于瓶内气压，瓶内气压就会将水压入玻璃管，使玻璃管内液面上升。
故填：管口空气流速大，压强小。
21．分析如图所示地形剖面图，回答下列问题：
（1）处于迎风坡的是　 　（选填“甲”、“乙”或“丙”）。
（2）影响甲、乙两地气候差异的主要因素是　 　（选填“海陆位置”、“纬度位置”或“地形”）。
【答案】（1）甲
（2）地形
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】（1）能够直接被气流吹到的面为迎风坡，另一面为背风坡；
（2） 海陆位置影响降水一般是距海远近不同导致降水差异，纬度位置主要影响气温的整体差异 ，根据题意分析解答。
【解答】（1） 当湿润气流遇到山脉阻挡时，会沿迎风坡抬升，在抬升过程中冷却成云致雨，因此迎风坡降水多，背风坡降水少。从图中降水情况可知，甲地降水远多于乙地，符合迎风坡的降水特征，因此处于迎风坡的是甲。
故填：甲。
（2） 本题中甲、乙位于同一座山脉的不同坡向，甲地是迎风坡，乙地是背风坡，海拔和坡向的差异造成了两地气温和降水的明显不同，这种气候差异是地形因素导致的。
故填： 地形 。
22． 掌握基本的化学实验技能。请根据图示装置回答下列问题：
（1）写出仪器①的名称　 　
（2）用相同装置分别制取和收集氧气和二氧化碳，应选用装置　 　（填字母）
【答案】（1）长颈漏斗
（2）BC
【知识点】常用仪器的名称；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）根据所指仪器的名称解答；
（2）根据反应物的状态和反应条件选择气体的发生装置，根据得到气体的性质选择气体的收集方法。
【解答】（1）根据图片可知， 仪器①是长颈漏斗。故填：长颈漏斗。
（2） 过氧化氢在二氧化锰催化下制取氧气、大理石（石灰石）和稀盐酸制取二氧化碳，反应物都是固体和液体，反应都不需要加热，则二者的反应装置都可以选择“固液常温型”，故选B；
氧气密度比空气大，二氧化碳密度也比空气大，二者都可以用向上排空气法收集，因此制取和收集氧气、二氧化碳，都可以选用装置C。
故填：BC。
23．将缝衣针磁化后，与其它器材组成如图甲的小指南针，当它静止下来后，针尖指北，请在如图乙中标出地磁场磁极以及磁感线方向　 　
【答案】
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；磁场和磁感线；地磁场
【解析】【分析】根据磁极之间的相互作用判断地磁场的磁极方向。在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出来，然后回到S极。
【解答】根据题意可知，当小指南针静止时，针尖指向北，也就是针尖是小磁针的N极。根据“异名磁极相互吸引”的规律可知，北边（上端）也就是地磁场的S极，南边（下端）是地磁场的N极。
根据磁感线的方向可知，磁感线上的箭头方向向上，如下图所示：
三、实验探究题（本题有5小题，每空2分，共36分）
24．如图所示是硫粉、红磷、细铁丝在氧气中燃烧的实验装置：
（1）善于思考和总结的小明做完实验后，她发现了一些共同点：　 　（写出一点即可）。
（2）小明完成以上三个实验时，进行了总结和分析：
①丙实验中铁丝并未燃烧，可能的原因是　 　（填序号）；
A．未用砂纸打磨铁丝
B. 铁丝未用火柴引燃
C．集气瓶中未留水
D．用排水法收集氧气时集气瓶中水未装满
②三个实验的集气瓶底部都要放少量的水。写出其中一个集气瓶底部放少量水的目的是　 　。
【答案】（1）反应都放出热量
（2）ABD；甲吸收二氧化硫，防止污染空气
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象
【解析】【分析】（1） 三个燃烧反应的共同点可以从反应类型、反应物、反应条件、生成物、能量变化等角度分析；
（2）①如果铁要燃烧，那么铁丝需要达到着火点，需要足够纯度的氧气，且铁丝要干净；
②根据各个实验中集气瓶底部水的作用解答。
【解答】（1） 根据题意可知，硫、红磷和铁丝在氧气中燃烧时，这三个反应都是物质与氧气发生的反应，都属于氧化反应；反应过程都放出大量的热；生成物都只有一种物质，都属于化合反应；反应条件都需要点燃；反应物都有氧气等可。
故填：反应都放出热量（或都有氧气参加反应、都属于化合反应、反应条件都是点燃等）。
（2）① A.未用砂纸打磨铁丝：铁丝表面有铁锈和油污，会阻碍铁丝燃烧，可能导致铁丝不燃烧，故A符合题意；
B.铁丝未用火柴引燃：温度没有达到铁丝的着火点，铁丝无法燃烧，故B符合题意；
C.集气瓶中未留水：集气瓶底部留水的作用是防止高温熔融物溅落炸裂瓶底，不影响铁丝本身燃烧，故C不符合题意；
D.用排水法收集氧气时集气瓶中水未装满：会导致收集的氧气浓度太低，氧气不足时铁丝无法燃烧，故D符合题意。
故选ABD。
② 三个实验集气瓶底放水的目的不同：
甲（硫燃烧实验）：硫燃烧生成有毒的二氧化硫气体，放少量水的目的是吸收二氧化硫，防止污染空气；
乙（红磷燃烧实验）：红磷燃烧生成有毒的五氧化二磷，同时吸热降温，放少量水的目的是吸收五氧化二磷，同时降低反应温度，吸收热量；
丙（铁丝燃烧实验）：铁丝燃烧生成高温熔融物四氧化三铁，放少量水的目的是防止高温熔融物溅落炸裂集气瓶瓶底。
故填：甲吸收二氧化硫，防止污染空气。
25．在科学发展史上，人们利用化合和分解的思路认识了很多物质的组成。小乐据此构建出如下所示的研究物质组成的思维模型：
（1）从思维模型分析，利用电解水探究水的组成，运用的方法是　 　法。
（2）小乐发现燃烧法也可研究某些物质的组成，如将甲烷完全燃烧后的产物依次通过足量无水硫酸铜和足量澄清石灰水，如图所示。能证明甲烷中含有氢元素的现象是　 　，若甲烷完全燃烧后的产物被全部吸收，可选取　 　(选填序号)，进一步判断甲烷中是否含有氧元素。
①参与燃烧反应的甲烷质量
②无水硫酸铜的质量
③澄清石灰水的质量
④无水硫酸铜的增重
⑤澄清石灰水的增重
【答案】（1）分解
（2）无水硫酸铜变蓝；①④⑤
【知识点】质量守恒定律及其应用；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】（1）分解法概念：分解法是将化合物分解为更简单的物质，通过分析分解产物来确定化合物的组成。电解水是将水分解为氢气和氧气 ，符合分解法的特征。
（2）氢元素的检验：根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变。甲烷燃烧生成水和二氧化碳，无水硫酸铜遇水变蓝，所以能证明甲烷中含有氢元素的现象是无水硫酸铜变蓝 。
（3）氧元素的判断：要判断甲烷中是否含有氧元素，需根据质量守恒定律，通过计算甲烷质量以及燃烧产物中碳元素和氢元素的质量来确定。已知参与燃烧反应的甲烷质量（① ），再根据无水硫酸铜的增重（④ ）可计算出氢元素质量，根据澄清石灰水吸收二氧化碳的质量（可由相关反应计算 ）可计算出碳元素质量，若碳、氢元素质量之和等于甲烷质量，则甲烷中无氧元素；若小于甲烷质量，则甲烷中含有氧元素。所以可选取①④进一步判断甲烷中是否含有氧元素。
【解答】（1）电解水是将水分解为氢气和氧气，运用的方法是分解法。
（2）能证明甲烷中含有氢元素的现象是无水硫酸铜变蓝；若要判断甲烷中是否含有氧元素，可选取①④ 。通过①得到甲烷质量，通过④无水硫酸铜的增重计算出氢元素质量，结合澄清石灰水吸收二氧化碳情况计算碳元素质量，对比甲烷质量与碳、氢元素质量和，从而判断是否有氧元素。
26． 奥斯特实验：（丹麦物理学家奥斯特）如图是奥斯特实验示意图。
（1）比较（a）与（b）可得出的实验结论是　 　。比较（a）与（c）得出的实验结论是：　 　
（2）直线电流的磁场：直线电流产生的磁场中，磁感线是以导线为圆心排列的一层一层的同心圆。小菲同学在课后进行了以下探究：问题：通电圆环（如图丙）内部的磁场如何分布？猜想：可能也符合右手螺旋定则。实验：她连接如图丁所示的电路（外部电路未画出）。现象：位于圆环中心的小磁针N极垂直纸面向里转动。根据小菲同学的探究过程，请回答：
通电圆环内部的磁场分布是否符合右手螺旋定则？　 　（选填“是”或“否”）；
（3）如图戊所示，小菲同学把地球看成一个通电圆环，她认为赤道这一通电圆环的电流方向从北极上空看为　 　（选填“顺时针”或“逆时针”）。
【答案】（1）通电导体周围存在磁场；通电导体产生磁场的方向与导体电流的方向有关
（2）是
（3）顺时针
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】（1）小磁针发生偏转，说明导线周围存在磁场；小磁针恢复原来的位置，此时导线周围没有磁场。小磁针的指向偏转方向改变，说明磁场的方向改变，据此分析实验a和b中哪个因素不同，a和c中哪个因素不同，进而得到结论即可。
（2）根据小磁针的指向确定圆环中心的磁场方向，然后与右手螺旋定则进行对照即可；
（3）根据地磁场的方向和右手螺旋定则确定电流的环绕方向即可。
【解答】（1） 图(a)电路接通，导线中有电流，小磁针发生偏转，说明存在磁场；图(b)电路断开，导线中无电流，小磁针不偏转，因此对比(a)(b)可得：电流周围存在磁场。
图(a)和图(c)中，导线电流方向相反，小磁针偏转方向也相反，说明产生的磁场方向不同，因此对比(a)(c)可得电流的磁场方向与电流方向有关。
故填：电流周围存在磁场；通电导体产生磁场的方向与导体电流的方向有关。
（2） 右手螺旋定则（安培定则）判断环形电流磁场的方法：右手握住通电圆环，四指弯曲方向与电流方向一致，大拇指所指的方向就是环形电流中心轴线的磁场方向。
本题中小磁针N极垂直纸面向里转动，说明圆环中心磁场方向垂直纸面向里。根据图丁，我们用右手螺旋定则验证：四指沿图中环形电流方向弯曲，大拇指指向纸面向里，和实验现象一致，因此通电圆环内部的磁场分布符合右手螺旋定则。
故填：是。
（3） 地磁场的特点是：地球的地理北极对应地磁场的S极，地理南极对应地磁场的N极，因此地球内部地磁场方向是从地理南极指向地理北极，也就是赤道环形通电圆环内部磁场方向指向地理北极（垂直赤道平面向北）。
根据右手螺旋定则：大拇指指向磁场方向（向北），四指的方向就是电流方向，从北极上空观测，四指方向为顺时针，因此赤道这一通电圆环的电流方向从北极上空看为顺时针。
故填：顺时针。
27．小东利用如图甲所示的思维模型设计了“探究空气中氧气含量”的实验，取一支50mL 的注射器，将尖端封住，在其中放入白磷，将注射器浸入热水中，引燃白磷。
（1）从建模角度分析，“引燃白磷”的操作属于上述思维模型中的　 　；
（2）为了保证实验能顺利进行，需在加入药品前先检查注射器的气密性，具体的操作为　 　：
（3）若反应前注射器活塞位于45mL 刻度处，反应完毕后，注射器活塞位于36mL 刻度处，则该实验测得空气中氧气的体积分数为　 　：
（4）小东设计实验分别用红磷和白磷燃烧测定密闭容器中氧气的含量，实验过程中用氧气传感器测得的密闭容器内氧气浓度如图所示：
仅根据曲线分析，更适合测量空气中氧气体积分数的是红磷还是白磷，并说明理由：　 　.
【答案】（1）耗尽 O2
（2）将活塞推至底部，封住尖端，拉动活塞后松手，活塞能回到原位则气密性良好
（3）20%
（4）白磷，白磷能将氧气消耗更彻底
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）测定空气中氧气含量的实验原理：通过可燃物燃烧消耗密闭容器内的氧气，使容器内形成气压差，再通过液体进入容器的体积来测定氧气的体积分数。白磷燃烧会消耗注射器内的氧气，因此 “引燃白磷” 属于 “耗尽尽O2” 这一环节。
（2）装置气密性检查的原理：利用装置内外的气压差，通过观察活塞的变化判断装置是否漏气。注射器的气密性检查，可通过推拉活塞观察活塞能否复位来判断。
（3）空气中氧气体积分数的计算：空气中氧气的体积分数 = 消耗氧气的体积 ÷ 反应前空气的体积 ×100%。消耗氧气的体积等于反应前后注射器活塞的刻度差，反应前空气体积为活塞初始刻度，据此可计算出氧气的体积分数。
（4）不同可燃物测定氧气含量的对比分析：通过氧气传感器的浓度曲线可判断可燃物对氧气的消耗程度，氧气消耗越彻底，实验结果越准确。对比红磷和白磷的曲线，白磷燃烧后容器内剩余氧气浓度更低，说明其消耗氧气更彻底，实验误差更小。
【解答】（1）引燃白磷的目的是让白磷燃烧消耗注射器内的氧气，使装置内形成气压差，因此该操作属于思维模型中的 “耗尽 O2” 环节；
（2）检查注射器气密性的具体操作为：将活塞推至注射器底部，封住注射器的尖端，向外拉动活塞后松手，若活塞能回到原来的位置，说明装置内外能形成稳定的气压差，气密性良好；
（3）反应前注射器内空气的体积为 45mL，反应后活塞位于 36mL 刻度处，说明消耗的氧气体积为 45mL - 36mL = 9mL，因此空气中氧气的体积分数为；
（4）对比红磷和白磷燃烧的氧气浓度曲线，白磷燃烧后容器内剩余氧气浓度更低，说明白磷能将装置内的氧气消耗得更彻底，实验误差更小，因此更适合测量空气中氧气体积分数的是白磷；
故答案为：（1）耗尽 O2；
（2）将活塞推至底部，封住尖端，拉动活塞后松手，活塞能回到原位则气密性良好；
（3）20%；
（4）白磷，白磷能将氧气消耗更彻底。
28． “低碳”小组开展以二氧化碳为主题的项目式学习设计了以下活动。请回答：
（1）实验室制取二氧化碳的装置由图1中的A改成B，请你说出改进后的优点：　 　
（2）小组同学用如图2装置研究二氧化碳与氢氧化钠的反应，用注射器分别注入等体积的水和氢氧化钠溶液，测得压强随时间变化的图像如图曲线Ⅰ和Ⅱ所示。
①设置实验1的目的是　 　
②小组同学得出氢氧化钠溶液比水吸收二氧化碳的能力更强的证据是　 　
（3）在上述实验后，小组成员查阅资料发现：实现碳中和，可以通过人工固碳、海洋固碳和生物固碳等途径，其中人工固碳的常见方法如下：
方法1：将二氧化碳压缩后，压回
到枯竭的油田、天然气田、深海进
行封存。 方法2：将高含量二氧化碳的空气
通过氢氧化钙溶液的喷雾反应器
转化为碳酸钙存储备用。 方法3：将二氧化碳转化为重要化工原料二
甲醚 储存备用，即：
上述三种方法中所涉及的反应中属于化学变化的是　 　
【答案】（1）能控制反应的发生和停止
（2）作对照；曲线Ⅱ比曲线 I 压强下降得更明显
（3）方法2和方法3
【知识点】化学变化与物理变化的判别；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）注意装置B导管上存在阀门，可从能否控制反应的开始和停止的角度分析解答；
（2）①本实验的目的是探究二氧化碳和氢氧化钠的反应，二氧化碳本身能溶于水也能和水反应，也会消耗二氧化碳使装置内压强减小，因此需要做对照实验排除水对实验的干扰；
②装置内气压减小，应该是二氧化碳溶于水和二氧化碳和氢氧化钠的反应所致，则后者装置内的气压减小幅度肯定大于前者装置内的气压变化，据此分析解答。
（3） 化学变化是有新物质生成的变化，物理变化是没有新物质生成的变化 。
【解答】（1） 根据图片可知，A是简易发生装置，导管伸到橡皮塞处，无法控制反应；图B中导气管上有阀门，打开阀门，则漏斗内液体滴入，则反应开始；闭合阀门，生成气体使装置内气压增大，则液体被压入长颈漏斗，从而使液体和固体分开，此时反应停止，因此可以控制反应的发生和停止。
故填：控制反应的发生和停止。
（2） 本实验的目的是探究二氧化碳和氢氧化钠的反应，二氧化碳本身能溶于水也能和水反应，也会消耗二氧化碳使装置内压强减小，因此需要做对照实验排除水对实验的干扰。
① 实验1是注入水，作用是和注入氢氧化钠溶液的实验做对照，对比验证二氧化碳确实和氢氧化钠发生了反应。
② 氢氧化钠和二氧化碳反应，会消耗更多的二氧化碳，相同时间内装置内压强下降幅度更大；从图像可知，相同条件下，曲线Ⅰ压强下降幅度更小，对应注入水的实验，曲线Ⅱ压强下降幅度更大，对应注入氢氧化钠溶液的实验。因此得出结论的证据是：相同时间内，注入氢氧化钠溶液的装置压强比注入水的装置压强下降更多，即曲线Ⅱ的压强比曲线Ⅰ下降得更明显。
故填：①做对照；②曲线Ⅱ比曲线 I 压强下降得更明显。
（3） 方法1：只是将二氧化碳压缩封存，过程中没有新物质生成，属于物理变化；
方法2：二氧化碳和氢氧化钙反应生成了新物质碳酸钙，有新物质生成，属于化学变化；
方法3：二氧化碳转化为甲醇，再转化为二甲醚，整个过程都有新物质生成，属于化学变化。
因此属于化学变化的是方法2和方法3。
故填：方法2、方法3。
四、解答题（本题有4小题，共22分）
29． 小明测得家中高压锅（如图甲）出气孔的横截面积为，压在出气孔上的安全阀的质量为84g。图乙为水的沸点与气压的关系图像。
（1）请通过计算说明利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是多少？
（2）假若要把这种高压锅向西藏地区销售，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，你认为可以如何改进？　 　。（答出一点即可）
【答案】（1）解：根据题意可知，当限压阀刚好被顶起时，限压阀的重力和大气压力等于锅内气体产生的向上的压力，即F0+G=F；
p0S+mg=pS；
p×12×10-6m2=1.0×105Pa×12×10-6m2+0.084kg×10/kg；
解得：p=1.7×105Pa。
根据乙图可知，锅内的最高温度为115℃。
（2）可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）当限压阀刚好被顶起时，限压阀的重力和大气压力等于锅内气体产生的向上的压力，据此结合压强公式F=pS列式计算锅内的最大压强，根据乙图确定锅内的最高温度。
（2）用这种高压锅烧水时要达到同样的最高温度，说明锅内压强不变，根据大气压强随高度的变化规律结合p内=p+p0分析限压阀自重产生压强的变化，最后根据分析改进措施即可。
【解答】 （2）用这种高压锅烧水时要达到同样的最高温度，说明锅内压强不变。西若要把这种高压锅销售到西藏地区，此时西藏地区海拔高，气压低，根据p内=p+p0可知，此时要增大限压阀自重产生的压强。根据可知，可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积。
故答案为：可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积。
30．（本题6分）为了探究石灰石的纯度（假设样品中的杂质既不溶于水也不与盐酸反应），称取40g石灰石样品等分为4份（分别编号为①、②、③、④），每份样品分别与一定量的稀盐酸反应，所得数据如表所示：分析题中有关信息和图表，回答下列问题：
样品编 ① ② ③ ④
稀盐酸
的质量 20g 40g m 150g
剩余固
体的质
量 8g 6g 1g 1g
（1）计算说明该石灰石样品中碳酸钙的质量分数为？
（2）该实验所用的稀盐酸的溶质质量分数是多少？
（3）编号③所用稀盐酸的质量m为（　　）
A．一定是60克 B．大于或等于60克
C．一定是90克 D．大于或等于90克
【答案】（1）解： 根据题意可知，40g石灰石被等分为4份，因此每份样品的质量为：。
对比③和④的数据：④加入150g稀盐酸后，剩余固体质量和③一致，说明杂质不反应也不溶解，最终剩余的1g固体就是杂质，
因此每份10g样品中碳酸钙的质量为：10g-1g=9g。
碳酸钙的质量分数为：。
（2）解： 观察①的实验数据：加入20g稀盐酸后，固体从10g变为8g，说明20g稀盐酸反应了10g-8g=2g碳酸钙；
；
解得：x=7.3%。
答： 该实验所用的稀盐酸的溶质质量分数是7.3%。
（3）D
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据题目描述“40g石灰石被等分为4份”计算每份样品的质量。对比③和④的数据推算反应结束时杂质的质量，用样品质量减去杂质质量得到样品中碳酸钙的质量，最后与样品质量作比即可；
（2）根据表格数据①②确定恰好完全反应时稀盐酸的质量和碳酸钙的质量的对应关系，写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据碳酸钙的质量计算参加反应的稀盐酸的质量分数即可；
（3）根据表格数据确定样品中碳酸钙的总质量，据此推算参加反应的稀盐酸的溶液质量即可。
【解答】（3）根据题意可知， 每份样品中碳酸钙总质量为9g。由前面的结论可知，每反应2g碳酸钙需要消耗20g稀盐酸，因此反应9g碳酸钙总共需要稀盐酸的质量为：。
故D正确，而ABC错误。
故选D。
31．氯酸钾和二氧化锰的混合物31g置于干燥试管中，加热到质量不再减少为止，冷却后测得固体质量为21.4g。试计算：
（1）能制得氧气多少
（2）原混合物中氯酸钾的质量是多少
（3）反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数 (结果保留一位小数)
【答案】（1）根据质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成氧气的质量。已知混合物初始质量为 31g，反应后固体质量为 21.4g，则生成氧气的质量为31g 21.4g=9.6g。
（2）设原混合物中氯酸钾的质量为x。
x=24.5g
答：原混合物中氯酸钾的质量为24.5g。
（3）原混合物中二氧化锰的质量为：31g 24.5g=6.5g，则反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为：。
答：反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为30.4%。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）质量守恒定律：参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和。在氯酸钾受热分解的反应中，反应后固体质量减少的部分就是生成的氧气的质量，因为氧气是气体逸出，无法留在固体中，这是利用质量守恒定律计算生成氧气质量的核心依据。
（2）根据化学方程式的计算：氯酸钾在二氧化锰的催化作用和加热条件下分解生成氯化钾和氧气。根据化学方程式中各物质的相对分子质量与化学计量数的乘积之比等于反应中各物质的质量比，结合已知的氧气质量，可计算出参与反应的氯酸钾的质量。
（3）催化剂的特点与混合物中质量分数的计算：二氧化锰是该反应的催化剂，反应前后其质量和化学性质均不发生改变；混合物中某物质的质量分数等于该物质的质量除以混合物的总质量再乘以 100%，反应后剩余固体为二氧化锰和氯化钾的混合物，据此可计算出二氧化锰的质量分数。
【解答】（1）根据质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成氧气的质量。已知混合物初始质量为 31g，反应后固体质量为 21.4g，则生成氧气的质量为31g 21.4g=9.6g。
（3）原混合物中二氧化锰的质量为：31g 24.5g=6.5g，则反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为：。
答：反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为30.4%。
32．（本题 6 分）半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器，其阻值随压力变化情况如图甲所示。小科利用此传感器设计了如图乙所示的自动分拣苹果装置，并设置分拣标准为0.15 千克。其原理是：调节的滑片 P ，使得 0.15 千克的苹果在托盘秤上时，电磁铁恰好能吸住分拣开关的衔铁，苹果便通过下方通道筛选出来，此时两端的电压为 3 V 。已知电源电压为6V，内阻不计。
（1）电磁铁上端是　 　极（选填“”或“S”）；
（2）为使该装置达到上述分拣标准，的阻值应调为多少？（通过计算证明）
（3）为提高分拣标准挑选出质量为0.2千克以上的苹果，可以进行的操作是？（写出一种即可）。
【答案】（1）N
（2）解：根据题意可知，0.15千克苹果对传感器的压力：
F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1.5N；
根据甲图可知，此时传感器的电阻：R1=30Ω。
根据乙图可知，传感器R1和变阻器R2串联，总电压U总=6V，此时R2两端电压U2=3V，
那么此时R1两端电压：U1=U总-U2=6V-3V=3V；
串联电路电流处处相等，此时电路电流：；
此时R2调后的阻值：
答：R2的阻值应调为30Ω。
（3）R2的滑片向右移动
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；通电螺线管的极性和电流方向的判断；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据乙图确定电磁铁上线圈的电流方向，然后根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）首先根据F=G=mg计算苹果对传感器的压力，然后根据甲图确定传感器的电阻。根据U1=U总-U2计算此时R1两端电压，根据计算此时电路电流，最后根据计算R2的阻值。
（3）只有质量达标（质量≥0.2kg）时，电磁铁才吸住衔铁，也就是电流达到吸合电流时才触发分拣。此时电源电压不变，根据可知，此时的总电阻保持不变。根据甲图压力传感器随压力的变化规律，结合公式R总=R1+R2分析R2的阻值变化，最终确定滑片的移动方向。
【解答】（1）根据乙图可知，线圈上电流方向向右。右手握住螺线管，四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁上端是N极。故填：N。
（2） 根据题意可知，只有质量达标（质量≥0.2kg）时，电磁铁才吸住衔铁，也就是电流达到吸合电流时才触发分拣。此时电源电压不变，根据可知，此时的总电阻保持不变。
当苹果质量增大时，它对传感器的压力变大而阻值减小。根据R总=R1+R2可知，此时需要增大变阻器R2接入电路的阻值，对应操作就是将滑动变阻器的滑片向右移动。
故填：R2的滑片向右移动。
1 / 1浙江省台州市黄岩区幸福中学2025-2026 学年第二学期八年级期中质量监测 科学
一、选择题（本题有15小题，每小题2分，共30分。请选出每小题中一个符合题意的选项，不选、多选、错选均不给分）
1．北京时间2026年4月9日，我国成功发射互联网低轨21组卫星，该卫星高速穿过大气层成功进入预定轨道。下列关于大气层说法不正确的是（　　）
A．卫星先后依次经过了对流层、高层大气、平流层
B．雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层
C．平流层最适合飞机飞行
D．大气层能保护地球，减少小天体的撞击
2．小明桌上的手持小风扇的简化电路如图所示，下列说法正确的是
A．开关和电动机是并联的
B．导线通常用半导体材料制成
C．电池的作用是为电动机提供电能
D．通电后电流从电池负极经电动机流向正极
3．下列有关大气环境方面的说法错误的是（　　）
A．露天焚烧垃圾可能会增加空气中的
B．空气质量指数数值越大，说明空气质量越好
C．用新能源汽车逐渐取代燃油汽车能改善空气质量
D．除外， CO 也是目前计入空气污染指数的污染物之一
4．约公元前600年，我国发明了油灯，灯芯为棉线，灯油为菜油或动物油，灯芯燃烧时不会引燃器皿里灯油的原因是（　　）
A．灯油周围缺少氧 B．灯油不是可燃物
C．温度未达到灯油的着火 D．灯芯燃烧产生了二氧化碳
5．下图为齐齐哈尔市某日天气预报图，读图可知（　　）
A．可能出现在 12 时左右 B．气温日较差为
C．当日天气状况为阴 D．最低气温出现在24时
6．某兴趣小组利用如图装置对二氧化碳的性质进行探究，A处大试管中能生成二氧化碳气体，下列说法错误的是（　　）
A．B处现象说明二氧化碳能使紫色石蕊变红
B．C处溶液变浑浊，是因为生成了不溶于水的碳酸钙
C．D处的实验现象是蜡烛会熄灭
D．D处现象说明二氧化碳不可燃，不助燃，相同体积时质量比空气大
7．在光滑的水平面上放着甲、乙两辆同样的小车，甲车上放着一个通电螺线管，乙车上放着一块相同质量的条形磁铁，让小车相距一定距离，然后同时放开小车，如图所示，则下列说法中正确的是（　　）
A．甲车不动，乙车向甲车方向运动
B．乙车不动，甲车向乙车方向运动
C．甲、乙两车同时反向运动
D．甲、乙两车同时相向运动
8．用“W”型玻璃管进行微型实验。将注射器中的过氧化氢溶液推入管中与二氧化锰接触。下列说法错误的是（　　）
A．没有二氧化锰作为催化剂，过氧化氢溶液不会分解产生氧气
B．若a处粉末是木炭粉，能看到有白光产生
C．若a处粉末是硫粉，b处应接有尾气处理装置
D．该微型实验的优点是实验操作简便、节约药品
9．静电是一种生活中常见的自然现象。下列各项与静电无关的是
A．冬季脱毛衣时会有火花产生 B．梳过头发的梳子能吸引纸屑
C．吸尘器能吸起地面上的灰尘 D．油罐车的车尾有金属接地链
10．某科研团队创造性使用铂一铱双金属催化剂，使乙醇与水在下反应，生成醋酸（）和氢气，其微观示意图如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．反应前后分子和原子数目均发生改变
B．催化剂在反应前后的质量和性质不变
C．参加反应的甲和乙的分子个数比为 1：1
D．参加反应的乙和生成的丁的质量比为
11．下列对质量守恒定律的理解正确的是（　　）
A．根据质量守恒定律可知，10g碳和10g氧气反应生成20g二氧化碳
B．镁条燃烧后质量增加，不符合质量守恒定律
C．10g过氧化氢完全分解所得各生成物的质量总和一定是10g
D．蒸发液态空气所得各气体的质量总和等于液态空气的质量，这有力地证实了质量守恒定律
12．某同学设计并完成了如图所示的四个实验。下列叙述正确的是（　　）
A．甲实验前暗处理的目的是将叶片内的淀粉运走耗尽
B．乙实验收集的气体是二氧化碳
C．丙实验的现象是澄清的石灰水不变浑浊
D．丁实验说明萌发种子的呼吸作用产生氧气
13．小明同学在进行“空气的对流”探究活动时，突发奇想，把两支冒烟的木条放在烧杯上（见图甲）。他想探究这两支木条的烟的移动方向。你认为烟会依照图乙中哪一种方式移动（　　）
A．A B．B C．C D．D
14．如图所示是监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变，R1是阻值不变的定值电阻。闭合开关S，当水流速度为v0时探头刚好处于图示位置静止，水流速度越快，探头向上移动距离越多，电流表和电压表示数随之发生变化。以下说法正确的是（　　）
A．水流速度变快时，电压表示数变大
B．水流速度变慢时，通过 R1的电流值变大
C．若将电流表改装成流速计，能实现水流速度越快，电流表示数越大
D．水流速变化时，电压和电流表示数的比值始终不变
15．一定条件下发生了化学反应，容器中乙、丙、丁的质量随甲的质量变化情况如图所示。下列说法错误的是 （　　）
A．a的值为 12
B．丙可能是该反应的催化剂
C．丁一定是化合物
D．当丁的质量为5g时，甲的质量也是5g
二、填空题（本题共8小题，每空2分，共32分）
16．使用测电笔的方法正确的图是　 　（选填“甲”或“乙”）；在图丙所示的家庭电路，闭合开关s，电灯亮，站在地面上的人用手接触电路中的裸线A点　 　触电（选填“会”或“不会”）。
17．如图甲是证明并测量“大气压”的实验装置。图乙是设计证明“大气压存在”
（1）图甲“在注射器口装上橡皮帽”是为了在注射器内构建一个　 　空间。（填“开放”或“密闭”）。
（2）实验时，要用弹簧测力计拉住活塞，把针筒向右拉。根据图乙思维路径，这是通过　 　的方式减小针筒内气压。
18．磁控防盗装置都装有干簧管，它在电路中起到开关的作用。干簧管由两个磁簧片和玻璃管组成，磁簧片的触点在弹力的作用下处于断开状态。当磁体靠近干簧管时(如图乙所示)磁簧片被磁化，触点连接。
（1）磁化后，能长期保持磁性的物质叫硬磁体，不能长期保持磁性的物质叫软磁体。干簧管的磁簧片材料应该选用　 　(填“软磁体”或“硬磁体”)。如图乙所示，条形磁体靠近干簧管，磁簧片最左端是　 　极。
（2）图丙是门上磁控防盗装置的设计图，装置内有一个竖直放置的干簧管，其内部简化电路如图丁所示；在门框上安装有条形磁铁。当盗贼打开门时该装置能实现电铃报警。
①在图丁的电路中，电阻起到了　 　的作用。
②说明门在关闭时，电铃不响的原因　 　。
19．如图所示是小科用磁体、铜丝和干电池等材料制作的简易电动机。
（1）该电动机的工作原理是　 　
（2）闭合开关后，小科发现电动机不转动，可能原因是____。（选填字母）
A．电源电压不足 B．磁体磁性太强
C．电源正负极接反了 D．线圈处于平衡位置
20．在玻璃瓶里装一些红色的水，取一根两端开口的细玻璃管，让玻璃管穿过橡皮塞插入水中，并从管子上端吹入部分气体，这样小明就制成了一个简易的多功能科学实验演示器。
（1）当把此装置从山脚带到山顶时，发现玻璃管内液面　 　（填“升高”、降低”或“不变”），原因是大气压随高度的增大而　 　（填“升高”或“降低”）。
（2）取一吸管，靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，如图所示，发现玻璃管内液面上升，原因是　 　。
21．分析如图所示地形剖面图，回答下列问题：
（1）处于迎风坡的是　 　（选填“甲”、“乙”或“丙”）。
（2）影响甲、乙两地气候差异的主要因素是　 　（选填“海陆位置”、“纬度位置”或“地形”）。
22． 掌握基本的化学实验技能。请根据图示装置回答下列问题：
（1）写出仪器①的名称　 　
（2）用相同装置分别制取和收集氧气和二氧化碳，应选用装置　 　（填字母）
23．将缝衣针磁化后，与其它器材组成如图甲的小指南针，当它静止下来后，针尖指北，请在如图乙中标出地磁场磁极以及磁感线方向　 　
三、实验探究题（本题有5小题，每空2分，共36分）
24．如图所示是硫粉、红磷、细铁丝在氧气中燃烧的实验装置：
（1）善于思考和总结的小明做完实验后，她发现了一些共同点：　 　（写出一点即可）。
（2）小明完成以上三个实验时，进行了总结和分析：
①丙实验中铁丝并未燃烧，可能的原因是　 　（填序号）；
A．未用砂纸打磨铁丝
B. 铁丝未用火柴引燃
C．集气瓶中未留水
D．用排水法收集氧气时集气瓶中水未装满
②三个实验的集气瓶底部都要放少量的水。写出其中一个集气瓶底部放少量水的目的是　 　。
25．在科学发展史上，人们利用化合和分解的思路认识了很多物质的组成。小乐据此构建出如下所示的研究物质组成的思维模型：
（1）从思维模型分析，利用电解水探究水的组成，运用的方法是　 　法。
（2）小乐发现燃烧法也可研究某些物质的组成，如将甲烷完全燃烧后的产物依次通过足量无水硫酸铜和足量澄清石灰水，如图所示。能证明甲烷中含有氢元素的现象是　 　，若甲烷完全燃烧后的产物被全部吸收，可选取　 　(选填序号)，进一步判断甲烷中是否含有氧元素。
①参与燃烧反应的甲烷质量
②无水硫酸铜的质量
③澄清石灰水的质量
④无水硫酸铜的增重
⑤澄清石灰水的增重
26． 奥斯特实验：（丹麦物理学家奥斯特）如图是奥斯特实验示意图。
（1）比较（a）与（b）可得出的实验结论是　 　。比较（a）与（c）得出的实验结论是：　 　
（2）直线电流的磁场：直线电流产生的磁场中，磁感线是以导线为圆心排列的一层一层的同心圆。小菲同学在课后进行了以下探究：问题：通电圆环（如图丙）内部的磁场如何分布？猜想：可能也符合右手螺旋定则。实验：她连接如图丁所示的电路（外部电路未画出）。现象：位于圆环中心的小磁针N极垂直纸面向里转动。根据小菲同学的探究过程，请回答：
通电圆环内部的磁场分布是否符合右手螺旋定则？　 　（选填“是”或“否”）；
（3）如图戊所示，小菲同学把地球看成一个通电圆环，她认为赤道这一通电圆环的电流方向从北极上空看为　 　（选填“顺时针”或“逆时针”）。
27．小东利用如图甲所示的思维模型设计了“探究空气中氧气含量”的实验，取一支50mL 的注射器，将尖端封住，在其中放入白磷，将注射器浸入热水中，引燃白磷。
（1）从建模角度分析，“引燃白磷”的操作属于上述思维模型中的　 　；
（2）为了保证实验能顺利进行，需在加入药品前先检查注射器的气密性，具体的操作为　 　：
（3）若反应前注射器活塞位于45mL 刻度处，反应完毕后，注射器活塞位于36mL 刻度处，则该实验测得空气中氧气的体积分数为　 　：
（4）小东设计实验分别用红磷和白磷燃烧测定密闭容器中氧气的含量，实验过程中用氧气传感器测得的密闭容器内氧气浓度如图所示：
仅根据曲线分析，更适合测量空气中氧气体积分数的是红磷还是白磷，并说明理由：　 　.
28． “低碳”小组开展以二氧化碳为主题的项目式学习设计了以下活动。请回答：
（1）实验室制取二氧化碳的装置由图1中的A改成B，请你说出改进后的优点：　 　
（2）小组同学用如图2装置研究二氧化碳与氢氧化钠的反应，用注射器分别注入等体积的水和氢氧化钠溶液，测得压强随时间变化的图像如图曲线Ⅰ和Ⅱ所示。
①设置实验1的目的是　 　
②小组同学得出氢氧化钠溶液比水吸收二氧化碳的能力更强的证据是　 　
（3）在上述实验后，小组成员查阅资料发现：实现碳中和，可以通过人工固碳、海洋固碳和生物固碳等途径，其中人工固碳的常见方法如下：
方法1：将二氧化碳压缩后，压回
到枯竭的油田、天然气田、深海进
行封存。 方法2：将高含量二氧化碳的空气
通过氢氧化钙溶液的喷雾反应器
转化为碳酸钙存储备用。 方法3：将二氧化碳转化为重要化工原料二
甲醚 储存备用，即：
上述三种方法中所涉及的反应中属于化学变化的是　 　
四、解答题（本题有4小题，共22分）
29． 小明测得家中高压锅（如图甲）出气孔的横截面积为，压在出气孔上的安全阀的质量为84g。图乙为水的沸点与气压的关系图像。
（1）请通过计算说明利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是多少？
（2）假若要把这种高压锅向西藏地区销售，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，你认为可以如何改进？　 　。（答出一点即可）
30．（本题6分）为了探究石灰石的纯度（假设样品中的杂质既不溶于水也不与盐酸反应），称取40g石灰石样品等分为4份（分别编号为①、②、③、④），每份样品分别与一定量的稀盐酸反应，所得数据如表所示：分析题中有关信息和图表，回答下列问题：
样品编 ① ② ③ ④
稀盐酸
的质量 20g 40g m 150g
剩余固
体的质
量 8g 6g 1g 1g
（1）计算说明该石灰石样品中碳酸钙的质量分数为？
（2）该实验所用的稀盐酸的溶质质量分数是多少？
（3）编号③所用稀盐酸的质量m为（　　）
A．一定是60克 B．大于或等于60克
C．一定是90克 D．大于或等于90克
31．氯酸钾和二氧化锰的混合物31g置于干燥试管中，加热到质量不再减少为止，冷却后测得固体质量为21.4g。试计算：
（1）能制得氧气多少
（2）原混合物中氯酸钾的质量是多少
（3）反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数 (结果保留一位小数)
32．（本题 6 分）半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器，其阻值随压力变化情况如图甲所示。小科利用此传感器设计了如图乙所示的自动分拣苹果装置，并设置分拣标准为0.15 千克。其原理是：调节的滑片 P ，使得 0.15 千克的苹果在托盘秤上时，电磁铁恰好能吸住分拣开关的衔铁，苹果便通过下方通道筛选出来，此时两端的电压为 3 V 。已知电源电压为6V，内阻不计。
（1）电磁铁上端是　 　极（选填“”或“S”）；
（2）为使该装置达到上述分拣标准，的阻值应调为多少？（通过计算证明）
（3）为提高分拣标准挑选出质量为0.2千克以上的苹果，可以进行的操作是？（写出一种即可）。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】A.根据大气分层的知识判断；
B. 对流层集中了大气层几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著；
C. 平流层的空气以水平运动为主，水汽杂质少、天气晴朗；
D.根据天体穿越大气层时会摩擦燃烧判断。
【解答】A. 地球大气层从地表向高空依次分为对流层、平流层、高层大气，卫星从地面发射进入太空预定轨道，应当依次经过对流层→平流层→高层大气， 故A错误，符合题意；
B. 对流层集中了大气层几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著，云、雨、雷、电等天气现象都发生在这一层， 故B正确，不合题意；
C. 平流层的空气以水平运动为主，水汽杂质少、天气晴朗，能见度高，非常适合飞机飞行，故C正确，不合题意；
D. 地球大气层可以与进入地球的小天体摩擦燃烧，消耗小天体的质量与能量，减少小天体对地球表面的撞击，起到保护地球的作用， 故D正确，不合题意。
故选A。
2．【答案】C
【知识点】基本电路与电路图；家庭电路的组成与连接
【解析】【分析】开关与控制的用电器串联。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
电源：提供电能的装置，保证电路两端有电压，工作时将其他形式的能转化为电能。
电流方向有规定，在电源外部，电流从电源正极流出，经用电器回到电源负极。
【解答】A、开关要控制电动机的通断，所以开关和电动机是串联的，故A错误；
B、导线一般是用导体材料来制成的，故B错误；
C、电池是电源，电源的作用就是为电动机提供电能的装置，故C正确。
D、通电后，电流从电池的正极经电动机流向电池的负极，故D错误。
故答案为：C。
3．【答案】B
【知识点】空气污染与保护
【解析】【分析】AD.根据空气污染物的定义判断；
B.根据空气质量指数的含义判断；
C. 用新能源汽车取代燃油汽车可以减少污染物排放。
【解答】A. 露天焚烧垃圾会产生大量细小的固体颗粒物，因此会增加空气中 P M 2.5 的含量，故A正确，不合题意；
B. 空气质量指数是用来衡量空气质量的指标，指数数值越大，代表空气中污染物的含量越高，空气质量越差，不是越好， 故B错误，符合题意；
C. 燃油汽车燃烧汽油、柴油会排放尾气，产生大量污染物；新能源汽车尾气污染物排放量极低，因此用新能源汽车取代燃油汽车可以减少污染物排放，改善空气质量， 故C正确，不合题意；
D. 目前计入空气污染指数的项目包括 PM10 、 PM2.5 、 SO2 、 O3 、 NO2 和一氧化碳（CO）等， 故D正确，不合题意。
故选B。
4．【答案】C
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】 燃烧需要同时满足三个条件：①物质具有可燃性；②可燃物与氧气（空气）接触；③温度达到可燃物的着火点，三个条件缺一不可。
【解答】 A.器皿里的灯油暴露在空气中，并不缺少氧气，故A错误；
B.灯油（菜油或动物油）可以燃烧，属于可燃物，故B错误；
C.灯芯燃烧时，放出的热量较少，容器内的灯油温度没有达到自身的着火点，因此不会被引燃，故C正确；
D.灯芯燃烧确实会产生二氧化碳，但这不是容器内灯油不燃烧的原因，容器内灯油周围仍有大量氧气，故D错误。
故选C。
5．【答案】B
【知识点】天气预报与天气图
【解析】【分析】AD.一天中的最高气温在14时左右，最低气温在日出前后；
B.一天中最高气温和最低气温之差为日较差；
C.根据常见天气符号的意义判断。
【解答】A. 根据“28℃/16℃”可知，28℃是一天中的最高气温。一天中的最高气温一般出现在午后14时（14点）左右，不是12时左右，故A错误；
B.根据“28℃/16℃”可知，该日的最高气温为28℃，最低气温为16℃，则当日的气温日较差为：28℃-16℃=12℃，故B正确；
C. 天气符号中，多云的符号为太阳加云朵，则该图的天气符号代表多云，故C错误；
D. 一天中的最低气温一般出现在日出前后，不是24时，故D错误。
故选B。
6．【答案】A
【知识点】二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】A.石蕊试液遇到酸变红色，遇到碱变蓝色；
B.二氧化碳和氢氧化钙生成碳酸钙沉淀；
CD.根据二氧化碳的性质分析判断。
【解答】A.根据图片可知，二氧化碳不能使紫色石蕊变红色，实验中二氧化碳和水反应生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊变红色，故A错误符合题意；
B.C出溶液变浑浊，是因为二氧化碳和氢氧化钙反应会生成碳酸钙沉淀和水，故B正确不合题意；
C.在装置D中，二氧化碳的密度比空气大，不具有助燃性，则蜡烛熄灭，故C正确不合题意；
D.D处蜡烛熄灭，说明二氧化碳不可燃，不助燃，密度比空气大，故D正确不合题意。
故选A。
7．【答案】C
【知识点】磁极间的相互作用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】首先根据安培定则判断电磁铁的磁极方向，然后根据磁极之间的相互作用规律确定电磁铁和条形磁体之间磁力的方向，进而确定它们的运动状态即可。
【解答】根据甲图可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则螺线管的右端为N极。
根据乙图可知，条形磁铁的左端为N极，根据“同名磁极相互排斥”的规律可知，此时电磁铁和条形磁铁之间为排斥力。根据力与运动的关系可知， 甲、乙两车会同时向相反方向运动。
故C正确，而ABD错误。
故选C。
8．【答案】A
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】（1）催化剂的作用：催化剂只能改变化学反应的速率，不会改变反应能否发生；过氧化氢在常温下可以自行分解生成氧气，二氧化锰只是加快该分解反应的速度，没有二氧化锰时反应依旧能够进行，只是分解速度很慢。
（2）物质在氧气中的燃烧现象与实验环保要求：木炭在充足氧气中加热燃烧会发出白光；硫燃烧会生成有毒的二氧化硫气体，该气体会污染空气，实验需要配套尾气处理装置；微型实验使用少量试剂、简易装置，具备操作简便、节约药品、减少废弃物排放的优点。
【解答】A、二氧化锰仅加快过氧化氢分解，无二氧化锰时过氧化氢依旧能缓慢分解产生氧气，该说法错误，A 符合题意；
B、过氧化氢分解生成氧气，加热木炭后，木炭在氧气中燃烧会发出白光，该说法正确，B 不符合题意；
C、硫燃烧生成有毒的二氧化硫，会污染空气，b 处需要增设尾气处理装置吸收二氧化硫，该说法正确，C 不符合题意；
D、W 型玻璃管属于微型实验器材，具备操作简便、药品用量少、节约药品的优点，该说法正确，D 不符合题意。
故答案为：A。
9．【答案】C
【知识点】大气压的综合应用；摩擦起电
【解析】【分析】摩擦起电的原理：相互接触的物体对电子的束缚能力不同，对电子束缚能力强的物质得到电子，带负电，对电子束缚能力弱的物质失去电子，带正电。
【解答】吸尘器能吸起地面上的灰尘的原理是吸尘器内部的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，灰尘被压入吸尘器，即吸尘器的工作原理是大气压强。而冬季脱毛衣时会有火花产生、 梳过头发的梳子能吸引纸屑和油罐车的车尾有金属接地链，这些现象都与摩擦起电，即静电相关。
故答案为：C。
10．【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用；化学方程式的概念、读法和含义；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】A.根据图片写出反应的化学方程式，然后比较反应前后物质的分子和原子个数大小即可；
B.根据催化剂的性质判断；
C.在化学方程式中，化学式前面的系数就是参加反应的分子个数；
D.参加反应的物质的质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比。
【解答】根据图片可知，乙醇和水在催化剂的作用下反应，生成醋酸和氢气，则反应的方程式为：
A.根据方程式可知，反应前后原子的总个数保持（12个）不变。反应前为2个分子，反应后有3个分子，即分子个数改变，故A错误；
B. 催化剂的定义是：能改变反应速率，反应前后催化剂的质量和化学性质不变，物理性质可能改变， 故B错误；
C. 根据方程式可知，参加反应的甲和乙的分子个数比为1：1，故C正确；
D.根据方程式可知，参加反应的乙和生成丁的质量为：（18×1）：（2×2）= 9：2 ，故D错误。
故选C。
11．【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】1A、根据参加反应的物质质量总和等于生成物物质质量总和分析；
B、根据化学变化都遵循质量守恒定律分析；
C、根据化学反应前后物质质量总和不变分析；
D、根据质量守恒定律为化学变化遵循的普遍规律分析。
【解答】A、10g碳与10g氧气不能恰好完全反应，生成二氧化碳小于20g，不符合题意；
B、 镁条燃烧后质量增加，是由于生成的氧化镁质量为参加反应的镁和氧气质量和，符合质量守恒定律 ，不符合题意；
C、 10g过氧化氢完全分解所得各生成物的质量总和一定是10g ，符合题意；
D、 蒸发液态空气所得各气体的质量总和等于液态空气的质量， 该反应为物理变化，不遵循质量守恒定律，不符合题意；
故选C。
12．【答案】A
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】（1）绿叶在光下制造淀粉实验相关知识：实验前暗处理一昼夜，植物只进行呼吸作用，会将叶片中原有的淀粉全部运走耗尽，避免原有淀粉干扰后续实验结果；光合作用是绿色植物利用光能，将二氧化碳和水合成储存能量的有机物，同时释放氧气，氧气具有助燃性；二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，可用于检验二氧化碳。
（2）植物呼吸作用相关知识：所有活细胞都会进行呼吸作用，萌发的种子呼吸作用旺盛，呼吸作用消耗氧气、分解有机物，释放二氧化碳和能量；氧气减少会使燃烧的蜡烛熄灭，以此验证呼吸作用消耗氧气。
【解答】A、甲是绿叶制造有机物实验，实验前暗处理一昼夜，植物通过呼吸作用将叶片内原有淀粉运走耗尽，防止原有淀粉干扰实验，该说法正确，A 符合题意；
B、乙装置中金鱼藻在光照下进行光合作用，收集到的气体是能使木条复燃的氧气，不是二氧化碳，该说法错误，B 不符合题意；
C、丙装置中萌发种子呼吸产生大量二氧化碳，二氧化碳会使澄清石灰水变浑浊，该说法错误，C 不符合题意；
D、丁装置中燃烧的蜡烛熄灭，说明萌发种子呼吸作用消耗了瓶内氧气，不是产生氧气，该说法错误，D 不符合题意。
故答案为：A。
13．【答案】B
【知识点】与密度相关的物理现象；风
【解析】【分析】气体总是从气压大的位置流向气压小的位置。热空气密度小而上升，冷空气密度大小而下降，从而形成对流，据此分析判断。
【解答】根据图片可知，右侧烧杯下方放置了点燃的蜡烛，因此烧杯下部的空气受热，温度升高。
热空气密度小于冷空气，因此热空气会上升，则右侧的烟会向上运动，从而使右侧烧杯底部的气压减小。此时烧杯左侧气压大于右侧气压，则烧杯左侧的空气会从底部向右流动，即左侧木条的烟会向左下方，流入烧杯。
故B正确，而ABC错误。
故选B。
14．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】电路结构：定值电阻 R1 与滑动变阻器 R2 串联，电流表测电路电流，电压表测R2 两端电压。
水流速度变化的影响：水流速度变快 → 探头向上移动 → 滑动变阻器接入电路的电阻变小；水流速度变慢 → 探头向下移动 → 滑动变阻器接入电路的电阻变大。
欧姆定律分析：总电阻R=R1 +R2 ，电源电压不变，根据I=U/R，R2 变小 → 电流 I 变大；R2 变大 → 电流 I 变小。电压表示数 U2 =U U1 ，U1 =IR1 ，电流 I 变大时 U1 变大，所以 U2 变小。
【解答】选项 A：水流速度变快时，R2 变小，电路电流变大，R1 两端电压变大，所以 R2 两端电压（电压表示数）变小。错误
选项 B：水流速度变慢时，R2 变大，总电阻变大，电路电流变小，通过 R1 的电流也变小。错误
选项 C：水流速度越快，R2 越小，电流越大，所以将电流表改装成流速计，能实现水流速度越快，电流表示数越大。正确
选项 D：电压和电流表示数的比值 U2 /I=R2 ，R2 随水流速度变化，所以该比值会变化。错误
故答案为：C
15．【答案】D
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据在化学反应中，反应后质量增加的为生成物，反应后质量减少的为反应物，反应后质量不变可能属于催化剂，也可能是杂质进行分析。
【解答】根据图中数据可知，当甲的质量为8g时，反应前后的丙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；丁的质量减少量=10g-0g=10g；则生成的乙的质量=10g-8g=2g，则a的值为10+2=12。
A. 由上述分析，a的值为12，故正确，不符合题意；
B. 反应前后的丙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故正确，不符合题意；
C. 该反应的反应物为丁，生成物是甲和乙，符合“一变多”的形式，属于分解反应，所以丁一定是化合物，故正确，不符合题意；
D. 参加反应的丁和生成的甲的质量比=10g：8g=5：4，当丁的质量为5g时，即参加反应的丁的质量=10g-5g=5g，则甲的质量是4g，故错误，符合题意；
故答案为：D。
16．【答案】甲；不会
【知识点】家庭电路的组成与连接；测电笔的使用
【解析】【分析】（1）在使用测电笔时，人体必须与笔尾的金属体接触；
（2）在正常情况下，火线带电，零线不带电，而人体接触零线时不会触电。
【解答】（1） 使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属电极（或金属笔卡），这样才能使测电笔形成通路，当接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光。图甲中手接触了笔尾金属体，符合正确操作；图乙中手没有接触笔尾金属体，无法形成通路，测电笔无法正常工作。
故选：甲。
（2）根据丙图可知， 开关接在火线上，闭合开关S后，A点位于开关之后、电灯的一侧，此时A点通过电灯与零线相连，站在地面上的人接触A点时，A点电位与零线一致，人体两端没有电压，不会有电流通过人体，因此不会触电。
故填：不会。
17．【答案】（1）密闭
（2）增大体积
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）当注射器没有橡皮帽时，大气对注射器活塞两侧的压力相等，此时会相互抵消，无法通过测力计的示数测量大气压力。如果针筒内为封闭空间，那么排除一侧大气压力，则可以根据平衡力的知识测量大气对活塞的压力。
（2）当推拉注射器的活塞时，针筒内气体的体积会发生改变，据此分析解答。
【解答】（1） 该实验的原理是利用大气压拉动活塞，通过二力平衡测量大气压，若注射器不是密闭空间，外界空气会进入注射器内部，注射器内部气压始终和外界大气压平衡，无法让大气压对活塞产生拉力，因此装上橡皮帽的目的是堵住注射器口，在注射器内部构建出密闭的空间，防止漏气，保证实验可以正常进行。
故填：密闭。
（2） 实验中拉动活塞时，注射器内部气体的质量不变，活塞向右移动会让针筒内气体的体积增大，根据一定质量的气体，体积越大气压越小的规律，针筒内气压减小，外界大气压就会对活塞产生向左的压力，因此该方法是通过增大针筒内气体体积来减小针筒内气压。
故填：增大体积。
18．【答案】（1）软磁铁；S
（2）保护电路；夜间关上门，门上的条形磁铁靠近干簧管，干簧管触点处于闭合状态，对电铃短路，所以报警电铃不响。
【知识点】磁极间的相互作用；电磁铁的构造和原理；电磁铁的其他应用
【解析】【分析】（1）磁化后，能长期保持磁性的物质叫硬磁体，不能长期保持磁性的物质叫软磁体；
（2）由电路图可知：干簧管和电铃并联后与电阻串联，根据闭合开关S和断开开关S时，电铃的工作情况判断出干簧管触点断开和闭合情况，然后由此判断电阻的作用和门关闭时电铃不响的原因。
【解答】（1）干簧管中的磁簧片通电时有磁性，断电时无磁性，所以是软磁性材料制成的；
根据异名磁极相互吸引，已知条形磁体的右端为 N 极，那么与之靠近的磁簧片最左端是 S 极（南极）。
（2）由电路图可知：干簧管和电铃并联后与电阻串联，电阻、开关在干路上，夜间关上门，闭合开关S，门上的条形磁铁靠近干簧管，干簧管触点处于闭合状态，对电铃短路，所以报警电铃不响，此时干路中的电阻起到保护电路的作用；当盗贼打开门时，干簧管远离磁体，干簧管退磁，触点在弹力作用下分开，干簧管触点处于断开状态，电流通过电铃，则电铃响起。
19．【答案】（1）通电线圈在磁场中受到力的作用
（2）A；D
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据电动机的工作原理解答；
（2）电动机不转动，可能是受到的磁力相互平衡，也可能是受到的磁力太小，或者阻力太大，据此分析判断。
【解答】（1） 简易电动机的工作本质是：通电线圈在磁场中受到力的作用（通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能从而持续转动。
故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（2）A. 若电源电压不足，线圈中的电流过小，磁场对线圈的作用力小于线圈受到的阻力，电动机就无法转动，故A符合题意；
B. 磁体磁性太强会增大线圈受到的磁场力，更有利于电动机转动，不是不转动的原因，故B不合题意；
C. 电源正负极接反只会改变线圈的转动方向，不会让线圈不转动， 故C不合题意；
D. 当线圈处于平衡位置时，线圈两个边受到的力大小相等、方向相反，在同一直线上，合力为零，线圈不会转动，故D符合题意。
故选AD。
20．【答案】（1）升高；降低
（2）管口空气流速大，压强小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；大气压强与高度的关系；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据大气压强随高度的变化规律，结合p内=p大气压+p水柱分析在山顶上水柱压强的变化，再根据液体压强公式p=ρ液gh分析液面的高度变化即可；
（2）根据流体压强和流速的关系分析解答。
【解答】（1） 根据题意可知，这个装置的瓶内气压不变，等于外界大气压加上玻璃管内水柱产生的压强，即p内=p大气压+p水柱。当装置从山脚带到山顶时，大气压随海拔高度升高而减小，根据p内=p大气压+p水柱可知，水柱产生的压强增大。根据液体压强公式p=ρ液gh可知，玻璃管内液面升高。
故填：升高；降低。
（2） 当通过吸管向右吹气时，玻璃管上端空气流速变大，根据流体压强的规律：流体流速越大的位置，压强越小，玻璃管上端压强小于瓶内气压，瓶内气压就会将水压入玻璃管，使玻璃管内液面上升。
故填：管口空气流速大，压强小。
21．【答案】（1）甲
（2）地形
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】（1）能够直接被气流吹到的面为迎风坡，另一面为背风坡；
（2） 海陆位置影响降水一般是距海远近不同导致降水差异，纬度位置主要影响气温的整体差异 ，根据题意分析解答。
【解答】（1） 当湿润气流遇到山脉阻挡时，会沿迎风坡抬升，在抬升过程中冷却成云致雨，因此迎风坡降水多，背风坡降水少。从图中降水情况可知，甲地降水远多于乙地，符合迎风坡的降水特征，因此处于迎风坡的是甲。
故填：甲。
（2） 本题中甲、乙位于同一座山脉的不同坡向，甲地是迎风坡，乙地是背风坡，海拔和坡向的差异造成了两地气温和降水的明显不同，这种气候差异是地形因素导致的。
故填： 地形 。
22．【答案】（1）长颈漏斗
（2）BC
【知识点】常用仪器的名称；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）根据所指仪器的名称解答；
（2）根据反应物的状态和反应条件选择气体的发生装置，根据得到气体的性质选择气体的收集方法。
【解答】（1）根据图片可知， 仪器①是长颈漏斗。故填：长颈漏斗。
（2） 过氧化氢在二氧化锰催化下制取氧气、大理石（石灰石）和稀盐酸制取二氧化碳，反应物都是固体和液体，反应都不需要加热，则二者的反应装置都可以选择“固液常温型”，故选B；
氧气密度比空气大，二氧化碳密度也比空气大，二者都可以用向上排空气法收集，因此制取和收集氧气、二氧化碳，都可以选用装置C。
故填：BC。
23．【答案】
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；磁场和磁感线；地磁场
【解析】【分析】根据磁极之间的相互作用判断地磁场的磁极方向。在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出来，然后回到S极。
【解答】根据题意可知，当小指南针静止时，针尖指向北，也就是针尖是小磁针的N极。根据“异名磁极相互吸引”的规律可知，北边（上端）也就是地磁场的S极，南边（下端）是地磁场的N极。
根据磁感线的方向可知，磁感线上的箭头方向向上，如下图所示：
24．【答案】（1）反应都放出热量
（2）ABD；甲吸收二氧化硫，防止污染空气
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象
【解析】【分析】（1） 三个燃烧反应的共同点可以从反应类型、反应物、反应条件、生成物、能量变化等角度分析；
（2）①如果铁要燃烧，那么铁丝需要达到着火点，需要足够纯度的氧气，且铁丝要干净；
②根据各个实验中集气瓶底部水的作用解答。
【解答】（1） 根据题意可知，硫、红磷和铁丝在氧气中燃烧时，这三个反应都是物质与氧气发生的反应，都属于氧化反应；反应过程都放出大量的热；生成物都只有一种物质，都属于化合反应；反应条件都需要点燃；反应物都有氧气等可。
故填：反应都放出热量（或都有氧气参加反应、都属于化合反应、反应条件都是点燃等）。
（2）① A.未用砂纸打磨铁丝：铁丝表面有铁锈和油污，会阻碍铁丝燃烧，可能导致铁丝不燃烧，故A符合题意；
B.铁丝未用火柴引燃：温度没有达到铁丝的着火点，铁丝无法燃烧，故B符合题意；
C.集气瓶中未留水：集气瓶底部留水的作用是防止高温熔融物溅落炸裂瓶底，不影响铁丝本身燃烧，故C不符合题意；
D.用排水法收集氧气时集气瓶中水未装满：会导致收集的氧气浓度太低，氧气不足时铁丝无法燃烧，故D符合题意。
故选ABD。
② 三个实验集气瓶底放水的目的不同：
甲（硫燃烧实验）：硫燃烧生成有毒的二氧化硫气体，放少量水的目的是吸收二氧化硫，防止污染空气；
乙（红磷燃烧实验）：红磷燃烧生成有毒的五氧化二磷，同时吸热降温，放少量水的目的是吸收五氧化二磷，同时降低反应温度，吸收热量；
丙（铁丝燃烧实验）：铁丝燃烧生成高温熔融物四氧化三铁，放少量水的目的是防止高温熔融物溅落炸裂集气瓶瓶底。
故填：甲吸收二氧化硫，防止污染空气。
25．【答案】（1）分解
（2）无水硫酸铜变蓝；①④⑤
【知识点】质量守恒定律及其应用；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】（1）分解法概念：分解法是将化合物分解为更简单的物质，通过分析分解产物来确定化合物的组成。电解水是将水分解为氢气和氧气 ，符合分解法的特征。
（2）氢元素的检验：根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变。甲烷燃烧生成水和二氧化碳，无水硫酸铜遇水变蓝，所以能证明甲烷中含有氢元素的现象是无水硫酸铜变蓝 。
（3）氧元素的判断：要判断甲烷中是否含有氧元素，需根据质量守恒定律，通过计算甲烷质量以及燃烧产物中碳元素和氢元素的质量来确定。已知参与燃烧反应的甲烷质量（① ），再根据无水硫酸铜的增重（④ ）可计算出氢元素质量，根据澄清石灰水吸收二氧化碳的质量（可由相关反应计算 ）可计算出碳元素质量，若碳、氢元素质量之和等于甲烷质量，则甲烷中无氧元素；若小于甲烷质量，则甲烷中含有氧元素。所以可选取①④进一步判断甲烷中是否含有氧元素。
【解答】（1）电解水是将水分解为氢气和氧气，运用的方法是分解法。
（2）能证明甲烷中含有氢元素的现象是无水硫酸铜变蓝；若要判断甲烷中是否含有氧元素，可选取①④ 。通过①得到甲烷质量，通过④无水硫酸铜的增重计算出氢元素质量，结合澄清石灰水吸收二氧化碳情况计算碳元素质量，对比甲烷质量与碳、氢元素质量和，从而判断是否有氧元素。
26．【答案】（1）通电导体周围存在磁场；通电导体产生磁场的方向与导体电流的方向有关
（2）是
（3）顺时针
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】（1）小磁针发生偏转，说明导线周围存在磁场；小磁针恢复原来的位置，此时导线周围没有磁场。小磁针的指向偏转方向改变，说明磁场的方向改变，据此分析实验a和b中哪个因素不同，a和c中哪个因素不同，进而得到结论即可。
（2）根据小磁针的指向确定圆环中心的磁场方向，然后与右手螺旋定则进行对照即可；
（3）根据地磁场的方向和右手螺旋定则确定电流的环绕方向即可。
【解答】（1） 图(a)电路接通，导线中有电流，小磁针发生偏转，说明存在磁场；图(b)电路断开，导线中无电流，小磁针不偏转，因此对比(a)(b)可得：电流周围存在磁场。
图(a)和图(c)中，导线电流方向相反，小磁针偏转方向也相反，说明产生的磁场方向不同，因此对比(a)(c)可得电流的磁场方向与电流方向有关。
故填：电流周围存在磁场；通电导体产生磁场的方向与导体电流的方向有关。
（2） 右手螺旋定则（安培定则）判断环形电流磁场的方法：右手握住通电圆环，四指弯曲方向与电流方向一致，大拇指所指的方向就是环形电流中心轴线的磁场方向。
本题中小磁针N极垂直纸面向里转动，说明圆环中心磁场方向垂直纸面向里。根据图丁，我们用右手螺旋定则验证：四指沿图中环形电流方向弯曲，大拇指指向纸面向里，和实验现象一致，因此通电圆环内部的磁场分布符合右手螺旋定则。
故填：是。
（3） 地磁场的特点是：地球的地理北极对应地磁场的S极，地理南极对应地磁场的N极，因此地球内部地磁场方向是从地理南极指向地理北极，也就是赤道环形通电圆环内部磁场方向指向地理北极（垂直赤道平面向北）。
根据右手螺旋定则：大拇指指向磁场方向（向北），四指的方向就是电流方向，从北极上空观测，四指方向为顺时针，因此赤道这一通电圆环的电流方向从北极上空看为顺时针。
故填：顺时针。
27．【答案】（1）耗尽 O2
（2）将活塞推至底部，封住尖端，拉动活塞后松手，活塞能回到原位则气密性良好
（3）20%
（4）白磷，白磷能将氧气消耗更彻底
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）测定空气中氧气含量的实验原理：通过可燃物燃烧消耗密闭容器内的氧气，使容器内形成气压差，再通过液体进入容器的体积来测定氧气的体积分数。白磷燃烧会消耗注射器内的氧气，因此 “引燃白磷” 属于 “耗尽尽O2” 这一环节。
（2）装置气密性检查的原理：利用装置内外的气压差，通过观察活塞的变化判断装置是否漏气。注射器的气密性检查，可通过推拉活塞观察活塞能否复位来判断。
（3）空气中氧气体积分数的计算：空气中氧气的体积分数 = 消耗氧气的体积 ÷ 反应前空气的体积 ×100%。消耗氧气的体积等于反应前后注射器活塞的刻度差，反应前空气体积为活塞初始刻度，据此可计算出氧气的体积分数。
（4）不同可燃物测定氧气含量的对比分析：通过氧气传感器的浓度曲线可判断可燃物对氧气的消耗程度，氧气消耗越彻底，实验结果越准确。对比红磷和白磷的曲线，白磷燃烧后容器内剩余氧气浓度更低，说明其消耗氧气更彻底，实验误差更小。
【解答】（1）引燃白磷的目的是让白磷燃烧消耗注射器内的氧气，使装置内形成气压差，因此该操作属于思维模型中的 “耗尽 O2” 环节；
（2）检查注射器气密性的具体操作为：将活塞推至注射器底部，封住注射器的尖端，向外拉动活塞后松手，若活塞能回到原来的位置，说明装置内外能形成稳定的气压差，气密性良好；
（3）反应前注射器内空气的体积为 45mL，反应后活塞位于 36mL 刻度处，说明消耗的氧气体积为 45mL - 36mL = 9mL，因此空气中氧气的体积分数为；
（4）对比红磷和白磷燃烧的氧气浓度曲线，白磷燃烧后容器内剩余氧气浓度更低，说明白磷能将装置内的氧气消耗得更彻底，实验误差更小，因此更适合测量空气中氧气体积分数的是白磷；
故答案为：（1）耗尽 O2；
（2）将活塞推至底部，封住尖端，拉动活塞后松手，活塞能回到原位则气密性良好；
（3）20%；
（4）白磷，白磷能将氧气消耗更彻底。
28．【答案】（1）能控制反应的发生和停止
（2）作对照；曲线Ⅱ比曲线 I 压强下降得更明显
（3）方法2和方法3
【知识点】化学变化与物理变化的判别；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）注意装置B导管上存在阀门，可从能否控制反应的开始和停止的角度分析解答；
（2）①本实验的目的是探究二氧化碳和氢氧化钠的反应，二氧化碳本身能溶于水也能和水反应，也会消耗二氧化碳使装置内压强减小，因此需要做对照实验排除水对实验的干扰；
②装置内气压减小，应该是二氧化碳溶于水和二氧化碳和氢氧化钠的反应所致，则后者装置内的气压减小幅度肯定大于前者装置内的气压变化，据此分析解答。
（3） 化学变化是有新物质生成的变化，物理变化是没有新物质生成的变化 。
【解答】（1） 根据图片可知，A是简易发生装置，导管伸到橡皮塞处，无法控制反应；图B中导气管上有阀门，打开阀门，则漏斗内液体滴入，则反应开始；闭合阀门，生成气体使装置内气压增大，则液体被压入长颈漏斗，从而使液体和固体分开，此时反应停止，因此可以控制反应的发生和停止。
故填：控制反应的发生和停止。
（2） 本实验的目的是探究二氧化碳和氢氧化钠的反应，二氧化碳本身能溶于水也能和水反应，也会消耗二氧化碳使装置内压强减小，因此需要做对照实验排除水对实验的干扰。
① 实验1是注入水，作用是和注入氢氧化钠溶液的实验做对照，对比验证二氧化碳确实和氢氧化钠发生了反应。
② 氢氧化钠和二氧化碳反应，会消耗更多的二氧化碳，相同时间内装置内压强下降幅度更大；从图像可知，相同条件下，曲线Ⅰ压强下降幅度更小，对应注入水的实验，曲线Ⅱ压强下降幅度更大，对应注入氢氧化钠溶液的实验。因此得出结论的证据是：相同时间内，注入氢氧化钠溶液的装置压强比注入水的装置压强下降更多，即曲线Ⅱ的压强比曲线Ⅰ下降得更明显。
故填：①做对照；②曲线Ⅱ比曲线 I 压强下降得更明显。
（3） 方法1：只是将二氧化碳压缩封存，过程中没有新物质生成，属于物理变化；
方法2：二氧化碳和氢氧化钙反应生成了新物质碳酸钙，有新物质生成，属于化学变化；
方法3：二氧化碳转化为甲醇，再转化为二甲醚，整个过程都有新物质生成，属于化学变化。
因此属于化学变化的是方法2和方法3。
故填：方法2、方法3。
29．【答案】（1）解：根据题意可知，当限压阀刚好被顶起时，限压阀的重力和大气压力等于锅内气体产生的向上的压力，即F0+G=F；
p0S+mg=pS；
p×12×10-6m2=1.0×105Pa×12×10-6m2+0.084kg×10/kg；
解得：p=1.7×105Pa。
根据乙图可知，锅内的最高温度为115℃。
（2）可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）当限压阀刚好被顶起时，限压阀的重力和大气压力等于锅内气体产生的向上的压力，据此结合压强公式F=pS列式计算锅内的最大压强，根据乙图确定锅内的最高温度。
（2）用这种高压锅烧水时要达到同样的最高温度，说明锅内压强不变，根据大气压强随高度的变化规律结合p内=p+p0分析限压阀自重产生压强的变化，最后根据分析改进措施即可。
【解答】 （2）用这种高压锅烧水时要达到同样的最高温度，说明锅内压强不变。西若要把这种高压锅销售到西藏地区，此时西藏地区海拔高，气压低，根据p内=p+p0可知，此时要增大限压阀自重产生的压强。根据可知，可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积。
故答案为：可以增大限压阀的质量，或减小出口出气口的横截面积。
30．【答案】（1）解： 根据题意可知，40g石灰石被等分为4份，因此每份样品的质量为：。
对比③和④的数据：④加入150g稀盐酸后，剩余固体质量和③一致，说明杂质不反应也不溶解，最终剩余的1g固体就是杂质，
因此每份10g样品中碳酸钙的质量为：10g-1g=9g。
碳酸钙的质量分数为：。
（2）解： 观察①的实验数据：加入20g稀盐酸后，固体从10g变为8g，说明20g稀盐酸反应了10g-8g=2g碳酸钙；
；
解得：x=7.3%。
答： 该实验所用的稀盐酸的溶质质量分数是7.3%。
（3）D
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据题目描述“40g石灰石被等分为4份”计算每份样品的质量。对比③和④的数据推算反应结束时杂质的质量，用样品质量减去杂质质量得到样品中碳酸钙的质量，最后与样品质量作比即可；
（2）根据表格数据①②确定恰好完全反应时稀盐酸的质量和碳酸钙的质量的对应关系，写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据碳酸钙的质量计算参加反应的稀盐酸的质量分数即可；
（3）根据表格数据确定样品中碳酸钙的总质量，据此推算参加反应的稀盐酸的溶液质量即可。
【解答】（3）根据题意可知， 每份样品中碳酸钙总质量为9g。由前面的结论可知，每反应2g碳酸钙需要消耗20g稀盐酸，因此反应9g碳酸钙总共需要稀盐酸的质量为：。
故D正确，而ABC错误。
故选D。
31．【答案】（1）根据质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成氧气的质量。已知混合物初始质量为 31g，反应后固体质量为 21.4g，则生成氧气的质量为31g 21.4g=9.6g。
（2）设原混合物中氯酸钾的质量为x。
x=24.5g
答：原混合物中氯酸钾的质量为24.5g。
（3）原混合物中二氧化锰的质量为：31g 24.5g=6.5g，则反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为：。
答：反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为30.4%。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）质量守恒定律：参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和。在氯酸钾受热分解的反应中，反应后固体质量减少的部分就是生成的氧气的质量，因为氧气是气体逸出，无法留在固体中，这是利用质量守恒定律计算生成氧气质量的核心依据。
（2）根据化学方程式的计算：氯酸钾在二氧化锰的催化作用和加热条件下分解生成氯化钾和氧气。根据化学方程式中各物质的相对分子质量与化学计量数的乘积之比等于反应中各物质的质量比，结合已知的氧气质量，可计算出参与反应的氯酸钾的质量。
（3）催化剂的特点与混合物中质量分数的计算：二氧化锰是该反应的催化剂，反应前后其质量和化学性质均不发生改变；混合物中某物质的质量分数等于该物质的质量除以混合物的总质量再乘以 100%，反应后剩余固体为二氧化锰和氯化钾的混合物，据此可计算出二氧化锰的质量分数。
【解答】（1）根据质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成氧气的质量。已知混合物初始质量为 31g，反应后固体质量为 21.4g，则生成氧气的质量为31g 21.4g=9.6g。
（3）原混合物中二氧化锰的质量为：31g 24.5g=6.5g，则反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为：。
答：反应后剩余固体中二氧化锰的质量分数为30.4%。
32．【答案】（1）N
（2）解：根据题意可知，0.15千克苹果对传感器的压力：
F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1.5N；
根据甲图可知，此时传感器的电阻：R1=30Ω。
根据乙图可知，传感器R1和变阻器R2串联，总电压U总=6V，此时R2两端电压U2=3V，
那么此时R1两端电压：U1=U总-U2=6V-3V=3V；
串联电路电流处处相等，此时电路电流：；
此时R2调后的阻值：
答：R2的阻值应调为30Ω。
（3）R2的滑片向右移动
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；通电螺线管的极性和电流方向的判断；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据乙图确定电磁铁上线圈的电流方向，然后根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）首先根据F=G=mg计算苹果对传感器的压力，然后根据甲图确定传感器的电阻。根据U1=U总-U2计算此时R1两端电压，根据计算此时电路电流，最后根据计算R2的阻值。
（3）只有质量达标（质量≥0.2kg）时，电磁铁才吸住衔铁，也就是电流达到吸合电流时才触发分拣。此时电源电压不变，根据可知，此时的总电阻保持不变。根据甲图压力传感器随压力的变化规律，结合公式R总=R1+R2分析R2的阻值变化，最终确定滑片的移动方向。
【解答】（1）根据乙图可知，线圈上电流方向向右。右手握住螺线管，四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁上端是N极。故填：N。
（2） 根据题意可知，只有质量达标（质量≥0.2kg）时，电磁铁才吸住衔铁，也就是电流达到吸合电流时才触发分拣。此时电源电压不变，根据可知，此时的总电阻保持不变。
当苹果质量增大时，它对传感器的压力变大而阻值减小。根据R总=R1+R2可知，此时需要增大变阻器R2接入电路的阻值，对应操作就是将滑动变阻器的滑片向右移动。
故填：R2的滑片向右移动。
1 / 1

展开更多......

收起↑