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广东云浮市2026年中考物理一模试题
1．小明拿起一个大小为1寸（约为3.3cm）的荔枝，如图所示，它的质量大约为（ ）
A．0.3g B．3.0g C．30g D．30kg
2．为了探究影响水变咸快慢的主要因素，小军将等量的食用碘盐，分别放入质量相同、温度不同的冷水和热水中，静置不搅拌，发现热水中的食盐溶解更快，水更快变咸。该实验主要探究的是以下哪个因素对分子运动快慢的影响（ ）
A．液体种类 B．液体体积 C．液体温度 D．液体质量
3．如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．筷子 B．天平
C．开瓶器 D．金属扳手
4．如图，大头针插在玻璃瓶的软木塞上，把金属箔悬挂在大头针上。带电体接触大头针后，金属箔张开，此过程描述正确的是（ ）
A．张开角度越小，所带电荷越多 B．可检验带电体的电性
C．金属箔带上同种电荷 D．金属箔带上异种电荷
5．如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，将点燃的蜡烛放在距离透镜30cm处，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，则此透镜的焦距是（ ）
A．10cm B．15cm C．20cm D．25cm
6．演唱会有一种手摇式荧光棒，通过快速摇晃带动内部装置转动，就能使荧光棒发光，不需要电池。“快速摇晃”这个过程中主要的能量转化，与下列实验的工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
7．如图所示，工人通过滑轮组用竖直向下的拉力匀速提升货物，表中是他某次工作的相关数据。若三个滑轮重均相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
货物所受重力G/N 货物被提升高度h/m 绳端所受拉力F/N 所用时间t/s
500 2 200 10
A．工人做功的有用功为400 W B．工人做功的总功为1200 J
C．滑轮组的机械效率为62.5% D．工人做功的功率为160 W
8．中华文化源远流长，公元4世纪前的《墨经》中就记载了小孔成像现象和解释，如图甲所示，为进一步探究小孔成像的特点，妍妍制作了如图乙所示的装置，将易拉罐底部中央戳一个小孔，将易拉罐顶部剪去，蒙上一层半透明塑料薄膜。
（1）小孔成像的原理是光在均匀介质中沿　 　；
（2）妍妍在制作小孔时，把小孔戳成三角形，用它来观察蜡烛，如图乙所示，遮住半个小孔的位置，半透明膜上呈现出了烛焰的像比原来的　 　（选填“亮些”或“暗些”）。
（3）如图丙所示，夏天树荫下的小光斑是　 　（选填“太阳”或“树叶间的空隙”）的像。
9．某实验兴趣小组利用身边的器材做电学实验，将包装口香糖的锡箔纸剪成如图形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻　 　（选填“大”或“小”）。A、B相当于组成　 　（选填“串联”或“并联”）电路。当A、B两端分别与B、电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的　 　（选填“化学”“热”或“磁”）效应。
10．小红家里有个智能门锁，能分辨出是主人的声音，主要是依据声音的　 　（选填“音调”“音色”或“响度”）不同；用户只要说出语音指令即可实现解锁，这主要利用声音可以传递　 　；家门的门轴使用时间久了，开关门时常会发出刺耳的杂音。为减弱这种杂音，可以在门轴处滴加润滑油，这是在　 　处减弱噪声。
11．核能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，它在生活中有着广泛的应用。惠州市大亚湾核电站是利用原子核　 　（填“裂变”或“聚变”）释放的能量来发电的。我们可以利用水的　 　较大的特点做冷却剂，给核反应堆的堆芯降温。
12．用打气筒打气时，气筒壁会发热，这是因为活塞对筒内气体　 　（选填“做功”或“热传递”），使筒内气体内能增大，温度升高，此过程中的能量转化与四冲程汽油机　 　冲程的能量转化相同。油电混合动力汽车在减速制动时，可以将电动机作为发电机使用，从而将汽车的一部分机械能转化为电能储存起来，这种能量转化能够　 　（选填“提高”或“降低”）汽车在频繁制动过程中的能量损耗。
13．如题图甲所示是探究液体内部压强规律的实验装置，实验中通过观察U形管两侧液面的　 　差来反映液体内部压强的大小，这种研究方法叫转换法。比较图乙和图丙可知：在同种液体中，液体内部压强随液体　 　的增加而增大。比较图丙和图丁可知：液体内部的压强还与液体的　 　有关（本题三个空选填“密度”“深度”或“高度”）。
14．如图所示实验，是探究电流通过导体产生热量的实验装置，把5 Ω和10 Ω的电阻丝　 　（选填“串联”或“并联”）在电路中，目的是控制通过两电阻的电流和通电时间相同。根据焦耳定律，通电一段时间后，　 　（选填“左”或“右”）侧容器内电阻丝产生的热量更多，对应的U形管液面高度差更大。若要探究电流产生的热量与电流的关系，需要在其中一个容器的外部　 　（选填“串联”或“并联”）一个阻值相同的电阻。
15．（1）如题图，M为平面镜，S为光源。请作出S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图（保留作图痕迹）。
（2）题图所示是登山运动员沿倾斜山脊向上行走的示意图，请在图中画出运动员所受支持力和摩擦力的示意图（可把力的作用点画在重心上）。
（3）小安家的某个三孔插座经常连接大功率用电器，为了用电安全，他想在三孔插座上串联一个保险丝后再接入家庭电路，请在如题图中用笔画线表示导线帮小安完成电路连接。
16．（1）如题图所示，刻度尺测得物体的长度是　 　cm，弹簧测力计的示数是　 　，电能表的读数是　 　kW·h；
（2）如题图所示，温度计的读数　 　℃；用天平测小石块的质量如图甲所示，则小石块的质量为　 　g，用量筒测小石块的体积如图乙所示，则小石块的密度为　 　。
17．在课堂上同学们用小纸锅烧水，如题图甲所示。为什么水能烧开而纸锅不会燃烧呢？带着这个问题，同学们开始探究水沸腾时温度变化的特点。
（1）如题图乙，在安装实验器材时，正确步骤顺序是　 　（填“自下而上”或“自上而下”），老师提醒大家固定夹A和B的高度都要适当，固定夹A高度适当的标准是保证能够用酒精灯　 　（填“内焰”或“外焰”）加热，那么固定夹B高度“适当”的标准是温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（2）用酒精灯给水加热至沸腾，需要计时，记录温度并观察现象。实验中判断水沸腾的依据是烧杯中出现如题图丙中的　 　（填“a”或“b”）所示现象；
（3）两位同学将收集的数据绘制成如图丁所示的“温度-时间”关系图象，发现水在沸腾过程中，温度变化的特点是　 　，根据图像可知两位同学所用水的质量大小关系是mA　 　mB（填“＞”“=”或“＜”）；
（4）交流评估环节中，同学们提出各自的观点，其中不正确的有　 　（填字母）。
a．纸板上的小孔加快了水的散热，因此小孔是多余的
b．用初温较高的水做实验，可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源
c．纸锅烧水实验中，纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时要不断吸热
18．小伟从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻R，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行实验测量，图甲实验所用电源电压为3V。
（1）根据图甲的电路图，请用笔画线表示导线，补全图乙实物电路的连接；
（2）正确连接好电路，闭合开关，若发现电流表有示数，电压表无示数，此现象可能是_______造成的（填序号）。
A．电阻R断路 B．开关接线处断路
C．电阻R短路 D．开关没有断开
（3）排除故障后，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.0 V，电流表示数如图丙所示，为　 　A，则定值电阻R的阻值为　 　Ω；
（4）为了　 　（填“增大”或“减少”）实验误差，小伟进行了多次测量求平均值，使电阻的阻值更接近真实值；
（5）小伟不小心将电压表损坏，爸爸告诉小伟，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小伟设计了图丁所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的量程，定值电阻的阻值为10 Ω。
具体操作如下：
a．闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表示数为0.40A；
b．闭合开关S1和 开关S2，读出电流表示数为0.50A；
①由以上数据可得，待测电阻的阻值为　 　Ω；
②小伟研究发现，在电源电压和电流表量程不变的情况下，利用该电路能测出的最小阻值为　 　Ω的电阻。
19．学校航模社团用如题图所示的无人机进行学科实践，已知无人机整机质量为2.5kg，静止在水平地面时，无人机支架与地面的总接触面积为10cm2。某次试飞中，无人机在无空气阻力情况下匀速竖直上升20m，用时10s。（g取10N/kg）
（1）无人机静止在水平地面时，对地面的压强是多少？
（2）无人机上升过程中，升力所做的功是多少？
（3）无人机上升过程中的输出功率是多少？
20．中医药是中国传承几千年的文化瑰宝。如图题甲是一款小型的电热煎药壶，有高温、低温两个挡位，其内部简化电路如图乙所示，当双触点选择开关接触A、B时为断开状态。R1、R2是两个阻值不变的电热丝，煮药器的部分参数如图所示。求：
额定电压
保温挡功率
加热挡功率
（1）煮药器处于保温挡时，通过电阻R1的电流（结果保留2位小数）；
（2）R1的阻值；
（3）使用加热挡正常工作5 min，煮药器产生的热量能使2 kg的水温度升高了多少℃？（结果保留1位小数）（c水=4.2×103J/（kg·℃））
21．如题图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车——木翼双龙。其部分轨道简化示意图如下。已知斜面A点距离水平轨道的高度为30m，乘客的总质量为1200kg，电动机输出40kW的功率不变。不考虑空气阻力，g取10N/kg。请你回答下面的问题：
（1）走进游乐园，以　 　为参照物，气势宏伟的过山车静卧在轨道上；乘客上车后，电动机通过斜面把过山车车厢（含乘客）推上斜面顶端A点，由于　 　，小车越过顶点，并顺利完成整个翻滚穿越过程。
（2）电动机将过山车车厢（含乘客）匀速推上斜面顶端A点需要30s，那么乘客克服重力做的功　 　J；克服过山车车厢与斜面的摩擦力做功　 　J。
（3）过山车车厢从顶端A点由静止释放，沿轨道匀速下滑至最低点B点，机械能　 　（选填“增大”“不变”或“减小”），其原因是车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为　 　。
22．小军家里买了台电子体重秤，他查阅资料后了解到，电子体重秤的核心部件是压敏电阻，其阻值会随压力的变化而变化。为了探究压敏电阻阻值随压力变化的关系，小军设计了如题图所示的电路图，其中电源电压恒为12V，R为滑动变阻器（最大阻值为20Ω），为压敏电阻，电流表选用量程，电压表选用量程。g取10 N/kg。回答下列问题：
实验次数 物体质量m/kg 压力F/N 电流表示数I/A
1 0 0 0.2
2 20 200 0.3
3 40 400 0.4
4 60 600 0.6
（1）小组成员按电路图连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于　 　（填“a”或“b”）端。
（2）闭合开关S，该压敏电阻在无压力情况下，调节滑动变阻器，使电压表读数为9V，根据上表的实验数据，此时压敏电阻的电功率为　 　W。
（3）实验中，小军将不同质量的物体放在压敏电阻上，调节滑动变阻器，使电压表示数保持9V不变，记录对应的压力和电流表示数，实验数据如表格所示，由此可知，该压敏电阻的阻值随压力的增大而　 　（填“增大”或“减小”）。
（4）若将压敏电阻替换成电子体重秤的核心部件，当小军站在体重秤上，调节滑动变阻器，使电压表示数仍为9V，若压敏电阻阻值恰好为22.5Ω，则小军的质量为　 　kg，滑动变阻器接入电路的阻值为　 　Ω。
（5）为了保护电路，滑动变阻器接入电路的阻值不能小于　 　Ω。
（6）实验过程中，小军发现当压力过大时，电流表的示数会超过量程，请提出一种合理的解决办法　 　。
23．请阅读《地月空间的精准量尺——激光测距》并回答问题。
天都一号——突破昼夜限制的“宇宙标尺”
2025年4月，天都一号通导技术试验星，成功完成全球首次白天强光干扰条件下的地月空间激光测距技术试验，标志着我国在深空轨道精密测量领域取得技术新突破。
天都一号搭载角反射器在绕月轨道上运动，地面测控站提供轨道预报数据，地月距离约38万公里，对地月空间卫星进行激光测距，难度相当于在万米之外瞄准一根头发丝，并实施精密跟踪与信号捕获。激光测距的基本原理是地面测站向卫星发射激光脉冲，通过星载的激光角反射器将激光沿原路径反射回地面（如题1图所示为激光测距试验示意图）；地面站采用近红外波段激光与光谱滤波+时域编码技术。配合自主研发的高灵敏度单光子探测器，能在极强的太阳噪声中，成功“捕捉”到极其微弱的有效激光回波信号。再由高精度原子钟精确记录激光往返的时间差，结合光速c（真空中光速），即可计算出地月间的精确距离。
此次试验将地月激光测距的观测窗口从夜间单一窗口拓展至全天时，测距精度达到厘米级。地月空间激光测距技术试验的成功，为中国开发利用地月空间奠定了坚实的科技基础。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）“天都一号卫星”与地面通信是利用　 　进行的。
（2）天都一号通导技术试验星成功完成全球首次白天　 　条件下的地月空间激光测距技术试验。相比于夜间，白天进行地月激光测距的主要优势是　 　。（写一个即可）
（3）“天都一号”卫星搭载的激光角反射器，其主要作用是将激光沿原路径　 　回地面。（选填“直线传播”“反射”或“折射”）
（4）若某次测量中，地面站记录激光从发射到接收回波的总时间为0.4秒，则此时“天都一号”卫星到地面测站的直线距离s为　 　m。
（5）激光角反射器（像墙角一样，也叫角锥棱镜），它能让光沿原方向反射回去。如题2图所示，由两块平面镜拼成一定夹角，就能够构成角反射器。在题2图中，能够模拟天都一号上的角反射器效果的是　 　（填写序号）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】结合日常生活经验可知，一颗荔枝的质量会略小于一个鸡蛋的质量，大小合适的荔枝质量大约为30g。
故选C。
【分析】 1. 物理估测，熟记生活中常见物体质量，一枚鸡蛋质量约 50g，以此作为参照进行比对判断。
2. 质量单位 g、kg 的感性认识，对生活水果、食品质量建立直观印象。
2．【答案】C
【知识点】物理学方法；分子热运动
【解析】【解答】该实验采用了控制变量法进行探究：实验过程中已经控制了食盐的质量、水的质量以及液体的种类都保持相同，且全程不进行搅拌，只改变水的温度这一个条件；温度越高，分子无规则运动就越剧烈，因此实验中热水里的食盐会溶解得更快，由此可以得出该实验探究的是液体温度对分子运动快慢的影响。因此C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 1. 控制变量法，探究某一因素对实验的影响时，只改变研究的变量，其余条件全部保持相同。
2. 分子热运动，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；温度越高，分子无规则运动越剧烈。
3. 食盐溶解快慢可以间接反映分子运动快慢，属于转换法的应用。
3．【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【答案解析】A．我们日常使用筷子时，动力的力臂要比阻力的力臂更短，因此筷子属于费力杠杆，故A正确；
B．天平在使用时，动力臂和阻力臂长度相等，属于等臂杠杆，故B错误；
CD、使用开瓶器开瓶、用金属扳手拧动零件时，动力臂都大于阻力臂，因此开瓶器和金属扳手都属于省力杠杆，故C、D错误。
故选A。
【分析】 1. 杠杆分类，依据动力臂与阻力臂大小关系划分。动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
2. 常见杠杆实例，费力杠杆：筷子、镊子、钓鱼竿；等臂杠杆：天平；省力杠杆：开瓶器、扳手、羊角锤。
4．【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用
【解析】【解答】A．两片金属箔张开的角度越大，说明物体带的电荷量越多，排斥作用越明显，因此A错误；
B．验电器只能判断物体是否带电，无法区分物体所带电荷是正电还是负电，因此B错误；
CD．当带电体接触验电器的金属球后，电荷会传导到两片金属箔上，让两块金属箔带上同种电荷，根据同种电荷相互排斥的规律，金属箔会张开，因此C正确，D错误。
故选C。
【分析】 1. 验电器工作原理，利用同种电荷相互排斥；带电体接触金属球，电荷发生转移，两片金属箔带上同种电荷，箔片张开。 2. 箔片张开角度大小，反映物体带电多少，电荷量越大，张角越大。
3. 验电器功能，只能检验物体是否带电，不能判断电荷的正负。
5．【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】当把点燃的蜡烛放置在距离透镜30cm的位置时，烛焰能够在光屏上形成清晰的倒立缩小的像，这符合照相机的成像原理，根据凸透镜成像规律，此时物距应当大于两倍焦距。已知物距，因此可以得到不等式，整理后可得出焦距满足关系。
故选A。
【分析】 1. 凸透镜成像规律，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；f2. 实像能够呈现在光屏上，虚像不能用光屏承接；题目中光屏上成像，说明成的是实像。
6．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】手摇式荧光棒的发光过程是：通过晃动消耗机械能，借助电磁感应产生电能，最终实现发光，整个过程的能量转化是机械能转化为电能，这与发电机的工作原理相同。
A．该装置是探究电磁铁磁性的实验，利用的是电流的磁效应，能量转化过程为电能转化为磁能，因此A不符合题意；
B．该装置需要外接电源供电，工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，属于电动机的工作原理，能量转化为电能转化为机械能，因此B不符合题意；
C．该图是奥斯特实验，这个实验证明了电流周围存在磁场，因此C不符合题意；
D．该装置没有外接电源，当线圈在磁场中转动切割磁感线时，会产生感应电流进而点亮灯泡，属于电磁感应现象，能量转化为机械能转化为电能，和手摇式荧光棒的工作原理一致，因此D符合题意。
故选 D。
【分析】 1. 电磁感应现象，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流；能量转化：机械能转化为电能，应用是发电机。
2. 电动机原理，通电导体在磁场中受力运动；能量转化：电能转化为机械能，实验装置外部接电源。
3. 电流的磁效应，奥斯特实验、电磁铁，说明通电导体周围存在磁场。
7．【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A、有用功是克服货物重力做的功，结合表格数据计算可得：，因此A错误；
B、由装置图可知，承担动滑轮和货物总重的绳子段数，因此绳子自由端移动的距离为：
结合表格拉力数据，计算总功可得：，因此B正确；
C、滑轮组的机械效率为：，因此C错误；
D、工人做功的功率为总功的功率，结合表格做功时间计算可得：，因此D错误。
故选 B。
【分析】 1. 有用功 W有用= Gh，是对物体做的功；总功 W总 = Fs，是拉力做的功；绳子自由端移动距离 s=nh，n 为承担物重绳子段数。
2. 机械效率 η=W有用/ W总 ×100%，机械效率总小于 1；功率 P=W/t，总功的功率对应拉力做功功率。
3. 先确定 n 值，求出 s；再分别计算有用功、总功、机械效率、功率，逐项判断。
8．【答案】（1）直线传播
（2）暗些
（3）太阳
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】（1）小孔成像的成因是光在同一种均匀介质中沿直线传播。
（2）小孔成像过程中，所成像的形状只和物体本身的形状有关，和小孔的形状没有关系；当遮住半个小孔后，能够穿过小孔的光线总量会变少，因此半透明膜上得到的像亮度会降低，也就是像会变暗。
（3）树叶之间的缝隙就相当于小孔，太阳光穿过这些缝隙时会发生小孔成像现象，所以树荫下出现的一个个小光斑，本质就是太阳通过小孔成像形成的太阳的像。
【分析】 1. 小孔成像原理为光的直线传播；成倒立的实像，像的形状由物体形状决定，与小孔形状无关。
2. 遮住部分小孔，透过的光线数目减少，像的大小不变，亮度变暗。
3. 树荫下圆形光斑属于小孔成像，是太阳的实像，不是树叶缝隙的像。
（1）小孔成像是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的。
（2）小孔成像时，像的形状由物体形状决定，与小孔的形状无关；遮住半个小孔后，通过小孔的光线减少，半透明膜上所成的像会变暗。
（3）树叶间的空隙相当于小孔，太阳光通过这些空隙后发生小孔成像，因此树荫下的小光斑是太阳的像。
9．【答案】大；串联；热
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；影响电阻大小的因素；电流的热效应
【解析】【解答】当材料、长度、温度都相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，因此横截面积更小的C位置电阻会更大。
把A、B两点接在电源正负极后，整个电路只有一条电流流过的路径，因此该电路属于串联电路。
电流通过导体时，会将电能转化为内能，让C处的温度不断升高，最终引发火灾，这个过程是电流的热效应在起作用。
【分析】 1. 导体电阻的影响因素，材料、长度、温度相同时，横截面积越小，电阻越大。
2. 串联电路特点，电流只有一条路径；串联电路中各处电流大小相等。
3. 电流的热效应，电流通过导体时电能转化为内能；根据 Q=I2Rt，电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多。
10．【答案】音色；信息；声源
【知识点】音色；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】音色是声音特有的性质，不同发声体因为制作材料、自身结构不同，发出声音的音色也会存在区别，智能门锁就是依据音色这个特性来区分主人和其他人的声音的。
声音既可以传递信息，也可以传递能量，本题中通过语音指令实现解锁操作，其实是声音传递开锁信息的应用，因此是利用声音来传递信息。在门轴位置添加润滑油，作用是减小门轴部件之间的摩擦，从噪声产生的源头就控制噪声的产生，因此属于在声源处减弱噪声。
【分析】 1. 音色由发声体的材料、结构决定，用来辨别不同发声体；音调由振动频率决定，响度由振幅决定。
2. 声音的作用，传递信息，例如语音识别、听声辨物；传递能量，例如超声波清洗、超声波碎石。
3. 减弱噪声三种途径，声源处减弱、传播过程中减弱、人耳处减弱；加润滑油减小摩擦消声属于声源处减弱噪声。
11．【答案】不可再生；裂变；比热容
【知识点】能源及其分类；核裂变；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】核燃料作为核能的来源，无法在短时间内从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源。
当前核电站是依靠原子核裂变释放的核能来发电的，而核聚变目前还无法实现可控的稳定应用，暂时还不能用核聚变来进行核电站的发电。根据吸热公式可知，当物质质量和升高的温度变化量都相等时，物质的比热容越大，吸收的热量就越多。水的比热容比一般物质更大，相同条件下可以吸收更多热量，因此十分适合作为核反应堆堆芯的冷却剂。
【分析】 1. 能源分类，短期内不能从自然界得到补充的能源为不可再生能源，核能属于不可再生能源；太阳能、风能、水能属于可再生能源。
2. 核裂变与核聚变，核电站利用可控核裂变释放能量；核聚变目前不可控，太阳内部发生核聚变。
3. 比热容，公式 ；水的比热容大，质量相同时，升高相同温度可以吸收更多热量，常用作冷却剂。
12．【答案】做功；压缩；降低
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】使用打气筒打气时，活塞对筒内部的气体做功，将机械能转化为气体的内能，会让筒内气体的内能增加，温度随之升高。
在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞对汽缸内的气体做功，同样将机械能转化为内能，这个能量转化过程和打气筒打气时的能量转化情况是相同的。
普通汽车制动时，原本机械能大多会转化为内能散失掉，而油电混合动力汽车可以将部分机械能转化为电能储存起来，减少了能量的无谓损耗，因此能够降低频繁制动过程中的能量消耗浪费。
【分析】 1. 改变物体内能两种方式，做功、热传递；对物体做功，机械能转化为内能，物体内能增大，温度升高。
2. 汽油机四冲程，压缩冲程：机械能转化为内能；做功冲程：内能转化为机械能。
3. 能量转化与守恒，能量不会消失，只会从一种形式转化为另一种形式；制动能量回收，把机械能转化为电能储存，提高能量利用率。
13．【答案】高度；深度；密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】在探究液体压强的实验中，我们用到了转换法：将难以直接观测的液体内部压强大小，转换为U形管两侧液面的高度差来反映，液面高度差越大，说明对应位置的液体压强越大。
观察图乙和图丙可以看到，两次实验的液体都是水，属于同种液体，探头的朝向也相同，唯一的区别是丙实验中探头浸入液体的深度更大，对应U形管的液面高度差也更大，由此可以得到结论：在同种液体中，液体内部的压强会随着液体深度的增加而增大。
再观察图丙和图丁，两次实验中探头的深度相同、探头的朝向也相同，唯一的变量是液体的种类不同，也就是液体密度不同，最终U形管的液面高度差也不相同，由此可以说明：液体的内部压强还和液体的密度有关。
【分析】 1. 转换法，本实验把液体压强大小转化为 U 形管液面高度差；高度差越大，压强越大。
2. 控制变量法，探究压强与深度关系时，控制液体密度、探头方向不变，改变深度；探究压强与密度关系时，控制深度、探头方向不变，改变液体密度。
3.液体压强规律，同种液体，深度越深，压强越大；同一深度，液体密度越大，压强越大；同一液体同一深度，向各个方向压强相等。公式 p=ρgh。
14．【答案】串联；右；并联
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】串联电路的核心特点是电路中各处电流大小相等，同时各个用电器的工作通电时间也相同，因此若要控制通过两个电阻的电流与通电时间都相同，我们需要把两个电阻丝串联起来接入电路。
根据焦耳定律可知，当电流和通电时间保持不变时，电阻的阻值越大，电流通过电阻产生的热量就越多。已知题目中，因此右侧容器内的电阻产生的热量更多，对应的U形管出现的液面高度差也会更大。
如果要探究电流产生的热量和电流大小的关系，根据控制变量法，我们需要保持电阻阻值、通电时间不变，只改变通过电阻的电流大小；所以将一个电阻和容器内阻值相同的电阻并联在容器外部，就可以让通过两个容器内电阻的电流大小不相等，满足该实验控制变量的要求。
【分析】 1. 焦耳定律公式 Q=I2Rt，电流产生热量与电流、电阻、通电时间有关。
2. 控制变量法，探究热量与电阻关系，控制电流、通电时间相同，选用串联电路；探究热量与电流关系，控制电阻、通电时间相同，容器外并联电阻分流。
3. 转换法，实验中将电阻产生热量多少转换为 U 形管液面高度差，高度差越大，产生热量越多。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；弹力；摩擦力的方向；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）首先作出发光点S关于平面镜的对称点S'，连接S'A，S'A与平面镜的交点就是入射点，再连接发光点与入射点得到入射光线，连接入射点与A得到反射光线；其中对称点S'与平面镜的连线、反射光线的延长线需要用虚线表示，完成后的光路图如下：
（2）运动员沿倾斜山脊向上行走时，运动员相对于山脊有向下滑动的趋势，因此受到的摩擦力f方向沿斜面向上；斜面对运动员的支持力是弹力，方向垂直于斜面向上，按照要求画出两个力的示意图，
（3）家庭电路中，保险丝需要串联在火线上；插座连接遵循“左零右火上接地”的接线规则，按照该规则完成电路连接，
【分析】 1. 平面镜成像作图，利用像与物关于镜面对称；像点、法线、光线的反向延长线必须画虚线，实际光线画实线并标注箭头。
2. 受力作图，支持力方向始终垂直接触面指向被支持物体；静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反，两个力的作用点都画在重心。
3. 家庭电路接线，保险丝串联接火线，电流过大时熔断保护电路；三孔插座口诀 “左零右火上接地”，地线接外壳，防止漏电触电。
（1）作出对称点，连接找到入射点，画出入射光线和反射光线，对称线和反射光线的延长线用虚线，光路图如下：
（2）运动员沿倾斜山脊向上行走时，受到的摩擦力沿斜面向上，支持力垂直斜面向 上，示意图见答案。
（3）保险丝串联在火线上，插座按“左零右火上接地”连接，电路图见答案。
16．【答案】（1）3.20；2.8；2508.6
（2）-2；39；7.8
【知识点】密度公式及其应用；刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）该刻度尺的分度值是，测量时物体的左端与刻度线对齐，右端与刻度线对齐，因此物体的长度为：
弹簧测力计的分度值为，指针正好指在的刻度位置，因此示数为。
电能表读数的最后一位是小数位，单位是，因此此时电能表的读数为。
（2）该温度计的分度值为，液柱顶端位于0℃以下第2个刻度格，因此读数为。
天平测量物体质量时，总质量等于砝码质量加游码对应示数。本题中所有砝码的总质量为，游码对应的示数为，因此小石块的总质量为。
利用排水法测小石块体积：量筒中水的体积是，放入小石块后，量筒内水和石块的总体积为，因此小石块的体积为：
最后根据密度公式计算小石块的密度：
【分析】 1. 刻度尺读数，要估读到分度值下一位；物体长度等于末端刻度减去起始刻度。
2. 弹簧测力计读数，先确定分度值，视线与指针相平直接读取示数。
3. 电能表读数，最后一格为小数位，单位 kW h。
4. 温度计读数，分清零上、零下，零下温度数值为负。
5. 天平测质量，m物 = m砝码 + m游码；排水法测体积 V=V总 V水；密度公式 ρ=m/V，单位 g/cm3与 kg/m3 换算关系 1g/cm3=1×103kg/m3。
（1）刻度尺的分度值为 ，物体左端对齐 ，右端对齐 ，物体长度
弹簧测力计的分度值为 ，指针指向 的位置，示数为
电能表的最后一位是小数位，单位为，读数为
（2）温度计的分度值为 ，液柱在以下第格，读数为 。
天平砝码总质量
游码示数为 ，所以总质量
量筒中水的体积为 ，放入石块后总体积为 ，所以石块体积
小石块的密度
17．【答案】（1）自下而上；外焰
（2）a
（3）保持不变；>
（4）a
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）组装实验装置时，需要先根据酒精灯外焰的位置调整下方器材的高度，确定好下方位置后再向上依次调整上方器材，保证温度计的玻璃泡完全浸入被测水中，且不碰到烧杯底和烧杯壁，因此组装顺序为自下而上；由于酒精灯外焰温度最高，因此需要调整固定夹A的高度，保证加热时能用酒精灯外焰加热。
（2）水沸腾时，整杯水的温度一致，水内部不断汽化，产生的水蒸气不断进入气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大，因此图丙中的a符合水沸腾时的气泡特点。
（3）从图丁的温度-时间图像可以看出，水温度升高到98℃后就不再变化，说明水沸腾过程中温度保持不变，但沸腾过程需要持续加热，因此水沸腾时需要不断吸热；相同时间内酒精灯放出的热量相同，因此水升温到沸腾吸收的热量相同，由图可知，A水的初温更高，升温过程中温度变化量更小，根据，水的比热容不变，吸收热量相同，温度变化量越小，水的质量越大，因此A实验所用的水的质量大于B所用的水的质量。
（4）a．实验中给烧杯加盖可以减少热量散失，缩短加热时间，加盖后杯内气压会大于外界大气压，如果不打孔会使杯内气压偏高，导致测得的水的沸点偏高，因此烧杯盖的小孔作用是平衡杯内外气压，是必要设计，故a错误。
b．如果实验时使用初温更高的水，水达到沸点需要升高的温度更小，吸收的热量更少，加热到沸腾的时间更短，消耗的酒精更少，能够节约能源，故b正确。
c．纸锅烧水后纸锅不会燃烧，原因是水的沸点低于纸的着火点，水沸腾过程中会持续吸热，温度始终保持沸点不变，不会让纸的温度升高到纸的着火点，因此纸锅不会燃烧，故c正确。
故选a。
【分析】 1. 水沸腾实验装置组装遵循自下而上，依据酒精灯外焰高度确定铁圈高度；温度计玻璃泡浸没水中，不能接触烧杯底、烧杯壁。
2.沸腾前气泡上升体积变小；沸腾时整个容器内水温相同，气泡上升体积逐渐变大。
3.水沸腾特点：持续吸热，温度不变；沸点受气压影响，气压越高，沸点越高。
4. 吸热公式 ，c 不变，吸收热量相同时， 越小，质量 m 越大。
5. 烧杯盖小孔用来平衡内外气压，防止杯内气压增大抬高沸点；提高水的初温可以缩短加热时间；纸锅烧水原理：水沸腾吸热，温度保持沸点，达不到纸的着火点。
（1）安装实验器材时，要先调整下面的装置，确保酒精灯外焰加热，再调整上面的，确保温度计玻璃泡浸没，不触底、不碰壁，因此是自下而上安装；酒精灯的外焰温度最高，固定夹A的高度要保证用外焰加热。
（2）水沸腾时，气泡上升过程中体积逐渐变大，对应图丙中的a。
（3）由图丁知，水加热到98℃时，温度保持不变，所以水沸腾时温度保持不变，但需要不断吸热；图丁中，两位同学加热水至沸腾的时间相同，因此吸收的热量相同，A的初温较高，B的初温为0℃，根据，吸收的热量和比热容比不变，温度变化越大，质量越小，则A所用的水的质量大于B所用的水的质量
（4）a．实验中在烧杯上加盖密闭，气压升高，水的沸点会升高，所以设计一个小孔是为了使杯内外气压相等，不是多余的，故a错误；
b．用较高初温的水进行实验，将水加热至沸腾的时间较短，需要燃烧的酒精较少，可节约能源，故b正确；
c．纸锅烧水时，不会燃烧，是因为纸的着火点较高，高于水的沸点，且水在沸腾时，需要吸热，温度保持不变，故c正确。
本题选择描述不正确的，故选a。
18．【答案】（1）
（2）C
（3）0.2；10
（4）减少
（5）40；20
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）按照电路连接要求，将电流表的负接线柱与定值电阻的右接线柱相连，再将定值电阻的左接线柱与滑动变阻器任意一个上端接线柱连接，完成电路连接即可。
（2）电流表有示数，说明电路是通路，不存在断路故障；而电压表没有示数，说明与电压表并联的部分出现了短路，因此故障应为定值电阻R短路，故选C。
（3）由图可读出电流表的示数为；根据欧姆定律计算可得：
（4）本实验中多次测量定值电阻的阻值再取平均值，目的是减小实验误差，因此此处填“减少”。
（5）当闭合、断开时，电路中只有定值电阻接入，因此电源电压为：
当两个开关都闭合时，与待测电阻并联，电流表测量干路总电流，根据并联电路的电流规律，待测电阻的电流为：
再根据欧姆定律可计算出待测电阻的阻值：
电流表允许的最大电流为，因此干路的最大总电流为；由于并联电路中各支路独立工作，所在支路的电流始终为，因此待测电阻允许通过的最大电流为：
，电源电压不变，根据欧姆定律，电阻越小电流越大，因此待测电阻能接入的最小阻值为：；
【分析】 1. 伏安法测电阻实物连接，电流表串联，电流正进负出；滑动变阻器 “一上一下” 接线。
2. 电路故障判断，电流表有示数说明通路；电压表无示数，并联部分短路；电压表有示数、电流表无示数，并联部分断路。
3. 欧姆定律 R=U/I；定值电阻实验多次测量取平均值，作用是减小误差。
4. 安阻法测电阻，利用已知定值电阻求出电源电压；并联电路电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
5. 并联电路支路互不影响，一条支路电流不受另一支路变化；结合电表量程，计算电路允许的最大电流，推导最小电阻。
（1）根据电路图连接，将电流表负接线柱与定值电阻右接线柱连接，再将定值电阻左接线柱与滑动变阻器任一上端接线柱连接即可。
（2）电流表有示数说明电路不是发生了断路，电压表无示数说明可能是定值电阻R短路，故选C。
（3）由图可知电流表读数为；
根据欧姆定律可得
（4）多次测量求平均值可以减少实验误差，因此填减少。
（5）闭合，断开 时，只有 接入电路，电源电压
两开关都闭合时，与并联，干路电流，的电流
由欧姆定律可得
电流表量程最大为，干路最大电流， 的电流始终为，因此 允许的最大电流
电源电压不变，电阻越小电流越大，因此最小阻值
19．【答案】（1）解：无人机的重力
已知无人机与地面的接触面积
无人机对地面的压强为
（2）解：无人机匀速上升，根据二力平衡，此时升力等于重力，升力做的功
（3）解：输出功率为
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）结合G=mg计算无人机的重力，无人机与地面的接触面积，结合压强公式计算无人机对地面的压强（2）无人机匀速上升，升力等于重力，结合计算升力做的功；
（3）结合W=Pt计算输出功率。
（1）无人机的重力
已知无人机与地面的接触面积
无人机对地面的压强为
（2）无人机匀速上升，根据二力平衡，此时升力等于重力，升力做的功
（3）输出功率为
20．【答案】（1）解：保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，则
（2）解：由 得
（3）解：加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量
热量全部被水吸收，由得
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，结合P=UI计算 通过电阻R1的电流
（2）由 得计算 R1；
（3）加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量， 由得 煮药器产生的热量能使2 kg的水温度升高 的温度。
（1）保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，则
（2）由 得
（3）加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量
热量全部被水吸收，由得
21．【答案】（1）轨道；惯性
（2）；
（3）减小；内能
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）若以轨道（地面、周边高楼均可）为参照物，过山车的位置没有发生改变，因此它是静止的；当小车越过轨道顶点后，由于惯性，它会保持原有的运动状态继续运动，从而顺利完成翻滚穿越的过程。
（2）乘客克服重力所做的功为：
电动机做的总功为：
整个过程中克服摩擦力做的功为：
（3）过山车下滑过程中，车厢需要不断克服摩擦力做功，一部分机械能会转化为内能，因此总的机械能会减小。
【分析】 1. 运动和静止的相对性，判断物体运动还是静止，看物体相对于参照物位置是否发生变化；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性。
2. 克服重力做功公式 W=Gh=mgh；总功公式 W=Pt；能量守恒，总功等于克服重力做功与克服摩擦力做功之和。
3. 机械能变化判断，存在摩擦阻力时，机械能转化为内能，机械能减小；不计摩擦阻力，机械能守恒。
（1）以轨道（或地面、附近的高楼）为参照物，过山车的位置没有变化，是静止的；小车越过顶点后，由于惯性，会保持原来的运动状态，顺利完成翻滚穿越过程。
（2）乘客克服重力做的功
电动机做的总功
克服摩擦力做的功
（3）下滑过程中车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能会减小。
22．【答案】（1）b
（2）1.8
（3）减小
（4）40；7.5
（5）5
（6）换用量程更大的电流表
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 闭合开关前，滑动变阻器要调到接入电路阻值最大位置，起到保护电路的作用。本题滑片置于 b 端时，滑动变阻器接入电阻最大，故填 b。
（2） 无压力时，电路电流 I=0.2A，压敏电阻 R 两端电压 U =9V， 压敏电阻的电功率：
（3） 实验控制压敏电阻两端电压电压不变，由表格得可知压力越大，电流越大，根据可知阻值减小，因此压敏电阻阻值随压力增大而减小。
（4）已知，，由欧姆定律得电路电流
对照表格数据，电流 0.4A 对应的质量 m=40kg。
滑动变阻器两端电压
滑动变阻器接入阻值
（5）电流表量程为 0～0.6A，电路最大电流，滑动变阻器电压恒为，因此最小接入阻值
（6）压力过大，电路电流会超过电流表量程，改进措施：换用量程更大的电流表；降低电源电压；在电路中串联定值电阻分压限流
【分析】 1. 滑动变阻器使用规范，闭合开关前滑片调至最大阻值处，目的是保护电路。
2. 电功率计算公式 P=UI；欧姆定律 I=U/R；串联电路电压规律 U总 = U1+U2。
3. 压敏电阻属于敏感电阻，阻值随外界压力大小发生改变；控制电压不变，通过电流变化反映电阻变化。
4. 串联电路电流处处相等，各元件分压之和等于电源电压；结合表格数据完成物理量的对应换算。
5. 电表量程限制，根据电表最大测量值，结合欧姆定律求解滑动变阻器接入的最小电阻。
6. 电路安全改进思路，从更换电表、改变电源电压、增加分压保护元件角度分析。
（1）闭合开关前，滑动变阻器需要调到接入阻值最大处保护电路，本题中滑片在端时，滑动变阻器接入电阻最大，故填。
（2）无压力时电路电流，压敏电阻 两端电压，压敏电阻的电功率
（3）实验保持 电压不变，由表格得可知压力越大，电流越大，根据可知阻值减小，因此压敏电阻阻值随压力增大而减小。
（4）已知，，由欧姆定律得电路电流
对照表格，对应质量
滑动变阻器两端电压
滑动变阻器接入阻值
（5）电流表量程最大为，即电路最大电流，滑动变阻器电压恒为，因此最小接入阻值
（6）压力过大电流超量程，可以换用更大量程的电流表、降低电源电压、电路中串联定值电阻等。
23．【答案】（1）电磁波
（2）强光干扰；可全天时观测
（3）反射
（4）
（5）B
【知识点】光的反射定律；速度公式及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）太空中是真空环境，而电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，因此卫星和地面之间就是依靠电磁波来传递信息完成通信的。
（2）结合题干给出的材料内容可知，这次完成的是白天强光环境下的地月空间激光测距试验；原本的激光测距技术仅能在夜间进行测距，本次技术突破后，可以实现全天时观测，最突出的优势就是把观测时间从仅夜间拓展到了全天，大幅增加了可观测的时长。
（3）角反射器的工作原理是光的反射，它的作用是把入射的激光沿着原来的路径反射回地面观测站。
（4）激光从地面发射，到达卫星后再反射回地面，传播的总路程是卫星到地面测站距离的2倍，因此激光从地面到卫星的单程传播时间为：
根据速度公式可得，“天都一号”卫星到地面测站的直线距离为：
（5）要让入射光经过两次反射后，沿着和入射方向平行的原路径返回地面，需要将角反射器的两块平面镜相互垂直放置，观察选项示意图，只有B选项的两块平面镜是互相垂直放置的，满足角反射器的设计要求，因此选B。
【分析】 1. 电磁波可以在真空中传播，卫星通信依靠电磁波传递信息；声音不能在真空中传播。
2. 光的反射，角反射器由两块互相垂直的平面镜组成，入射光经两次反射后沿原方向反向返回。
3. 速度公式 s=vt；激光测距注意激光往返，计算距离要取时间的一半。
（1）太空为真空环境，电磁波可以在真空中传播，因此卫星与地面通信依靠电磁波传递信息。
（2）根据材料原文，本次试验是白天强光干扰条件下的地月空间激光测距试验；根据材料内容，原有技术只能在夜间开展测距，本次突破后可以全天时观测，优势为将观测窗口从夜间拓展至全天时，增加了可观测的时间。
（3）角反射器利用光的反射工作，作用是将入射激光沿原路径反射回地面。
（4）激光从地面到卫星的单程时间为
此时“天都一号”卫星到地面测站的直线距离
（5）角反射器需要两块平面镜相互垂直放置，才能使入射光经过两次反射后，沿与入射方向平行的原方向返回，图中只有B的两块平面镜成直角垂直放置，符合角反射器的要求，故选B。
1 / 1广东云浮市2026年中考物理一模试题
1．小明拿起一个大小为1寸（约为3.3cm）的荔枝，如图所示，它的质量大约为（ ）
A．0.3g B．3.0g C．30g D．30kg
【答案】C
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】结合日常生活经验可知，一颗荔枝的质量会略小于一个鸡蛋的质量，大小合适的荔枝质量大约为30g。
故选C。
【分析】 1. 物理估测，熟记生活中常见物体质量，一枚鸡蛋质量约 50g，以此作为参照进行比对判断。
2. 质量单位 g、kg 的感性认识，对生活水果、食品质量建立直观印象。
2．为了探究影响水变咸快慢的主要因素，小军将等量的食用碘盐，分别放入质量相同、温度不同的冷水和热水中，静置不搅拌，发现热水中的食盐溶解更快，水更快变咸。该实验主要探究的是以下哪个因素对分子运动快慢的影响（ ）
A．液体种类 B．液体体积 C．液体温度 D．液体质量
【答案】C
【知识点】物理学方法；分子热运动
【解析】【解答】该实验采用了控制变量法进行探究：实验过程中已经控制了食盐的质量、水的质量以及液体的种类都保持相同，且全程不进行搅拌，只改变水的温度这一个条件；温度越高，分子无规则运动就越剧烈，因此实验中热水里的食盐会溶解得更快，由此可以得出该实验探究的是液体温度对分子运动快慢的影响。因此C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】 1. 控制变量法，探究某一因素对实验的影响时，只改变研究的变量，其余条件全部保持相同。
2. 分子热运动，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；温度越高，分子无规则运动越剧烈。
3. 食盐溶解快慢可以间接反映分子运动快慢，属于转换法的应用。
3．如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．筷子 B．天平
C．开瓶器 D．金属扳手
【答案】A
【知识点】杠杆的分类
【解析】【答案解析】A．我们日常使用筷子时，动力的力臂要比阻力的力臂更短，因此筷子属于费力杠杆，故A正确；
B．天平在使用时，动力臂和阻力臂长度相等，属于等臂杠杆，故B错误；
CD、使用开瓶器开瓶、用金属扳手拧动零件时，动力臂都大于阻力臂，因此开瓶器和金属扳手都属于省力杠杆，故C、D错误。
故选A。
【分析】 1. 杠杆分类，依据动力臂与阻力臂大小关系划分。动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
2. 常见杠杆实例，费力杠杆：筷子、镊子、钓鱼竿；等臂杠杆：天平；省力杠杆：开瓶器、扳手、羊角锤。
4．如图，大头针插在玻璃瓶的软木塞上，把金属箔悬挂在大头针上。带电体接触大头针后，金属箔张开，此过程描述正确的是（ ）
A．张开角度越小，所带电荷越多 B．可检验带电体的电性
C．金属箔带上同种电荷 D．金属箔带上异种电荷
【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用
【解析】【解答】A．两片金属箔张开的角度越大，说明物体带的电荷量越多，排斥作用越明显，因此A错误；
B．验电器只能判断物体是否带电，无法区分物体所带电荷是正电还是负电，因此B错误；
CD．当带电体接触验电器的金属球后，电荷会传导到两片金属箔上，让两块金属箔带上同种电荷，根据同种电荷相互排斥的规律，金属箔会张开，因此C正确，D错误。
故选C。
【分析】 1. 验电器工作原理，利用同种电荷相互排斥；带电体接触金属球，电荷发生转移，两片金属箔带上同种电荷，箔片张开。 2. 箔片张开角度大小，反映物体带电多少，电荷量越大，张角越大。
3. 验电器功能，只能检验物体是否带电，不能判断电荷的正负。
5．如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，将点燃的蜡烛放在距离透镜30cm处，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，则此透镜的焦距是（ ）
A．10cm B．15cm C．20cm D．25cm
【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】当把点燃的蜡烛放置在距离透镜30cm的位置时，烛焰能够在光屏上形成清晰的倒立缩小的像，这符合照相机的成像原理，根据凸透镜成像规律，此时物距应当大于两倍焦距。已知物距，因此可以得到不等式，整理后可得出焦距满足关系。
故选A。
【分析】 1. 凸透镜成像规律，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；f2. 实像能够呈现在光屏上，虚像不能用光屏承接；题目中光屏上成像，说明成的是实像。
6．演唱会有一种手摇式荧光棒，通过快速摇晃带动内部装置转动，就能使荧光棒发光，不需要电池。“快速摇晃”这个过程中主要的能量转化，与下列实验的工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】手摇式荧光棒的发光过程是：通过晃动消耗机械能，借助电磁感应产生电能，最终实现发光，整个过程的能量转化是机械能转化为电能，这与发电机的工作原理相同。
A．该装置是探究电磁铁磁性的实验，利用的是电流的磁效应，能量转化过程为电能转化为磁能，因此A不符合题意；
B．该装置需要外接电源供电，工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，属于电动机的工作原理，能量转化为电能转化为机械能，因此B不符合题意；
C．该图是奥斯特实验，这个实验证明了电流周围存在磁场，因此C不符合题意；
D．该装置没有外接电源，当线圈在磁场中转动切割磁感线时，会产生感应电流进而点亮灯泡，属于电磁感应现象，能量转化为机械能转化为电能，和手摇式荧光棒的工作原理一致，因此D符合题意。
故选 D。
【分析】 1. 电磁感应现象，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流；能量转化：机械能转化为电能，应用是发电机。
2. 电动机原理，通电导体在磁场中受力运动；能量转化：电能转化为机械能，实验装置外部接电源。
3. 电流的磁效应，奥斯特实验、电磁铁，说明通电导体周围存在磁场。
7．如图所示，工人通过滑轮组用竖直向下的拉力匀速提升货物，表中是他某次工作的相关数据。若三个滑轮重均相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
货物所受重力G/N 货物被提升高度h/m 绳端所受拉力F/N 所用时间t/s
500 2 200 10
A．工人做功的有用功为400 W B．工人做功的总功为1200 J
C．滑轮组的机械效率为62.5% D．工人做功的功率为160 W
【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A、有用功是克服货物重力做的功，结合表格数据计算可得：，因此A错误；
B、由装置图可知，承担动滑轮和货物总重的绳子段数，因此绳子自由端移动的距离为：
结合表格拉力数据，计算总功可得：，因此B正确；
C、滑轮组的机械效率为：，因此C错误；
D、工人做功的功率为总功的功率，结合表格做功时间计算可得：，因此D错误。
故选 B。
【分析】 1. 有用功 W有用= Gh，是对物体做的功；总功 W总 = Fs，是拉力做的功；绳子自由端移动距离 s=nh，n 为承担物重绳子段数。
2. 机械效率 η=W有用/ W总 ×100%，机械效率总小于 1；功率 P=W/t，总功的功率对应拉力做功功率。
3. 先确定 n 值，求出 s；再分别计算有用功、总功、机械效率、功率，逐项判断。
8．中华文化源远流长，公元4世纪前的《墨经》中就记载了小孔成像现象和解释，如图甲所示，为进一步探究小孔成像的特点，妍妍制作了如图乙所示的装置，将易拉罐底部中央戳一个小孔，将易拉罐顶部剪去，蒙上一层半透明塑料薄膜。
（1）小孔成像的原理是光在均匀介质中沿　 　；
（2）妍妍在制作小孔时，把小孔戳成三角形，用它来观察蜡烛，如图乙所示，遮住半个小孔的位置，半透明膜上呈现出了烛焰的像比原来的　 　（选填“亮些”或“暗些”）。
（3）如图丙所示，夏天树荫下的小光斑是　 　（选填“太阳”或“树叶间的空隙”）的像。
【答案】（1）直线传播
（2）暗些
（3）太阳
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】（1）小孔成像的成因是光在同一种均匀介质中沿直线传播。
（2）小孔成像过程中，所成像的形状只和物体本身的形状有关，和小孔的形状没有关系；当遮住半个小孔后，能够穿过小孔的光线总量会变少，因此半透明膜上得到的像亮度会降低，也就是像会变暗。
（3）树叶之间的缝隙就相当于小孔，太阳光穿过这些缝隙时会发生小孔成像现象，所以树荫下出现的一个个小光斑，本质就是太阳通过小孔成像形成的太阳的像。
【分析】 1. 小孔成像原理为光的直线传播；成倒立的实像，像的形状由物体形状决定，与小孔形状无关。
2. 遮住部分小孔，透过的光线数目减少，像的大小不变，亮度变暗。
3. 树荫下圆形光斑属于小孔成像，是太阳的实像，不是树叶缝隙的像。
（1）小孔成像是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的。
（2）小孔成像时，像的形状由物体形状决定，与小孔的形状无关；遮住半个小孔后，通过小孔的光线减少，半透明膜上所成的像会变暗。
（3）树叶间的空隙相当于小孔，太阳光通过这些空隙后发生小孔成像，因此树荫下的小光斑是太阳的像。
9．某实验兴趣小组利用身边的器材做电学实验，将包装口香糖的锡箔纸剪成如图形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻　 　（选填“大”或“小”）。A、B相当于组成　 　（选填“串联”或“并联”）电路。当A、B两端分别与B、电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的　 　（选填“化学”“热”或“磁”）效应。
【答案】大；串联；热
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；影响电阻大小的因素；电流的热效应
【解析】【解答】当材料、长度、温度都相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，因此横截面积更小的C位置电阻会更大。
把A、B两点接在电源正负极后，整个电路只有一条电流流过的路径，因此该电路属于串联电路。
电流通过导体时，会将电能转化为内能，让C处的温度不断升高，最终引发火灾，这个过程是电流的热效应在起作用。
【分析】 1. 导体电阻的影响因素，材料、长度、温度相同时，横截面积越小，电阻越大。
2. 串联电路特点，电流只有一条路径；串联电路中各处电流大小相等。
3. 电流的热效应，电流通过导体时电能转化为内能；根据 Q=I2Rt，电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多。
10．小红家里有个智能门锁，能分辨出是主人的声音，主要是依据声音的　 　（选填“音调”“音色”或“响度”）不同；用户只要说出语音指令即可实现解锁，这主要利用声音可以传递　 　；家门的门轴使用时间久了，开关门时常会发出刺耳的杂音。为减弱这种杂音，可以在门轴处滴加润滑油，这是在　 　处减弱噪声。
【答案】音色；信息；声源
【知识点】音色；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】音色是声音特有的性质，不同发声体因为制作材料、自身结构不同，发出声音的音色也会存在区别，智能门锁就是依据音色这个特性来区分主人和其他人的声音的。
声音既可以传递信息，也可以传递能量，本题中通过语音指令实现解锁操作，其实是声音传递开锁信息的应用，因此是利用声音来传递信息。在门轴位置添加润滑油，作用是减小门轴部件之间的摩擦，从噪声产生的源头就控制噪声的产生，因此属于在声源处减弱噪声。
【分析】 1. 音色由发声体的材料、结构决定，用来辨别不同发声体；音调由振动频率决定，响度由振幅决定。
2. 声音的作用，传递信息，例如语音识别、听声辨物；传递能量，例如超声波清洗、超声波碎石。
3. 减弱噪声三种途径，声源处减弱、传播过程中减弱、人耳处减弱；加润滑油减小摩擦消声属于声源处减弱噪声。
11．核能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，它在生活中有着广泛的应用。惠州市大亚湾核电站是利用原子核　 　（填“裂变”或“聚变”）释放的能量来发电的。我们可以利用水的　 　较大的特点做冷却剂，给核反应堆的堆芯降温。
【答案】不可再生；裂变；比热容
【知识点】能源及其分类；核裂变；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】核燃料作为核能的来源，无法在短时间内从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源。
当前核电站是依靠原子核裂变释放的核能来发电的，而核聚变目前还无法实现可控的稳定应用，暂时还不能用核聚变来进行核电站的发电。根据吸热公式可知，当物质质量和升高的温度变化量都相等时，物质的比热容越大，吸收的热量就越多。水的比热容比一般物质更大，相同条件下可以吸收更多热量，因此十分适合作为核反应堆堆芯的冷却剂。
【分析】 1. 能源分类，短期内不能从自然界得到补充的能源为不可再生能源，核能属于不可再生能源；太阳能、风能、水能属于可再生能源。
2. 核裂变与核聚变，核电站利用可控核裂变释放能量；核聚变目前不可控，太阳内部发生核聚变。
3. 比热容，公式 ；水的比热容大，质量相同时，升高相同温度可以吸收更多热量，常用作冷却剂。
12．用打气筒打气时，气筒壁会发热，这是因为活塞对筒内气体　 　（选填“做功”或“热传递”），使筒内气体内能增大，温度升高，此过程中的能量转化与四冲程汽油机　 　冲程的能量转化相同。油电混合动力汽车在减速制动时，可以将电动机作为发电机使用，从而将汽车的一部分机械能转化为电能储存起来，这种能量转化能够　 　（选填“提高”或“降低”）汽车在频繁制动过程中的能量损耗。
【答案】做功；压缩；降低
【知识点】做功改变物体内能；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】使用打气筒打气时，活塞对筒内部的气体做功，将机械能转化为气体的内能，会让筒内气体的内能增加，温度随之升高。
在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞对汽缸内的气体做功，同样将机械能转化为内能，这个能量转化过程和打气筒打气时的能量转化情况是相同的。
普通汽车制动时，原本机械能大多会转化为内能散失掉，而油电混合动力汽车可以将部分机械能转化为电能储存起来，减少了能量的无谓损耗，因此能够降低频繁制动过程中的能量消耗浪费。
【分析】 1. 改变物体内能两种方式，做功、热传递；对物体做功，机械能转化为内能，物体内能增大，温度升高。
2. 汽油机四冲程，压缩冲程：机械能转化为内能；做功冲程：内能转化为机械能。
3. 能量转化与守恒，能量不会消失，只会从一种形式转化为另一种形式；制动能量回收，把机械能转化为电能储存，提高能量利用率。
13．如题图甲所示是探究液体内部压强规律的实验装置，实验中通过观察U形管两侧液面的　 　差来反映液体内部压强的大小，这种研究方法叫转换法。比较图乙和图丙可知：在同种液体中，液体内部压强随液体　 　的增加而增大。比较图丙和图丁可知：液体内部的压强还与液体的　 　有关（本题三个空选填“密度”“深度”或“高度”）。
【答案】高度；深度；密度
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】在探究液体压强的实验中，我们用到了转换法：将难以直接观测的液体内部压强大小，转换为U形管两侧液面的高度差来反映，液面高度差越大，说明对应位置的液体压强越大。
观察图乙和图丙可以看到，两次实验的液体都是水，属于同种液体，探头的朝向也相同，唯一的区别是丙实验中探头浸入液体的深度更大，对应U形管的液面高度差也更大，由此可以得到结论：在同种液体中，液体内部的压强会随着液体深度的增加而增大。
再观察图丙和图丁，两次实验中探头的深度相同、探头的朝向也相同，唯一的变量是液体的种类不同，也就是液体密度不同，最终U形管的液面高度差也不相同，由此可以说明：液体的内部压强还和液体的密度有关。
【分析】 1. 转换法，本实验把液体压强大小转化为 U 形管液面高度差；高度差越大，压强越大。
2. 控制变量法，探究压强与深度关系时，控制液体密度、探头方向不变，改变深度；探究压强与密度关系时，控制深度、探头方向不变，改变液体密度。
3.液体压强规律，同种液体，深度越深，压强越大；同一深度，液体密度越大，压强越大；同一液体同一深度，向各个方向压强相等。公式 p=ρgh。
14．如图所示实验，是探究电流通过导体产生热量的实验装置，把5 Ω和10 Ω的电阻丝　 　（选填“串联”或“并联”）在电路中，目的是控制通过两电阻的电流和通电时间相同。根据焦耳定律，通电一段时间后，　 　（选填“左”或“右”）侧容器内电阻丝产生的热量更多，对应的U形管液面高度差更大。若要探究电流产生的热量与电流的关系，需要在其中一个容器的外部　 　（选填“串联”或“并联”）一个阻值相同的电阻。
【答案】串联；右；并联
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】串联电路的核心特点是电路中各处电流大小相等，同时各个用电器的工作通电时间也相同，因此若要控制通过两个电阻的电流与通电时间都相同，我们需要把两个电阻丝串联起来接入电路。
根据焦耳定律可知，当电流和通电时间保持不变时，电阻的阻值越大，电流通过电阻产生的热量就越多。已知题目中，因此右侧容器内的电阻产生的热量更多，对应的U形管出现的液面高度差也会更大。
如果要探究电流产生的热量和电流大小的关系，根据控制变量法，我们需要保持电阻阻值、通电时间不变，只改变通过电阻的电流大小；所以将一个电阻和容器内阻值相同的电阻并联在容器外部，就可以让通过两个容器内电阻的电流大小不相等，满足该实验控制变量的要求。
【分析】 1. 焦耳定律公式 Q=I2Rt，电流产生热量与电流、电阻、通电时间有关。
2. 控制变量法，探究热量与电阻关系，控制电流、通电时间相同，选用串联电路；探究热量与电流关系，控制电阻、通电时间相同，容器外并联电阻分流。
3. 转换法，实验中将电阻产生热量多少转换为 U 形管液面高度差，高度差越大，产生热量越多。
15．（1）如题图，M为平面镜，S为光源。请作出S发出的光经平面镜反射后通过A点的光路图（保留作图痕迹）。
（2）题图所示是登山运动员沿倾斜山脊向上行走的示意图，请在图中画出运动员所受支持力和摩擦力的示意图（可把力的作用点画在重心上）。
（3）小安家的某个三孔插座经常连接大功率用电器，为了用电安全，他想在三孔插座上串联一个保险丝后再接入家庭电路，请在如题图中用笔画线表示导线帮小安完成电路连接。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；弹力；摩擦力的方向；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）首先作出发光点S关于平面镜的对称点S'，连接S'A，S'A与平面镜的交点就是入射点，再连接发光点与入射点得到入射光线，连接入射点与A得到反射光线；其中对称点S'与平面镜的连线、反射光线的延长线需要用虚线表示，完成后的光路图如下：
（2）运动员沿倾斜山脊向上行走时，运动员相对于山脊有向下滑动的趋势，因此受到的摩擦力f方向沿斜面向上；斜面对运动员的支持力是弹力，方向垂直于斜面向上，按照要求画出两个力的示意图，
（3）家庭电路中，保险丝需要串联在火线上；插座连接遵循“左零右火上接地”的接线规则，按照该规则完成电路连接，
【分析】 1. 平面镜成像作图，利用像与物关于镜面对称；像点、法线、光线的反向延长线必须画虚线，实际光线画实线并标注箭头。
2. 受力作图，支持力方向始终垂直接触面指向被支持物体；静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反，两个力的作用点都画在重心。
3. 家庭电路接线，保险丝串联接火线，电流过大时熔断保护电路；三孔插座口诀 “左零右火上接地”，地线接外壳，防止漏电触电。
（1）作出对称点，连接找到入射点，画出入射光线和反射光线，对称线和反射光线的延长线用虚线，光路图如下：
（2）运动员沿倾斜山脊向上行走时，受到的摩擦力沿斜面向上，支持力垂直斜面向 上，示意图见答案。
（3）保险丝串联在火线上，插座按“左零右火上接地”连接，电路图见答案。
16．（1）如题图所示，刻度尺测得物体的长度是　 　cm，弹簧测力计的示数是　 　，电能表的读数是　 　kW·h；
（2）如题图所示，温度计的读数　 　℃；用天平测小石块的质量如图甲所示，则小石块的质量为　 　g，用量筒测小石块的体积如图乙所示，则小石块的密度为　 　。
【答案】（1）3.20；2.8；2508.6
（2）-2；39；7.8
【知识点】密度公式及其应用；刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）该刻度尺的分度值是，测量时物体的左端与刻度线对齐，右端与刻度线对齐，因此物体的长度为：
弹簧测力计的分度值为，指针正好指在的刻度位置，因此示数为。
电能表读数的最后一位是小数位，单位是，因此此时电能表的读数为。
（2）该温度计的分度值为，液柱顶端位于0℃以下第2个刻度格，因此读数为。
天平测量物体质量时，总质量等于砝码质量加游码对应示数。本题中所有砝码的总质量为，游码对应的示数为，因此小石块的总质量为。
利用排水法测小石块体积：量筒中水的体积是，放入小石块后，量筒内水和石块的总体积为，因此小石块的体积为：
最后根据密度公式计算小石块的密度：
【分析】 1. 刻度尺读数，要估读到分度值下一位；物体长度等于末端刻度减去起始刻度。
2. 弹簧测力计读数，先确定分度值，视线与指针相平直接读取示数。
3. 电能表读数，最后一格为小数位，单位 kW h。
4. 温度计读数，分清零上、零下，零下温度数值为负。
5. 天平测质量，m物 = m砝码 + m游码；排水法测体积 V=V总 V水；密度公式 ρ=m/V，单位 g/cm3与 kg/m3 换算关系 1g/cm3=1×103kg/m3。
（1）刻度尺的分度值为 ，物体左端对齐 ，右端对齐 ，物体长度
弹簧测力计的分度值为 ，指针指向 的位置，示数为
电能表的最后一位是小数位，单位为，读数为
（2）温度计的分度值为 ，液柱在以下第格，读数为 。
天平砝码总质量
游码示数为 ，所以总质量
量筒中水的体积为 ，放入石块后总体积为 ，所以石块体积
小石块的密度
17．在课堂上同学们用小纸锅烧水，如题图甲所示。为什么水能烧开而纸锅不会燃烧呢？带着这个问题，同学们开始探究水沸腾时温度变化的特点。
（1）如题图乙，在安装实验器材时，正确步骤顺序是　 　（填“自下而上”或“自上而下”），老师提醒大家固定夹A和B的高度都要适当，固定夹A高度适当的标准是保证能够用酒精灯　 　（填“内焰”或“外焰”）加热，那么固定夹B高度“适当”的标准是温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（2）用酒精灯给水加热至沸腾，需要计时，记录温度并观察现象。实验中判断水沸腾的依据是烧杯中出现如题图丙中的　 　（填“a”或“b”）所示现象；
（3）两位同学将收集的数据绘制成如图丁所示的“温度-时间”关系图象，发现水在沸腾过程中，温度变化的特点是　 　，根据图像可知两位同学所用水的质量大小关系是mA　 　mB（填“＞”“=”或“＜”）；
（4）交流评估环节中，同学们提出各自的观点，其中不正确的有　 　（填字母）。
a．纸板上的小孔加快了水的散热，因此小孔是多余的
b．用初温较高的水做实验，可以缩短沸腾前的加热时间，节约能源
c．纸锅烧水实验中，纸锅不会燃烧是因为纸的着火点高于水的沸点，且水沸腾时要不断吸热
【答案】（1）自下而上；外焰
（2）a
（3）保持不变；>
（4）a
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）组装实验装置时，需要先根据酒精灯外焰的位置调整下方器材的高度，确定好下方位置后再向上依次调整上方器材，保证温度计的玻璃泡完全浸入被测水中，且不碰到烧杯底和烧杯壁，因此组装顺序为自下而上；由于酒精灯外焰温度最高，因此需要调整固定夹A的高度，保证加热时能用酒精灯外焰加热。
（2）水沸腾时，整杯水的温度一致，水内部不断汽化，产生的水蒸气不断进入气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大，因此图丙中的a符合水沸腾时的气泡特点。
（3）从图丁的温度-时间图像可以看出，水温度升高到98℃后就不再变化，说明水沸腾过程中温度保持不变，但沸腾过程需要持续加热，因此水沸腾时需要不断吸热；相同时间内酒精灯放出的热量相同，因此水升温到沸腾吸收的热量相同，由图可知，A水的初温更高，升温过程中温度变化量更小，根据，水的比热容不变，吸收热量相同，温度变化量越小，水的质量越大，因此A实验所用的水的质量大于B所用的水的质量。
（4）a．实验中给烧杯加盖可以减少热量散失，缩短加热时间，加盖后杯内气压会大于外界大气压，如果不打孔会使杯内气压偏高，导致测得的水的沸点偏高，因此烧杯盖的小孔作用是平衡杯内外气压，是必要设计，故a错误。
b．如果实验时使用初温更高的水，水达到沸点需要升高的温度更小，吸收的热量更少，加热到沸腾的时间更短，消耗的酒精更少，能够节约能源，故b正确。
c．纸锅烧水后纸锅不会燃烧，原因是水的沸点低于纸的着火点，水沸腾过程中会持续吸热，温度始终保持沸点不变，不会让纸的温度升高到纸的着火点，因此纸锅不会燃烧，故c正确。
故选a。
【分析】 1. 水沸腾实验装置组装遵循自下而上，依据酒精灯外焰高度确定铁圈高度；温度计玻璃泡浸没水中，不能接触烧杯底、烧杯壁。
2.沸腾前气泡上升体积变小；沸腾时整个容器内水温相同，气泡上升体积逐渐变大。
3.水沸腾特点：持续吸热，温度不变；沸点受气压影响，气压越高，沸点越高。
4. 吸热公式 ，c 不变，吸收热量相同时， 越小，质量 m 越大。
5. 烧杯盖小孔用来平衡内外气压，防止杯内气压增大抬高沸点；提高水的初温可以缩短加热时间；纸锅烧水原理：水沸腾吸热，温度保持沸点，达不到纸的着火点。
（1）安装实验器材时，要先调整下面的装置，确保酒精灯外焰加热，再调整上面的，确保温度计玻璃泡浸没，不触底、不碰壁，因此是自下而上安装；酒精灯的外焰温度最高，固定夹A的高度要保证用外焰加热。
（2）水沸腾时，气泡上升过程中体积逐渐变大，对应图丙中的a。
（3）由图丁知，水加热到98℃时，温度保持不变，所以水沸腾时温度保持不变，但需要不断吸热；图丁中，两位同学加热水至沸腾的时间相同，因此吸收的热量相同，A的初温较高，B的初温为0℃，根据，吸收的热量和比热容比不变，温度变化越大，质量越小，则A所用的水的质量大于B所用的水的质量
（4）a．实验中在烧杯上加盖密闭，气压升高，水的沸点会升高，所以设计一个小孔是为了使杯内外气压相等，不是多余的，故a错误；
b．用较高初温的水进行实验，将水加热至沸腾的时间较短，需要燃烧的酒精较少，可节约能源，故b正确；
c．纸锅烧水时，不会燃烧，是因为纸的着火点较高，高于水的沸点，且水在沸腾时，需要吸热，温度保持不变，故c正确。
本题选择描述不正确的，故选a。
18．小伟从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻R，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行实验测量，图甲实验所用电源电压为3V。
（1）根据图甲的电路图，请用笔画线表示导线，补全图乙实物电路的连接；
（2）正确连接好电路，闭合开关，若发现电流表有示数，电压表无示数，此现象可能是_______造成的（填序号）。
A．电阻R断路 B．开关接线处断路
C．电阻R短路 D．开关没有断开
（3）排除故障后，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.0 V，电流表示数如图丙所示，为　 　A，则定值电阻R的阻值为　 　Ω；
（4）为了　 　（填“增大”或“减少”）实验误差，小伟进行了多次测量求平均值，使电阻的阻值更接近真实值；
（5）小伟不小心将电压表损坏，爸爸告诉小伟，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小伟设计了图丁所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的量程，定值电阻的阻值为10 Ω。
具体操作如下：
a．闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表示数为0.40A；
b．闭合开关S1和 开关S2，读出电流表示数为0.50A；
①由以上数据可得，待测电阻的阻值为　 　Ω；
②小伟研究发现，在电源电压和电流表量程不变的情况下，利用该电路能测出的最小阻值为　 　Ω的电阻。
【答案】（1）
（2）C
（3）0.2；10
（4）减少
（5）40；20
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）按照电路连接要求，将电流表的负接线柱与定值电阻的右接线柱相连，再将定值电阻的左接线柱与滑动变阻器任意一个上端接线柱连接，完成电路连接即可。
（2）电流表有示数，说明电路是通路，不存在断路故障；而电压表没有示数，说明与电压表并联的部分出现了短路，因此故障应为定值电阻R短路，故选C。
（3）由图可读出电流表的示数为；根据欧姆定律计算可得：
（4）本实验中多次测量定值电阻的阻值再取平均值，目的是减小实验误差，因此此处填“减少”。
（5）当闭合、断开时，电路中只有定值电阻接入，因此电源电压为：
当两个开关都闭合时，与待测电阻并联，电流表测量干路总电流，根据并联电路的电流规律，待测电阻的电流为：
再根据欧姆定律可计算出待测电阻的阻值：
电流表允许的最大电流为，因此干路的最大总电流为；由于并联电路中各支路独立工作，所在支路的电流始终为，因此待测电阻允许通过的最大电流为：
，电源电压不变，根据欧姆定律，电阻越小电流越大，因此待测电阻能接入的最小阻值为：；
【分析】 1. 伏安法测电阻实物连接，电流表串联，电流正进负出；滑动变阻器 “一上一下” 接线。
2. 电路故障判断，电流表有示数说明通路；电压表无示数，并联部分短路；电压表有示数、电流表无示数，并联部分断路。
3. 欧姆定律 R=U/I；定值电阻实验多次测量取平均值，作用是减小误差。
4. 安阻法测电阻，利用已知定值电阻求出电源电压；并联电路电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
5. 并联电路支路互不影响，一条支路电流不受另一支路变化；结合电表量程，计算电路允许的最大电流，推导最小电阻。
（1）根据电路图连接，将电流表负接线柱与定值电阻右接线柱连接，再将定值电阻左接线柱与滑动变阻器任一上端接线柱连接即可。
（2）电流表有示数说明电路不是发生了断路，电压表无示数说明可能是定值电阻R短路，故选C。
（3）由图可知电流表读数为；
根据欧姆定律可得
（4）多次测量求平均值可以减少实验误差，因此填减少。
（5）闭合，断开 时，只有 接入电路，电源电压
两开关都闭合时，与并联，干路电流，的电流
由欧姆定律可得
电流表量程最大为，干路最大电流， 的电流始终为，因此 允许的最大电流
电源电压不变，电阻越小电流越大，因此最小阻值
19．学校航模社团用如题图所示的无人机进行学科实践，已知无人机整机质量为2.5kg，静止在水平地面时，无人机支架与地面的总接触面积为10cm2。某次试飞中，无人机在无空气阻力情况下匀速竖直上升20m，用时10s。（g取10N/kg）
（1）无人机静止在水平地面时，对地面的压强是多少？
（2）无人机上升过程中，升力所做的功是多少？
（3）无人机上升过程中的输出功率是多少？
【答案】（1）解：无人机的重力
已知无人机与地面的接触面积
无人机对地面的压强为
（2）解：无人机匀速上升，根据二力平衡，此时升力等于重力，升力做的功
（3）解：输出功率为
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）结合G=mg计算无人机的重力，无人机与地面的接触面积，结合压强公式计算无人机对地面的压强（2）无人机匀速上升，升力等于重力，结合计算升力做的功；
（3）结合W=Pt计算输出功率。
（1）无人机的重力
已知无人机与地面的接触面积
无人机对地面的压强为
（2）无人机匀速上升，根据二力平衡，此时升力等于重力，升力做的功
（3）输出功率为
20．中医药是中国传承几千年的文化瑰宝。如图题甲是一款小型的电热煎药壶，有高温、低温两个挡位，其内部简化电路如图乙所示，当双触点选择开关接触A、B时为断开状态。R1、R2是两个阻值不变的电热丝，煮药器的部分参数如图所示。求：
额定电压
保温挡功率
加热挡功率
（1）煮药器处于保温挡时，通过电阻R1的电流（结果保留2位小数）；
（2）R1的阻值；
（3）使用加热挡正常工作5 min，煮药器产生的热量能使2 kg的水温度升高了多少℃？（结果保留1位小数）（c水=4.2×103J/（kg·℃））
【答案】（1）解：保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，则
（2）解：由 得
（3）解：加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量
热量全部被水吸收，由得
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，结合P=UI计算 通过电阻R1的电流
（2）由 得计算 R1；
（3）加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量， 由得 煮药器产生的热量能使2 kg的水温度升高 的温度。
（1）保温档只有 工作，保温档的功率，额定电压，则
（2）由 得
（3）加热时间t为5分钟，即为300s，加热档功率，煮药器产生热量
热量全部被水吸收，由得
21．如题图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车——木翼双龙。其部分轨道简化示意图如下。已知斜面A点距离水平轨道的高度为30m，乘客的总质量为1200kg，电动机输出40kW的功率不变。不考虑空气阻力，g取10N/kg。请你回答下面的问题：
（1）走进游乐园，以　 　为参照物，气势宏伟的过山车静卧在轨道上；乘客上车后，电动机通过斜面把过山车车厢（含乘客）推上斜面顶端A点，由于　 　，小车越过顶点，并顺利完成整个翻滚穿越过程。
（2）电动机将过山车车厢（含乘客）匀速推上斜面顶端A点需要30s，那么乘客克服重力做的功　 　J；克服过山车车厢与斜面的摩擦力做功　 　J。
（3）过山车车厢从顶端A点由静止释放，沿轨道匀速下滑至最低点B点，机械能　 　（选填“增大”“不变”或“减小”），其原因是车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为　 　。
【答案】（1）轨道；惯性
（2）；
（3）减小；内能
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）若以轨道（地面、周边高楼均可）为参照物，过山车的位置没有发生改变，因此它是静止的；当小车越过轨道顶点后，由于惯性，它会保持原有的运动状态继续运动，从而顺利完成翻滚穿越的过程。
（2）乘客克服重力所做的功为：
电动机做的总功为：
整个过程中克服摩擦力做的功为：
（3）过山车下滑过程中，车厢需要不断克服摩擦力做功，一部分机械能会转化为内能，因此总的机械能会减小。
【分析】 1. 运动和静止的相对性，判断物体运动还是静止，看物体相对于参照物位置是否发生变化；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性。
2. 克服重力做功公式 W=Gh=mgh；总功公式 W=Pt；能量守恒，总功等于克服重力做功与克服摩擦力做功之和。
3. 机械能变化判断，存在摩擦阻力时，机械能转化为内能，机械能减小；不计摩擦阻力，机械能守恒。
（1）以轨道（或地面、附近的高楼）为参照物，过山车的位置没有变化，是静止的；小车越过顶点后，由于惯性，会保持原来的运动状态，顺利完成翻滚穿越过程。
（2）乘客克服重力做的功
电动机做的总功
克服摩擦力做的功
（3）下滑过程中车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能会减小。
22．小军家里买了台电子体重秤，他查阅资料后了解到，电子体重秤的核心部件是压敏电阻，其阻值会随压力的变化而变化。为了探究压敏电阻阻值随压力变化的关系，小军设计了如题图所示的电路图，其中电源电压恒为12V，R为滑动变阻器（最大阻值为20Ω），为压敏电阻，电流表选用量程，电压表选用量程。g取10 N/kg。回答下列问题：
实验次数 物体质量m/kg 压力F/N 电流表示数I/A
1 0 0 0.2
2 20 200 0.3
3 40 400 0.4
4 60 600 0.6
（1）小组成员按电路图连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于　 　（填“a”或“b”）端。
（2）闭合开关S，该压敏电阻在无压力情况下，调节滑动变阻器，使电压表读数为9V，根据上表的实验数据，此时压敏电阻的电功率为　 　W。
（3）实验中，小军将不同质量的物体放在压敏电阻上，调节滑动变阻器，使电压表示数保持9V不变，记录对应的压力和电流表示数，实验数据如表格所示，由此可知，该压敏电阻的阻值随压力的增大而　 　（填“增大”或“减小”）。
（4）若将压敏电阻替换成电子体重秤的核心部件，当小军站在体重秤上，调节滑动变阻器，使电压表示数仍为9V，若压敏电阻阻值恰好为22.5Ω，则小军的质量为　 　kg，滑动变阻器接入电路的阻值为　 　Ω。
（5）为了保护电路，滑动变阻器接入电路的阻值不能小于　 　Ω。
（6）实验过程中，小军发现当压力过大时，电流表的示数会超过量程，请提出一种合理的解决办法　 　。
【答案】（1）b
（2）1.8
（3）减小
（4）40；7.5
（5）5
（6）换用量程更大的电流表
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 闭合开关前，滑动变阻器要调到接入电路阻值最大位置，起到保护电路的作用。本题滑片置于 b 端时，滑动变阻器接入电阻最大，故填 b。
（2） 无压力时，电路电流 I=0.2A，压敏电阻 R 两端电压 U =9V， 压敏电阻的电功率：
（3） 实验控制压敏电阻两端电压电压不变，由表格得可知压力越大，电流越大，根据可知阻值减小，因此压敏电阻阻值随压力增大而减小。
（4）已知，，由欧姆定律得电路电流
对照表格数据，电流 0.4A 对应的质量 m=40kg。
滑动变阻器两端电压
滑动变阻器接入阻值
（5）电流表量程为 0～0.6A，电路最大电流，滑动变阻器电压恒为，因此最小接入阻值
（6）压力过大，电路电流会超过电流表量程，改进措施：换用量程更大的电流表；降低电源电压；在电路中串联定值电阻分压限流
【分析】 1. 滑动变阻器使用规范，闭合开关前滑片调至最大阻值处，目的是保护电路。
2. 电功率计算公式 P=UI；欧姆定律 I=U/R；串联电路电压规律 U总 = U1+U2。
3. 压敏电阻属于敏感电阻，阻值随外界压力大小发生改变；控制电压不变，通过电流变化反映电阻变化。
4. 串联电路电流处处相等，各元件分压之和等于电源电压；结合表格数据完成物理量的对应换算。
5. 电表量程限制，根据电表最大测量值，结合欧姆定律求解滑动变阻器接入的最小电阻。
6. 电路安全改进思路，从更换电表、改变电源电压、增加分压保护元件角度分析。
（1）闭合开关前，滑动变阻器需要调到接入阻值最大处保护电路，本题中滑片在端时，滑动变阻器接入电阻最大，故填。
（2）无压力时电路电流，压敏电阻 两端电压，压敏电阻的电功率
（3）实验保持 电压不变，由表格得可知压力越大，电流越大，根据可知阻值减小，因此压敏电阻阻值随压力增大而减小。
（4）已知，，由欧姆定律得电路电流
对照表格，对应质量
滑动变阻器两端电压
滑动变阻器接入阻值
（5）电流表量程最大为，即电路最大电流，滑动变阻器电压恒为，因此最小接入阻值
（6）压力过大电流超量程，可以换用更大量程的电流表、降低电源电压、电路中串联定值电阻等。
23．请阅读《地月空间的精准量尺——激光测距》并回答问题。
天都一号——突破昼夜限制的“宇宙标尺”
2025年4月，天都一号通导技术试验星，成功完成全球首次白天强光干扰条件下的地月空间激光测距技术试验，标志着我国在深空轨道精密测量领域取得技术新突破。
天都一号搭载角反射器在绕月轨道上运动，地面测控站提供轨道预报数据，地月距离约38万公里，对地月空间卫星进行激光测距，难度相当于在万米之外瞄准一根头发丝，并实施精密跟踪与信号捕获。激光测距的基本原理是地面测站向卫星发射激光脉冲，通过星载的激光角反射器将激光沿原路径反射回地面（如题1图所示为激光测距试验示意图）；地面站采用近红外波段激光与光谱滤波+时域编码技术。配合自主研发的高灵敏度单光子探测器，能在极强的太阳噪声中，成功“捕捉”到极其微弱的有效激光回波信号。再由高精度原子钟精确记录激光往返的时间差，结合光速c（真空中光速），即可计算出地月间的精确距离。
此次试验将地月激光测距的观测窗口从夜间单一窗口拓展至全天时，测距精度达到厘米级。地月空间激光测距技术试验的成功，为中国开发利用地月空间奠定了坚实的科技基础。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）“天都一号卫星”与地面通信是利用　 　进行的。
（2）天都一号通导技术试验星成功完成全球首次白天　 　条件下的地月空间激光测距技术试验。相比于夜间，白天进行地月激光测距的主要优势是　 　。（写一个即可）
（3）“天都一号”卫星搭载的激光角反射器，其主要作用是将激光沿原路径　 　回地面。（选填“直线传播”“反射”或“折射”）
（4）若某次测量中，地面站记录激光从发射到接收回波的总时间为0.4秒，则此时“天都一号”卫星到地面测站的直线距离s为　 　m。
（5）激光角反射器（像墙角一样，也叫角锥棱镜），它能让光沿原方向反射回去。如题2图所示，由两块平面镜拼成一定夹角，就能够构成角反射器。在题2图中，能够模拟天都一号上的角反射器效果的是　 　（填写序号）。
【答案】（1）电磁波
（2）强光干扰；可全天时观测
（3）反射
（4）
（5）B
【知识点】光的反射定律；速度公式及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）太空中是真空环境，而电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，因此卫星和地面之间就是依靠电磁波来传递信息完成通信的。
（2）结合题干给出的材料内容可知，这次完成的是白天强光环境下的地月空间激光测距试验；原本的激光测距技术仅能在夜间进行测距，本次技术突破后，可以实现全天时观测，最突出的优势就是把观测时间从仅夜间拓展到了全天，大幅增加了可观测的时长。
（3）角反射器的工作原理是光的反射，它的作用是把入射的激光沿着原来的路径反射回地面观测站。
（4）激光从地面发射，到达卫星后再反射回地面，传播的总路程是卫星到地面测站距离的2倍，因此激光从地面到卫星的单程传播时间为：
根据速度公式可得，“天都一号”卫星到地面测站的直线距离为：
（5）要让入射光经过两次反射后，沿着和入射方向平行的原路径返回地面，需要将角反射器的两块平面镜相互垂直放置，观察选项示意图，只有B选项的两块平面镜是互相垂直放置的，满足角反射器的设计要求，因此选B。
【分析】 1. 电磁波可以在真空中传播，卫星通信依靠电磁波传递信息；声音不能在真空中传播。
2. 光的反射，角反射器由两块互相垂直的平面镜组成，入射光经两次反射后沿原方向反向返回。
3. 速度公式 s=vt；激光测距注意激光往返，计算距离要取时间的一半。
（1）太空为真空环境，电磁波可以在真空中传播，因此卫星与地面通信依靠电磁波传递信息。
（2）根据材料原文，本次试验是白天强光干扰条件下的地月空间激光测距试验；根据材料内容，原有技术只能在夜间开展测距，本次突破后可以全天时观测，优势为将观测窗口从夜间拓展至全天时，增加了可观测的时间。
（3）角反射器利用光的反射工作，作用是将入射激光沿原路径反射回地面。
（4）激光从地面到卫星的单程时间为
此时“天都一号”卫星到地面测站的直线距离
（5）角反射器需要两块平面镜相互垂直放置，才能使入射光经过两次反射后，沿与入射方向平行的原方向返回，图中只有B的两块平面镜成直角垂直放置，符合角反射器的要求，故选B。
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