资源简介

浙江省绍兴市第一初级中学2025-2026学年八年级上学期1月月考科学试题
1．豪豪周六去郊游，出发前到超市买了下列4种饮品，其中属于悬浊液的是（　　）
A．可口可乐 B．“娃哈哈”纯净水
C．“美汁源”果粒橙 D．“伊利“纯牛奶
【答案】C
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】（1）溶液是一种均一、稳定的混合物，被分散的物质以分子或离子形式分散在溶剂中，静置后不会出现分层、沉淀现象。
（2）悬浊液是固体小颗粒分散在液体中形成的混合物，不均一、不稳定，静置后固体颗粒会发生沉降；乳浊液是小液滴分散在液体中形成的混合物，不均一、不稳定，静置后会分层。
【解答】A、可口可乐具备均一、稳定的特点，属于溶液，A 错误；
B、“娃哈哈” 纯净水里面的微量矿物质溶解在水中，形成均一稳定的混合物，属于溶液，B 错误；
C、“美汁源” 果粒橙中有固体果粒分散在液体当中，不均一、不稳定，属于悬浊液，C 正确；
D、“伊利” 纯牛奶是不溶于水的小液滴分散在液体中，属于乳浊液，D 错误。
故答案为：C。
2．膜分离法（如图）是常用的海水淡化方法。下列说法，错误的是（　　）
A．反渗透膜只允许水分子通过
B．该过程中有化学变化
C．一段时间后装置左侧海水中溶质的质量分数会变小
D．对海水进行蒸发冷凝也可以得到淡水
【答案】B,C
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）膜分离法淡化海水利用反渗透膜实现物质分离，反渗透膜可以允许水分子通过，阻挡海水中各种盐类离子通过，整个过程没有新物质产生，属于物理变化。
（2）溶质质量分数等于溶质质量除以溶液总质量；海水淡化时，溶剂水透过膜转移出去，海水中溶质质量保持不变，溶剂质量减小，溶质质量分数会变大；蒸发冷凝同样可以实现海水淡化。
【解答】A、由装置示意图可知，反渗透膜只允许水分子通过，盐类离子不能通过，A 正确；
B、该过程只实现物质的分离，没有生成新物质，属于物理变化，B 错误；
C、左侧海水中水不断透过反渗透膜，溶质质量不变，溶剂减少，溶质的质量分数会变大，C 错误；
D、将海水蒸发再冷凝，能够除去海水中的可溶性杂质，得到淡水，D 正确。
故答案为：BC。
3．《沁园春·长沙》中写道：“独立寒秋，湘江北去，橘子洲头。看万山红遍，层林尽染；漫江碧透，百舸争流。”诗词中的“湘江北去”体现水循环的环节是（　　）
A．蒸发作用 B．大气降水 C．地表径流 D．水汽输送
【答案】C
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）自然界水循环包含蒸发、水汽输送、大气降水、地表径流、地下径流等环节。蒸发是液态水变成水蒸气进入大气；水汽输送是水汽在大气当中移动；大气降水指雨、雪等降落到地面；地表径流是江河等地表水体顺着地势流动。
（2）河水在地面上流动属于地表径流环节。“湘江北去” 描写湘江河水在地面向北流动，对应水循环的地表径流。
【解答】A、蒸发作用是水由液态转化为气态，河水流动不属于蒸发作用，A 错误；
B、大气降水是水汽降落形成雨、雪等，河水流动不属于大气降水，B 错误；
C、“湘江北去” 描述江河的河水在地面流动，属于水循环当中的地表径流，C 正确；
D、水汽输送指水汽在大气中进行迁移，河水流动不属于水汽输送，D 错误。
故答案为：C。
4．通过下列实验操作不能达到相应目的的是（　　）
A．配制蔗糖溶液
B．获取纯净水
C．获取氯化钠晶体
D．配制 10%的食盐水
【答案】B
【知识点】常见实验操作；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】A、依据蔗糖能溶于水的知识解决；
B、依据过滤所除掉的杂质情况进行分析；
C、依据蒸发能使溶质氯化钠与溶剂水分离进行分析．
D、依据稀释前后溶质的质量不变进行相关的溶液计算并判断即可；
【解答】A、因为蔗糖能溶于水并形成溶液，所以100mL水与1g蔗糖混合搅拌后能得到蔗糖溶液，此选项实验操作正确；
B、过滤操作能除掉的是不溶于水的物质，泥浆水过滤后能除掉不溶于水的泥浆，但溶于水的大量杂质不能被除掉，所以不能获取纯净水，此选项实验操作错误；
C、经过蒸发操作后食盐水中的水会被蒸发掉，剩余的溶质氯化钠会存在于蒸发皿中，所以可获取氯化钠晶体，此选项实验操作正确；
D、依据稀释前后溶质的质量不变，且水的密度为1g/mL，所以50mL水的质量是50g，则50mL水倒入50g20%的食盐水中所得的溶质质量分数为：，所以这样操作可得10%的氯化钠溶液，此选项实验操作正确。
故答案为：B。
5．关于溶液的说法正确的是（　　）
A．溶液中的溶质可以是一种或多种
B．溶液一定是无色、透明的
C．长期放置不分层的液体一定是溶液
D．溶液上层的密度小，下层的密度大
【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】（1）溶液是由溶质和溶剂组成的混合物，被溶解的物质叫做溶质，溶质可以是一种，也可以是多种物质同时溶解在溶剂中。
（2）溶液具备两大特征：均一性与稳定性。均一指溶液各处的组成、密度都完全相同；稳定性指外界条件不变时，溶质不会析出。溶液不一定是无色的，纯净液体也不属于溶液。
【解答】A、溶液里面的溶质可以只有一种，也可以同时含有多种，A 正确；
B、溶液是透明的，但不一定无色，比如硫酸铜溶液呈现蓝色，B 错误；
C、长时间存放不会分层的液体不一定属于溶液，像蒸馏水属于纯净物，并不是溶液，C 错误；
D、溶液具有均一性，上层和下层的密度完全相等，D 错误。
故答案为：A。
6．潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，急剧下降的过程称为“掉深”。如图，某潜水艇从a处驶入低密度海水区，“掉深”到b处。与a处相比，潜水艇在b处（　　）
A．受到浮力大小变小 B．受到浮力大小变大
C．排开液体重力不变 D．排开液体重力变大
【答案】A
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）阿基米德原理：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体所受的重力，公式为。
（2）浮力大小的影响因素：浮力大小与液体密度和物体排开液体的体积有关。当物体浸没时，V排等于物体的体积，若物体体积不变，
V排不变；液体密度变化时，浮力会随之变化。
【解答】AB、潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，排开水的体积不变，根据可知，潜水艇受到的浮力变小，因此与a处相比，潜水艇在b处受到浮力大小变小，故A符合题意，B不符合题意；
CD、根据阿基米德原理可知，物体浸在液体中受到的浮力等于其排开的液体受到的重力，由于潜水艇受到的浮力变小，所以潜水艇排开液体的重力变小，即与a处相比，潜水艇在b处排开液体重力变小，故CD不符合题意。
故答案为：A。
7．物质M在不同温度下的溶解度数据如下表所示，以下说法正确的是（　　）
温度/℃ 0 20 40 60 80
溶解度/g 12.6 15.3 20.0 25.0 38.2
A．0℃时，100g饱和溶液中有12.6gM
B．20℃时，M形成饱和溶液的溶质质量分数是15.3%
C．若要配制200.0g20.0%的M的饱和溶液，对应温度必须是60℃
D．80℃时，M的饱和溶液138.2g降温至40℃，析出晶体的质量大于20.0g
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）溶解度的定义：一定温度下，100 克溶剂中最多能够溶解的溶质质量，饱和溶液质量等于溶剂质量加上溶质质量，不能理解成 100 克饱和溶液中的溶质。
（2）饱和溶液溶质质量分数计算，饱和溶液溶质质量分数等于溶解度除以（溶解度加 100 克溶剂）再乘百分之百；饱和溶液降温析出晶体质量，等于高温下溶质质量减去降温后依旧能溶解的溶质质量。
【解答】A、0℃时 M 的溶解度为 12.6g，代表 100g 水中最多溶解 12.6gM，形成 112.6g 饱和溶液，并非 100g 饱和溶液含有 12.6gM，A 错误；
B、20℃时，物质M的溶解度是15.3g，
M形成饱和溶液的溶质质量分数是，故说法错误；
C、配制200.0g20.0%的M的饱和溶液，60℃时M的溶解度是25.0g，
其溶质质量分数为，温度高于60℃则溶液不是饱和溶液，故说法正确；
D、80℃时，M的饱和溶液138.2g含有溶质是38.2g，降温至40℃，
析出晶体的质量是38.2g-20.0g=18.2g＜20.0g，故说法错误。
故答案为：C。
8．把一个木球放入盛满酒精的溢水杯中，则溢出酒精的质量为50g；若将此木球从酒精中取出，擦干后放入盛满水的溢水杯中，则溢出水的质量是（）（　　）
A．等于50g B．小于50g C．大于50g D．无法确定
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体浮沉条件：物体密度小于液体密度时，物体漂浮在液面上；漂浮时物体受到的浮力等于物体自身的重力。
（2）阿基米德原理：漂浮物体受到的浮力等于排开液体的重力；同一个木球重力不变，不管漂浮在酒精还是水中，浮力都等于木球重力，因此两次排开液体的重力相等，排开液体质量也相等。
【解答】木块密度小于酒精，故木块在酒精中和在水中均是漂浮。由物体沉浮条件可知，此时有
再由阿基米德原理
得
而，所以有
木球密度小于酒精和水的密度，在两种液体中都漂浮，浮力等于木球重力，排开液体重力相等，排开水的质量等于溢出酒精质量，等于 50g。
故答案为：A。
9．要使一定量20℃时的硝酸钾饱和溶液的浓度发生改变，可采取的措施有（　　）
①升高温度至30℃；②降低温度至10℃；③加2克硝酸钾；④加入2克水；⑤蒸发掉2克水，再恢复到20℃；⑥加入20℃的硝酸钾饱和溶液2克
A．①②③④⑤ B．①④⑤ C．②④ D．全部
【答案】C
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】若想改变一定温度下的饱和溶液的溶质的质量分数，方法有：①改变温度，使它的溶解度减小；②增加溶剂，使它变为不饱和溶液。【解答】①由于硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，因此给硝酸钾的饱和溶液升温到30℃，饱和溶液就会变成不饱和溶液，但溶液中溶质质量和溶剂质量都保持不变，因此它的质量分数不变；
②降低温度至10℃，由于硝酸钾的溶解度减小，所以溶液中就会有晶体析出，溶液中溶质的质量分数就会减小；
③由于硝酸钾溶液已经达到饱和，所以再加2克硝酸钾也不会溶解，因此溶质的质量分数保持不变；
④加入2克水后，溶质的质量不变，溶剂的质量增大，因此溶质的质量分数减小；
⑤蒸发掉2克水，再恢复到20℃ ，溶质的质量和溶剂的质量都会减小，但是溶解度不变，因此溶质的质量分数保持不变；
⑥加入20℃的硝酸钾饱和溶液2克后，溶液仍然饱和，溶解度不变，因此溶质的质量分数保持不变。
那么可以采取的措施有②④。
故选C。
10．如图所示，容器中间用隔板分成左右两部分，板下部用橡皮膜封闭一个圆孔，橡皮膜两侧压强不同时橡皮膜的形状发生改变。A、B、C、D四个容器的左右两边装入一定量的水和盐水，不能通过实验现象辨别出水和盐水的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）液体压强公式为压强等于液体密度乘重力常数乘深度，橡皮膜的凸起方向由圆孔处左右两侧液体压强大小决定，橡皮膜会向压强更小的一侧凸起。
（2）深度指从液面到橡皮膜圆孔的竖直距离；盐水密度大于水的密度。当两侧液面高度不一样时，可以结合深度和橡皮膜形变判断哪边是盐水；当两侧液面高度相同时，橡皮膜向哪一侧凸起，则那一侧液体密度更小，是水。
【解答】A、容器左右两边液面高度相等，橡皮膜向一侧凸起，凸起一侧压强小，可以分辨出水和盐水，A 不符合题意；
B、容器左右两边液面高度不相等，橡皮膜平直，圆孔位置两边压强相等，液面低的一侧液体密度更大，是盐水，可以分辨，B 不符合题意；
C、容器左边液面更低，右边液面更高，橡皮膜向左边凸起。有两种可能性：右边液体密度大，或者左边深度很小；仅凭现象无法区分哪边是水、哪边是盐水，C 符合题意；
D、容器左边液面更低，右边液面更高，橡皮膜向右边凸起，可判断左侧压强大，左侧是盐水，能够分辨两种液体，D 不符合题意。
故答案为：C。
11．t℃时，向10g水中逐渐加入硝酸钾晶体至饱和，则此过程中该溶液满足下图a、b两个变量的变化关系的是（　　）
A．a－溶解度，b－溶质质量
B．a－溶质的质量分数，b－溶质质量
C．a－溶质质量，b－溶剂质量
D．a－溶解度，b－溶剂质量
【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）溶解度只和溶质种类、溶剂种类、温度有关。本题温度保持 t℃不变，硝酸钾的溶解度不会随加入溶质多少发生改变。
（2）向 10g 水中不断加入硝酸钾晶体到饱和：溶剂水质量始终不变；溶质质量不断增大，溶液饱和后不再增加；溶质质量分数先增大，达到饱和之后保持不变。题图图像特征：a 不随 b 增大而改变，a 数值恒定不变。
【解答】A、温度是影响固体物质溶解度大小的主要条件，溶解度大小和溶质、溶剂取用多少没有关系。增加溶质的用量，只会改变溶液总质量或是溶质所占的质量分数，不会改变溶解度，所以该选项正确。
B、持续往水里加入硝酸钾，溶解的溶质会变多，溶剂的质量保持恒定，溶质质量分数随之变大；等到溶液达到饱和状态以后，就无法继续溶解更多溶质，质量分数就维持固定数值。对应的图像应当先向上抬升，之后变成一条水平线段，因此该选项错误。
C、在 t 摄氏度的条件下，往 10 克水中一点点加入硝酸钾固体直到溶液饱和，整个过程中水也就是溶剂的质量不会发生改变，只有被溶解的溶质质量在增大。b 轴代表的变量是不断增大的，因此 b 不能用来代表溶剂，图像的变化趋势和溶质、溶剂实际变化情况不匹配，该选项错误。
D、固体物质溶解度主要由温度决定，跟溶质、溶剂的质量多少无关。t 摄氏度时，向 10 克水中逐步加入硝酸钾直至饱和，溶剂质量全程保持不变，b 轴是不断增大的量，不能代表溶剂，图像和实际变化情况不相符，该选项错误。
故答案为：A。
12．假如地球的引力减小一半，那么对于漂浮在水面上的某艘船来说，它所受力的情况和吃水深度（吃水深度指水面到船底的深度）与原来相比，下列说法中正确的是（　　）
A．船下表面受到的压力不变，船的吃水深度也不变
B．船受到的重力减小，船的吃水深度也减小
C．船下表面受到的压力减小，船的吃水深度不变
D．船受到的浮力不变，船的吃水深度减小
【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）重力计算公式：物体重力等于质量乘重力常数，物体质量不会发生改变，当地球引力减半，重力常数就变为原来的二分之一，物体的重力随之减半。漂浮条件：物体漂浮在液面时，物体受到的浮力大小等于物体自身重力。
（2）阿基米德原理，浮力等于液体密度乘重力常数乘排开液体的体积；浮力产生原因是物体上下表面受到液体的压力差，轮船漂浮，船体上表面没有受到水的压力，浮力大小就等于船体下表面受到水向上的压力。对排开液体体积推导后可以发现，排开水的体积只和船的质量、水的密度有关系，和重力常数无关，因此吃水深度保持不变。
【解答】地球引力减小一半，即重力常数g变为原来的 。
船的质量m不变，根据 G=mg，船的重力G船 会减小为原来的 。
船漂浮时，浮力等于重力，即。
船的重力减半，则所受浮力也减半。
船排开水的体积，引力减半时，船的质量不变，水的密度不变，因此船排开水的体积不变，则船的吃水深度也不变。
浮力产生的原因是液体对物体上下表面的压力差。船漂浮时，上表面暴露在空气中，，因此，即浮力等于下表面受到的液体压力。
引力减小后，浮力变为原来的，因此下表面受到的压力也减小为原来的。
故答案为：C。
13．在弹簧测力计下挂一实心物体，弹簧测力计的示数是F。如果把物体浸没在水中央，物体静止时弹簧测力计的示数为，则该物体的密度是（　　）
A．1.0×103kg/m3 B．0.8×103kg/m3
C．1.5×103kg/m3 D．1.25×103kg/m3
【答案】D
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）称重法测浮力：物体挂在弹簧测力计下，在空气中测出物体重力；物体浸没液体中时，受到向上的浮力，弹簧测力计的拉力加上浮力等于物体重力，浮力等于物体重力减去浸没后弹簧测力计示数。
（2）阿基米德原理：物体完全浸没，排开液体的体积等于物体自身的体积；浮力大小等于液体密度乘重力常数乘排开液体体积；结合重力、密度公式，就可以推导求出物体的密度。
【解答】物体的重力G=F。物体浸没在水中时，受到的浮力
物体浸没在水中时，排开水的体积等于物体的体积，则物体体积
物体的密度
故答案为：D。
14．20℃时，四个实验小组分别取不同质量的食盐（NaCl），逐渐加入到各盛有50g水的烧杯中，不断搅拌直到不再溶解为止，然后分别称量剩余食盐的质量。记录数据如下表，下列说法错误的是（　　）
实验小组 第一组 第二组 第三组 第四组
水的质量/克 50 50 50 50
所取食盐的质量/克 15 20 25 30
剩余食盐的质量/克 0 2 　 12
A．20℃时，50克食盐饱和溶液中含有18克食盐
B．用蒸发的方法可以使不饱和溶液变成饱和溶液
C．第二组所得溶液的溶质与溶剂的质量比为9∶25
D．相同温度下，食盐在水里的溶解度与水的质量无关
【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）饱和溶液：一定温度下，一定量溶剂中不能继续溶解某溶质的溶液。溶解溶质质量等于加入溶质质量减去剩余溶质质量。20 摄氏度条件下，50 克水最多能够溶解 18 克食盐；溶解度只和温度、溶质溶剂种类有关，和溶剂总质量无关。
（2）不饱和溶液转化成饱和溶液常见途径：增加溶质、蒸发溶剂、改变温度；溶液质量等于溶剂质量加上已经溶解的溶质质量，溶质溶剂质量比等于溶解的溶质质量比溶剂质量。
【解答】A、20 摄氏度时，50 克水中最多溶解 18 克食盐，50 克食盐饱和溶液里溶剂小于 50 克，其中食盐质量小于 18 克，A 错误；
B、蒸发溶剂，减少溶剂的量，可以把不饱和溶液转变为饱和溶液，B 正确；
C、第二组，50 克水溶解食盐 18 克，溶质、溶剂质量比等于 18 比 50，化简得到 9 比 25，C 正确；
D、同一温度，食盐的溶解度只由温度决定，和取用多少质量的水没有关系，D 正确。
故答案为：A。
15．如图所示，边长为10cm的立方体木块A通过细线与圆柱形容器底部相连，容器中液面与A上表面齐平。从打开容器底部的抽液机匀速向外排液开始计时，细线中拉力F随时间t的变化图像如图所示。木块密度0.5×103kg/m3，容器底部面积为200cm2，g=10N/kg。下列说法中正确的是（　　）
A．容器中的液体是水
B．随着液体的排出，木块受到的浮力不断减小
C．容器中的液体是酒精
D．第50s时，木块露出液面的高度是2cm
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）受力平衡：木块被细线拉住完全浸没在液体中时，木块受到向上的浮力，向下的重力、细线向下的拉力，浮力等于重力加上拉力。结合密度、重力公式可以算出液体的密度，以此判断液体种类。
（2）阿基米德原理：浮力大小和液体密度、物体浸入液体的体积有关。向外排出液体，细线拉力还没有变成零之前，木块依旧全部浸在液体当中，排液体积不变，浮力保持不变；拉力归零之后继续排液，木块开始上浮，浸入液体体积变小，浮力才会减小。拉力等于零时，细线刚好松弛，浮力和木块重力大小相等，据此计算木块浸入液体的深度，进一步求出露出液面的高度。
【解答】AC、立方体木块A的体积
木块的重力
由坐标图可知，t=0时细线对木块向下的拉力，此时液面与木块上表面齐平，木块完全浸没，排开液体体积
此时木块受力平衡，木块受到的浮力
液体的密度
此密度与水的密度一致，因此容器中液体是水，故A正确，C错误；
B、抽液时，液面匀速下降，木块排开液体体积逐渐减小，浮力随之减小。当时细线的拉力，此时浮力等于重力，即
此后若继续抽液，木块漂浮，浮力等于重力不变。因此浮力先减小后不变，故B错误；
D、时，，木块所受浮力，排开液体体积
木块底面积
木块浸入液体中的深度
木块露出液面高度，故D错误。
故答案为：A。
16．人类生活离不开氧气，水和盐等物质，请根据图示回答下列问题：
（1）自来水厂生产自来水时，使用的净水方法有　 　（填序号）
A.沉淀 B.过滤 C.煮沸 D.蒸馏 E.吸附
（2）遂宁市大英县境内的卓简井是手工制盐的活化石，被誉为“中国古代第五大发明”、“世界石油钻井之父”，不仅是古代劳动人民勤劳、智慧的象征，也造福了千秋万代。其工艺流程包括下面五个步骤：
请结合所学化学知识，回答下列问题：其中第4步和实验室过滤操作原理相同，目的是除去　 　杂质，该实验室操作过程中玻璃棒的作用　 　；第五步“煎盐”和实验室　 　的原理一样，实验室操作中，当　 　时停止加热。
（3）实验室制氧气后，试管内留下氯化钾（可溶于水）和二氧化锰（不溶于水）的混合物为了回收氯化钾，需要对混合物进行分离，请按操作顺序写出下列需要的操作步骤：　 　
①蒸发结晶；②洗涤试剂；③溶解；④过滤；⑤干燥试剂
【答案】（1）ABE
（2）不溶性；引流；蒸发；大部分固体析出
（3）③④①
【知识点】净化水的常用方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）自来水净水流程：自来水厂净水主要包含沉淀，使大颗粒固体沉降；过滤，除去水中难溶性固体；吸附，利用活性炭吸附色素与异味；煮沸属于家庭净水操作，蒸馏多用于实验室得到纯水，一般不用在自来水厂大规模生产。
（2）过滤操作可以分离固体和液体，除去不溶性杂质；过滤时玻璃棒作用是引流，防止液体冲破滤纸；煎盐是加热使水分汽化析出食盐晶体，原理和蒸发操作一致；蒸发结晶实验中，不能蒸干溶液，等到大部分固体析出时就要停止加热，依靠余热蒸干剩余液体，防止固体飞溅。
（3）分离可溶物质与不溶物质，先溶解，可溶的氯化钾溶于水，二氧化锰不溶解；再过滤，滤出二氧化锰，得到氯化钾溶液；之后对滤液蒸发结晶，得到氯化钾固体；题目目的是回收氯化钾，不需要洗涤、干燥滤渣二氧化锰，因此操作顺序为溶解、过滤、蒸发结晶。
【解答】（1）观察净水流程可以看出，自来水厂处理自来水时，会用到沉降、过滤、活性炭吸附这些净水手段，消毒环节会生成新物质，属于化学变化，因此选 ABE；
（2）过滤操作能够把固体和液体分离开，用来除去水中无法溶解的固体杂质；做过滤实验会用到烧杯、玻璃棒、漏斗这些仪器，其中玻璃棒的作用是引导液体流动，避免液体直接冲击滤纸造成破损；
“煎盐” 就是加热把水分除去得到盐晶体，和实验室当中的蒸发实验原理相同；进行蒸发操作时，不要把溶液完全烧干，等到容器内析出大量固体以后就要停止加热，借助装置剩下的热量把剩余液体烘干；
（3）氯化钾可以溶解在水里，二氧化锰不溶于水。想要从二者混合物当中得到氯化钾固体，可以先加水把可溶的氯化钾溶解，接着过滤把不溶解的二氧化锰除去，最后把得到的滤液蒸发，析出氯化钾晶体，所以操作顺序为③④①。
（1）由图中可知，自来水厂生产自来水时，使用的净水方法有沉淀、过滤、吸附，其中属于化学变化的是消毒，故选ABE；
（2）过滤的目的是除去不溶性杂质；过滤操作需要的仪器烧杯、玻璃棒、漏斗，其中玻璃棒的作用是引流；
“煎盐”与实验室蒸发操作相似；当大部分固体析出时，停止加热，利用余热将其蒸干；
（3）氯化钾易溶于水，二氧化锰难溶于水，为了回收氯化钾，可采用溶解、过滤、蒸发结晶的方法进行回收，故需要的操作步骤是③④①。
17．已知硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大。如图甲所示，一块体积为V0的木块漂浮于60℃的硝酸钾饱和溶液中。当温度改变时（假设木块和溶液体积不发生变化），木块排开液体的体积随时间发生的变化如图乙所示。
（1）结合甲、乙两图分析可知，温度变化过程中，烧杯底部晶体　 　。（选填“变多”、“变少”或“不变”）
（2）木块在A、B时刻受到的浮力，FA　 　FB。（选填>，<或=）
【答案】（1）变多
（2）=
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体漂浮条件：漂浮的物体所受浮力大小始终等于物体自身重力，木块重力不变，因此无论排开液体体积怎么变化，浮力大小保持恒定。根据浮力公式，浮力不变时，排开液体体积变大，代表液体的密度在变小。
（2）硝酸钾的溶解度随温度降低而减小。温度下降，硝酸钾饱和溶液就会有溶质析出，溶液中溶质减少，溶液密度随之变小；析出的硝酸钾固体沉积在烧杯底部，底部晶体质量就会变多。温度升高则溶解度增大，晶体会溶解，溶液密度变大。
【解答】（1）硝酸钾这种物质的溶解度会随着温度升高而变大。一旦温度下降，硝酸钾饱和溶液能够溶解的溶质就会变少，就会有硝酸钾晶体析出，溶液里面溶质的质量变少，但溶剂水的质量保持不变。溶液当中溶解的溶质越多，它的密度就会越大，析出晶体之后，溶质减少，溶液密度就会随之下降。
木块漂浮在液体表面的时候，它受到的浮力和自身重力大小是相等的。木块自身重力不会发生改变，重力常量也固定不变，可以得到这样的关系：木块排开液体的体积和液体的密度二者成反比。结合图乙来看，从 A 点变化到 B 点，木块排开液体的体积不断增大，这就代表溶液的密度正在逐步变小。溶液密度降低，代表这份硝酸钾饱和溶液不断析出晶体，所以烧杯底部堆积的晶体会变多。
（2）观察图像，在 A、B 这两个时间点，木块排开液体的体积都小于木块自身总体积，说明木块一直保持漂浮状态。按照物体的漂浮规律，漂浮物体受到的浮力大小等于物体本身的重力。木块自身重力不会发生变化，所以 A 时刻与 B 时刻木块受到的浮力大小是一样的，也就是 A 点浮力等于 B 点浮力。
（1）硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，因此温度降低时，硝酸钾饱和溶液的溶解度减小，会析出晶体，溶质减少，溶剂不变。溶液中溶质越多，密度越大，因此析出晶体后，溶液密度减小。木块漂浮时，浮力等于重力，即
由于G木 不变，g为常量，据
可知，V排 与ρ液 成反比。图乙中，从A到B，V排 逐渐变大，说明溶液密度ρ液 逐渐减小。溶液密度减小，说明硝酸钾饱和溶液析出更多晶体，因此烧杯底部的晶体变多。
（2）图乙中，A、B时刻木块排开液体的体积均小于木块的体积V0，木块始终漂浮，根据漂浮条件，浮力始终等于木块的重力。由于木块重力不变，因此A、B时刻的浮力相等，即。
18．如图是A、B、C三种物质的溶解度曲线。
（1）图线A、C交点的含义是：　 　。
（2）当B中含有少量的A时，可用　 　方法提纯B。
（3）t2℃时，在50g水中加入40gA物质，充分溶解后得到溶液的质量分数为　 　。
（4）将t2℃时A、B、C三种物质的饱和溶液各100g降温至t1℃，所得溶液的质量由大到小的顺序是　 　
【答案】（1）当温度为t2℃时，100g水中最多能溶解60g物质A或物质C
（2）蒸发结晶
（3）37.5%
（4）C>B>A
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；结晶的概念与方法
【解析】【分析】（1）溶解度曲线上两条曲线相交的点，表示该温度下两种物质的溶解度数值相等，代表在该温度，一百克溶剂中最多溶解的两种溶质质量相同。
（2）物质提纯结晶分两类：溶解度受温度影响变化很大的物质适合降温结晶；溶解度受温度影响变化小的物质适合蒸发结晶。B 物质溶解度随温度改变波动不大，混有少量 A 时，选用蒸发结晶提纯 B。
（3）溶质质量分数计算时，要注意溶质不能超出该温度下的溶解限度，未溶解的固体不能算作溶质质量；溶液质量等于溶剂质量加上实际溶解的溶质质量，溶质质量分数等于实际溶解溶质质量除以全部溶液质量，再乘以百分之百。
（4）降温过程中，溶解度随温度降低而减小的物质，饱和溶液会析出晶体，溶液总质量减小；溶解度随温度降低而变大的物质，饱和溶液不会析出晶体，溶液总质量保持不变。对比降温之后三种饱和溶液质量，要分别判断每种物质降温是否析出晶体，再比较溶液质量大小。
【解答】（1）溶解度曲线交点代表对应温度下两种物质溶解度相等。A、C 交点对应温度是 t2摄氏度，含义就是 t2摄氏度时，一百克水中最多能够溶解六十克的 A 物质，同时该温度下一百克水也最多溶解六十克 C 物质。
（2）A 的溶解度受温度影响变化幅度大，B 的溶解度受温度影响变化比较小。当 B 里面混有少量 A 杂质时，采用蒸发结晶，蒸发溶剂让 B 析出，A 留在母液当中，以此得到较纯净的 B。
（3）t2摄氏度时，A 的溶解度为六十克，也就是一百克水最多溶解六十克 A，那么五十克水最多只能溶解三十克 A。向五十克水中加入四十克 A，只可以溶解三十克，还有十克 A 不能溶解。；
（4）把 t2摄氏度各一百克的 A、B、C 饱和溶液降温到 t1摄氏度。A、B 溶解度随温度下降而减小，降温之后有晶体析出，溶液质量减小；A 溶解度下降幅度更大，析出晶体更多，溶液质量减少更多。C 物质溶解度随温度降低反而增大，降温不会析出晶体，溶液质量维持原来的一百克不变。所以降温之后所得溶液质量从大到小顺序为C>B>A。
（1）由溶解度曲线可知，图线A、C交点的含义是：当温度为t2℃时，100g水中最多能溶解60g物质A或物质C；
（2）当B中含有少量的A时，可用蒸发结晶的方法提纯B，因为B的溶解度受温度的影响变化比较小；
（3）t2℃时，A的溶解度是60g，50克水放入30克A物质就能成饱和溶液，充分溶解后得到溶液的质量分数为：；
（4）将t2℃时，A、B、C三种物质的饱和溶液各100g降温至t1℃，所得溶液的质量由大到小的顺序是C>B>A，因为降温后B析出的固体少，A析出的固体多，C不会析出固体，因此C的溶液质量不变，还是100g。
19．为研究“影响压力作用效果的因素”，小浙在家中用一个塑料瓶和海绵进行实验：将瓶子装入适量水，依次正放和倒放于海绵上（如图）。
（1）正放时瓶底对海绵的压强为，倒放时瓶盖对海绵的压强为，则　 　（填“大于”“小于”或“等于”）。
（2）要使瓶子正放时对海绵的压强与倒放时相同，需要向　 　（填“正放”或“倒放”）瓶子中加入适量水。
（3）装满水后，正放时水对瓶底的压力为，倒放时水对瓶盖的压力为。则　 　（填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】（1）小于
（2）正放
（3）大于
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算；影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）固体压强计算公式为压力除以受力面积。瓶子正放和倒放在海绵上，瓶子与水的总重力不变，所以海绵受到的压力大小不变；倒放时瓶盖和海绵的接触面积更小，受力面积变小，压力不变的情况下，受力面积越小，产生的压强就越大。
（2）压力作用效果由压力大小、受力面积共同决定。倒放时受力面积小，原本压强更大，如果想让正放和倒放的压强相等，就要增大正放一侧的压力，也就是往正放的瓶子里面加水，增大总压力，以此提高正放时的压强。
（3）液体压力和液体重力的关系：柱形容器内部，液体对容器底部的压力等于液体自身重力；上宽下窄的容器，液体对底部的压力小于液体重力；上窄下宽的容器，液体对底部的压力大于液体重力。装满水时，正放瓶底受到水的压力等于全部水的重力；倒放时瓶口位置上宽下窄，水对瓶盖的压力会小于水的总重力。
【解答】（1）瓶子不管正放还是倒放，瓶子加上内部水的总重力不变，海绵受到的压力大小保持一致。倒放时瓶盖接触海绵，受力面积相比瓶底更小，压力不变，受力面积越小压强越大，因此正放时瓶底对海绵的压强 P1小于倒放时瓶盖对海绵的压强 P2。
（2）对比两种放置方式，倒放状态下受力面积更小，它对海绵产生的压强会更大。 根据可知， 想要让正放、倒放的压强大小相同，就要增大正放时的压力，所以需要向正放的瓶子当中添加适量的水，增大瓶子整体的总压力，提升正放时的压强。
（3）瓶子装满水以后，正放时容器属于柱形，水对瓶底的压力和瓶中水的重力大小相等。瓶子倒过来以后，瓶口部分上宽下窄，一部分水的重力作用在瓶子侧壁，真正作用在瓶盖上的压力会小于瓶中水的重力。因此正放时水对瓶底的压力 F1大于倒放时水对瓶盖的压力 F2。
故答案为：（1）小于；
（2）正放；
（3）大于。
（1）瓶子正放或倒放时对海绵的压力保持不变，倒放时受力面积小，产生的压强大，故p1小于p2
（2）因为相同压力时，正放的瓶子受力面积更大，所以压强小，要使瓶子正放时对海绵的压强与倒放时相同，根据可知，需要向正放的瓶子中加入适量的水，通过增大压力来增大压强，以达到与倒放时压强相等的效果。
（3）装满水后，根据容器的形状可知，正放时瓶底受到的压力F1大于瓶中水的重力，而倒放时水对瓶盖的压力F2小于瓶中水的重力，故F1大于F2
20．如图所示，在弹簧测力计的挂钩下悬挂一个小水桶，桶与水的总质量为5kg，用细线系一个质量为1.78kg的实心铜球，用手提细线上端将小球缓慢浸没在水中，使其在水中静止，且不与桶壁、桶底接触，当铜球在水中静止时，小球受到的浮力是　 　N，方向　 　，弹簧测力计的示数是　 　N。（g取10N/kg，）
【答案】2；竖直向上；52
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）密度公式：物体体积等于物体质量除以物质密度。实心铜球完全浸没在水中，铜球排开水的体积等于铜球自身的体积。阿基米德原理指出，物体受到的浮力等于排开液体的重力，浮力方向始终竖直向上。
（2）力的作用是相互的，铜球在水里受到水向上的浮力，铜球就会对水产生大小相等、方向向下的反作用力。
（3）弹簧测力计下方悬挂水桶和水，铜球浸入水中之后，弹簧测力计的示数等于桶和水的总重力，再加上铜球对水的向下的反作用力。重力计算为质量乘以重力常量。
【解答】先算出铜球自身的体积，用铜球质量除以铜的密度。
铜球的体积
小球缓慢浸没在水中，受到的浮力
浮力的方向竖直向上，桶与水的总重力为
设铜球对水的作用力为F'，则
弹簧测力计的示数
21．配制一定溶质质量分数的“氯化钠溶液”是初中化学的基础实验之一，请回答下列问题：
（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量为　 　。
（2）请用图中的序号表示配制溶液的正确操作顺序　 　。
（3）认真观察，图中　 　步骤错误（填序号），若不进行改正；其他操作步骤正确，则所配制溶液的溶质的质量分　 　10%（填“大于”、“小于”或“等于”）。
（4）t℃时某氯化钠溶液400克，在温度不变的情况下，第一次蒸发20克水，析出晶体4克：第二次又蒸发20克水，析出晶体6克，则t℃时氯化钠的溶解度为　 　克。
【答案】（1）7.5
（2）④②③⑤①
（3）②；小于
（4）30
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）溶质质量的计算公式：溶质质量等于溶液总质量乘以溶质质量分数。配制一定质量分数溶液的基础步骤依次为取药品称量、把称量好的固体转移到烧杯、量取水倒入烧杯、搅拌溶解。
（2）托盘天平使用时遵循 “左盘放物体，右盘放砝码” 的规则。如果物体和砝码放颠倒，称量得到的固体溶质质量会偏小。在溶剂质量不变时，溶质越少，配出来的溶液溶质质量分数就越小。
（3）恒温蒸发溶液析出晶体，第一次蒸发后有晶体析出，说明此时溶液已经达到饱和状态。后续继续蒸发相同质量溶剂，析出晶体的质量就可以用来计算该温度下物质的溶解度。溶解度定义为一定温度下，一百克溶剂里最多能够溶解的溶质质量。
【解答】（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量75g×10%=7.5g；
（2）配制氯化钠溶液完整流程：先从试剂瓶取用氯化钠固体④，接着用天平称量固体②，将称好的氯化钠倒入烧杯③，再把量取好的水倒进烧杯⑤，最后用玻璃棒搅拌充分溶解①，所以正确操作顺序是④②③⑤①。
（3）步骤②天平称量操作出错，称量固体时砝码与氯化钠位置左右放反。砝码与物体颠倒，会造成实际称取的氯化钠质量偏小。溶剂的量没有变化，溶质质量变少，最终配制得到的溶液溶质质量分数就会小于百分之十。
（4）第一次蒸发二十克水析出四克晶体，证明经过这次蒸发之后溶液已经变成 t 摄氏度下的饱和溶液；第二次继续恒温蒸发二十克水，析出晶体六克，说明该温度下二十克水中最多可以溶解六克氯化钠。按比例换算，一百克水中最多溶解三十克氯化钠，因此 t℃时氯化钠的溶解度是三十克。
（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量75g×10%=7.5g；
（2）配制一定质量分数氯化钠溶液的步骤是：计算、称量、溶解、装瓶，正确操作顺序是：④②③⑤①；
（3）托盘天平称量固体时，应该左物右码，故图中②错误；
若不进行改正，其他操作步骤正确，氯化钠质量偏小，所以所配制溶液的溶质的质量分数小于10%；
（4）根据题意，“蒸发20克水后析出4克晶体”，“再蒸发20克水后，又析出6克晶体”，说明原溶液为不饱和溶液，不然第一次蒸发20克水后应该析出4克晶体。因此，从“再蒸发20克水后，又析出6克晶体”，表明6克晶体溶解在20克水中形成的是饱和溶液。根据溶解度的定义，在一定温度下，某物质在100克溶剂里达到饱和状态时所溶解的质量，所以t℃时某物质的溶解度为30g。
22．同同利用一根吸管制作一个简易密度计。
（1）在吸管中装入一些铜丝作为配重，并用蜡封住吸管的下端使底部平整，然后让它竖直漂浮在水中，如图1所示。若将它放入液体中后仍不能竖直漂浮，请提出改进做法　 　。
（2）这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体的密度越大，它露出液面部分的长度　 　（“越长”、“越短”或“不变”），受到的浮力大小　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）通过正确计算，在吸管上标出对应的刻度线，便制成了一个简易的吸管密度计。图2中种刻度的标示合理的是　 　。
（4）同同发现密度计相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此他提出了如下改进方案，其中可行的是 。
A．换稍大点的容器做实验 B．换稍细的吸管制作密度计
C．换稍长的吸管制作密度计 D．适当增加密度计的配重
（5）使用中，若将铜丝缠绕在玻璃管外，再次测量同一杯液体密度，杯中液面将　 　（选填“上升”、“下降”或“不变”）。
【答案】（1）在吸管下端多绕几圈铜丝
（2）越长；不变
（3）B
（4）B；D
（5）不变
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）简易密度计要竖直漂浮，需要降低它的重心。重心位置偏上就容易倾斜倒伏，可以在下端增加配重，把重心下移，让吸管可以直立浮在液体当中。密度计的工作原理是物体的漂浮条件，漂浮时浮力和自身重力大小相等。
（2）漂浮状态下浮力等于密度计自身重力，重力不发生改变，浮力大小就不会变化。依据阿基米德原理，浮力不变的时候，液体密度越大，排开液体的体积就越小，浸入液体的部分变短，露出液面的部分就会变长。密度计刻度特点：从上往下，刻度数值越来越大，而且刻度间隔并不均匀。
（3）想要增大密度计相邻刻度之间的距离，在浮力变化量固定时，选用横截面积更小更细的吸管，或者适当增大配重，都可以增大浸入深度，拉大刻度间距。容器大小、吸管总长度不会改变刻度之间的距离。
（4）把铜丝缠绕在玻璃管外侧，测量同一杯液体，密度计总重力不变，浮力不变，排开液体的总体积不变，杯子里面液面高低不会发生改变。
【解答】（1）吸管无法竖直漂浮，说明整体重心偏高。可以在吸管下端再多缠绕几圈铜丝，增加下端配重，降低重心，使吸管能够竖直立在液体中。
（2）密度计漂浮时，浮力始终等于重力，重力不变，因此浮力不变。根据阿基米德原理，液体密度ρ液 越大，排开液体体积V排 越小，即浸入深度越小，因此露出液面的长度越长。
（3）同一只密度计的重力G一定，横截面积S一定，由可知：ρ液 越大，h越小，液面越靠下，对应刻度值越大，即密度计的刻度值下大上小。h和ρ液成反比，所以刻度分布不均匀，且上疏下密，故选B。
（4）设相邻两刻度对应的液体密度为ρ1 、ρ2 ，则相邻刻度线的间距
换稍细的吸管，减小横截面积S，Δh与S成反比，间距Δh增大；适当增加配重，密度计的重力G增大，Δh与G成正比，间距增大，增大间距可以提高精确程度。换稍大点的容器和换稍长的吸管都不能使间距Δh增大。故选BD。
（5）铜丝从管内移到管外，铜丝质量不变，总重力不变，漂浮时浮力不变，排开液体体积也不变。容器中液面高度由“液体体积和排开体积”决定，两者均不变，因此液面高度不变。
（1）密度计无法竖直漂浮是因为重心过高，需降低重心。可采用增加吸管下端的配重，如在吸管下端再绕一些铜丝，使重心更低，从而竖立漂浮。
（2）密度计漂浮时，浮力始终等于重力，重力不变，因此浮力不变。根据阿基米德原理，液体密度ρ液 越大，排开液体体积V排 越小，即浸入深度越小，因此露出液面的长度越长。
（3）同一只密度计的重力G一定，横截面积S一定，由可知：ρ液 越大，h越小，液面越靠下，对应刻度值越大，即密度计的刻度值下大上小。h和ρ液成反比，所以刻度分布不均匀，且上疏下密，故选B。
（4）设相邻两刻度对应的液体密度为ρ1 、ρ2 ，则相邻刻度线的间距
换稍细的吸管，减小横截面积S，Δh与S成反比，间距Δh增大；适当增加配重，密度计的重力G增大，Δh与G成正比，间距增大，增大间距可以提高精确程度。换稍大点的容器和换稍长的吸管都不能使间距Δh增大。故选BD。
（5）铜丝从管内移到管外，铜丝质量不变，总重力不变，漂浮时浮力不变，排开液体体积也不变。容器中液面高度由“液体体积和排开体积”决定，两者均不变，因此液面高度不变。
23．汽车、电动车一般使用铅酸蓄电池。某铅酸蓄电池使用的酸溶液是质量分数为19.6%的稀硫酸。请回答下列有关问题：
（1）若用质量分数为98%的浓硫酸（密度为1.84g/cm3）配制1000g该稀硫酸时，需要浓硫酸多少毫升？蒸馏水（密度为1g/cm3）多少毫升，写出计算过程
（2）用量筒取水时俯视读数，所配溶液溶质质量分数偏　 　（填“大”、“小”）
【答案】（1）溶液稀释前后前后，溶质的质量不变，设需要98%的硫酸的质量是x，则：
1.84g/cm3×x×98%=1000g×19.6%
解得：x≈108.7 cm3（合108.7mL），
需要蒸馏水的质量为1000g-1.84g/cm3×108.7cm3≈800g（合800mL）；
答：需要浓硫酸108.7毫升，蒸馏水800毫升；
（2）大
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）溶液稀释计算核心依据：稀释前后，溶液里面溶质的质量保持不变。稀释只是增加溶剂的质量，溶质不会增多也不会减少。公式：浓溶液质量 × 浓溶液溶质质量分数 = 稀溶液质量 × 稀溶液溶质质量分数。质量和体积换算关系：体积等于质量除以密度。水的密度是每立方厘米 1 克，水的质量数值和体积数值大小相等。
（2）量筒读数操作：俯视读数的时候，读取的刻度数值大于液体实际体积。量取水的时候俯视，实际取到的水的体积偏小，溶剂质量变少，溶质质量不变，最后配出溶液的溶质质量分数就会偏大。
【解答】（2）用量筒量取水，俯视读数，读数比实际液体体积大，实际量取的水偏少。溶质质量不变，溶剂偏少，配制得到的溶液溶质质量分数偏大。
（1）见答案；
（2）用量筒量取水时俯视读数，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大。
24．轩轩把家里景观水池底部的鹅卵石取出清洗，他先将一个重为10N的空桶漂浮在水面上，然后将池底的鹅卵石捞出放置在桶内，桶仍漂浮在水面（不考虑捞出过程中带出的水，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）
（1）空桶漂浮在水面时排开水的体积为多少？
（2）鹅卵石捞出放置在桶内时，水池水面高度与鹅卵石未捞出时相比会　 　（选填“上升”、“下降”或“不变”）。
（3）若此时桶排开水的体积为6.0×10-3m3，求桶内鹅卵石的质量。
【答案】（1）空桶漂浮在水面时，浮力等于桶的重力，即
排开水的体积
（2）上升
（3）桶和鹅卵石漂浮时受到的总浮力
总重力等于总浮力，则鹅卵石的重力
鹅卵石的质量
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体漂浮条件：漂浮时物体受到的浮力等于物体自身总重力。阿基米德原理公式，浮力等于液体密度乘以重力常量乘以排开液体体积，可变形求解排开水的体积。
（2）鹅卵石沉在池底的时候，鹅卵石受到的浮力小于自身重力；把鹅卵石放到桶中整体漂浮，此时鹅卵石对应的浮力等于它自身重力。鹅卵石受到的浮力变大，排开水的总体积变大，水池水面就会上升。
（3）桶和鹅卵石一起漂浮，总浮力等于桶与鹅卵石的总重力。先用阿基米德原理求出总浮力，减去空桶重力得到鹅卵石重力，再利用重力公式计算鹅卵石的质量。
【解答】（2）鹅卵石沉底时，浮力小于自身重力，即 ；捞出放置在桶内时，桶和鹅卵石整体漂浮，即此时鹅卵石处于漂浮状态，浮力等于自身重力，即。因，由阿基米德原理可知，此时排开水的体积增大，则水面会上升。
（1）空桶漂浮在水面时，浮力等于桶的重力，即
排开水的体积
（2）鹅卵石沉底时，浮力小于自身重力，即 ；捞出放置在桶内时，桶和鹅卵石整体漂浮，即此时鹅卵石处于漂浮状态，浮力等于自身重力，即。因，由阿基米德原理可知，此时排开水的体积增大，则水面会上升。
（3）桶和鹅卵石漂浮时受到的总浮力
总重力等于总浮力，则鹅卵石的重力
鹅卵石的质量
1 / 1浙江省绍兴市第一初级中学2025-2026学年八年级上学期1月月考科学试题
1．豪豪周六去郊游，出发前到超市买了下列4种饮品，其中属于悬浊液的是（　　）
A．可口可乐 B．“娃哈哈”纯净水
C．“美汁源”果粒橙 D．“伊利“纯牛奶
2．膜分离法（如图）是常用的海水淡化方法。下列说法，错误的是（　　）
A．反渗透膜只允许水分子通过
B．该过程中有化学变化
C．一段时间后装置左侧海水中溶质的质量分数会变小
D．对海水进行蒸发冷凝也可以得到淡水
3．《沁园春·长沙》中写道：“独立寒秋，湘江北去，橘子洲头。看万山红遍，层林尽染；漫江碧透，百舸争流。”诗词中的“湘江北去”体现水循环的环节是（　　）
A．蒸发作用 B．大气降水 C．地表径流 D．水汽输送
4．通过下列实验操作不能达到相应目的的是（　　）
A．配制蔗糖溶液
B．获取纯净水
C．获取氯化钠晶体
D．配制 10%的食盐水
5．关于溶液的说法正确的是（　　）
A．溶液中的溶质可以是一种或多种
B．溶液一定是无色、透明的
C．长期放置不分层的液体一定是溶液
D．溶液上层的密度小，下层的密度大
6．潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，急剧下降的过程称为“掉深”。如图，某潜水艇从a处驶入低密度海水区，“掉深”到b处。与a处相比，潜水艇在b处（　　）
A．受到浮力大小变小 B．受到浮力大小变大
C．排开液体重力不变 D．排开液体重力变大
7．物质M在不同温度下的溶解度数据如下表所示，以下说法正确的是（　　）
温度/℃ 0 20 40 60 80
溶解度/g 12.6 15.3 20.0 25.0 38.2
A．0℃时，100g饱和溶液中有12.6gM
B．20℃时，M形成饱和溶液的溶质质量分数是15.3%
C．若要配制200.0g20.0%的M的饱和溶液，对应温度必须是60℃
D．80℃时，M的饱和溶液138.2g降温至40℃，析出晶体的质量大于20.0g
8．把一个木球放入盛满酒精的溢水杯中，则溢出酒精的质量为50g；若将此木球从酒精中取出，擦干后放入盛满水的溢水杯中，则溢出水的质量是（）（　　）
A．等于50g B．小于50g C．大于50g D．无法确定
9．要使一定量20℃时的硝酸钾饱和溶液的浓度发生改变，可采取的措施有（　　）
①升高温度至30℃；②降低温度至10℃；③加2克硝酸钾；④加入2克水；⑤蒸发掉2克水，再恢复到20℃；⑥加入20℃的硝酸钾饱和溶液2克
A．①②③④⑤ B．①④⑤ C．②④ D．全部
10．如图所示，容器中间用隔板分成左右两部分，板下部用橡皮膜封闭一个圆孔，橡皮膜两侧压强不同时橡皮膜的形状发生改变。A、B、C、D四个容器的左右两边装入一定量的水和盐水，不能通过实验现象辨别出水和盐水的是（　　）
A． B．
C． D．
11．t℃时，向10g水中逐渐加入硝酸钾晶体至饱和，则此过程中该溶液满足下图a、b两个变量的变化关系的是（　　）
A．a－溶解度，b－溶质质量
B．a－溶质的质量分数，b－溶质质量
C．a－溶质质量，b－溶剂质量
D．a－溶解度，b－溶剂质量
12．假如地球的引力减小一半，那么对于漂浮在水面上的某艘船来说，它所受力的情况和吃水深度（吃水深度指水面到船底的深度）与原来相比，下列说法中正确的是（　　）
A．船下表面受到的压力不变，船的吃水深度也不变
B．船受到的重力减小，船的吃水深度也减小
C．船下表面受到的压力减小，船的吃水深度不变
D．船受到的浮力不变，船的吃水深度减小
13．在弹簧测力计下挂一实心物体，弹簧测力计的示数是F。如果把物体浸没在水中央，物体静止时弹簧测力计的示数为，则该物体的密度是（　　）
A．1.0×103kg/m3 B．0.8×103kg/m3
C．1.5×103kg/m3 D．1.25×103kg/m3
14．20℃时，四个实验小组分别取不同质量的食盐（NaCl），逐渐加入到各盛有50g水的烧杯中，不断搅拌直到不再溶解为止，然后分别称量剩余食盐的质量。记录数据如下表，下列说法错误的是（　　）
实验小组 第一组 第二组 第三组 第四组
水的质量/克 50 50 50 50
所取食盐的质量/克 15 20 25 30
剩余食盐的质量/克 0 2 　 12
A．20℃时，50克食盐饱和溶液中含有18克食盐
B．用蒸发的方法可以使不饱和溶液变成饱和溶液
C．第二组所得溶液的溶质与溶剂的质量比为9∶25
D．相同温度下，食盐在水里的溶解度与水的质量无关
15．如图所示，边长为10cm的立方体木块A通过细线与圆柱形容器底部相连，容器中液面与A上表面齐平。从打开容器底部的抽液机匀速向外排液开始计时，细线中拉力F随时间t的变化图像如图所示。木块密度0.5×103kg/m3，容器底部面积为200cm2，g=10N/kg。下列说法中正确的是（　　）
A．容器中的液体是水
B．随着液体的排出，木块受到的浮力不断减小
C．容器中的液体是酒精
D．第50s时，木块露出液面的高度是2cm
16．人类生活离不开氧气，水和盐等物质，请根据图示回答下列问题：
（1）自来水厂生产自来水时，使用的净水方法有　 　（填序号）
A.沉淀 B.过滤 C.煮沸 D.蒸馏 E.吸附
（2）遂宁市大英县境内的卓简井是手工制盐的活化石，被誉为“中国古代第五大发明”、“世界石油钻井之父”，不仅是古代劳动人民勤劳、智慧的象征，也造福了千秋万代。其工艺流程包括下面五个步骤：
请结合所学化学知识，回答下列问题：其中第4步和实验室过滤操作原理相同，目的是除去　 　杂质，该实验室操作过程中玻璃棒的作用　 　；第五步“煎盐”和实验室　 　的原理一样，实验室操作中，当　 　时停止加热。
（3）实验室制氧气后，试管内留下氯化钾（可溶于水）和二氧化锰（不溶于水）的混合物为了回收氯化钾，需要对混合物进行分离，请按操作顺序写出下列需要的操作步骤：　 　
①蒸发结晶；②洗涤试剂；③溶解；④过滤；⑤干燥试剂
17．已知硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大。如图甲所示，一块体积为V0的木块漂浮于60℃的硝酸钾饱和溶液中。当温度改变时（假设木块和溶液体积不发生变化），木块排开液体的体积随时间发生的变化如图乙所示。
（1）结合甲、乙两图分析可知，温度变化过程中，烧杯底部晶体　 　。（选填“变多”、“变少”或“不变”）
（2）木块在A、B时刻受到的浮力，FA　 　FB。（选填>，<或=）
18．如图是A、B、C三种物质的溶解度曲线。
（1）图线A、C交点的含义是：　 　。
（2）当B中含有少量的A时，可用　 　方法提纯B。
（3）t2℃时，在50g水中加入40gA物质，充分溶解后得到溶液的质量分数为　 　。
（4）将t2℃时A、B、C三种物质的饱和溶液各100g降温至t1℃，所得溶液的质量由大到小的顺序是　 　
19．为研究“影响压力作用效果的因素”，小浙在家中用一个塑料瓶和海绵进行实验：将瓶子装入适量水，依次正放和倒放于海绵上（如图）。
（1）正放时瓶底对海绵的压强为，倒放时瓶盖对海绵的压强为，则　 　（填“大于”“小于”或“等于”）。
（2）要使瓶子正放时对海绵的压强与倒放时相同，需要向　 　（填“正放”或“倒放”）瓶子中加入适量水。
（3）装满水后，正放时水对瓶底的压力为，倒放时水对瓶盖的压力为。则　 　（填“大于”“小于”或“等于”）。
20．如图所示，在弹簧测力计的挂钩下悬挂一个小水桶，桶与水的总质量为5kg，用细线系一个质量为1.78kg的实心铜球，用手提细线上端将小球缓慢浸没在水中，使其在水中静止，且不与桶壁、桶底接触，当铜球在水中静止时，小球受到的浮力是　 　N，方向　 　，弹簧测力计的示数是　 　N。（g取10N/kg，）
21．配制一定溶质质量分数的“氯化钠溶液”是初中化学的基础实验之一，请回答下列问题：
（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量为　 　。
（2）请用图中的序号表示配制溶液的正确操作顺序　 　。
（3）认真观察，图中　 　步骤错误（填序号），若不进行改正；其他操作步骤正确，则所配制溶液的溶质的质量分　 　10%（填“大于”、“小于”或“等于”）。
（4）t℃时某氯化钠溶液400克，在温度不变的情况下，第一次蒸发20克水，析出晶体4克：第二次又蒸发20克水，析出晶体6克，则t℃时氯化钠的溶解度为　 　克。
22．同同利用一根吸管制作一个简易密度计。
（1）在吸管中装入一些铜丝作为配重，并用蜡封住吸管的下端使底部平整，然后让它竖直漂浮在水中，如图1所示。若将它放入液体中后仍不能竖直漂浮，请提出改进做法　 　。
（2）这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体的密度越大，它露出液面部分的长度　 　（“越长”、“越短”或“不变”），受到的浮力大小　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）通过正确计算，在吸管上标出对应的刻度线，便制成了一个简易的吸管密度计。图2中种刻度的标示合理的是　 　。
（4）同同发现密度计相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此他提出了如下改进方案，其中可行的是 。
A．换稍大点的容器做实验 B．换稍细的吸管制作密度计
C．换稍长的吸管制作密度计 D．适当增加密度计的配重
（5）使用中，若将铜丝缠绕在玻璃管外，再次测量同一杯液体密度，杯中液面将　 　（选填“上升”、“下降”或“不变”）。
23．汽车、电动车一般使用铅酸蓄电池。某铅酸蓄电池使用的酸溶液是质量分数为19.6%的稀硫酸。请回答下列有关问题：
（1）若用质量分数为98%的浓硫酸（密度为1.84g/cm3）配制1000g该稀硫酸时，需要浓硫酸多少毫升？蒸馏水（密度为1g/cm3）多少毫升，写出计算过程
（2）用量筒取水时俯视读数，所配溶液溶质质量分数偏　 　（填“大”、“小”）
24．轩轩把家里景观水池底部的鹅卵石取出清洗，他先将一个重为10N的空桶漂浮在水面上，然后将池底的鹅卵石捞出放置在桶内，桶仍漂浮在水面（不考虑捞出过程中带出的水，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）
（1）空桶漂浮在水面时排开水的体积为多少？
（2）鹅卵石捞出放置在桶内时，水池水面高度与鹅卵石未捞出时相比会　 　（选填“上升”、“下降”或“不变”）。
（3）若此时桶排开水的体积为6.0×10-3m3，求桶内鹅卵石的质量。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】（1）溶液是一种均一、稳定的混合物，被分散的物质以分子或离子形式分散在溶剂中，静置后不会出现分层、沉淀现象。
（2）悬浊液是固体小颗粒分散在液体中形成的混合物，不均一、不稳定，静置后固体颗粒会发生沉降；乳浊液是小液滴分散在液体中形成的混合物，不均一、不稳定，静置后会分层。
【解答】A、可口可乐具备均一、稳定的特点，属于溶液，A 错误；
B、“娃哈哈” 纯净水里面的微量矿物质溶解在水中，形成均一稳定的混合物，属于溶液，B 错误；
C、“美汁源” 果粒橙中有固体果粒分散在液体当中，不均一、不稳定，属于悬浊液，C 正确；
D、“伊利” 纯牛奶是不溶于水的小液滴分散在液体中，属于乳浊液，D 错误。
故答案为：C。
2．【答案】B,C
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）膜分离法淡化海水利用反渗透膜实现物质分离，反渗透膜可以允许水分子通过，阻挡海水中各种盐类离子通过，整个过程没有新物质产生，属于物理变化。
（2）溶质质量分数等于溶质质量除以溶液总质量；海水淡化时，溶剂水透过膜转移出去，海水中溶质质量保持不变，溶剂质量减小，溶质质量分数会变大；蒸发冷凝同样可以实现海水淡化。
【解答】A、由装置示意图可知，反渗透膜只允许水分子通过，盐类离子不能通过，A 正确；
B、该过程只实现物质的分离，没有生成新物质，属于物理变化，B 错误；
C、左侧海水中水不断透过反渗透膜，溶质质量不变，溶剂减少，溶质的质量分数会变大，C 错误；
D、将海水蒸发再冷凝，能够除去海水中的可溶性杂质，得到淡水，D 正确。
故答案为：BC。
3．【答案】C
【知识点】水循环
【解析】【分析】（1）自然界水循环包含蒸发、水汽输送、大气降水、地表径流、地下径流等环节。蒸发是液态水变成水蒸气进入大气；水汽输送是水汽在大气当中移动；大气降水指雨、雪等降落到地面；地表径流是江河等地表水体顺着地势流动。
（2）河水在地面上流动属于地表径流环节。“湘江北去” 描写湘江河水在地面向北流动，对应水循环的地表径流。
【解答】A、蒸发作用是水由液态转化为气态，河水流动不属于蒸发作用，A 错误；
B、大气降水是水汽降落形成雨、雪等，河水流动不属于大气降水，B 错误；
C、“湘江北去” 描述江河的河水在地面流动，属于水循环当中的地表径流，C 正确；
D、水汽输送指水汽在大气中进行迁移，河水流动不属于水汽输送，D 错误。
故答案为：C。
4．【答案】B
【知识点】常见实验操作；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】A、依据蔗糖能溶于水的知识解决；
B、依据过滤所除掉的杂质情况进行分析；
C、依据蒸发能使溶质氯化钠与溶剂水分离进行分析．
D、依据稀释前后溶质的质量不变进行相关的溶液计算并判断即可；
【解答】A、因为蔗糖能溶于水并形成溶液，所以100mL水与1g蔗糖混合搅拌后能得到蔗糖溶液，此选项实验操作正确；
B、过滤操作能除掉的是不溶于水的物质，泥浆水过滤后能除掉不溶于水的泥浆，但溶于水的大量杂质不能被除掉，所以不能获取纯净水，此选项实验操作错误；
C、经过蒸发操作后食盐水中的水会被蒸发掉，剩余的溶质氯化钠会存在于蒸发皿中，所以可获取氯化钠晶体，此选项实验操作正确；
D、依据稀释前后溶质的质量不变，且水的密度为1g/mL，所以50mL水的质量是50g，则50mL水倒入50g20%的食盐水中所得的溶质质量分数为：，所以这样操作可得10%的氯化钠溶液，此选项实验操作正确。
故答案为：B。
5．【答案】A
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】（1）溶液是由溶质和溶剂组成的混合物，被溶解的物质叫做溶质，溶质可以是一种，也可以是多种物质同时溶解在溶剂中。
（2）溶液具备两大特征：均一性与稳定性。均一指溶液各处的组成、密度都完全相同；稳定性指外界条件不变时，溶质不会析出。溶液不一定是无色的，纯净液体也不属于溶液。
【解答】A、溶液里面的溶质可以只有一种，也可以同时含有多种，A 正确；
B、溶液是透明的，但不一定无色，比如硫酸铜溶液呈现蓝色，B 错误；
C、长时间存放不会分层的液体不一定属于溶液，像蒸馏水属于纯净物，并不是溶液，C 错误；
D、溶液具有均一性，上层和下层的密度完全相等，D 错误。
故答案为：A。
6．【答案】A
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）阿基米德原理：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体所受的重力，公式为。
（2）浮力大小的影响因素：浮力大小与液体密度和物体排开液体的体积有关。当物体浸没时，V排等于物体的体积，若物体体积不变，
V排不变；液体密度变化时，浮力会随之变化。
【解答】AB、潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，排开水的体积不变，根据可知，潜水艇受到的浮力变小，因此与a处相比，潜水艇在b处受到浮力大小变小，故A符合题意，B不符合题意；
CD、根据阿基米德原理可知，物体浸在液体中受到的浮力等于其排开的液体受到的重力，由于潜水艇受到的浮力变小，所以潜水艇排开液体的重力变小，即与a处相比，潜水艇在b处排开液体重力变小，故CD不符合题意。
故答案为：A。
7．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）溶解度的定义：一定温度下，100 克溶剂中最多能够溶解的溶质质量，饱和溶液质量等于溶剂质量加上溶质质量，不能理解成 100 克饱和溶液中的溶质。
（2）饱和溶液溶质质量分数计算，饱和溶液溶质质量分数等于溶解度除以（溶解度加 100 克溶剂）再乘百分之百；饱和溶液降温析出晶体质量，等于高温下溶质质量减去降温后依旧能溶解的溶质质量。
【解答】A、0℃时 M 的溶解度为 12.6g，代表 100g 水中最多溶解 12.6gM，形成 112.6g 饱和溶液，并非 100g 饱和溶液含有 12.6gM，A 错误；
B、20℃时，物质M的溶解度是15.3g，
M形成饱和溶液的溶质质量分数是，故说法错误；
C、配制200.0g20.0%的M的饱和溶液，60℃时M的溶解度是25.0g，
其溶质质量分数为，温度高于60℃则溶液不是饱和溶液，故说法正确；
D、80℃时，M的饱和溶液138.2g含有溶质是38.2g，降温至40℃，
析出晶体的质量是38.2g-20.0g=18.2g＜20.0g，故说法错误。
故答案为：C。
8．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体浮沉条件：物体密度小于液体密度时，物体漂浮在液面上；漂浮时物体受到的浮力等于物体自身的重力。
（2）阿基米德原理：漂浮物体受到的浮力等于排开液体的重力；同一个木球重力不变，不管漂浮在酒精还是水中，浮力都等于木球重力，因此两次排开液体的重力相等，排开液体质量也相等。
【解答】木块密度小于酒精，故木块在酒精中和在水中均是漂浮。由物体沉浮条件可知，此时有
再由阿基米德原理
得
而，所以有
木球密度小于酒精和水的密度，在两种液体中都漂浮，浮力等于木球重力，排开液体重力相等，排开水的质量等于溢出酒精质量，等于 50g。
故答案为：A。
9．【答案】C
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】若想改变一定温度下的饱和溶液的溶质的质量分数，方法有：①改变温度，使它的溶解度减小；②增加溶剂，使它变为不饱和溶液。【解答】①由于硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，因此给硝酸钾的饱和溶液升温到30℃，饱和溶液就会变成不饱和溶液，但溶液中溶质质量和溶剂质量都保持不变，因此它的质量分数不变；
②降低温度至10℃，由于硝酸钾的溶解度减小，所以溶液中就会有晶体析出，溶液中溶质的质量分数就会减小；
③由于硝酸钾溶液已经达到饱和，所以再加2克硝酸钾也不会溶解，因此溶质的质量分数保持不变；
④加入2克水后，溶质的质量不变，溶剂的质量增大，因此溶质的质量分数减小；
⑤蒸发掉2克水，再恢复到20℃ ，溶质的质量和溶剂的质量都会减小，但是溶解度不变，因此溶质的质量分数保持不变；
⑥加入20℃的硝酸钾饱和溶液2克后，溶液仍然饱和，溶解度不变，因此溶质的质量分数保持不变。
那么可以采取的措施有②④。
故选C。
10．【答案】C
【知识点】影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）液体压强公式为压强等于液体密度乘重力常数乘深度，橡皮膜的凸起方向由圆孔处左右两侧液体压强大小决定，橡皮膜会向压强更小的一侧凸起。
（2）深度指从液面到橡皮膜圆孔的竖直距离；盐水密度大于水的密度。当两侧液面高度不一样时，可以结合深度和橡皮膜形变判断哪边是盐水；当两侧液面高度相同时，橡皮膜向哪一侧凸起，则那一侧液体密度更小，是水。
【解答】A、容器左右两边液面高度相等，橡皮膜向一侧凸起，凸起一侧压强小，可以分辨出水和盐水，A 不符合题意；
B、容器左右两边液面高度不相等，橡皮膜平直，圆孔位置两边压强相等，液面低的一侧液体密度更大，是盐水，可以分辨，B 不符合题意；
C、容器左边液面更低，右边液面更高，橡皮膜向左边凸起。有两种可能性：右边液体密度大，或者左边深度很小；仅凭现象无法区分哪边是水、哪边是盐水，C 符合题意；
D、容器左边液面更低，右边液面更高，橡皮膜向右边凸起，可判断左侧压强大，左侧是盐水，能够分辨两种液体，D 不符合题意。
故答案为：C。
11．【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）溶解度只和溶质种类、溶剂种类、温度有关。本题温度保持 t℃不变，硝酸钾的溶解度不会随加入溶质多少发生改变。
（2）向 10g 水中不断加入硝酸钾晶体到饱和：溶剂水质量始终不变；溶质质量不断增大，溶液饱和后不再增加；溶质质量分数先增大，达到饱和之后保持不变。题图图像特征：a 不随 b 增大而改变，a 数值恒定不变。
【解答】A、温度是影响固体物质溶解度大小的主要条件，溶解度大小和溶质、溶剂取用多少没有关系。增加溶质的用量，只会改变溶液总质量或是溶质所占的质量分数，不会改变溶解度，所以该选项正确。
B、持续往水里加入硝酸钾，溶解的溶质会变多，溶剂的质量保持恒定，溶质质量分数随之变大；等到溶液达到饱和状态以后，就无法继续溶解更多溶质，质量分数就维持固定数值。对应的图像应当先向上抬升，之后变成一条水平线段，因此该选项错误。
C、在 t 摄氏度的条件下，往 10 克水中一点点加入硝酸钾固体直到溶液饱和，整个过程中水也就是溶剂的质量不会发生改变，只有被溶解的溶质质量在增大。b 轴代表的变量是不断增大的，因此 b 不能用来代表溶剂，图像的变化趋势和溶质、溶剂实际变化情况不匹配，该选项错误。
D、固体物质溶解度主要由温度决定，跟溶质、溶剂的质量多少无关。t 摄氏度时，向 10 克水中逐步加入硝酸钾直至饱和，溶剂质量全程保持不变，b 轴是不断增大的量，不能代表溶剂，图像和实际变化情况不相符，该选项错误。
故答案为：A。
12．【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）重力计算公式：物体重力等于质量乘重力常数，物体质量不会发生改变，当地球引力减半，重力常数就变为原来的二分之一，物体的重力随之减半。漂浮条件：物体漂浮在液面时，物体受到的浮力大小等于物体自身重力。
（2）阿基米德原理，浮力等于液体密度乘重力常数乘排开液体的体积；浮力产生原因是物体上下表面受到液体的压力差，轮船漂浮，船体上表面没有受到水的压力，浮力大小就等于船体下表面受到水向上的压力。对排开液体体积推导后可以发现，排开水的体积只和船的质量、水的密度有关系，和重力常数无关，因此吃水深度保持不变。
【解答】地球引力减小一半，即重力常数g变为原来的 。
船的质量m不变，根据 G=mg，船的重力G船 会减小为原来的 。
船漂浮时，浮力等于重力，即。
船的重力减半，则所受浮力也减半。
船排开水的体积，引力减半时，船的质量不变，水的密度不变，因此船排开水的体积不变，则船的吃水深度也不变。
浮力产生的原因是液体对物体上下表面的压力差。船漂浮时，上表面暴露在空气中，，因此，即浮力等于下表面受到的液体压力。
引力减小后，浮力变为原来的，因此下表面受到的压力也减小为原来的。
故答案为：C。
13．【答案】D
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）称重法测浮力：物体挂在弹簧测力计下，在空气中测出物体重力；物体浸没液体中时，受到向上的浮力，弹簧测力计的拉力加上浮力等于物体重力，浮力等于物体重力减去浸没后弹簧测力计示数。
（2）阿基米德原理：物体完全浸没，排开液体的体积等于物体自身的体积；浮力大小等于液体密度乘重力常数乘排开液体体积；结合重力、密度公式，就可以推导求出物体的密度。
【解答】物体的重力G=F。物体浸没在水中时，受到的浮力
物体浸没在水中时，排开水的体积等于物体的体积，则物体体积
物体的密度
故答案为：D。
14．【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变
【解析】【分析】（1）饱和溶液：一定温度下，一定量溶剂中不能继续溶解某溶质的溶液。溶解溶质质量等于加入溶质质量减去剩余溶质质量。20 摄氏度条件下，50 克水最多能够溶解 18 克食盐；溶解度只和温度、溶质溶剂种类有关，和溶剂总质量无关。
（2）不饱和溶液转化成饱和溶液常见途径：增加溶质、蒸发溶剂、改变温度；溶液质量等于溶剂质量加上已经溶解的溶质质量，溶质溶剂质量比等于溶解的溶质质量比溶剂质量。
【解答】A、20 摄氏度时，50 克水中最多溶解 18 克食盐，50 克食盐饱和溶液里溶剂小于 50 克，其中食盐质量小于 18 克，A 错误；
B、蒸发溶剂，减少溶剂的量，可以把不饱和溶液转变为饱和溶液，B 正确；
C、第二组，50 克水溶解食盐 18 克，溶质、溶剂质量比等于 18 比 50，化简得到 9 比 25，C 正确；
D、同一温度，食盐的溶解度只由温度决定，和取用多少质量的水没有关系，D 正确。
故答案为：A。
15．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）受力平衡：木块被细线拉住完全浸没在液体中时，木块受到向上的浮力，向下的重力、细线向下的拉力，浮力等于重力加上拉力。结合密度、重力公式可以算出液体的密度，以此判断液体种类。
（2）阿基米德原理：浮力大小和液体密度、物体浸入液体的体积有关。向外排出液体，细线拉力还没有变成零之前，木块依旧全部浸在液体当中，排液体积不变，浮力保持不变；拉力归零之后继续排液，木块开始上浮，浸入液体体积变小，浮力才会减小。拉力等于零时，细线刚好松弛，浮力和木块重力大小相等，据此计算木块浸入液体的深度，进一步求出露出液面的高度。
【解答】AC、立方体木块A的体积
木块的重力
由坐标图可知，t=0时细线对木块向下的拉力，此时液面与木块上表面齐平，木块完全浸没，排开液体体积
此时木块受力平衡，木块受到的浮力
液体的密度
此密度与水的密度一致，因此容器中液体是水，故A正确，C错误；
B、抽液时，液面匀速下降，木块排开液体体积逐渐减小，浮力随之减小。当时细线的拉力，此时浮力等于重力，即
此后若继续抽液，木块漂浮，浮力等于重力不变。因此浮力先减小后不变，故B错误；
D、时，，木块所受浮力，排开液体体积
木块底面积
木块浸入液体中的深度
木块露出液面高度，故D错误。
故答案为：A。
16．【答案】（1）ABE
（2）不溶性；引流；蒸发；大部分固体析出
（3）③④①
【知识点】净化水的常用方法；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）自来水净水流程：自来水厂净水主要包含沉淀，使大颗粒固体沉降；过滤，除去水中难溶性固体；吸附，利用活性炭吸附色素与异味；煮沸属于家庭净水操作，蒸馏多用于实验室得到纯水，一般不用在自来水厂大规模生产。
（2）过滤操作可以分离固体和液体，除去不溶性杂质；过滤时玻璃棒作用是引流，防止液体冲破滤纸；煎盐是加热使水分汽化析出食盐晶体，原理和蒸发操作一致；蒸发结晶实验中，不能蒸干溶液，等到大部分固体析出时就要停止加热，依靠余热蒸干剩余液体，防止固体飞溅。
（3）分离可溶物质与不溶物质，先溶解，可溶的氯化钾溶于水，二氧化锰不溶解；再过滤，滤出二氧化锰，得到氯化钾溶液；之后对滤液蒸发结晶，得到氯化钾固体；题目目的是回收氯化钾，不需要洗涤、干燥滤渣二氧化锰，因此操作顺序为溶解、过滤、蒸发结晶。
【解答】（1）观察净水流程可以看出，自来水厂处理自来水时，会用到沉降、过滤、活性炭吸附这些净水手段，消毒环节会生成新物质，属于化学变化，因此选 ABE；
（2）过滤操作能够把固体和液体分离开，用来除去水中无法溶解的固体杂质；做过滤实验会用到烧杯、玻璃棒、漏斗这些仪器，其中玻璃棒的作用是引导液体流动，避免液体直接冲击滤纸造成破损；
“煎盐” 就是加热把水分除去得到盐晶体，和实验室当中的蒸发实验原理相同；进行蒸发操作时，不要把溶液完全烧干，等到容器内析出大量固体以后就要停止加热，借助装置剩下的热量把剩余液体烘干；
（3）氯化钾可以溶解在水里，二氧化锰不溶于水。想要从二者混合物当中得到氯化钾固体，可以先加水把可溶的氯化钾溶解，接着过滤把不溶解的二氧化锰除去，最后把得到的滤液蒸发，析出氯化钾晶体，所以操作顺序为③④①。
（1）由图中可知，自来水厂生产自来水时，使用的净水方法有沉淀、过滤、吸附，其中属于化学变化的是消毒，故选ABE；
（2）过滤的目的是除去不溶性杂质；过滤操作需要的仪器烧杯、玻璃棒、漏斗，其中玻璃棒的作用是引流；
“煎盐”与实验室蒸发操作相似；当大部分固体析出时，停止加热，利用余热将其蒸干；
（3）氯化钾易溶于水，二氧化锰难溶于水，为了回收氯化钾，可采用溶解、过滤、蒸发结晶的方法进行回收，故需要的操作步骤是③④①。
17．【答案】（1）变多
（2）=
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体漂浮条件：漂浮的物体所受浮力大小始终等于物体自身重力，木块重力不变，因此无论排开液体体积怎么变化，浮力大小保持恒定。根据浮力公式，浮力不变时，排开液体体积变大，代表液体的密度在变小。
（2）硝酸钾的溶解度随温度降低而减小。温度下降，硝酸钾饱和溶液就会有溶质析出，溶液中溶质减少，溶液密度随之变小；析出的硝酸钾固体沉积在烧杯底部，底部晶体质量就会变多。温度升高则溶解度增大，晶体会溶解，溶液密度变大。
【解答】（1）硝酸钾这种物质的溶解度会随着温度升高而变大。一旦温度下降，硝酸钾饱和溶液能够溶解的溶质就会变少，就会有硝酸钾晶体析出，溶液里面溶质的质量变少，但溶剂水的质量保持不变。溶液当中溶解的溶质越多，它的密度就会越大，析出晶体之后，溶质减少，溶液密度就会随之下降。
木块漂浮在液体表面的时候，它受到的浮力和自身重力大小是相等的。木块自身重力不会发生改变，重力常量也固定不变，可以得到这样的关系：木块排开液体的体积和液体的密度二者成反比。结合图乙来看，从 A 点变化到 B 点，木块排开液体的体积不断增大，这就代表溶液的密度正在逐步变小。溶液密度降低，代表这份硝酸钾饱和溶液不断析出晶体，所以烧杯底部堆积的晶体会变多。
（2）观察图像，在 A、B 这两个时间点，木块排开液体的体积都小于木块自身总体积，说明木块一直保持漂浮状态。按照物体的漂浮规律，漂浮物体受到的浮力大小等于物体本身的重力。木块自身重力不会发生变化，所以 A 时刻与 B 时刻木块受到的浮力大小是一样的，也就是 A 点浮力等于 B 点浮力。
（1）硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，因此温度降低时，硝酸钾饱和溶液的溶解度减小，会析出晶体，溶质减少，溶剂不变。溶液中溶质越多，密度越大，因此析出晶体后，溶液密度减小。木块漂浮时，浮力等于重力，即
由于G木 不变，g为常量，据
可知，V排 与ρ液 成反比。图乙中，从A到B，V排 逐渐变大，说明溶液密度ρ液 逐渐减小。溶液密度减小，说明硝酸钾饱和溶液析出更多晶体，因此烧杯底部的晶体变多。
（2）图乙中，A、B时刻木块排开液体的体积均小于木块的体积V0，木块始终漂浮，根据漂浮条件，浮力始终等于木块的重力。由于木块重力不变，因此A、B时刻的浮力相等，即。
18．【答案】（1）当温度为t2℃时，100g水中最多能溶解60g物质A或物质C
（2）蒸发结晶
（3）37.5%
（4）C>B>A
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；结晶的概念与方法
【解析】【分析】（1）溶解度曲线上两条曲线相交的点，表示该温度下两种物质的溶解度数值相等，代表在该温度，一百克溶剂中最多溶解的两种溶质质量相同。
（2）物质提纯结晶分两类：溶解度受温度影响变化很大的物质适合降温结晶；溶解度受温度影响变化小的物质适合蒸发结晶。B 物质溶解度随温度改变波动不大，混有少量 A 时，选用蒸发结晶提纯 B。
（3）溶质质量分数计算时，要注意溶质不能超出该温度下的溶解限度，未溶解的固体不能算作溶质质量；溶液质量等于溶剂质量加上实际溶解的溶质质量，溶质质量分数等于实际溶解溶质质量除以全部溶液质量，再乘以百分之百。
（4）降温过程中，溶解度随温度降低而减小的物质，饱和溶液会析出晶体，溶液总质量减小；溶解度随温度降低而变大的物质，饱和溶液不会析出晶体，溶液总质量保持不变。对比降温之后三种饱和溶液质量，要分别判断每种物质降温是否析出晶体，再比较溶液质量大小。
【解答】（1）溶解度曲线交点代表对应温度下两种物质溶解度相等。A、C 交点对应温度是 t2摄氏度，含义就是 t2摄氏度时，一百克水中最多能够溶解六十克的 A 物质，同时该温度下一百克水也最多溶解六十克 C 物质。
（2）A 的溶解度受温度影响变化幅度大，B 的溶解度受温度影响变化比较小。当 B 里面混有少量 A 杂质时，采用蒸发结晶，蒸发溶剂让 B 析出，A 留在母液当中，以此得到较纯净的 B。
（3）t2摄氏度时，A 的溶解度为六十克，也就是一百克水最多溶解六十克 A，那么五十克水最多只能溶解三十克 A。向五十克水中加入四十克 A，只可以溶解三十克，还有十克 A 不能溶解。；
（4）把 t2摄氏度各一百克的 A、B、C 饱和溶液降温到 t1摄氏度。A、B 溶解度随温度下降而减小，降温之后有晶体析出，溶液质量减小；A 溶解度下降幅度更大，析出晶体更多，溶液质量减少更多。C 物质溶解度随温度降低反而增大，降温不会析出晶体，溶液质量维持原来的一百克不变。所以降温之后所得溶液质量从大到小顺序为C>B>A。
（1）由溶解度曲线可知，图线A、C交点的含义是：当温度为t2℃时，100g水中最多能溶解60g物质A或物质C；
（2）当B中含有少量的A时，可用蒸发结晶的方法提纯B，因为B的溶解度受温度的影响变化比较小；
（3）t2℃时，A的溶解度是60g，50克水放入30克A物质就能成饱和溶液，充分溶解后得到溶液的质量分数为：；
（4）将t2℃时，A、B、C三种物质的饱和溶液各100g降温至t1℃，所得溶液的质量由大到小的顺序是C>B>A，因为降温后B析出的固体少，A析出的固体多，C不会析出固体，因此C的溶液质量不变，还是100g。
19．【答案】（1）小于
（2）正放
（3）大于
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算；影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）固体压强计算公式为压力除以受力面积。瓶子正放和倒放在海绵上，瓶子与水的总重力不变，所以海绵受到的压力大小不变；倒放时瓶盖和海绵的接触面积更小，受力面积变小，压力不变的情况下，受力面积越小，产生的压强就越大。
（2）压力作用效果由压力大小、受力面积共同决定。倒放时受力面积小，原本压强更大，如果想让正放和倒放的压强相等，就要增大正放一侧的压力，也就是往正放的瓶子里面加水，增大总压力，以此提高正放时的压强。
（3）液体压力和液体重力的关系：柱形容器内部，液体对容器底部的压力等于液体自身重力；上宽下窄的容器，液体对底部的压力小于液体重力；上窄下宽的容器，液体对底部的压力大于液体重力。装满水时，正放瓶底受到水的压力等于全部水的重力；倒放时瓶口位置上宽下窄，水对瓶盖的压力会小于水的总重力。
【解答】（1）瓶子不管正放还是倒放，瓶子加上内部水的总重力不变，海绵受到的压力大小保持一致。倒放时瓶盖接触海绵，受力面积相比瓶底更小，压力不变，受力面积越小压强越大，因此正放时瓶底对海绵的压强 P1小于倒放时瓶盖对海绵的压强 P2。
（2）对比两种放置方式，倒放状态下受力面积更小，它对海绵产生的压强会更大。 根据可知， 想要让正放、倒放的压强大小相同，就要增大正放时的压力，所以需要向正放的瓶子当中添加适量的水，增大瓶子整体的总压力，提升正放时的压强。
（3）瓶子装满水以后，正放时容器属于柱形，水对瓶底的压力和瓶中水的重力大小相等。瓶子倒过来以后，瓶口部分上宽下窄，一部分水的重力作用在瓶子侧壁，真正作用在瓶盖上的压力会小于瓶中水的重力。因此正放时水对瓶底的压力 F1大于倒放时水对瓶盖的压力 F2。
故答案为：（1）小于；
（2）正放；
（3）大于。
（1）瓶子正放或倒放时对海绵的压力保持不变，倒放时受力面积小，产生的压强大，故p1小于p2
（2）因为相同压力时，正放的瓶子受力面积更大，所以压强小，要使瓶子正放时对海绵的压强与倒放时相同，根据可知，需要向正放的瓶子中加入适量的水，通过增大压力来增大压强，以达到与倒放时压强相等的效果。
（3）装满水后，根据容器的形状可知，正放时瓶底受到的压力F1大于瓶中水的重力，而倒放时水对瓶盖的压力F2小于瓶中水的重力，故F1大于F2
20．【答案】2；竖直向上；52
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）密度公式：物体体积等于物体质量除以物质密度。实心铜球完全浸没在水中，铜球排开水的体积等于铜球自身的体积。阿基米德原理指出，物体受到的浮力等于排开液体的重力，浮力方向始终竖直向上。
（2）力的作用是相互的，铜球在水里受到水向上的浮力，铜球就会对水产生大小相等、方向向下的反作用力。
（3）弹簧测力计下方悬挂水桶和水，铜球浸入水中之后，弹簧测力计的示数等于桶和水的总重力，再加上铜球对水的向下的反作用力。重力计算为质量乘以重力常量。
【解答】先算出铜球自身的体积，用铜球质量除以铜的密度。
铜球的体积
小球缓慢浸没在水中，受到的浮力
浮力的方向竖直向上，桶与水的总重力为
设铜球对水的作用力为F'，则
弹簧测力计的示数
21．【答案】（1）7.5
（2）④②③⑤①
（3）②；小于
（4）30
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）溶质质量的计算公式：溶质质量等于溶液总质量乘以溶质质量分数。配制一定质量分数溶液的基础步骤依次为取药品称量、把称量好的固体转移到烧杯、量取水倒入烧杯、搅拌溶解。
（2）托盘天平使用时遵循 “左盘放物体，右盘放砝码” 的规则。如果物体和砝码放颠倒，称量得到的固体溶质质量会偏小。在溶剂质量不变时，溶质越少，配出来的溶液溶质质量分数就越小。
（3）恒温蒸发溶液析出晶体，第一次蒸发后有晶体析出，说明此时溶液已经达到饱和状态。后续继续蒸发相同质量溶剂，析出晶体的质量就可以用来计算该温度下物质的溶解度。溶解度定义为一定温度下，一百克溶剂里最多能够溶解的溶质质量。
【解答】（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量75g×10%=7.5g；
（2）配制氯化钠溶液完整流程：先从试剂瓶取用氯化钠固体④，接着用天平称量固体②，将称好的氯化钠倒入烧杯③，再把量取好的水倒进烧杯⑤，最后用玻璃棒搅拌充分溶解①，所以正确操作顺序是④②③⑤①。
（3）步骤②天平称量操作出错，称量固体时砝码与氯化钠位置左右放反。砝码与物体颠倒，会造成实际称取的氯化钠质量偏小。溶剂的量没有变化，溶质质量变少，最终配制得到的溶液溶质质量分数就会小于百分之十。
（4）第一次蒸发二十克水析出四克晶体，证明经过这次蒸发之后溶液已经变成 t 摄氏度下的饱和溶液；第二次继续恒温蒸发二十克水，析出晶体六克，说明该温度下二十克水中最多可以溶解六克氯化钠。按比例换算，一百克水中最多溶解三十克氯化钠，因此 t℃时氯化钠的溶解度是三十克。
（1）现欲配制一瓶75g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量75g×10%=7.5g；
（2）配制一定质量分数氯化钠溶液的步骤是：计算、称量、溶解、装瓶，正确操作顺序是：④②③⑤①；
（3）托盘天平称量固体时，应该左物右码，故图中②错误；
若不进行改正，其他操作步骤正确，氯化钠质量偏小，所以所配制溶液的溶质的质量分数小于10%；
（4）根据题意，“蒸发20克水后析出4克晶体”，“再蒸发20克水后，又析出6克晶体”，说明原溶液为不饱和溶液，不然第一次蒸发20克水后应该析出4克晶体。因此，从“再蒸发20克水后，又析出6克晶体”，表明6克晶体溶解在20克水中形成的是饱和溶液。根据溶解度的定义，在一定温度下，某物质在100克溶剂里达到饱和状态时所溶解的质量，所以t℃时某物质的溶解度为30g。
22．【答案】（1）在吸管下端多绕几圈铜丝
（2）越长；不变
（3）B
（4）B；D
（5）不变
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）简易密度计要竖直漂浮，需要降低它的重心。重心位置偏上就容易倾斜倒伏，可以在下端增加配重，把重心下移，让吸管可以直立浮在液体当中。密度计的工作原理是物体的漂浮条件，漂浮时浮力和自身重力大小相等。
（2）漂浮状态下浮力等于密度计自身重力，重力不发生改变，浮力大小就不会变化。依据阿基米德原理，浮力不变的时候，液体密度越大，排开液体的体积就越小，浸入液体的部分变短，露出液面的部分就会变长。密度计刻度特点：从上往下，刻度数值越来越大，而且刻度间隔并不均匀。
（3）想要增大密度计相邻刻度之间的距离，在浮力变化量固定时，选用横截面积更小更细的吸管，或者适当增大配重，都可以增大浸入深度，拉大刻度间距。容器大小、吸管总长度不会改变刻度之间的距离。
（4）把铜丝缠绕在玻璃管外侧，测量同一杯液体，密度计总重力不变，浮力不变，排开液体的总体积不变，杯子里面液面高低不会发生改变。
【解答】（1）吸管无法竖直漂浮，说明整体重心偏高。可以在吸管下端再多缠绕几圈铜丝，增加下端配重，降低重心，使吸管能够竖直立在液体中。
（2）密度计漂浮时，浮力始终等于重力，重力不变，因此浮力不变。根据阿基米德原理，液体密度ρ液 越大，排开液体体积V排 越小，即浸入深度越小，因此露出液面的长度越长。
（3）同一只密度计的重力G一定，横截面积S一定，由可知：ρ液 越大，h越小，液面越靠下，对应刻度值越大，即密度计的刻度值下大上小。h和ρ液成反比，所以刻度分布不均匀，且上疏下密，故选B。
（4）设相邻两刻度对应的液体密度为ρ1 、ρ2 ，则相邻刻度线的间距
换稍细的吸管，减小横截面积S，Δh与S成反比，间距Δh增大；适当增加配重，密度计的重力G增大，Δh与G成正比，间距增大，增大间距可以提高精确程度。换稍大点的容器和换稍长的吸管都不能使间距Δh增大。故选BD。
（5）铜丝从管内移到管外，铜丝质量不变，总重力不变，漂浮时浮力不变，排开液体体积也不变。容器中液面高度由“液体体积和排开体积”决定，两者均不变，因此液面高度不变。
（1）密度计无法竖直漂浮是因为重心过高，需降低重心。可采用增加吸管下端的配重，如在吸管下端再绕一些铜丝，使重心更低，从而竖立漂浮。
（2）密度计漂浮时，浮力始终等于重力，重力不变，因此浮力不变。根据阿基米德原理，液体密度ρ液 越大，排开液体体积V排 越小，即浸入深度越小，因此露出液面的长度越长。
（3）同一只密度计的重力G一定，横截面积S一定，由可知：ρ液 越大，h越小，液面越靠下，对应刻度值越大，即密度计的刻度值下大上小。h和ρ液成反比，所以刻度分布不均匀，且上疏下密，故选B。
（4）设相邻两刻度对应的液体密度为ρ1 、ρ2 ，则相邻刻度线的间距
换稍细的吸管，减小横截面积S，Δh与S成反比，间距Δh增大；适当增加配重，密度计的重力G增大，Δh与G成正比，间距增大，增大间距可以提高精确程度。换稍大点的容器和换稍长的吸管都不能使间距Δh增大。故选BD。
（5）铜丝从管内移到管外，铜丝质量不变，总重力不变，漂浮时浮力不变，排开液体体积也不变。容器中液面高度由“液体体积和排开体积”决定，两者均不变，因此液面高度不变。
23．【答案】（1）溶液稀释前后前后，溶质的质量不变，设需要98%的硫酸的质量是x，则：
1.84g/cm3×x×98%=1000g×19.6%
解得：x≈108.7 cm3（合108.7mL），
需要蒸馏水的质量为1000g-1.84g/cm3×108.7cm3≈800g（合800mL）；
答：需要浓硫酸108.7毫升，蒸馏水800毫升；
（2）大
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）溶液稀释计算核心依据：稀释前后，溶液里面溶质的质量保持不变。稀释只是增加溶剂的质量，溶质不会增多也不会减少。公式：浓溶液质量 × 浓溶液溶质质量分数 = 稀溶液质量 × 稀溶液溶质质量分数。质量和体积换算关系：体积等于质量除以密度。水的密度是每立方厘米 1 克，水的质量数值和体积数值大小相等。
（2）量筒读数操作：俯视读数的时候，读取的刻度数值大于液体实际体积。量取水的时候俯视，实际取到的水的体积偏小，溶剂质量变少，溶质质量不变，最后配出溶液的溶质质量分数就会偏大。
【解答】（2）用量筒量取水，俯视读数，读数比实际液体体积大，实际量取的水偏少。溶质质量不变，溶剂偏少，配制得到的溶液溶质质量分数偏大。
（1）见答案；
（2）用量筒量取水时俯视读数，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大。
24．【答案】（1）空桶漂浮在水面时，浮力等于桶的重力，即
排开水的体积
（2）上升
（3）桶和鹅卵石漂浮时受到的总浮力
总重力等于总浮力，则鹅卵石的重力
鹅卵石的质量
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体漂浮条件：漂浮时物体受到的浮力等于物体自身总重力。阿基米德原理公式，浮力等于液体密度乘以重力常量乘以排开液体体积，可变形求解排开水的体积。
（2）鹅卵石沉在池底的时候，鹅卵石受到的浮力小于自身重力；把鹅卵石放到桶中整体漂浮，此时鹅卵石对应的浮力等于它自身重力。鹅卵石受到的浮力变大，排开水的总体积变大，水池水面就会上升。
（3）桶和鹅卵石一起漂浮，总浮力等于桶与鹅卵石的总重力。先用阿基米德原理求出总浮力，减去空桶重力得到鹅卵石重力，再利用重力公式计算鹅卵石的质量。
【解答】（2）鹅卵石沉底时，浮力小于自身重力，即 ；捞出放置在桶内时，桶和鹅卵石整体漂浮，即此时鹅卵石处于漂浮状态，浮力等于自身重力，即。因，由阿基米德原理可知，此时排开水的体积增大，则水面会上升。
（1）空桶漂浮在水面时，浮力等于桶的重力，即
排开水的体积
（2）鹅卵石沉底时，浮力小于自身重力，即 ；捞出放置在桶内时，桶和鹅卵石整体漂浮，即此时鹅卵石处于漂浮状态，浮力等于自身重力，即。因，由阿基米德原理可知，此时排开水的体积增大，则水面会上升。
（3）桶和鹅卵石漂浮时受到的总浮力
总重力等于总浮力，则鹅卵石的重力
鹅卵石的质量
1 / 1

展开更多......

收起↑