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2027高考化学化学一轮复习：有机物的结构与性质
一．选择题（共25小题）
1．（2026 江西）降糖药格列本脲的分子结构如图，其中不含有的官能团是（　　）
A．酯基 B．醚键 C．碳卤键 D．酰胺基
2．（2026 山东）药物他扎罗汀（T）的结构简式如图所示，下列关于T的说法正确的是（　　）
A．存在顺反异构
B．共直线的C原子最多有6个
C．分子中电负性最小的元素是C
D．红外光谱中出现C≡C、C＝O和C﹣O的吸收峰
3．（2026 河北）有机光电功能材料重要中间体X的一种合成反应如图：
下列说法错误的是（　　）
A．该反应的原子利用率为100%
B．X中碳原子都是sp2杂化
C．X存在顺反异构
D．X可发生聚合反应
4．（2026 云南）彩云之南，花开四季。下列说法错误的是（　　）
春 蓝花楹 夏 荷花 秋 桂花 冬 梅花
A．W的分子式为C9H10O4
B．X能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．Y能发生加成和水解反应
D．1mol Z最多消耗2mol Br2
5．（2026 浙江）已知可发生反应：
下列说法正确的是（　　）
A．X所有原子在同一平面上
B．1mol Y最多与1mol H2发生加成反应
C．Z与酸性KMnO4溶液反应生成
D．X与丙炔醛（HC≡CCHO）反应生成
6．（2026 河南）化合物L是从某山胡椒属植物中分离得到的一种生物活性物质，其结构如图所示。下列有关L的说法错误的是（　　）
A．能与HBr反应
B．能发生消去反应
C．含有5种官能团
D．能使酸性KMnO4溶液褪色
7．（2026 黑龙江）热塑性可降解高分子材料Ⅲ可由如下反应制备。下列说法正确的是（　　）
A．Ⅰ和Ⅳ可用元素定量分析区分
B．Ⅲ具有网状交联结构
C．Ⅲ与NaOH反应生成Ⅱ
D．该聚合反应为缩聚反应
8．（2026 黑龙江）药物奥利司他结构简式如下。下列关于该物质说法错误的是（　　）
A．含有5个手性碳原子
B．含有分子内氢键
C．能使酸性KMnO4溶液褪色
D．能发生水解反应
9．（2026 北京）我国科学家用生物基原料合成可降解高分子P的合成路线如下。
已知：
下列说法不正确的是（　　）
A．X的结构简式为
B．Y有3种处于不同化学环境的氢原子
C．反应①中Z和H2O的化学计量比是1：4
D．若Z和P完全水解，可得到相同产物
10．（2026 重庆）一种组织蛋白酶抑制剂的中间体Z可通过如图反应制备。下列叙述错误的是（　　）
A．X可以发生加聚反应
B．Y可以发生水解反应
C．Z含有3个手性碳原子
D．该反应涉及碳氮键的断裂与生成
11．（2026 湖北）腰带状的[20]胶原烯，兼具刚性与空腔适应性，能有效结合C60或C70形成超分子。
下列有关[20]胶原烯说法错误的是（　　）
A．苯环与甲基的数量比为1：2
B．通过氢键作用与C60、C70形成超分子
C．超分子能在一定条件下释放C60、C70
D．能结合一定尺寸范围内的C60、C70衍生物
12．（2026 湖北）化合物Ⅰ在机械力作用下转变为颜色不同的荧光化合物Ⅱ，此现象称为力致变色，过程如下所示。
下列说法正确的是（　　）
A．机械力引起Ⅰ的碳碳σ键断裂
B．Ⅰ中四元环上的碳原子处于同一平面
C．特定波长光照下Ⅰ与Ⅱ处于平衡状态
D．Ⅱ在酸性条件下不发生水解反应
13．（2026 四川）中药川芎具有活血行气、祛风止痛等功效，其中一种有效成分M的结构如图所示。下列有关M的说法正确的是（　　）
A．属于芳香族化合物
B．不含手性碳原子
C．不能使溴的四氯化碳溶液褪色
D．能发生水解反应
14．（2026 山东）药物盐酸茚洛秦（Q）的合成路线如下，下列说法正确的是（　　）
A．M→N为取代反应
B．N比P更易被氧化
C．M、P均可与Na2CO3溶液反应
D．已知Q被酸性KMnO4溶液氧化时有CO2生成，则另一产物为
15．（2026 四川）我国科研人员研制了一种耐高温的聚合物W，可用于制造宇航飞行器，其合成反应如下。
下列说法正确的是（　　）
A．P中所有氧原子共平面
B．FeBr3存在下，Q与Br2发生加成反应
C．x和y的值均为2n﹣1
D．W属于聚酰胺类高分子材料
16．（2026 江西）X是重要的有机合成中间体，其可能的合成反应机理如图。下列说法正确的是（　　）
A．反应a的催化剂为NHC
B．反应b中CF3SO2Na发生氧化反应
C．物质M的结构简式为
D．总反应的原子利用率为100%
17．（2026 山西）P1是一种新型高分子材料，由两种单体共聚得到。图示是P1的合成及降解过程，P1～P4为局部结构示意图（忽略立体化学）。反应Ⅲ为醇羟基和酯基的反应。
下列说法错误的是（　　）
A．生成P1的过程中有π键的断裂和σ键的形成
B．P2能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．Ⅲ中生成的—COOC2H5与—CH2OH的物质的量不一定相等
D．P4间可发生缩聚反应，形成网状聚合物
18．（2026 湖南）光催化是一种常用的绿色有机合成方法，合成化合物M（Ar﹣表示芳基，'Bu﹣表示叔丁基）的反应历程如图所示。下列说法错误的是（　　）
A．X→Y过程中既有σ键断裂，又有π键断裂
B．Z中Ni的化合价为+2
C．PC②→PC①是一个氧化过程
D．总反应式为
19．（2026 河南）G是一种具有较高热稳定性的不饱和聚酯醚类高分子，其合成方法如图所示。
下列说法正确的是（　　）
A．E中所有原子共平面
B．E与F发生缩聚反应生成G
C．F在碱性条件下水解可生成E
D．可以自身聚合生成G
20．（2026 浙江）某化学兴趣小组利用有机P化合物除去N2O的流程如下（Ph代表苯环），下列说法不正确的是（　　）
A．在该循环中I、Ⅲ均可作催化剂
B．Ⅱ中P—N是N提供孤电子对
C．Ⅲ可能是
D．产物中还可能生成
21．（2025 湖南）天冬氨酸广泛应用于医药、食品和化工等领域。天冬氨酸的一条合成路线如图：
下列说法正确的是（　　）
A．X的核磁共振氢谱有4组峰
B．1mol Y与NaOH水溶液反应，最多可消耗2mol NaOH
C．天冬氨酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐
D．天冬氨酸通过加聚反应可合成聚天冬氨酸
22．（2025 河北）丁香挥发油中含丁香色原酮（K）、香草酸（M），其结构简式如图：
下列说法正确的是（　　）
A．K中含手性碳原子
B．M中碳原子都是sp2杂化
C．K、M均能与NaHCO3反应
D．K、M共有四种含氧官能团
23．（2025 浙江）科学家通过对水杨酸进行分子结构修饰，得到药物美沙拉嗪，下列说法不正确的是（　　）
A．反应1产物中是否含有残留的水杨酸，无法用FeCl3溶液检验
B．反应1中，需控制反应条件，防止水杨酸被氧化
C．反应2可通过还原反应生成美沙拉嗪
D．在盐酸中溶解性：水杨酸＞美沙拉嗪
24．（2025 湖北）桥头烯烃Ⅰ的制备曾是百年学术难题，下列描述正确的是（　　）
A．Ⅰ的分子式是C7H12
B．Ⅰ的稳定性较低
C．Ⅱ有2个手性碳
D．Ⅱ经浓硫酸催化脱水仅形成Ⅰ
25．（2025 黑龙江）人体皮肤细胞受到紫外线（UV）照射可能造成DNA损伤，原因之一是脱氧核苷上的碱基发生了如下反应。下列说法错误的是（　　）
A．该反应为取代反应
B．Ⅰ和Ⅱ均可发生酯化反应
C．Ⅰ和Ⅱ均可发生水解反应
D．乙烯在UV下能生成环丁烷
2027高考化学化学一轮复习之有机物的结构与性质
参考答案与试题解析
一．选择题（共25小题）
1．（2026 江西）降糖药格列本脲的分子结构如图，其中不含有的官能团是（　　）
A．酯基 B．醚键 C．碳卤键 D．酰胺基
【答案】A
【分析】由降糖药格列本脲的分子结构可知，分子中含有醚键、碳氯键、酰胺基，据此判断。
【解答】解：由降糖药格列本脲的分子结构可知，分子中含有醚键、碳氯键、酰胺基，不含酯基，故A正确；
故选：A。
【点评】本题主要考查官能团的结构，为基础知识的考查，题目难度不大。
2．（2026 山东）药物他扎罗汀（T）的结构简式如图所示，下列关于T的说法正确的是（　　）
A．存在顺反异构
B．共直线的C原子最多有6个
C．分子中电负性最小的元素是C
D．红外光谱中出现C≡C、C＝O和C﹣O的吸收峰
【答案】D
【分析】A．碳碳双键两端的碳原子连接两个不同的原子或原子团时存在顺反异构；
B．乙炔分子中所有原子共直线，苯分子中处于对角线上的原子共直线，该分子相当于乙炔分子中的两个氢原子被苯基和吡啶基取代，单键可以旋转；
C．元素的非金属性越弱，其电负性越小；
D．红外光谱测定化学键和官能团。
【解答】解：A．该分子中不含碳碳双键，不存在顺反异构，故A错误；
B．乙炔分子中所有原子共直线，苯分子中处于对角线上的原子共直线，该分子相当于乙炔分子中的两个氢原子被苯基和吡啶基取代，单键可以旋转，该分子中共直线的碳原子最多有7个，故B错误；
C．元素的非金属性越弱，其电负性越小，非金属性最弱的是H元素，电负性最小的是H元素，故C错误；
D．红外光谱测定化学键和官能团，该分子中含有C≡C、C＝O和C﹣O，所以红外光谱中出现C≡C、C＝O和C﹣O的吸收峰，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。
3．（2026 河北）有机光电功能材料重要中间体X的一种合成反应如图：
下列说法错误的是（　　）
A．该反应的原子利用率为100%
B．X中碳原子都是sp2杂化
C．X存在顺反异构
D．X可发生聚合反应
【答案】C
【分析】A．根据原子守恒，生成物只有，原子利用率 100%；
B．X中侧链碳碳双键的两个 C、苯环、咔唑环上所有 C 均为sp2杂化，无sp3、sp杂化碳原子；
C．碳碳双键一端连接 2 个 H 原子，双键左侧碳上有两个相同氢原子，不满足顺反异构条件（双键两端每个碳均连 2 个不同基团），因此 X 不存在顺反异构；
D．X 含有碳碳双键，能发生加聚聚合反应。
【解答】解：A．反应物与乙炔完全转化为唯一产物 X ，属于加成反应，根据原子守恒，原子利用率 100%，故A正确；
B．X中侧链碳碳双键的两个 C、苯环、咔唑环上所有 C 均为sp2杂化，故B正确；
C．碳碳双键一端连接 2 个 H 原子，双键左侧碳上有两个相同氢原子，不满足顺反异构条件（双键两端每个碳均连 2 个不同基团），故C错误；
D．X 含有碳碳双键，能发生加聚聚合反应，故D正确；
故选：C。
【点评】以咔唑与乙炔加成合成光电中间体为载体，综合考查原子利用率、碳原子杂化类型、顺反异构判断、碳碳双键聚合性质等有机化学基础知识点。
4．（2026 云南）彩云之南，花开四季。下列说法错误的是（　　）
春 蓝花楹 夏 荷花 秋 桂花 冬 梅花
A．W的分子式为C9H10O4
B．X能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．Y能发生加成和水解反应
D．1mol Z最多消耗2mol Br2
【答案】D
【分析】A．根据W的结构简式（键线式）来确定其分子式；
B．根据X含碳碳双键的性质来分析；
C．根据Y含碳碳双键（可加成）和内酯基（可水解）来分析；
D．根据苯酚与溴水的邻对位取代反应及碳碳双键与溴的加成反应规律来分析。
【解答】解：A．根据W的结构简式，数W的C、H、O原子数，可得分子式为C9H10O4，故A正确；
B．X含有碳碳双键，能被酸性KMnO4氧化，使溶液褪色，故B正确；
C．Y含有碳碳双键（可加成）和内酯基（可水解），故该有机物能发生加成和水解反应，故C正确；
D．苯酚与溴水发生环上邻对位的取代反应；Z中酚羟基的邻位有2个可被Br2取代的位置，碳碳双键可与1mol Br2加成，共消耗3mol Br2，故D错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查有机物的分子式判断、官能团性质，结合结构分析反应类型与定量反应关系，考查对有机基础知识点的掌握。
5．（2026 浙江）已知可发生反应：
下列说法正确的是（　　）
A．X所有原子在同一平面上
B．1mol Y最多与1mol H2发生加成反应
C．Z与酸性KMnO4溶液反应生成
D．X与丙炔醛（HC≡CCHO）反应生成
【答案】D
【分析】A．乙烯分子中所有原子共平面，甲烷分子为四面体结构，甲烷分子中最多有3个原子共平面，单键可以旋转；
B．Y中碳碳双键、醛基都能和氢气以1：1发生加成反应；
C．Z中碳碳双键、醛基都能被酸性高锰酸钾溶液氧化；
D．X和丙炔醛发生加成反应生成或。
【解答】解：A．X相当于乙烯分子中的两个氢原子分别被甲基和乙烯基取代，饱和碳原子具有甲烷的结构特点，甲烷分子中最多有3个原子共平面，所以该分子中所有原子一定不共平面，故A错误；
B．Y中碳碳双键、醛基都能和氢气以1：1发生加成反应，1mol Y最多消耗2mol氢气发生加成反应，故B错误；
C．Z中碳碳双键、醛基都能被酸性高锰酸钾溶液氧化，原醛基应该氧化为羧基，即氧化产物中含有2个羧基，故C错误；
D．X和丙炔醛发生加成反应生成或，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，C易忽略醛基能被酸性高锰酸钾溶液氧化而导致错误判断。
6．（2026 河南）化合物L是从某山胡椒属植物中分离得到的一种生物活性物质，其结构如图所示。下列有关L的说法错误的是（　　）
A．能与HBr反应
B．能发生消去反应
C．含有5种官能团
D．能使酸性KMnO4溶液褪色
【答案】C
【分析】A．该化合物含有碳碳双键；
B．醇发生消去反应的条件是：羟基连接碳的邻位碳原子上有氢原子；
C．该化合物的官能团为：碳碳双键、羟基、羰基、酯基；
D．碳碳双键、羟基都可以被酸性KMnO4溶液氧化。
【解答】解：A．有机物L的分子结构中含有碳碳双键，可与HBr发生加成反应，故A正确；
B．有机物L的分子结构中含有伯醇羟基（﹣CH2OH），其相连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，满足消去反应条件，因此能发生消去反应，故B正确；
C．该化合物的官能团为：碳碳双键、羟基、羰基、酯基，共4种官能团，故C错误；
D．有机物L的分子结构中含有碳碳双键、羟基，碳碳双键、羟基都可以被酸性KMnO4溶液氧化，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
7．（2026 黑龙江）热塑性可降解高分子材料Ⅲ可由如下反应制备。下列说法正确的是（　　）
A．Ⅰ和Ⅳ可用元素定量分析区分
B．Ⅲ具有网状交联结构
C．Ⅲ与NaOH反应生成Ⅱ
D．该聚合反应为缩聚反应
【答案】D
【分析】A．Ⅰ和Ⅳ互为同分异构体，二者分子式相同，C、H、O元素的含量相同；
B．Ⅱ中只有两个酯基能发生缩聚反应；
C．Ⅲ能和NaOH溶液反应生成醇和二元羧酸钠；
D．该反应中除了生成高分子外还有小分子CH3COCH3生成。
【解答】解：A．Ⅰ和Ⅳ互为同分异构体，二者分子式相同，C、H、O元素的含量相同，所以不能用元素定量分析区分，二者官能团不同，可以用红外光谱区分，故A错误；
B．Ⅱ中只有两个酯基发生缩聚反应，所以生成的Ⅲ没有网状交联结构，故B错误；
C．Ⅲ能和NaOH溶液反应生成醇和二元羧酸钠，且Ⅱ中酯基能和NaOH溶液反应，所以Ⅲ与NaOH反应不能生成Ⅱ，故C错误；
D．该反应中除了生成高分子外还有小分子CH3COCH3生成，所以该反应属于缩聚反应，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系、手性碳原子的判断方法是解本题的关键，题目难度不大。
8．（2026 黑龙江）药物奥利司他结构简式如下。下列关于该物质说法错误的是（　　）
A．含有5个手性碳原子
B．含有分子内氢键
C．能使酸性KMnO4溶液褪色
D．能发生水解反应
【答案】A
【分析】A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；
B．该分子的醛基中的氧原子能和﹣NH﹣中的氢原子形成分子内氢键；
C．﹣CHO能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色；
D．酯基、酰胺基都能发生水解反应。
【解答】解：A．如图中标有※的碳原子为手性碳原子，有4个手性碳原子，故A错误；
B．该分子的醛基中的氧原子能和﹣NH﹣中的氢原子形成分子内氢键，故B正确；
C．该分子中的﹣CHO能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；
D．该分子中的酯基、酰胺基都能发生水解反应，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系、手性碳原子的判断方法是解本题的关键，题目难度不大。
9．（2026 北京）我国科学家用生物基原料合成可降解高分子P的合成路线如下。
已知：
下列说法不正确的是（　　）
A．X的结构简式为
B．Y有3种处于不同化学环境的氢原子
C．反应①中Z和H2O的化学计量比是1：4
D．若Z和P完全水解，可得到相同产物
【答案】A
【分析】A．根据X的分子式及Y和Z的结构简式知，X的结构简式为CH3COCH2CH2COOH；
B．根据图知，Y中3个﹣CH2OH为等效基团；
C．反应①中，X中羰基上的氧原子和Y分子中的两个醇羟基生成1分子H2O，Y分子中的另外一个羟基和X中羧基发生取代反应生成H2O，则生成1分子Z的同时生成4分子H2O；
D．P、Z水解时断裂酯基中的C﹣O键。
【解答】解：A．根据X的分子式及Y和Z的结构简式知，X的结构简式为CH3COCH2CH2COOH，故A错误；
B．根据图知，Y中3个﹣CH2OH为等效基团，则Y中含有3种处于不同化学环境的氢原子，故B正确；
C．反应①中，X中羰基上的氧原子和Y分子中的两个醇羟基生成1分子H2O，Y分子中的另外一个羟基和X中羧基发生取代反应生成H2O，则生成1分子Z的同时生成4分子H2O，所以反应①中Z和H2O的化学计量比是1：4，故C正确；
D．P、Z水解时断裂酯基中的C﹣O键，所以Z和P完全水解，可得到相同产物，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确判断反应中断键和成键的位置是解本题的关键，题目难度中等。
10．（2026 重庆）一种组织蛋白酶抑制剂的中间体Z可通过如图反应制备。下列叙述错误的是（　　）
A．X可以发生加聚反应
B．Y可以发生水解反应
C．Z含有3个手性碳原子
D．该反应涉及碳氮键的断裂与生成
【答案】C
【分析】A．根据含有碳碳双键物质的化学性质来分析；
B．根据含有酯基物质的化学性质来分析；
C．根据手性碳的概念并结合Z分子的结构来分析；
D．根据Y的C＝N双键断裂，X的双键断裂，形成新的C﹣N和C﹣C键来分析。
【解答】解：A．X是环戊二烯，含有碳碳双键，可以发生加聚反应，故A正确；
B．Y分子中含有酯基，在酸性或碱性条件下发生水解反应，故B正确；
C．手性碳原子是指连有四个不同基团的饱和碳原子，Z分子中含有4个手性碳原子，手性碳原子如图，故C错误；
D．对比X、Y、Z的结构可知，该反应为X中的共轭双键与Y分子中的碳氮双键发生类似Diels﹣Alder反应，即Y中的C＝N双键断裂，X中的双键断裂，形成新的C﹣N和C﹣C键，涉及碳氮键的断裂与生成，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机官能团性质、手性碳原子判断及反应成断键分析，结合环加成反应，考查对有机物结构与性质的综合应用能力。
11．（2026 湖北）腰带状的[20]胶原烯，兼具刚性与空腔适应性，能有效结合C60或C70形成超分子。
下列有关[20]胶原烯说法错误的是（　　）
A．苯环与甲基的数量比为1：2
B．通过氢键作用与C60、C70形成超分子
C．超分子能在一定条件下释放C60、C70
D．能结合一定尺寸范围内的C60、C70衍生物
【答案】B
【分析】A．根据图知，苯环和甲基的数量分别是10、20；
B．胶原烯和C60、C70之间不能形成氢键；
C．根据图知，超分子能在一定条件下释放C60、C70；
D．根据图知，胶原烯能结合一定尺寸范围内的C60、C70衍生物形成超分子。
【解答】解：A．根据图知，苯环和甲基的数量分别是10、20，则苯环与甲基的数量比为10：20＝1：2，故A正确；
B．胶原烯和C60、C70中不含N、O、F原子，和C60、C70之间不能形成氢键，故B错误；
C．根据图知，胶原烯能和C60、C70形成超分子，则超分子能在一定条件下释放C60、C70，故C正确；
D．根据图知，胶原烯能结合一定尺寸范围内的C60、C70衍生物形成超分子，故D正确；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。
12．（2026 湖北）化合物Ⅰ在机械力作用下转变为颜色不同的荧光化合物Ⅱ，此现象称为力致变色，过程如下所示。
下列说法正确的是（　　）
A．机械力引起Ⅰ的碳碳σ键断裂
B．Ⅰ中四元环上的碳原子处于同一平面
C．特定波长光照下Ⅰ与Ⅱ处于平衡状态
D．Ⅱ在酸性条件下不发生水解反应
【答案】A
【分析】A．机械力引起Ⅰ的碳碳σ键断裂；
B．Ⅰ中四元环上四个碳原子都采用sp3杂化，与其连接的4个原子为四面体结构；
C．相互转化时的反应条件不同，不是可逆反应；
D．酰胺基能发生水解反应。
【解答】解：A．根据图知，机械力引起Ⅰ的碳碳σ键断裂，故A正确；
B．Ⅰ中四元环上四个碳原子都采用sp3杂化，与其连接的4个原子为四面体结构，则Ⅰ中四元环上的碳原子不能处于同一平面，故B错误；
C．相互转化时的反应条件不同，不是可逆反应，所以特定波长光照下Ⅰ与Ⅱ不是处于平衡状态，故C错误；
D．Ⅱ中酰胺基能是酸性条件下发生水解反应，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。
13．（2026 四川）中药川芎具有活血行气、祛风止痛等功效，其中一种有效成分M的结构如图所示。下列有关M的说法正确的是（　　）
A．属于芳香族化合物
B．不含手性碳原子
C．不能使溴的四氯化碳溶液褪色
D．能发生水解反应
【答案】D
【分析】A．含有苯环的有机物属于芳香族化合物；
B．手性碳原子指连接四个不同的原子或基团的碳原子；
C．M中含有碳碳双键，可与Br2发生加成反应；
D．M中含有酯基，在酸性或碱性条件下能发生水解反应。
【解答】解：A．根据M的结构简式，可知M中不存在苯环结构，因此M不属于芳香族化合物，故A错误；
B．M中含有手性碳原子，如图（标“*”处的碳原子为手性碳原子），故B错误；
C．M中含有碳碳双键，可与Br2发生加成反应，使溴的四氯化碳溶液褪色，故C错误；
D．M中含有酯基，在酸性或碱性条件下能发生水解反应，故D正确；
故选：D。
【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，为高频考点，题目难度一般。
14．（2026 山东）药物盐酸茚洛秦（Q）的合成路线如下，下列说法正确的是（　　）
A．M→N为取代反应
B．N比P更易被氧化
C．M、P均可与Na2CO3溶液反应
D．已知Q被酸性KMnO4溶液氧化时有CO2生成，则另一产物为
【答案】A
【分析】A．M中酚羟基上的氢原子被取代生成N；
B．﹣CH（OH）﹣比羰基易被氧化；
C．酚羟基、﹣COOH都能和Na2CO3溶液反应；
D．连接苯环的碳原子上含有氢原子的支链能被酸性高锰酸钾溶液氧化为羧基，Q被酸性KMnO4溶液氧化时有CO2生成，另一种产物的结构简式为。
【解答】解：A．M中酚羟基上的氢原子被取代生成N，所以M生成N的反应为取代反应，故A正确；
B．﹣CH（OH）﹣比羰基易被氧化，对比N、P的结构简式知，二者不同之处为：N中含有羰基、P中含有﹣CH（OH）﹣，所以P比N更易被氧化，故B错误；
C．酚羟基、﹣COOH都能和Na2CO3溶液反应，M含有酚羟基、P含有醇羟基，二者都不含羧基，所以M能和碳酸钠溶液反应、P不能和碳酸钠溶液反应，故C错误；
D．连接苯环的碳原子上含有氢原子的支链能被酸性高锰酸钾溶液氧化为羧基，Q被酸性KMnO4溶液氧化时有CO2生成，另一种产物的结构简式为，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。
15．（2026 四川）我国科研人员研制了一种耐高温的聚合物W，可用于制造宇航飞行器，其合成反应如下。
下列说法正确的是（　　）
A．P中所有氧原子共平面
B．FeBr3存在下，Q与Br2发生加成反应
C．x和y的值均为2n﹣1
D．W属于聚酰胺类高分子材料
【答案】D
【分析】A．P分子中的酸酐结构中的3个O原子处在同一平面内，但﹣COCl与苯环相连的C﹣C键可以旋转；
B．FeBr3存在下，苯环可以与液溴发生取代反应；
C．由氯原子守恒可知，x＝n﹣1，氧原子守恒可知，y＝n；
D．W的长链结构由多个“﹣NH﹣CO﹣”相互连接而成。
【解答】解：A．P分子中的酸酐结构中的3个O原子处在同一平面内，但﹣COCl与苯环相连的C﹣C键可以旋转，导致﹣COCl中的O原子不一定与其他3个O原子共平面，故A错误；
B．FeBr3存在下，苯环可以与液溴发生取代反应，则Q与Br2发生取代反应，故B错误；
C．由氯原子守恒可知，x＝n﹣1，氧原子守恒可知，y＝n，故C错误；
D．W的长链结构由多个“﹣NH﹣CO﹣”相互连接而成，则W属于聚酰胺类高分子材料，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。
16．（2026 江西）X是重要的有机合成中间体，其可能的合成反应机理如图。下列说法正确的是（　　）
A．反应a的催化剂为NHC
B．反应b中CF3SO2Na发生氧化反应
C．物质M的结构简式为
D．总反应的原子利用率为100%
【答案】B
【分析】该反应包含两个独立的催化循环：NHC参与的有机小分子催化循环、Ir配合物参与的光催化循环，总反应物为酰氯RCOF、烯烃R1CH＝CH2、CF3SO2Na，除目标产物X外，还存在小分子副产物。
【解答】解：A．NHC是整个总反应的催化剂，全程参与反应进程，在反应a中是反应的生成物，并非反应a的催化剂，故A错误；
B．反应b中，激发态的Ir（Ⅲ）L得到1个电子被还原为Ir（Ⅱ）L，对应的CF3SO2Na失去1个电子，后续分解生成 CF3和SO2，CF3SO2Na作为还原剂，发生氧化反应，故B正确；
C． CF3与烯烃R1CH＝CH2发生自由基加成时，优先进攻空间位阻更小的端基双键碳，生成更稳定的仲碳自由基R1CHCH2CF3；结构中自由基位点与强吸电子基CF3相连，稳定性极差，不符合产物X的碳链结构，故C错误；
D．总反应过程有SO2、NaF等副产物生成，因此原子利用率达不到100%，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。
17．（2026 山西）P1是一种新型高分子材料，由两种单体共聚得到。图示是P1的合成及降解过程，P1～P4为局部结构示意图（忽略立体化学）。反应Ⅲ为醇羟基和酯基的反应。
下列说法错误的是（　　）
A．生成P1的过程中有π键的断裂和σ键的形成
B．P2能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．Ⅲ中生成的—COOC2H5与—CH2OH的物质的量不一定相等
D．P4间可发生缩聚反应，形成网状聚合物
【答案】C
【分析】A．根据图知，生成P1的反应中，反应物CH2＝CH2和都断裂C＝C键中的π键，生成P1中的C﹣Cσ键；
B．碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色；
C．Ⅲ中发生酯基和醇的酯交换反应，1个内酯基和乙醇反应恰好生成1个﹣COOCH2CH3和1个﹣CH2OH；
D．P4中含有多个醇羟基和酯基，醇羟基能和酯基发生取代反应。
【解答】解：A．根据图知，生成P1的反应中，反应物CH2＝CH2和都断裂C＝C键中的π键，生成P1中的C﹣Cσ键，所以该反应中有π键的断裂和σ键的形成，故A正确；
B．P2中的碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；
C．Ⅲ中发生酯基和醇的酯交换反应，1个内酯基和乙醇反应恰好生成1个﹣COOCH2CH3和1个﹣CH2OH，所以Ⅲ中生成的—COOC2H5与—CH2OH的物质的量一定相等，故C错误；
D．P4中含有多个醇羟基和酯基，醇羟基能和酯基发生取代反应，不同P4分子间可发生反应，多官能团可交联形成网状结构的聚合物，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查对比、分析、判断及知识的综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、发生的反应是解本题的关键，题目难度中等。
18．（2026 湖南）光催化是一种常用的绿色有机合成方法，合成化合物M（Ar﹣表示芳基，'Bu﹣表示叔丁基）的反应历程如图所示。下列说法错误的是（　　）
A．X→Y过程中既有σ键断裂，又有π键断裂
B．Z中Ni的化合价为+2
C．PC②→PC①是一个氧化过程
D．总反应式为
【答案】B
【分析】A．X→Y过程中，X中碳碳三键中的π键断裂，根据单电子位置的变化知，还存在C﹣Hσ键断裂；
B．Y生成Z的过程中，Y中含有单电子的碳原子得电子生成带负电荷的碳与Ni结合形成C﹣Ni共价键，则Ni元素在该反应中失电子化合价升高；
C．PC②→PC①过程中，Ni元素的化合价由+1价变为0价，则Ln﹣Ni（Ⅰ）在该反应中作氧化剂，PC②作还原剂；
D．根据图知，反应物是AgCl、′BuC≡CCH2CH2CH2OCH3作反应物，′BuCH＝CClCH2CH2CH2（Ar）OCH3是生成物。
【解答】解：A．X→Y过程中，X中碳碳三键中的π键断裂，根据单电子位置的变化知，还存在C﹣Hσ键断裂，所以该反应中既有σ键断裂，又有π键断裂，故A正确；
B．Y生成Z的过程中，Y中含有单电子的碳原子得电子生成带负电荷的碳与Ni结合形成C﹣Ni共价键，则Ni元素在该反应中失电子化合价升高，所以Z中Ni元素的化合价为+3，故B错误；
C．PC②→PC①过程中，Ni元素的化合价由+1价变为0价，则Ln﹣Ni（Ⅰ）在该反应中作氧化剂，PC②作还原剂，PC②→PC①的反应是氧化反应，该过程是一个氧化过程，故C正确；
D．根据图知，反应物是AgCl、′BuC≡CCH2CH2CH2OCH3作反应物，′BuCH＝CClCH2CH2CH2（Ar）OCH3是生成物，反应方程式为，故D正确；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确图中断键和成键位置、发生的反应是解本题的关键，题目难度中等。
19．（2026 河南）G是一种具有较高热稳定性的不饱和聚酯醚类高分子，其合成方法如图所示。
下列说法正确的是（　　）
A．E中所有原子共平面
B．E与F发生缩聚反应生成G
C．F在碱性条件下水解可生成E
D．可以自身聚合生成G
【答案】C
【分析】A．E的分子结构中含有饱和碳原子（sp3杂化），sp3杂化的碳原子与其相连的原子构成四面体结构；
B．缩聚反应是指带有两个或两个以上官能团的单体，通过缩合反应而聚合生成高分子化合物，并且伴随有低分子副产物（如水、醇、卤化氢等）生成的反应过程；
C．F含两个酯基，F在碱性条件下发生水解反应，酯基断裂，生成相应的二元羧酸盐和醇；
D．F分子中含有碳碳三键，可以发生加聚反应。
【解答】解：A．E的分子结构中含有饱和碳原子（sp3杂化），sp3杂化的碳原子与其相连的原子构成四面体结构，其四面体构型导致分子无法所有原子共平面，故A错误；
B．缩聚反应是指带有两个或两个以上官能团的单体，通过缩合反应而聚合生成高分子化合物，并且伴随有低分子副产物（如水、醇、卤化氢等）生成的反应过程，反应中无小分子（如H2O）脱除，且G主链含由﹣C≡C﹣加聚形成的﹣CH＝CH﹣结构，属于加聚反应，不是缩聚，故B错误；
C．F含两个酯基，F在碱性条件下发生水解反应，酯基断裂，生成相应的二元羧酸盐和醇，通过F结构可知水解产物结构简式与E相同，故C正确；
D．F分子中含有碳碳三键，可以发生加聚反应，中只有羟基和酯基，无羧基和氨基，无法发生缩聚反应，仅碳碳三键可发生加聚反应生成，故D错误；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
20．（2026 浙江）某化学兴趣小组利用有机P化合物除去N2O的流程如下（Ph代表苯环），下列说法不正确的是（　　）
A．在该循环中I、Ⅲ均可作催化剂
B．Ⅱ中P—N是N提供孤电子对
C．Ⅲ可能是
D．产物中还可能生成
【答案】B
【分析】A．催化剂在第一个反应中作反应物、最后一个反应中作生成物；
B．Ⅱ的P—N中P、N各提供一个电子形成P—N键；
C．根据Ⅱ、Ⅳ的结构简式知，Ⅲ可能和PhSiH3发生加成反应生成Ⅳ；
D．Ⅲ中断裂P—H、P—O键形成PhSiH2（OH）和Ⅰ，—OSiH2Ph和—SiH2Ph可以结合。
【解答】解：A．催化剂在第一个反应中作反应物、最后一个反应中作生成物，根据催化剂参与反应的特点知，该循环中I、Ⅲ均可作催化剂，故A正确；
B．Ⅱ的P—N中P、N各提供一个电子形成P—N键，故B错误；
C．根据Ⅱ、Ⅳ的结构简式知，Ⅲ可能和PhSiH3发生加成反应生成Ⅳ，则Ⅲ可能是，故C正确；
D．Ⅲ中断裂P—H、P—O键形成PhSiH2（OH）和Ⅰ，—OSiH2Ph和—SiH2Ph可以结合，所以产物中还可能生成，故D正确；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查对比、分析、判断及知识的综合运用能力，明确反应中断键和成键方式是解本题的关键，题目难度不大。
21．（2025 湖南）天冬氨酸广泛应用于医药、食品和化工等领域。天冬氨酸的一条合成路线如图：
下列说法正确的是（　　）
A．X的核磁共振氢谱有4组峰
B．1mol Y与NaOH水溶液反应，最多可消耗2mol NaOH
C．天冬氨酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐
D．天冬氨酸通过加聚反应可合成聚天冬氨酸
【答案】C
【分析】A．X中含有几种氢原子，其核磁共振氢谱就有几组峰；
B．Y中羧基、溴原子水解生成的HBr都能和NaOH以1：1反应；
C．天冬氨酸中氨基具有碱性、羧基具有酸性；
D．天冬氨酸中含有2个羧基和1个氨基，能发生缩聚反应。
【解答】解：A．X中含有2种氢原子，其核磁共振氢谱有2组峰，故A错误；
B．Y中羧基、溴原子水解生成的HBr都能和NaOH以1：1反应，Y中含有1个溴原子和2个羧基，所以1mol Y最多消耗3mol NaOH，故B错误；
C．天冬氨酸中氨基具有碱性、羧基具有酸性，所以天冬氨酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐，故C正确；
D．天冬氨酸中含有2个羧基和1个氨基，能发生缩聚反应生成聚天冬氨酸，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
22．（2025 河北）丁香挥发油中含丁香色原酮（K）、香草酸（M），其结构简式如图：
下列说法正确的是（　　）
A．K中含手性碳原子
B．M中碳原子都是sp2杂化
C．K、M均能与NaHCO3反应
D．K、M共有四种含氧官能团
【答案】D
【分析】A.K中环上碳原子均为sp2杂化，另外的两个饱和碳原子均为甲基碳原子，所以K不含手性碳原子；
B.M中CH3O—中碳原子为sp3杂化，其余为sp2杂化，并非都是sp2杂化；
C.M中含有羧基能与NaHCO3溶液反应，K只有酚羟基不能与NaHCO3溶液反应；
D.K中含有醚键、酚羟基、酮羰基、等三种官能团，M中含有酚羟基、醚键、羧基等三种官能团，据此分析。
【解答】解：A.K中环上碳原子均为sp2杂化，另外的两个饱和碳原子均为甲基碳原子，所以K不含手性碳原子，故A错误；
B.M中CH3O—中碳原子为sp3杂化，其余为sp2杂化，故B错误；
C.K中的酚羟基不能与NaHCO3溶液反应，也不含其他能与NaHCO3溶液反应的官能团，M中含有羧基能与NaHCO3溶液反应，故C错误；
D.K中含有醚键、酚羟基、酮羰基、等三种官能团，M中含有酚羟基、醚键、羧基等三种官能团，则K、M共有醚键、酚羟基、酮羰基、羧基等四种含氧官能团，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，包括手性碳的辨别、碳原子杂化类型的判断、官能团识别及性质，考点均为高频考点，难度不大。
23．（2025 浙江）科学家通过对水杨酸进行分子结构修饰，得到药物美沙拉嗪，下列说法不正确的是（　　）
A．反应1产物中是否含有残留的水杨酸，无法用FeCl3溶液检验
B．反应1中，需控制反应条件，防止水杨酸被氧化
C．反应2可通过还原反应生成美沙拉嗪
D．在盐酸中溶解性：水杨酸＞美沙拉嗪
【答案】D
【分析】A．含有酚羟基的有机物能和氯化铁溶液发生显色反应；
B．浓硝酸具有氧化性，酚羟基易被氧化；
C．反应2为还原反应；
D．酚羟基、氨基、羧基都是亲水基，且氨基能和盐酸反应。
【解答】解：A．含有酚羟基的有机物能和氯化铁溶液发生显色反应，反应1中反应物和生成物都含有酚羟基，都能和氯化铁溶液发生显色反应，所以无法用氯化铁溶液检验反应1产物中是否含有残留的水杨酸，故A正确；
B．浓硝酸具有氧化性，酚羟基易被氧化，所以反应1中，需要控制反应条件，防止水杨酸中酚羟基被氧化，故B正确；
C．硝基转化为氨基的反应为还原反应，则反应2为还原反应，反应2可通过还原反应生成美沙拉嗪，故C正确；
D．酚羟基、氨基、羧基都是亲水基，且氨基能和盐酸反应，所以在盐酸中的溶解性：水杨酸＜美沙拉嗪，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。
24．（2025 湖北）桥头烯烃Ⅰ的制备曾是百年学术难题，下列描述正确的是（　　）
A．Ⅰ的分子式是C7H12
B．Ⅰ的稳定性较低
C．Ⅱ有2个手性碳
D．Ⅱ经浓硫酸催化脱水仅形成Ⅰ
【答案】B
【分析】A．Ⅰ的分子中含有C、H原子个数依次是7、10；
B．碳碳双键易被氧化；
C．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；
D．Ⅱ在浓硫酸作催化剂、加热条件下脱水生成两种烯烃。
【解答】解：A．Ⅰ的分子中含有C、H原子个数依次是7、10，分子式为C7H10，故A错误；
B．Ⅰ中碳碳双键易被氧化，所以Ⅰ的稳定性较低，故B正确；
C．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，如图，Ⅱ有39个手性碳原子，故C错误；
D．Ⅱ在浓硫酸作催化剂、加热条件下脱水生成两种烯烃，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，明确醇的消去反应中断键方式、手性碳原子的判断方法等知识点是解本题关键，题目难度不大。
25．（2025 黑龙江）人体皮肤细胞受到紫外线（UV）照射可能造成DNA损伤，原因之一是脱氧核苷上的碱基发生了如下反应。下列说法错误的是（　　）
A．该反应为取代反应
B．Ⅰ和Ⅱ均可发生酯化反应
C．Ⅰ和Ⅱ均可发生水解反应
D．乙烯在UV下能生成环丁烷
【答案】A
【分析】A．碳碳双键中的一条键断裂、碳原子连接形成环状；
B．Ⅰ和Ⅱ均含有醇羟基等；
C．Ⅰ和Ⅱ均含有酰胺基；
D．根据反应原理可知，乙烯可以发生类似反应生成环丁烷。
【解答】解：A．碳碳双键中的一条键断裂、碳原子连接形成环状，该反应类型为加成反应，不是取代反应，故A错误；
B．Ⅰ和Ⅱ均含有醇羟基，均可发生酯化反应，故B正确；
C．Ⅰ和Ⅱ均含有酰胺基，均可发生水解反应，故C正确；
D．根据反应原理可知，乙烯可以发生类似反应生成环丁烷，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，关键是明确反应原理，熟练掌握官能团的结构、性质与转化，题目侧重考查学生分析能力、知识迁移运用能力。

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