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(共59张PPT)
现代文阅读Ⅰ
把握共性之“新”　打通应考之“脉”
第四章　运动和力的关系
素养提升课(六)　连接体问题、临界问题、动力学图像问题
[学习目标]　1．学会处理动力学中的连接体问题。2．学会处理动力学中的临界问题。3．学会处理动力学中的图像问题。
探究重构·关键能力达成
探究1　动力学中的连接体问题
1．常见连接体模型
两个或两个以上相互作用的物体组成的具有相同运动状态的整体叫连接体。常见模型如图所示。
2．处理连接体问题的方法
(1)整体法：把多个物体组成的系统作为一个研究对象来分析的方法。不必考虑系统内力的影响，只考虑系统受到的外力。
(2)隔离法：把系统中的各个部分(或某一部分)隔离，作为一个单独的研究对象来分析的方法。此时系统的内力就有可能成为该研究对象的外力，在分析时要特别注意。
【典例1】　(多选)如图所示，材料相同的物体m1、m2由轻绳连接，在恒定拉力F的作用下沿固定斜面向上加速运动。轻绳拉力的大小(　　)
A．与斜面的倾角θ有关
B．与物体和斜面之间的动摩擦因数μ有关
C．与两物体的质量m1和m2有关
D．若改用F沿斜面向下拉连接体，轻绳拉
力的大小与θ、μ无关
√
√
CD　[以m1、m2为整体，根据牛顿第二定律可得F－(m1＋m2)g sin θ－μ(m1＋m2)g cos θ＝(m1＋m2)a，以m2为对象，根据牛顿第二定律可得FT－m2g sin θ－μm2g cos θ＝m2a，联立解得FT＝F，可知轻绳拉力的大小与μ和θ无关，与两物体的质量m1和m2有关，故A、B错误，C正确；若改用F沿斜面向下拉连接体，对整体根据牛顿第二定律可得F＋(m1＋m2)g sin θ－μ(m1＋m2)g cos θ＝(m1＋m2)a′，对m1根据牛顿第二定律可得F′T＋m1g sin θ－μm1g cos θ＝m1a′，联立解得F′T＝F，可知轻绳拉力的大小与θ、μ无关，故D正确。故选CD。]
规律方法　整体法与隔离法的选用
(1)求解各部分加速度都相同的连接体问题时，要优先考虑整体法；如果还需要求物体之间的作用力，再用隔离法。
(2)求解连接体问题时，随着研究对象的转换，往往两种方法交叉运用。一般的思路是先用其中一种方法求加速度，再用另一种方法求物体间的作用力或系统所受合力。
(3)无论运用整体法还是隔离法，解题的关键还是在于对研究对象进行正确的受力分析。
[针对训练]
1．如图所示，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L。一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距L时，它们加速度的大小均为(　　)
A． B．
C． D．
√
A　[当两球运动至二者相距时，二者连线与轻绳之间夹角的余弦值cos θ＝0.6。设此时轻绳中拉力大小为F1，对轻绳的中点受力分析得F－2F1sin θ＝m绳a，又轻绳质量近似为0，解得F1＝。对质量为m的小球，由牛顿第二定律有F1＝ma，解得a＝，A正确。]
2．质量均为5 kg的物块1、2放在水平面上并用轻质弹簧测力计相连，如图所示，物块1的表面光滑，物块2与地面间的动摩擦因数为0.2，整个系统在水平拉力F作用下向左做匀加速运动，此时弹簧测力计的示数为15 N；若拉力变为2F，其他条件不变，重力加速度g取
10 m/s2，则此时弹簧测力计的示数为(　　)
A．30 N B．25 N
C．20 N D．15 N
√
B　[在拉力F作用下时，对整体，加速度a＝，对物块2，FT－μm2g＝m2a，FT＝15 N，联立得F＝20 N；若拉力变为2F，对整体，加速度a1＝＝3 m/s2，对物块－μm2g＝m2a1，代入数据得＝25 N，故选B。]
探究2　动力学中的临界问题
1．动力学中的典型临界问题
(1)接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离的临界条件是弹力N＝0。
(2)相对滑动的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则相对滑动的临界条件为静摩擦力达到最大值。
(3)绳子断裂与松弛的临界条件：绳子所能承受的张力是有限的，绳子断与不断的临界条件是张力等于它所能承受的最大张力。绳子松弛的临界条件是T＝0。
(4)加速度最大与速度最大的临界条件：当物体在受到变化的外力作用下运动时，其加速度和速度都会不断变化。当所受合外力最大时，具有最大加速度；合外力最小时，具有最小加速度。当加速度为零时，所对应的速度便会出现最大值或最小值。
2．求解临界极值问题的三种常用方法
(1)极限法：把物理问题(或过程)推向极端，从而使临界现象(或状态)暴露出来，以达到正确解决问题的目的。
(2)假设法：临界问题存在多种可能，特别是非此即彼两种可能时，或变化过程中可能出现临界条件，也可能不出现临界条件时，往往用假设法解决问题。
(3)数学方法：将物理过程转化为数学表达式，根据数学表达式解出临界条件。
【典例2】　如图所示，一质量为m的光滑小球，用轻绳连接后，挂在三角劈的顶端，绳与斜面平行，劈置于光滑水平面上，斜面与水平面夹角为θ＝30°，重力加速度为g。
(1)劈以加速度a1＝水平向左加速运动时，
小球仍未离开斜面，绳的拉力为多大？
(2)劈的加速度至少为多大时小球对劈无压
力？此时加速度方向如何？
[解析]　当劈水平向左的加速度较小时，小球对劈有压力作用，当劈水平向左的加速度较大时，小球将离开斜面。
(1)对小球进行受力分析如图甲所示。
在水平方向上有
FT1cos θ－FN1sin θ＝ma1
在竖直方向上有
FT1sin θ＋FN1cos θ＝mg
由以上两式得FT1 ＝mg。
(2)对小球进行受力分析如图乙所示。
由牛顿第二定律得小球对劈无压力时
FT2cos θ＝ma2
FT2sin θ＝mg
由以上两式得a2＝g，方向水平向左。
[答案]　(1)mg　(2)g，方向水平向左
[母题变式]　若劈以加速度a3＝2g水平向左加速运动时，绳的拉力又为多大？
[答案]　FT3＝mg
[针对训练]
3．如图所示，国产人形机器人“天工”能平稳通过斜坡。若它可以在倾角不大于30°的斜坡上稳定地站立和行走，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则它的脚和斜面间的动摩擦因数不能小于(　　)
A． B．
C． D．
√
B　[国产人形机器人“天工”在斜坡上受重力、支持力和摩擦力作用。当机器人“天工”站立和稳定行走时，根据平衡条件，沿斜坡方向 μmg cos 30°≥mg sin 30°，解得斜坡的动摩擦因数μ≥，即机器人的脚和斜面间的动摩擦因数不能小于，故B正确，A、C、D错误。故选B。]
4．如图所示，两个质量均为m的物块A、B叠放压在一个竖直轻弹簧上面，处于静止状态，弹簧的劲度系数为k，t＝0时刻，物块A受到一个竖直向上的作用力F，使得物块A以0.5g(g为重力加速度的大小)的加速度匀加速上升，则A、B分离时B的速度为(　　)
A． B．g
C．g D．2g
√
B　[两物块静止时，弹簧压缩量x1＝。两物块分离时，A、B之间的压力恰好为零，设此时弹簧的压缩量为x2，对物块B，有kx2－mg＝ma，得x2＝，物块B的位移大小为x＝x1－x2＝，由v2＝2ax得v＝g，B正确。]
探究3　动力学中的图像问题
1．动力学图像
图像 题型
v-t图像 已知物体的运动图像，求解物体的受力情况 运动图像关联受力图像，对物体的受力情况、运动情况进行综合考察
a-t图像
F-t图像 已知物体的受力图像，求解物体的运动情况
F-a图像
2．解题关键：充分挖掘图像隐含条件或信息，并把运动学图像和力的图像结合分析。
【典例3】　(多选)如图(a)，倾角为θ的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以初速度v0沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为μ1、μ2，整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图(b)所示，两条曲线均为抛物线，乙的x-t曲线在t＝t0时切线斜率为0，则(　　)
A．μ1＋μ2＝2tan θ
B．t＝t0时，甲的速度大小为3v0
C．t＝t0之前，地面对斜面的摩擦力方向向左
D．t＝t0之后，地面对斜面的摩擦力方向向左
√
√
AD　[由题意可知两x-t图线均为抛物线，则物块甲、乙均做匀变速直线运动，由题图(b)可知物块甲做匀加速直线运动，物块乙做匀减速直线运动，对甲有3x0＝v0t0＋a甲，对乙有x0＝v0t0－a乙，由于t＝t0时乙的x-t图线的斜率为0，则此时乙的速度为0，则有t0＝，由以上整理得a甲＝a乙，由牛顿第二定律对甲有mg sin θ－μ1mg cos θ＝ma甲，对乙有μ2mg cos θ－mg sin θ＝ma乙，整理得μ1＋μ2＝2tan θ，A正确；t＝t0时，甲的速度大小为v＝v0＋a甲t0，联立以上得v＝2v0，
B错误；t＝t0之前，由于物块甲、乙的加速度大小相等、方向相反，则物块甲、乙组成的整体合力为0，由于斜面静止，斜面的合力也为0，则三者组成的整体合力为0，地面对斜面的作用力等于三者组成的整体的重力，所以地面对斜面的摩擦力为0，C错误；t＝t0时，物块乙的速度减为0，此后，物块乙静止在斜面上，物块甲继续沿斜面向下加速运动，物块甲的加速度有水平向左的分量，对两物块和斜面组成的整体，合力水平方向的分力向左，则地面对斜面的摩擦力的方向水平向左，D正确。]
规律方法　图像问题的分析方法
(1)把图像与具体的题意、情境结合起来，明确图像的物理意义，明确图像所反映的物理过程。
(2)应用物理规律列出与图像对应的函数关系式，明确“图像与公式”“图像与物体”间的关系。
(3)特别注意图像中的一些特殊点，如图线与横、纵坐标轴的交点，图线的转折点，两图线的交点等所表示的物理意义。找出图线的斜率、截距或图线与坐标轴所围图形面积的物理意义。
[针对训练]
5．(多选)用水平拉力使质量分别为m甲、m乙的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开始沿直线运动，两物体与桌面间的动摩擦因数分别为μ甲和μ乙。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。甲、乙两物体运动后，所受拉力F与其加速度a的关系图线如图所示。由图可知(　　)
A．m甲m乙
C．μ甲<μ乙 D．μ甲>μ乙
√
√
BC　[对水平面上的物体根据牛顿第二定律有F－μmg＝ma，整理得F＝ma＋μmg，则F-a图像中图线的斜率k＝m，截距为μmg，由题图可知k甲>k乙，则m甲>m乙，A错误，B正确；由题图可知两图线的截距相同，则μ甲m甲g＝μ乙m乙g，因为m甲>m乙，所以μ甲<μ乙，C正确，D错误。]
6．如图甲所示，质量为m的物体，静止在粗糙的水平面上，从t＝0时刻起，受到一个水平外力F的作用，F随时间变化的规律如图乙所示。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列关于物体运动的a-t图像和v-t图像可能正确的是(　　)
A　　　　　　　B
C　　　　　　　D
√
D　[由题图可知，在t1之前，外力逐渐增加，初始时，外力F较小，小于最大静摩擦力，所以开始一段时间没有加速度，若外力F的最大值大于最大静摩擦力，则在外力F大于最大静摩擦力之后，物体开始运动，由F－Ff＝ma，整理有F＝ma＋Ff，可知，外力F与加速度a呈线性关系，到达t1之后，外力F不变，所以加速度a也不变，所以对于a-t图像来说，应该初始一段时间a＝0(没有图线)，某时刻后是一条倾斜的直线，t1之后为一条与t轴平行的直线，故A、B错误；由上述分析可知，初始一段时间加速度为0，之后逐渐增加，t1之后加速度不变，而 v-t 图像中，斜率表示加速度，故C错误，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
说明：单选题每小题4分，多选题每小题6分，本试卷总分53分
1．某智能物流系统中，质量为20 kg的分拣机器人沿水平直线轨道运动，受到的合力沿轨道方向，合力F随时间t的变化如图所示，则下列图像可能正确的是(　　)
素养提升练(六)　连接体问题、临界问题、动力学图像问题
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
A　　　　　　　　B
C　　　　　　　　D
A　[由牛顿第二定律结合题图可知，0～1 s时间内和2～3 s时间内机器人的加速度大小相等、方向相反，又v-t图像的斜率表示加速度，可知0～1 s时间内和2～3 s时间内机器人v-t图像斜率互为相反数，A可能正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
2．两个物体A和B，质量分别为m1和m2，互相接触地放在光滑水平面上，如图所示，对物体A施以水平的推力F，则物体A对物体B的作用力等于(　　)
A．F B．F
C．F D．F
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
B　[对物体A、B组成的整体根据牛顿第二定律得a＝，对物体B，由牛顿第二定律得F′＝m2a＝F，故B正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
3．如图所示，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态。现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动。以x表示P离开静止状态位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图像可能正确的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
A　 　　　　　　B
C　 　　　　　　D
√
A　[设物块P静止时，弹簧的压缩量为x0，则有kx0＝mg，在弹簧恢复原长前，物块受力如图所示，根据牛顿第二定律得F＋k(x0－x)－mg＝ma，整理得F＝kx＋ma，即F是x的一次函数，A正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
4．(多选)如图所示，质量为M、中间为半球形的光滑凹槽放置于光滑水平地面上，光滑槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推动凹槽，小铁球与光滑凹槽相对静止时，凹槽球心和小铁球球心的连线与竖直方向的夹角为α。下列说法正确的是(　　)
A．小铁球所受合力为零
B．小铁球受到的合力方向水平向左
C．F＝(M＋m)g tan α
D．系统的加速度为a＝g tan α
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
√
CD　[隔离小铁球受力分析得F合＝mg tan α＝ma，且合力水平向右，故小铁球的加速度为g tan α，因为小铁球与凹槽相对静止，故系统的加速度也为 g tan α， A、B错误，D正确；对整体受力分析得F＝(M＋m)a＝(M＋m)g tan α，C正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
5．(多选)如图甲所示，水平地面上有一质量为M的物体，用竖直向上的力F向上提它，力F变化引起物体加速度变化的函数关系如图乙所示，重力加速度大小为g，则下列说法正确的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
A．当F小于图乙中A点横坐标表示的值时，物体的重力Mg>F，物体不动
B．图乙中A点的横坐标等于物体所受的重力大小
C．物体向上运动的加速度与力F成正比
D．图线延长线和纵轴的交点B的纵坐标为－g
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
√
√
ABD　[当0≤F≤Mg时，物体静止，A正确；当F>Mg时，能将物体提离地面，此时，F－Mg＝Ma，a＝－g，A点表示的意义为F＝Mg，B正确，C错误；图线的纵轴截距为 －g，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
6．如图所示，一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系物块P，P置于水平桌面上，与桌面间存在摩擦；绳的另一端悬挂一轻盘(质量可忽略)，盘中放置砝码。改变盘中砝码总质量m，并测量P的加速度大小a，得到a-m图像。重力加速度大小为g。在下列a-m图像中，可能正确的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
A　　　　　　　　　B
C　　　　　　　　　D
√
D　[设物块P的质量为M，物块P与桌面间的动摩擦因数为μ，轻绳上的拉力大小为T，对砝码和轻盘组成的整体有mg－T＝ma，对物块P有T－μMg＝Ma，可得a＝g－，可知D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
7．如图甲所示，A、B两个物体相互接触，但并不黏合，放置在光滑水平面上。已知mA＝2 kg，mB＝3 kg。从t＝0开始，水平推力FA和拉力FB分别作用于A、B上，FA和FB随时间的变化规律如图乙所示。则(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
A．t＝1 s时，A、B间的弹力为2 N
B．t＝1.5 s时，A、B分离
C．A、B分离时的速度为1.5 m/s
D．从t＝0开始到A、B分离时，A、B的位移为2 m
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
D　[根据题中图像，可以在0～4 s内写出两个推力随时间变化的关系，FA＝4－t(N)，FB＝1＋t(N)，对整体分析，由牛顿第二定律有FA＋FB＝(mA＋mB)a，如果A与B共同加速运动，则有a＝1 m/s2，在t＝1 s时，FA＝3 N，对A有FA－FAB＝mAa，解得FAB＝1 N，故A错误；当A与B要分离时，接触面上弹力为0，即FAB＝0，此时A与B依然有相同的加速度a＝1 m/s2，对A，有FA＝4－t(N)＝mAa，此时解得t＝2 s，速度v＝at＝2 m/s，故B、C错误；从t＝0开始到分离时(t＝2 s)，x＝at2＝2 m，故D正确。故选D。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
8．(多选)如图所示的装置叫阿特伍德机。绳子两端的物体竖直运动的加速度大小总是小于自由落体的加速度g，这使得实验者可以有较长的时间从容地观测、研究。已知物体A、B的质量均为M，物体C的质量为m。轻绳与轻滑轮间的摩擦不计，轻绳不可伸长且足够长。物体A、B、C由图示位置静止释放后(　　)
A．绳子上的拉力大小FT＝(M＋m)g
B．物体A的加速度大小a＝g
C．的取值小一些，便于观测和研究
D．的取值大一些，便于观测和研究
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
√
BD　[对物体A，由牛顿第二定律得FT－Mg＝Ma，对B、C整体，由牛顿第二定律得(M＋m)g－FT＝(M＋m)a，联立解得FT＝Mg＋，a＝g，故A错误，B正确；由a＝g＝g知的取值大一些，a小些，便于观测和研究，故C错误，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
9．(15分)如图甲所示，一倾角为θ＝37°足够长的斜面体固定在水平地面上，t＝0时刻，质量为m＝1 kg的物块由斜面体的底端以一定的初速度沿斜面向上运动，并在物块上施加一沿斜面向下的恒力F，在t＝
1 s时撤去恒力F，物块的速度v随时间变化的规律如图乙所示。物块视为质点，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求：
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
(1)0～1 s内，物块的位移x；
(2)物块与斜面间的动摩擦因数μ；
(3)物块在斜面上运动的总时间t总。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
[解析]　(1)根据v-t图像与横轴围成的面积表示位移，可知0～1 s内，物块的位移为x＝×6×0.5 m－×2×0.5 m＝1 m。
(2)由题图乙可得，t＝0.5 s时，物块速度为0，即物块在t＝0.5 s时，到达斜面最高点，向上运动时，物块的加速度大小为a1＝＝ m/s2＝12 m/s2
根据牛顿第二定律可得F＋mg sin θ＋μmg cos θ＝ma1
0.5 s后，物块向下运动，结合题图乙，物块向下运动的加速度大小为a2＝ m/s2＝4 m/s2
根据牛顿第二定律可得F＋mg sin θ－μmg cos θ＝ma2
联立解得物块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
(3)撤去恒力F后，物块向下运动的加速度大小为a3＝＝2 m/s2
撤去恒力F时物块速度大小为v1＝2 m/s，由运动学公式可得＝2a3x
代入数据解得物块回到斜面底端时的速度大小为v＝2 m/s
从撤去恒力F到物块回到斜面底端所用时间为t′＝＝(－1) s
则物块在斜面上运动的总时间为t总＝t＋t′＝1 s＋(－1) s＝ s。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
[答案]　(1)1 m　(2)0.5　(3) s
谢 谢！

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