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【胜券在握】九上科学期中训练（一）
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1． 下列各组物质需要借助酸碱指示剂才能判断是否发生反应的是（ ）
A．Fe与稀硫酸 B．Cu（OH）2与稀盐酸 C．稀硫酸与NaOH溶液 D．氧化铁与稀硫酸
2． 为了证明二氧化碳与氢氧化钠发生了反应，进行如图所示的实验：①打开活塞K3，关闭活塞K2，打开活塞K1将稀硫酸滴入I中与碳酸钠固体接触，关闭K1；②关闭K3，打开K2，Ⅱ中的液体流入Ⅲ中．下列有关分析中，不正确的是（ ）
A．稀硫酸和碳酸钠接触后发生的是复分解反应 B．实验步骤①后，Ⅲ中澄清溶液变浑浊
C．Ⅱ中盛放的可能是稀盐酸 D．实验步骤②后，Ⅲ中有气泡冒出
3．机器狗能搬运重物，如图所示。若不计空气阻力，下列情境中，机器狗对重物做功的是（ ）
A．蹲着不动 B．驮着重物上楼 C．驮着重物在水平冰面上滑行 D．人把重物搬到机器狗上
4． 曾侯乙墓出土过一种特殊的铜冰鉴式保温器。这种保温器分内外两层，外为一方鉴，内装一方壶。盛夏之时，方鉴盛冰，内方壶盛食物或酒水，起冷藏和保温作用。下列关于保温器中蕴含的物理知识说法正确的是（ ）
A．方鉴中的冰温度很低所以没有内能
B．冰块受热熔化成水的过程中内能不变
C．方壶内的食物是通过热传递的方式减少内能
D．方壶内的食物放出的热量一定等于方鉴中的冰块吸收的热量
5． 用相同的电加热器分别给质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图所示的是它们的温度随加热时间的变化图像。下列说法正确的是（ ）
A．液体A的比热容比B的大
B．液体A与B的比热容之比为1：2
C．加热相同时间，液体B吸收的热量比A吸收的热量多
D．液体A和B升高相同的温度，A吸收的热量较多
6． 下列质量增加的变化有一种与其他三种存在本质的区别，这种变化是（ ）
A．长期敞口放置的浓硫酸质量增加 B．久置在空气中的生石灰质量增加
C．久置在潮湿空气中的铁钉质量增加 D．长期放置在空气中的氢氧化钠质量增加
7． 如图甲所示，物体A分别在水平推力F1、F2的作用下，在粗糙程度不变的水平地面上做直线运动。物体运动的路程和时间图像如图乙所示，两次推力的功率分别为P1、P2。则（ ）
A．F1＝F2，P1＞P2 B．F1＝F2，P1＜P2 C．F1＞F2，P1＞P2 D．F1＜F2，P1＞P2
8． 如图所示的电路中，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，则（ ）
A．R1的电功率一定减小 B．电路的总电功率一定增大
C．电流表的示数增大 D．电压表的示数减小
9． 小明家的饮水机具有加热和保温两种功能：当饮水机处于加热状态时，饮水机的红灯亮绿灯灭；水被加热到预定温度时，饮水机内部的温控开关S自动切换到保温状态，此时饮水机的绿灯亮红灯灭，下列电路中与上述情况相符的是（ ）
10．甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图像如图所示。现将甲、乙两灯串联在电路中，当通过甲灯的电流为0.4A时，乙灯消耗的功率是（ ）
A．3W B．0.8W C．2W D．1.2W
11．对下列实验结果推测正确的是（ ）
A．某固体中加入稀盐酸，产生无色无味的气体，该固体中一定含有CO32﹣
B．某溶液中滴加BaCl2溶液，产生不溶于稀HNO3的白色沉淀，该溶液中一定含有SO42﹣
C．验证烧碱溶液中是否混有Cl﹣，先加AgNO3溶液，再加稀盐酸，有白色沉淀产生，证明含有Cl﹣
D．某无色溶液中滴入无色酚酞试液显红色，该溶液一定不是酸溶液
12．如图所示，甲、乙是两个相同的小球，在同一高度将甲、乙两球抛出：甲球以速度v竖直向下抛出后落地；乙球以速度v竖直向上抛出至最高点A后落地，若不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．抛出时刻，甲球的动能比乙球的动能小 B．抛出时刻，甲球的机械能比乙球的机械能大C．乙球在上升至最高点的过程中动能逐渐减小为零 D．甲球落地时的速度大于乙球落地时的速度
13．如图为两个光滑的弧面和一段粗糙的水平面相连接的装置。将质量为m的物体从左侧弧面的a点静止释放。忽略空气阻力，下列有关说法正确的是（ ）
A．物体能到达c点 B．经b点时，物体的动能最大
C．物体质量越大，经b点时速度越大 D．物体在水平面运动时，内能增加
14．烧杯中盛有BaCl2和HCl的混合溶液100.0g，向其中滴加溶质质量分数为10.0%的Na2CO3溶液，烧杯中溶液的质量与滴加溶液的质量关系如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．ab段产生白色沉淀 B．bc段溶液质量增加86.3g
C．c点对应溶液的溶质为Na2CO3 D．向d点溶液中滴加酚酞试液，溶液显无色
15．课外兴趣小组活动时，某校两同学通过实验研究小灯泡的电功率跟两端电压的关系，已知小灯泡的额定电压为2.5伏、额定功率为0.75瓦。小明同学设计了如图甲所示的电路进行研究，他先测出若干组电压和电流值，再由公式P＝UI，求得对应的功率，并作出功率随电压变化的图线a。小红同学设计了如图乙所示的电路进行研究，她先由R＝计算出小灯泡的电阻R，再测出若干个电压值，最后根据P＝，求得对应的功率，也作出功率随电压变化的图线b。则下列反映了他们的实验结果的图线是（ ）
二、填空题
16．如图甲所示，离手后的篮球在空中依次从A点运动到D点，在________点动能最大。根据图乙的能量柱状图，可知B和D的高度_______（选填“一定”或“不一定”）相同，而且篮球在B点的机械能_______（选填“大于”“等于”或“小于”）在D点的机械能。
17．西晋葛洪编写的《抱朴子》中提到“以曾青（CuSO4溶液）涂铁，铁赤色如铜”。该反应过程中微粒的变化如图所示（水分子省略），反应后溶液的质量 　 　（选填“增加”或“减小”），请将反应后的微粒补充完整（画在图中）。
18．如图甲所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点向左移动到某点的过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则电源电压为 　 　V。当滑片在a点时通电100秒R0消耗的电能为 　 　J。
19．现有一包固体粉末，可能含有CuSO4、NaOH、Na2CO3、BaCl2、Na2SO4中的一种或几种。现做如下实验：
（1）取少量固体加水溶解，过滤得白色固体A和无色滤液B，则原固体中一定不含有 　 　，一定含有 　 　。
（2）向固体A中加入足量稀盐酸，有气泡且固体全部溶解，则原固体中一定还含有 　 　。一定不含有 　 　。
（3）测得无色滤液B的pH＞7。则原固体中 　 　（选填“一定”或“不一定”）有NaOH。
20．蹦床是集艺术性和竞技性于一身的运动，是2023年杭州亚运会的比赛项目之一也是深受广大青少年喜爱的健身运动。如图为蹦床运动的简化示意图，O点是运动员由静止开始自由落下的起始位置，A点是蹦床不发生形变时的原位置，B点是运动员受到的重力与蹦床对运动员的弹力相等处，C点是运动员到达的最低点。（整个过程忽略空气阻力）
（1）从O点到A点的过程中，运动员的机械能__________（选填“增大”、“减小”、“不变”、“先增大后减小”或“先减小后增大”，下同），从A点到C点的过程中，运动员的动能_________________。
（2）从O点到C点的过程中，在___________点处运动员的动能最大。（选填“A”、“B“、“C”）
三、探究题
21．小越在做“碱和盐的性质”实验时，将氢氧化钠溶液加入到氯化钙溶液中，观察到有白色沉淀产生。白色沉淀是怎么产生的呢？小陈认为，是氢氧化钠溶液变质产生的碳酸钠与氯化钙溶液反应，生成了碳酸钙沉淀。小越猜想：除了这种可能性外，还可能是氢氧化钠与氯化钙交换成分，生成氢氧化钙和氯化钠，由于氢氧化钙溶解度较小，从溶液中析出，产生白色沉淀。
为了检验小越的猜想，小陈设计了如下实验：
取小越实验所用的氢氧化钠溶液，加入过量的氯化钡溶液，静置后取上层液体加入氯化钙溶液，产生了白色沉淀。取该白色沉淀少许，加水后沉淀溶解，再向其中通入二氧化碳气体，观察到产生白色沉淀。
(1)久置的氢氧化钠溶液变质的原因是_____________________________________________(用化学方程式表示)。
(2)小陈在氢氧化钠溶液中加入过量的氯化钡溶液的目的是____________________________________。
(3)小越的猜想经检验是___________(选填“正确”或“错误”)的。
22．小科做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材齐全且完好，有三节干电池作电源选择，滑动变阻器有A、B两个（A标有“10Ω 1A”、B标有“20Ω 2A”字样），待测小灯泡有“2.5V”字样。小科选取了一个变阻器进行实验，按步骤正确连接电路，如图1，闭合开关，小灯泡发光，发现电压表、电流表的示数如图2所示。
（1）小科在实验中选用的变阻器是　 　（选填“A”或“B”）；
（2）要测定小灯泡的额定功率，小科接下来的关键操作是　 　；
（3）在小科完成实验后，被老师指定到小冠同学一组进行指导。他发现小冠小组的电压表已损坏，但手边还有一个已知阻值为R的电阻可利用，于是他根据现有器材，设计了图3三种测试方案。你认为能测出小灯泡额定功率的电路是　 。
23．已知Fe（OH）2是白色絮状沉淀，且极易被空气中的氧气氧化为Fe（OH）3红褐色沉淀。如图为Fe（OH）2制备实验的改进装置，原理是先利用A装置产生的氢气排出B装置中的空气，再利用A中产生的FeSO4和B中NaOH溶液反应，使用该装置能在较长的时间内观察到生成的Fe（OH）2白色絮状沉淀。
（1）A试管中的反应开始时，打开止水夹，B试管中看到的现象是 _____________________。
（2）若要在该装置中得到Fe（OH）2白色絮状沉淀，并在一段时间内防止被氧化为Fe（OH）3红褐色沉淀，下一步的实验操作是 _______________________。
（3）实验前需测定NaOH溶液的pH，操作如下：先用蒸馏水将pH试纸润湿，然后用玻璃棒蘸取待测液体涂在pH试纸上，再与标准比色卡对比，这样测量的结果与溶液的实际pH相比将 __________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
24．为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明同学设计了如图甲、乙、丙所示的探究实验。将A、B、C三个小球先后从同一装置，高度分别为hA、hB、hC的位置滚下（mA＝mB＜mC，hA＝hC＞hB），推动小木块运动一段距离后静止，请你根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行解答：
（1）用来研究超速安全隐患时，需要控制　 　保持不变，实验时应选择　 　两个图所示实验进行比较；
（2）用来研究超载安全隐患时，应选择　 　两个图所示实验进行比较，通过这个实验分析可得到　 　，安全隐患越大。
（3）若水平面绝对光滑，则能不能得出实验结论：　 　（能，不能），理由是　 　。
四、综合题
25．半导体和金属的导电能力随温度的变化特点是不同的，因此，利用它们制成的元件在生活中也各有各的用途。
（1）一个由某半导体材料制成的加热器，通电后，加热器在发热的同时，也在向外界放热。图1为发热功率P发热和散热功率P散热与温度t之间关系的图象。由图象可知，加热器工作时的稳定温度为_______℃．当温度稍高于稳定温度时，P发热______P散热（填“＞”、“＝”或“＜”）；此时发热功率继续减小，可推知，元件的电阻在继续__________。
（2）如图2是由某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，若用该电阻R与电源（电压为3伏）、电流表（量程为0～5毫安）、电阻R′串联起来，连接成如图3所示的电路。用该电阻R做测温探头，把电流表的刻度改为相应的温度刻度，得到一个简单的“金属电阻温度计”。电流刻度较大处对应的温度刻度较__________；请通过计算说明，若R′＝450Ω，则图4中指针所指处对应的温度数值为多少？
26．大理石是含杂质的碳酸钙，因具有美丽花纹而被广泛用于建筑物外墙、内壁的贴面和地面铺设。某同学想测出大理石样品中碳酸钙的含量，进行了如下实验和分析。
（1）取一定量的大理石样品置于图甲的发生装置中，用分液漏斗向下滴加盐酸（方程式：CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O+CO2↑，杂质不参加反应），产生的气体用含有碱性物质的吸收装置充分吸收。
（1）反应前，测得图甲中锥形瓶内物质的总质量和吸收装置的总质量都为m克。实验后，根据实验数据绘制了图乙，曲线a、b分别表示锥形瓶内物质的总质量和吸收装置的总质量随反应时间变化的情况。请根据曲线b分析计算出大理石样品中碳酸钙的质量？
（2）请综合分析曲线a、b，计算出实验中所用盐酸的溶质质量分数？
（3）计算后，该同学对上述实验进行了反思。他认为分液漏斗中选用的盐酸浓度偏大，会对实验结果造成较大影响，其原因是____________________________________________________________________ 。
27．实验室有一瓶敞口放置一段时间的氢氧化钠固体（氢氧化钠和碳酸钠固体的混合物），为测定这瓶样品中氢氧化钠的质量分数，做如下实验：取Wg样品放入盛有足量水的烧杯中（充分溶解），向烧杯中逐滴加入200g一定质量分数的稀盐酸。实验过程如图所示，试分析计算回答。
（1）与P点对应溶液中的溶质是_______________________________。
（2）Wg样品中氢氧化钠的质量分数是多少？（精确到0.1%）____________
（3）在往烧杯内逐滴加入稀盐酸的过程中，烧杯中溶液各个物理量随加入稀盐酸质量的变化如图2所示，则正确的是_______________ 。
28．如图所示，灯L标有“6V 6W”字样，电源电压恒为6V，定值电阻R＝3Ω，设灯L的阻值不随温度变化而变化，求
（1）只闭合S1、S3时，电阻R在60s内产生的热量是多少？
（2）要使整个电路消耗的电功率最小（且电路电流不为0），各开关的闭合情况应如何？此时的最小电功率为多少？
29．如图甲是一款可调温果汁加热鼎，图乙是其简化电路图。R1、R2均为加热电阻，当开关接1时，加热鼎处于保温挡，保温功率为275W。当开关接2时，加热鼎处于可调温挡，可调功率范围为275W﹣1100W。[果汁比热容取4.0×103J/（kg ℃）]求：
（1）加热鼎最大功率时电路中的电流。
（2）滑动变阻器R1的最大阻值。
（3）不计热量损失，加热鼎用最大功率对1kg果汁加热2min，果汁升高的温度。
【胜券在握】九上科学期中测试模拟（一）（参考答案）
一、选择题
1． 【答案】C
【解析】【分析】A、根据产生气体和溶液颜色分析回答此题；
B、根据物质溶解性和溶液颜色分析回答此题；
C、酸碱中和反应的特点分析回答此题；
D、根据物质溶解性和溶液颜色分析回答此题。
【解答】解：A、铁与硫酸反应生气氢气，且硫酸亚铁溶液为浅绿色，因此可以观察到气泡和溶液颜色变化，分析是否发生反应，选项A不符合题意；
B、氢氧化铜为蓝色沉淀，与盐酸反应生成氯化铜和水，固体溶解，溶液变为蓝色，据此判断反应发生，选项B不符合题意；
C、硫酸与氢氧化钠反应生成硫酸钠和水，无明显现象，因此需要酸碱指示剂加入后，通过颜色变化判断反应是否发生，选项C符合题意；
D、氧化铁与硫酸反应生成硫酸铁和水，硫酸铁溶液为黄色，固体溶解，溶液变为黄色，据此推断反应已发生，选项D不符合题意；
故选：C。
【点评】在解此类题时，首先要将题中的知识认知透，然后结合学过的知识进行解答
2． 【答案】B
【解析】【考点】碱的化学性质；化学反应类型的判定．
【分析】A、根据反应的特点分析；
B、根据二氧化碳与氢氧化钠的反应分析现象；
C、根据碳酸钠的检验方法分析；
D、根据稀盐酸与碳酸钠的反应分析现象．
【解答】解：A、稀硫酸和碳酸钠接触后发生的是复分解反应，故A正确；
B、由于二氧化碳与氢氧化钠反应生成了碳酸钠和水，没有沉淀生成，Ⅲ中澄清溶液不会变浑浊，故B错误；
C、要证明二氧化碳与氢氧化钠发生了反应生成了碳酸钠，Ⅱ中盛放的可能是稀盐酸，故C正确；
D、实验步骤②后，盐酸被压入Ⅲ中，盐酸与碳酸钠反应生成了二氧化碳气体，故D正确。
故选：B。
3． 【答案】B
【解析】【考点】力是否做功的判断．
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：A、蹲着不动，驮着重物静止不动，虽然对重物施加了力，但重物在力的方向上没有移动距离，所以机器狗对重物不做功，故A不符合题意；
B、驮着重物上楼，对重物施加了向上的力，且重物在向上的力的方向上移动了距离，满足做功的两个必要因素，所以机器狗对重物做功，故B符合题意；
C、驮着重物在水平冰面上滑行，对重物的力是向上的，而重物移动的距离是水平方向的，力的方向与移动距离的方向垂直，机器狗对重物不做功，故C不符合题意；
D、人把重物搬到机器狗上，机器狗对重物没有力的作用，机器狗对重物不做功，故D不符合题意。
故选：B。
4． 【答案】C
【解析】【考点】热传递的概念与方式；内能的概念；温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）一切物体都有内能，温度高低不影响内能的存在。
（2）晶体熔化时吸热、温度不变、内能增大。
（3）内能从高温物体转移到低温物体，热传递是改变内能的方式之一。
（4）食物放出的热量会被冰块和环境共同吸收，因此二者不相等。
【解答】解：A．内能是物体内部分子热运动的动能和势能的总和，一切物体在任何温度下都具有内能，方鉴中的冰虽然温度很低，但仍然具有内能，故A错误。
B．冰块熔化成水的过程中，需要持续吸收热量，温度不变，但内能增大，故B错误。
C．方壶内的食物温度较高，冰块温度较低，热量会从食物传递到冰块，食物通过热传递的方式放出热量，内能减少，故C正确。
D．食物放出的热量，一部分被冰块吸收，还有一部分会散失到周围环境中，因此食物放出的热量不等于冰块吸收的热量，故D错误。
故选：C。
5． 【答案】B
【解析】【考点】比热容的概念及其计算．
【分析】A、B两种液体液体质量相等、初温相同，加热相同时间吸收的热量相同；A加热10min，B加热20min时A、B的末温相同，利用热量的计算公式分析即可。
【解答】解：AB．用相同的电加热器，加热相同时间，电加热器放出的热量相同，根据Q＝cmΔt可知，在质量相等、升高相同的温度时，A的加热时间为10min，B的加热时间为20min，加热时间之比为1：2，吸收的热量之比为QA：QB＝1：2。
A与B的比热容之比为
故A错误，B正确；
C．分别用两只完全相同的电加热器加热，相同的时间内吸收的热量相等，故C错误；
D．由图象可以看出，当升高的温度相同时，B的加热时间更长，说明B吸收的热量更多，故D错误。
故选：B。
6． 【答案】A
【解析】【考点】化学变化和物理变化的判别．
【分析】有新物质生成的变化叫化学变化，没有新物质生成的变化叫物理变化。化学变化的特征是：有新物质生成。判断物理变化和化学变化的依据是：是否有新物质生成。
【解答】解：A、长期敞口放置的浓硫酸质量增加，属于物理变化，与其他三种存在本质的区别；故选项正确；
B、久置在空气中的生石灰质量增加，生成了熟石灰，属于化学变化；故选项错误；
C、久置在潮湿空气中的铁钉质量增加，铁生锈属于化学变化；故选项错误；
D、长期放置在空气中的氢氧化钠质量增加，生成了碳酸钠，属于化学变化；故选项错误；
故选：A。
【点评】本考点考查了物理变化和化学变化的区别，基础性比较强，只要抓住关键点：是否有新物质生成，问题就很容易解决。本考点主要出现在选择题和填空题中。
7． 【答案】A
【解析】【考点】比较功率的大小；摩擦力大小的影响因素．
【分析】根据图像确定物体两次的运动状态，然后根据其运动状态得出推力和摩擦力的关系，再根据摩擦力大小的影响因素得出两次受到的摩擦力大小，进而得出两次推力的的大小关系；
利用P＝＝＝Fv比较其功率关系。
【解答】解：由图甲得，物体A在水平推力F1、F2的作用下都做匀速直线运动，物体A受到的水平推力等于物体A受到的摩擦力。物体A对水平地面的压力不变，与水平地面间的接触面粗糙程度不变，因此物体A受到的滑动摩擦力不变，故F1＝F2；
由图乙得，物体在力F1作用下速度较快，由P＝＝＝Fv可知，P1＞P2；故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
8． 【答案】A
【解析】【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据P＝UI可知R1的电功率变化和电路总功率的变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻增大，电路中的总电阻增大。
A、由I＝可知，电路中的电流减小，R1是定值电阻，由U1＝IR1可知，R1两端的电压减小，由P＝U1I可知，R1的电功率一定减小，故A正确；
B、电路中的总电压不变，而电流变小，P总＝UI，所以电路的总电功率一定减小，故B错误。
C、由I＝可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故C错误；
D、因串联电路中总电压等于各用电器电压之和，总电压不变，R1两端的电压减小，所以R2两端的电压增大，即电压表的示数增大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断滑动变阻器消耗电功率的变化是关键。
9． 【答案】A
【解析】【分析】由题意可知，两灯泡独立工作、互不影响即为并联，根据P＝可知，加热时电路中的电阻小于保温时电路中的电阻，据此进行解答。
【解答】解：A、由电路图可知，加热时饮水机的红灯亮绿灯灭，保温时绿灯亮红灯灭，且加热时的电阻小于保温时的电阻，符合题意，故A正确；
B、由电路图可知，加热时红灯亮绿灯灭，但温控开关S自动切换时，电路中无加热管起不到保温作用，不符合题意，故B不正确；
C、由电路图可知，无论加热时还是保温时绿灯均发光，不符合题意，故C不正确；
D、由电路图可知，加热时绿灯亮红灯灭，不符合题意，故D不正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路图的设计，分清加热时和保温时电路电阻的关系和指示灯的颜色是关键。
10．【答案】D
【解析】【考点】电功率的计算．
【分析】串联电路中电流处处相等，结合图像得出对应的乙灯两端的电压，利用P＝UI求得乙灯的电功率。
【解答】解：串联电路中电流处处相等，当通过甲灯的电流为0.4A时，通过乙灯的电流也为0.4A，
结合图像可知此时乙灯两端的电压为3V，
故乙灯的电功率为P＝UI＝3V×0.4A＝1.2W。
故选：D。
11．【答案】D
【解析】【解答】解：A、某固体中加入稀盐酸，产生无色无味的气体，该固体中不一定含有CO32﹣，可能含有碳酸氢根或是一种活泼金属，故A不正确；
B、氯化钡能与硫酸根离子或银离子结合生成不溶于水也不溶于酸的沉淀，故B错误；
C、验证烧碱溶液中是否混有Cl﹣，先加稀硝酸，再加硝酸银，有白色沉淀产生，证明含有Cl﹣，故C错误；
D、无色溶液中滴入无色酚酞试液显红色，该溶液一定不是酸溶液，说法正确。
故选：D。
12．【答案】C
【解析】【考点】动能大小的比较；机械能的概念；动能和势能的转化与守恒．
【分析】动能的大小与物体的质量以及速度有关；重力势能的大小与物体的质量以及高度有关。
【解答】解：A.抛出时刻，甲球和乙球的速度和质量都相同，则甲的动能等于乙球的动能，故A错误；
B.抛出时刻，甲球的动能与乙球的重力势能相同；二者高度相同质量相同，则重力势能相同。根据“机械能＝动能+重力势能”可知，两球的机械能相等，故B错误；
C.乙球在上升至最高点的过程中，动能会逐渐转化为重力势能，即动能逐渐减小为零，故C正确；
D.两球落地时，机械能全部转化为动能，则二者动能相等，即甲球落地时的速度等于乙球落地时的速度，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查的是机械能的基本性质和能量之间的相互转化，是一道基础题。
13．【答案】D
【解析】【考点】改变物体内能的两种方式；动能与势能的相互转化．
【分析】（1）（2）机械能守恒的条件是：运动过程中只有动能和势能之间相互转化（不计各种阻力）；在一段运动过程中，重力做的功为：W＝Gh＝mgh（其中h为末位置与初位置之间在竖直方向上的高度差）；
（3）在一段运动过程中，能量是守恒的（能量在转化和转移的过程中，总量不变）。物体在粗糙的水平面上克服摩擦力做功，机械能减小，内能增加。
【解答】解：将质量为m的物体从左侧弧面的a点静止释放，物体到达水平面时动能最大。忽略空气阻力，物体在粗糙的水平面上克服摩擦力做功，机械能减小，内能增加；根据两个光滑的弧面mghmv2可知，经b点时速度跟物体质量无关，故ABC错误，D正确。
故选：D。
14．【答案】B
【解析】【考点】盐的化学性质；根据化学反应方程式的计算．
【分析】BaCl2和HCl的混合溶液中加入碳酸钠，碳酸钠先和稀盐酸反应生成氯化钠、二氧化碳和水，当稀盐酸反应完后，再和氯化钡反应，据此分析。
【解答】解：ab段向混合物溶液中加入碳酸钠溶液，碳酸钠先和稀盐酸反应生成二氧化碳、水和氯化钠，烧杯中溶液质量增加，bc段碳酸钠和氯化钡反应生成氯化钠和碳酸钡沉淀，烧杯中溶液的质量依旧增加，但是有所减缓，cd段混合溶液中氯化氢和氯化钡已反应完全，烧杯中溶液的质量快速增加，和氯化氢、氯化钡反应的碳酸钠的质量均为10.0%×106g＝10.6g；
设反应生成碳酸钡沉淀的质量为x，反应生成二氧化碳的质量为y，则：
BaCl2+Na2CO3＝2NaCl+BaCO3↓
106 197
10.6g x
x＝19.7g
Na2CO3+2HCl＝2NaCl+H2O+CO2↑
106 44
10.6g y
y＝4.4g
A、ab段碳酸钠和稀盐酸反应，生成二氧化碳，不产生白色沉淀，错误；
B、bc段溶液质量增加106g﹣19.7g＝86.3g，正确；
C、c点对应溶液中的溶质是氯化钠，错误；
D、因为d点所示溶液中含有大量的碳酸钠，溶液显碱性，因此滴加无色酚酞试液，溶液变红色，错误。
故选：B。
【点评】解答本题关键是要知道碳酸钠先与盐酸反应，再与氯化钡反应，根据碳酸钠的质量可以计算其它物质的反应．
15．【答案】B
【解析】【考点】探究用电器的电功率实验．
【分析】灯泡电阻随灯泡温度的升高而变大，根据题干给出的两种情况，根据电功率公式应用数学知识分析答题。
【解答】解：（1）∵P＝，∴灯泡正常发光时的电阻R＝＝≈8.3Ω；
由题意知：P甲＝和P乙＝，由此可见，
电功率P关于电压U的二次函数（跟y＝ax2+bx+c，且a＞0，b＝0，c＝0时相符合），
故图象是经过原点开口向上的抛物线，故CD错误。
（2）∵P甲＝和P乙＝，灯泡电阻R随温度升高而变大，
∴①当小灯泡两端电压U＜2.5V时，小灯泡在低于额定电压下工作，
它的电阻R＜8.3Ω，则P甲＞P乙，此时抛物线a在抛物线b的上方。
②当小灯泡两端电压U＝2.5V时，小灯泡在额定电压下工作，
它的电阻R＝8.3Ω，则P甲＝P乙＝0.75W，且此时两抛物线相交。
③当小灯泡两端电压U＞2.5V，小灯泡在高于额定电压下工作，
它的电阻R＞8.3Ω，则P甲＜P乙，此时抛物线a在抛物线b的下方。
综上所述，B图中的图线反映了他们的实验结果。
故选：B。
二、填空题
16．【答案】A；一定；大于。
【解析】【考点】动能与势能的相互转化．
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
（3）机械能＝动能+势能。
【解答】解：离手后的篮球在空中依次从A点运动到D点，在A点时速度最大，则在A点动能最大。
根据篮球在等高点B和D的能量柱状图知道，篮球在B点和D点重力势能相等，所以，B和D的高度一定相同；
根据篮球在等高点B和D的能量柱状图知道，在D点的动能小于在B点的动能，由于动能和势能统称为机械能，所以，篮球在B点的机械能大于在D点的机械能。
故答案为：A；一定；大于。
17．【答案】减小；
【解析】
【解答】解：（1）铁与硫酸铜反应，56份质量的铁置换出64份质量的铜，固体质量增加，溶液质量减小；
该反应的实质是铁原子与铜离子反应生成亚铁离子和铜原子，硫酸根离子没有参与反应，故反应后的微粒为：2个亚铁离子，2个硫酸根离子，2个铜原子，故将图补充完整为：
。
故答案为：减小；。
18．【答案】6；1800
【解析】【考点】电功与电能的计算；欧姆定律的应用．
【解答】解：由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。当滑动变阻器的滑片P从b点滑到某点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；所以图乙中5V～3V是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，1V～3V是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib＝0.5A，U1＝1V、U2＝5V，所以电源电压：U＝U1+U2＝1V+5V＝6V，电阻R0的阻值：R0＝＝2Ω，滑片P在a点时，电路中电阻最小，电流最大，此时通过电路的电流Ia＝＝3A，通电100sR0消耗的电能：W＝R0t＝（3A）2×2Ω×100s＝1800J。
故答案为：6；1800。
19．【答案】（1）CuSO4；BaCl2 （2）Na2CO3；Na2SO4 （3）不一定
【解析】【考点】物质的鉴别、推断；碱的化学性质；溶液的酸碱性与pH的关系．
【专题】混合物组成的推断题．
【分析】（1）根据硫酸铜溶液是蓝色，BaCl2与Na2CO3、Na2SO4都能发生反应生成白色沉淀进行分析；
（2）根据Na2CO3属于碳酸盐，碳酸盐能与稀盐酸反应生成二氧化碳气体，氯化钡溶液与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡白色沉淀进行分析；
（3）根据固体中含有碳酸钠，碳酸钠显碱性进行分析。
【解答】解：（1）取少量固体加水溶解，过滤得白色固体A和无色滤液B，因为硫酸铜溶液是蓝色，则原固体中一定不含有CuSO4，因为BaCl2与Na2CO3、Na2SO4都能发生反应生成白色沉淀，所以固体一定含有BaCl2，故答案为：CuSO4；BaCl2；
（2）Na2CO3属于碳酸盐，碳酸盐能与稀盐酸反应生成二氧化碳气体。所以向固体A中加入足量稀盐酸，有气泡且固体全部溶解，则原固体中一定还含有Na2CO3。因为氯化钡溶液与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，该沉淀不溶于稀盐酸，所以固体中一定不含有Na2SO4，故答案为：Na2CO3；Na2SO4；
（3）测得无色滤液B的pH＞7，说明滤液显碱性，由于固体中含有碳酸钠，碳酸钠显碱性，所以原固体中不一定有NaOH，故答案为：不一定。
【点评】本题主要考查物质的推断，碱的化学性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行。
20．【答案】（1）不变；先增大后减小（2）B。
【解析】【考点】动能和势能的转化；机械能的概念．
【分析】（1）动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；机械能为动能和势能的和；根据运动员的运动状态分析。
（2）当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动。
【解答】解：（1）从O点下落到A点的过程中，运动员自由下落，其重力势能转化为动能，由于不计空气阻力，所以运动员的机械能不变；
A点到B点的过程中，重力大于蹦床对运动员弹力，因此速度越来越大，动能越来越大；经过B点后，弹力大于重力，运动员做减速运动，动能减小，所以运动员的动能先增大后减小。
（2）从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零；因此，从O点到C点的过程中运动员的重力势能一直在减小，在B点处运动员的动能最大；
故答案为：（1）不变；先增大后减小（2）B。
三、探究题
21．【答案】（1）2NaOH＋CO2===Na2CO3＋H2O （2）排除碳酸钠或碳酸根离子的干扰 （3）正确
【解析】[命题考向： 考查物质的性质及其转化、实验方案的评价。解析：(1)久置的氢氧化钠溶液易吸收空气中的CO2生成碳酸钠而变质。(3)加入过量的氯化钡溶液后，溶液中的碳酸根离子转化为沉淀，以排除后续对实验结果的干扰。取上层清液后再加入氯化钙产生沉淀，取该沉淀加水溶解，再通入CO2产生白色沉淀，即碳酸钙，证明原沉淀中含有氢氧化钙。]
答案为 （1）2NaOH＋CO2===Na2CO3＋H2O （2）排除碳酸钠或碳酸根离子的干扰 （3）正确
22．【答案】故答案为：（1）A；（2）移动P片使电压表的示数为2.5V；（3）C。
【解析】【分析】（1）在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，再根据串联电路的特点及欧姆定律可得滑动变阻器的规格；
（2）闭合开关之前，滑动变阻器连入电路的阻值最大，分担的电压大，灯泡分担的电压小，灯泡电压小于灯泡的额定电压，灯泡不能正常工作，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V时，灯泡正常工作；
（3）根据并联电路各支路两端的电压相等进行分析，再根据P＝UI可求额定功率。
【解答】解：（1）在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，闭合电键时，发现小灯发光，由图2知，灯泡两端的电压为2.3V，通过灯泡的电流为0.22A（即电路中的电流），
电源电压：U＝3×1.5V＝4.5V，
由串联电路的电压特点可知，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UL＝4.5V﹣2.3V＝2.2V，
由欧姆定律可得，变阻器接入电路的阻值：R滑＝＝＝10Ω，
所以此时选择的是最大阻值为10Ω的变阻器A；
（2）电压表并联在滑动变阻器两端，当电压表示数为2.5V时，灯泡两端电压为2.5V，要测定小灯泡的额定功率，小科接下来的关键操作是移动P片使电压表的示数为2.5V；
（3）要使灯泡正常发光，应使灯泡两端的电压等于2.5V，由图C知，灯泡与定值电阻并联，两端电压相等，
①闭合开关S1，断开S2，电流表测定值电阻的电流，当电流表的示数I0＝时，定值电阻两端的电压等于2.5V，此时灯泡两端的电压也为2.5V；
②再将开关S1、S2闭合，此时电流表测干路电流，则通过灯泡的电流：I额＝I﹣I0＝I﹣；
③灯泡的额定电压为2.5V，则额定功率：P额＝U额I额＝2.5V×（I﹣），
A测量不能确定小灯泡两端的电压为2.5V，B也不能确定小灯泡两端的电压为2.5V，故C正确。
故答案为：（1）A；（2）移动P片使电压表的示数为2.5V；（3）C。
【点评】本题考查了滑动变阻器选择、电表读数、实验现象分析、实验电路分析等问题；这些也是电学实验常考的内容，应在平时注意练习。
23．【答案】（1）有气泡产生；（2）关闭止水夹；（3）偏小。
【解析】【考点】物质的性质和变化规律的探究；溶液的酸碱性与pH的关系．
【分析】打开止水夹，A中铁与稀硫酸反应产生的氢气进入到B中的氢氧化钠溶液中，排净溶液和装置内的空气，关闭止水夹，通过氢气的压强作用，反应产生的硫酸亚铁溶液进入到氢氧化钠溶液中，产生白色絮状物沉淀氢氧化亚铁，据以上分析解答。
【解答】解：（1）A试管中的反应开始时，打开止水夹，生成的氢气进入氢氧化钠溶液中，产生大量的气泡，B试管中看到的现象是导管口有气泡产生；
（2）若要在该装置中得到Fe（OH），白色絮状沉淀，应该关闭止水夹，反应生成的硫酸亚铁能够进入氢氧化钠溶液中，并且能够发生化学反应生成硫酸钠和氢氧化亚铁，同时把导管中的空气排入B中，并且通过出气口排出，使氢氧化亚铁不能与氧气充分接触，从而达到防止被氧化的目的；
（3）氢氧化钠溶液稀释后溶液的碱性减弱，pH减小；实验前需测定NaOH溶液的pH，操作如下：先用蒸馏水将pH试纸润湿，然后用玻璃棒蘸取待测液体涂在pH试纸上，再与标准比色卡对比，这样测量的结果与溶液的实际pH相比将偏小。
故答案为：（1）有气泡产生；（2）关闭止水夹；（3）偏小。
24．【答案】故答案为：
（1）质量；甲乙；（2）甲丙；汽车的速度一定时，质量越大动能越大；（3）不能；木块通过的距离无法确定。
【解析】【分析】（1）实验中运用转换法来研究小球动能的大小，即观察小球撞击木块移动的距离远近；
（2）动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。对照图示，结合控制变量法可得出结论；
（3）由牛顿第一定律内容分析回答。
【解答】解：
（1）超速是指汽车的质量一定，速度越大，动能越大。选择质量相等到达水平面速度不同的AB小球，即甲、乙两图符合题意。
（2）超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大。选择到达水平面的速度相等，质量不同的AC小球进行实验，即甲、丙两图符合题意。
（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去。木块通过的距离无法确定。
故答案为：
（1）质量；甲乙；（2）甲丙；汽车的速度一定时，质量越大动能越大；（3）不能；木块通过的距离无法确定。
【点评】（1）掌握控制变量法与转换法的运用。
（2）明确影响动能大小的因素，知道自由滚下的物体到达水平面的速度取决于物体的高度，跟质量无关。
四、综合题
25．【答案】（1）70，＜，增大；（2）小，指针处对应的温度为50℃。
【解析】【考点】电功率的计算；欧姆定律．
【分析】（1）当发热功率与散热温度相等时，物体温度处于恒定，则由图可知其稳定温度；由图可知当温度高于稳定温度时发热功率与散热功率间的关系；由功率公式P可知电阻的变化；
（2）由图2可知，温度越高电阻越大，则可知当温度越低时，电流中电流越大；由电流表示数可知电路中电流值，则由欧姆定律可求得电路中的总电阻，则可知此时R的阻值；由图2利用比例关系可知所对应的温度。
【解答】解：（1）由图可知，当温度为70℃时，发热功率和散热功率相等，即此时物体的温度不再变化；
当温度高于稳定温度时，由图可知散热功率大于发热功率；
由P可得，此时功率减小，而电压不变，故说明电阻在增大。
（2）由图2可知，金属电阻随温度的升高而增大，则由欧姆定律可得：I，故当电流大时，电阻值要小，即此时温度要低，故对应的温度刻度要小；
由图4可知电流I＝5mA＝0.005A时，则由欧姆定律可得：总电阻R总600Ω，金属电阻阻值R＝R总﹣R′＝600Ω﹣450Ω＝150Ω，故对应的温度t＝（150Ω﹣100Ω）50℃。
即指针处对应的温度为50℃。
故答案为：（1）70，＜，增大；（2）小，指针处对应的温度为50℃。
26．【答案】（1）5g；
（2）18.3%；
（3）盐酸浓度越大，挥发性越强，会挥发出更多的氯化氢气体被吸收装置吸收，导致二氧化碳测量值偏大，对结果有较大影响。
【解析】【考点】根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．
【分析】（1）由图象可知：CO2质量为2.2克，根据二氧化碳的质量结合化学方程式计算碳酸钙的质量；
（2）根据二氧化碳的质量结合化学方程式计算氯化氢的质量，进一步计算实验中所用盐酸的溶质质量分数；
（3）根据氯化氢气体与氢氧化钠反应会使溶液质量增加分析解答。
【解答】解：（1）由图象可知：CO2质量为2.2g；
设固体混合物中碳酸钙的质量为x，参加反应的HCl的质量为y。
CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O+CO2↑，
100 73 44
x y 2.2g
x＝5g y＝3.65g
答：固体混合物中碳酸钙的质量为5g。
（2）实验中所用盐酸的溶质质量分数100%≈18.3%
答：实验中所用盐酸的溶质质量分数18.3%；
（3）盐酸浓度越大，挥发性越强，会挥发出更多的氯化氢气体被吸收装置吸收，导致二氧化碳测量值偏大，对结果有较大影响。
故答案为：（1）5g；
（2）18.3%；
（3）盐酸浓度越大，挥发性越强，会挥发出更多的氯化氢气体被吸收装置吸收，导致二氧化碳测量值偏大，对结果有较大影响。
27．【答案】（1）NaOH、Na2CO3、NaCl；（2）69.4%；（3）CD。
【解析】【考点】物质的组成成分以及含量的探究；有关溶质质量分数的简单计算；实验数据处理或者误差分析．
【分析】根据生成的二氧化碳的质量和对应的化学方程式求算稀盐酸的质量分数，进而根据与氢氧化钠反应的稀盐酸中溶质的质量求算氢氧化钠的质量，进而求算对应的质量分数。
【解答】解：（1）氢氧化钠和碳酸钠固体的混合物充分溶解，加入稀盐酸，盐酸优先与氢氧化钠反应，此时没有气体生成；P点没有生成气体，且一直到150g稀盐酸时才有气体生成，说明此时氢氧化钠没有完全反应，而碳酸钠尚未开始反应，所以与 P 点对应的溶液溶质是：剩余的NaOH和尚未参加反应的Na2CO3以及生成的NaCl。
（3）与碳酸钠反应的稀盐酸质量为：200g﹣150g＝50g，
设碳酸钠的质量为x，稀盐酸的质量分数为y，
Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑
106 73 44
x 50gy 2.2g
， x＝5.3g，x＝7.3%
设氢氧化钠的质量为z，
NaOH+HCl═NaCl+H2O
40 36.5
z 150g×7.3%
z＝12g
所以Wg样品中氢氧化钠的质量分数为：100%≈69.4%。
（3）在往烧杯内逐滴加入稀盐酸的过程中，烧杯中溶液各个量随盐酸质量的变化图。
A、图中pH变小，但是稀盐酸过量后pH应该小于7，故选项错误；
B、开始没有气体生成，而中间有气体生成，所以溶液的质量变化速率应该是中间那段慢，表现为图象的话就是中间那段更平缓而不是更陡，故选项错误；
C、根据上面的化学方程式可知，等质量的盐酸反应，与氢氧化钠反应生成水比与碳酸钠反应生成的水多，所以图象曲线变的平缓，而反应完全后，没有水生成，导致水只是来自溶液本身，所以图象更加平缓，故选项正确；
D、根据上面的化学方程式可知，等质量的盐酸反应，与氢氧化钠反应生成氯化钠和与碳酸钠反应生成的氯化钠一样多，故选项正确；
故选：CD。
故答案为：（1）NaOH、Na2CO3、NaCl；（2）69.4%；（3）CD。
五、计算题
28．【答案】（1）只闭合S1、S3时，电阻R在60s内产生的热量是720J；
（2）要使整个电路消耗的电功率最小（且电路电流不为0），断开S1、S3，闭合S2时，灯L与电阻R串联；此时的最小电功率为4W。
【解析】【解答】解：（1）当闭合S1、S3时，灯L与电阻R并联接在电源两端，I＝＝＝2A，
Q＝I2Rt＝（2A）2×3Ω×60s＝720J；
（2）由P＝得灯正常发光时的电阻：RL＝＝＝6Ω；
当断开S1、S3，闭合S2时，灯L与电阻R串联，整个电路消耗的电功率最小；
R总＝RL+R＝6Ω+3Ω＝9Ω Imin＝＝＝A Pmin＝UImin＝6V×A＝4W。
答：（1）只闭合S1、S3时，电阻R在60s内产生的热量是720J；
（2）要使整个电路消耗的电功率最小（且电路电流不为0），断开S1、S3，闭合S2时，灯L与电阻R串联；此时的最小电功率为4W。
29．【答案】（1）5A （2）132Ω （3）33℃
【解析】【解析】解：（1）由于果汁加热鼎的最大功率是1100W，加热鼎最大功率时，电路中的电流＝＝5A；
（2）根据功率公式P＝UI＝可知，由于电压一定，当电阻最大时，功率最小，当电阻最小时，功率最大，所以滑动变阻器R1的阻值最大时，加热鼎功率最小；当滑动变阻器R1的阻值最小时，加热鼎的功率最大；当滑动变阻器R1接入电路中的阻值为零时，加热鼎的功率最大，电路中只有R2，电流最大为5A，R2的阻值为＝＝44Ω；当滑动变阻器R1的阻值最大时，加热鼎的功率最小，此时R1、R2串联，电路中的总电阻＝＝176Ω；所以滑动变阻器R1的最大阻值R1＝R﹣R2＝176Ω﹣44Ω＝132Ω；
（3）加热鼎用最大功率对1kg果汁加热2min，消耗的电能W最大＝P最大t＝1100W×120s＝1.32×105J，由于不计热量损失，果汁吸收的热量Q吸＝W最大＝1.32×105J，果汁升高的温度＝＝33℃。
答：（1）最大功率时电路中的电流为5A；
（2）R1阻值为132Ω；
（3）加热鼎用最大功率对果汁加热2min，果汁升高温度33℃。
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