资源简介

广东省广州市第七中学2025-2026学年九年级上学期期中物理试题
一、选择题：本题共10小题，第小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．使用如图所示的电源适配器给支持快充的手机充电，手机两端的电压不可能是（　　）
产品名称 电源适配器 型号 KX5-2365 输入 220V-50-60Hz 0.5A 输出J5S-C 5V 3A或9V 2.22A或12V 1.66A
A．5V B．9V C．12V D．220V
2．如图是锂原子的结构示意图，由图中信息可知，下列说法正确的是（　　）
A．整体带3个正电荷 B．整体不显电性
C．核外有3个正电荷 D．质子数和中子数相等
3．在“天宫课堂”的液桥演示实验中，航天员先让两个塑料板上的水球接触，它们汇合成一个大水球；然后她将两个塑料板分开，两个塑料板表面之间的水形成了一座桥，即液桥。下列说法正确的是（　　）
A．液桥实验说明水是由大量分子构成的
B．液桥实验说明水分子间存在着一定的引力
C．液桥实验说明水的温度越高，扩散越快
D．液桥实验说明水分子都在不停地做无规则的运动
4．曾侯乙墓曾出土过一种特殊的铜冰鉴式保温器如图甲，它是保温瓶的始祖。这种铜冰鉴分内外两层，外为方鉴，内为尊缶。盛夏之时，方鉴盛冰，尊缶盛食物或酒水如图乙。关于铜冰鉴中蕴含的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．方鉴内的冰温度很低，所以它没有内能
B．尊缶内的酒将温度传给方鉴内的冰块，自身内能减少
C．尊缶内的酒通过热传递的方式减少内能
D．冰块吸热熔化成水的过程中温度不变，内能不变
5．如图是加油站里常见的“静电释放器”（与大地相连），工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电。下列说法中正确的是（　　）
A．静电释放过程是电子在转移 B．“除电”后人体就没有电荷了
C．人体与衣服摩擦可创造出电荷 D．静电释放器可以由陶瓷制成
6．某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（　　）
A．甲是“电能” B．乙是“化学能”
C．丙是“化学能” D．丁是“机械能”
7．某商场有一台棉花糖自助售货机，接通电源后，指示灯L一直发光，人们可通过投币或扫码的方式购买棉花糖。当投币或扫码成功时，对应开关闭合，电动机开始工作，完成棉花糖自动出售服务。下列设计的模拟电路图符合以上要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．杆秤曾是主要的度量工具，同时它还承载着公平公正的象征意义。某科技小组的同学用轻质细杆制作了一个杆秤如图所示，下列说法错误的是（　　）
A．已知秤杆粗细不均匀，小组同学通过分析得知，杆秤的刻度是均匀的
B．提起提纽，秤盘中不放物体，当秤砣移动到点时秤杆在水平位置平衡，那么点标定的刻度为0
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用杆秤的过程中，小组的同学不慎将秤砣弄缺损了，则杆秤所测的质量值小于被测物体的真实质量值
9．如图甲是电动汽车“油门”示意图。脚往下踩“油门”时，滑片可以绕点在电阻圈上逆时针转动。汽车速度由电动机控制（关系如图乙所示）。则下列说法错误的是（　　）
A．该“油门”是通过改变接入电路中电阻圈的长度来改变电阻的大小
B．当脚踩“油门”时汽车速度加快，则电路中的a、b接点要与变阻器中A、B两个接点相连
C．当脚踩“油门”时，电阻圈两端电压变大
D．汽车速度越大，电阻圈接入电路的电阻越小
10．如图所示，借助图中的动滑轮匀速拉动重3N的物体M，使物体M上升1m，用时2s，拉力做功的功率为5W，以下说法（　　）
①绳子自由端移动的速度是0.5m/s； ②动滑轮对物体做的功是3J
③拉力做功的大小为10J； ④使用该动滑轮提升物体M可省力
A．只有①②正确 B．只有②③正确
C．只有②③④正确 D．只有①②④均正确
二、非选择题：本部分共8题，共60分。按题目要求作答。
11．如图（a）所示，甲、乙、丙分别是某物质在不同状态下的分子模型。100g该物质从甲状态变为了乙状态，如图（b）所示是该过程中物质的温度随时间变化的图像（物质的质量不变）。
（1）在点时的分子排列如图　 　（选填“甲”、“乙”、“丙”）所示。
（2）在点的分子动能　 　在点的分子动能，在点的内能　 　在点的内能。（以上两空均选填“大于”“等于”或“小于”）。
（3）如图（b）所示，该物质每分钟吸收的热量相同，若段物质的比热容为2.1×103J/（kg·℃），则段物质吸收的热量是　 　J。
12．如图所示，开关闭合后，灯泡、的连接方式是　 　联，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡的电流为　 　A。若发光一段时间后突然熄灭，仍然发光，此时电流表的示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
13．按要求完成下列小题。
（1）如图是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片（不计电阻）ABC和报警电路组成。当文物在展示台上时，ABC相互接触，电铃　 　（选填“断路”、“通路”或“被短路”）。当小偷把文物搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片C分开，这时灯　 　（选填“发光”或“不发光”），电铃　 　（选填“发声”或“不发声”）。
（2）一只玩具猫外形如图所示，猫体内有电池，猫手相当于一开关，向下压猫手，猫脸上的两个小电灯会一齐发光。
①装上电池后，闭合开关发现两灯都亮。但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯一定是串联的，小明的方法是　 　的（“正确”或“错误”），理由是　 　。
②小林想到用另外一个方法：取下其中一只灯泡，闭合开关，观察到另外一个灯还在工作，根据以上现象，请把玩具猫体内的电路图画在图乙的方框内。　 　
14．如图甲所示是跨学科实践“汽油机模型”。
（1）在圆筒内加入适量酒精，用橡胶塞塞紧筒口，用电火花点火，一段时间后，观察到橡胶塞突然被推出。此过程中，混合气体燃烧产生高温高压的燃气对橡胶塞做功，将燃气的内能转变为橡胶塞的　 　能。相当于图乙中　 　（选填“A”、“B”、“C”或“D”）的能量转化过程（火花塞产生的电火花未画出）。
（2）如图是某单缸四冲程汽油机的转速表，转速表当前示数表明该汽油机每秒钟完成做功冲程是　 　次。
15．按要求完成下列小题。
（1）如图甲所示是古书《天工开物》中描述人们用碓来捣谷时的情景（图乙是简化示意图，）。使用时，如果人的脚越向点移动，人越省力。
①以点为支点，在图乙中作出的力臂；　 　
②如图乙，碓是　 　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）。请你解释“人的脚越向点移动，人越省力”的原因：　 　。
（2）将物体AB置于如图所示的装置中，已知A重60N，B重10N，此时B恰好匀速下降，物体A沿地面匀速前进3m，已知物体A受到地面的摩擦力为15N，则绳子自由端移动的距离是　 　m，使用该滑轮组的机械效率是　 　，额外功是　 　J。
16．氢内燃机以氢气作为燃料，氢气的热值是。
（1）下列选项可能符合其能量流向的是______。
A． B．
C． D．
（2）一辆氢动力试验汽车10min内沿着平直路面匀速行驶了10km，此过程中汽车发动机产生的牵引力为，发动机的效率是60%。求：
①汽车牵引力做的功；
②氢气完全燃烧产生的热量；
③此过程中汽车消耗的氢气质量。
17．如图甲所示为电子拉力计，图乙是其原理图。拉环不受拉力时，滑片P处于端，拉环受拉力时，滑片P随之向右滑动。电源电压恒为，电流表的测量范围为0~0.6A，定值电阻，ab是一根长为5cm的均匀电阻丝，其阻值，忽略摩擦。
（1）由图乙知，拉力表的零刻度线应刻在电流表　 　处；
（2）开关闭合后，当电流表指针指在0.4A刻度线处时，接入电路的阻值是多少？
18．“探究串联电路中电流的特点”实验。
（1）连接电路：用笔画线表示导线，把图甲的滑动变阻器串联接入电路（要求：连线不要交叉；滑片P向移动，电路的电流增大）。　 　
（2）发现问题：电源（输出电压为6V）、电流表、滑动变阻器、开关、导线完好，电路正确连接。闭合开关，观察到灯泡（3.8V，0.4A）和（2.5V，0.3A）不发光，电流表示数为零；
（3）排查故障：在不拆开导线且闭合开关的情况下，用图乙所示的电压表进行检测，将鳄鱼夹　 　（选填“a”“b”）接电源“+”极、另一鳄鱼夹先后夹在E、G接线柱，电压表前后两次的指针位置都如图丙所示，其示数为　 　V；
（4）作出猜想：
猜想一：由于灯泡不发光，电压表示数不为零，断路，短路。
猜想二：由于电流表示数为零，电压表示数不为零，断路，无故障。
（5）验证猜想：取下，换上完好的灯泡（3.8V，0.4A），观察到发光，仍然不发光。由此可知，　 　选填“猜想一”“猜想二”）正确；
（6）继续实验：
①排除故障后，闭合开关，移动滑片P，多次进行实验。某次（记为第一次）实验三个电流表示数如图。
②为得到串联电路中电流的特点，设计记录实验数据的表格　 　。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】电压和电压的单位换算
【解析】【解答】电源适配器的功能是将家庭电路的220V高电压，转换为适配电子设备工作的低电压。根据题图中电源适配器的铭牌参数可得：“输入：220V-50-60Hz 0.5A”说明该适配器正常工作需要接入220V交流电；
“输出：USB-C 5V 3A或9V 2.22A或12V 1.66A”说明该适配器为手机充电时，共有三种输出规格，分别对应输出电压5V、9V、12V。
若直接将220V电压加在手机两端，手机会立刻被烧毁，因此正常充电时手机两端电压不可能为220V，因此D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】1、电源适配器本质是电压转换装置，作用是把家庭电路的 220V 交流电降压，输出低压电给手机这类小型电子设备供电。适配器铭牌分为输入参数与输出参数两类。
2、输入参数：220V 指适配器接入家庭电路的额定输入电压；50-60Hz 代表交流电的频率；0.5A 是适配器输入端允许的最大输入电流。输入参数描述的是适配器和市电之间的工作条件，不是给手机供电的参数。
3、输出参数：5V 3A、9V 2.22A、12V 1.66A 代表适配器支持多档位输出，每一组数字分别代表输出电压和该电压下允许的最大输出电流，手机充电时两端电压等于适配器输出电压。
4、家庭电路 220V 属于高压，远大于手机允许的工作电压，不能直接加在手机两端，必须通过适配器降压。
2．【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 AB.原子是由原子核与核外电子构成的。结合题图可知，锂原子核有3个质子，每个质子带1个单位正电荷，因此原子核总共带3个单位正电荷；锂原子核外有3个电子，每个电子带1个单位负电荷，因此核外总共带3个单位负电荷。原子核带的正电荷总量和核外电子带的负电荷总量相等，电性相反，因此整个锂原子对外不显电性，所以A错误，B正确；
C.核外电子带负电，根据图示，锂原子确实有3个核外电子，因此是核外带3个单位负电荷，带正电荷的是原子核内的质子，并非核外，所以C错误；
D.图中原子核旁标注的“+3”，代表原子核带3个单位正电荷，也就是锂原子的质子数为3。而图中原子核内画出了4个中子，说明锂原子的质子数和中子数不相等，所以D错误。
故选B。
【分析】1、原子结构：原子由位于中心的原子核与核外绕核运动的电子构成；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电。
2、原子不显电性的原理：原子核内质子所带正电荷总量与核外所有电子所带负电荷总量大小相等、电性相反，正负电荷相互抵消，因此原子整体对外不显电性。
3、质子数相关规律：原子中，质子数等于核外电子数；质子数不一定等于中子数，不同种类原子的中子数和质子数的数量关系不固定。
4、电荷单位：一个质子所带电荷量为 1 个单位正电荷，一个电子所带电荷量为 1 个单位负电荷。
3．【答案】B
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】A．液桥实验体现的是水分子之间的相互作用，无法直接证明水是由大量分子组成的，因此A错误；
B．两个水球接触后能够融合为一个整体，连接两块塑料板的水能形成液桥将两板拉住，这些现象都说明水分子之间存在相互吸引的作用力，也就是分子引力，因此B正确；
C．扩散是不同物质互相渗入对方的现象，液桥实验中并没有出现不同物质混合的过程，也没有涉及温度变化，无法说明温度对扩散快慢的影响，因此C错误；
D．分子在永不停息做无规则运动，一般是通过扩散等宏观现象来体现的，液桥实验的现象主要反映的是分子间的引力作用，不能说明分子的无规则运动，因此D错误。
故选B。
【分析】1、分子动理论基本内容：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子之间存在相互作用的引力和斥力。
2、分子引力：分子之间存在吸引力，当分子间距离在一定范围内时，分子引力会表现出来。液桥实验中，水可以被拉伸，不会轻易断开，正是水分子之间分子引力的宏观体现。
3、扩散现象：不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象，扩散现象证明分子在不停地做无规则运动；扩散快慢和温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散越快。扩散现象需要两种不同物质相互渗透，同种物质的合并、拉伸不属于扩散。
4、区分实验对应的原理：证明分子引力的常见实验：液桥实验、铅块压紧粘在一起；证明分子不停运动的实验：扩散实验；证明分子间存在空隙：酒精和水混合总体积减小。
4．【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．内能指的是物体内部所有分子做无规则运动的动能与分子势能的总和，所有物体无论状态温度如何，都一定具有内能；冰虽然温度较低，但它内部的分子依旧在不停做无规则运动，因此冰同样具有内能，所以A错误。
B．温度描述的是物体的冷热程度，它本身不能被传递；在热传递过程中，转移的是能量也就是热量，并不是温度；尊缶中酒的温度比方鉴里冰的温度更高，因此酒会向冰放出热量，自身内能会减少，所以B错误。
C．尊缶内的酒和方鉴内的冰之间存在温度差，酒温度更高，冰温度更低；酒通过热传递的方式向冰放出热量，自身内能减少，温度随之降低，所以C正确。
D．冰属于晶体，冰熔化成水的过程中，需要持续吸收热量，但熔化过程中温度始终保持不变；吸收的热量会使分子势能增加，因此冰熔化过程中内能是增大的，所以D错误。
故选C。
【分析】1、内能定义：内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能与分子势能的总和。一切物体在任何温度下都具有内能，温度低的物体同样有内能。
2、热传递：发生条件是物体之间存在温度差；热传递过程中转移的是热量（能量），温度是物体冷热程度的物理量，不能传递。热量自发从高温物体转移到低温物体；高温物体放出热量，内能减小；低温物体吸收热量，内能增大。
3、晶体熔化特点：晶体熔化过程持续吸收热量，温度保持不变。吸收的热量用来增大分子势能，所以晶体熔化阶段内能不断增加。
5．【答案】A
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体
【解析】【解答】A．静电释放时，电子从一个物体上转移到另一个物体上，故A正确；
B．除电是电子的中和过程，除电后，人体对外不显电性，但仍有正负电荷，只是电量总和为0，故B错误；
C．摩擦起电是电荷的转移过程，电荷没有消失，也不会创造出新的电荷，故C错误；
D．静电释放器能将电导走，是导体材料，陶瓷是绝缘体，故D错误。
故选A。
【分析】静电释放时，电子发生转移，使物体不带电。
6．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】根据题意梳理整个过程的能量转化：白天太阳能通过太阳能电池转化为电能，之后电能输送给蓄电池，蓄电池将电能转化为化学能储存起来；到了夜晚，蓄电池对外放电，把储存的化学能重新转化为电能，为路灯供电，路灯工作时再将电能转化为光能供给照明。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】1、能量转化：在一定条件下，各种形式的能量之间可以相互转化，判断能量转化的核心是分清消耗的能量形式和得到的能量形式。太阳能电池板：工作时消耗太阳能，得到电能，能量转化为太阳能→电能。
2、蓄电池充电：属于用电器，消耗电能，将能量以化学能的形式储存，能量转化为电能→化学能；蓄电池放电：属于电源，消耗化学能，向外输出电能，能量转化为化学能→电能。
3、路灯（电灯）工作：消耗电能，发光发热，主要转化为光能，同时伴随少量内能，能量转化为电能→光能（内能）。
4、能量守恒定律：能量不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，总能量保持不变。
7．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，指示灯L一直发光，而电动机可以同时工作，也可以不工作，说明二者不相互影响，应该为并联。电动机启动有两种方式，即投币或扫描，那么这两个开关都控制电动机，但是二者不影响，即两个开关并联后再与电动机串联，如下图所示：
故选 D。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联，据此确定指示灯和电动机的关系，以及两个开关的关系和位置即可。
8．【答案】D
【知识点】杠杆的动态平衡分析；制作简易杆秤
【解析】【解答】A．假设秤盘里放置的物体重力为，对应的力臂是OC；秤砣的重力为，对应的力臂为L。根据杠杆平衡条件可得：
由于和OC都是定值，因此L和成正比例关系，也就是L和物体的质量成正比，由此说明杆秤的刻度是均匀的。因此A正确，不符合题意；
B．当秤盘里不放任何物体时，，此时把秤砣移动到A点杆秤就能平衡，说明A点对应的物体质量就是0，因此A点的标定刻度就是0。因此B正确，不符合题意。
C．当物体变重后，增大，结合杠杆平衡公式
和OC都保持不变，要维持杠杆平衡，力臂L必须增大，也就是需要把秤砣向右移动。因此C正确，不符合题意。
D．秤砣出现缺损后，会变小。测量物体质量时，杠杆平衡仍然满足
因为变小，要保持不变，力臂L必须增大，秤砣会比不缺损时更靠右。而杆秤的刻度都是按照完整无缺损的标准秤砣标定的，L增大对应的测量质量值就会大于物体的真实质量，测量结果偏大。因此D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、杠杆平衡条件：动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂，公式：F1×L1=F2×L2。
2、杆秤属于不等臂杠杆。杆秤原理：物体重力作为动力，秤砣重力作为阻力，物体重力的力臂固定不变。由 G 物 ×OC = G 砣 ×L 可得 L=(OC/G 砣)×G 物，L 和 G 物是正比例关系，所以杆秤刻度均匀。
3、零刻度：秤盘空载时，移动秤砣使杠杆水平平衡，此时秤砣位置就是零刻度线。秤砣磨损问题：秤砣缺损，自身重力减小，测相同物体时，必须增大阻力臂才能维持杠杆平衡，秤砣要向右移动，读数偏大。
9．【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．这里的“油门”本质是滑动变阻器，工作时通过改变接入电路的电阻圈长度，来改变电路的电阻大小，因此A正确，不符合题意；
B．由图乙可知，汽车速度升高时，电路中的电流会增大。电源电压不变，根据欧姆定律可知，此时电路总电阻一定减小。脚踩油门时滑片会逆时针转动，若将电路的a、b接点与变阻器的A、B两个接点连接，滑片逆时针转动时，接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电路电流增大，对应车速提升，因此B正确，不符合题意；
C．脚踩“油门”时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律，电路电流I增大。电阻圈和电动机是串联关系，根据串联分压规律可得，电阻圈两端的电压为，当减小时，它在总电阻中所占的比例降低，因此分得的电压也会减小，因此C错误，符合题意；
D．结合B选项的分析可知，汽车速度越大，电路电流越大，对应滑动变阻器接入电路的电阻越小，因此D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】 1. 滑动变阻器原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻。
2. 欧姆定律：I=U/R，电源电压不变时，总电阻越小，电路电流越大。
3. 串联电路分压规律：串联电路各元件电压与电阻成正比，电阻越小，分得电压越小。
4. 串联电路特点：电流处处相等，总电阻等于各电阻之和。
10．【答案】B
【知识点】速度公式及其应用；动滑轮及其工作特点；有用功和额外功
【解析】【解答】①由图可知该装置为动滑轮，承担物重与动滑轮自重的绳子段数。已知物体M上升高度，因此绳子自由端移动的距离为，可得绳子自由端移动的速度，因此①错误。
②动滑轮对物体做的功为有用功，已知物体重力，物体上升高度，代入公式可得有用功，即动滑轮对物体做的功，因此②正确。
③拉力F做的功为总功，已知拉力F的功率，做功时间，根据公式可得拉力做的总功，因此③正确。
④由总功公式变形可求出拉力大小
由此可知，该动滑轮提升物体M时没有省力，因此④错误。
综上分析，正确的说法是②和③，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】 1. 动滑轮特点：绳子自由端移动距离 s=nh，绳子自由端移动速度 v绳 = nv物；正常情况下动滑轮省力，但如果动滑轮自重、摩擦较大，拉力会大于物重。
2. 功的计算公式：W=Fs；有用功 W 有用 = Gh，是对物体做的功；总功 W 总 = Pt，是拉力做的功。
3. 速度公式：v=s/t。
11．【答案】（1）甲
（2）小于；小于
（3）
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】（1）观察图b可知，该物质在A点还没有开始熔化，处于固态，固态物质的分子排列紧密且规则，对应a图中的甲，因此选甲。
（2）分子动能的大小与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈，分子动能越大。B点的温度低于D点，因此物质在B点的分子动能小于D点的分子动能。
B点到C点是物质的熔化过程，熔化过程中物质持续吸收热量，但温度保持不变，因此B点和C点温度相同，B点的内能小于C点的内能。
（3）由图b可知，AB段和CD段的加热时间相同，因此两段过程中物质吸收的热量相等。已知该物质质量为100g，AB段的温度变化量为，物质的比热容为，根据热量计算公式，可算出AB段物质吸收的热量为：
因此CD段吸收的热量。
【分析】 1. 固、液、气分子模型：固体分子排列紧密有规则；液体分子间距较大，无固定位置；气体分子间距很大，杂乱无章。
2. 内能与温度：分子动能只由温度决定；晶体熔化时持续吸热，温度不变，内能增大。
3. 吸热公式：Q=cmΔt；相同热源，加热时间相同，物体吸收热量相同。
（1）分析图b，物质在A点处于固态，分子排列紧密且有规则，故a图中的甲符合特点，故选甲。
（2）[1]物质在B点的温度低于D点，物体分子动能的大小和温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，分子动能越大，故B点分子动能小于D点分子动能。
[2]物质在B点与C点的温度相同，但物质从B点到C点的过程中，一直在持续吸收热量，所以B点的内能小于C点的内能。
（3）分析图b，AB段和CD段加热时间相同，所以吸收热量相同，物体质量为100g，AB段温度变化为，物质的比热容为，根据热量计算公式，可得AB段吸收的热量
所以
12．【答案】并；1.2；变小
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】 闭合开关后，两个灯泡分别接入两条独立支路，因此两灯为并联连接；其中电流表 A1 测量干路的总电流，电流表 A2 测量L2支路的电流。
根据并联电路的电流规律，干路总电流等于各支路电流之和。由于两个电流表指针偏转角度相同，因此可以判断：干路电流表 A1 选用的是0-3A量程，该量程分度值为0.1A，因此干路总电流；测L2支路电流的 A2 选用的是0-0.6A量程，该量程分度值为0.02A，因此通过L2的电流。
由此可得通过灯L1的电流为：
两灯正常发光时， A1 测量干路总电流，也就是两个支路的电流之和；当L1熄灭、L2仍然发光时，说明电路为L2的单通路，此时 A1 只测量L2支路的电流，因此电流表 A1 的示数会变小。
【分析】 1. 并联电路定义：用电器两端分别相连，有多条独立支路；并联电路干路电流等于各支路电流之和，I=I1+I2。
2. 电流表双量程规律：同一指针位置，0~3A 量程读数是 0~0.6A 量程读数的 5 倍。
3. 并联支路独立工作：一条支路断路，不影响另外支路用电器工作，只会造成干路电流减小。
13．【答案】（1）被短路；发光；发声
（2）错误；在并联电路中，拆除干路导线，也会导致两灯熄灭。；
【知识点】电路的三种状态；根据实物图画电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）当文物放在展台上时，A、B、C三个金属片相互接触，此时电流会从导线直接流过电铃两端，电铃被短路，因此只有灯泡接入电路发光。
当小偷把文物搬离展示台后，金属片B在弹力作用下和金属片C分开，此时灯泡和电铃串联接入电路，因此灯泡发光，电铃发声报警。
（2）小明的判断方法是错误的，因为若两灯并联，拆除干路的导线后，整个电路断开，也会出现两个灯泡都熄灭的现象，因此不能据此判断两灯串联。
要判断两灯的连接方式，可以取下其中一只灯泡，再闭合开关：如果观察到另一只灯泡仍然可以正常工作，说明两灯工作时互不影响，可以确定两灯是并联连接。对应的两灯并联电路图如下：
【分析】 1. 短路：导线直接并联在用电器两端，该用电器被短路，无电流通过，不工作，其余用电器仍可工作。
2. 串、并联电路特点：串联电路所有用电器互相影响，一处断开全部不工作；并联电路支路之间相互独立，只有干路断开时全部用电器才停止工作。
3. 串并联区分方法：取下一个用电器，看另一个用电器是否继续工作。能工作为并联，不能工作为串联。
（1）[1]当文物在展台上时，ABC相互接触，此时电铃两端被导线直接连接起来，故电铃被短路，灯发光。
[2]当小偷把文物搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片C分开，此时灯与电铃串联在电路中，灯和电铃都工作，即灯发光，电铃发声。
（2）[1][2]小明的方法是错误的，因为在并联电路中，拆除干路导线，也会导致两灯熄灭。
[3]取下其中一只灯泡，闭合开关，观察到另外一个灯还在工作，说明两灯工作时互不影响，两灯是并联，故电路图如下所示：
14．【答案】（1）机械；B
（2）25
【知识点】热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）在圆筒中加入适量酒精并用橡胶塞密封，通过电火花点火使酒精燃烧，产生高温高压燃气。燃气推动橡胶塞做功，实现内能向机械能的转化。
内燃机压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程则将内能转化为机械能。该实验与内燃机做功冲程的能量转换原理一致；
A．图示为排气门开启、进气门关闭且活塞上行，属于排气冲程，不符合题意；
B．图示为进排气门均关闭且活塞下行，属于做功冲程，符合题意；
C．图示为进排气门均关闭且活塞上行，属于压缩冲程，不符合题意；
D．图示为进气门开启、排气门关闭且活塞下行，属于吸气冲程，不符合题意。
正确答案为B。
（2）汽油机转速3000r/min（即50r/s），表示曲轴每秒旋转50周。因每个工作循环包含曲轴转两周且仅完成一次做功冲程，故每秒可实现25次做功冲程。
【分析】1、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、热机转速和做功的关系，热机转2次，对应一次做功，对应四个冲程。
（1）[1]在圆筒内加入适量酒精，用橡胶塞塞紧筒口，用电火花点火，酒精燃烧产生高温高压的燃气，燃气推动橡胶塞做功，燃气的内能转化为橡胶塞的机械能。
[2]在内燃机的压缩冲程中，机械能转化为内能，做功冲程中，内能转化为机械能，所以此实验与内燃机做功冲程能量转化原理相同；
A．图中进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，故A不符合题意；
B．图中进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，故B符合题意；
C．图中进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故C不符合题意；
D．图中进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程，故D不符合题意。
故选B。
（2）由图可知，汽油机的转速为3000r/min，合50r/s，说明1s内汽油机曲轴的转动50圈；由于一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，完成1次做功冲程，所以1s内曲轴转动50圈，完成25次做功冲程。
15．【答案】（1）；费力；动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力减小
（2）6；75%；15
【知识点】杠杆的分类；力臂的画法；杠杆的动态平衡分析；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，O点为支点，过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为力臂l1，如下图所示：
②根据乙图可知，动力臂为OB，阻力臂为AO，则此时动力臂小于阻力臂，那么碓是一个费力杠杆。
③根据图片可知，脚向B移动时，动力臂OB变长，根据杠杆平衡条件可知，动力F1会减小，所以更省力。
（2）根据图片可知，滑轮组上承担重力的段数 ，
则绳子自由端移动距离；
滑轮组克服摩擦力做的有用功；；
绳子自由端拉力做的总功为；
该滑轮组的机械效率；
则做的额外功。
【分析】（1）①力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
③根据杠杆平衡条件分析解答。
（2）根据图片确定滑轮组上承担重力的绳子段数n，根据计算自由端移动的距离，根据计算有用功，根据计算总功，根据计算滑轮组的机械效率，根据计算滑轮组做的额外功。
（1）[1]过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为力臂l1，如图所示：
[2]由图可知，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件可知，碓是一个费力杠杆。
[3]“人的脚越向B点移动，人越省力”的原因是：脚向B移动时，动力臂OB变长，阻力和阻力臂OA不变。根据杠杆平衡条件可知，动力F1会减小，所以更省力。
（2）[1]由图可知，滑轮组有效绳子段数 ，物体A移动距离，则绳子自由端移动距离
[2]滑轮组克服摩擦力做的有用功
绳子自由端拉力做的总功为
该滑轮组的机械效率
[3]根据，可得额外功
16．【答案】（1）D
（2）解：①汽车发动机产生的牵引力为，沿着平直路面匀速行驶了10km，则汽车牵引力做的功
②发动机的效率是60%，则氢气完全燃烧产生的总热量
③氢气的热值是，则消耗的氢气质量
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）氢内燃机属于热机的一种，工作过程中会将氢气燃烧释放出来的内能转化为机械能，我们结合能量守恒定律对各选项逐一分析：
A．该图显示化学能全部转化为机械能，效率达到100%，这不符合热机的实际特点，所有热机在工作时都会有能量损耗，效率一定小于100%，因此A不符合题意；
B．该图中输入的化学能为100J，但输出的机械能60J和输出的内能60J加起来总输出能量为120J，输出总能量大于输入总能量，违背了能量守恒定律，因此B不符合题意；
C．氢内燃机是依靠氢气燃烧释放化学能获得能量，并不是依靠电能工作，因此C不符合题意；
D．该图表示输入100J内能，其中40J转化为对外做功的有用机械能，剩余60J以内能的形式被耗散，这个过程既符合热机的工作原理，也满足能量守恒定律，效率为40%是合理的情况，因此D符合题意。
因此选D。
【分析】 1. 能量守恒定律：能量不会凭空产生或消失，只会发生转化或转移，输入总能量等于输出所有形式能量之和。 热机工作原理：燃料燃烧，化学能转化为内能，内能再转化为机械能；热机效率永远小于 100%，存在散热、废气、摩擦等能量损失。 热机效率公式：η=W 有 / Q放 ×100%。
2、结合所给牵引力和行驶距离，根据W=Fs计算牵引力做的功；
3、根据效率公式计算氢气完全燃烧产生的总热量；
4、结合热值公式计算消耗的氢气质量。
（1）氢内燃机是一种热机，其工作原理是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能；
A．该图表示化学能完全转化为机械能，效率为100%，这不符合实际，任何热机的效率都小于100%，故A不符合题意；
B．该图表示输入100J的化学能，输出了60J的机械能和60J的内能，总输出能量为120J，大于输入能量，违反了能量守恒定律，故B不符合题意；
C．氢内燃机是利用氢气燃烧释放的化学能，而不是电能，故C不符合题意；
D．该图表示输入100J的内能，其中40J转化为有用的机械能，另外60J以内能的形式损失掉。这符合热机的工作原理，且满足能量守恒定律，效率为40%，是可能的情况，故D符合题意。
故选D。
（2）①汽车发动机产生的牵引力为，沿着平直路面匀速行驶了10km，则汽车牵引力做的功
②发动机的效率是60%，则氢气完全燃烧产生的总热量
③氢气的热值是，则消耗的氢气质量
17．【答案】（1）0.2
（2）解：当电流表指针指在0.4A刻度线处时，电路中的电流
根据欧姆定律，此时电路的总电阻为
根据串联电路的电阻特点，R1接入电路的阻值为
所以，当电流为0.4A时，R1接入电路的阻值为10Ω。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由题意可得，拉力表的零刻度线对应拉环没有受到拉力时的状态。此时滑动变阻器的滑片P位于a端，滑动变阻器的全部阻值R1都接入电路当中。
根据串联电路的总电阻等于各串联电阻之和，可计算出电路的总电阻：
再根据欧姆定律，可计算出此时电路中的电流：
因此，拉力表的零刻度线应该刻在电流表0.2A的位置。
【分析】 1. 串联电路电阻规律：总电阻等于各串联电阻之和，。 欧姆定律：I=U/R，导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体电阻成反比。 滑动变阻器：滑片位置改变，接入电路电阻改变；不受拉力时滑片在 a 端，变阻器全部电阻接入。
2.根据欧姆定律计算电流为0.4A时电路的总电阻，结合电阻的串联计算R1。
（1）由题意可知，拉力表的零刻度线对应拉环不受拉力时的情况。此时，滑动变阻器的滑片P处于a端，其全部电阻R1接入电路。
根据串联电路的电阻特点，电路的总电阻为
根据欧姆定律，此时电路中的电流为
所以，拉力表的零刻度线应刻在电流表0.2A处。
（2）当电流表指针指在0.4A刻度线处时，电路中的电流
根据欧姆定律，此时电路的总电阻为
根据串联电路的电阻特点，R1接入电路的阻值为
所以，当电流为0.4A时，R1接入电路的阻值为10Ω。
18．【答案】；b；6.0；猜想一；
次数 A1的示数/A A2的示数/A A3的示数/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【知识点】串联电路的电流规律；探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）本实验中灯泡与滑动变阻器串联，要求滑片P向D端移动时，电路电流增大，由此可知滑动变阻器接入电路的阻值需要减小，因此应选择滑动变阻器的右下接线柱接入电路，连接完成的电路如下图所示：
（3）闭合开关后，灯泡L1（规格3.8V，0.4A）和L2（规格2.5 V，0.3A）都不发光，电流表无示数，说明电路发生了断路；使用电压表检测故障时，需要保证电流从电压表正接线柱流入，因此电压表的b端应接电源正极。
本次实验电压表选用的是0~15V量程，该量程的分度值为0.5V，因此电压表的示数为6.0V。
（5）验证猜想时，取下L1，将完好的灯泡L3（规格3.8V，0.4A）接入电路，观察到L3发光，说明此时电路已经恢复通路，此时L2仍然不发光，说明L2短路，因此猜想一是正确的。
（6）由题意可知，测量干路和支路电流的三个电流表都选择了小量程，且指针偏转位置相同，因此三处的电流大小相等，都为0.5A；本实验需要多次测量三处电流，设计实验记录表格如下：
实验次数 A1示数/A A2示数/A A3示数/A
1 0.5 0.5 0.5
2
3
【分析】 1. 滑动变阻器：串联接入电路，一上一下接线；滑片靠近下接线柱，接入电阻变小，电路电流变大。
2. 电路故障判断：电流表示数为 0，用电器不工作，大概率断路；更换灯泡后电路导通，原灯泡位置断路；更换灯泡后另一灯依旧不亮，则另一灯短路。
3. 电压表读数：0~15V 量程，分度值 0.5V；电流必须正进负出。
4. 串联电路电流规律：串联电路中各处电流大小相等；多次实验目的：避免实验偶然性，寻找普遍规律。
1 / 1广东省广州市第七中学2025-2026学年九年级上学期期中物理试题
一、选择题：本题共10小题，第小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．使用如图所示的电源适配器给支持快充的手机充电，手机两端的电压不可能是（　　）
产品名称 电源适配器 型号 KX5-2365 输入 220V-50-60Hz 0.5A 输出J5S-C 5V 3A或9V 2.22A或12V 1.66A
A．5V B．9V C．12V D．220V
【答案】D
【知识点】电压和电压的单位换算
【解析】【解答】电源适配器的功能是将家庭电路的220V高电压，转换为适配电子设备工作的低电压。根据题图中电源适配器的铭牌参数可得：“输入：220V-50-60Hz 0.5A”说明该适配器正常工作需要接入220V交流电；
“输出：USB-C 5V 3A或9V 2.22A或12V 1.66A”说明该适配器为手机充电时，共有三种输出规格，分别对应输出电压5V、9V、12V。
若直接将220V电压加在手机两端，手机会立刻被烧毁，因此正常充电时手机两端电压不可能为220V，因此D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】1、电源适配器本质是电压转换装置，作用是把家庭电路的 220V 交流电降压，输出低压电给手机这类小型电子设备供电。适配器铭牌分为输入参数与输出参数两类。
2、输入参数：220V 指适配器接入家庭电路的额定输入电压；50-60Hz 代表交流电的频率；0.5A 是适配器输入端允许的最大输入电流。输入参数描述的是适配器和市电之间的工作条件，不是给手机供电的参数。
3、输出参数：5V 3A、9V 2.22A、12V 1.66A 代表适配器支持多档位输出，每一组数字分别代表输出电压和该电压下允许的最大输出电流，手机充电时两端电压等于适配器输出电压。
4、家庭电路 220V 属于高压，远大于手机允许的工作电压，不能直接加在手机两端，必须通过适配器降压。
2．如图是锂原子的结构示意图，由图中信息可知，下列说法正确的是（　　）
A．整体带3个正电荷 B．整体不显电性
C．核外有3个正电荷 D．质子数和中子数相等
【答案】B
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 AB.原子是由原子核与核外电子构成的。结合题图可知，锂原子核有3个质子，每个质子带1个单位正电荷，因此原子核总共带3个单位正电荷；锂原子核外有3个电子，每个电子带1个单位负电荷，因此核外总共带3个单位负电荷。原子核带的正电荷总量和核外电子带的负电荷总量相等，电性相反，因此整个锂原子对外不显电性，所以A错误，B正确；
C.核外电子带负电，根据图示，锂原子确实有3个核外电子，因此是核外带3个单位负电荷，带正电荷的是原子核内的质子，并非核外，所以C错误；
D.图中原子核旁标注的“+3”，代表原子核带3个单位正电荷，也就是锂原子的质子数为3。而图中原子核内画出了4个中子，说明锂原子的质子数和中子数不相等，所以D错误。
故选B。
【分析】1、原子结构：原子由位于中心的原子核与核外绕核运动的电子构成；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电。
2、原子不显电性的原理：原子核内质子所带正电荷总量与核外所有电子所带负电荷总量大小相等、电性相反，正负电荷相互抵消，因此原子整体对外不显电性。
3、质子数相关规律：原子中，质子数等于核外电子数；质子数不一定等于中子数，不同种类原子的中子数和质子数的数量关系不固定。
4、电荷单位：一个质子所带电荷量为 1 个单位正电荷，一个电子所带电荷量为 1 个单位负电荷。
3．在“天宫课堂”的液桥演示实验中，航天员先让两个塑料板上的水球接触，它们汇合成一个大水球；然后她将两个塑料板分开，两个塑料板表面之间的水形成了一座桥，即液桥。下列说法正确的是（　　）
A．液桥实验说明水是由大量分子构成的
B．液桥实验说明水分子间存在着一定的引力
C．液桥实验说明水的温度越高，扩散越快
D．液桥实验说明水分子都在不停地做无规则的运动
【答案】B
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】A．液桥实验体现的是水分子之间的相互作用，无法直接证明水是由大量分子组成的，因此A错误；
B．两个水球接触后能够融合为一个整体，连接两块塑料板的水能形成液桥将两板拉住，这些现象都说明水分子之间存在相互吸引的作用力，也就是分子引力，因此B正确；
C．扩散是不同物质互相渗入对方的现象，液桥实验中并没有出现不同物质混合的过程，也没有涉及温度变化，无法说明温度对扩散快慢的影响，因此C错误；
D．分子在永不停息做无规则运动，一般是通过扩散等宏观现象来体现的，液桥实验的现象主要反映的是分子间的引力作用，不能说明分子的无规则运动，因此D错误。
故选B。
【分析】1、分子动理论基本内容：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子之间存在相互作用的引力和斥力。
2、分子引力：分子之间存在吸引力，当分子间距离在一定范围内时，分子引力会表现出来。液桥实验中，水可以被拉伸，不会轻易断开，正是水分子之间分子引力的宏观体现。
3、扩散现象：不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象，扩散现象证明分子在不停地做无规则运动；扩散快慢和温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散越快。扩散现象需要两种不同物质相互渗透，同种物质的合并、拉伸不属于扩散。
4、区分实验对应的原理：证明分子引力的常见实验：液桥实验、铅块压紧粘在一起；证明分子不停运动的实验：扩散实验；证明分子间存在空隙：酒精和水混合总体积减小。
4．曾侯乙墓曾出土过一种特殊的铜冰鉴式保温器如图甲，它是保温瓶的始祖。这种铜冰鉴分内外两层，外为方鉴，内为尊缶。盛夏之时，方鉴盛冰，尊缶盛食物或酒水如图乙。关于铜冰鉴中蕴含的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．方鉴内的冰温度很低，所以它没有内能
B．尊缶内的酒将温度传给方鉴内的冰块，自身内能减少
C．尊缶内的酒通过热传递的方式减少内能
D．冰块吸热熔化成水的过程中温度不变，内能不变
【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．内能指的是物体内部所有分子做无规则运动的动能与分子势能的总和，所有物体无论状态温度如何，都一定具有内能；冰虽然温度较低，但它内部的分子依旧在不停做无规则运动，因此冰同样具有内能，所以A错误。
B．温度描述的是物体的冷热程度，它本身不能被传递；在热传递过程中，转移的是能量也就是热量，并不是温度；尊缶中酒的温度比方鉴里冰的温度更高，因此酒会向冰放出热量，自身内能会减少，所以B错误。
C．尊缶内的酒和方鉴内的冰之间存在温度差，酒温度更高，冰温度更低；酒通过热传递的方式向冰放出热量，自身内能减少，温度随之降低，所以C正确。
D．冰属于晶体，冰熔化成水的过程中，需要持续吸收热量，但熔化过程中温度始终保持不变；吸收的热量会使分子势能增加，因此冰熔化过程中内能是增大的，所以D错误。
故选C。
【分析】1、内能定义：内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能与分子势能的总和。一切物体在任何温度下都具有内能，温度低的物体同样有内能。
2、热传递：发生条件是物体之间存在温度差；热传递过程中转移的是热量（能量），温度是物体冷热程度的物理量，不能传递。热量自发从高温物体转移到低温物体；高温物体放出热量，内能减小；低温物体吸收热量，内能增大。
3、晶体熔化特点：晶体熔化过程持续吸收热量，温度保持不变。吸收的热量用来增大分子势能，所以晶体熔化阶段内能不断增加。
5．如图是加油站里常见的“静电释放器”（与大地相连），工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电。下列说法中正确的是（　　）
A．静电释放过程是电子在转移 B．“除电”后人体就没有电荷了
C．人体与衣服摩擦可创造出电荷 D．静电释放器可以由陶瓷制成
【答案】A
【知识点】两种电荷；导体与绝缘体
【解析】【解答】A．静电释放时，电子从一个物体上转移到另一个物体上，故A正确；
B．除电是电子的中和过程，除电后，人体对外不显电性，但仍有正负电荷，只是电量总和为0，故B错误；
C．摩擦起电是电荷的转移过程，电荷没有消失，也不会创造出新的电荷，故C错误；
D．静电释放器能将电导走，是导体材料，陶瓷是绝缘体，故D错误。
故选A。
【分析】静电释放时，电子发生转移，使物体不带电。
6．某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（　　）
A．甲是“电能” B．乙是“化学能”
C．丙是“化学能” D．丁是“机械能”
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】根据题意梳理整个过程的能量转化：白天太阳能通过太阳能电池转化为电能，之后电能输送给蓄电池，蓄电池将电能转化为化学能储存起来；到了夜晚，蓄电池对外放电，把储存的化学能重新转化为电能，为路灯供电，路灯工作时再将电能转化为光能供给照明。故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】1、能量转化：在一定条件下，各种形式的能量之间可以相互转化，判断能量转化的核心是分清消耗的能量形式和得到的能量形式。太阳能电池板：工作时消耗太阳能，得到电能，能量转化为太阳能→电能。
2、蓄电池充电：属于用电器，消耗电能，将能量以化学能的形式储存，能量转化为电能→化学能；蓄电池放电：属于电源，消耗化学能，向外输出电能，能量转化为化学能→电能。
3、路灯（电灯）工作：消耗电能，发光发热，主要转化为光能，同时伴随少量内能，能量转化为电能→光能（内能）。
4、能量守恒定律：能量不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，总能量保持不变。
7．某商场有一台棉花糖自助售货机，接通电源后，指示灯L一直发光，人们可通过投币或扫码的方式购买棉花糖。当投币或扫码成功时，对应开关闭合，电动机开始工作，完成棉花糖自动出售服务。下列设计的模拟电路图符合以上要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，指示灯L一直发光，而电动机可以同时工作，也可以不工作，说明二者不相互影响，应该为并联。电动机启动有两种方式，即投币或扫描，那么这两个开关都控制电动机，但是二者不影响，即两个开关并联后再与电动机串联，如下图所示：
故选 D。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联，据此确定指示灯和电动机的关系，以及两个开关的关系和位置即可。
8．杆秤曾是主要的度量工具，同时它还承载着公平公正的象征意义。某科技小组的同学用轻质细杆制作了一个杆秤如图所示，下列说法错误的是（　　）
A．已知秤杆粗细不均匀，小组同学通过分析得知，杆秤的刻度是均匀的
B．提起提纽，秤盘中不放物体，当秤砣移动到点时秤杆在水平位置平衡，那么点标定的刻度为0
C．所挂物体加重时，秤砣向右移，秤杆才能再次水平平衡
D．使用杆秤的过程中，小组的同学不慎将秤砣弄缺损了，则杆秤所测的质量值小于被测物体的真实质量值
【答案】D
【知识点】杠杆的动态平衡分析；制作简易杆秤
【解析】【解答】A．假设秤盘里放置的物体重力为，对应的力臂是OC；秤砣的重力为，对应的力臂为L。根据杠杆平衡条件可得：
由于和OC都是定值，因此L和成正比例关系，也就是L和物体的质量成正比，由此说明杆秤的刻度是均匀的。因此A正确，不符合题意；
B．当秤盘里不放任何物体时，，此时把秤砣移动到A点杆秤就能平衡，说明A点对应的物体质量就是0，因此A点的标定刻度就是0。因此B正确，不符合题意。
C．当物体变重后，增大，结合杠杆平衡公式
和OC都保持不变，要维持杠杆平衡，力臂L必须增大，也就是需要把秤砣向右移动。因此C正确，不符合题意。
D．秤砣出现缺损后，会变小。测量物体质量时，杠杆平衡仍然满足
因为变小，要保持不变，力臂L必须增大，秤砣会比不缺损时更靠右。而杆秤的刻度都是按照完整无缺损的标准秤砣标定的，L增大对应的测量质量值就会大于物体的真实质量，测量结果偏大。因此D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、杠杆平衡条件：动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂，公式：F1×L1=F2×L2。
2、杆秤属于不等臂杠杆。杆秤原理：物体重力作为动力，秤砣重力作为阻力，物体重力的力臂固定不变。由 G 物 ×OC = G 砣 ×L 可得 L=(OC/G 砣)×G 物，L 和 G 物是正比例关系，所以杆秤刻度均匀。
3、零刻度：秤盘空载时，移动秤砣使杠杆水平平衡，此时秤砣位置就是零刻度线。秤砣磨损问题：秤砣缺损，自身重力减小，测相同物体时，必须增大阻力臂才能维持杠杆平衡，秤砣要向右移动，读数偏大。
9．如图甲是电动汽车“油门”示意图。脚往下踩“油门”时，滑片可以绕点在电阻圈上逆时针转动。汽车速度由电动机控制（关系如图乙所示）。则下列说法错误的是（　　）
A．该“油门”是通过改变接入电路中电阻圈的长度来改变电阻的大小
B．当脚踩“油门”时汽车速度加快，则电路中的a、b接点要与变阻器中A、B两个接点相连
C．当脚踩“油门”时，电阻圈两端电压变大
D．汽车速度越大，电阻圈接入电路的电阻越小
【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．这里的“油门”本质是滑动变阻器，工作时通过改变接入电路的电阻圈长度，来改变电路的电阻大小，因此A正确，不符合题意；
B．由图乙可知，汽车速度升高时，电路中的电流会增大。电源电压不变，根据欧姆定律可知，此时电路总电阻一定减小。脚踩油门时滑片会逆时针转动，若将电路的a、b接点与变阻器的A、B两个接点连接，滑片逆时针转动时，接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电路电流增大，对应车速提升，因此B正确，不符合题意；
C．脚踩“油门”时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律，电路电流I增大。电阻圈和电动机是串联关系，根据串联分压规律可得，电阻圈两端的电压为，当减小时，它在总电阻中所占的比例降低，因此分得的电压也会减小，因此C错误，符合题意；
D．结合B选项的分析可知，汽车速度越大，电路电流越大，对应滑动变阻器接入电路的电阻越小，因此D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】 1. 滑动变阻器原理：通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻。
2. 欧姆定律：I=U/R，电源电压不变时，总电阻越小，电路电流越大。
3. 串联电路分压规律：串联电路各元件电压与电阻成正比，电阻越小，分得电压越小。
4. 串联电路特点：电流处处相等，总电阻等于各电阻之和。
10．如图所示，借助图中的动滑轮匀速拉动重3N的物体M，使物体M上升1m，用时2s，拉力做功的功率为5W，以下说法（　　）
①绳子自由端移动的速度是0.5m/s； ②动滑轮对物体做的功是3J
③拉力做功的大小为10J； ④使用该动滑轮提升物体M可省力
A．只有①②正确 B．只有②③正确
C．只有②③④正确 D．只有①②④均正确
【答案】B
【知识点】速度公式及其应用；动滑轮及其工作特点；有用功和额外功
【解析】【解答】①由图可知该装置为动滑轮，承担物重与动滑轮自重的绳子段数。已知物体M上升高度，因此绳子自由端移动的距离为，可得绳子自由端移动的速度，因此①错误。
②动滑轮对物体做的功为有用功，已知物体重力，物体上升高度，代入公式可得有用功，即动滑轮对物体做的功，因此②正确。
③拉力F做的功为总功，已知拉力F的功率，做功时间，根据公式可得拉力做的总功，因此③正确。
④由总功公式变形可求出拉力大小
由此可知，该动滑轮提升物体M时没有省力，因此④错误。
综上分析，正确的说法是②和③，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】 1. 动滑轮特点：绳子自由端移动距离 s=nh，绳子自由端移动速度 v绳 = nv物；正常情况下动滑轮省力，但如果动滑轮自重、摩擦较大，拉力会大于物重。
2. 功的计算公式：W=Fs；有用功 W 有用 = Gh，是对物体做的功；总功 W 总 = Pt，是拉力做的功。
3. 速度公式：v=s/t。
二、非选择题：本部分共8题，共60分。按题目要求作答。
11．如图（a）所示，甲、乙、丙分别是某物质在不同状态下的分子模型。100g该物质从甲状态变为了乙状态，如图（b）所示是该过程中物质的温度随时间变化的图像（物质的质量不变）。
（1）在点时的分子排列如图　 　（选填“甲”、“乙”、“丙”）所示。
（2）在点的分子动能　 　在点的分子动能，在点的内能　 　在点的内能。（以上两空均选填“大于”“等于”或“小于”）。
（3）如图（b）所示，该物质每分钟吸收的热量相同，若段物质的比热容为2.1×103J/（kg·℃），则段物质吸收的热量是　 　J。
【答案】（1）甲
（2）小于；小于
（3）
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】（1）观察图b可知，该物质在A点还没有开始熔化，处于固态，固态物质的分子排列紧密且规则，对应a图中的甲，因此选甲。
（2）分子动能的大小与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈，分子动能越大。B点的温度低于D点，因此物质在B点的分子动能小于D点的分子动能。
B点到C点是物质的熔化过程，熔化过程中物质持续吸收热量，但温度保持不变，因此B点和C点温度相同，B点的内能小于C点的内能。
（3）由图b可知，AB段和CD段的加热时间相同，因此两段过程中物质吸收的热量相等。已知该物质质量为100g，AB段的温度变化量为，物质的比热容为，根据热量计算公式，可算出AB段物质吸收的热量为：
因此CD段吸收的热量。
【分析】 1. 固、液、气分子模型：固体分子排列紧密有规则；液体分子间距较大，无固定位置；气体分子间距很大，杂乱无章。
2. 内能与温度：分子动能只由温度决定；晶体熔化时持续吸热，温度不变，内能增大。
3. 吸热公式：Q=cmΔt；相同热源，加热时间相同，物体吸收热量相同。
（1）分析图b，物质在A点处于固态，分子排列紧密且有规则，故a图中的甲符合特点，故选甲。
（2）[1]物质在B点的温度低于D点，物体分子动能的大小和温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，分子动能越大，故B点分子动能小于D点分子动能。
[2]物质在B点与C点的温度相同，但物质从B点到C点的过程中，一直在持续吸收热量，所以B点的内能小于C点的内能。
（3）分析图b，AB段和CD段加热时间相同，所以吸收热量相同，物体质量为100g，AB段温度变化为，物质的比热容为，根据热量计算公式，可得AB段吸收的热量
所以
12．如图所示，开关闭合后，灯泡、的连接方式是　 　联，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡的电流为　 　A。若发光一段时间后突然熄灭，仍然发光，此时电流表的示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】并；1.2；变小
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】 闭合开关后，两个灯泡分别接入两条独立支路，因此两灯为并联连接；其中电流表 A1 测量干路的总电流，电流表 A2 测量L2支路的电流。
根据并联电路的电流规律，干路总电流等于各支路电流之和。由于两个电流表指针偏转角度相同，因此可以判断：干路电流表 A1 选用的是0-3A量程，该量程分度值为0.1A，因此干路总电流；测L2支路电流的 A2 选用的是0-0.6A量程，该量程分度值为0.02A，因此通过L2的电流。
由此可得通过灯L1的电流为：
两灯正常发光时， A1 测量干路总电流，也就是两个支路的电流之和；当L1熄灭、L2仍然发光时，说明电路为L2的单通路，此时 A1 只测量L2支路的电流，因此电流表 A1 的示数会变小。
【分析】 1. 并联电路定义：用电器两端分别相连，有多条独立支路；并联电路干路电流等于各支路电流之和，I=I1+I2。
2. 电流表双量程规律：同一指针位置，0~3A 量程读数是 0~0.6A 量程读数的 5 倍。
3. 并联支路独立工作：一条支路断路，不影响另外支路用电器工作，只会造成干路电流减小。
13．按要求完成下列小题。
（1）如图是具有报警功能的文物展示台，该展示台由木板、弹簧、金属片（不计电阻）ABC和报警电路组成。当文物在展示台上时，ABC相互接触，电铃　 　（选填“断路”、“通路”或“被短路”）。当小偷把文物搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片C分开，这时灯　 　（选填“发光”或“不发光”），电铃　 　（选填“发声”或“不发声”）。
（2）一只玩具猫外形如图所示，猫体内有电池，猫手相当于一开关，向下压猫手，猫脸上的两个小电灯会一齐发光。
①装上电池后，闭合开关发现两灯都亮。但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯一定是串联的，小明的方法是　 　的（“正确”或“错误”），理由是　 　。
②小林想到用另外一个方法：取下其中一只灯泡，闭合开关，观察到另外一个灯还在工作，根据以上现象，请把玩具猫体内的电路图画在图乙的方框内。　 　
【答案】（1）被短路；发光；发声
（2）错误；在并联电路中，拆除干路导线，也会导致两灯熄灭。；
【知识点】电路的三种状态；根据实物图画电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）当文物放在展台上时，A、B、C三个金属片相互接触，此时电流会从导线直接流过电铃两端，电铃被短路，因此只有灯泡接入电路发光。
当小偷把文物搬离展示台后，金属片B在弹力作用下和金属片C分开，此时灯泡和电铃串联接入电路，因此灯泡发光，电铃发声报警。
（2）小明的判断方法是错误的，因为若两灯并联，拆除干路的导线后，整个电路断开，也会出现两个灯泡都熄灭的现象，因此不能据此判断两灯串联。
要判断两灯的连接方式，可以取下其中一只灯泡，再闭合开关：如果观察到另一只灯泡仍然可以正常工作，说明两灯工作时互不影响，可以确定两灯是并联连接。对应的两灯并联电路图如下：
【分析】 1. 短路：导线直接并联在用电器两端，该用电器被短路，无电流通过，不工作，其余用电器仍可工作。
2. 串、并联电路特点：串联电路所有用电器互相影响，一处断开全部不工作；并联电路支路之间相互独立，只有干路断开时全部用电器才停止工作。
3. 串并联区分方法：取下一个用电器，看另一个用电器是否继续工作。能工作为并联，不能工作为串联。
（1）[1]当文物在展台上时，ABC相互接触，此时电铃两端被导线直接连接起来，故电铃被短路，灯发光。
[2]当小偷把文物搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片C分开，此时灯与电铃串联在电路中，灯和电铃都工作，即灯发光，电铃发声。
（2）[1][2]小明的方法是错误的，因为在并联电路中，拆除干路导线，也会导致两灯熄灭。
[3]取下其中一只灯泡，闭合开关，观察到另外一个灯还在工作，说明两灯工作时互不影响，两灯是并联，故电路图如下所示：
14．如图甲所示是跨学科实践“汽油机模型”。
（1）在圆筒内加入适量酒精，用橡胶塞塞紧筒口，用电火花点火，一段时间后，观察到橡胶塞突然被推出。此过程中，混合气体燃烧产生高温高压的燃气对橡胶塞做功，将燃气的内能转变为橡胶塞的　 　能。相当于图乙中　 　（选填“A”、“B”、“C”或“D”）的能量转化过程（火花塞产生的电火花未画出）。
（2）如图是某单缸四冲程汽油机的转速表，转速表当前示数表明该汽油机每秒钟完成做功冲程是　 　次。
【答案】（1）机械；B
（2）25
【知识点】热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）在圆筒中加入适量酒精并用橡胶塞密封，通过电火花点火使酒精燃烧，产生高温高压燃气。燃气推动橡胶塞做功，实现内能向机械能的转化。
内燃机压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程则将内能转化为机械能。该实验与内燃机做功冲程的能量转换原理一致；
A．图示为排气门开启、进气门关闭且活塞上行，属于排气冲程，不符合题意；
B．图示为进排气门均关闭且活塞下行，属于做功冲程，符合题意；
C．图示为进排气门均关闭且活塞上行，属于压缩冲程，不符合题意；
D．图示为进气门开启、排气门关闭且活塞下行，属于吸气冲程，不符合题意。
正确答案为B。
（2）汽油机转速3000r/min（即50r/s），表示曲轴每秒旋转50周。因每个工作循环包含曲轴转两周且仅完成一次做功冲程，故每秒可实现25次做功冲程。
【分析】1、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、热机转速和做功的关系，热机转2次，对应一次做功，对应四个冲程。
（1）[1]在圆筒内加入适量酒精，用橡胶塞塞紧筒口，用电火花点火，酒精燃烧产生高温高压的燃气，燃气推动橡胶塞做功，燃气的内能转化为橡胶塞的机械能。
[2]在内燃机的压缩冲程中，机械能转化为内能，做功冲程中，内能转化为机械能，所以此实验与内燃机做功冲程能量转化原理相同；
A．图中进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，故A不符合题意；
B．图中进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，故B符合题意；
C．图中进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故C不符合题意；
D．图中进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程，故D不符合题意。
故选B。
（2）由图可知，汽油机的转速为3000r/min，合50r/s，说明1s内汽油机曲轴的转动50圈；由于一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，完成1次做功冲程，所以1s内曲轴转动50圈，完成25次做功冲程。
15．按要求完成下列小题。
（1）如图甲所示是古书《天工开物》中描述人们用碓来捣谷时的情景（图乙是简化示意图，）。使用时，如果人的脚越向点移动，人越省力。
①以点为支点，在图乙中作出的力臂；　 　
②如图乙，碓是　 　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）。请你解释“人的脚越向点移动，人越省力”的原因：　 　。
（2）将物体AB置于如图所示的装置中，已知A重60N，B重10N，此时B恰好匀速下降，物体A沿地面匀速前进3m，已知物体A受到地面的摩擦力为15N，则绳子自由端移动的距离是　 　m，使用该滑轮组的机械效率是　 　，额外功是　 　J。
【答案】（1）；费力；动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力减小
（2）6；75%；15
【知识点】杠杆的分类；力臂的画法；杠杆的动态平衡分析；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，O点为支点，过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为力臂l1，如下图所示：
②根据乙图可知，动力臂为OB，阻力臂为AO，则此时动力臂小于阻力臂，那么碓是一个费力杠杆。
③根据图片可知，脚向B移动时，动力臂OB变长，根据杠杆平衡条件可知，动力F1会减小，所以更省力。
（2）根据图片可知，滑轮组上承担重力的段数 ，
则绳子自由端移动距离；
滑轮组克服摩擦力做的有用功；；
绳子自由端拉力做的总功为；
该滑轮组的机械效率；
则做的额外功。
【分析】（1）①力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
③根据杠杆平衡条件分析解答。
（2）根据图片确定滑轮组上承担重力的绳子段数n，根据计算自由端移动的距离，根据计算有用功，根据计算总功，根据计算滑轮组的机械效率，根据计算滑轮组做的额外功。
（1）[1]过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为力臂l1，如图所示：
[2]由图可知，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件可知，碓是一个费力杠杆。
[3]“人的脚越向B点移动，人越省力”的原因是：脚向B移动时，动力臂OB变长，阻力和阻力臂OA不变。根据杠杆平衡条件可知，动力F1会减小，所以更省力。
（2）[1]由图可知，滑轮组有效绳子段数 ，物体A移动距离，则绳子自由端移动距离
[2]滑轮组克服摩擦力做的有用功
绳子自由端拉力做的总功为
该滑轮组的机械效率
[3]根据，可得额外功
16．氢内燃机以氢气作为燃料，氢气的热值是。
（1）下列选项可能符合其能量流向的是______。
A． B．
C． D．
（2）一辆氢动力试验汽车10min内沿着平直路面匀速行驶了10km，此过程中汽车发动机产生的牵引力为，发动机的效率是60%。求：
①汽车牵引力做的功；
②氢气完全燃烧产生的热量；
③此过程中汽车消耗的氢气质量。
【答案】（1）D
（2）解：①汽车发动机产生的牵引力为，沿着平直路面匀速行驶了10km，则汽车牵引力做的功
②发动机的效率是60%，则氢气完全燃烧产生的总热量
③氢气的热值是，则消耗的氢气质量
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）氢内燃机属于热机的一种，工作过程中会将氢气燃烧释放出来的内能转化为机械能，我们结合能量守恒定律对各选项逐一分析：
A．该图显示化学能全部转化为机械能，效率达到100%，这不符合热机的实际特点，所有热机在工作时都会有能量损耗，效率一定小于100%，因此A不符合题意；
B．该图中输入的化学能为100J，但输出的机械能60J和输出的内能60J加起来总输出能量为120J，输出总能量大于输入总能量，违背了能量守恒定律，因此B不符合题意；
C．氢内燃机是依靠氢气燃烧释放化学能获得能量，并不是依靠电能工作，因此C不符合题意；
D．该图表示输入100J内能，其中40J转化为对外做功的有用机械能，剩余60J以内能的形式被耗散，这个过程既符合热机的工作原理，也满足能量守恒定律，效率为40%是合理的情况，因此D符合题意。
因此选D。
【分析】 1. 能量守恒定律：能量不会凭空产生或消失，只会发生转化或转移，输入总能量等于输出所有形式能量之和。 热机工作原理：燃料燃烧，化学能转化为内能，内能再转化为机械能；热机效率永远小于 100%，存在散热、废气、摩擦等能量损失。 热机效率公式：η=W 有 / Q放 ×100%。
2、结合所给牵引力和行驶距离，根据W=Fs计算牵引力做的功；
3、根据效率公式计算氢气完全燃烧产生的总热量；
4、结合热值公式计算消耗的氢气质量。
（1）氢内燃机是一种热机，其工作原理是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能；
A．该图表示化学能完全转化为机械能，效率为100%，这不符合实际，任何热机的效率都小于100%，故A不符合题意；
B．该图表示输入100J的化学能，输出了60J的机械能和60J的内能，总输出能量为120J，大于输入能量，违反了能量守恒定律，故B不符合题意；
C．氢内燃机是利用氢气燃烧释放的化学能，而不是电能，故C不符合题意；
D．该图表示输入100J的内能，其中40J转化为有用的机械能，另外60J以内能的形式损失掉。这符合热机的工作原理，且满足能量守恒定律，效率为40%，是可能的情况，故D符合题意。
故选D。
（2）①汽车发动机产生的牵引力为，沿着平直路面匀速行驶了10km，则汽车牵引力做的功
②发动机的效率是60%，则氢气完全燃烧产生的总热量
③氢气的热值是，则消耗的氢气质量
17．如图甲所示为电子拉力计，图乙是其原理图。拉环不受拉力时，滑片P处于端，拉环受拉力时，滑片P随之向右滑动。电源电压恒为，电流表的测量范围为0~0.6A，定值电阻，ab是一根长为5cm的均匀电阻丝，其阻值，忽略摩擦。
（1）由图乙知，拉力表的零刻度线应刻在电流表　 　处；
（2）开关闭合后，当电流表指针指在0.4A刻度线处时，接入电路的阻值是多少？
【答案】（1）0.2
（2）解：当电流表指针指在0.4A刻度线处时，电路中的电流
根据欧姆定律，此时电路的总电阻为
根据串联电路的电阻特点，R1接入电路的阻值为
所以，当电流为0.4A时，R1接入电路的阻值为10Ω。
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）由题意可得，拉力表的零刻度线对应拉环没有受到拉力时的状态。此时滑动变阻器的滑片P位于a端，滑动变阻器的全部阻值R1都接入电路当中。
根据串联电路的总电阻等于各串联电阻之和，可计算出电路的总电阻：
再根据欧姆定律，可计算出此时电路中的电流：
因此，拉力表的零刻度线应该刻在电流表0.2A的位置。
【分析】 1. 串联电路电阻规律：总电阻等于各串联电阻之和，。 欧姆定律：I=U/R，导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体电阻成反比。 滑动变阻器：滑片位置改变，接入电路电阻改变；不受拉力时滑片在 a 端，变阻器全部电阻接入。
2.根据欧姆定律计算电流为0.4A时电路的总电阻，结合电阻的串联计算R1。
（1）由题意可知，拉力表的零刻度线对应拉环不受拉力时的情况。此时，滑动变阻器的滑片P处于a端，其全部电阻R1接入电路。
根据串联电路的电阻特点，电路的总电阻为
根据欧姆定律，此时电路中的电流为
所以，拉力表的零刻度线应刻在电流表0.2A处。
（2）当电流表指针指在0.4A刻度线处时，电路中的电流
根据欧姆定律，此时电路的总电阻为
根据串联电路的电阻特点，R1接入电路的阻值为
所以，当电流为0.4A时，R1接入电路的阻值为10Ω。
18．“探究串联电路中电流的特点”实验。
（1）连接电路：用笔画线表示导线，把图甲的滑动变阻器串联接入电路（要求：连线不要交叉；滑片P向移动，电路的电流增大）。　 　
（2）发现问题：电源（输出电压为6V）、电流表、滑动变阻器、开关、导线完好，电路正确连接。闭合开关，观察到灯泡（3.8V，0.4A）和（2.5V，0.3A）不发光，电流表示数为零；
（3）排查故障：在不拆开导线且闭合开关的情况下，用图乙所示的电压表进行检测，将鳄鱼夹　 　（选填“a”“b”）接电源“+”极、另一鳄鱼夹先后夹在E、G接线柱，电压表前后两次的指针位置都如图丙所示，其示数为　 　V；
（4）作出猜想：
猜想一：由于灯泡不发光，电压表示数不为零，断路，短路。
猜想二：由于电流表示数为零，电压表示数不为零，断路，无故障。
（5）验证猜想：取下，换上完好的灯泡（3.8V，0.4A），观察到发光，仍然不发光。由此可知，　 　选填“猜想一”“猜想二”）正确；
（6）继续实验：
①排除故障后，闭合开关，移动滑片P，多次进行实验。某次（记为第一次）实验三个电流表示数如图。
②为得到串联电路中电流的特点，设计记录实验数据的表格　 　。
【答案】；b；6.0；猜想一；
次数 A1的示数/A A2的示数/A A3的示数/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【知识点】串联电路的电流规律；探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断
【解析】【解答】（1）本实验中灯泡与滑动变阻器串联，要求滑片P向D端移动时，电路电流增大，由此可知滑动变阻器接入电路的阻值需要减小，因此应选择滑动变阻器的右下接线柱接入电路，连接完成的电路如下图所示：
（3）闭合开关后，灯泡L1（规格3.8V，0.4A）和L2（规格2.5 V，0.3A）都不发光，电流表无示数，说明电路发生了断路；使用电压表检测故障时，需要保证电流从电压表正接线柱流入，因此电压表的b端应接电源正极。
本次实验电压表选用的是0~15V量程，该量程的分度值为0.5V，因此电压表的示数为6.0V。
（5）验证猜想时，取下L1，将完好的灯泡L3（规格3.8V，0.4A）接入电路，观察到L3发光，说明此时电路已经恢复通路，此时L2仍然不发光，说明L2短路，因此猜想一是正确的。
（6）由题意可知，测量干路和支路电流的三个电流表都选择了小量程，且指针偏转位置相同，因此三处的电流大小相等，都为0.5A；本实验需要多次测量三处电流，设计实验记录表格如下：
实验次数 A1示数/A A2示数/A A3示数/A
1 0.5 0.5 0.5
2
3
【分析】 1. 滑动变阻器：串联接入电路，一上一下接线；滑片靠近下接线柱，接入电阻变小，电路电流变大。
2. 电路故障判断：电流表示数为 0，用电器不工作，大概率断路；更换灯泡后电路导通，原灯泡位置断路；更换灯泡后另一灯依旧不亮，则另一灯短路。
3. 电压表读数：0~15V 量程，分度值 0.5V；电流必须正进负出。
4. 串联电路电流规律：串联电路中各处电流大小相等；多次实验目的：避免实验偶然性，寻找普遍规律。
1 / 1

展开更多......

收起↑