资源简介

广东省中山市华侨中学2025-2026学年九年级上学期期中物理试题
一、选择题（共7小题，共21分）
1．下列现象中能够说明分子间有引力的是(　　)
A．液体很难被压缩 B．铁丝很难被拉伸
C．墨水在热水中扩散得较快 D．水与酒精混合后总体积减小
【答案】B
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 A.液体很难被压缩，说明分子之间存在斥力，故A不符合题意；
B、铁丝很难被拉伸，说明分子之间存在引力，故B符合题意；
C、墨水在热水中扩散得较快，说明温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故C不符合题意；
D、水与酒精混合后总体积减小，说明分子之间有间隙，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1.分子间存在相互作用的引力与斥力；
2.物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，温度越高，分钟运动越剧烈；
3.分子间存在间隙。
2．下列事例中改变内能的方式与其他三个不同的是（　　）
A．弯折铁丝发烫
B．压缩空气升温
C．点火后盒盖飞出
D．勺子在热汤中升温
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．反复弯折铁丝时，对铁丝做功，将机械能转化为内能，铁丝的内能增大，温度升高，所以弯折铁丝发烫是通过做功改变物体的内能；
B．压缩空气时，对空气做功，将机械能转化为内能，空气内能增大，温度升高，所以压缩空气升温是通过做功改变物体的内能；
C ．点火后盒盖飞出，是燃气的内能转化为机械能，燃气的内能减小，所以点火后盒盖飞出是通过做功改变物体的内能；
D．勺子在热汤中吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；
综上可知，改变内能的方式与其他三个不同的是D，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】1.做功可以改变物体内能，物体对外界做功，内能减小；外界对物体做功，内能增大；
2.热传递可以改变物体的内能。
3．汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（　　）
A．甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B．由乙图可知该汽油机的效率是30%
C．汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D．为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
【答案】A
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．闭、活塞上行，为压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，机械能转化为内能，气体的温度升高，故A正确；
B．由乙图可知该汽油机的效率为η=100%-6%-30%-36%=28%，故B错误；
CD．热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值；为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的利用率，不能提高燃料的热值，故CD错误。
故选A。
【分析】热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值。
4．甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细线悬挂，相互作用情况如图所示。如果丙带负电，则甲（　　）
A．一定带负电 B．一定带正电 C．一定不带电 D．可能带负电
【答案】B
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】根据图片可知，甲、乙相互排斥，则甲、乙均带电且带同种电荷。乙和丙相互吸引，则二者带异种电荷。因为丙带负电，所以乙带正电，则甲也带正电，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据电荷间的相互作用规律可知，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
5．如图所示的钨丝是将一个白炽灯去除玻璃罩制成的，闭合开关S，小灯泡L发光，钨丝不发光，向钨丝吹气时，小灯泡L变亮，用酒精灯给钨丝加热，小灯泡L逐渐变暗直至熄灭，由实验可知（　　）
A．小灯泡L发光而钨丝不发光是因为通过钨丝的电流小于小灯泡L的电流
B．钨丝的电阻随温度升高而减小
C．给钨丝加热时，电路中的电流变大
D．向钨丝吹气时，钨丝电阻变小
【答案】D
【知识点】串联电路的电流规律；影响电阻大小的因素；电功率的计算
【解析】【解答】A、小灯泡 L 与钨丝串联，串联电路各处电流相等，通过钨丝和灯泡的电流大小相同，故 A 错误。
B、用酒精灯加热钨丝，灯泡变暗，说明电路电流变小，总电阻变大，即钨丝电阻随温度升高而增大，故 B 错误。
C、给钨丝加热，钨丝电阻变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由可知，电路电流变小，故 C 错误。
D、向钨丝吹气，钨丝温度降低，灯泡变亮，说明电路电流变大，总电阻减小，所以钨丝电阻变小，故 D 正确。
故答案为：D。
【分析】A、考查串联电路电流特点。串联电路中电流处处相等。
B、考查电阻与温度的关系。金属导体的电阻随温度升高而增大。
C、考查欧姆定律。电源电压不变，总电阻增大，电路中电流减小。
D、考查电阻随温度变化。钨丝温度降低，电阻减小，电路总电阻减小，电流变大，灯泡变亮。
6．某交通路口指示车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，红灯停，绿灯行，以下是红、绿灯工作时的电路简图。你认为正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】公共场所的电器均属于并联，每个可独立工作，且各有一个开关控制。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．如图所示，是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随人的身高上下平移，人身高越高时，两电表示数变化情况正确的是（　　）
A．电流表示数变小 电压表示数变大
B．电流表示数变大 电压表示数变小
C．电流表示数变大 电压表示数变大
D．电流表示数变小 电压表示数变小
【答案】A
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】图中，R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压。人的身高越高，滑片上移，滑动变阻器接入阻值变大，分压变大，电压表示数变大，总电阻变大，电流变小，故电流表示数变小。故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
【分析】在串联电路中，电阻变大，电流减小，变大的电阻分压变大。
二、填空题（共7小题，共21分）
8．如图所示是生活中常用的物理降温“退热贴”。在使用过程中会散发出一股清新的薄荷香味，说明分子在不停地　 　；身体温度越　 　，退热贴里的香味分子运动越激烈，在退热过程中，人体的内能　 　（选填“增大”或“减小”）。
【答案】做无规则运动；高；减小
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 使用退热贴时，薄荷香气分子永不停息做无规则运动，发生扩散现象，所以能够闻到薄荷的清香。
分子无规则运动的剧烈程度受温度影响，温度越高，分子热运动越剧烈，人体体温越高，退热贴内香味分子的运动就越剧烈。
退热时，人体的内能通过热传递转移到退热贴，人体自身内能减少，温度随之下降。
故答案为：做无规则运动；高；减小；
【分析】考查扩散现象。 闻到气味属于扩散现象，本质是分子不停做无规则运动。
考查温度对分子热运动的影响。 温度是分子热运动剧烈程度的标志，温度越高，分子运动越剧烈。
考查改变内能的方式。退热贴和人体之间存在温度差，发生热传递，高温物体放出热量，内能减小，温度降低。
9．小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是　 　J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的　 　。
【答案】；不变；比热容大
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】（1）水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg·℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J；
（2）比热容只与物体的种类和状态有关，与质量大小无关，因此用去部分水后，水的比热容不变；
（3）沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的比热容大。
【分析】（1）根据Q=cm△t计算水吸收的热量。
（2）根据比热容的性质解答；
（3）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量，比热容越大，则吸收或放出相同的热量时，稳定升高或降低的数量越小。
10．如图所示是一台四冲程汽油机的　 　冲程，若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟曲轴转动　 　周，对外做功　 　次。
【答案】做功；30；15
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】图中汽油机两气门均关闭，活塞向下运动，火花塞点火，判定为做功冲程。
飞轮转速，即每秒曲轴转动周。
四冲程汽油机一个工作循环，曲轴转 2 圈，对外做功 1 次。
每秒转 30 圈，做功次数：次。
故答案为：做功；30；15；
【分析】考查汽油机冲程识别。依据气门开闭状态、活塞运动方向判断冲程；两气门关闭，活塞下行、火花塞点火为做功冲程。
考查飞轮转速单位换算。把每分钟转速换算为每秒转动圈数，除以 60 即可。
考查飞轮转速与做功次数关系。记住核心规律：飞轮转 2 圈，完成 1 次对外做功，用总圈数除以 2 得到做功次数。
11．如图所示，取一个橙子，把铜片、铁片插入其中，制成一个水果电池。该水果电池正极是　 　（填“铁片”或“铜片”）；在水果内部，电流从　 　（填“铁片到铜片”或“铜片到铁片”）；为获得更高电压，可以将多个水果电池　 　联。
【答案】铜片；铁片到铜片；串
【知识点】电流的方向；电源及其能量转化；串联电路的电压规律；制作水果电池
【解析】【解答】电压表使用规则要求电流从正接线柱流入，负接线柱流出，此时指针正向偏转。电压表正接线柱接的金属片为电源正极，由此判断铜片是水果电池的正极，铁片为负极。
电源外部电流从正极流向负极；电源内部电流方向相反，由负极流向正极。水果电池内部，电流从铁片（负极）流向铜片（正极）。
根据串联电压规律，串联电池组总电压等于各电池电压相加。想要提升输出电压，可把多个水果电池串联。
故答案为：铜片；铁片到铜片；串；
【分析】考查电压表的使用规则。利用电压表 “正进负出” 的接线特点，结合指针正向偏转现象，判断水果电池正负极。
考查电源内外的电流方向。区分电源外部、内部电流走向，外部：正极→负极；内部：负极→正极。
考查串联电池组电压特点。串联可以叠加电压，并联只能增大供电电流，因此提高电压选用串联方式。
12．电动汽车是指以车载蓄电池驱动电机行驶的车辆，当给汽车充电时，蓄电池相当于　 　 （选填“用电器”或“电源”）。图示是某款车载充电线，可供三部手机同时充电，充电时三部手机的连接方式是　 　 （选填“串联”或“并联”），若拔掉其中一部手机，则电路中的总电流将　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】用电器；并联；变小
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律
【解析】【解答】给汽车充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器。
三部手机在充电的过程中，互不影响，所以充电时三部手机的连接方式是并联。
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，可知若拔掉其中一部手机，则电路中的总电流将变小。
【分析】1.电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成；
2.并联电路中，各支路用电器可以独立工作，互不影响；
3.并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
13．小明同学学习了燃料的热值后，考虑到燃料燃烧放出的热量会被水吸收，而水的比热已知。（注：燃料完全燃烧放热用计算，某燃料的热值用q表示；其质量用m表示），自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，他组装了如图所示的装置进行实验，记录结果见下表：
燃料 加热前的水温/℃ 燃料燃尽后水温/℃
煤油 25 44
菜籽油 25 34
（1）为了保证实验结论的可靠，小明同学选择了两套相同装置，在实验中还应控制：煤油和菜籽油的　 　相同、及　 　相同；
（2）分析得出：煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是　 　。
【答案】（1）质量；两个烧杯中水的质量
（2）煤油
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)探究燃料热值的实验中，燃料完全燃烧放出热量和自身质量有关，因此要保证两种燃料质量相等；水吸收热量后温度变化与水的质量有关，根据，实验中也需要控制水的质量相同。
故答案为：质量；两个烧杯中水的质量；
(2)由实验数据可得，相同时间内甲装置内水升温幅度更大。根据，水的质量、比热容不变，温度升高越多，水吸收的热量就越多。代表煤油燃烧放出的热量更多；在燃料质量相等、完全燃烧的前提下，放出热量越多，热值越大，故煤油的热值更大。
故答案为：煤油；
【分析】(1)考查控制变量法、吸热公式。本实验采用控制变量法，只改变燃料种类，其余会影响实验结果的物理量全部保持不变。
(2)考查热值定义，转换法。把燃料放出热量的多少转换为水升高的温度；水升温越高，代表对应燃料放热越多，结合热值概念比较大小。
（1）[1][2]因燃料放出的热量与质量有关，必须控制燃料的质量相等，由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中应控制水的质量相等。
（2）由图表数据可知在相同时间内甲装置杯中的水温度升高的多，说明甲杯中的水吸收的热量较多，则质量相同的煤油和菜籽油完全燃烧，煤油释放的热量更多，所以煤油的热值较大。
14．在探究“影响导体电阻大小的因素”实验时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关；
序号 材料 长度/m 横截面积/
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
他们设计了如上图所示的实验电路；
（1）为了验证上述猜想②，应该选用编号为　 　的两根电阻丝进行实验；
（2）小兵又分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：在长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的　 　有关；
（3）在最近几年，我国城乡各地进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就可以　 　输电线上电能损失（填“增大”或“减小”）。
【答案】（1）A、C
（2）导体的材料
（3）减小
【知识点】探究影响导体电阻大小的因素
【解析】【解答】 (1) 探究导体电阻与横截面积的关系，实验采用控制变量法，需要保持导体材料、长度一致，仅改变横截面积，所以选择 A、C 两根电阻丝。
故答案为： A、C ；
(2) 电阻丝 A、D 的长度、横截面积都相同，材料不一样。把 A、D 先后接入电路 M、N 之间，观察到电流表示数存在差异，说明两段导体电阻不相等。由此可得结论：导体长度、横截面积相同时，导体电阻和材料有关。
故答案为： 导体的材料 ；
(3) 把细铝输电线更换成粗铝输电线，导线材料、长度不变，横截面积增大。导体长度、材料不变时，横截面积越大，电阻越小。输电线电阻减小，可以降低输电过程中电能的损耗。
故答案为： 减小 ；
【分析】 (1) 考查影响电阻大小的因素、控制变量法。明确探究目标是电阻与横截面积的关系，固定材料、长度两个变量，挑选只有横截面积不同的电阻丝。
(2) 考查控制变量法、转换法，利用电流表示数反映电阻大小。控制长度、横截面积不变，改变材料；电流表示数不同，代表电阻不同，推导电阻与材料的关系。
(3) 考查电阻与横截面积的关系，焦耳定律。材料、长度不变，横截面积增大，电阻变小；输电线上产生的热量随电阻减小而减少，减少电能损失。
（1）本实验采用控制变量法，探究导体的电阻与导体的横截面积有关，应该控制导体的长度和材料相同，只改变导体的横截面积，故选用编号为A、C的两根电阻丝进行实验。
（2）A和D的长度和横截面积相同，但是材料不同，小兵又分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，因此可以得出结论是在长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。
（3）将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，增大了输电线的横截面积，长度一定时，电阻减小，所以减小了输电线上电能的损失。
三、作图题（共3小题，共7分）
15．根据题意作图
（1）如图所示是未完成连接的实物电路，请在图中用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：两灯串联，电压表测量小灯泡两端电压，导线不能交叉。
（2）请根据图所示的实物图，在方框中画出对应的电路图。
（3）小明设计了一款道路井盖移动报警电路。该电路由电源、警示灯L、保护电阻、开关S和组成。闭合开关S，当井盖未被移动时，相当于开关闭合，警示灯L不亮；当并盖被移动时，相当于开关断开，警示灯L发光提醒路人。请根据以上要求，将图中的电路补充完整并在方框中画出相应的电路图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】(1)串联电路要求电流只有一条路径，电流依次经过、、开关回到电源负极；电压表并联在灯泡两端，测量电压，接线遵守 “正进负出”，连线不能交叉。如图所示：；
故答案为：；
(2)由实物图分析，与并联；电流表与串联，测支路电流；电流表在干路，测干路总电流；开关在干路，控制整个电路。如图所示：；
故答案为：；
(3)闭合，井盖不动时闭合，灯不亮；井盖移动，断开，灯发光。说明与灯泡并联，闭合时灯泡被短路；保护电阻串联在干路，防止电源短路。如图所示：；
故答案为：；
【分析】(1)考查实物电路串联连接、电压表使用规则。先完成串联主回路，电流顺次经过两个小灯泡；再将电压表并联在被测用电器两端，保证正负接线柱接法正确，导线不交叉。
(2)考查实物图转电路图、并联电路、电流表测量对象判断。先区分干路和支路，找到电流分流点与汇合点；判断各电流表分别测量哪一部分电流，按照实物元件顺序规范画出对应的电路符号。
(3)考查局部短路电路设计。根据通断状态判断，开关与灯泡并联可以实现开关闭合灯泡短路不发光；串联保护电阻，避免开关闭合时电源直接短路。
（1）由题意知，要求两灯串联，电压表测量小灯泡L2两端电压，则电路中只有一条电流路径，两灯泡首尾相连，电压表并联在灯泡L2的两端，如图所示：
（2）由实物图可知，电流由电源正极流出，经开关和电流表A2后，一路经灯泡L1，一路经灯泡L2和电流表A1，汇合后回到电源负极，因此两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L2所在支路的电流，如图所示：
（3）根据题意可知，闭合开关S，当井盖未被移动时，相当于开关S1闭合，警示灯L不亮，说明警示灯L被短路了；当井盖被移动时，相当于开关S1断开，警示灯L发光，说明开关S是总开关，R0在电路中，保护电路，如图所示：
四、实验探究题（共3小题，共19分）
16．（1）某同学为了测量未知电阻阻值，选择了满足实验要求的实验器材，连接的实验电路如图甲所示。闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表、电流表的示数如图乙、丙所示，则两端的电压为　 　V，通过的电流为　 　A，电阻的阻值为　 　。
（2）某物理兴趣小组为探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的电路图，小组成员在实验室找到如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，开关一个，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器一个，导线若干。
①电路连接如图乙所示，小聪发现一根导线连接错误，请找出接错的导线并打上“×”。再用笔重新画一根正确连接的导线　 　；
②纠正错误后、闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　（选填“C”或“D”）端；
③现电路中接入的是5Ω的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，断开开关，将5Ω的定值电阻更换为10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，闭合开关后，电压表示数将　 　2V（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
④多次实验后，分析数据得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　 　。
【答案】（1）2.5；0.5；5
（2）；D；大于；反比
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】(1)由图甲可知，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 滑动到某一位置时，待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测待测电阻两端电压。由图乙可知，电压表选用 0~3V 量程，分度值为 0.1V，示数为 2.5V，因此两端的电压为 2.5V；由图丙可知，电流表选用 0~0.6A 量程，分度值为 0.02A，示数为 0.5A，因此通过的电流为 0.5A，根据欧姆定律可知，电阻的阻值为
故答案为：2.5；0.5；5；
(2)图乙中导线接到了开关的同一端，起不到控制电路的作用，应该分别接到开关的两个接线柱上，如图所示。
闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大端，即 D 端，以起到保护电路的作用。
由题意知，现电路中接入的是 5Ω 的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，电流表选用 0~0.6A 量程，分度值为 0.02A，示数为 0.4A，根据欧姆定律可知，定值电阻两端电压为。
将 5Ω 的定值电阻更换为 10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会增大，故示数大于 2V。
多次实验后，分析数据，在电压恒定时，电流与电阻的乘积保持不变，故二者成反比关系。故结论为当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：；D；大于；反比；
【分析】(1)考查伏安法测电阻、电表读数、欧姆定律计算；先读取电压表、电流表的示数得到待测电阻的电压与电流，再代入欧姆定律公式计算待测电阻阻值。
(2)考查实物电路接线错误判断、滑动变阻器使用规范、串联分压规律、探究电流与电阻关系实验；
先识别开关接线错误并改正；滑动变阻器闭合开关前调到最大阻值保护电路；利用欧姆定律计算定值电阻电压；更换更大定值电阻，滑片不动，利用串联分压判断电压变化；分析多组实验数据，归纳电压一定时电流与电阻的定量关系。
（1）[1][2][3]由图甲可知，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测待测电阻两端电压，由图乙可知，电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.5V，因此两端的电压为2.5V；由图丙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.5A，因此通过的电流为0.5A，根据欧姆定律可知，电阻的阻值为
（2）[1]图乙中导线接到了开关的同一端，起不到控制电路的作用，应该分别接到开关的两个接线柱上，如图所示：
[2]闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大端，即D端，以起到保护电路的作用。
[3]由题意知，现电路中接入的是5Ω的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，根据欧姆定律可知，定值电阻两端电压为
将5Ω的定值电阻更换为10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会增大，故示数大于2V。
[4]多次实验后，分析数据，在电压恒定时，电流与电阻的乘积保持不变，故二者成反比关系。故结论为当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
17．为了比较液体吸热能力的大小，如图甲所示，小红在两个相同的试管中，分别装入A、B两种液体，将两个试管放入盛有水的同一烧杯中，用酒精灯加热。
（1）当它们吸收热量相同时，通过比较试管内液体的　 　（选填“加热时间”或“温度变化”）来判断吸热能力的强弱；
（2）如图乙所示，实验后绘制了两种液体的温度与时间关系图像；在0~4min内：质量相等的A、B两种液体，吸收的热量　 　（选填“相等”或“不相等”）；如果让A和B两种液体升高相同的温度，　 　需要的加热时间长，分析可知　 　的吸热能力强；
（3）若B是水，则A的比热容为　 　[水的比热容为]；
（4）学习了比热容的知识后，家里炒菜用的锅应该选择比热容　 　（选填“大”或“小”）的材料制成。
【答案】（1）温度变化
（2）相等；B；B
（3）
（4）小
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1)本实验目的是对比不同液体的吸热本领，实验采用控制变量法，需要向试管内装入质量相等的 A、B 两种液体。当两种液体吸收热量一致时，观察液体温度的变化量，以此判断吸热能力强弱，该研究方法为转换法。
故答案为：温度变化；
(2)实验选用完全相同的加热设备，加热时间相等代表液体吸收热量相等。在 0~4min 时间段，A、B 加热时长一致，两种液体质量相等，因此 A、B 吸收的热量大小相同。
结合图乙图像，若使 A、B 升高一样的温度，B 液体所需加热时间更长，说明 B 吸收的热量更多。根据公式 ，可得 B 的比热容更大，B 液体的吸热能力更强。
故答案为：相等；B；B；
(3)从图乙可以看出，A、B 两种液体初温一致，都升温至 60℃时，A 的加热时间为 4min，B 的加热时间为 8min，所以 B 吸收热量是 A 的 2 倍，。A、B 质量相同、升高温度相同，由 可得：
故答案为：；
(4)炒菜锅适合选用比热容较小的材料制作。吸收相同热量时，比热容小的材料温度上升更快，能够快速把热量传递给食材，降低热量的损耗。
故答案为：小；
【分析】(1)考查探究液体吸热能力实验、控制变量法与转换法；探究不同液体吸热能力，控制液体质量相同，利用升温多少反映吸热本领，理解实验用到的两种物理研究方法。
(2)考查相同热源的特点、比热容物理意义；相同加热器，加热时间代表吸收热量；升高相同温度，对比加热时间，结合比热容公式判断吸热能力强弱。
(3)考查比热容公式计算；加热时间之比等于吸收热量之比，控制质量与温度变化量不变，代入比热容公式推导两种液体比热容的倍数关系。
(4)考查比热容在生活中的应用；根据比热容的物理含义，分析锅体材料需要升温快的特点，选择小比热容材料。
（1）因为该实验是探究比较液体吸热能力大小的，因此根据物理学中控制变量法，在试管中装入A、B两种液体应保证质量相同，当液体吸收热量相同时，通过比较液体升高的温度来判断吸热能力的强弱，使用了转换法。
（2）[1]实验中，用相同的加热装置加热，加热相同的时间，液体吸收的热量相同。在0~4min内，即加热了相同的时间，则质量相等的A、B两种液体，吸收的热量相等。
[2][3]由图乙可知，如果让A和B两种液体升高相同的温度，B需要的加热时间长，则B吸收的热量较多，由可知，B的比热容大，故B的吸热能力强。
（3）由图乙可知，A、B的初温相同，当都升高到60℃时，A需要的加热时间为4min，B需要的加热时间为8min，则B吸收的热量为A的2倍，即，A、B升高的温度相同，质量相同，由可知，A的比热容为
（4）家里炒菜用的锅应该选择比热容小的材料制成，当吸收相同的热量时，锅的温度升高的快，能更快将热量传导至食材，减少热量浪费。
18．探究并联电路中电流的规律，实验电路如图甲所示：
实验序号 B处的电流 C处的电流 A处的电流
第一次测量 0.1 0.1 0.2
第二次测量 0.14 0.14 0.28
第三次测量 0.22 0.22 0.44
（1）电流表应与待测的那部分电路　 　（选填“串联”或“并联”）；
（2）在连接电路时，开关应　 　，闭合开关试触时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；
（3）电路连接正确后，用电流表分别测出电路中的A、B、C处的电流，改变电源电压，重复实验，记录数据如表；该表格设计的不足之处是　 　；
（4）根据表格数据可以初步得出以下实验结论：
在并联电路中，
①干路电流与各支路电流的关系：　 　；
②通过各支路的电流大小相等。
（5）上述结论②不一定普遍成立，接下来的实验操作应该是：　 　。
【答案】（1）串联
（2）断开；电流表的正负接线柱接反了
（3）缺少电流的单位
（4）在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和
（5）更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律
【解析】【解答】(1)电流表自身内阻极小，接入电路等效为一根导线，按照电流表的使用规范，电流表必须和待测部分电路串联。
故答案为：串联；
(2)连接电路的过程中，为防止接线失误造成元件损坏，保护电路元件，开关需要保持断开状态。
试触闭合开关后，电流表指针反向偏转，代表电流从电流表负接线柱流入、正接线柱流出，原因是电流表正负接线柱接反。
故答案为：断开；电流表的正负接线柱接反了；
(3)实验表格记录物理量时，除数据外，还需要标注对应的物理量单位，该表格存在的缺陷是没有标注电流的单位。
故答案为：缺少电流的单位；
(4)分析表格内数据：，，。
由数据可初步得到实验结论：并联电路里，干路电流等于各支路电流之和。
故答案为：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)本次实验两条支路电流数值相等，是因为实验选用了规格完全相同的小灯泡，该结论不具备普遍性。若选用不同规格的灯泡，两条支路的电流一般不相等，所以 “支路电流相等” 这个结论不一定普遍成立。若要验证结论的普遍规律，操作方案为：换用不同规格的小灯泡，多次重复实验，采集并分析实验数据。
故答案为：更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析；
【分析】(1)考查电流表使用规则；掌握电流表等效特点，记住电流表需要串联接入待测电路。
(2)考查电路连接操作规范、电流表异常现象分析；连接电路开关要断开；电流表指针反向偏转的根源是正负接线柱接反。
(3)考查实验表格设计要求；物理量记录必须附带单位，判断表格缺少的项目。
(4考查并联电路电流规律；对表格多组数据计算分析，归纳并联电路干路与支路电流的关系。
(5)考查实验评估与多次实验目的；相同规格灯泡实验存在局限性，要得到普遍规律，需要更换不同规格灯泡多次实验。
（1）电流表接在电路中，相当于导线，因此根据电流表的使用规则，电流表应与待测的那部分电路串联。
（2）[1]在连接电路时，为了保护电路元件，开关应处于断开状态。
[2]闭合开关试触时，发现电流表的指针反向偏转，说明电流表的正负接线柱接反了。
（3）在实验表格中应记录实验结果的数据和单位，因此表格设计的不足之处是缺少电流的单位。
（4）根据表格数据，，
可以初步得出以下实验结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
（5）表格中经过各支路的电流大小均相等。这个结论是支路上灯泡规格相同得到的，不能作为普遍规律。当支路灯泡的规格不同时，通过各支路的电流大小可能会不同。 因此，结论②不一定普遍成立。为了验证这个结论的普遍性，接下来的实验操作是：更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析。
五、计算题（共2小题，共13分）
19．如图所示的电路中，电源电压恒定，R2的阻值为15Ω。闭合开关S，电流表A的示数为1.2A，电流表A1的示数为0.4A。求：
（1）电阻R2的电流
（2）电源电压。
【答案】（1）由电路图判断，与并联，电流表 A 测电路干路总电流，电流表单独测量支路电流。并联电路干路电流等于各支路电流之和，因此通过的电流：
（2）并联电路各支路两端电压等于电源电压，即，结合欧姆定律计算电源电压：
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】考查并联电路电流、电压特点以及欧姆定律；
（1）并联电路电流规律：，已知干路电流与支路电流，做减法求出支路电流。
（2）并联电路电压规律：各支路电压相等，都等于电源电压；利用欧姆定律，代入的电流与阻值，算出支路电压，也就是电源电压。
（1）由电路图可知R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1的电流，根据并联电路电流规律可得，电阻R2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A
（2）根据并联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压U=U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V
20．如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以75m/s的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为（航空燃油的热值为）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机发动机在整个航行过程中做功是多少？
（3）发动机的效率是多少？
【答案】（1）航空燃油完全燃烧释放的热量可利用燃料放热公式计算：
（2）先统一时间单位，飞机航行时间。
根据功率公式变形，计算发动机对外做的功：
（3）热机效率为有用功与燃料完全燃烧放出总热量的比值，代入数据：
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】(1)考查燃料完全燃烧放热计算；直接使用燃料放热公式，代入燃油质量与热值求解总放热。
(2)考查功与功率的计算；先把时间换算成国际单位秒，再利用计算发动机所做有用功。
(3)考查热机效率公式；热机效率是有用功除以燃料燃烧放出的总热量，将前两问算出的结果代入效率公式求解。
（1）航空燃油完全燃烧放出的热量为
（2）由题意知，飞机航行时间
则飞机发动机做的功为
（3）发动机的效率为
六、综合能力题（共3小题，共19分）
21．阅读短文，回答问题。
神奇的二极管
二极管是一种重要的半导体电子元件，符号为“”，当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过。发光二极管只是二极管中的一种，与白炽灯泡相比，发光二极管具有节能、环保、安全、寿命长、低功耗、低热、高亮度、防水、微型、防震、易调光、光束集中、维护简便等优点，可以广泛应用于各种指示、显示、装饰、背光源、普通照明等领域。
（1）常温下半导体的导电性能比导体要　 　（选填“好”或“差”），二极管具有　 　性；
（2）为了探究二极管的这种特殊导电性质，连接了图甲、图乙两个电路，闭合开关S，灯泡能够发光的是图　 　（选填“甲”或“乙”）；
（3）二极管的特殊导电性源自于构成材料P型半导体和N型半导体组成的晶片，受此启发，科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联，接上直流电源后，半导体材料的两端会产生温度差（珀尔帖效应），制成了电脑的散热器。如图丙所示，二对PN型半导体对是　 　（选填“串联”或“并联”）连接的。如果在电流方向是N到P的地方吸收热量，则在电流方向是P到N的地方　 　热量，则靠近电脑发热体（CPU）的是图中　 　（选填“上方”或“下方”）的陶瓷片。
【答案】（1）差；单向导电
（2）乙
（3）串联；放出；下方
【知识点】电流的方向；串联电路和并联电路的辨别；半导体特点及作用
【解析】【分析】（1）①根据半导体的定义分析；
②根据“当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过”分析；
（2）根据电路的电路方向与二极管的单向导电性对照即可；
（3）①根据“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”分析；
②根据“珀尔帖效应具有可逆性”分析；
③要对电脑的CPU进行散热，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。
【解答】（1）①根据半导体的定义可知，半导体是导电能力介于导体和绝缘体之间的物质，即常温下，其导电性能在常温下比导体差。
②根据“当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过”可知，二极管具有单向导电性。
（2）根据图片可知，甲中电流从“-”端流入二极管，乙中电流从“+”端流入二极管，则乙电路中有电流，灯泡发光。
（3）①根据“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”可知，图中二对PN型半导体对是串联的。
②在电流方向是N到P的地方吸收热量，根据“珀尔帖效应具有可逆性”可知，在相反的电流方向，即P到N的地方，会发生相反的热效应，即放出热量。
③要对电脑的CPU进行散热，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。根据“在电流方向是N到P的地方吸收热量”可知，N到P的结点处是冷端。在半导体制冷片的串联结构中，所有的冷端（N→P）都集中在一侧，所有的热端（P→N）都集中在另一侧。通常的连接方式（如图丙所示的蛇形串联）会使得一侧的陶瓷片（例如下方）为冷端，另一侧（例如上方）为热端。因此，靠近CPU的应该是吸收热量的冷端，即图中的下方陶瓷片。
（1）[1]半导体是介于导体和绝缘体之间的物质，其导电性能在常温下比导体差，比绝缘体好。
[2]由题可知，二极管只允许电流沿一个方向通过，具有单向导电性。
（2）在电路中，电流从电源的正极流出，经过用电器，流回负极。 在图甲中，电流从电源正极流出，经过开关后，从二极管的负极流入，正极极流出，此时二极管断路，电路中没有电流，灯泡不发光。 在图乙中，电流从电源正极流出，经过开关后，从二极管的正极流入，负极流出，此时二极管通路，电路中有电流，灯泡发光。 因此，灯泡能够发光的是图乙。
（3）[1]根据题干信息“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”，可知图中二对PN型半导体对是串联的。
[2]珀尔帖效应具有可逆性。根据题干信息“在电流方向是N到P的地方吸收热量”，可知在相反的电流方向，即P到N的地方，会发生相反的热效应，即放出热量。
[3]半导体制冷器（散热器）的工作原理是利用珀尔帖效应，将发热体（如CPU）的热量吸收并转移。因此，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。根据“在电流方向是N到P的地方吸收热量”可知，N到P的结点处是冷端。在半导体制冷片的串联结构中，所有的冷端（N→P）都集中在一侧，所有的热端（P→N）都集中在另一侧。通常的连接方式（如图丙所示的蛇形串联）会使得一侧的陶瓷片（例如下方）为冷端，另一侧（例如上方）为热端。因此，靠近CPU的应该是吸收热量的冷端，即图中的下方陶瓷片。
22．阅读短文，回答问题。
压缩空气储能
2024年4月30日，全球最大压缩空气储能项目并网发电，这是我国新型储能技术应用的一个里程碑。
该项目工作原理如图所示，用电低谷时段，将电网多余的电能通过空气压缩机把空气压缩到地下盐穴中（地下盐层中的洞穴）；用电高峰时段，将储存在盐穴中的高压空气释放，驱动空气膨胀机转动，连接发电机发电。
该工程就像一个“超级充电宝”，储存1000J电能最终能放出720J的电能，装机功率300兆瓦。每年发电量可达，能够保障超过20万户家庭用电需求。减少二氧化碳排放约。可连续放电6小时，使用期长达40年。
（1）空气压缩机的把　 　能转化为　 　能；
（2）换热器是将热流体的部分内能转移给冷流体的装置，常温高压空气在“换热器2”处　 　（选填“吸热”或“放热”）；
（3）该项目的能量转换效率为　 　%，每年发电量可节约标准煤约　 　吨（标准煤的热值约为）。
（4）从工程建设角度，要增加项目储存的能量，请提出一条建议：　 　。
【答案】（1）机械；内
（2）吸热
（3）72；7200
（4）增大地下盐穴的容积
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；能量的利用效率
【解析】【分析】（1）根据能量转化的知识分析；
（2）根据图片分析“换热器2”的作用解答；
（3）①根据计算该项目的能量转化效率；
②根据计算节约标准煤的质量。
（4） 地下盐穴的体积越大，可储存的能量越大，据此分析解答。
【解答】（1）根据能量转化的知识可知，空气压缩机空气时，将机械能转化为内能。
（2）根据题意可知，常温高压空气在“换热器2”处吸收热量，使气体的温度升高，压强变大，为下一步释放能量做准备。
（3）①根据题目描述可知，储存1000J电能最终能放出720J的电能，则该项目的能量转换效率为。
②根据题目描述可知，每年发电量可达， 标准煤的热值约为 ，
因此可节约标准煤的质量为。
（4）根据题意可知，增大地下盐穴的体积，可以增大内能的转化量，从而增加项目储存的能量。
（1）[1][2]空气压缩机空气时，通过做功的方式增大了空气的内能，将机械能转化为内能。
（2）常温高压空气在“换热器2”处吸收热量，使气体的温度升高，压强变大，为下一步释放能量做准备。
（3）[1]由题意知，储存1000J电能最终能放出720J的电能，因此该项目的能量转换效率为
[2]由题意知，每年发电量可达，因此可节约标准煤的质量为
（4）地下盐穴的体积越大，可储存的能量越大。故增大地下盐穴的体积，可以增大内能的转化量，从而增加项目储存的能量。
23．如图是苹果自动筛选装置。原理是：传送带上苹果经过压力检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当质量小于一定值的苹果经过压力监测点，使两端电压小于5V时，机械装置启动，将质量不达标的苹果推出传送带，实现自动筛选。已知电源电压恒为15V，，压敏电阻R的阻值随压力F的变化关系如表所示：
压力F/N 0 1 2 3 4 5
阻值R/Ω 120 80 60 45 40 38
（1）压敏电阻是由　 　材料（选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”）制成的，由表中数据可知，压敏电阻随压力变大而　 　，AB间的电压将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）当检测点上没有苹果时，R两端电压为　 　V；
（3）试通过计算求出，该筛选装置可将重为　 　N以下的苹果推出传送带；
（4）为了使该装置能够满足对不同质量标准的苹果进行筛选的要求，小红设计了两种方案，用以提高苹果质量筛选的标准：
方案一：改变机械装置启动的电压，使其　 　（选填“变大”或“变小”）；
方案二：保持机械装置启动的电压不变，将R0换成阻值　 　（选填“更大”或“更小”）的定值电阻。
【答案】（1）半导体；变小；变大
（2）12
（3）2
（4）变大；更小
【知识点】串联电路的电压规律；半导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】(1)压敏电阻导电性能处在导体与绝缘体中间，制作材料属于半导体。
由电路图能够判断电路为串联电路，结合表格数据分析，压敏电阻受到的压力增大，自身电阻随之减小。依据串联分压规律，压敏电阻两端 AB 间电压会变大。
故答案为：半导体；变小；变大；
(2)由表格数据可得，检测点无苹果，压力等于 0 时，压敏电阻阻值。根据串联电路总电阻规律，电路总电阻：，电路中的电流：
压敏电阻 R 两端电压：
故答案为：12；
(3)当定值电阻两端电压为 5V，由欧姆定律算出电路电流：
压敏电阻两端电压：，此时压敏电阻阻值：
对照表格数据，该阻值对应的压力大小为 2N，因此该筛选装置会把重力 2N 以下的苹果推出传送带。
故答案为：2；
(4)若提高苹果质量筛选标准，意味着被推出的苹果重力要大于 2N，此时压敏电阻 R 阻值减小，电路电流增大。阻值不变，由可知 AB 间电压增大，因此需要将启动电压调大。
保持启动电压不变，检测点压力变大，压敏电阻 R 阻值减小，电路电流增大。在不变的条件下，结合欧姆定律分析，需要减小定值电阻的阻值，也就是把更换为阻值更小的定值电阻。
故答案为：变大；更小；
【分析】(1)考查半导体特性、串联分压；掌握半导体的导电特点，串联电路中电阻变化会引起分压改变，压力变大，压敏电阻阻值减小，分压随之改变。
(2)考查串联电路特点与欧姆定律计算；先求串联总电阻，利用总电压除以总电阻求出电路电流，再计算压敏电阻两端电压。
(3)考查欧姆定律综合计算；由定值电阻电压求出电路电流，根据串联电压规律算出压敏电阻电压，再求出压敏电阻阻值，查表得到对应的压力。
(4)考查动态电路分析；压力改变引起压敏电阻阻值变化，结合欧姆定律分析电流、电压变化，根据筛选要求判断启动电压与定值电阻的调整方案。
（1）[1]压敏电阻的导电性介于导体和绝缘体之间，是由半导体材料制成的。
[2][3]由电路图可知，电路是串联的，根据表中数据可知，随压敏电阻所受到的压力增大，其阻值逐渐减小，由串联分压可知，AB间的电压将变大。
（2）由表中数据可知，当检测点上没有苹果时，即压力为0时，压敏电阻的阻值为R=120Ω，由串联电路的电阻规律可知，此时电路的总电阻为
此时电路中的电流为
R两端电压为
（3）当R0两端电压为5V时，由欧姆定律可得，此时电路中的电流为
此时电阻R两端电压为
此时压敏电阻的阻值为
由表中数据可知，此时对应的压力为2N，故可知该筛选装置可将重为2N以下的苹果推出传送带。
（4）[1]要提高苹果质量筛选的标准，即应将推出传送带的苹果的重力提升到2N以上，此时R的阻值会变小，电路中的电流会变大，R0的阻值不变，由U=IR可知，A、B间的电压会增大，故要改变启动电压，使其变大。
[2]若启动电压不变，当检测点压力增大时，R的阻值变小，电流变大时，若UAB不变，由欧姆定律可知，要减小定值电阻R0的阻值，故UAB不变时，应将R0换成阻值更小的定值电阻。
1 / 1广东省中山市华侨中学2025-2026学年九年级上学期期中物理试题
一、选择题（共7小题，共21分）
1．下列现象中能够说明分子间有引力的是(　　)
A．液体很难被压缩 B．铁丝很难被拉伸
C．墨水在热水中扩散得较快 D．水与酒精混合后总体积减小
2．下列事例中改变内能的方式与其他三个不同的是（　　）
A．弯折铁丝发烫
B．压缩空气升温
C．点火后盒盖飞出
D．勺子在热汤中升温
3．汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（　　）
A．甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B．由乙图可知该汽油机的效率是30%
C．汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D．为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
4．甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细线悬挂，相互作用情况如图所示。如果丙带负电，则甲（　　）
A．一定带负电 B．一定带正电 C．一定不带电 D．可能带负电
5．如图所示的钨丝是将一个白炽灯去除玻璃罩制成的，闭合开关S，小灯泡L发光，钨丝不发光，向钨丝吹气时，小灯泡L变亮，用酒精灯给钨丝加热，小灯泡L逐渐变暗直至熄灭，由实验可知（　　）
A．小灯泡L发光而钨丝不发光是因为通过钨丝的电流小于小灯泡L的电流
B．钨丝的电阻随温度升高而减小
C．给钨丝加热时，电路中的电流变大
D．向钨丝吹气时，钨丝电阻变小
6．某交通路口指示车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，红灯停，绿灯行，以下是红、绿灯工作时的电路简图。你认为正确的是（　　）
A． B．
C． D．
7．如图所示，是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随人的身高上下平移，人身高越高时，两电表示数变化情况正确的是（　　）
A．电流表示数变小 电压表示数变大
B．电流表示数变大 电压表示数变小
C．电流表示数变大 电压表示数变大
D．电流表示数变小 电压表示数变小
二、填空题（共7小题，共21分）
8．如图所示是生活中常用的物理降温“退热贴”。在使用过程中会散发出一股清新的薄荷香味，说明分子在不停地　 　；身体温度越　 　，退热贴里的香味分子运动越激烈，在退热过程中，人体的内能　 　（选填“增大”或“减小”）。
9．小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是　 　J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的　 　。
10．如图所示是一台四冲程汽油机的　 　冲程，若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟曲轴转动　 　周，对外做功　 　次。
11．如图所示，取一个橙子，把铜片、铁片插入其中，制成一个水果电池。该水果电池正极是　 　（填“铁片”或“铜片”）；在水果内部，电流从　 　（填“铁片到铜片”或“铜片到铁片”）；为获得更高电压，可以将多个水果电池　 　联。
12．电动汽车是指以车载蓄电池驱动电机行驶的车辆，当给汽车充电时，蓄电池相当于　 　 （选填“用电器”或“电源”）。图示是某款车载充电线，可供三部手机同时充电，充电时三部手机的连接方式是　 　 （选填“串联”或“并联”），若拔掉其中一部手机，则电路中的总电流将　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
13．小明同学学习了燃料的热值后，考虑到燃料燃烧放出的热量会被水吸收，而水的比热已知。（注：燃料完全燃烧放热用计算，某燃料的热值用q表示；其质量用m表示），自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，他组装了如图所示的装置进行实验，记录结果见下表：
燃料 加热前的水温/℃ 燃料燃尽后水温/℃
煤油 25 44
菜籽油 25 34
（1）为了保证实验结论的可靠，小明同学选择了两套相同装置，在实验中还应控制：煤油和菜籽油的　 　相同、及　 　相同；
（2）分析得出：煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是　 　。
14．在探究“影响导体电阻大小的因素”实验时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关；
序号 材料 长度/m 横截面积/
A 镍铬合金 0.5 0.5
B 镍铬合金 1.0 0.5
C 镍铬合金 0.5 1.0
D 锰铜合金 0.5 0.5
他们设计了如上图所示的实验电路；
（1）为了验证上述猜想②，应该选用编号为　 　的两根电阻丝进行实验；
（2）小兵又分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：在长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的　 　有关；
（3）在最近几年，我国城乡各地进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就可以　 　输电线上电能损失（填“增大”或“减小”）。
三、作图题（共3小题，共7分）
15．根据题意作图
（1）如图所示是未完成连接的实物电路，请在图中用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：两灯串联，电压表测量小灯泡两端电压，导线不能交叉。
（2）请根据图所示的实物图，在方框中画出对应的电路图。
（3）小明设计了一款道路井盖移动报警电路。该电路由电源、警示灯L、保护电阻、开关S和组成。闭合开关S，当井盖未被移动时，相当于开关闭合，警示灯L不亮；当并盖被移动时，相当于开关断开，警示灯L发光提醒路人。请根据以上要求，将图中的电路补充完整并在方框中画出相应的电路图。
四、实验探究题（共3小题，共19分）
16．（1）某同学为了测量未知电阻阻值，选择了满足实验要求的实验器材，连接的实验电路如图甲所示。闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表、电流表的示数如图乙、丙所示，则两端的电压为　 　V，通过的电流为　 　A，电阻的阻值为　 　。
（2）某物理兴趣小组为探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的电路图，小组成员在实验室找到如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，开关一个，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器一个，导线若干。
①电路连接如图乙所示，小聪发现一根导线连接错误，请找出接错的导线并打上“×”。再用笔重新画一根正确连接的导线　 　；
②纠正错误后、闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　（选填“C”或“D”）端；
③现电路中接入的是5Ω的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，断开开关，将5Ω的定值电阻更换为10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，闭合开关后，电压表示数将　 　2V（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
④多次实验后，分析数据得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　 　。
17．为了比较液体吸热能力的大小，如图甲所示，小红在两个相同的试管中，分别装入A、B两种液体，将两个试管放入盛有水的同一烧杯中，用酒精灯加热。
（1）当它们吸收热量相同时，通过比较试管内液体的　 　（选填“加热时间”或“温度变化”）来判断吸热能力的强弱；
（2）如图乙所示，实验后绘制了两种液体的温度与时间关系图像；在0~4min内：质量相等的A、B两种液体，吸收的热量　 　（选填“相等”或“不相等”）；如果让A和B两种液体升高相同的温度，　 　需要的加热时间长，分析可知　 　的吸热能力强；
（3）若B是水，则A的比热容为　 　[水的比热容为]；
（4）学习了比热容的知识后，家里炒菜用的锅应该选择比热容　 　（选填“大”或“小”）的材料制成。
18．探究并联电路中电流的规律，实验电路如图甲所示：
实验序号 B处的电流 C处的电流 A处的电流
第一次测量 0.1 0.1 0.2
第二次测量 0.14 0.14 0.28
第三次测量 0.22 0.22 0.44
（1）电流表应与待测的那部分电路　 　（选填“串联”或“并联”）；
（2）在连接电路时，开关应　 　，闭合开关试触时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；
（3）电路连接正确后，用电流表分别测出电路中的A、B、C处的电流，改变电源电压，重复实验，记录数据如表；该表格设计的不足之处是　 　；
（4）根据表格数据可以初步得出以下实验结论：
在并联电路中，
①干路电流与各支路电流的关系：　 　；
②通过各支路的电流大小相等。
（5）上述结论②不一定普遍成立，接下来的实验操作应该是：　 　。
五、计算题（共2小题，共13分）
19．如图所示的电路中，电源电压恒定，R2的阻值为15Ω。闭合开关S，电流表A的示数为1.2A，电流表A1的示数为0.4A。求：
（1）电阻R2的电流
（2）电源电压。
20．如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以75m/s的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为（航空燃油的热值为）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机发动机在整个航行过程中做功是多少？
（3）发动机的效率是多少？
六、综合能力题（共3小题，共19分）
21．阅读短文，回答问题。
神奇的二极管
二极管是一种重要的半导体电子元件，符号为“”，当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过。发光二极管只是二极管中的一种，与白炽灯泡相比，发光二极管具有节能、环保、安全、寿命长、低功耗、低热、高亮度、防水、微型、防震、易调光、光束集中、维护简便等优点，可以广泛应用于各种指示、显示、装饰、背光源、普通照明等领域。
（1）常温下半导体的导电性能比导体要　 　（选填“好”或“差”），二极管具有　 　性；
（2）为了探究二极管的这种特殊导电性质，连接了图甲、图乙两个电路，闭合开关S，灯泡能够发光的是图　 　（选填“甲”或“乙”）；
（3）二极管的特殊导电性源自于构成材料P型半导体和N型半导体组成的晶片，受此启发，科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联，接上直流电源后，半导体材料的两端会产生温度差（珀尔帖效应），制成了电脑的散热器。如图丙所示，二对PN型半导体对是　 　（选填“串联”或“并联”）连接的。如果在电流方向是N到P的地方吸收热量，则在电流方向是P到N的地方　 　热量，则靠近电脑发热体（CPU）的是图中　 　（选填“上方”或“下方”）的陶瓷片。
22．阅读短文，回答问题。
压缩空气储能
2024年4月30日，全球最大压缩空气储能项目并网发电，这是我国新型储能技术应用的一个里程碑。
该项目工作原理如图所示，用电低谷时段，将电网多余的电能通过空气压缩机把空气压缩到地下盐穴中（地下盐层中的洞穴）；用电高峰时段，将储存在盐穴中的高压空气释放，驱动空气膨胀机转动，连接发电机发电。
该工程就像一个“超级充电宝”，储存1000J电能最终能放出720J的电能，装机功率300兆瓦。每年发电量可达，能够保障超过20万户家庭用电需求。减少二氧化碳排放约。可连续放电6小时，使用期长达40年。
（1）空气压缩机的把　 　能转化为　 　能；
（2）换热器是将热流体的部分内能转移给冷流体的装置，常温高压空气在“换热器2”处　 　（选填“吸热”或“放热”）；
（3）该项目的能量转换效率为　 　%，每年发电量可节约标准煤约　 　吨（标准煤的热值约为）。
（4）从工程建设角度，要增加项目储存的能量，请提出一条建议：　 　。
23．如图是苹果自动筛选装置。原理是：传送带上苹果经过压力检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当质量小于一定值的苹果经过压力监测点，使两端电压小于5V时，机械装置启动，将质量不达标的苹果推出传送带，实现自动筛选。已知电源电压恒为15V，，压敏电阻R的阻值随压力F的变化关系如表所示：
压力F/N 0 1 2 3 4 5
阻值R/Ω 120 80 60 45 40 38
（1）压敏电阻是由　 　材料（选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”）制成的，由表中数据可知，压敏电阻随压力变大而　 　，AB间的电压将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）当检测点上没有苹果时，R两端电压为　 　V；
（3）试通过计算求出，该筛选装置可将重为　 　N以下的苹果推出传送带；
（4）为了使该装置能够满足对不同质量标准的苹果进行筛选的要求，小红设计了两种方案，用以提高苹果质量筛选的标准：
方案一：改变机械装置启动的电压，使其　 　（选填“变大”或“变小”）；
方案二：保持机械装置启动的电压不变，将R0换成阻值　 　（选填“更大”或“更小”）的定值电阻。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 A.液体很难被压缩，说明分子之间存在斥力，故A不符合题意；
B、铁丝很难被拉伸，说明分子之间存在引力，故B符合题意；
C、墨水在热水中扩散得较快，说明温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故C不符合题意；
D、水与酒精混合后总体积减小，说明分子之间有间隙，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1.分子间存在相互作用的引力与斥力；
2.物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，温度越高，分钟运动越剧烈；
3.分子间存在间隙。
2．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A．反复弯折铁丝时，对铁丝做功，将机械能转化为内能，铁丝的内能增大，温度升高，所以弯折铁丝发烫是通过做功改变物体的内能；
B．压缩空气时，对空气做功，将机械能转化为内能，空气内能增大，温度升高，所以压缩空气升温是通过做功改变物体的内能；
C ．点火后盒盖飞出，是燃气的内能转化为机械能，燃气的内能减小，所以点火后盒盖飞出是通过做功改变物体的内能；
D．勺子在热汤中吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变物体的内能；
综上可知，改变内能的方式与其他三个不同的是D，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】1.做功可以改变物体内能，物体对外界做功，内能减小；外界对物体做功，内能增大；
2.热传递可以改变物体的内能。
3．【答案】A
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．闭、活塞上行，为压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，机械能转化为内能，气体的温度升高，故A正确；
B．由乙图可知该汽油机的效率为η=100%-6%-30%-36%=28%，故B错误；
CD．热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值；为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的利用率，不能提高燃料的热值，故CD错误。
故选A。
【分析】热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值。
4．【答案】B
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】根据图片可知，甲、乙相互排斥，则甲、乙均带电且带同种电荷。乙和丙相互吸引，则二者带异种电荷。因为丙带负电，所以乙带正电，则甲也带正电，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据电荷间的相互作用规律可知，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
5．【答案】D
【知识点】串联电路的电流规律；影响电阻大小的因素；电功率的计算
【解析】【解答】A、小灯泡 L 与钨丝串联，串联电路各处电流相等，通过钨丝和灯泡的电流大小相同，故 A 错误。
B、用酒精灯加热钨丝，灯泡变暗，说明电路电流变小，总电阻变大，即钨丝电阻随温度升高而增大，故 B 错误。
C、给钨丝加热，钨丝电阻变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由可知，电路电流变小，故 C 错误。
D、向钨丝吹气，钨丝温度降低，灯泡变亮，说明电路电流变大，总电阻减小，所以钨丝电阻变小，故 D 正确。
故答案为：D。
【分析】A、考查串联电路电流特点。串联电路中电流处处相等。
B、考查电阻与温度的关系。金属导体的电阻随温度升高而增大。
C、考查欧姆定律。电源电压不变，总电阻增大，电路中电流减小。
D、考查电阻随温度变化。钨丝温度降低，电阻减小，电路总电阻减小，电流变大，灯泡变亮。
6．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】公共场所的电器均属于并联，每个可独立工作，且各有一个开关控制。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．【答案】A
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】图中，R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压。人的身高越高，滑片上移，滑动变阻器接入阻值变大，分压变大，电压表示数变大，总电阻变大，电流变小，故电流表示数变小。故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
【分析】在串联电路中，电阻变大，电流减小，变大的电阻分压变大。
8．【答案】做无规则运动；高；减小
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 使用退热贴时，薄荷香气分子永不停息做无规则运动，发生扩散现象，所以能够闻到薄荷的清香。
分子无规则运动的剧烈程度受温度影响，温度越高，分子热运动越剧烈，人体体温越高，退热贴内香味分子的运动就越剧烈。
退热时，人体的内能通过热传递转移到退热贴，人体自身内能减少，温度随之下降。
故答案为：做无规则运动；高；减小；
【分析】考查扩散现象。 闻到气味属于扩散现象，本质是分子不停做无规则运动。
考查温度对分子热运动的影响。 温度是分子热运动剧烈程度的标志，温度越高，分子运动越剧烈。
考查改变内能的方式。退热贴和人体之间存在温度差，发生热传递，高温物体放出热量，内能减小，温度降低。
9．【答案】；不变；比热容大
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】（1）水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg·℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J；
（2）比热容只与物体的种类和状态有关，与质量大小无关，因此用去部分水后，水的比热容不变；
（3）沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的比热容大。
【分析】（1）根据Q=cm△t计算水吸收的热量。
（2）根据比热容的性质解答；
（3）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量，比热容越大，则吸收或放出相同的热量时，稳定升高或降低的数量越小。
10．【答案】做功；30；15
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】图中汽油机两气门均关闭，活塞向下运动，火花塞点火，判定为做功冲程。
飞轮转速，即每秒曲轴转动周。
四冲程汽油机一个工作循环，曲轴转 2 圈，对外做功 1 次。
每秒转 30 圈，做功次数：次。
故答案为：做功；30；15；
【分析】考查汽油机冲程识别。依据气门开闭状态、活塞运动方向判断冲程；两气门关闭，活塞下行、火花塞点火为做功冲程。
考查飞轮转速单位换算。把每分钟转速换算为每秒转动圈数，除以 60 即可。
考查飞轮转速与做功次数关系。记住核心规律：飞轮转 2 圈，完成 1 次对外做功，用总圈数除以 2 得到做功次数。
11．【答案】铜片；铁片到铜片；串
【知识点】电流的方向；电源及其能量转化；串联电路的电压规律；制作水果电池
【解析】【解答】电压表使用规则要求电流从正接线柱流入，负接线柱流出，此时指针正向偏转。电压表正接线柱接的金属片为电源正极，由此判断铜片是水果电池的正极，铁片为负极。
电源外部电流从正极流向负极；电源内部电流方向相反，由负极流向正极。水果电池内部，电流从铁片（负极）流向铜片（正极）。
根据串联电压规律，串联电池组总电压等于各电池电压相加。想要提升输出电压，可把多个水果电池串联。
故答案为：铜片；铁片到铜片；串；
【分析】考查电压表的使用规则。利用电压表 “正进负出” 的接线特点，结合指针正向偏转现象，判断水果电池正负极。
考查电源内外的电流方向。区分电源外部、内部电流走向，外部：正极→负极；内部：负极→正极。
考查串联电池组电压特点。串联可以叠加电压，并联只能增大供电电流，因此提高电压选用串联方式。
12．【答案】用电器；并联；变小
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律
【解析】【解答】给汽车充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器。
三部手机在充电的过程中，互不影响，所以充电时三部手机的连接方式是并联。
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，可知若拔掉其中一部手机，则电路中的总电流将变小。
【分析】1.电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成；
2.并联电路中，各支路用电器可以独立工作，互不影响；
3.并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
13．【答案】（1）质量；两个烧杯中水的质量
（2）煤油
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)探究燃料热值的实验中，燃料完全燃烧放出热量和自身质量有关，因此要保证两种燃料质量相等；水吸收热量后温度变化与水的质量有关，根据，实验中也需要控制水的质量相同。
故答案为：质量；两个烧杯中水的质量；
(2)由实验数据可得，相同时间内甲装置内水升温幅度更大。根据，水的质量、比热容不变，温度升高越多，水吸收的热量就越多。代表煤油燃烧放出的热量更多；在燃料质量相等、完全燃烧的前提下，放出热量越多，热值越大，故煤油的热值更大。
故答案为：煤油；
【分析】(1)考查控制变量法、吸热公式。本实验采用控制变量法，只改变燃料种类，其余会影响实验结果的物理量全部保持不变。
(2)考查热值定义，转换法。把燃料放出热量的多少转换为水升高的温度；水升温越高，代表对应燃料放热越多，结合热值概念比较大小。
（1）[1][2]因燃料放出的热量与质量有关，必须控制燃料的质量相等，由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中应控制水的质量相等。
（2）由图表数据可知在相同时间内甲装置杯中的水温度升高的多，说明甲杯中的水吸收的热量较多，则质量相同的煤油和菜籽油完全燃烧，煤油释放的热量更多，所以煤油的热值较大。
14．【答案】（1）A、C
（2）导体的材料
（3）减小
【知识点】探究影响导体电阻大小的因素
【解析】【解答】 (1) 探究导体电阻与横截面积的关系，实验采用控制变量法，需要保持导体材料、长度一致，仅改变横截面积，所以选择 A、C 两根电阻丝。
故答案为： A、C ；
(2) 电阻丝 A、D 的长度、横截面积都相同，材料不一样。把 A、D 先后接入电路 M、N 之间，观察到电流表示数存在差异，说明两段导体电阻不相等。由此可得结论：导体长度、横截面积相同时，导体电阻和材料有关。
故答案为： 导体的材料 ；
(3) 把细铝输电线更换成粗铝输电线，导线材料、长度不变，横截面积增大。导体长度、材料不变时，横截面积越大，电阻越小。输电线电阻减小，可以降低输电过程中电能的损耗。
故答案为： 减小 ；
【分析】 (1) 考查影响电阻大小的因素、控制变量法。明确探究目标是电阻与横截面积的关系，固定材料、长度两个变量，挑选只有横截面积不同的电阻丝。
(2) 考查控制变量法、转换法，利用电流表示数反映电阻大小。控制长度、横截面积不变，改变材料；电流表示数不同，代表电阻不同，推导电阻与材料的关系。
(3) 考查电阻与横截面积的关系，焦耳定律。材料、长度不变，横截面积增大，电阻变小；输电线上产生的热量随电阻减小而减少，减少电能损失。
（1）本实验采用控制变量法，探究导体的电阻与导体的横截面积有关，应该控制导体的长度和材料相同，只改变导体的横截面积，故选用编号为A、C的两根电阻丝进行实验。
（2）A和D的长度和横截面积相同，但是材料不同，小兵又分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，因此可以得出结论是在长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。
（3）将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，增大了输电线的横截面积，长度一定时，电阻减小，所以减小了输电线上电能的损失。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】根据实物图画电路图；串、并联电路的设计；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】(1)串联电路要求电流只有一条路径，电流依次经过、、开关回到电源负极；电压表并联在灯泡两端，测量电压，接线遵守 “正进负出”，连线不能交叉。如图所示：；
故答案为：；
(2)由实物图分析，与并联；电流表与串联，测支路电流；电流表在干路，测干路总电流；开关在干路，控制整个电路。如图所示：；
故答案为：；
(3)闭合，井盖不动时闭合，灯不亮；井盖移动，断开，灯发光。说明与灯泡并联，闭合时灯泡被短路；保护电阻串联在干路，防止电源短路。如图所示：；
故答案为：；
【分析】(1)考查实物电路串联连接、电压表使用规则。先完成串联主回路，电流顺次经过两个小灯泡；再将电压表并联在被测用电器两端，保证正负接线柱接法正确，导线不交叉。
(2)考查实物图转电路图、并联电路、电流表测量对象判断。先区分干路和支路，找到电流分流点与汇合点；判断各电流表分别测量哪一部分电流，按照实物元件顺序规范画出对应的电路符号。
(3)考查局部短路电路设计。根据通断状态判断，开关与灯泡并联可以实现开关闭合灯泡短路不发光；串联保护电阻，避免开关闭合时电源直接短路。
（1）由题意知，要求两灯串联，电压表测量小灯泡L2两端电压，则电路中只有一条电流路径，两灯泡首尾相连，电压表并联在灯泡L2的两端，如图所示：
（2）由实物图可知，电流由电源正极流出，经开关和电流表A2后，一路经灯泡L1，一路经灯泡L2和电流表A1，汇合后回到电源负极，因此两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L2所在支路的电流，如图所示：
（3）根据题意可知，闭合开关S，当井盖未被移动时，相当于开关S1闭合，警示灯L不亮，说明警示灯L被短路了；当井盖被移动时，相当于开关S1断开，警示灯L发光，说明开关S是总开关，R0在电路中，保护电路，如图所示：
16．【答案】（1）2.5；0.5；5
（2）；D；大于；反比
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】(1)由图甲可知，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 滑动到某一位置时，待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测待测电阻两端电压。由图乙可知，电压表选用 0~3V 量程，分度值为 0.1V，示数为 2.5V，因此两端的电压为 2.5V；由图丙可知，电流表选用 0~0.6A 量程，分度值为 0.02A，示数为 0.5A，因此通过的电流为 0.5A，根据欧姆定律可知，电阻的阻值为
故答案为：2.5；0.5；5；
(2)图乙中导线接到了开关的同一端，起不到控制电路的作用，应该分别接到开关的两个接线柱上，如图所示。
闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大端，即 D 端，以起到保护电路的作用。
由题意知，现电路中接入的是 5Ω 的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，电流表选用 0~0.6A 量程，分度值为 0.02A，示数为 0.4A，根据欧姆定律可知，定值电阻两端电压为。
将 5Ω 的定值电阻更换为 10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会增大，故示数大于 2V。
多次实验后，分析数据，在电压恒定时，电流与电阻的乘积保持不变，故二者成反比关系。故结论为当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：；D；大于；反比；
【分析】(1)考查伏安法测电阻、电表读数、欧姆定律计算；先读取电压表、电流表的示数得到待测电阻的电压与电流，再代入欧姆定律公式计算待测电阻阻值。
(2)考查实物电路接线错误判断、滑动变阻器使用规范、串联分压规律、探究电流与电阻关系实验；
先识别开关接线错误并改正；滑动变阻器闭合开关前调到最大阻值保护电路；利用欧姆定律计算定值电阻电压；更换更大定值电阻，滑片不动，利用串联分压判断电压变化；分析多组实验数据，归纳电压一定时电流与电阻的定量关系。
（1）[1][2][3]由图甲可知，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测待测电阻两端电压，由图乙可知，电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.5V，因此两端的电压为2.5V；由图丙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.5A，因此通过的电流为0.5A，根据欧姆定律可知，电阻的阻值为
（2）[1]图乙中导线接到了开关的同一端，起不到控制电路的作用，应该分别接到开关的两个接线柱上，如图所示：
[2]闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大端，即D端，以起到保护电路的作用。
[3]由题意知，现电路中接入的是5Ω的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电流表如图丙所示，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，根据欧姆定律可知，定值电阻两端电压为
将5Ω的定值电阻更换为10Ω，不改变滑动变阻器滑片的位置，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会增大，故示数大于2V。
[4]多次实验后，分析数据，在电压恒定时，电流与电阻的乘积保持不变，故二者成反比关系。故结论为当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
17．【答案】（1）温度变化
（2）相等；B；B
（3）
（4）小
【知识点】探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1)本实验目的是对比不同液体的吸热本领，实验采用控制变量法，需要向试管内装入质量相等的 A、B 两种液体。当两种液体吸收热量一致时，观察液体温度的变化量，以此判断吸热能力强弱，该研究方法为转换法。
故答案为：温度变化；
(2)实验选用完全相同的加热设备，加热时间相等代表液体吸收热量相等。在 0~4min 时间段，A、B 加热时长一致，两种液体质量相等，因此 A、B 吸收的热量大小相同。
结合图乙图像，若使 A、B 升高一样的温度，B 液体所需加热时间更长，说明 B 吸收的热量更多。根据公式 ，可得 B 的比热容更大，B 液体的吸热能力更强。
故答案为：相等；B；B；
(3)从图乙可以看出，A、B 两种液体初温一致，都升温至 60℃时，A 的加热时间为 4min，B 的加热时间为 8min，所以 B 吸收热量是 A 的 2 倍，。A、B 质量相同、升高温度相同，由 可得：
故答案为：；
(4)炒菜锅适合选用比热容较小的材料制作。吸收相同热量时，比热容小的材料温度上升更快，能够快速把热量传递给食材，降低热量的损耗。
故答案为：小；
【分析】(1)考查探究液体吸热能力实验、控制变量法与转换法；探究不同液体吸热能力，控制液体质量相同，利用升温多少反映吸热本领，理解实验用到的两种物理研究方法。
(2)考查相同热源的特点、比热容物理意义；相同加热器，加热时间代表吸收热量；升高相同温度，对比加热时间，结合比热容公式判断吸热能力强弱。
(3)考查比热容公式计算；加热时间之比等于吸收热量之比，控制质量与温度变化量不变，代入比热容公式推导两种液体比热容的倍数关系。
(4)考查比热容在生活中的应用；根据比热容的物理含义，分析锅体材料需要升温快的特点，选择小比热容材料。
（1）因为该实验是探究比较液体吸热能力大小的，因此根据物理学中控制变量法，在试管中装入A、B两种液体应保证质量相同，当液体吸收热量相同时，通过比较液体升高的温度来判断吸热能力的强弱，使用了转换法。
（2）[1]实验中，用相同的加热装置加热，加热相同的时间，液体吸收的热量相同。在0~4min内，即加热了相同的时间，则质量相等的A、B两种液体，吸收的热量相等。
[2][3]由图乙可知，如果让A和B两种液体升高相同的温度，B需要的加热时间长，则B吸收的热量较多，由可知，B的比热容大，故B的吸热能力强。
（3）由图乙可知，A、B的初温相同，当都升高到60℃时，A需要的加热时间为4min，B需要的加热时间为8min，则B吸收的热量为A的2倍，即，A、B升高的温度相同，质量相同，由可知，A的比热容为
（4）家里炒菜用的锅应该选择比热容小的材料制成，当吸收相同的热量时，锅的温度升高的快，能更快将热量传导至食材，减少热量浪费。
18．【答案】（1）串联
（2）断开；电流表的正负接线柱接反了
（3）缺少电流的单位
（4）在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和
（5）更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析
【知识点】电流的测量及电流表的使用；探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律
【解析】【解答】(1)电流表自身内阻极小，接入电路等效为一根导线，按照电流表的使用规范，电流表必须和待测部分电路串联。
故答案为：串联；
(2)连接电路的过程中，为防止接线失误造成元件损坏，保护电路元件，开关需要保持断开状态。
试触闭合开关后，电流表指针反向偏转，代表电流从电流表负接线柱流入、正接线柱流出，原因是电流表正负接线柱接反。
故答案为：断开；电流表的正负接线柱接反了；
(3)实验表格记录物理量时，除数据外，还需要标注对应的物理量单位，该表格存在的缺陷是没有标注电流的单位。
故答案为：缺少电流的单位；
(4)分析表格内数据：，，。
由数据可初步得到实验结论：并联电路里，干路电流等于各支路电流之和。
故答案为：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)本次实验两条支路电流数值相等，是因为实验选用了规格完全相同的小灯泡，该结论不具备普遍性。若选用不同规格的灯泡，两条支路的电流一般不相等，所以 “支路电流相等” 这个结论不一定普遍成立。若要验证结论的普遍规律，操作方案为：换用不同规格的小灯泡，多次重复实验，采集并分析实验数据。
故答案为：更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析；
【分析】(1)考查电流表使用规则；掌握电流表等效特点，记住电流表需要串联接入待测电路。
(2)考查电路连接操作规范、电流表异常现象分析；连接电路开关要断开；电流表指针反向偏转的根源是正负接线柱接反。
(3)考查实验表格设计要求；物理量记录必须附带单位，判断表格缺少的项目。
(4考查并联电路电流规律；对表格多组数据计算分析，归纳并联电路干路与支路电流的关系。
(5)考查实验评估与多次实验目的；相同规格灯泡实验存在局限性，要得到普遍规律，需要更换不同规格灯泡多次实验。
（1）电流表接在电路中，相当于导线，因此根据电流表的使用规则，电流表应与待测的那部分电路串联。
（2）[1]在连接电路时，为了保护电路元件，开关应处于断开状态。
[2]闭合开关试触时，发现电流表的指针反向偏转，说明电流表的正负接线柱接反了。
（3）在实验表格中应记录实验结果的数据和单位，因此表格设计的不足之处是缺少电流的单位。
（4）根据表格数据，，
可以初步得出以下实验结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
（5）表格中经过各支路的电流大小均相等。这个结论是支路上灯泡规格相同得到的，不能作为普遍规律。当支路灯泡的规格不同时，通过各支路的电流大小可能会不同。 因此，结论②不一定普遍成立。为了验证这个结论的普遍性，接下来的实验操作是：更换不同规格的灯泡，重新进行多次实验，并记录数据进行分析。
19．【答案】（1）由电路图判断，与并联，电流表 A 测电路干路总电流，电流表单独测量支路电流。并联电路干路电流等于各支路电流之和，因此通过的电流：
（2）并联电路各支路两端电压等于电源电压，即，结合欧姆定律计算电源电压：
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】考查并联电路电流、电压特点以及欧姆定律；
（1）并联电路电流规律：，已知干路电流与支路电流，做减法求出支路电流。
（2）并联电路电压规律：各支路电压相等，都等于电源电压；利用欧姆定律，代入的电流与阻值，算出支路电压，也就是电源电压。
（1）由电路图可知R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1的电流，根据并联电路电流规律可得，电阻R2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A
（2）根据并联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压U=U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V
20．【答案】（1）航空燃油完全燃烧释放的热量可利用燃料放热公式计算：
（2）先统一时间单位，飞机航行时间。
根据功率公式变形，计算发动机对外做的功：
（3）热机效率为有用功与燃料完全燃烧放出总热量的比值，代入数据：
【知识点】功率计算公式的应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】(1)考查燃料完全燃烧放热计算；直接使用燃料放热公式，代入燃油质量与热值求解总放热。
(2)考查功与功率的计算；先把时间换算成国际单位秒，再利用计算发动机所做有用功。
(3)考查热机效率公式；热机效率是有用功除以燃料燃烧放出的总热量，将前两问算出的结果代入效率公式求解。
（1）航空燃油完全燃烧放出的热量为
（2）由题意知，飞机航行时间
则飞机发动机做的功为
（3）发动机的效率为
21．【答案】（1）差；单向导电
（2）乙
（3）串联；放出；下方
【知识点】电流的方向；串联电路和并联电路的辨别；半导体特点及作用
【解析】【分析】（1）①根据半导体的定义分析；
②根据“当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过”分析；
（2）根据电路的电路方向与二极管的单向导电性对照即可；
（3）①根据“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”分析；
②根据“珀尔帖效应具有可逆性”分析；
③要对电脑的CPU进行散热，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。
【解答】（1）①根据半导体的定义可知，半导体是导电能力介于导体和绝缘体之间的物质，即常温下，其导电性能在常温下比导体差。
②根据“当电流从“+”极流进二极管时，二极管导通，相当于一根导线；而电流从“-”极流入时，二极管断路，实际上不会有电流通过”可知，二极管具有单向导电性。
（2）根据图片可知，甲中电流从“-”端流入二极管，乙中电流从“+”端流入二极管，则乙电路中有电流，灯泡发光。
（3）①根据“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”可知，图中二对PN型半导体对是串联的。
②在电流方向是N到P的地方吸收热量，根据“珀尔帖效应具有可逆性”可知，在相反的电流方向，即P到N的地方，会发生相反的热效应，即放出热量。
③要对电脑的CPU进行散热，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。根据“在电流方向是N到P的地方吸收热量”可知，N到P的结点处是冷端。在半导体制冷片的串联结构中，所有的冷端（N→P）都集中在一侧，所有的热端（P→N）都集中在另一侧。通常的连接方式（如图丙所示的蛇形串联）会使得一侧的陶瓷片（例如下方）为冷端，另一侧（例如上方）为热端。因此，靠近CPU的应该是吸收热量的冷端，即图中的下方陶瓷片。
（1）[1]半导体是介于导体和绝缘体之间的物质，其导电性能在常温下比导体差，比绝缘体好。
[2]由题可知，二极管只允许电流沿一个方向通过，具有单向导电性。
（2）在电路中，电流从电源的正极流出，经过用电器，流回负极。 在图甲中，电流从电源正极流出，经过开关后，从二极管的负极流入，正极极流出，此时二极管断路，电路中没有电流，灯泡不发光。 在图乙中，电流从电源正极流出，经过开关后，从二极管的正极流入，负极流出，此时二极管通路，电路中有电流，灯泡发光。 因此，灯泡能够发光的是图乙。
（3）[1]根据题干信息“科研人员利用P型半导体元件和N型半导体元件串联”，可知图中二对PN型半导体对是串联的。
[2]珀尔帖效应具有可逆性。根据题干信息“在电流方向是N到P的地方吸收热量”，可知在相反的电流方向，即P到N的地方，会发生相反的热效应，即放出热量。
[3]半导体制冷器（散热器）的工作原理是利用珀尔帖效应，将发热体（如CPU）的热量吸收并转移。因此，需要将制冷器的吸热端（冷端）与CPU接触。根据“在电流方向是N到P的地方吸收热量”可知，N到P的结点处是冷端。在半导体制冷片的串联结构中，所有的冷端（N→P）都集中在一侧，所有的热端（P→N）都集中在另一侧。通常的连接方式（如图丙所示的蛇形串联）会使得一侧的陶瓷片（例如下方）为冷端，另一侧（例如上方）为热端。因此，靠近CPU的应该是吸收热量的冷端，即图中的下方陶瓷片。
22．【答案】（1）机械；内
（2）吸热
（3）72；7200
（4）增大地下盐穴的容积
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；能量的利用效率
【解析】【分析】（1）根据能量转化的知识分析；
（2）根据图片分析“换热器2”的作用解答；
（3）①根据计算该项目的能量转化效率；
②根据计算节约标准煤的质量。
（4） 地下盐穴的体积越大，可储存的能量越大，据此分析解答。
【解答】（1）根据能量转化的知识可知，空气压缩机空气时，将机械能转化为内能。
（2）根据题意可知，常温高压空气在“换热器2”处吸收热量，使气体的温度升高，压强变大，为下一步释放能量做准备。
（3）①根据题目描述可知，储存1000J电能最终能放出720J的电能，则该项目的能量转换效率为。
②根据题目描述可知，每年发电量可达， 标准煤的热值约为 ，
因此可节约标准煤的质量为。
（4）根据题意可知，增大地下盐穴的体积，可以增大内能的转化量，从而增加项目储存的能量。
（1）[1][2]空气压缩机空气时，通过做功的方式增大了空气的内能，将机械能转化为内能。
（2）常温高压空气在“换热器2”处吸收热量，使气体的温度升高，压强变大，为下一步释放能量做准备。
（3）[1]由题意知，储存1000J电能最终能放出720J的电能，因此该项目的能量转换效率为
[2]由题意知，每年发电量可达，因此可节约标准煤的质量为
（4）地下盐穴的体积越大，可储存的能量越大。故增大地下盐穴的体积，可以增大内能的转化量，从而增加项目储存的能量。
23．【答案】（1）半导体；变小；变大
（2）12
（3）2
（4）变大；更小
【知识点】串联电路的电压规律；半导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】(1)压敏电阻导电性能处在导体与绝缘体中间，制作材料属于半导体。
由电路图能够判断电路为串联电路，结合表格数据分析，压敏电阻受到的压力增大，自身电阻随之减小。依据串联分压规律，压敏电阻两端 AB 间电压会变大。
故答案为：半导体；变小；变大；
(2)由表格数据可得，检测点无苹果，压力等于 0 时，压敏电阻阻值。根据串联电路总电阻规律，电路总电阻：，电路中的电流：
压敏电阻 R 两端电压：
故答案为：12；
(3)当定值电阻两端电压为 5V，由欧姆定律算出电路电流：
压敏电阻两端电压：，此时压敏电阻阻值：
对照表格数据，该阻值对应的压力大小为 2N，因此该筛选装置会把重力 2N 以下的苹果推出传送带。
故答案为：2；
(4)若提高苹果质量筛选标准，意味着被推出的苹果重力要大于 2N，此时压敏电阻 R 阻值减小，电路电流增大。阻值不变，由可知 AB 间电压增大，因此需要将启动电压调大。
保持启动电压不变，检测点压力变大，压敏电阻 R 阻值减小，电路电流增大。在不变的条件下，结合欧姆定律分析，需要减小定值电阻的阻值，也就是把更换为阻值更小的定值电阻。
故答案为：变大；更小；
【分析】(1)考查半导体特性、串联分压；掌握半导体的导电特点，串联电路中电阻变化会引起分压改变，压力变大，压敏电阻阻值减小，分压随之改变。
(2)考查串联电路特点与欧姆定律计算；先求串联总电阻，利用总电压除以总电阻求出电路电流，再计算压敏电阻两端电压。
(3)考查欧姆定律综合计算；由定值电阻电压求出电路电流，根据串联电压规律算出压敏电阻电压，再求出压敏电阻阻值，查表得到对应的压力。
(4)考查动态电路分析；压力改变引起压敏电阻阻值变化，结合欧姆定律分析电流、电压变化，根据筛选要求判断启动电压与定值电阻的调整方案。
（1）[1]压敏电阻的导电性介于导体和绝缘体之间，是由半导体材料制成的。
[2][3]由电路图可知，电路是串联的，根据表中数据可知，随压敏电阻所受到的压力增大，其阻值逐渐减小，由串联分压可知，AB间的电压将变大。
（2）由表中数据可知，当检测点上没有苹果时，即压力为0时，压敏电阻的阻值为R=120Ω，由串联电路的电阻规律可知，此时电路的总电阻为
此时电路中的电流为
R两端电压为
（3）当R0两端电压为5V时，由欧姆定律可得，此时电路中的电流为
此时电阻R两端电压为
此时压敏电阻的阻值为
由表中数据可知，此时对应的压力为2N，故可知该筛选装置可将重为2N以下的苹果推出传送带。
（4）[1]要提高苹果质量筛选的标准，即应将推出传送带的苹果的重力提升到2N以上，此时R的阻值会变小，电路中的电流会变大，R0的阻值不变，由U=IR可知，A、B间的电压会增大，故要改变启动电压，使其变大。
[2]若启动电压不变，当检测点压力增大时，R的阻值变小，电流变大时，若UAB不变，由欧姆定律可知，要减小定值电阻R0的阻值，故UAB不变时，应将R0换成阻值更小的定值电阻。
1 / 1

展开更多......

收起↑