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【真题汇编·冲刺期中】九年级上册科学期中专项复习训练
必刷07 内能
温度、热量与内能的关系
1．（2020秋 钱塘区期中）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D．物体的温度越高，所含热量越多
【答案】C
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。
（2）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同。
（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
【解答】解：内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，故A、B不符合题意；
发生热传递的条件是温度的高低，不是内能的大小。内能小的物体也可能是温度高的物体，所以，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故C符合题意；
热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰。
2．（2025秋 永康市校级期中）下列关于温度、热量和内能的说法中，正确的是（　　）
A．质量一定的物体温度升高，内能一定增加
B．质量一定的物体吸收热量，温度一定升高
C．质量一定的物体放出热量，温度一定降低
D．质量一定的物体内能增加，一定是吸收了热量
【答案】A
【分析】（1）内能的大小与物体的质量、温度有关；
（2）晶体熔化过程中，虽然吸热，但温度不变；
（3）晶体凝固过程中，虽然放热，但温度不变；
（4）做功和热传递都可以改变物体的内能；
【解答】解：
A、内能的大小与物体的质量、温度有关，故质量一定的物体温度升高，内能一定增加，故A正确；
B、质量一定的物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体熔化过程中，虽然吸热，但温度不变，故B错误；
C、质量一定的物体放出热量，温度不一定降低，晶体凝固过程中，虽然放热，但温度不变，故C错误；
D、质量一定的物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，可可能是外界物体对它做了功，故D错误；
故选：A。
【点评】此题考查了同学们对内能影响因素的理解、改变内能方式的判断等知识点，是一道综合题。
3．（2025秋 上城区校级期中）下列关于温度、内能和热量的描述中，正确的是（　　）
A．物体吸收热量时，温度一定升高
B．做功和热传递都能改变物体的内能
C．物体的内能越大，其含有的热量就越多
D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
【答案】B
【分析】根据对温度、内能和热量的关系的理解分析判断。
【解答】解：A．物体吸收热量时，温度不一定升高，例如：水沸腾时吸热，但温度保持不变，故A错误；
B．改变物体内能的两种方式就是做功和热传递，二者等效，故B正确；
C．热量是过程量，只能描述为“吸收热量”或“放出热量”，故C错误；
D．热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，和内能大小无关，故D错误；
故选：B。
【点评】本题围绕温度、内能、热量的核心概念展开，考查改变内能的方式、热传递条件等知识点，易混淆概念多，能有效检验学生对三者区别与联系的掌握程度。
4．（2025秋 上城区校级期中）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度越高，含有的热量越多
B．热量总是从内能多的物体转移到内能少的物体
C．温度高的物体内能大，温度低的物体内能小
D．物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
【答案】D
【分析】（1）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；
（2）发生热传递的条件是两物体间有温度差：高温物体放热，低温物体吸热；
（3）内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，任何物体都有内能，内能的大小与物体的质量、温度有关；
（4）冰是晶体，晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸热，其内能不断增大。
【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；
B、发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，若内能小的物体温度高，故热量可以从内能小的物体转移到内能大的物体，故B错误；
C、影响内能大小的因素有质量、温度、状态，只能说在质量、状态一定时，温度高的物体内能大，温度低的物体内能小，故C错误；
D、冰是晶体，0℃的冰熔化成0℃水，吸收热量，内能增加，但温度不变。故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了对物体内能的概念、影响内能大小的因素及热传递的条件的理解，属于基础题，要熟练掌握。
5．（2025秋 杭州期中）有关温度、热量、内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高
B．一般物体都具有内能，但超低温物体没有内能
C．物体内能减少时，温度不一定降低，但一定是放出了热量
D．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加
【答案】D
【分析】（1）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；
（2）一切物体在任何情况下都有内能；
（3）做功和热传递都能改变物体的内能。
【解答】解：
A、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，如晶体的熔化过程，故A错误；
B、一切物体在任何情况下都有内能，所以0℃的物体也有内能，故B错误；
C、物体内能减少时，可能温度不变，如晶体在凝固过程中放热，内能减小，但温度不变；同时，若物体的内能减小，可能是向外放出了热量，也可能是对外界物体做了功，故C错误；
D、物体的温度升高，内部分子的无规则运动加快，其内能一定增加；物体温度升高，可能是外界物体对它做了功，也可能是从外界吸收了热量，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了内能大小的影响因素、内能的改变等知识点，是一道综合题。
6．（2025秋 临平区期中）关于热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．0℃的物体没有内能
B．水的温度越高，所含热量越多
C．内能大小与温度无关
D．物体具有内能，也可以同时具有机械能
【答案】D
【分析】（1）一切物体在任何情况下都具有内能；
（2）内能与温度、质量、状态等有关；
（3）热量是过程量，应该用“吸收”或“放出”来修饰；
（4）物体可以同时具有内能和机械能。
【解答】解：A．一切物体在任何情况下都具有内能，0℃的物体有内能，故A错误；
B．热量是一过程量，不能说“含有”热量，故B错误；
C．物体内能大小与温度有关，故C错误；
D．一切物体在任何情况都具有内能，物体可以发生机械运动，则可以同时具有机械能，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查对内能、内能的影响因素，以及机械能的理解，基础题。
改变物体内能的两种方式
7．（2025秋 杭州校级期中）如图所示，用充气的气球模拟“喷气火箭”，松开手指后，球内气体向后喷出，气球向前运动。此过程中（　　）
A．气球的弹性势能增大
B．球内气体内能减小
C．喷出的气体热运动加剧
D．外界对气球内气体做功
【答案】B
【分析】（1）物体的弹性势能与其弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能就越大；
（2）分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的运动越剧烈；
（3）物体对外做功，内能减小，温度降低，此时物体要从外界吸热。
【解答】解：A．松开手指后，球内气体向后喷出，气球的弹性形变程度变小，气球的弹性势能减小，故A不正确；
B．球内气体向后喷出，气体对外做功，根据做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减小，所以球内气体内能减小，故B正确；
C．由于气体内能减小，温度降低，而物体热运动的剧烈程度与温度有关，温度越低，分子热运动越缓慢，所以喷出的气体热运动减缓，故C不正确；
D．气球内气体向后喷出对外界做功，而不是外界对气球内气体做功，故D不正确。
故选：B。
【点评】本题考查了弹性势能、内能知识，是一道概念理解题，解题的关键理解做功能改变物体内能的原因，做功分对物体做功和物体对外做功两种情况。
8．（2025秋 萧山区校级期中）如图所示，在一个厚壁玻璃筒里放入一块浸有少量乙醚的可燃物，用力把活塞快速压下，可燃物就会燃烧起来，据此分析下列说法正确的是（　　）
A．所选可燃物的着火点应点较高
B．活塞压缩筒内气体，使乙醚汽化放热
C．缓慢压下活塞也能得到相同实验结果
D．活塞压缩筒内气体时做功，使气体内能增大
【答案】D
【分析】做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
物体的内能与其本身的温度有关，温度越高内能越大。
【解答】解：A、当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度也会随之升高，当温度达到可燃物的燃点时，会看到可燃物燃烧，所选可燃物的着火点应点较低，故A错误；
B、活塞压缩筒内气体，使乙醚汽化，汽化吸收热量，故B错误；
C、缓慢压下活塞，温度上升较慢，得不到相同的实验效果，故C错误；
D、活塞压缩筒内气体时做功，使气体内能增大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了改变内能的方法，知道汽化吸热，知识点考查较多。
9．（2025秋 舟山期中）如图，瓶内装有少量水和酒精，用气筒打气，瓶塞跳出，同时瓶内出现大量白雾。瓶塞跳出时，瓶内气体做功和温度变化情况描述正确的是（　　）
A．气体对外界做功，温度升高
B．气体对外界做功，温度降低
C．外界对气体做功，温度升高
D．外界对气体做功，温度降低
【答案】B
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：在瓶塞跳出的过程中，瓶内气体对活塞做功，其内能转化为瓶塞的机械能，则瓶内气体的内能减少、温度降低。
故选：B。
【点评】此题是考查对做功改变物体的内能，是中考热点，属于易错题目。
10．（2025秋 永康市校级期中）图为某种椅子与其升降部分的结构示意图，M、N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，当人坐上椅子，在M向下滑动的过程中（　　）
A．气体对外界做功，气体内能增大
B．外界对气体做功，气体内能减小
C．气体对外界做功，气体内能减小
D．外界对气体做功，气体内能增大
【答案】D
【分析】做功可以改变物体的内能，对物体做功，内能增大，温度升高；物体对外做功，内能减小，温度降低。
【解答】解：由题意可知，当人坐上椅子，在M向下滑动的过程中，压缩密闭的空气，对气体做功，使气体的内能增大，温度升高。
故选：D。
【点评】了解做功可以改变物体的内能，并结合图中的应用判断是如何做功的，以及内能的变化情况如何。
11．（2024秋 瓯海区校级期中）如图所示，取一个配有活塞的厚玻璃筒，选择一团可燃物置于筒内，压下活塞。为了可燃物更易燃烧，关于所选可燃物的着火点及对活塞的操作正确的是（　　）
A．着火点低，缓慢下压 B．着火点高，缓慢下压
C．着火点低，快速下压 D．着火点高，快速下压
【答案】C
【分析】做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
【解答】解：下压活塞的过程中，活塞对筒内气体做功，将机械能转化为筒内气体的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高到可燃物的着火点时，可燃物就燃烧起来，为了使可燃物燃烧，则可燃物的着火点要低一些，且要迅速下压活塞，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了改变内能的方法，属于基础题。
12．（2023秋 钱塘区校级期中）如图所示，给试管里的水加热，水沸腾后，水蒸气推动软木塞迅速冲出管口，下列说法正确的是（　　）
A．是通过做功方式使试管中水的内能增加
B．水蒸气内能增加，温度升高，在试管口液化成小水滴
C．水蒸气推动软木塞冲出过程能量转化情况与内燃机压缩冲程相同
D．水蒸气对木塞做功，水蒸气内能减少，温度降低，在试管口液化成小水滴
【答案】D
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（2）内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能；
（3）水蒸气遇冷发生液化，从气态变为液态。
【解答】解：A、图中是通过热传递的方式把试管里的水加热至沸腾，水的内能增加，故A错误；
BD、水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减小，温度降低，在试管口液化成小水滴，故B错误、D正确；
C、在此过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，与热机的做功冲程能量转化相同，故C错误；
故选：D。
【点评】此题来源于课本插图，考查了做功可以改变物体的内能和能量转化的知识，要求学生在学习中一定要注意课本上的插图，明白每个插图蕴含的物理意义。
13．（2025秋 上城区校级期中）很多同学在课间玩扭转矿泉水瓶的游戏，如图所示，在瓶里装有少量的水，盖紧瓶盖，使劲拧瓶的下部，使其严重变形，然后略松开瓶盖（对着没人的方向），瓶盖弹出数米远，观察到瓶口和瓶内有白雾产生。下列分析正确的是（　　）
A．用力拧瓶的下部时瓶内气体内能减少，温度升高
B．用力拧瓶的下部时瓶内气体内能增加，温度降低
C．瓶盖弹出时气体内能减小，温度降低，水蒸气液化
D．瓶盖弹出时气体内能增加，温度降低，水蒸气液化
【答案】C
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：
（1）用力拧瓶的下部时，瓶子的体积变小，此时压缩瓶内气体做功，机械能转化为内能，瓶内气体内能增加，温度升高，故AB错误；
（2）当瓶盖弹出时瓶内及瓶口有白雾，这是因为瓶内气体对外做功，内能减小，水蒸气遇冷，液化形成了小水滴，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】此题考查的是我们对于物理现象的分析能力，根据情境分析所用到的物理知识，这是一种新题型，值得我们关注。
14．（2025秋 拱墅区校级期中）如图甲装置所示，探究“做功改变物体内能”，该装置由圆底烧瓶、温度传感器、橡皮塞、橡皮管、打气筒等组成。向圆底烧瓶内注入适量酒精，使用打气筒向烧瓶内打气，根据传感器数据采集的数据，电脑处理得到如图乙所示图像。
（1）结合乙图分析，描述打气筒打气5秒后出现的实验现象　橡皮塞弹出，瓶口冒白雾，温度传感器显示温度下降　 。
（2）有同学认为，图乙中BC段对应发生情况与热机中做功冲程相似，请说出相似处：　均为气体对外做功，内能转变为机械能　 ；以下改变内能的方式中，与BC段不相同的是：　D　 。
A．用锤子敲打钉子时，钉子变热
B．水沸腾时，水蒸气将壶盖顶起
C．从滑滑梯上处滑落，臀部变热
D．用酒精灯给水加热，水温升高
（3）在用本装置进行实验时能否去掉瓶内的酒精？请判断并说明理由：　能，通过温度传感器的温度变化可反映内能改变情况　 。
【答案】（1）橡皮塞弹出，瓶口冒白雾，温度传感器显示温度下降；
（2）均为气体对外做功，内能转变为机械能；D；
（3）能，通过温度传感器的温度变化可反映内能改变情况。
【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；
（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
改变物体内能的两种方式：做功和热传递；
（3）根据温度传感器的作用分析。
【解答】解：（1）根据图乙可知，5秒后圆底烧瓶内温度下降。用气筒向玻璃瓶内打气，瓶内气体压强增大，瓶内气体对塞子做功，塞子弹起；瓶内气体对塞子做功，瓶内气体内能减少，温度降低，酒精蒸汽放出热量，发生液化，出现白雾。
（2）图乙BC段气体内能减少，温度降低，塞子被试管内酒精蒸汽推出，即该过程中消耗蒸气的内能，获得机械能，是将内能转化为机械能的过程，与热机中做功冲程相似，是通过做功改变物体的内能；
A．用锤子敲打钉子时，钉子发热，是通过做功的方式改变物体内能，机械能转化为内能，故A不符合题意；
B．水沸腾时，水蒸气将壶盖顶起，是利用内能做功，内能转化为机械能，故B不符合题意；
C．从滑滑梯上处滑落，臀部变热，克服摩擦力做功，是机械能转化为内能，故C不符合题意；
D．用酒精灯给水加热，水温升高，是通过热传递使水的内能增加，故D符合题意。
故选：D。
（3）实验的目的是为了探究做功可以改变物体的内能，如果去掉酒精，则温度传感器可以测量瓶内空气的温度的变化，也可以完成实验探究。
故答案为：
（1）橡皮塞弹出，瓶口冒白雾，温度传感器显示温度下降；
（2）均为气体对外做功，内能转变为机械能；D；
（3）能，通过温度传感器的温度变化可反映内能改变情况。
【点评】掌握改变物体内能的两种方法：做功和热传递，能对整个过程中的能量变化进行分析是解答的关键。
15．（2025秋 鹿城区校级期中）巡航导弹从发射到击中目标可以分为如图所示的三个阶段。经过前两个阶段的加速，导弹的速度可以增大到接近音速、甚至超音速。在第一阶段末端采用掠海飞行，发动机的推力与阻力平衡，弹翼的升力与重力平衡。可以实现匀速、超低空、超远距离飞行，直至击中目标。
（1）巡航导弹在发射开伞阶段，飞行轨迹为曲线，在该过程中导弹是否处于平衡状态？　否　 。
（2）在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，导弹速度继续增大。请从功或能量转化的角度来解释此现象。 　在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，内部高温高压燃气对外做功，内能转化为机械能，导弹速度继续增大　 。
（3）在末端采用掠海飞行阶段，若该导弹的发动机提供的推力为800牛，导弹以720千米/时的速度匀速飞行。则计算60秒内发动机的功率。
【答案】（1）否；（2）在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，内部高温高压燃气对外做功，内能转化为机械能，导弹速度继续增大；（3）1.6×105W。
【分析】（1）平衡状态包括静止或匀速直线运动状态；
（2）物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能；
（3）根据PFv得到发动机的功率。
【解答】解：（1）巡航导弹在发射开伞阶段，飞行轨迹为曲线，运动状态发生改变，没有处于平衡状态；
（2）在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，内部高温高压燃气对外做功，内能转化为机械能，导弹速度继续增大；
（3）导弹的速度720km/h＝200m/s，发动机的功率PFv＝800N×200m/s＝1.6×105W。
故答案为：（1）否；（2）在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，内部高温高压燃气对外做功，内能转化为机械能，导弹速度继续增大；（3）1.6×105W。
【点评】本题考查了平衡状态、改变内能的方法和功率的计算，属于综合题。
比热容的概念及其计算
16．（2025秋 婺城区校级期中）最近气温大幅度下降，家庭取暖设备投入使用。图甲为油汀取暖器，当中的导热油尤为关键，要求通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（　　）
A．c甲＞c乙，选乙材料 B．c甲＞c乙，选甲材料
C．c甲＜c乙，选乙材料 D．c甲＜c乙，选甲材料
【答案】D
【分析】（1）甲、乙两种液体质量相同、在相同时间里吸收的热量相等，根据公式Q吸＝cmΔt，结合图象可以得出甲、乙比热容的关系；
（2）电热油汀里盛的是油，比热容小吸收相同的热量时温度升的高。
【解答】解：已知两种液体质量相等，由图象可以看出：在加热相同时间即吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式Q吸＝cmΔt，可知c甲＜c乙；由于c甲＜c乙，加热相同时间，两种液体吸收的热量相同，甲温度升高快，所以选甲材料，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了吸热公式的应用，知道公式 Q吸＝cm△t，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。
17．（2025秋 三台县期中）以下过程不发生物态变化，初温和质量相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的高，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　）
A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
D．甲的末温比乙的低，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
【答案】D
【分析】根据题意分析末温的高低；根据c分析比热容的大小。
【解答】解：A、根据题意可知，甲、乙的初温相同，放出相同热量后，甲的末温比乙的高，这说明甲的温度变化较小，则初温相同的甲、乙，吸收相同的热量后，甲的温度变化小，所以甲的末温低，故A错误；
BC、由于不知道甲、乙的质量大小关系，根据c可知，无法判定甲、乙比热容的大小，故BC错误；
D、质量和初温相同的甲、乙吸收相同热量后甲的末温高，根据比热容计算公式可判断出甲的比热容小；而初温相同的甲、乙放出相同热量后，由于甲的比热容小，所以甲降温更多，末温更低，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了比热容计算公式的应用，难度不大。
18．（2025秋 西湖区校级期中）甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃吸收热量如图所示，甲、乙、丙三个物体的比热容由大到小排列是（　　）
A．c甲＞c乙＞c丙 B．c甲＞c丙＞c乙
C．c乙＞c甲＞c丙 D．c乙＞c丙＞c甲
【答案】A
【分析】质量为1kg的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量，叫做这种物质的比热容；根据比热容的定义分别求出甲、乙、丙的比热容，然后判断大小。
【解答】解：由图象可知，三个物体温度都升高1℃，则甲吸收的热量为3000J，乙、丙吸收的热量相同，均为2000J；
由题知，甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg；
所以，根据比热容的公式c可知，c甲3000J/（kg ℃）；
c乙2000J/（kg ℃）。
丙物体质量为2kg，由Q吸＝cmΔt可得丙的比热容：
c丙1000J/（kg ℃）；
所以，c甲＞c乙＞c丙。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对比热容概念和吸热公式的理解，关键是从图象中获取吸收热量的数据。
19．（2025秋 杭州期中）轩轩用相同的实验装置分别加热质量相同的甲、乙两种液体，实验时绘制了温度随时间变化的关系图像如图所示，由图可知，第8min后，甲液体发生的物态变化名称是　沸腾　 ；甲、乙两种液体比热容之比为　2：1　 ；0～10min，两种液体吸收的热量之比为　1：1　 。
【答案】沸腾；2：1；1：1。
【分析】（1）由图可知，第8min后，甲液体达到沸点，继续吸热，温度不变，此时发生的物态变化为沸腾；
（2）实验过程中，用相同的实验装置分别加热，在相同的时间内两种液体吸收的热量相同，由图可知甲、乙两种液体由18℃升高到90℃，甲用了4min，乙用了8min，可得升高相同温度，两种液体吸收的热量大小关系。又因为两种液体的质量相同，利用Q＝cmΔt可知甲、乙两种液体比热容之比；
（3）0～10min，相同装置加热时间相同，吸收热量相同。
【解答】解：（1）由图可知，第8min后，甲液体的温度不变，此时发生的物态变化为沸腾；
（2）实验过程中，用相同的实验装置分别加热，在相同的时间内两种液体吸收的热量相同，甲、乙两种液体由18℃升高到90℃，甲用了4min，乙用了8min，则升高相同温度，两种液体吸收的热量之比为：Q甲：Q乙＝2：1。又因为两种液体的质量相同，由Q＝cmΔt可知甲、乙两种液体比热容之比为：c甲：c乙＝Q甲：Q乙＝2：1；
（3）0～10min，相同装置加热时间相同，吸收热量相同，之比为1：1。
故答案为：沸腾；2：1；1：1。
【点评】本题考查沸腾特点、吸热公式的应用，要利用好条件：用相同的实验装置分别加热甲、乙两种液体，在相同的时间内两种液体吸收的热量相同。
20．（2024秋 杭州校级期中）“摇摇杯”是一类深受学生喜爱的饮水杯，市面上的“摇摇杯”工作原理也不尽相同。现有某种“摇摇杯”，它是利用特殊装置将摇动水杯的能量收集并转化为电能用于加热杯子里的水。已知该种摇摇杯的容量为500mL，水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）。试计算：
（1）如果摇摇杯中装满25℃的水，要使水温升高至30℃，杯中的水需要吸收多少能量。
（2）假设上述水升温所需能量都来自于摇动杯子所做的功，水平摇动杯子的力平均为50N，水平摇动一次的幅度为0.5m。则至少需要水平摇动多少次才能达到上述水温。
【答案】（1）杯中的水需要吸收为1.05×104J；
（2）至少需要水平摇动次数为420次。
【分析】（1）根据密度公式求出水的质量，根据Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量；
（2）根据W＝Fs求出水平摇动一次所做的功，据此求出至少需要摇动的次数。
【解答】解：（1）由ρ可知，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×500×10﹣6m3＝0.5kg，
水需要吸收的热量：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×（30℃﹣25℃）＝1.05×104J；
（2）水平摇动一次所做的功：W＝Fs＝50N×0.5m＝25J，
假设上述水升温所需能量都来自于摇动杯子所做的功，则所需做的总功：W总＝Q吸＝1.05×104J，
至少需要摇动的次数：n420次。
答：（1）杯中的水需要吸收为1.05×104J；
（2）至少需要水平摇动次数为420次。
【点评】本题考查密度公式、吸热公式以及功的计算公式的应用，难度不大。
影响物体吸、放热的因素
21．（2025秋 宁波期中）如图甲所示，用规格相同的电加热器分别给初温相同的a液体和b液体加热，已知b液体的质量是a液体的1.5倍。图乙为a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图象。
（1）加热液体后，为了记录实验数据，除图甲中的实验器材以外，还需要的一种测量工具是　秒表　 。
（2）0～t1这段时间内，a液体吸收的热量　等于　 （填“大于”、“等于”或“小于”）b液体吸收的热量。
（3）a液体与b液体的比热容之比是　3：2。　 。
【答案】（1）秒表；（2）等于；（3）3：2。
【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）根据c，在质量和吸热相同的条件下，升高的温度与比热容成反比求出液体a与液体b的比热容之比。
【解答】解：（1）根据转换法，用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，故要完成该探究实验，除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表；
（2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，因此a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量；
（3）b液体的质量是a液体的1.5倍，0﹣t1时间内，温度升高相同，根据c，a、b液体的比热容之比是：5：3；。
故答案为：（1）秒表；（2）等于；（3）3：2。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验
22．（2025秋 三台县期中）如图是实验小组比较不同物质吸热情况的实验装置。
（1）实验时在图Ⅰ中应量取　质量　 相等的甲、乙两种液体，为了完成该实验，除了图中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和　秒表　 。
（2）甲、乙液体吸收热量的多少可以通过　加热时间　 （选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映。
（3）为了比较甲、乙液体的吸热本领，小明提出两种比较方案。
①让两者升高相同的温度比较加热时间
②让两者加热相同时间比较升高的温度
在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是　①和②　 （选填“①”“②”或“①和②”）。
（4）若乙液体的比热容为4.2×103J/（kg.℃），利用图Ⅱ中数据可以计算出甲液体的比热容为　2.1×103 J/（kg.℃）。
【答案】（1）质量；秒表；（2）加热时间；（3）①和②；（4）2.1×103。
【分析】（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同。实验中不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，故还需要增加秒表；
（2）实验中用相同的电加热器给甲、乙液体加热，电热器相同时间放出的热量相同，所以液体吸热的多少也是通过加热时间来反映的；
（3）比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（4）根据Q＝cmΔt分析。
【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相等的甲、乙两液体，根据转换法，通过加热时间的长短来比较吸热多少，故为了完成该实验，除了图甲中所示的器材外，还需要增加的测量工具还有秒表。
（2）利用转换法，可以通过加热时间来反映物质吸收热量的多少，加热时间越长，物质吸收的热量越多。
（3）根据比较吸热能力的方法，在两种液体都不沸腾的前提下，使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强，可行的方案是①和②。
（4）由图乙可知，加热相同的时间，即吸收相同的热量，乙升高的温度较低，由可知，乙的比热容较大。
根据图乙可知，加热2min，甲升高的温度为100℃﹣20℃＝80℃，
乙升高的温度为60℃﹣20℃＝40℃，
根据Q吸＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，则
甲液体的比热容
。
故答案为：（1）质量；秒表；（2）加热时间；（3）①和②；（4）2.1×103。
【点评】本题的探究实际上是对沙子和水吸放热能力的比较，而物质吸放热能力是用比热容来量度的，在实验过程中，影响的量较多，有质量、加热时间、升高温度等，因此，要注意结论的严密性。
23．（2024秋 绵阳期中）如图是小明学习了热量与比热容之后，对探究“不同物质吸热能力”和“不同燃料燃烧放热能力”的实验设计的装置图：
（一）在“探究物质的吸热能力”实验中，将A和B两种液体分别装在两个相同的烧杯中，两杯液体的质量相同。用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。
（1）实验中，可以通过比较 　加热时间　 （选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少。
（2）由图象可知，A、B两种液体的比热容之比是 　1：2　 。
（二）在“不同燃料燃烧放热能力”的实验中，如图2：
（3）燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过 　温度计示数变化　 （选填“温度计示数变化”或“加热时间长短”）来反映的。
（4）在实验中两种燃料完全燃烧完之前都使得水沸腾了。为避免这种情况的出现，请对该组提出一条改进建议 　增加烧杯中水的质量或减少燃料的质量　 。
【答案】（1）加热时间；（2）1：2；（3）温度计示数变化；（4）增加烧杯中水的质量或减少燃料的质量。
【分析】（1）（2）在“探究物质的吸热能力”实验中，加热装置相同，相同时间内物质吸收热量相同，温度变化快的比热容小；温度变化量相同，加热时间之比等于比热容之比；
（3）在“不同燃料燃烧放热能力”的实验中，应该控制燃料的质量相同，被加热的物质质量和种类相同；
（4）为了避免在实验中两种燃料完全燃烧完之前都使得水沸腾，可以减少燃料的质量，可以增加烧杯中水的质量。
【解答】解：
（1）在“探究物质的吸热能力”实验中，加热装置相同，相同时间内物质吸收热量相同，所以实验中，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少。
（2）温度变化量相同，加热时间之比等于比热容之比，温度都升高40℃，A用时4min，B用时8min，A、B两种液体的比热容之比是1：2。
（3）在“不同燃料燃烧放热能力”的实验中，应该控制燃料的质量相同，被加热的物质质量和种类相同。燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过温度计示数变化来反映的。
（4）为了避免在实验中两种燃料完全燃烧完之前都使得水沸腾，可以减少燃料的质量，可以增加烧杯中水的质量。
故答案为：（1）加热时间；（2）1：2；（3）温度计示数变化；（4）增加烧杯中水的质量或减少燃料的质量。
【点评】本题考查燃料的热值，比热容，控制变量法的应用，转换法的应用。
24．（2025秋 西湖区校级期中）如图是探究“比较水和煤油吸收热量时温度升高快慢”的实验装置，该实验运用了控制变量法，下列对各个步骤中的控制变量要求不正确的是（　　）
A．酒精灯火焰大小必须相同
B．水和煤油的初温必须相同
C．水和煤油质量必须相同
D．盛放水和煤油的容器必须相同
【答案】B
【分析】我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：相同的热源，酒精燃烧在相同的时间内放出热量相同，用加热时间反映液体吸收热量的多少，必须控制酒精灯的火焰相同；
探究“比较水和煤油吸收热量时温度升高快慢”的实验中，采用的是控制变量法，实验中必须要控制水和煤油的质量相同；实验中应该采用相同的容器，这样容器的吸热情况相同；实验中加热相同时间，吸收相同热量，根据温度计升高的示数来反映吸热能力大小的，所以不需要控制水和煤油的初温相同；
综上所述，B错误、ACD正确。
故选：B。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。
热量、热值、热效率的计算
25．（2025秋 杭州校级期中）室温为10℃时，小宁利用如图所示装置验证“外界对物体做功，可以使物体的内能增加”。小宁用平均为50牛的力将活塞压下12厘米，发现底部浸有0.001千克乙醚的棉花并没有出现燃烧现象。（乙醚的比热容约为1.8×103J/（kg ℃），着火点为160℃）
（1）求小宁对活塞的做功大小。
（2）0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收多少热量？
（3）小宁的实验没有成功，请帮助他分析原因。（至少写出两点）
【答案】（1）小宁对活塞做功6J；
（2）0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收270J的热量；
（3）小宁的实验没有成功原因是做功太少，乙醚升温太小，远远达不到着火点温度。
【分析】（1）根据W＝Fs求出功的大小；
（2）根据Q＝cmΔt可求0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收多少热量；
（3）在该实验中应迅速压下活塞，若压下活塞较慢（用力较小、做功较少），筒内气体温度不能达到乙醚的着火点，则不能看到棉花燃烧的现象。
【解答】解：（1）小宁同学用平均为50牛的力将活塞压下12厘米，推力所做的功为：
W＝Fs＝50N×0.12m＝6J；
（2）0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收的热量：
Q＝cmΔt＝1.8×103J/（kg ℃）×0.001kg×（160℃﹣10℃）＝270J；
（3）实验中小宁没有看到棉花燃烧的现象，是因为做功太少，乙醚升温太小，远远达不到着火点温度。
答：（1）小宁对活塞做功6J；
（2）0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收270J的热量；
（3）小宁的实验没有成功原因是做功太少，乙醚升温太小，远远达不到着火点温度。
【点评】本题主要考查的是学生对做功改变物体内能的认识和了解以及功和吸热公式的计算，基础性题目。
26．（2025秋 上城区校级期中）如图甲所示，1个标准大气压下，普通煤炉把壶内20℃，5kg的水烧开需完全燃烧一定质量的煤，此过程中，烧水效率为28%．为提高煤炉效率，浙江大学创意小组设计了双加热煤炉，如图乙所示，在消耗等量煤烧开壶内初温相同、等量水的过程中，还可额外把炉壁间10kg水从20℃加热至40℃．[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]，以上过程中问：
（1）普通煤炉把壶内20℃，5kg的水烧开时，水吸收的热量是多少？
（2）普通煤炉完全燃烧煤的质量有多大？
（3）双加热煤炉的烧水效率有多大？
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式求水吸收的热量；
（2）知道普通煤炉的烧水效率，利用η可得煤完全燃烧放出的热量；已知煤的热值，利用Q放＝mq可得普通煤炉完全燃烧煤的质量。
（3）由题知，双加热煤炉还可额外把炉壁间10kg水从20℃加热至40℃，根据吸热公式求出炉壁间水吸收的热量；由题意可知，壶内水吸收热量不变，则可求出双加热煤炉中水吸收的总热量（有用能量）；由题意可知，双加热煤炉中煤完全燃烧放出的热量不变，根据η′求出双加热煤炉的烧水效率。
【解答】解：（1）1标准大气压下水的沸点为100℃，
把壶内20℃，5kg水烧开，水吸收的热量：
Q吸＝c水m水Δt1＝4.2×103J/（kg ℃）×5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×106J；
（2）普通煤炉的烧水效率为28%，由η可得煤完全燃烧放出的热量：
Q放6×106J，
由Q放＝mq可得普通煤炉完全燃烧煤的质量：
m煤0.2kg；
（3）由题可知，双加热煤炉还可额外把炉壁间10kg水从20℃加热至40℃，
则炉壁间水吸收的热量：
Q吸′＝c水m水′Δt2＝4.2×103J/（kg ℃）×10kg×（40℃﹣20℃）＝8.4×105J，
而壶内水的初温、末温以及质量均不变，则壶内水吸收热量不变，
所以，双加热煤炉中水吸收的总热量：
Q吸总＝Q吸+Q吸′＝1.68×106J+8.4×105J＝2.52×106J；
由题意可知，双加热煤炉与普通煤炉消耗煤的质量相等，则这些煤完全燃烧放出的热量不变，
所以，双加热煤炉的烧水效率：
η′100%100%＝42%。
答：（1）水吸收的热量是1.68×106J；
（2）普通煤炉完全燃烧煤的质量为0.2kg；
（3）双加热煤炉的烧水效率为42%。
【点评】本题考查了吸热公式Q吸＝cmΔt、燃料完全燃烧放热公式Q放＝mq以及热效率公式的综合应用，难点是第3小题，根据题意分析得出“壶内水吸收热量不变、煤完全燃烧放出的热量不变”是解答该小题的关键所在。
27．（2025秋 杭州期中）新能源油电混合动力汽车工作模式为：纯电模式行驶时，内燃机不工作，由蓄电池提供能量；混动模式行驶时，内燃机工作，既可以给汽车行驶提供能量，还可以给蓄电池充电。若汽车以混动模式在平直公路上匀速行驶100km消耗12L的燃料。已知燃料的密度ρ＝0.75×103kg/m3，请计算：
（1）若燃料的热值为4.6×107J/kg，则燃料完全燃烧12L放出多少J的热量？
（2）若燃料完全燃烧放出的热量用来给水箱中的防冻液加热，加热效率为50%，使防冻液温度升高从20℃升高到70℃，求防冻液的质量？[防冻液的比热容为4×103J/（kg ℃）]
【答案】（1）若燃料的热值为4.6×107J/kg，则燃料完全燃烧放出4.14×108J的热量；
（2）若燃料完全燃烧放出的热量用来给水箱中的防冻液加热，加热效率为50%，使防冻液从20℃升高到70℃，防冻液的质量为1035kg。
【分析】（1）根据密度公式算出燃料的质量，根据Q放＝mq计算燃料完全燃烧放出的热量；
（2）根据效率公式算出防冻液吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt计算防冻液的质量。
【解答】解：（1）燃料的质量为：m＝ρV＝0.75×103kg/m3×12×10﹣3m3＝9kg；
燃料完全燃烧放出的热量为：
Q放＝mq＝9kg×4.6×107J/kg＝4.14×108J；
（2）防冻液吸收的热量为：
Q吸＝Q放η′＝4.14×108J×50%＝2.07×108J，
防冻液的质量：
m液1035kg。
答：（1）若燃料的热值为4.6×107J/kg，则燃料完全燃烧放出4.14×108J的热量；
（2）若燃料完全燃烧放出的热量用来给水箱中的防冻液加热，加热效率为50%，使防冻液从20℃升高到70℃，防冻液的质量为1035kg。
【点评】本题考查了热量和效率的计算，要求学生能够灵活运用公式进行计算。
28．（2025秋 杭州期中）工作人员采取了部分页岩气样品，经初步检测该页岩气样品中的天然气含量为90%，为了确定其中是否还含有其它可燃性成分，现在在实验室进一步对其进行热值测试：假设所取样品气体的体积为1L，用它烧水，使得1kg的水温度升高了5℃，已知检测所用的烧水炉的效率为70%，天然气的热值为4.0×107J/m3．（ρ水＝1.0×103kg/m3）请根据以上信息计算：
（1）检测过程中，水吸收的热量是多少？
（2）检测过程中，页岩气样品所释放的热量是多少？
（3）该页岩气样品的热值为多少？
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式Q吸＝cmΔt求水吸收的热量；
（2）根据公式Q放计算放出的热量；
（3）根据公式q计算页岩气样品的热值。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×5℃＝2.1×104J。
（2）页岩气样品所释放的热量：
Q放3×104J；
（3）1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，所以该页岩气样品的热值：
q3×107J/m3。
答：
（1）检测过程中，水吸收的热量是2.1×104J；
（2）检测过程中，页岩气样品所释放的热量是3×104J；
（3）该页岩气样品的热值是3×107J/m3。
【点评】本题考查热量的计算公式及灵活运用，解答此题的关键是知道相关的计算公式。
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【真题汇编·冲刺期中】九年级上册科学期中专项复习训练
必刷07 内能
温度、热量与内能的关系
1．（2025秋 钱塘区期中）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D．物体的温度越高，所含热量越多
2．（2025秋 永康市校级期中）下列关于温度、热量和内能的说法中，正确的是（　　）
A．质量一定的物体温度升高，内能一定增加 B．质量一定的物体吸收热量，温度一定升高
C．质量一定的物体放出热量，温度一定降低 D．质量一定的物体内能增加，一定吸收了热量
3．（2025秋 上城区校级期中）下列关于温度、内能和热量的描述中，正确的是（　　）
A．物体吸收热量时，温度一定升高
B．做功和热传递都能改变物体的内能
C．物体的内能越大，其含有的热量就越多
D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
4．（2025秋 上城区校级期中）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度越高，含有的热量越多
B．热量总是从内能多的物体转移到内能少的物体
C．温度高的物体内能大，温度低的物体内能小
D．物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
5．（2025秋 杭州期中）有关温度、热量、内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高
B．一般物体都具有内能，但超低温物体没有内能
C．物体内能减少时，温度不一定降低，但一定是放出了热量
D．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加
6．（2025秋 临平区期中）关于热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．0℃的物体没有内能 B．水的温度越高，所含热量越多
C．内能大小与温度无关 D．物体具有内能，也可以同时具有机械能
改变物体内能的两种方式
7．（2025秋 杭州校级期中）如图所示，用充气的气球模拟“喷气火箭”，松开手指后，球内气体向后喷出，气球向前运动。此过程中（　　）
A．气球的弹性势能增大
B．球内气体内能减小
C．喷出的气体热运动加剧
D．外界对气球内气体做功
8．（2025秋 萧山区校级期中）如图所示，在一个厚壁玻璃筒里放入一块浸有少量乙醚的可燃物，用力把活塞快速压下，可燃物就会燃烧起来，据此分析下列说法正确的是（　　）
A．所选可燃物的着火点应点较高
B．活塞压缩筒内气体，使乙醚汽化放热
C．缓慢压下活塞也能得到相同实验结果
D．活塞压缩筒内气体时做功，使气体内能增大
9．（2025秋 舟山期中）如图，瓶内装有少量水和酒精，用气筒打气，瓶塞跳出，同时瓶内出现大量白雾。瓶塞跳出时，瓶内气体做功和温度变化情况描述正确的是（　　）
A．气体对外界做功，温度升高
B．气体对外界做功，温度降低
C．外界对气体做功，温度升高
D．外界对气体做功，温度降低
10．（2025秋 永康市校级期中）图为某种椅子与其升降部分的结构示意图，M、N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，当人坐上椅子，在M向下滑动的过程中（　　）
A．气体对外界做功，气体内能增大
B．外界对气体做功，气体内能减小
C．气体对外界做功，气体内能减小
D．外界对气体做功，气体内能增大
11．（2024秋 瓯海区校级期中）如图所示，取一个配有活塞的厚玻璃筒，选择一团可燃物置于筒内，压下活塞。为了可燃物更易燃烧，关于所选可燃物的着火点及对活塞的操作正确的是（　　）
A．着火点低，缓慢下压 B．着火点高，缓慢下压
C．着火点低，快速下压 D．着火点高，快速下压
12．（2023秋 钱塘区校级期中）如图所示，给试管里的水加热，水沸腾后，水蒸气推动软木塞迅速冲出管口，下列说法正确的是（　　）
A．是通过做功方式使试管中水的内能增加
B．水蒸气内能增加，温度升高，在试管口液化成小水滴
C．水蒸气推动软木塞冲出过程能量转化情况与内燃机压缩冲程相同
D．水蒸气对木塞做功，水蒸气内能减少，温度降低，在试管口液化成小水滴
13．（2025秋 上城区校级期中）很多同学在课间玩扭转矿泉水瓶的游戏，如图所示，在瓶里装有少量的水，盖紧瓶盖，使劲拧瓶的下部，使其严重变形，然后略松开瓶盖（对着没人的方向），瓶盖弹出数米远，观察到瓶口和瓶内有白雾产生。下列分析正确的是（　　）
A．用力拧瓶的下部时瓶内气体内能减少，温度升高
B．用力拧瓶的下部时瓶内气体内能增加，温度降低
C．瓶盖弹出时气体内能减小，温度降低，水蒸气液化
D．瓶盖弹出时气体内能增加，温度降低，水蒸气液化
14．（2025秋 拱墅区校级期中）如图甲装置所示，探究“做功改变物体内能”，该装置由圆底烧瓶、温度传感器、橡皮塞、橡皮管、打气筒等组成。向圆底烧瓶内注入适量酒精，使用打气筒向烧瓶内打气，根据传感器数据采集的数据，电脑处理得到如图乙所示图像。
（1）结合乙图分析，描述打气筒打气5秒后出现的实验现象____________________ 。
（2）有同学认为，图乙中BC段对应发生情况与热机中做功冲程相似，请说出相似处：____________________ ；以下改变内能的方式中，与BC段不相同的是：_____ 。
A．用锤子敲打钉子时，钉子变热 B．水沸腾时，水蒸气将壶盖顶起
C．从滑滑梯上处滑落，臀部变热 D．用酒精灯给水加热，水温升高
（3）在用本装置进行实验时能否去掉瓶内的酒精？请判断并说明理由：____________________ 。
15．（2025秋 鹿城区校级期中）巡航导弹从发射到击中目标可以分为如图所示的三个阶段。经过前两个阶段的加速，导弹的速度可以增大到接近音速、甚至超音速。在第一阶段末端采用掠海飞行，发动机的推力与阻力平衡，弹翼的升力与重力平衡。可以实现匀速、超低空、超远距离飞行，直至击中目标。
（1）巡航导弹在发射开伞阶段，飞行轨迹为曲线，在该过程中导弹是否处于平衡状态？_____ 。
（2）在俯冲加速阶段，燃料持续燃烧，导弹速度继续增大。请从功或能量转化的角度来解释此现象。__________________________________________________________________________________。
（3）在末端采用掠海飞行阶段，若该导弹的发动机提供的推力为800牛，导弹以720千米/时的速度匀速飞行。则计算60秒内发动机的功率。
比热容的概念及其计算
16．（2025秋 婺城区校级期中）最近气温大幅度下降，家庭取暖设备投入使用。图甲为油汀取暖器，当中的导热油尤为关键，要求通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（　　）
A．c甲＞c乙，选乙材料 B．c甲＞c乙，选甲材料
C．c甲＜c乙，选乙材料 D．c甲＜c乙，选甲材料
17．（2025秋 三台县期中）以下过程不发生物态变化，初温和质量相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的高，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　）
A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
D．甲的末温比乙的低，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
18．（2025秋 西湖区校级期中）甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃吸收热量如图所示，甲、乙、丙三个物体的比热容由大到小排列是（　　）
A．c甲＞c乙＞c丙 B．c甲＞c丙＞c乙
C．c乙＞c甲＞c丙 D．c乙＞c丙＞c甲
19．（2025秋 杭州期中）轩轩用相同的实验装置分别加热质量相同的甲、乙两种液体，实验时绘制了温度随时间变化的关系图像如图所示，由图可知，第8min后，甲液体发生的物态变化名称是_______ ；甲、乙两种液体比热容之比为________ ；0～10min，两种液体吸收的热量之比为________ 。
20．（2024秋 杭州校级期中）“摇摇杯”是一类深受学生喜爱的饮水杯，市面上的“摇摇杯”工作原理也不尽相同。现有某种“摇摇杯”，它是利用特殊装置将摇动水杯的能量收集并转化为电能用于加热杯子里的水。已知该种摇摇杯的容量为500mL，水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）。
（1）如果摇摇杯中装满25℃的水，要使水温升高至30℃，杯中的水需要吸收多少能量。
（2）假设上述水升温所需能量都来自于摇动杯子所做的功，水平摇动杯子的力平均为50N，水平摇动一次的幅度为0.5m。则至少需要水平摇动多少次才能达到上述水温。
影响物体吸、放热的因素
21．（2025秋 宁波期中）如图甲所示，用规格相同的电加热器分别给初温相同的a液体和b液体加热，已知b液体的质量是a液体的1.5倍。图乙为ab两种液体的温度随加热时间变化的关系图象。
（1）加热液体后，为了记录实验数据，除图甲中的实验器材以外，还需要的一种测量工具是_______ 。
（2）0～t1这段时间内，a液体吸收的热量_______ （填“大于”、“等于”或“小于”）b液体吸收的热量。
（3）a液体与b液体的比热容之比是_________ 。
22．（2025秋 三台县期中）如图是实验小组比较不同物质吸热情况的实验装置。
（1）实验时在图Ⅰ中应量取_______相等的甲、乙两种液体，为了完成该实验，除了图中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和_________。
（2）甲、乙液体吸收热量的多少可以通过_______（选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映。
（3）为了比较甲、乙液体的吸热本领，小明提出两种比较方案。
①让两者升高相同的温度比较加热时间
②让两者加热相同时间比较升高的温度
在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是________（选填“①”“②”或“①和②”）。
（4）若乙液体的比热容为4.2×103J/（kg.℃），利用图Ⅱ中数据可以计算出甲液体的比热容为___________J/（kg.℃）。
23．（2024秋 绵阳期中）如图是小明学习了热量与比热容之后，对探究“不同物质吸热能力”和“不同燃料燃烧放热能力”的实验设计的装置图：
（一）在“探究物质的吸热能力”实验中，将A和B两种液体分别装在两个相同的烧杯中，两杯液体的质量相同。用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。
（1）实验中，可以通过比较 _________（选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少。
（2）由图象可知，A、B两种液体的比热容之比是 ________ 。
（二）在“不同燃料燃烧放热能力”的实验中，如图2：
（3）燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过 ____________ （选填“温度计示数变化”或“加热时间长短”）来反映的。
（4）在实验中两种燃料完全燃烧完之前都使得水沸腾了。为避免这种情况的出现，请对该组提出一条改进建议 ____________________ 。
24．（2025秋 西湖区校级期中）如图是探究“比较水和煤油吸收热量时温度升高快慢”的实验装置，该实验运用了控制变量法，下列对各个步骤中的控制变量要求不正确的是（　　）
A．酒精灯火焰大小必须相同 B．水和煤油的初温必须相同
C．水和煤油质量必须相同 D．盛放水和煤油的容器必须相同
热量、热值、热效率的计算
25．（2025秋 杭州校级期中）室温为10℃时，小宁利用如图所示装置验证“外界对物体做功，可以使物体的内能增加”。小宁用平均为50牛的力将活塞压下12厘米，发现底部浸有0.001千克乙醚的棉花并没有出现燃烧现象。（乙醚的比热容约为1.8×103J/（kg ℃），着火点为160℃）
（1）求小宁对活塞的做功大小。
（2）0.001千克乙醚温度从10℃升高到着火点至少需要吸收多少热量？
（3）小宁的实验没有成功，请帮助他分析原因。（至少写出两点）
26．（2025秋 上城区校级期中）如图甲所示，1个标准大气压下，普通煤炉把壶内20℃，5kg的水烧开需完全燃烧一定质量的煤，此过程中，烧水效率为28%．为提高煤炉效率，浙江大学创意小组设计了双加热煤炉，如图乙所示，在消耗等量煤烧开壶内初温相同、等量水的过程中，还可额外把炉壁间10kg水从20℃加热至40℃．[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg ℃）]，以上过程中问：
（1）普通煤炉把壶内20℃，5kg的水烧开时，水吸收的热量是多少？
（2）普通煤炉完全燃烧煤的质量有多大？
（3）双加热煤炉的烧水效率有多大？
27．（2025秋 杭州期中）新能源油电混合动力汽车工作模式为：纯电模式行驶时，内燃机不工作，由蓄电池提供能量；混动模式行驶时，内燃机工作，既可以给汽车行驶提供能量，还可以给蓄电池充电。若汽车以混动模式在平直公路上匀速行驶100km消耗12L的燃料。已知燃料的密度ρ＝0.75×103kg/m3，请计算：
（1）若燃料的热值为4.6×107J/kg，则燃料完全燃烧12L放出多少J的热量？
（2）若燃料完全燃烧放出的热量用来给水箱中的防冻液加热，加热效率为50%，使防冻液温度升高从20℃升高到70℃，求防冻液的质量？[防冻液的比热容为4×103J/（kg ℃）]
28．（2025秋 杭州期中）工作人员采取了部分页岩气样品，经初步检测该页岩气样品中的天然气含量为90%，为了确定其中是否还含有其它可燃性成分，现在在实验室进一步对其进行热值测试：假设所取样品气体的体积为1L，用它烧水，使得1kg的水温度升高了5℃，已知检测所用的烧水炉的效率为70%，天然气的热值为4.0×107J/m3．（ρ水＝1.0×103kg/m3）请根据以上信息计算：
（1）检测过程中，水吸收的热量是多少？
（2）检测过程中，页岩气样品所释放的热量是多少？
（3）该页岩气样品的热值为多少？
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