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【中考真卷】江苏省南通市2026年中考物理试题
1．2025 年“九三阅兵”令人叹为观止．通过天安门的第一个受阅方阵是三军仪仗队，若判断仪仗队是静止的，则选择的参照物是（　　）
A．第二个受阅方阵 B．天安门
C．人民英雄纪念碑 D．国旗台
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 A：第二个受阅方阵与三军仪仗队运动速度、运动方向均相同，两者之间相对位置不变，所以仪仗队相对于第二个受阅方阵是静止的，故A正确。
B：天安门固定在地面，仪仗队经过天安门时，相对天安门位置不断变化，仪仗队是运动的，故B错误。
C：人民英雄纪念碑固定在地面，仪仗队相对纪念碑位置不断变化，仪仗队是运动的，故C错误。
D：国旗台固定在地面，仪仗队相对国旗台位置不断变化，仪仗队是运动的，故D错误。
故选A。
【分析】 研究物体运动状态时，选取参照物，比较研究对象和参照物之间位置是否改变；位置不变则相对静止，位置改变则相对运动。
2．如图所示，红墨水滴在水中后会自由地散开，这一现象能说明（　　）
A．分子间存在空隙 B．分子在做无规则运动
C．分子间存在引力 D．分子间存在斥力
【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】红墨水滴入水中后自由散开，是扩散现象。
A：分子间存在空隙，扩散现象可以间接说明，但不是该现象直接说明的结论，故A错误；
B：红墨水分子和水分子彼此进入对方，是分子不停地做无规则运动造成的，故B正确；
C：分子间引力，表现为固体难以被拉伸等现象，和扩散无关，故C错误；
D：分子间斥力，表现为固体、液体很难被压缩，和扩散无关，故D错误。
故选B。
【分析】不同物质相互接触，彼此进入对方叫扩散；扩散现象直接证明分子在永不停息地做无规则运动。
3．下列关于科学家及对应科学贡献的描述正确的是（　　）
A．汤姆孙提出了原子核式结构模型
B．帕斯卡创立摄氏温标
C．奥斯特最早发现电磁感应现象
D．沈括最早发现磁偏角
【答案】D
【知识点】摄氏温度及其计算；地磁场；电磁感应；原子结构；科学家及其贡献
【解析】【解答】 A：原子核式结构模型是卢瑟福提出，汤姆孙发现电子，故A错误。
B：摄氏温标是摄尔修斯创立，帕斯卡发现液体压强规律，故B错误。
C：奥斯特发现电流的磁效应；电磁感应是法拉第发现，故C错误。
D：我国宋代学者沈括最早发现磁偏角，故D正确。
故选D。
【分析】1、卢瑟福：原子核式结构模型；汤姆孙：发现电子；
2、摄尔修斯：摄氏温标；帕斯卡：帕斯卡原理、压强单位；
3、奥斯特：电流的磁效应；法拉第：电磁感应现象；
4、沈括：《梦溪笔谈》最早记载磁偏角。
4．如图所示，将手机放入密闭玻璃罩中并抽气，拨打手机时手机能振铃但铃声渐弱；再将手机分别放在密闭金属盒、塑料盒和纸盒中，发现只有密闭金属盒中的手机无法振铃．则下列判断正确的是（　　）
A．塑料盒能屏蔽电磁波 B．玻璃罩能屏蔽声音的传播
C．声音不能在真空中传播 D．电磁波不能在真空中传播
【答案】C
【知识点】声音的传播条件
【解析】【解答】 A：塑料盒内手机可以振铃，说明电磁波可以穿过塑料盒，塑料盒不能屏蔽电磁波，故A错误。
B：玻璃罩抽气后铃声变弱，不是玻璃罩屏蔽声音传播，是罩内空气变少，故B错误。
C：玻璃罩不断抽气，空气减少，铃声逐渐减弱，推理得出真空不能传声，故C正确。
D：玻璃罩抽成真空，手机依然能收到信号振动，说明电磁波可以在真空中传播，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音传播需要介质，真空不能传声。
2、电磁波可以在真空中传播，金属盒能够屏蔽电磁波，塑料、纸盒不能屏蔽电磁波。
5．关于“探究水沸腾前后的特点”实验，下列说法正确的是（　　）
A．用初温较高的水可加快沸腾 B．用不锈钢水壶更便于观察气泡
C．不加盖子可缩短实验的时间 D．将温度计取出来读数更加方便
【答案】A
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】 A：提高水的初温，水到达沸点吸收的热量更少，可以加快沸腾，故A正确。
B：不锈钢壶不透明，不方便观察气泡，实验选用透明烧杯，故B错误。
C：不加盖子会导致热量散失，延长实验时间，加盖子才能缩短实验时间，故C错误。
D：温度计读数时不能取出，取出后受空气温度影响，读数不准确，故D错误。
故选A。
【分析】1、探究水沸腾实验，缩短加热时间方法：提高水的初温、减少水的质量、给烧杯加盖。
2、实验容器选用透明烧杯，便于观察水中气泡变化。
3、液体温度计读数时，玻璃泡要继续留在被测液体中。
6．如图所示，在注满水的透明塑料瓶下方侧壁钻一个小孔，打开瓶盖，水从小孔流出；将激光笔正对小孔并打开，光屏上没有出现光点，激光随着弯曲的水流“流”到水槽中，这一现象的主要原理是（　　）
A．光的直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】激光在水流内部不断发生反射，被约束在水流里面传播，顺着弯曲的水流到达水槽，属于光的全反射现象。
A：光沿直线传播，只能在同种均匀介质沿直线，水流弯曲时光不会拐弯，故A错误。
B：光在水和空气的界面不断发生反射，使光沿着弯曲水流传播，故B正确。
C：光的折射是光从一种介质斜射入另一种介质传播方向偏折，不是该现象原理，故C错误。
D：光的色散是白光分解成多种色光，和本题无关，故D错误。
故选B。
【分析】1、光的反射：光遇到介质界面会发生反射；光导纤维、水流导光利用光的全反射（属于光的反射）。
2、光的直线传播：同种均匀介质中光沿直线传播。
3、光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质，传播方向发生偏折。
4、光的色散：白光分解为多种色光的现象。
7．“南水北调”是世界上规模最大且极端复杂的系统工程，如：东线多级泵站群提水总高度达 65 m；中线以隧洞下穿的方式让江水穿越黄河河床，将多处水脉贯通，接力“南水”到北方，大大改善了生态环境．下列解释正确的是（　　）
A．泵站提水运用了阿基米德原理
B．提水过程中水受到的重力做功
C．隧洞下穿黄河利用了连通器原理
D．“南水”加剧了北方的“热岛效应”
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；阿基米德原理；功的计算及应用；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】A：泵站提水依靠水泵的动力，不是阿基米德原理，故A错误。
B：提水时重力方向竖直向下，水向上移动，重力对水做负功，不能说重力做功，故B错误。
C：隧洞下穿黄河，隧洞两端开口、底部相连通，属于连通器，利用连通器原理，故C正确。
D：水的比热容大，增加水体可以调节气温，减轻热岛效应，故D错误。
故选C。
【分析】 1、连通器：上端开口、底部相连通的容器，同种液体静止时各液面保持相平。
2、做功判断：力与物体移动方向同向，力做正功；方向相反，力做负功。
3、水的比热容大，可调节局部气温，缓解热岛效应。
4、阿基米德原理：浸在液体中的物体受到浮力等于排开液体重力，用于浮力相关计算。
8．如图所示，农用无人机正在田间施肥，下列分析正确的是（　　）
A．遥控器通过紫外线实现对无人机的控制
B．在施肥前的升空过程中，无人机的机械能不变
C．螺旋桨高速旋转向下推动空气，获得升力
D．施肥前后，无人机匀速升降时受到的升力相同
【答案】C
【知识点】红外线；机械能守恒条件；匀速直线运动特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：遥控器控制无人机使用电磁波，不是紫外线，故A错误。
B：升空过程，无人机质量不变，高度升高，重力势能增大，速度增大，动能增大，机械能增大，故B错误。
C：螺旋桨向下推空气，力的作用是相互的，空气给螺旋桨向上的反作用力，即为升力，故C正确。
D：施肥过程无人机总质量减小，重力减小；匀速升降时升力等于重力，因此施肥前后升力大小不同，故D错误。
故选C。
【分析】1、无人机遥控依靠电磁波传递信号。
2、机械能=动能+重力势能；动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关。
3、力的作用是相互的：螺旋桨向下对空气施力，空气对螺旋桨施加向上的反作用力，产生升力。
4、物体匀速运动时受力平衡，升力大小等于总重力；施肥时总质量减少，重力变小，升力变小。
9．早在秦代，我国就统一了度量衡，有力推动了社会进步．“度”设分、寸、尺、丈等单位，为十进制，一尺约为 23 cm；“量”设合、升、斗、斛等单位，多为十进制，一升约为 200 mL；“衡”设铢、两、斤、钧等单位，非十进制，1 斤等于 16 两，约为 250 g．下列说法错误的是（　　）
A．度衡组合可测量固体压强
B．量衡组合可测量液体密度
C．课桌的高度在当时约为 3.2 尺
D．当时的 1 两约为现在的 25 g
【答案】D
【知识点】质量的测量与天平的使用；密度公式及其应用；量筒的使用；长度的估测；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 A：“度” 测长度，可算出受力面积；“衡” 测质量，算出压力。根据，度衡组合可以测固体压强，故A正确，不符合题意。
B：“量” 测液体体积，“衡” 测液体质量，由，量衡组合可以测液体密度，故B正确，不符合题意。
C：秦代一尺约 23cm，3.2 尺 = 3.2×23cm =73.6cm，课桌高度大约 70～80cm，符合实际，故C正确，不符合题意。
D：1斤=16两，1 斤约 250g，则1两=250g/16=15.625g，不是 25g，故D 错误，符合题意。
故选 D。
【分析】 1、压强公式，压力 F=G=mg，面积可由长度计算。
2、密度公式，质量用衡测量，体积用量测量。
3、长度单位换算，结合生活估测课桌高度。
4、质量单位换算：秦制 1 斤 = 16 两。
10．如图甲所示是同学们设计的楼道灯的自动开启电路，电源电压为 10 V，R0为电阻箱，将阻值调为 6 kΩ；R 是光敏电阻，其阻值与光照强度的关系图像如图乙所示；当光照强度降低到相对较小的设定值时楼道灯开启，此时控制电压为U0，R 的电功率为．下列说法正确的是（　　）
A．楼道灯开启时的光照强度为 50 lx
B．楼道灯开启时的控制电压
C．若增大 的阻值，则开启楼道灯时的光照强度比设定值大
D．若电源电压减小，则开启楼道灯时的光照强度比设定值小
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】由图甲可知，光敏电阻 R 与电阻箱 R0 串联，电源电压 U=10V，R0=6kΩ，R 的功率 P=4×10-3 W。 串联电路电流处处相等，电路电流 I，总电压 U=UR+U0=IR+IR0。 R 的电功率 P=I2R，代数据入得：P=I2R=4×10-3 W，U=I (R+R0)=10V，R0=6000Ω。 联立方程解得 R=4000Ω=4kΩ 或 R=9000Ω=9kΩ。
当 R=4kΩ，对照乙图，对应光照强度 50lx；
当 R=9kΩ，对应光照强度小于 20lx。
A：楼道灯开启时光照强度为 50lx，此时 R=4kΩ，符合计算，故A正确。
B：U0=IR0，，U0=0.001A×6000Ω=6V；
若 R=9kΩ，，U0=4V，题目条件不足以唯一确定 U0，故B 错误。
C：增大 R0 阻值，要达到同样控制电压 U0，R 需要更小，光照强度更大，开启光照强度大于设定值，故C错误。
D：电源电压减小，要维持 U0 不变，R 需要变大，光照强度更小，开启光照强度小于设定值，故D错误。
故选 A。
【分析】1、串联电路特点：电流相等，总电压等于各部分电压之和。
2、电功率公式：P=I2R，欧姆定律 I=U/R。
3、光敏电阻特性：光照越强，阻值越小；光照越弱，阻值越大。
4、动态电路分析：R0变大，相同 U0 对应的 R 变小；电源电压降低，相同 U0 对应的 R 变大。
11．2026 年 5 月 29 日，神舟二十二号飞船成功返回．飞船返回舱穿越大气层与空气剧烈摩擦，表面的烧蚀材料会发生　 　、汽化、升华等过程，从而达到吸热降温的目的；返回舱离地面 10 km 左右时打开主伞进一步减速，说明力可以改变物体的　 　；高度识别是通过大气压变化进行感应的，利用了大气压随高度的增加而　 　．
【答案】熔化；运动状态；减小
【知识点】熔化与熔化吸热特点；力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】返回舱和空气摩擦产生大量热，烧蚀材料发生熔化、汽化、升华，这三种物态变化都需要吸热，带走大量热量，保护返回舱。 打开主伞后返回舱减速，速度大小发生改变，力可以改变物体的运动状态。
大气压随海拔高度增加而减小，高度越高，大气压越小，据此可以识别高度。
【分析】 1、吸热的物态变化：熔化、汽化、升华；放热：凝固、液化、凝华。返回舱烧蚀层利用多种吸热物态变化降温。
2、力的作用效果：①改变物体形状；②改变物体运动状态（速度大小或运动方向改变）。减速属于改变运动状态。
3、大气压规律：海拔越高，空气越稀薄，大气压越小。
12．如图所示，小强在测量动滑轮的机械效率，纪录的数据如下表所示．
序号 物体受到的重力G/N 物体上升的高度h/m 拉力F/N 机械效率η/%
1 2 0.2 1.5 66.7
2 4 0.2 2.6 　
3 6 0.2 3.7 81.1
4 10 0.2 5.8 86.2
（1）每次实验中绳端移动的距离为　 　m．
（2）第 2 次实验中的有用功为　 　J，机械效率为　 　%（百分号前保留 1 位小数）．
（3）若提升重力为 8 N 的物体，则机械效率更接近　 　（选填“81.1”或“86.2”）%．
【答案】（1）0.4
（2）0.8；76.9
（3）86.2
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】(1) 由图可知动滑轮绳子段数 n=2，物体上升高度 h=0.2m。 绳端移动距离 s=nh=2×0.2m=0.4m。
(2) 有用功 W有=Gh=4N×0.2m=0.8J。 总功W总=Fs=2.6N×0.4m=1.04J。 机械效率。
(3) 动滑轮自重不变，提升物体重力越大，有用功占比越高，机械效率越高。 G=6N 时 η=81.1%，G=10N 时 η=86.2%；8N 介于 6N 和 10N 之间，更靠近 10N，所以机械效率更接近 86.2%。
【分析】动滑轮：绳子段数 n=2，s=nh。
有用功公式：W有=Gh；总功：W总=Fs；机械效率。
动滑轮机械效率规律：动滑轮重力不变，物重越大，机械效率越高。
13．张雪机车多次问鼎世界超级摩托车赛事，打破国外品牌的百年垄断．机车采用的是三缸水冷四冲程发动机，利用循环水冷却是因为水的　 　较大，这是利用　 　的方式改变内能；机车燃烧汽油获取能量，其能量转化不可逆，说明能量转化是有　 　的；机车冲过终点不会立即停下，是因为机车具有　 　．
【答案】比热容；热传递；方向；惯性
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；能量的转化或转移；惯性及其现象
【解析】【解答】水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同温度可以吸收更多热量，适合用作冷却剂。
发动机温度高，冷却水温度低，热量从发动机转移到水，是通过热传递改变物体内能。
能量的转化和转移具有方向性，很多能量转化过程不可逆。
机车冲过终点不会立即停下，是因为机车具有惯性，要保持原来的运动状态继续向前运动。
【分析】1、比热容：水的比热容大，常用于冷却、取暖。
2、改变内能两种方式：做功、热传递；热传递是能量转移，做功是能量转化。
3、能量转化具有方向性，不可逆。
4、惯性：物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性。
14．上半年，“奋斗者”号潜水器圆满完成首次中国—智利载人深潜联合科考，忽略海水的密度变化和流动影响（潜水器下潜和上浮时所受的阻力不变）以及潜水器的体积变化．
（1）潜水器布放后匀速下潜，并用声呐探测周围，声呐利用　 　波工作，下潜过程中潜水器受到的海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”，下同），浮力　 　．
（2）潜水器接近海底时，抛掉质量为m的压载铁后悬浮于海中，潜水器受到的合力为　 　 ；科考结束抛掉剩余压载铁，潜水器匀速上浮，此时它受到的重力为G，则受到的阻力为　 　（用题目中字母表示）．
【答案】（1）超声；变大；不变
（2）0；mg
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；超声波与次声波
【解析】【解答】(1)声呐是利用超声波来探测目标。
液体压强公式 p=ρgh，下潜时深度 h 增大，海水密度 ρ 不变，所以压强变大。
潜水器体积不变，浸没后排开海水体积不变，由 F浮=ρ液gV排可知浮力不变。
(2) 悬浮属于平衡状态，物体受到的合力为 0。
抛掉质量为 m 的压载铁后悬浮，F浮=G总；匀速下潜时：G总+f= F浮，所以阻力 f 等于压载铁重力 mg。匀速上浮时，阻力方向向下，F浮=G新+f，阻力大小不变，仍为mg。
【分析】1、声呐利用超声波；液体压强 p=ρgh，深度越深压强越大。
2、阿基米德原理 F 浮 =ρ 液 gV 排，完全浸没时 V 排不变，浮力不变。
3、平衡状态（匀速直线运动、悬浮、静止）：合力等于 0。
4、阻力大小只与潜水器、海水有关，上浮和下潜时阻力大小不变，方向与运动方向相反。
15．小红用数字化实验装置探究影响滑动摩擦力大小的因素．智能小车内置力传感器，可实时采集拉力大小，最终以数据或图像形式在电脑上呈现．
（1）如图甲所示，小车　 　拉动摩擦块时，可测量滑动摩擦力大小．
（2）将 同 一 摩 擦 块 分 别 放 在 木 板 、 棉 布 和 毛 巾 上 进 行 实 验 ， 测 得 所 用 拉 力 的 大 小 关 系 为F毛巾＞F棉布＞F木板，说明滑动摩擦力大小与接触面的　 　有关．
改变摩擦块的配重继续探究，电脑合成的两次实验的F-t图像如图乙所示，增大配重后的图线是　 　（选填“a ”或“b ”），说明滑动摩擦力的大小还与　 　有关．若提高小车的速度，再拉同一摩擦块进行实验，则滑动摩擦力的大小将　 　．
【答案】（1）匀速直线
（2）粗糙程度；a；压力大小；不变
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1) 小车匀速直线拉动摩擦块时，摩擦块处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力大小相等，此时拉力大小等于滑动摩擦力大小。
(2)在不同粗糙程度接触面上，拉力的大小关系为，所以接触面粗糙程度不同，其余因素相同下，滑动摩擦力和接触面粗糙程度有关；
增大配重，接触面粗糙程度不变，压力变大，滑动摩擦力变大，拉力更大，对应图线 a。
接触面粗糙程度不变，压力改变，滑动摩擦力改变，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关。
滑动摩擦力只与压力大小、接触面粗糙程度有关，与运动速度无关，提高小车速度，滑动摩擦力大小不变。
【分析】 1、二力平衡：物体做匀速直线运动时，水平方向拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
2、滑动摩擦力影响因素：压力大小、接触面粗糙程度；压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
3、滑动摩擦力大小与物体运动速度、接触面积无关。
16．按题目要求作图．
（1）如图甲所示，A＇B＇是物体AB在平面镜中所成的像，请作出物体AB．
（2）如图所示，今年南通舰“回家”，停泊在通海港，请作出军舰的受力示意图。
（3）如图丙所示，将开关和电灯按用电规范接入家庭电路中．
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 (1) 平面镜作图步骤： ① 分别过 A'、B' 向镜面作垂线并延长，根据像与物到平面镜距离相等，找到 A、B 两点； ② 用实线连接 A、B，即为物体 AB，注意物体用实线，垂线画虚线并标注垂直符号。
（2）乙图受力作图：O 为重心，竖直向下画出重力 G；浮力 F 浮竖直向上，作用点也在重心 O。
（3）开关一端接火线，另一端接灯泡顶端金属点；灯泡螺旋套接零线。地线空置，不接入灯泡。原理：开关接火线，断开开关时灯泡不带电，保证安全。
【分析】1、平面镜成像特点：像和物关于镜面对称，物像连线垂直镜面，物像到镜面距离相等；像用虚线，实物用实线，辅助线为虚线。
2、重力方向永远竖直向下；浮力方向竖直向上。
3、家庭电路安全接线规则：开关必须接火线，控制火线；灯泡顶端接开关，螺旋外壳接零线，防止触电。
17．如图所示是苏超吉祥物“苏嘟嘟”，创客小组用环保材料 3D 打印了同比缩小的两个实心吉祥物，测得它们的总质量为 128 g，总体积为100cm3；配上质量为 200 g、底面积为80cm3的基座制成摆件，放在水平桌面上．（g取10N/kg）
（1）求环保材料的密度．
（2）求摆件受到的总重力．
（3）求摆件对桌面的压强．
【答案】（1）解：环保材料的密度。
（2）解：摆件的总质量 m=128 g+200 g=328 g=0.328 kg，
摆件受到的总重力 G=mg=0.328 kg×10 N/kg=3.28 N．
（3）解：摆件对水平桌面的压力F=G=3.28N，
摆件对桌面的压强。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）结合密度公式计算可知 环保材料的密度．
（2）摆件的总质量 m，根据G=mg计算保健的重力；
（3）摆件对桌面的压力等于重力，结合压强公式计算摆件对桌面的压强。
18．小林了解到火力发电的 CO2排放量为 0.8 kg/（kW·h），即每发电 1 kW·h 排放的 CO2的质量为 0.8 kg．他想起奶奶家中的网络电视机顶盒从不关机，周末去奶奶家查到机顶盒的参数为“12 V 1.5 A”
（1）机顶盒正常工作时的电阻为 2 Ω，求它工作 100 s 产生的热量．
（2）现机顶盒每天关闭 20 h，求 30 天能减排的 CO2的质量．
【答案】（1）解：机顶盒正常工作 100 s，结合焦耳定律可知，产生的热量Q=I2Rt=（1.5A）2×2Ω×100s=450J。
（2）解：机顶盒每天关闭 20 h，则每天节约的电能W=Pt'=18×10-3 kW×20h=0.361kW·h。
30 天能减排的co2的质量 m=0.361 kW·h×0.8 kg/（kW·h）×30=8.664 kg．
【知识点】电功的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）机顶盒正常工作 100 s，根据Q=I2Rt计算 机顶盒产生的热量；
（2）结合W=Pt'计算可知每天节约的电能， CO2排放量为 0.8 kg/（kW·h），据此计算 30 天能减排的 CO2的质量 。
19．兴趣小组探究“人眼成像机理”．
（1）图甲中是三个材质相同的凸透镜，同学们把②号透镜固定在光具座上 50 cm 刻度线处，正对着太阳移动光屏，在图乙位置找到最小光斑，则②号透镜的焦距为　 　cm；为模拟人眼成像，保持透镜位置不变，移动蜡烛和光屏，光屏上呈现倒立、　 　的实像．
（2）模拟人眼看远处景象时，应保持　 　（选填“物距”或“像距”）不变，换　 　（选填“①”或“③”）号透镜进行实验．
（3）他们发现上述实验不能连续模拟人眼成像机理，请你提出合理的方案：　 　．
（4）若模拟近视眼成像机理，则你的操作是：　 　，光屏上的像变模糊，戴上合适的眼镜后像再次清晰．
【答案】（1）7；缩小
（2）像距；①
（3）用水凸透镜进行实验
（4）换用焦距更小的凸透镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】(1) 透镜在 50.0cm 刻度线，光斑在 57.0cm 刻度线，焦距 f=57.0cm 50.0cm=7.0cm。
人眼成像原理：物体在 2 倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
(2) 人眼的视网膜位置不变，即像距不变。
看远处物体，晶状体变薄，焦距变大；①号透镜更薄，焦距更大，所以换①。
(3) 水凸透镜可以通过注水、抽水改变透镜厚薄，连续改变焦距，模拟人眼晶状体的调节。
(4) 近视眼成因：晶状体太厚，折光能力太强，像成在光屏前方，光屏上像变模糊，所以向水透镜中注水（换用更厚、焦距更小的凸透镜）可以模拟近视眼成像机理 。
【分析】1、利用太阳光测凸透镜焦距：最小最亮光斑处到透镜光心距离就是焦距。
2、人眼成像：晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，成倒立、缩小实像。看远物：晶状体变薄，焦距变大；看近物：晶状体变厚，焦距变小。视网膜位置固定，即像距不变。
3、水凸透镜实验：改变水量改变厚度，连续改变焦距，模拟晶状体调节，普通玻璃透镜不能连续改变焦距。
4、近视眼成因：晶状体太厚，折光能力强，像成在光屏前方；凹透镜对光发散，用来矫正近视。
20．在“探究串联电路中电流和电压的特点”实验中，器材有：学生电源、开关、电流表、电压表、小灯泡和导线若干．
（1）小军按图甲连接好电路，闭合开关，两灯都不亮，电压表有示数，电流表无示数，则故障是　 　．
（2）排除故障后进行实验，分别测出 L1、L2两端的电压 U1、U2和 L1、L2两端的总电压 U，改变电源电压，测得的数据如下表所示．第 1 次实验中 L1的电阻为　 　Ω；第 3 次实验中的电流如图乙所示，为　 　A；分析数据可得出结论：　 　（用表达式表示）．
序号 电流I/A 电压U/V U1/V U2/V
1 0.24 0.6 0.8 1.4
2 0.28 0.8 1.2 2
3 　 1.1 1.9 3
（3）将电源电压调至 4 V 后，对于“如何继续实验”，同学们展开讨论．
①小华提出利用图甲电路测完 L1两端的电压后，只需改接一根导线便可测量 L1、L2两端的总电压，请在需要改接的导线上打“×”，作出新接的导线　 　．
②小虎认为无需继续实验，他根据前三次实验推导出以下两个数据：A．L2两端的电压为 2.4 V；B．电路中的电流为 0.56 A．你认为小虎的数据　 　（选填“A”“B”或“都不”）正确，理由是　 　．
【答案】（1）断路
（2）2.5；0.32；U=U1+U2
（3）；都不；小灯泡的电阻随温度的升高而增大，L2两端的电压、电路中的电流与电源电压不成线性关系
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】(1)两灯都不亮，电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表两端能连通电源，所以故障是 L1断路。
(2) 第 1 次实验，L1两端电压 U1=0.6V，电流 I=0.24A；。
电流表选用 0～0.6A 量程，分度值 0.02A，指针指在 0.32A 处，读数为 0.32A。
结合表格数据可知串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和，即U=U1+U2。
(3) ① 在电压表接 L2右端的那根导线上打 “×”，将这根导线改接到 L2右侧接线柱（电源正极一侧），使电压表并联在 L1、L2两端，测总电压。
② 小灯泡灯丝电阻随温度升高而增大，不是定值电阻，不能用前面实验的数据直接推导新电压下的电流和分压。
【分析】1、串联电路断路故障判断：电流表无示数→断路；电压表有示数→电压表所测部分断路。
2、欧姆定律 R=U/I；串联电压规律U=U1+U2。
3、小灯泡灯丝电阻随温度升高而变大，电压变化，灯泡功率、温度变化，电阻改变，不能当作定值电阻计算。
21．如图甲所示，“树叶笛”是用树叶做的“乐器”，物理小组对树叶发声展开探究．
（1）探究树叶发声原理时，对树叶吹气，叶子上表面的气流速度大，则树叶可得到一个向　 　的动力；查资料发现，树叶恢复原状时可获得回复力，使树叶持续振动，则“树叶笛”应选择叶面完整、偏薄且　 　（填物质的物理属性）较好的新鲜树叶．
（2）探究树叶发声音调的影响因素时，同学们提出以下猜想．
猜想 1：可能与吹奏的气流速度 有关；
猜想 2：可能与振动长度 （手指间的树叶长度）有关；
猜想 3：可能与吹奏的风力长度 有关．
①依据经验和树叶发声原理可知，猜想 1 正确且气流速度越大，音调越　 　．
②为验证其他猜想，物理小组利用专业软件采集树叶振动的频率 ，用风机提供速度恒定的气流．如图乙所示，出风管 A、B 的进风口用软管与风机相连，出风口的出风厚度相同、长度不同，且出风厚度大于树叶厚度．分别用 A、B 出风口吹树叶，将采集的数据记录在表格中．
序号 出风管 l叶/cm f/HZ
1 　 3 455
2 A 4 323
3 　 5 224
4 　 3 542
5 B 4 332
6 　 5 279
③分析表中　 　三次实验数据可得出结论：在其他条件相同时，树叶发声音调与振动长度有关，振动长度越长，音调越低．
④同学们认为对比表中 1 和 4（或 2 和 5、或 3 和 6）的实验数据，可以验证猜想 3，你认为他们的观点是否正确并说明理由：　 　，　 　．
【答案】（1）上；弹性
（2）高；1、2、3；正确；实验 1 和 4（或 2 和 5、或 3和6）中，气流速度恒定，振动长度 相同，出风长度L风不同，符合控制变量法要求，可探究树叶发声音调与吹奏的风力长度的关系
【知识点】流体压强与流速的关系；音调及音调与频率的关系；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】 (1) 流体流速越大，压强越小；树叶上表面气流速度大，压强小，下表面压强大，树叶受到向上的动力。
树叶要持续振动发声，需要恢复原状，所以需要弹性较好的树叶。
（2） ①气流速度越大，树叶振动越快，频率越高，音调越高。
③探究音调与振动长度的关系，控制出风管相同（风力长度不变），改变树叶振动长度，选择 1、2、3 组或者 4、5、6 组。
④实验 1 和 4（或 2 和 5、或 3和6）中，气流速度恒定，振动长度 相同，出风长度L风不同，符合控制变量法要求，可探究树叶发声音调与吹奏的风力长度的关系。所以正确。
【分析】1、流体压强与流速：流速大的地方压强小。
2、音调由振动频率决定，频率越高音调越高。
3、控制变量法：探究某一因素对音调的影响时，必须保持其他所有条件不变，只改变研究的变量。
22．阅读短文，回答问题．
跨学科实践——设计大棚内部温度控制系统模型
【任务与要求】为营造植物冬季的生长环境，设计温度在 12~28℃内的大棚温控系统．
【设计与交流】图甲是大棚温控系统模型的设计图，控制电路中电源电压恒为 6 V，R1、R2是两种类型的热敏电阻，阻值随温度变化的关系图像如图乙所示．受控电路由两个部分组成，一是由温度、位置传感器和电动机等构成的电动推杆系统，温度、位置传感器等用来控制电动机是否工作及转动方向，产生的推力经铰接点、连杆实现窗户的开启或关闭（如图丙所示）；二是由温度传感器和加热器R3构成的加热系统，R3正常工作时的电阻为96.8 ．温控系统的工作流程如图丁所示．
（1）关于温控系统模型，下列说法错误的是____．
A．电动机工作时主要把电能转化为机械能
B．控制电路中下方电磁铁的P端为N极
C．切换电动机转动方向时，棚内温度的临界值是 28℃
D．棚内温度在 18~27℃范围内时，电动机和加热器都不工作
（2）如图戊所示，连杆缓慢推窗的过程中，窗户可视作杠杆，O为支点，C为窗户重心．若将窗户受到的重力视为阻力，推力F视为动力，则此过程中动力和动力臂的乘积将　 　，理由是　 　．
（3）【实施与评价】用该模型对室内体积为50cm3的大棚进行测试，并进行评价．
大棚的热损耗功率P损（即单位时间内损耗的热量）为 400 W；温控系统启动加热后，棚内空气温度由 12℃升至 18℃，该过程中加热器的加热时间为　 　min；加热器对大棚的加热效率为　 　%．
（4）测试显示该模型的不足之处是：　 　．提出你的改进建议：　 　．
【答案】（1）B
（2）变小；缓慢推窗，杠杆平衡，动力×动力臂=阻力×阻力臂，重力作为阻力大小不变，但阻力臂不断减小，阻力与阻力臂乘积变小，所以动力和动力臂的乘积变小
（3）60；20
（4）无法精确控制棚内温度在 12~28℃内；采用多级温度控制，根据棚内实时温度调节加热器的功率
【知识点】能量的转化或转移；杠杆的平衡条件；电磁继电器的组成、原理和特点；功的计算及应用；能量的利用效率
【解析】【解答】（1） A：电动机工作，电能转化为机械能，故A正确，不符合题意。
B：由安培定则，电流从上端流入，下方电磁铁 P 端为 S 极，不是 N 极，故B错误，符合题意。
C：温度≥28℃，窗户打开；低于 28℃，窗户关闭，切换临界温度是 28℃，故C正确，不符合题意。
D：18～27℃区间，温度高于 18℃加热器不工作，温度低于 28℃窗户不开启，电动机不工作，故D正确，不符合题意。
(2) 缓慢推窗，杠杆平衡，动力×动力臂=阻力×阻力臂，重力作为阻力大小不变，但阻力臂不断减小，阻力与阻力臂乘积变小，所以动力和动力臂的乘积变小。
(3)， 空气密度 ρ=1.2kg/m3，空气比热容 c=1000J/(kg ℃) ，空气的体积为V=50m3，结合密度公式计算空气的质量m=ρV=1.2kg/m3 × 50m3=60kg ，温度变化量为Δt=18℃-12℃=6℃，所以空气吸收热量 Q吸 = cmΔt=1000×60×6=3.6×105 J， 设加热时间为 t，加热器放出热量 Q放=P加热t，热损耗 Q损=P损t ，Q 吸=Q放-Q损 3.6×105J=(500W-400W)×t，t=3600s=60min， Q放= 500W×3600s=1.8×106 J
(4) 不足之处：只能单一控制温度，没有湿度、光照监测；或者温度控制区间固定，不能根据植物不同生长阶段修改阈值；或者窗户只有全开全关两档，无法实现开窗大小连续调节。
改进建议：增加湿度传感器，实现温湿度双控制；增加可调电阻，修改温控临界温度；使用可调节开窗角度的推杆，控制开窗大小。
【分析】 1、安培定则判断电磁铁磁极、电动机能量转化；电磁继电器控制电路。
2、杠杆平衡条件：F 动 L动 = F阻 L阻，缓慢转动视为杠杆始终平衡。阻力不变，阻力臂减小，则阻力 × 阻力臂减小，动力 × 动力臂同步减小。
3、电功率 P=U2/R；吸热公式 Q吸 = cmΔt；热损耗、加热效率综合计算。
4、从功能、精度、可调性角度评价装置优缺点。
1 / 1【中考真卷】江苏省南通市2026年中考物理试题
1．2025 年“九三阅兵”令人叹为观止．通过天安门的第一个受阅方阵是三军仪仗队，若判断仪仗队是静止的，则选择的参照物是（　　）
A．第二个受阅方阵 B．天安门
C．人民英雄纪念碑 D．国旗台
2．如图所示，红墨水滴在水中后会自由地散开，这一现象能说明（　　）
A．分子间存在空隙 B．分子在做无规则运动
C．分子间存在引力 D．分子间存在斥力
3．下列关于科学家及对应科学贡献的描述正确的是（　　）
A．汤姆孙提出了原子核式结构模型
B．帕斯卡创立摄氏温标
C．奥斯特最早发现电磁感应现象
D．沈括最早发现磁偏角
4．如图所示，将手机放入密闭玻璃罩中并抽气，拨打手机时手机能振铃但铃声渐弱；再将手机分别放在密闭金属盒、塑料盒和纸盒中，发现只有密闭金属盒中的手机无法振铃．则下列判断正确的是（　　）
A．塑料盒能屏蔽电磁波 B．玻璃罩能屏蔽声音的传播
C．声音不能在真空中传播 D．电磁波不能在真空中传播
5．关于“探究水沸腾前后的特点”实验，下列说法正确的是（　　）
A．用初温较高的水可加快沸腾 B．用不锈钢水壶更便于观察气泡
C．不加盖子可缩短实验的时间 D．将温度计取出来读数更加方便
6．如图所示，在注满水的透明塑料瓶下方侧壁钻一个小孔，打开瓶盖，水从小孔流出；将激光笔正对小孔并打开，光屏上没有出现光点，激光随着弯曲的水流“流”到水槽中，这一现象的主要原理是（　　）
A．光的直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
7．“南水北调”是世界上规模最大且极端复杂的系统工程，如：东线多级泵站群提水总高度达 65 m；中线以隧洞下穿的方式让江水穿越黄河河床，将多处水脉贯通，接力“南水”到北方，大大改善了生态环境．下列解释正确的是（　　）
A．泵站提水运用了阿基米德原理
B．提水过程中水受到的重力做功
C．隧洞下穿黄河利用了连通器原理
D．“南水”加剧了北方的“热岛效应”
8．如图所示，农用无人机正在田间施肥，下列分析正确的是（　　）
A．遥控器通过紫外线实现对无人机的控制
B．在施肥前的升空过程中，无人机的机械能不变
C．螺旋桨高速旋转向下推动空气，获得升力
D．施肥前后，无人机匀速升降时受到的升力相同
9．早在秦代，我国就统一了度量衡，有力推动了社会进步．“度”设分、寸、尺、丈等单位，为十进制，一尺约为 23 cm；“量”设合、升、斗、斛等单位，多为十进制，一升约为 200 mL；“衡”设铢、两、斤、钧等单位，非十进制，1 斤等于 16 两，约为 250 g．下列说法错误的是（　　）
A．度衡组合可测量固体压强
B．量衡组合可测量液体密度
C．课桌的高度在当时约为 3.2 尺
D．当时的 1 两约为现在的 25 g
10．如图甲所示是同学们设计的楼道灯的自动开启电路，电源电压为 10 V，R0为电阻箱，将阻值调为 6 kΩ；R 是光敏电阻，其阻值与光照强度的关系图像如图乙所示；当光照强度降低到相对较小的设定值时楼道灯开启，此时控制电压为U0，R 的电功率为．下列说法正确的是（　　）
A．楼道灯开启时的光照强度为 50 lx
B．楼道灯开启时的控制电压
C．若增大 的阻值，则开启楼道灯时的光照强度比设定值大
D．若电源电压减小，则开启楼道灯时的光照强度比设定值小
11．2026 年 5 月 29 日，神舟二十二号飞船成功返回．飞船返回舱穿越大气层与空气剧烈摩擦，表面的烧蚀材料会发生　 　、汽化、升华等过程，从而达到吸热降温的目的；返回舱离地面 10 km 左右时打开主伞进一步减速，说明力可以改变物体的　 　；高度识别是通过大气压变化进行感应的，利用了大气压随高度的增加而　 　．
12．如图所示，小强在测量动滑轮的机械效率，纪录的数据如下表所示．
序号 物体受到的重力G/N 物体上升的高度h/m 拉力F/N 机械效率η/%
1 2 0.2 1.5 66.7
2 4 0.2 2.6 　
3 6 0.2 3.7 81.1
4 10 0.2 5.8 86.2
（1）每次实验中绳端移动的距离为　 　m．
（2）第 2 次实验中的有用功为　 　J，机械效率为　 　%（百分号前保留 1 位小数）．
（3）若提升重力为 8 N 的物体，则机械效率更接近　 　（选填“81.1”或“86.2”）%．
13．张雪机车多次问鼎世界超级摩托车赛事，打破国外品牌的百年垄断．机车采用的是三缸水冷四冲程发动机，利用循环水冷却是因为水的　 　较大，这是利用　 　的方式改变内能；机车燃烧汽油获取能量，其能量转化不可逆，说明能量转化是有　 　的；机车冲过终点不会立即停下，是因为机车具有　 　．
14．上半年，“奋斗者”号潜水器圆满完成首次中国—智利载人深潜联合科考，忽略海水的密度变化和流动影响（潜水器下潜和上浮时所受的阻力不变）以及潜水器的体积变化．
（1）潜水器布放后匀速下潜，并用声呐探测周围，声呐利用　 　波工作，下潜过程中潜水器受到的海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”，下同），浮力　 　．
（2）潜水器接近海底时，抛掉质量为m的压载铁后悬浮于海中，潜水器受到的合力为　 　 ；科考结束抛掉剩余压载铁，潜水器匀速上浮，此时它受到的重力为G，则受到的阻力为　 　（用题目中字母表示）．
15．小红用数字化实验装置探究影响滑动摩擦力大小的因素．智能小车内置力传感器，可实时采集拉力大小，最终以数据或图像形式在电脑上呈现．
（1）如图甲所示，小车　 　拉动摩擦块时，可测量滑动摩擦力大小．
（2）将 同 一 摩 擦 块 分 别 放 在 木 板 、 棉 布 和 毛 巾 上 进 行 实 验 ， 测 得 所 用 拉 力 的 大 小 关 系 为F毛巾＞F棉布＞F木板，说明滑动摩擦力大小与接触面的　 　有关．
改变摩擦块的配重继续探究，电脑合成的两次实验的F-t图像如图乙所示，增大配重后的图线是　 　（选填“a ”或“b ”），说明滑动摩擦力的大小还与　 　有关．若提高小车的速度，再拉同一摩擦块进行实验，则滑动摩擦力的大小将　 　．
16．按题目要求作图．
（1）如图甲所示，A＇B＇是物体AB在平面镜中所成的像，请作出物体AB．
（2）如图所示，今年南通舰“回家”，停泊在通海港，请作出军舰的受力示意图。
（3）如图丙所示，将开关和电灯按用电规范接入家庭电路中．
17．如图所示是苏超吉祥物“苏嘟嘟”，创客小组用环保材料 3D 打印了同比缩小的两个实心吉祥物，测得它们的总质量为 128 g，总体积为100cm3；配上质量为 200 g、底面积为80cm3的基座制成摆件，放在水平桌面上．（g取10N/kg）
（1）求环保材料的密度．
（2）求摆件受到的总重力．
（3）求摆件对桌面的压强．
18．小林了解到火力发电的 CO2排放量为 0.8 kg/（kW·h），即每发电 1 kW·h 排放的 CO2的质量为 0.8 kg．他想起奶奶家中的网络电视机顶盒从不关机，周末去奶奶家查到机顶盒的参数为“12 V 1.5 A”
（1）机顶盒正常工作时的电阻为 2 Ω，求它工作 100 s 产生的热量．
（2）现机顶盒每天关闭 20 h，求 30 天能减排的 CO2的质量．
19．兴趣小组探究“人眼成像机理”．
（1）图甲中是三个材质相同的凸透镜，同学们把②号透镜固定在光具座上 50 cm 刻度线处，正对着太阳移动光屏，在图乙位置找到最小光斑，则②号透镜的焦距为　 　cm；为模拟人眼成像，保持透镜位置不变，移动蜡烛和光屏，光屏上呈现倒立、　 　的实像．
（2）模拟人眼看远处景象时，应保持　 　（选填“物距”或“像距”）不变，换　 　（选填“①”或“③”）号透镜进行实验．
（3）他们发现上述实验不能连续模拟人眼成像机理，请你提出合理的方案：　 　．
（4）若模拟近视眼成像机理，则你的操作是：　 　，光屏上的像变模糊，戴上合适的眼镜后像再次清晰．
20．在“探究串联电路中电流和电压的特点”实验中，器材有：学生电源、开关、电流表、电压表、小灯泡和导线若干．
（1）小军按图甲连接好电路，闭合开关，两灯都不亮，电压表有示数，电流表无示数，则故障是　 　．
（2）排除故障后进行实验，分别测出 L1、L2两端的电压 U1、U2和 L1、L2两端的总电压 U，改变电源电压，测得的数据如下表所示．第 1 次实验中 L1的电阻为　 　Ω；第 3 次实验中的电流如图乙所示，为　 　A；分析数据可得出结论：　 　（用表达式表示）．
序号 电流I/A 电压U/V U1/V U2/V
1 0.24 0.6 0.8 1.4
2 0.28 0.8 1.2 2
3 　 1.1 1.9 3
（3）将电源电压调至 4 V 后，对于“如何继续实验”，同学们展开讨论．
①小华提出利用图甲电路测完 L1两端的电压后，只需改接一根导线便可测量 L1、L2两端的总电压，请在需要改接的导线上打“×”，作出新接的导线　 　．
②小虎认为无需继续实验，他根据前三次实验推导出以下两个数据：A．L2两端的电压为 2.4 V；B．电路中的电流为 0.56 A．你认为小虎的数据　 　（选填“A”“B”或“都不”）正确，理由是　 　．
21．如图甲所示，“树叶笛”是用树叶做的“乐器”，物理小组对树叶发声展开探究．
（1）探究树叶发声原理时，对树叶吹气，叶子上表面的气流速度大，则树叶可得到一个向　 　的动力；查资料发现，树叶恢复原状时可获得回复力，使树叶持续振动，则“树叶笛”应选择叶面完整、偏薄且　 　（填物质的物理属性）较好的新鲜树叶．
（2）探究树叶发声音调的影响因素时，同学们提出以下猜想．
猜想 1：可能与吹奏的气流速度 有关；
猜想 2：可能与振动长度 （手指间的树叶长度）有关；
猜想 3：可能与吹奏的风力长度 有关．
①依据经验和树叶发声原理可知，猜想 1 正确且气流速度越大，音调越　 　．
②为验证其他猜想，物理小组利用专业软件采集树叶振动的频率 ，用风机提供速度恒定的气流．如图乙所示，出风管 A、B 的进风口用软管与风机相连，出风口的出风厚度相同、长度不同，且出风厚度大于树叶厚度．分别用 A、B 出风口吹树叶，将采集的数据记录在表格中．
序号 出风管 l叶/cm f/HZ
1 　 3 455
2 A 4 323
3 　 5 224
4 　 3 542
5 B 4 332
6 　 5 279
③分析表中　 　三次实验数据可得出结论：在其他条件相同时，树叶发声音调与振动长度有关，振动长度越长，音调越低．
④同学们认为对比表中 1 和 4（或 2 和 5、或 3 和 6）的实验数据，可以验证猜想 3，你认为他们的观点是否正确并说明理由：　 　，　 　．
22．阅读短文，回答问题．
跨学科实践——设计大棚内部温度控制系统模型
【任务与要求】为营造植物冬季的生长环境，设计温度在 12~28℃内的大棚温控系统．
【设计与交流】图甲是大棚温控系统模型的设计图，控制电路中电源电压恒为 6 V，R1、R2是两种类型的热敏电阻，阻值随温度变化的关系图像如图乙所示．受控电路由两个部分组成，一是由温度、位置传感器和电动机等构成的电动推杆系统，温度、位置传感器等用来控制电动机是否工作及转动方向，产生的推力经铰接点、连杆实现窗户的开启或关闭（如图丙所示）；二是由温度传感器和加热器R3构成的加热系统，R3正常工作时的电阻为96.8 ．温控系统的工作流程如图丁所示．
（1）关于温控系统模型，下列说法错误的是____．
A．电动机工作时主要把电能转化为机械能
B．控制电路中下方电磁铁的P端为N极
C．切换电动机转动方向时，棚内温度的临界值是 28℃
D．棚内温度在 18~27℃范围内时，电动机和加热器都不工作
（2）如图戊所示，连杆缓慢推窗的过程中，窗户可视作杠杆，O为支点，C为窗户重心．若将窗户受到的重力视为阻力，推力F视为动力，则此过程中动力和动力臂的乘积将　 　，理由是　 　．
（3）【实施与评价】用该模型对室内体积为50cm3的大棚进行测试，并进行评价．
大棚的热损耗功率P损（即单位时间内损耗的热量）为 400 W；温控系统启动加热后，棚内空气温度由 12℃升至 18℃，该过程中加热器的加热时间为　 　min；加热器对大棚的加热效率为　 　%．
（4）测试显示该模型的不足之处是：　 　．提出你的改进建议：　 　．
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 A：第二个受阅方阵与三军仪仗队运动速度、运动方向均相同，两者之间相对位置不变，所以仪仗队相对于第二个受阅方阵是静止的，故A正确。
B：天安门固定在地面，仪仗队经过天安门时，相对天安门位置不断变化，仪仗队是运动的，故B错误。
C：人民英雄纪念碑固定在地面，仪仗队相对纪念碑位置不断变化，仪仗队是运动的，故C错误。
D：国旗台固定在地面，仪仗队相对国旗台位置不断变化，仪仗队是运动的，故D错误。
故选A。
【分析】 研究物体运动状态时，选取参照物，比较研究对象和参照物之间位置是否改变；位置不变则相对静止，位置改变则相对运动。
2．【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】红墨水滴入水中后自由散开，是扩散现象。
A：分子间存在空隙，扩散现象可以间接说明，但不是该现象直接说明的结论，故A错误；
B：红墨水分子和水分子彼此进入对方，是分子不停地做无规则运动造成的，故B正确；
C：分子间引力，表现为固体难以被拉伸等现象，和扩散无关，故C错误；
D：分子间斥力，表现为固体、液体很难被压缩，和扩散无关，故D错误。
故选B。
【分析】不同物质相互接触，彼此进入对方叫扩散；扩散现象直接证明分子在永不停息地做无规则运动。
3．【答案】D
【知识点】摄氏温度及其计算；地磁场；电磁感应；原子结构；科学家及其贡献
【解析】【解答】 A：原子核式结构模型是卢瑟福提出，汤姆孙发现电子，故A错误。
B：摄氏温标是摄尔修斯创立，帕斯卡发现液体压强规律，故B错误。
C：奥斯特发现电流的磁效应；电磁感应是法拉第发现，故C错误。
D：我国宋代学者沈括最早发现磁偏角，故D正确。
故选D。
【分析】1、卢瑟福：原子核式结构模型；汤姆孙：发现电子；
2、摄尔修斯：摄氏温标；帕斯卡：帕斯卡原理、压强单位；
3、奥斯特：电流的磁效应；法拉第：电磁感应现象；
4、沈括：《梦溪笔谈》最早记载磁偏角。
4．【答案】C
【知识点】声音的传播条件
【解析】【解答】 A：塑料盒内手机可以振铃，说明电磁波可以穿过塑料盒，塑料盒不能屏蔽电磁波，故A错误。
B：玻璃罩抽气后铃声变弱，不是玻璃罩屏蔽声音传播，是罩内空气变少，故B错误。
C：玻璃罩不断抽气，空气减少，铃声逐渐减弱，推理得出真空不能传声，故C正确。
D：玻璃罩抽成真空，手机依然能收到信号振动，说明电磁波可以在真空中传播，故D错误。
故选C。
【分析】1、声音传播需要介质，真空不能传声。
2、电磁波可以在真空中传播，金属盒能够屏蔽电磁波，塑料、纸盒不能屏蔽电磁波。
5．【答案】A
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】 A：提高水的初温，水到达沸点吸收的热量更少，可以加快沸腾，故A正确。
B：不锈钢壶不透明，不方便观察气泡，实验选用透明烧杯，故B错误。
C：不加盖子会导致热量散失，延长实验时间，加盖子才能缩短实验时间，故C错误。
D：温度计读数时不能取出，取出后受空气温度影响，读数不准确，故D错误。
故选A。
【分析】1、探究水沸腾实验，缩短加热时间方法：提高水的初温、减少水的质量、给烧杯加盖。
2、实验容器选用透明烧杯，便于观察水中气泡变化。
3、液体温度计读数时，玻璃泡要继续留在被测液体中。
6．【答案】B
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】激光在水流内部不断发生反射，被约束在水流里面传播，顺着弯曲的水流到达水槽，属于光的全反射现象。
A：光沿直线传播，只能在同种均匀介质沿直线，水流弯曲时光不会拐弯，故A错误。
B：光在水和空气的界面不断发生反射，使光沿着弯曲水流传播，故B正确。
C：光的折射是光从一种介质斜射入另一种介质传播方向偏折，不是该现象原理，故C错误。
D：光的色散是白光分解成多种色光，和本题无关，故D错误。
故选B。
【分析】1、光的反射：光遇到介质界面会发生反射；光导纤维、水流导光利用光的全反射（属于光的反射）。
2、光的直线传播：同种均匀介质中光沿直线传播。
3、光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质，传播方向发生偏折。
4、光的色散：白光分解为多种色光的现象。
7．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；阿基米德原理；功的计算及应用；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】A：泵站提水依靠水泵的动力，不是阿基米德原理，故A错误。
B：提水时重力方向竖直向下，水向上移动，重力对水做负功，不能说重力做功，故B错误。
C：隧洞下穿黄河，隧洞两端开口、底部相连通，属于连通器，利用连通器原理，故C正确。
D：水的比热容大，增加水体可以调节气温，减轻热岛效应，故D错误。
故选C。
【分析】 1、连通器：上端开口、底部相连通的容器，同种液体静止时各液面保持相平。
2、做功判断：力与物体移动方向同向，力做正功；方向相反，力做负功。
3、水的比热容大，可调节局部气温，缓解热岛效应。
4、阿基米德原理：浸在液体中的物体受到浮力等于排开液体重力，用于浮力相关计算。
8．【答案】C
【知识点】红外线；机械能守恒条件；匀速直线运动特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：遥控器控制无人机使用电磁波，不是紫外线，故A错误。
B：升空过程，无人机质量不变，高度升高，重力势能增大，速度增大，动能增大，机械能增大，故B错误。
C：螺旋桨向下推空气，力的作用是相互的，空气给螺旋桨向上的反作用力，即为升力，故C正确。
D：施肥过程无人机总质量减小，重力减小；匀速升降时升力等于重力，因此施肥前后升力大小不同，故D错误。
故选C。
【分析】1、无人机遥控依靠电磁波传递信号。
2、机械能=动能+重力势能；动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关。
3、力的作用是相互的：螺旋桨向下对空气施力，空气对螺旋桨施加向上的反作用力，产生升力。
4、物体匀速运动时受力平衡，升力大小等于总重力；施肥时总质量减少，重力变小，升力变小。
9．【答案】D
【知识点】质量的测量与天平的使用；密度公式及其应用；量筒的使用；长度的估测；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 A：“度” 测长度，可算出受力面积；“衡” 测质量，算出压力。根据，度衡组合可以测固体压强，故A正确，不符合题意。
B：“量” 测液体体积，“衡” 测液体质量，由，量衡组合可以测液体密度，故B正确，不符合题意。
C：秦代一尺约 23cm，3.2 尺 = 3.2×23cm =73.6cm，课桌高度大约 70～80cm，符合实际，故C正确，不符合题意。
D：1斤=16两，1 斤约 250g，则1两=250g/16=15.625g，不是 25g，故D 错误，符合题意。
故选 D。
【分析】 1、压强公式，压力 F=G=mg，面积可由长度计算。
2、密度公式，质量用衡测量，体积用量测量。
3、长度单位换算，结合生活估测课桌高度。
4、质量单位换算：秦制 1 斤 = 16 两。
10．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】由图甲可知，光敏电阻 R 与电阻箱 R0 串联，电源电压 U=10V，R0=6kΩ，R 的功率 P=4×10-3 W。 串联电路电流处处相等，电路电流 I，总电压 U=UR+U0=IR+IR0。 R 的电功率 P=I2R，代数据入得：P=I2R=4×10-3 W，U=I (R+R0)=10V，R0=6000Ω。 联立方程解得 R=4000Ω=4kΩ 或 R=9000Ω=9kΩ。
当 R=4kΩ，对照乙图，对应光照强度 50lx；
当 R=9kΩ，对应光照强度小于 20lx。
A：楼道灯开启时光照强度为 50lx，此时 R=4kΩ，符合计算，故A正确。
B：U0=IR0，，U0=0.001A×6000Ω=6V；
若 R=9kΩ，，U0=4V，题目条件不足以唯一确定 U0，故B 错误。
C：增大 R0 阻值，要达到同样控制电压 U0，R 需要更小，光照强度更大，开启光照强度大于设定值，故C错误。
D：电源电压减小，要维持 U0 不变，R 需要变大，光照强度更小，开启光照强度小于设定值，故D错误。
故选 A。
【分析】1、串联电路特点：电流相等，总电压等于各部分电压之和。
2、电功率公式：P=I2R，欧姆定律 I=U/R。
3、光敏电阻特性：光照越强，阻值越小；光照越弱，阻值越大。
4、动态电路分析：R0变大，相同 U0 对应的 R 变小；电源电压降低，相同 U0 对应的 R 变大。
11．【答案】熔化；运动状态；减小
【知识点】熔化与熔化吸热特点；力的作用效果；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】返回舱和空气摩擦产生大量热，烧蚀材料发生熔化、汽化、升华，这三种物态变化都需要吸热，带走大量热量，保护返回舱。 打开主伞后返回舱减速，速度大小发生改变，力可以改变物体的运动状态。
大气压随海拔高度增加而减小，高度越高，大气压越小，据此可以识别高度。
【分析】 1、吸热的物态变化：熔化、汽化、升华；放热：凝固、液化、凝华。返回舱烧蚀层利用多种吸热物态变化降温。
2、力的作用效果：①改变物体形状；②改变物体运动状态（速度大小或运动方向改变）。减速属于改变运动状态。
3、大气压规律：海拔越高，空气越稀薄，大气压越小。
12．【答案】（1）0.4
（2）0.8；76.9
（3）86.2
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】(1) 由图可知动滑轮绳子段数 n=2，物体上升高度 h=0.2m。 绳端移动距离 s=nh=2×0.2m=0.4m。
(2) 有用功 W有=Gh=4N×0.2m=0.8J。 总功W总=Fs=2.6N×0.4m=1.04J。 机械效率。
(3) 动滑轮自重不变，提升物体重力越大，有用功占比越高，机械效率越高。 G=6N 时 η=81.1%，G=10N 时 η=86.2%；8N 介于 6N 和 10N 之间，更靠近 10N，所以机械效率更接近 86.2%。
【分析】动滑轮：绳子段数 n=2，s=nh。
有用功公式：W有=Gh；总功：W总=Fs；机械效率。
动滑轮机械效率规律：动滑轮重力不变，物重越大，机械效率越高。
13．【答案】比热容；热传递；方向；惯性
【知识点】做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；能量的转化或转移；惯性及其现象
【解析】【解答】水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同温度可以吸收更多热量，适合用作冷却剂。
发动机温度高，冷却水温度低，热量从发动机转移到水，是通过热传递改变物体内能。
能量的转化和转移具有方向性，很多能量转化过程不可逆。
机车冲过终点不会立即停下，是因为机车具有惯性，要保持原来的运动状态继续向前运动。
【分析】1、比热容：水的比热容大，常用于冷却、取暖。
2、改变内能两种方式：做功、热传递；热传递是能量转移，做功是能量转化。
3、能量转化具有方向性，不可逆。
4、惯性：物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性。
14．【答案】（1）超声；变大；不变
（2）0；mg
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；超声波与次声波
【解析】【解答】(1)声呐是利用超声波来探测目标。
液体压强公式 p=ρgh，下潜时深度 h 增大，海水密度 ρ 不变，所以压强变大。
潜水器体积不变，浸没后排开海水体积不变，由 F浮=ρ液gV排可知浮力不变。
(2) 悬浮属于平衡状态，物体受到的合力为 0。
抛掉质量为 m 的压载铁后悬浮，F浮=G总；匀速下潜时：G总+f= F浮，所以阻力 f 等于压载铁重力 mg。匀速上浮时，阻力方向向下，F浮=G新+f，阻力大小不变，仍为mg。
【分析】1、声呐利用超声波；液体压强 p=ρgh，深度越深压强越大。
2、阿基米德原理 F 浮 =ρ 液 gV 排，完全浸没时 V 排不变，浮力不变。
3、平衡状态（匀速直线运动、悬浮、静止）：合力等于 0。
4、阻力大小只与潜水器、海水有关，上浮和下潜时阻力大小不变，方向与运动方向相反。
15．【答案】（1）匀速直线
（2）粗糙程度；a；压力大小；不变
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1) 小车匀速直线拉动摩擦块时，摩擦块处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力大小相等，此时拉力大小等于滑动摩擦力大小。
(2)在不同粗糙程度接触面上，拉力的大小关系为，所以接触面粗糙程度不同，其余因素相同下，滑动摩擦力和接触面粗糙程度有关；
增大配重，接触面粗糙程度不变，压力变大，滑动摩擦力变大，拉力更大，对应图线 a。
接触面粗糙程度不变，压力改变，滑动摩擦力改变，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关。
滑动摩擦力只与压力大小、接触面粗糙程度有关，与运动速度无关，提高小车速度，滑动摩擦力大小不变。
【分析】 1、二力平衡：物体做匀速直线运动时，水平方向拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等。
2、滑动摩擦力影响因素：压力大小、接触面粗糙程度；压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
3、滑动摩擦力大小与物体运动速度、接触面积无关。
16．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 (1) 平面镜作图步骤： ① 分别过 A'、B' 向镜面作垂线并延长，根据像与物到平面镜距离相等，找到 A、B 两点； ② 用实线连接 A、B，即为物体 AB，注意物体用实线，垂线画虚线并标注垂直符号。
（2）乙图受力作图：O 为重心，竖直向下画出重力 G；浮力 F 浮竖直向上，作用点也在重心 O。
（3）开关一端接火线，另一端接灯泡顶端金属点；灯泡螺旋套接零线。地线空置，不接入灯泡。原理：开关接火线，断开开关时灯泡不带电，保证安全。
【分析】1、平面镜成像特点：像和物关于镜面对称，物像连线垂直镜面，物像到镜面距离相等；像用虚线，实物用实线，辅助线为虚线。
2、重力方向永远竖直向下；浮力方向竖直向上。
3、家庭电路安全接线规则：开关必须接火线，控制火线；灯泡顶端接开关，螺旋外壳接零线，防止触电。
17．【答案】（1）解：环保材料的密度。
（2）解：摆件的总质量 m=128 g+200 g=328 g=0.328 kg，
摆件受到的总重力 G=mg=0.328 kg×10 N/kg=3.28 N．
（3）解：摆件对水平桌面的压力F=G=3.28N，
摆件对桌面的压强。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）结合密度公式计算可知 环保材料的密度．
（2）摆件的总质量 m，根据G=mg计算保健的重力；
（3）摆件对桌面的压力等于重力，结合压强公式计算摆件对桌面的压强。
18．【答案】（1）解：机顶盒正常工作 100 s，结合焦耳定律可知，产生的热量Q=I2Rt=（1.5A）2×2Ω×100s=450J。
（2）解：机顶盒每天关闭 20 h，则每天节约的电能W=Pt'=18×10-3 kW×20h=0.361kW·h。
30 天能减排的co2的质量 m=0.361 kW·h×0.8 kg/（kW·h）×30=8.664 kg．
【知识点】电功的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）机顶盒正常工作 100 s，根据Q=I2Rt计算 机顶盒产生的热量；
（2）结合W=Pt'计算可知每天节约的电能， CO2排放量为 0.8 kg/（kW·h），据此计算 30 天能减排的 CO2的质量 。
19．【答案】（1）7；缩小
（2）像距；①
（3）用水凸透镜进行实验
（4）换用焦距更小的凸透镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】(1) 透镜在 50.0cm 刻度线，光斑在 57.0cm 刻度线，焦距 f=57.0cm 50.0cm=7.0cm。
人眼成像原理：物体在 2 倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
(2) 人眼的视网膜位置不变，即像距不变。
看远处物体，晶状体变薄，焦距变大；①号透镜更薄，焦距更大，所以换①。
(3) 水凸透镜可以通过注水、抽水改变透镜厚薄，连续改变焦距，模拟人眼晶状体的调节。
(4) 近视眼成因：晶状体太厚，折光能力太强，像成在光屏前方，光屏上像变模糊，所以向水透镜中注水（换用更厚、焦距更小的凸透镜）可以模拟近视眼成像机理 。
【分析】1、利用太阳光测凸透镜焦距：最小最亮光斑处到透镜光心距离就是焦距。
2、人眼成像：晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，成倒立、缩小实像。看远物：晶状体变薄，焦距变大；看近物：晶状体变厚，焦距变小。视网膜位置固定，即像距不变。
3、水凸透镜实验：改变水量改变厚度，连续改变焦距，模拟晶状体调节，普通玻璃透镜不能连续改变焦距。
4、近视眼成因：晶状体太厚，折光能力强，像成在光屏前方；凹透镜对光发散，用来矫正近视。
20．【答案】（1）断路
（2）2.5；0.32；U=U1+U2
（3）；都不；小灯泡的电阻随温度的升高而增大，L2两端的电压、电路中的电流与电源电压不成线性关系
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】(1)两灯都不亮，电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表两端能连通电源，所以故障是 L1断路。
(2) 第 1 次实验，L1两端电压 U1=0.6V，电流 I=0.24A；。
电流表选用 0～0.6A 量程，分度值 0.02A，指针指在 0.32A 处，读数为 0.32A。
结合表格数据可知串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和，即U=U1+U2。
(3) ① 在电压表接 L2右端的那根导线上打 “×”，将这根导线改接到 L2右侧接线柱（电源正极一侧），使电压表并联在 L1、L2两端，测总电压。
② 小灯泡灯丝电阻随温度升高而增大，不是定值电阻，不能用前面实验的数据直接推导新电压下的电流和分压。
【分析】1、串联电路断路故障判断：电流表无示数→断路；电压表有示数→电压表所测部分断路。
2、欧姆定律 R=U/I；串联电压规律U=U1+U2。
3、小灯泡灯丝电阻随温度升高而变大，电压变化，灯泡功率、温度变化，电阻改变，不能当作定值电阻计算。
21．【答案】（1）上；弹性
（2）高；1、2、3；正确；实验 1 和 4（或 2 和 5、或 3和6）中，气流速度恒定，振动长度 相同，出风长度L风不同，符合控制变量法要求，可探究树叶发声音调与吹奏的风力长度的关系
【知识点】流体压强与流速的关系；音调及音调与频率的关系；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】 (1) 流体流速越大，压强越小；树叶上表面气流速度大，压强小，下表面压强大，树叶受到向上的动力。
树叶要持续振动发声，需要恢复原状，所以需要弹性较好的树叶。
（2） ①气流速度越大，树叶振动越快，频率越高，音调越高。
③探究音调与振动长度的关系，控制出风管相同（风力长度不变），改变树叶振动长度，选择 1、2、3 组或者 4、5、6 组。
④实验 1 和 4（或 2 和 5、或 3和6）中，气流速度恒定，振动长度 相同，出风长度L风不同，符合控制变量法要求，可探究树叶发声音调与吹奏的风力长度的关系。所以正确。
【分析】1、流体压强与流速：流速大的地方压强小。
2、音调由振动频率决定，频率越高音调越高。
3、控制变量法：探究某一因素对音调的影响时，必须保持其他所有条件不变，只改变研究的变量。
22．【答案】（1）B
（2）变小；缓慢推窗，杠杆平衡，动力×动力臂=阻力×阻力臂，重力作为阻力大小不变，但阻力臂不断减小，阻力与阻力臂乘积变小，所以动力和动力臂的乘积变小
（3）60；20
（4）无法精确控制棚内温度在 12~28℃内；采用多级温度控制，根据棚内实时温度调节加热器的功率
【知识点】能量的转化或转移；杠杆的平衡条件；电磁继电器的组成、原理和特点；功的计算及应用；能量的利用效率
【解析】【解答】（1） A：电动机工作，电能转化为机械能，故A正确，不符合题意。
B：由安培定则，电流从上端流入，下方电磁铁 P 端为 S 极，不是 N 极，故B错误，符合题意。
C：温度≥28℃，窗户打开；低于 28℃，窗户关闭，切换临界温度是 28℃，故C正确，不符合题意。
D：18～27℃区间，温度高于 18℃加热器不工作，温度低于 28℃窗户不开启，电动机不工作，故D正确，不符合题意。
(2) 缓慢推窗，杠杆平衡，动力×动力臂=阻力×阻力臂，重力作为阻力大小不变，但阻力臂不断减小，阻力与阻力臂乘积变小，所以动力和动力臂的乘积变小。
(3)， 空气密度 ρ=1.2kg/m3，空气比热容 c=1000J/(kg ℃) ，空气的体积为V=50m3，结合密度公式计算空气的质量m=ρV=1.2kg/m3 × 50m3=60kg ，温度变化量为Δt=18℃-12℃=6℃，所以空气吸收热量 Q吸 = cmΔt=1000×60×6=3.6×105 J， 设加热时间为 t，加热器放出热量 Q放=P加热t，热损耗 Q损=P损t ，Q 吸=Q放-Q损 3.6×105J=(500W-400W)×t，t=3600s=60min， Q放= 500W×3600s=1.8×106 J
(4) 不足之处：只能单一控制温度，没有湿度、光照监测；或者温度控制区间固定，不能根据植物不同生长阶段修改阈值；或者窗户只有全开全关两档，无法实现开窗大小连续调节。
改进建议：增加湿度传感器，实现温湿度双控制；增加可调电阻，修改温控临界温度；使用可调节开窗角度的推杆，控制开窗大小。
【分析】 1、安培定则判断电磁铁磁极、电动机能量转化；电磁继电器控制电路。
2、杠杆平衡条件：F 动 L动 = F阻 L阻，缓慢转动视为杠杆始终平衡。阻力不变，阻力臂减小，则阻力 × 阻力臂减小，动力 × 动力臂同步减小。
3、电功率 P=U2/R；吸热公式 Q吸 = cmΔt；热损耗、加热效率综合计算。
4、从功能、精度、可调性角度评价装置优缺点。
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