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【2026年秋季】苏科版物理九年级上学期期中仿真模拟试卷B卷
一、单选题每题2分，共20分
1．如图所示，用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重0.5N）。下列说法正确的是（　　）
A．本实验要做多次，目的是求平均值减小误差
B．图丙，杠杆始终在水平位置保持平衡，弹簧测力计从a转到b时示数变大
C．图乙，在A、B处各去掉相同数量的钩码，则杠杆右端下降
D．图甲，杠杆停留在图中位置，此时杠杆处于不平衡状态
2．小明设计了如图所示的装置来进行“探究滑动摩擦力的影响因素”实验，水平传送带的速度可以调节，定滑轮与绳的摩擦忽略不计。对于该实验，以下说法正确的是（　　）
A．木块受到静摩擦力
B．定滑轮能改变力的方向和大小
C．木块受到的摩擦力方向为水平向左
D．当传送带速度变大，木块所受摩擦力也变大
3．如图，学校各教室都配置了饮水机，班委小芳将放置在地面上标有“15kg”的一桶水安装到饮水机上，小芳所做的功最接近（　　）
A．7.5J B．75J C．150J D．300J
4．如图甲所示，物体在10 N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向右做直线运动。固定于地面的传感器发出的超声波遇到运动的物体被反射回传感器，传感器通过计算机显示出物体在水平方向通过的距离随时间变化的s-t图像，如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．物体做减速运动 B．传感器相对于物体是静止的
C．0~15s内拉力做的功为300J D．物体受到的摩擦力小于10N
5． 一位同学从一楼走到二楼用了10s，他的体重约为500N， 楼层高3m。则该同学上楼过程中克服重力做功的功率约为(　　)
A．15W B．150W C．1500W D．15000W
6．如图所示，用滑轮组提升重为的重物，绳子自由端在拉力的作用下竖直匀速上升了，用时，为。动滑轮重。下列说法正确的是（　　）
A．重物上升的速度为 B．拉力的功率为
C．滑轮组的额外功为 D．滑轮组的机械效率为90%
7．2026年6月横州市云表镇发生了严重的洪涝灾害，志愿者利用无人机运送物品投放到灾民手中，无人机在运送救灾物资加速升空的过程中（　　）
A．重力势能和动能都增大 B．重力势能和动能都减小
C．重力势能减小，动能增大 D．重力势能增大，动能减小
8．图为某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。由图像可知，该物质（ ）
A．在 t1 时刻的内能为零
B．在 t2、t3 时刻的内能相等
C．在 t2 时刻的内能比在 t3 时刻的小
D．在 t3 时刻的分子动能比在 t4 时刻的大
9．某固态物体的质量为m，其物质的比热容为c，用稳定的热源对它加热(物体在相同时间内吸收的热量相等)，到t3时刻停止加热，然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度，最后绘制出温度随时间变化的图像(如图所示)。下列说法正确的是(　　)
A．在0~t2时间段，该物体吸收的热量为
B．在t2~t4时间段，该物质的比热容先增大后减小
C．在t4~t5时间段，该物体放出的热量为
D．该物质在t5~t6时间段的比热容等于在0~t1时间段的比热容
10．如图所示，加热试管使水沸腾后，橡皮塞被水蒸气冲出试管口，落回地面，下列说法正确的是（　　）
A．水被加热的过程中，内能是通过做功的方式改变的
B．橡皮塞被推出过程中，其动能是由水蒸气的内能转化而来的
C．橡皮塞被推出的过程，能量转化方式与汽油机压缩冲程相同
D．橡皮塞下落过程中，重力势能减少，机械能增加
二、多选题每题2分，共6分
11．如图为一种蒸汽玩具船。用点燃的蜡烛加热玻璃瓶内的水，一段时间后，水蒸气从玻璃瓶右侧的细管喷出，推动玩具船前进。下列说法正确的是（　　）
A．玩具船漂浮在水面上时，所受的浮力大于所受的重力
B．水蒸气从细管喷出的过程中，玻璃瓶内的气体压强大于瓶外大气压
C．水蒸气向后喷出推动玩具船前进，说明力的作用是相互的
D．水蒸气推动玩具船前进的过程中，内能转化为机械能
12．为比较不同物质吸热的情况，使用相同规格的电加热器分别对质量相同的水和食用油加热，得到温度随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．该实验中物体吸热的多少是通过加热时间来衡量
B．甲和乙升高相同的温度，加热时间之比为3∶2
C．由图分析可得食用油的比热容为
D．吸收相同的热量，液体甲的升温较快，所以更适合作汽车发动机冷却剂
13．工人把重为200N有轮子的箱子推到高处平台，如图所示。图中A、C、H是箱子在三段路面的起点，箱子经过AB、CF、HK路段时均做匀速直线运动，且所受推力方向与所在路面平行。表记录了箱子在三个路段所受推力大小和运动时间的数据。AB=CF，BC=FH，HK=2m，FG=1.3m，忽略箱子体积。则下列分析正确的是（　　）
路段 AB CF HK
推力（N） 10 117 10
时间（s） 13 20 12
A．工人的推力在AB段做功为26J
B．工人的推力在AB段做功与在CF段做功相等
C．工人把箱子从C推到F处，该斜面没有省力
D．工人推力在AB段的功率与在HK段的功率之比为6∶5
三、填空题每空2分，共12分
14． 长征途中，红军战士爬雪山，过草地，克服千难万险，取得伟大胜利。
（1）红军战士过草地时，会放上树枝或匍匐前进，这样做是为了　 　，从而减小压强。
（2）在飞夺泸定桥战斗中，红军战士连续24 h行军120 km，他们的平均速度为　 　。
（3）红军战士谢宝金用绳索背着一台重力为680 N的发电机，登上约4900 m高的夹金山，此过程中他至少要对发电机做　 　J的功。
15．将一个重为4.5N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端(如图所示)。已知斜面倾斜角度为30°，高为0.4m，斜面对物体的摩擦力为0.5N(物体的大小可忽略不计)。则在上述过程中，克服摩擦力做功　 　J，斜面对物体的支持力(未画出)做功　 　J，物体的机械能　 　(选填“变大”“变小”“不变”)。
四、实验探究题每题2分，共24分
16．某同学学习杠杆知识后，用自制杠杆继续探究杠杆的平衡条件，操作如下：
（1）如图甲，在一段细竹杆的中点处打孔，用细线穿过孔，将竹杆悬挂起来，发现左端下沉。出现这种情况的原因可能是____
A．竹杆的质量分布不均匀
B．小孔刚好在竹杆的重心处
C．细线没有系紧
（2）在竹杆一端缠几圈铁丝，调整铁丝匝数和位置，使竹杆水平平衡。则铁丝应该缠在竹杆的　 　 （选填“左”或“右”）端，此时铁丝相当于实验室杠杆上的　 　 。
（3）用细线把钩码（每个钩码重0.5N）悬挂在杠杆两边进行多次实验，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表中。图乙是第3次杠杆平衡时的情境示意图，此时杠杆右侧的阻力F3的数据（表中★处）为　 　 N。
实验次序 动力F1（N） 动力臂L1（cm） 动力F2（N） 动力臂L2（cm） 阻力F3（N） 阻力臂L3（cm） F1L1+F2L2（N cm） F3L3（N cm）
1 0.5 20.0 0.5 10.0 1.0 14.7 15.0 14.7
2 0.5 20.0 1.0 10.0 1.0 20.4 20.0 20.4
3 1.5 20.0 1.0 10.0 ★ 19.8 40.0 …
（4）分析表中数据，在误差允许范围内，可以得到多个力作用时杠杆的平衡条件是：　 　 （用表中的字母表示）。
17．小明利用如图所示的装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”。他将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，会与静止在水平轨道上的木块C发生碰撞，碰撞后木块都会在水平轨道上滑行一定距离后停止。图中的摆长L都相同，，球A、B的质量分别为、（）。
（1）该实验中所探究物体的动能是指　 　（选填“小球”或“木块”）的动能。
（2）在开始探究前，小明将小球A、B同时拉到与竖直方向成相同角度的位置，然后由静止同时释放，观察到它们始终并排摆动且同时到达竖直位置。这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小均　 　（选填“相同”或“不同”），且与小球的质量无关。
（3）小明通过甲、乙所示的探究过程；他观察到B球能将木块C撞得更远，经过思考可得出结论：小球的动能大小与　 　有关。
（4）图乙中小球B到达竖直位置时的速度　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）图丙中小球B到达竖直位置时的速度。如图乙、丙所示，图丙中木块C滑行得更远些，由此可得出结论：当质量相同时，物体的速度　 　，动能越大。
（5）如果水平面绝对光滑，则　 　（选填“能”或“不能”）完成本实验。
（6）在小球撞击木块C以后，如果木块C受到的力突然全部消失，C将做　 　运动。
五、计算题，共12分
18．同学们探访古镇，在河道旁见到了传统农耕装置——水碓。如图甲所示，水碓工作时，水流冲击使水轮转动，水轮轮轴上的拨板竖直向下拨动碓尾，此时另一端的碓头翘起，拨板转过碓尾后，碓头就落下来，锤击稻谷。已知水轮每分钟匀速转动12圈，每转一圈可带动两个碓头一共完成4次锤谷动作，单个碓头质量为10kg，翘起高度为30cm， g取10N/ kg。
（1）若不计碓杆自重，要使碓头翘起，拨板对碓尾的力F1至少是多少
（2）单个碓头完成一次锤谷动作，碓头的重力做功多少
（3）图甲中的水碓装置，持续工作一分钟，碓头锤谷的功率是多少
19．图甲为小东同学设计的测量液体比热容的装置，图乙为某种液体温度与加热时间的关系图像。已知液体体积为，液体密度为，初温为，电加热器的功率为，不计热量损失及吸热升温过程中液体质量的变化。请结合图像解答下列问题：
（1）液体的沸点？第90~180 s液体吸收的热量？
（2）液体的比热容？
六、科普阅读题每空2分，共14分
20．中国某品牌摩托车在2026赛季世界超级摩托车锦标赛中量级组别中多次夺冠，一举打破了欧美日品牌长达数十年的赛道垄断。自主研发的某型发动机最大功率为153马力(1马力约等于736W)，搭载该型发动机的摩托车极限速度突破290km/h，在同排量级别中具有马力最大、车重最轻、底盘最低的核心优势。
（1）摩托车底盘设计得较低，是通过降低　 　增加摩托车的稳定性。
（2）摩托车静止在水平地面上，所受支持力是由于　 　形变产生的(选填“地面”或“轮胎”)。
（3）摩托车静止在水平地面上，在轮胎打气的过程中，轮胎与地面的接触面积变小，摩托车对地面的压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（4）摩托车以216km/h的速度匀速行驶时，发动机的功率为150马力。摩托车行驶 10s，发动机做的功约为　 　J，摩托车的牵引力约为　 　N。如果发动机的功率恒定，在摩托车速度减小时，牵引力将　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（5）为了让摩托车更快地停下来，可以用力捏闸，是通过　 　来增大摩擦力。
七、综合实践题每空2分，共12分
21．如题图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车——木翼双龙。其部分轨道简化示意图如下。已知斜面A点距离水平轨道的高度为30m，乘客的总质量为1200kg，电动机输出40kW的功率不变。不考虑空气阻力，g取10N/kg。请你回答下面的问题：
（1）走进游乐园，以　 　为参照物，气势宏伟的过山车静卧在轨道上；乘客上车后，电动机通过斜面把过山车车厢（含乘客）推上斜面顶端A点，由于　 　，小车越过顶点，并顺利完成整个翻滚穿越过程。
（2）电动机将过山车车厢（含乘客）匀速推上斜面顶端A点需要30s，那么乘客克服重力做的功　 　J；克服过山车车厢与斜面的摩擦力做功　 　J。
（3）过山车车厢从顶端A点由静止释放，沿轨道匀速下滑至最低点B点，机械能　 　（选填“增大”“不变”或“减小”），其原因是车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为　 　。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】A、探究杠杆平衡条件时多次实验，目的是避免实验偶然性，寻找普遍规律，并不是求平均值减小误差，故A错误；
B、图丙中杠杆保持水平平衡，弹簧测力计从a转到b，拉力的力臂逐渐变小；左侧钩码重力以及左侧力臂保持不变，阻力与阻力臂的乘积不变，根据杠杆平衡条件，动力臂减小，则动力就要变大，弹簧测力计示数变大，故B正确；
C、假设每一格长度为L，每个钩码重0.5N；乙图A处3个钩码，力臂是2L；B处2个钩码，力臂是3L；若两边各去掉1个钩码，左边：，右边：，左边力矩更大，杠杆左端下降，故C错误；
D、杠杆静止就属于杠杆平衡状态，图甲杠杆虽然倾斜，但杠杆保持静止，此时杠杆处于平衡状态，故D错误。
故选：B。【分析】杠杆平衡包含静止或者匀速转动；多次实验分寻找普遍规律和减小误差两种目的；弹簧测力计倾斜拉动杠杆时力臂会变短；根据杠杆平衡条件判断杠杆的转动情况。
2．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】A、木块与传送带之间发生相对滑动，木块受到滑动摩擦力，不是静摩擦力，故 A 错误；
B、定滑轮只能改变力的方向，不能改变力的大小，故 B 错误；
C、传送带向左运动，木块相对传送带向右滑动，滑动摩擦力阻碍相对运动，因此木块受到的摩擦力方向水平向左，故 C 正确；
D、滑动摩擦力大小只与压力、接触面粗糙程度有关，与传送带速度无关，速度变大，摩擦力不变，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查静摩擦力与滑动摩擦力区分，存在相对滑动时产生滑动摩擦力；
B、考查定滑轮的作用，定滑轮不省力，仅改变力的方向；
C、考查滑动摩擦力方向判断，摩擦力与物体相对接触面的运动方向相反；
D、考查滑动摩擦力的影响因素，速度不会改变滑动摩擦力大小。
3．【答案】C
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】一桶水的重力约为G=mg=15kg×10N/kg=150N，饮水机的高度约为1m，小芳做的功约为：
W=Gh=150N×1m=150J，
故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】由G=mg求出一桶水的重力，估出饮水机的高度，由功的公式W=Fs得到小芳做功的多少。
4．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；运动和静止的相对性；是否做功的判断；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．图像为过原点的倾斜直线时，说明物体的路程随时间均匀变化，物体做匀速直线运动，并非减速运动，因此A错误；
B．物体向右运动，传感器固定在地面上，传感器和物体之间的相对位置不断发生变化，因此传感器相对于物体是运动的，因此B错误；
C．在这段时间内，物体运动的路程为，拉力做的功为，因此C正确；
D．物体做匀速直线运动时受力平衡，水平方向上拉力与摩擦力大小相等，因此物体受到的摩擦力，因此D错误。
故选C。
【分析】1. 本题综合考查 s t 图像、运动的相对性、功的计算、二力平衡；看懂 s t 图像是解题基础，倾斜直线代表匀速直线运动，水平线段代表物体静止。
2. 运动的相对性：判断物体运动还是静止，要看被研究物体与参照物之间位置是否发生改变，位置改变则为运动，位置不变则为静止。
3. 功的计算公式：W=Fs，计算时 F 为作用在物体上的力，s 为物体沿力方向移动的距离，单位要统一，力用 N，距离用 m，功单位为 J。
4. 二力平衡条件：物体匀速直线运动或者静止时处于平衡状态，同一方向上两个力大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线上。
5．【答案】B
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知， 该同学上楼过程中克服重力做功W=Gh=500N×3m=1500J；
克服重力做功的功率为：。
故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据W=Gh计算克服重力做功，根据公式计算克服重力做功的功率。
6．【答案】D
【知识点】功率的计算；滑轮组及其工作特点；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】A、由图可知，，绳子自由端移动距离，重物上升高度。重物上升速度，故A错误；
B、拉力做的总功，拉力的功率，故B错误；
C、滑轮组做的有用功W有=Gh=810N×3m=2430J，额外功W额=W-W有=2700J-2430J=270J，故C错误；
D、有用功，机械效率，故D正确。
故选：D。 【分析】先确定承担物重绳子段数，根据绳子自由端距离求出物体上升高度，再分别计算有用功、总功、功率、额外功与机械效率。
7．【答案】A
【知识点】动能大小的比较；动能和势能的大小变化
【解析】【解答】无人机加速升空，携带物资质量不变。加速：速度变大，动能增大；升空：高度变大，重力势能增大。所以重力势能和动能都增大，故A正确，B、C、D错误。
故答案为：A。
【分析】1、动能：物体由于运动具有的能；动能与质量、速度有关。质量不变时，速度越大，动能越大。
2、重力势能：物体由于高度所具有的能；重力势能与质量、高度有关。质量不变时，高度越高，重力势能越大。
8．【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；内能的概念
【解析】【解答】A.一切物体都有内能，则t1时刻的内能不为零，故A错误；
BCD.根据图片可知，加热时间t2＜t3，则在t2时刻的内能比在t3时刻的小；加热时间t3＜t4，则在t4时刻的内能比在t4时刻的小，故C正确，而BD错误。
故选C。
【分析】A.一切物体都有内能；
BCD.在对物体加热过程中，吸收的热量与加热时间成正比，即加热时间越长，吸收的热量越多。
9．【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】A.根据图象可知，0-t1时间内，物质的温度升高，则物质吸收的热量可以用公式cm△t来求解。但是t1～t2处于熔化阶段，温度不变、不可以用该公式求解，故A错误；
B.根据图象可知，t2～t4时间段内，物质均处于液态，由于物质种类和状态保持不变，因此它的比热容不变，故B错误；
C.根据图象可知，在0～t1时间段，所用时间为t1，温度从T1升高到T2，则该物体吸收的热量为Q吸1=cm（T2-T1），
用稳定的热源对它加热，则物体在相同时间内吸收的热量相等，
则单位时间内物体吸收的热量：，
在t1～t2时间段，物质处于熔化过程中，所用时间为t2-t1，
则该晶体在熔化过程中吸收的热量：，
该晶体在t4～t5时间段处于凝固过程中，
对一定质量的晶体来说，凝固时放出的热量与熔化时吸收的热量相等，
所以，在t4～t5时间段，该物体放出的热量为：
，故C错误；
D.根据图象可知，该物质在t5～t6和0-t1时间段内，均处于固态，因此比热容相等，故D正确。
故选D。
【分析】A.当物体温度升高或降低时，可根据Q=cm△t计算吸收或放出的热量；
BD.比热容表示物质的吸放热本领大小，只与物质的种类和状态有关；
C.相同的热源在相同时间内放出相同的热量，即放出的热量与时间成正比，据此分析解答。
10．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】A、酒精灯对试管里面的水加热，火焰的热量转移给水，水的内能增大，这是通过热传递的方式改变内能，不是做功，故A错误；
B、试管内高温高压的水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气的内能减小，橡皮塞获得速度，动能增大，橡皮塞的动能是由水蒸气的内能转化而来的，故B正确；
C、橡皮塞被推出时是内能转化为机械能；汽油机压缩冲程是机械能转化为内能，二者的能量转化相反；汽油机做功冲程才和本实验一致，故C错误；
D、橡皮塞下落过程当中，高度降低，重力势能减少；空气阻力会消耗一部分机械能，机械能是减小的，故D错误。
故选：B。
【分析】改变物体内能有做功和热传递两种方式；橡皮塞冲出试管是内能转化为机械能；结合汽油机冲程以及机械能变化进行判断。
11．【答案】B,C,D
【知识点】内能的利用及其意义；力作用的相互性；大气压强的存在
【解析】【解答】A、玩具船漂浮在水面上，根据漂浮条件，物体漂浮时浮力等于自身重力，故A错误；
B、水蒸气能够向外喷出，说明玻璃瓶内的气体压强大于瓶外的大气压，内外形成压强差，气体向外喷出，故B正确；
C、水蒸气向后喷出，水蒸气对船施加向前的反作用力使船前进，可以说明力的作用是相互的，故C正确；
D、高温高压的水蒸气对外做功，推动船向前运动，将水蒸气的内能转化为玩具船的机械能，故D正确。
故选：BCD。
【分析】利用漂浮条件、内外压强大小关系、力的相互性、做功时的能量转化分析。
12．【答案】A,C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A．加热器相同，单位时间放热相同，物体吸收热量相同。利用了转换法，用加热时间代表吸热量，故A正确；
BC．图中，甲和乙升高相同温度，甲加热2min，乙加热了3min，加热时间之比为2∶3，由，质量、升高相同温度，比热容与吸收的热量成正比，即，乙物质的比热容大，是水的图像，即油的比热容为，故B错误，C正确；
D．甲升温快，比热容小，吸收能力弱，不适合做冷却剂，冷却剂的比热容大，能吸收更多热量而升温慢，乙升温慢，比热容大，适合做冷却剂，故D错误。
故选 AC。
【分析】质量和温度差相同时，物体的加热时间越长，吸收热量越多， 吸热能力越强；结合已知的比热容，根据吸收热量的关系，计算比热容的大小。
13．【答案】A,D
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 A.根据图片可知，斜面与水平面的夹角为30°，根据三角函数的知识可知：，则AB=CF=2FG=2×1.3m=2.6m；
根据表格可知，AB受到推力10N，
则工人的推力在AB段做功为：WAB=FABsAB=10N×2.6m=26J，故A正确；
B.工人在CF段受力117N，则工人做的功为：WCF=FCF×sCF=117N×2.6m=304.2J，与AB段做的功不相同，故B错误；
C.箱子的重力为200N，人把箱子从C推到F处时推力为1117N，比较可知，使用该斜面省力，故C错误；
D.综上所示，工人推AB段的功率为：；
HK段的功率为：；
则AB段的功率与在HK段的功率之比为，故D正确。
故选AD。
【分析】 AB.根据图片和表格确定距离和推力，然后根据功的公式W=Fs进行计算。
C.将斜面上的推力和物体的重力比较大小，从而判断斜面是否省力；
D.根据功率的公式计算功率后作比即可。
14．【答案】（1）增大受力面积
（2）5
（3）3332000
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 压强公式为，压力 F 不变时，增大受力面积 S，可以减小压强。放树枝或匍匐前进，是在压力不变的情况下，增大受力面积，减小对草地的压强，防止陷入沼泽。
(2) 已知路程 s=120 km，时间 t=24 h 平均速度
(3) 克服重力做功 W=Gh，G=680 N，h=4900m，克服重力做功为W=Gh=680 N × 4900 m=3332000 J
【分析】 1、压强公式 p=F/S；减小压强的方法：压力一定，增大受力面积；受力面积一定，减小压力。
2、平均速度计算公式 v=s/t，路程、时间、速度单位配套使用。
3、克服重力做功公式 W=Gh；竖直提升物体时，至少做功等于克服物体重力所做的功。
15．【答案】0.4；0；变大
【知识点】机械能及其转化；功的计算及应用
【解析】【解答】斜面倾角 30°，斜面长，克服摩擦力做功。
斜面对物体的支持力垂直斜面向上，物体运动方向沿斜面向上，力与移动距离方向相互垂直，支持力不做功，做功为。
物体匀速运动，动能不变，高度增加，重力势能增大。机械能等于动能与势能之和，所以物体的机械能变大。
故答案为：；0；变大；
【分析】考查斜面长度推导与克服摩擦做功计算，30° 直角三角形，斜面长是高的 2 倍，利用计算额外功。
考查做功的两个必要条件，有力、且物体在力的方向上移动距离，力和位移垂直时不做功。
考查机械能变化判断，动能由质量、速度决定，重力势能由质量、高度决定，机械能为动能加重力势能。
16．【答案】（1）A
（2）右；平衡螺母
（3）2.0
（4）F1L1+F2L2=F3L3
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1） 在中点打孔悬挂竹杆，左端下沉，竹杆的质量分布不均匀会造成左右两边重力不等；若小孔刚好在重心，杠杆应当水平静止；细线没有系紧只会造成悬挂不稳，不会固定左端下沉，故选A。
（2）竹杆左端下沉，左端重，应当在右端缠绕铁丝增加右端的重力，以此调节杠杆水平平衡；此时铁丝相当于实验室杠杆上的平衡螺母；
（3） 根据杠杆平衡条件，代入第3次实验数据：；；；
（4） 分析表格中的实验数据，在误差允许范围内多个力作用时杠杆的平衡条件是【分析】（1）悬挂后左端下沉，说明左边偏重，竹杆本身质量分布不均匀；
（2）左端下沉，需要在右端增加重力来调平，铁丝的作用等同于杠杆实验的平衡螺母；
（3）多个动力作用下杠杆平衡，满足；
（4）分析表格多组实验数据归纳平衡关系式。
17．【答案】（1）小球
（2）相同
（3）质量
（4）小于；越大
（5）不能
（6）匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中让小球从斜面上某点由静止滚下，撞击在水平面上的木块，通过木块被推动距离s的大小，可以通过比较小球对木块做功的多少来比较小球动能的大小，所以实验中所探究物体的动能是指小球的动能；
（2）将小球A、B同时拉到与竖直方向成相同角度的位置，然后由静止同时释放，观察到它们始终并排摆动且同时到达竖直位置，这说明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小均相同，且与小球的质量无关。
（3）甲乙实验中，小球摆动到竖直位置的速度相同，B球质量更大，把木块撞得更远，说明动能更大，因此得出结论：小球动能大小与质量有关。
（4）摆长相同时，释放时摆线与竖直方向的夹角越大，小球释放的高度越高，到达竖直位置的速度就越大，已知θ1＜θ2，因此乙图中小球B的速度小于丙图中小球B的速度；
乙、丙控制了小球质量相同，速度越大时木块滑行越远，可得结论：当质量相同时，物体的速度越大，动能越大。
（5）如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将不会受到阻力，木块会一直做匀速直线运动，则无法通过比较木块的滑行距离来比较小球的动能大小，所以不能完成本实验。
（6）根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，原本运动的物体会保持匀速直线运动状态，木块被撞击后是运动的，若所有力突然消失，木块将做匀速直线运动。
【分析】（1）实验中采用转换法，通过木块被推动距离的大小，比较小球对木块做功的多少，判断小球动能的大小，这用到了转换法；
（2）根据两球并排摆动且同时到达竖直位置分析；
（3）比较甲、乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；
（4）比较乙、丙两图速度的大小，根据小球被撞的距离比较出动能的大小，从而得出结论；
（5）如果水平面光滑，无法根据距离的大小判定动能的大小；
（6）根据牛顿第一定律，物体在不受力时，将保持匀速直线运动状态或静止状态。对于一个运动着的物体来讲，当外力突然消失时，它只可能做匀速直线运动。
18．【答案】（1）雕头重力 G= mg=10kg×10N/ kg=100N
要使碓头翘起，根据杠杆平衡条件 有：
F1×0.4m=G×1m

（2）雕头翘起高度h=30cm=0.3m
碓头重力做功 W= Gh=100N×0.3m=30J
（3）解： 工作一分钟，碓头做的总功
碓头锤谷的功率
【知识点】功率的计算；杠杆的平衡条件；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 先算出碓头重力作为杠杆阻力，代入杠杆平衡公式变形求出最小动力；
（2）碓头从30cm 高处下落锤谷，重力竖直向下，下落高度为0.3m，直接代入重力做功公式计算；
（3） 先算出一分钟内所有锤谷动作的总重力做功，再用总功除以60秒得到做功功率。
19．【答案】（1）解：由图像可知液体温度达到后继续吸热，温度保持不变，
所以液体沸点是；90~180s 的时间，不计热量损失，
电流产生的热量全部被液体吸收，
（2）解：液体体积，
液体质量。0~90s，
加热时间，
吸收热量，
温度变化，
由变形得
【知识点】热量的计算
【解析】【分析】（1）本题考查沸腾特点与电热计算，需理解沸腾时吸热温度不变，会利用计算电加热器放出的热量；
（2）本题考查密度公式、吸热公式的综合计算，会根据密度求液体质量，利用吸热公式变形求解比热容，抓住不计热损失，电热等于液体吸收热量这个条件。
20．【答案】（1）重心
（2）地面
（3）变大
（4）；；变大
（5）增大压力
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】(1)降低重心可以提升物体稳定程度，摩托车底盘较低，是通过降低重心增加稳定性。
故答案为：重心；
(2)支持力是地面发生弹性形变，想要恢复原状对摩托车产生的弹力，施力物体是地面，形变物体为地面。
故答案为：地面；
(3)摩托车对地面压力等于自身重力，大小不变；轮胎打气后接触面积变小，根据，压强变大。
故答案为：变大；
(4)1马力，总功率
①发动机做功：
②速度换算：，由得牵引力
③功率恒定，由可知，速度减小时，牵引力变大。
故答案为：；；变大；
(5)用力捏闸，增大刹车闸皮与车轮之间的压力，在接触面粗糙程度不变时，增大滑动摩擦力。
故答案为：增大压力；
【分析】(1)本题考查提高稳度的方法：降低重心、增大支撑面。
(2)本题考查弹力产生原因，弹力由施力物体发生形变产生。
(3)本题考查固体压强，压力不变，受力面积减小，压强增大。
(4)本题考查功率公式、，功率不变时牵引力与速度成反比。
(5)本题考查滑动摩擦力影响因素，增大压力可增大摩擦力。
21．【答案】（1）轨道；惯性
（2）；
（3）减小；内能
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）若以轨道（地面、周边高楼均可）为参照物，过山车的位置没有发生改变，因此它是静止的；当小车越过轨道顶点后，由于惯性，它会保持原有的运动状态继续运动，从而顺利完成翻滚穿越的过程。
（2）乘客克服重力所做的功为：
电动机做的总功为：
整个过程中克服摩擦力做的功为：
（3）过山车下滑过程中，车厢需要不断克服摩擦力做功，一部分机械能会转化为内能，因此总的机械能会减小。
【分析】 1. 运动和静止的相对性，判断物体运动还是静止，看物体相对于参照物位置是否发生变化；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性。
2. 克服重力做功公式 W=Gh=mgh；总功公式 W=Pt；能量守恒，总功等于克服重力做功与克服摩擦力做功之和。
3. 机械能变化判断，存在摩擦阻力时，机械能转化为内能，机械能减小；不计摩擦阻力，机械能守恒。
（1）以轨道（或地面、附近的高楼）为参照物，过山车的位置没有变化，是静止的；小车越过顶点后，由于惯性，会保持原来的运动状态，顺利完成翻滚穿越过程。
（2）乘客克服重力做的功
电动机做的总功
克服摩擦力做的功
（3）下滑过程中车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能会减小。
1 / 1【2026年秋季】苏科版物理九年级上学期期中仿真模拟试卷B卷
一、单选题每题2分，共20分
1．如图所示，用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重0.5N）。下列说法正确的是（　　）
A．本实验要做多次，目的是求平均值减小误差
B．图丙，杠杆始终在水平位置保持平衡，弹簧测力计从a转到b时示数变大
C．图乙，在A、B处各去掉相同数量的钩码，则杠杆右端下降
D．图甲，杠杆停留在图中位置，此时杠杆处于不平衡状态
【答案】B
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】A、探究杠杆平衡条件时多次实验，目的是避免实验偶然性，寻找普遍规律，并不是求平均值减小误差，故A错误；
B、图丙中杠杆保持水平平衡，弹簧测力计从a转到b，拉力的力臂逐渐变小；左侧钩码重力以及左侧力臂保持不变，阻力与阻力臂的乘积不变，根据杠杆平衡条件，动力臂减小，则动力就要变大，弹簧测力计示数变大，故B正确；
C、假设每一格长度为L，每个钩码重0.5N；乙图A处3个钩码，力臂是2L；B处2个钩码，力臂是3L；若两边各去掉1个钩码，左边：，右边：，左边力矩更大，杠杆左端下降，故C错误；
D、杠杆静止就属于杠杆平衡状态，图甲杠杆虽然倾斜，但杠杆保持静止，此时杠杆处于平衡状态，故D错误。
故选：B。【分析】杠杆平衡包含静止或者匀速转动；多次实验分寻找普遍规律和减小误差两种目的；弹簧测力计倾斜拉动杠杆时力臂会变短；根据杠杆平衡条件判断杠杆的转动情况。
2．小明设计了如图所示的装置来进行“探究滑动摩擦力的影响因素”实验，水平传送带的速度可以调节，定滑轮与绳的摩擦忽略不计。对于该实验，以下说法正确的是（　　）
A．木块受到静摩擦力
B．定滑轮能改变力的方向和大小
C．木块受到的摩擦力方向为水平向左
D．当传送带速度变大，木块所受摩擦力也变大
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；探究影响摩擦力大小因素的实验；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】A、木块与传送带之间发生相对滑动，木块受到滑动摩擦力，不是静摩擦力，故 A 错误；
B、定滑轮只能改变力的方向，不能改变力的大小，故 B 错误；
C、传送带向左运动，木块相对传送带向右滑动，滑动摩擦力阻碍相对运动，因此木块受到的摩擦力方向水平向左，故 C 正确；
D、滑动摩擦力大小只与压力、接触面粗糙程度有关，与传送带速度无关，速度变大，摩擦力不变，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查静摩擦力与滑动摩擦力区分，存在相对滑动时产生滑动摩擦力；
B、考查定滑轮的作用，定滑轮不省力，仅改变力的方向；
C、考查滑动摩擦力方向判断，摩擦力与物体相对接触面的运动方向相反；
D、考查滑动摩擦力的影响因素，速度不会改变滑动摩擦力大小。
3．如图，学校各教室都配置了饮水机，班委小芳将放置在地面上标有“15kg”的一桶水安装到饮水机上，小芳所做的功最接近（　　）
A．7.5J B．75J C．150J D．300J
【答案】C
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】一桶水的重力约为G=mg=15kg×10N/kg=150N，饮水机的高度约为1m，小芳做的功约为：
W=Gh=150N×1m=150J，
故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】由G=mg求出一桶水的重力，估出饮水机的高度，由功的公式W=Fs得到小芳做功的多少。
4．如图甲所示，物体在10 N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向右做直线运动。固定于地面的传感器发出的超声波遇到运动的物体被反射回传感器，传感器通过计算机显示出物体在水平方向通过的距离随时间变化的s-t图像，如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．物体做减速运动 B．传感器相对于物体是静止的
C．0~15s内拉力做的功为300J D．物体受到的摩擦力小于10N
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；运动和静止的相对性；是否做功的判断；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．图像为过原点的倾斜直线时，说明物体的路程随时间均匀变化，物体做匀速直线运动，并非减速运动，因此A错误；
B．物体向右运动，传感器固定在地面上，传感器和物体之间的相对位置不断发生变化，因此传感器相对于物体是运动的，因此B错误；
C．在这段时间内，物体运动的路程为，拉力做的功为，因此C正确；
D．物体做匀速直线运动时受力平衡，水平方向上拉力与摩擦力大小相等，因此物体受到的摩擦力，因此D错误。
故选C。
【分析】1. 本题综合考查 s t 图像、运动的相对性、功的计算、二力平衡；看懂 s t 图像是解题基础，倾斜直线代表匀速直线运动，水平线段代表物体静止。
2. 运动的相对性：判断物体运动还是静止，要看被研究物体与参照物之间位置是否发生改变，位置改变则为运动，位置不变则为静止。
3. 功的计算公式：W=Fs，计算时 F 为作用在物体上的力，s 为物体沿力方向移动的距离，单位要统一，力用 N，距离用 m，功单位为 J。
4. 二力平衡条件：物体匀速直线运动或者静止时处于平衡状态，同一方向上两个力大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线上。
5． 一位同学从一楼走到二楼用了10s，他的体重约为500N， 楼层高3m。则该同学上楼过程中克服重力做功的功率约为(　　)
A．15W B．150W C．1500W D．15000W
【答案】B
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知， 该同学上楼过程中克服重力做功W=Gh=500N×3m=1500J；
克服重力做功的功率为：。
故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据W=Gh计算克服重力做功，根据公式计算克服重力做功的功率。
6．如图所示，用滑轮组提升重为的重物，绳子自由端在拉力的作用下竖直匀速上升了，用时，为。动滑轮重。下列说法正确的是（　　）
A．重物上升的速度为 B．拉力的功率为
C．滑轮组的额外功为 D．滑轮组的机械效率为90%
【答案】D
【知识点】功率的计算；滑轮组及其工作特点；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】A、由图可知，，绳子自由端移动距离，重物上升高度。重物上升速度，故A错误；
B、拉力做的总功，拉力的功率，故B错误；
C、滑轮组做的有用功W有=Gh=810N×3m=2430J，额外功W额=W-W有=2700J-2430J=270J，故C错误；
D、有用功，机械效率，故D正确。
故选：D。 【分析】先确定承担物重绳子段数，根据绳子自由端距离求出物体上升高度，再分别计算有用功、总功、功率、额外功与机械效率。
7．2026年6月横州市云表镇发生了严重的洪涝灾害，志愿者利用无人机运送物品投放到灾民手中，无人机在运送救灾物资加速升空的过程中（　　）
A．重力势能和动能都增大 B．重力势能和动能都减小
C．重力势能减小，动能增大 D．重力势能增大，动能减小
【答案】A
【知识点】动能大小的比较；动能和势能的大小变化
【解析】【解答】无人机加速升空，携带物资质量不变。加速：速度变大，动能增大；升空：高度变大，重力势能增大。所以重力势能和动能都增大，故A正确，B、C、D错误。
故答案为：A。
【分析】1、动能：物体由于运动具有的能；动能与质量、速度有关。质量不变时，速度越大，动能越大。
2、重力势能：物体由于高度所具有的能；重力势能与质量、高度有关。质量不变时，高度越高，重力势能越大。
8．图为某物质熔化过程中温度随时间变化的图像。由图像可知，该物质（ ）
A．在 t1 时刻的内能为零
B．在 t2、t3 时刻的内能相等
C．在 t2 时刻的内能比在 t3 时刻的小
D．在 t3 时刻的分子动能比在 t4 时刻的大
【答案】C
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；内能的概念
【解析】【解答】A.一切物体都有内能，则t1时刻的内能不为零，故A错误；
BCD.根据图片可知，加热时间t2＜t3，则在t2时刻的内能比在t3时刻的小；加热时间t3＜t4，则在t4时刻的内能比在t4时刻的小，故C正确，而BD错误。
故选C。
【分析】A.一切物体都有内能；
BCD.在对物体加热过程中，吸收的热量与加热时间成正比，即加热时间越长，吸收的热量越多。
9．某固态物体的质量为m，其物质的比热容为c，用稳定的热源对它加热(物体在相同时间内吸收的热量相等)，到t3时刻停止加热，然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度，最后绘制出温度随时间变化的图像(如图所示)。下列说法正确的是(　　)
A．在0~t2时间段，该物体吸收的热量为
B．在t2~t4时间段，该物质的比热容先增大后减小
C．在t4~t5时间段，该物体放出的热量为
D．该物质在t5~t6时间段的比热容等于在0~t1时间段的比热容
【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】A.根据图象可知，0-t1时间内，物质的温度升高，则物质吸收的热量可以用公式cm△t来求解。但是t1～t2处于熔化阶段，温度不变、不可以用该公式求解，故A错误；
B.根据图象可知，t2～t4时间段内，物质均处于液态，由于物质种类和状态保持不变，因此它的比热容不变，故B错误；
C.根据图象可知，在0～t1时间段，所用时间为t1，温度从T1升高到T2，则该物体吸收的热量为Q吸1=cm（T2-T1），
用稳定的热源对它加热，则物体在相同时间内吸收的热量相等，
则单位时间内物体吸收的热量：，
在t1～t2时间段，物质处于熔化过程中，所用时间为t2-t1，
则该晶体在熔化过程中吸收的热量：，
该晶体在t4～t5时间段处于凝固过程中，
对一定质量的晶体来说，凝固时放出的热量与熔化时吸收的热量相等，
所以，在t4～t5时间段，该物体放出的热量为：
，故C错误；
D.根据图象可知，该物质在t5～t6和0-t1时间段内，均处于固态，因此比热容相等，故D正确。
故选D。
【分析】A.当物体温度升高或降低时，可根据Q=cm△t计算吸收或放出的热量；
BD.比热容表示物质的吸放热本领大小，只与物质的种类和状态有关；
C.相同的热源在相同时间内放出相同的热量，即放出的热量与时间成正比，据此分析解答。
10．如图所示，加热试管使水沸腾后，橡皮塞被水蒸气冲出试管口，落回地面，下列说法正确的是（　　）
A．水被加热的过程中，内能是通过做功的方式改变的
B．橡皮塞被推出过程中，其动能是由水蒸气的内能转化而来的
C．橡皮塞被推出的过程，能量转化方式与汽油机压缩冲程相同
D．橡皮塞下落过程中，重力势能减少，机械能增加
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】A、酒精灯对试管里面的水加热，火焰的热量转移给水，水的内能增大，这是通过热传递的方式改变内能，不是做功，故A错误；
B、试管内高温高压的水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气的内能减小，橡皮塞获得速度，动能增大，橡皮塞的动能是由水蒸气的内能转化而来的，故B正确；
C、橡皮塞被推出时是内能转化为机械能；汽油机压缩冲程是机械能转化为内能，二者的能量转化相反；汽油机做功冲程才和本实验一致，故C错误；
D、橡皮塞下落过程当中，高度降低，重力势能减少；空气阻力会消耗一部分机械能，机械能是减小的，故D错误。
故选：B。
【分析】改变物体内能有做功和热传递两种方式；橡皮塞冲出试管是内能转化为机械能；结合汽油机冲程以及机械能变化进行判断。
二、多选题每题2分，共6分
11．如图为一种蒸汽玩具船。用点燃的蜡烛加热玻璃瓶内的水，一段时间后，水蒸气从玻璃瓶右侧的细管喷出，推动玩具船前进。下列说法正确的是（　　）
A．玩具船漂浮在水面上时，所受的浮力大于所受的重力
B．水蒸气从细管喷出的过程中，玻璃瓶内的气体压强大于瓶外大气压
C．水蒸气向后喷出推动玩具船前进，说明力的作用是相互的
D．水蒸气推动玩具船前进的过程中，内能转化为机械能
【答案】B,C,D
【知识点】内能的利用及其意义；力作用的相互性；大气压强的存在
【解析】【解答】A、玩具船漂浮在水面上，根据漂浮条件，物体漂浮时浮力等于自身重力，故A错误；
B、水蒸气能够向外喷出，说明玻璃瓶内的气体压强大于瓶外的大气压，内外形成压强差，气体向外喷出，故B正确；
C、水蒸气向后喷出，水蒸气对船施加向前的反作用力使船前进，可以说明力的作用是相互的，故C正确；
D、高温高压的水蒸气对外做功，推动船向前运动，将水蒸气的内能转化为玩具船的机械能，故D正确。
故选：BCD。
【分析】利用漂浮条件、内外压强大小关系、力的相互性、做功时的能量转化分析。
12．为比较不同物质吸热的情况，使用相同规格的电加热器分别对质量相同的水和食用油加热，得到温度随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．该实验中物体吸热的多少是通过加热时间来衡量
B．甲和乙升高相同的温度，加热时间之比为3∶2
C．由图分析可得食用油的比热容为
D．吸收相同的热量，液体甲的升温较快，所以更适合作汽车发动机冷却剂
【答案】A,C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A．加热器相同，单位时间放热相同，物体吸收热量相同。利用了转换法，用加热时间代表吸热量，故A正确；
BC．图中，甲和乙升高相同温度，甲加热2min，乙加热了3min，加热时间之比为2∶3，由，质量、升高相同温度，比热容与吸收的热量成正比，即，乙物质的比热容大，是水的图像，即油的比热容为，故B错误，C正确；
D．甲升温快，比热容小，吸收能力弱，不适合做冷却剂，冷却剂的比热容大，能吸收更多热量而升温慢，乙升温慢，比热容大，适合做冷却剂，故D错误。
故选 AC。
【分析】质量和温度差相同时，物体的加热时间越长，吸收热量越多， 吸热能力越强；结合已知的比热容，根据吸收热量的关系，计算比热容的大小。
13．工人把重为200N有轮子的箱子推到高处平台，如图所示。图中A、C、H是箱子在三段路面的起点，箱子经过AB、CF、HK路段时均做匀速直线运动，且所受推力方向与所在路面平行。表记录了箱子在三个路段所受推力大小和运动时间的数据。AB=CF，BC=FH，HK=2m，FG=1.3m，忽略箱子体积。则下列分析正确的是（　　）
路段 AB CF HK
推力（N） 10 117 10
时间（s） 13 20 12
A．工人的推力在AB段做功为26J
B．工人的推力在AB段做功与在CF段做功相等
C．工人把箱子从C推到F处，该斜面没有省力
D．工人推力在AB段的功率与在HK段的功率之比为6∶5
【答案】A,D
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 A.根据图片可知，斜面与水平面的夹角为30°，根据三角函数的知识可知：，则AB=CF=2FG=2×1.3m=2.6m；
根据表格可知，AB受到推力10N，
则工人的推力在AB段做功为：WAB=FABsAB=10N×2.6m=26J，故A正确；
B.工人在CF段受力117N，则工人做的功为：WCF=FCF×sCF=117N×2.6m=304.2J，与AB段做的功不相同，故B错误；
C.箱子的重力为200N，人把箱子从C推到F处时推力为1117N，比较可知，使用该斜面省力，故C错误；
D.综上所示，工人推AB段的功率为：；
HK段的功率为：；
则AB段的功率与在HK段的功率之比为，故D正确。
故选AD。
【分析】 AB.根据图片和表格确定距离和推力，然后根据功的公式W=Fs进行计算。
C.将斜面上的推力和物体的重力比较大小，从而判断斜面是否省力；
D.根据功率的公式计算功率后作比即可。
三、填空题每空2分，共12分
14． 长征途中，红军战士爬雪山，过草地，克服千难万险，取得伟大胜利。
（1）红军战士过草地时，会放上树枝或匍匐前进，这样做是为了　 　，从而减小压强。
（2）在飞夺泸定桥战斗中，红军战士连续24 h行军120 km，他们的平均速度为　 　。
（3）红军战士谢宝金用绳索背着一台重力为680 N的发电机，登上约4900 m高的夹金山，此过程中他至少要对发电机做　 　J的功。
【答案】（1）增大受力面积
（2）5
（3）3332000
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 压强公式为，压力 F 不变时，增大受力面积 S，可以减小压强。放树枝或匍匐前进，是在压力不变的情况下，增大受力面积，减小对草地的压强，防止陷入沼泽。
(2) 已知路程 s=120 km，时间 t=24 h 平均速度
(3) 克服重力做功 W=Gh，G=680 N，h=4900m，克服重力做功为W=Gh=680 N × 4900 m=3332000 J
【分析】 1、压强公式 p=F/S；减小压强的方法：压力一定，增大受力面积；受力面积一定，减小压力。
2、平均速度计算公式 v=s/t，路程、时间、速度单位配套使用。
3、克服重力做功公式 W=Gh；竖直提升物体时，至少做功等于克服物体重力所做的功。
15．将一个重为4.5N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端(如图所示)。已知斜面倾斜角度为30°，高为0.4m，斜面对物体的摩擦力为0.5N(物体的大小可忽略不计)。则在上述过程中，克服摩擦力做功　 　J，斜面对物体的支持力(未画出)做功　 　J，物体的机械能　 　(选填“变大”“变小”“不变”)。
【答案】0.4；0；变大
【知识点】机械能及其转化；功的计算及应用
【解析】【解答】斜面倾角 30°，斜面长，克服摩擦力做功。
斜面对物体的支持力垂直斜面向上，物体运动方向沿斜面向上，力与移动距离方向相互垂直，支持力不做功，做功为。
物体匀速运动，动能不变，高度增加，重力势能增大。机械能等于动能与势能之和，所以物体的机械能变大。
故答案为：；0；变大；
【分析】考查斜面长度推导与克服摩擦做功计算，30° 直角三角形，斜面长是高的 2 倍，利用计算额外功。
考查做功的两个必要条件，有力、且物体在力的方向上移动距离，力和位移垂直时不做功。
考查机械能变化判断，动能由质量、速度决定，重力势能由质量、高度决定，机械能为动能加重力势能。
四、实验探究题每题2分，共24分
16．某同学学习杠杆知识后，用自制杠杆继续探究杠杆的平衡条件，操作如下：
（1）如图甲，在一段细竹杆的中点处打孔，用细线穿过孔，将竹杆悬挂起来，发现左端下沉。出现这种情况的原因可能是____
A．竹杆的质量分布不均匀
B．小孔刚好在竹杆的重心处
C．细线没有系紧
（2）在竹杆一端缠几圈铁丝，调整铁丝匝数和位置，使竹杆水平平衡。则铁丝应该缠在竹杆的　 　 （选填“左”或“右”）端，此时铁丝相当于实验室杠杆上的　 　 。
（3）用细线把钩码（每个钩码重0.5N）悬挂在杠杆两边进行多次实验，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表中。图乙是第3次杠杆平衡时的情境示意图，此时杠杆右侧的阻力F3的数据（表中★处）为　 　 N。
实验次序 动力F1（N） 动力臂L1（cm） 动力F2（N） 动力臂L2（cm） 阻力F3（N） 阻力臂L3（cm） F1L1+F2L2（N cm） F3L3（N cm）
1 0.5 20.0 0.5 10.0 1.0 14.7 15.0 14.7
2 0.5 20.0 1.0 10.0 1.0 20.4 20.0 20.4
3 1.5 20.0 1.0 10.0 ★ 19.8 40.0 …
（4）分析表中数据，在误差允许范围内，可以得到多个力作用时杠杆的平衡条件是：　 　 （用表中的字母表示）。
【答案】（1）A
（2）右；平衡螺母
（3）2.0
（4）F1L1+F2L2=F3L3
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1） 在中点打孔悬挂竹杆，左端下沉，竹杆的质量分布不均匀会造成左右两边重力不等；若小孔刚好在重心，杠杆应当水平静止；细线没有系紧只会造成悬挂不稳，不会固定左端下沉，故选A。
（2）竹杆左端下沉，左端重，应当在右端缠绕铁丝增加右端的重力，以此调节杠杆水平平衡；此时铁丝相当于实验室杠杆上的平衡螺母；
（3） 根据杠杆平衡条件，代入第3次实验数据：；；；
（4） 分析表格中的实验数据，在误差允许范围内多个力作用时杠杆的平衡条件是【分析】（1）悬挂后左端下沉，说明左边偏重，竹杆本身质量分布不均匀；
（2）左端下沉，需要在右端增加重力来调平，铁丝的作用等同于杠杆实验的平衡螺母；
（3）多个动力作用下杠杆平衡，满足；
（4）分析表格多组实验数据归纳平衡关系式。
17．小明利用如图所示的装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”。他将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，会与静止在水平轨道上的木块C发生碰撞，碰撞后木块都会在水平轨道上滑行一定距离后停止。图中的摆长L都相同，，球A、B的质量分别为、（）。
（1）该实验中所探究物体的动能是指　 　（选填“小球”或“木块”）的动能。
（2）在开始探究前，小明将小球A、B同时拉到与竖直方向成相同角度的位置，然后由静止同时释放，观察到它们始终并排摆动且同时到达竖直位置。这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小均　 　（选填“相同”或“不同”），且与小球的质量无关。
（3）小明通过甲、乙所示的探究过程；他观察到B球能将木块C撞得更远，经过思考可得出结论：小球的动能大小与　 　有关。
（4）图乙中小球B到达竖直位置时的速度　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）图丙中小球B到达竖直位置时的速度。如图乙、丙所示，图丙中木块C滑行得更远些，由此可得出结论：当质量相同时，物体的速度　 　，动能越大。
（5）如果水平面绝对光滑，则　 　（选填“能”或“不能”）完成本实验。
（6）在小球撞击木块C以后，如果木块C受到的力突然全部消失，C将做　 　运动。
【答案】（1）小球
（2）相同
（3）质量
（4）小于；越大
（5）不能
（6）匀速直线
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）实验中让小球从斜面上某点由静止滚下，撞击在水平面上的木块，通过木块被推动距离s的大小，可以通过比较小球对木块做功的多少来比较小球动能的大小，所以实验中所探究物体的动能是指小球的动能；
（2）将小球A、B同时拉到与竖直方向成相同角度的位置，然后由静止同时释放，观察到它们始终并排摆动且同时到达竖直位置，这说明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小均相同，且与小球的质量无关。
（3）甲乙实验中，小球摆动到竖直位置的速度相同，B球质量更大，把木块撞得更远，说明动能更大，因此得出结论：小球动能大小与质量有关。
（4）摆长相同时，释放时摆线与竖直方向的夹角越大，小球释放的高度越高，到达竖直位置的速度就越大，已知θ1＜θ2，因此乙图中小球B的速度小于丙图中小球B的速度；
乙、丙控制了小球质量相同，速度越大时木块滑行越远，可得结论：当质量相同时，物体的速度越大，动能越大。
（5）如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将不会受到阻力，木块会一直做匀速直线运动，则无法通过比较木块的滑行距离来比较小球的动能大小，所以不能完成本实验。
（6）根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，原本运动的物体会保持匀速直线运动状态，木块被撞击后是运动的，若所有力突然消失，木块将做匀速直线运动。
【分析】（1）实验中采用转换法，通过木块被推动距离的大小，比较小球对木块做功的多少，判断小球动能的大小，这用到了转换法；
（2）根据两球并排摆动且同时到达竖直位置分析；
（3）比较甲、乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；
（4）比较乙、丙两图速度的大小，根据小球被撞的距离比较出动能的大小，从而得出结论；
（5）如果水平面光滑，无法根据距离的大小判定动能的大小；
（6）根据牛顿第一定律，物体在不受力时，将保持匀速直线运动状态或静止状态。对于一个运动着的物体来讲，当外力突然消失时，它只可能做匀速直线运动。
五、计算题，共12分
18．同学们探访古镇，在河道旁见到了传统农耕装置——水碓。如图甲所示，水碓工作时，水流冲击使水轮转动，水轮轮轴上的拨板竖直向下拨动碓尾，此时另一端的碓头翘起，拨板转过碓尾后，碓头就落下来，锤击稻谷。已知水轮每分钟匀速转动12圈，每转一圈可带动两个碓头一共完成4次锤谷动作，单个碓头质量为10kg，翘起高度为30cm， g取10N/ kg。
（1）若不计碓杆自重，要使碓头翘起，拨板对碓尾的力F1至少是多少
（2）单个碓头完成一次锤谷动作，碓头的重力做功多少
（3）图甲中的水碓装置，持续工作一分钟，碓头锤谷的功率是多少
【答案】（1）雕头重力 G= mg=10kg×10N/ kg=100N
要使碓头翘起，根据杠杆平衡条件 有：
F1×0.4m=G×1m

（2）雕头翘起高度h=30cm=0.3m
碓头重力做功 W= Gh=100N×0.3m=30J
（3）解： 工作一分钟，碓头做的总功
碓头锤谷的功率
【知识点】功率的计算；杠杆的平衡条件；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 先算出碓头重力作为杠杆阻力，代入杠杆平衡公式变形求出最小动力；
（2）碓头从30cm 高处下落锤谷，重力竖直向下，下落高度为0.3m，直接代入重力做功公式计算；
（3） 先算出一分钟内所有锤谷动作的总重力做功，再用总功除以60秒得到做功功率。
19．图甲为小东同学设计的测量液体比热容的装置，图乙为某种液体温度与加热时间的关系图像。已知液体体积为，液体密度为，初温为，电加热器的功率为，不计热量损失及吸热升温过程中液体质量的变化。请结合图像解答下列问题：
（1）液体的沸点？第90~180 s液体吸收的热量？
（2）液体的比热容？
【答案】（1）解：由图像可知液体温度达到后继续吸热，温度保持不变，
所以液体沸点是；90~180s 的时间，不计热量损失，
电流产生的热量全部被液体吸收，
（2）解：液体体积，
液体质量。0~90s，
加热时间，
吸收热量，
温度变化，
由变形得
【知识点】热量的计算
【解析】【分析】（1）本题考查沸腾特点与电热计算，需理解沸腾时吸热温度不变，会利用计算电加热器放出的热量；
（2）本题考查密度公式、吸热公式的综合计算，会根据密度求液体质量，利用吸热公式变形求解比热容，抓住不计热损失，电热等于液体吸收热量这个条件。
六、科普阅读题每空2分，共14分
20．中国某品牌摩托车在2026赛季世界超级摩托车锦标赛中量级组别中多次夺冠，一举打破了欧美日品牌长达数十年的赛道垄断。自主研发的某型发动机最大功率为153马力(1马力约等于736W)，搭载该型发动机的摩托车极限速度突破290km/h，在同排量级别中具有马力最大、车重最轻、底盘最低的核心优势。
（1）摩托车底盘设计得较低，是通过降低　 　增加摩托车的稳定性。
（2）摩托车静止在水平地面上，所受支持力是由于　 　形变产生的(选填“地面”或“轮胎”)。
（3）摩托车静止在水平地面上，在轮胎打气的过程中，轮胎与地面的接触面积变小，摩托车对地面的压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（4）摩托车以216km/h的速度匀速行驶时，发动机的功率为150马力。摩托车行驶 10s，发动机做的功约为　 　J，摩托车的牵引力约为　 　N。如果发动机的功率恒定，在摩托车速度减小时，牵引力将　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（5）为了让摩托车更快地停下来，可以用力捏闸，是通过　 　来增大摩擦力。
【答案】（1）重心
（2）地面
（3）变大
（4）；；变大
（5）增大压力
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】(1)降低重心可以提升物体稳定程度，摩托车底盘较低，是通过降低重心增加稳定性。
故答案为：重心；
(2)支持力是地面发生弹性形变，想要恢复原状对摩托车产生的弹力，施力物体是地面，形变物体为地面。
故答案为：地面；
(3)摩托车对地面压力等于自身重力，大小不变；轮胎打气后接触面积变小，根据，压强变大。
故答案为：变大；
(4)1马力，总功率
①发动机做功：
②速度换算：，由得牵引力
③功率恒定，由可知，速度减小时，牵引力变大。
故答案为：；；变大；
(5)用力捏闸，增大刹车闸皮与车轮之间的压力，在接触面粗糙程度不变时，增大滑动摩擦力。
故答案为：增大压力；
【分析】(1)本题考查提高稳度的方法：降低重心、增大支撑面。
(2)本题考查弹力产生原因，弹力由施力物体发生形变产生。
(3)本题考查固体压强，压力不变，受力面积减小，压强增大。
(4)本题考查功率公式、，功率不变时牵引力与速度成反比。
(5)本题考查滑动摩擦力影响因素，增大压力可增大摩擦力。
七、综合实践题每空2分，共12分
21．如题图是某游乐园欢乐谷的双木质过山车——木翼双龙。其部分轨道简化示意图如下。已知斜面A点距离水平轨道的高度为30m，乘客的总质量为1200kg，电动机输出40kW的功率不变。不考虑空气阻力，g取10N/kg。请你回答下面的问题：
（1）走进游乐园，以　 　为参照物，气势宏伟的过山车静卧在轨道上；乘客上车后，电动机通过斜面把过山车车厢（含乘客）推上斜面顶端A点，由于　 　，小车越过顶点，并顺利完成整个翻滚穿越过程。
（2）电动机将过山车车厢（含乘客）匀速推上斜面顶端A点需要30s，那么乘客克服重力做的功　 　J；克服过山车车厢与斜面的摩擦力做功　 　J。
（3）过山车车厢从顶端A点由静止释放，沿轨道匀速下滑至最低点B点，机械能　 　（选填“增大”“不变”或“减小”），其原因是车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为　 　。
【答案】（1）轨道；惯性
（2）；
（3）减小；内能
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）若以轨道（地面、周边高楼均可）为参照物，过山车的位置没有发生改变，因此它是静止的；当小车越过轨道顶点后，由于惯性，它会保持原有的运动状态继续运动，从而顺利完成翻滚穿越的过程。
（2）乘客克服重力所做的功为：
电动机做的总功为：
整个过程中克服摩擦力做的功为：
（3）过山车下滑过程中，车厢需要不断克服摩擦力做功，一部分机械能会转化为内能，因此总的机械能会减小。
【分析】 1. 运动和静止的相对性，判断物体运动还是静止，看物体相对于参照物位置是否发生变化；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性。
2. 克服重力做功公式 W=Gh=mgh；总功公式 W=Pt；能量守恒，总功等于克服重力做功与克服摩擦力做功之和。
3. 机械能变化判断，存在摩擦阻力时，机械能转化为内能，机械能减小；不计摩擦阻力，机械能守恒。
（1）以轨道（或地面、附近的高楼）为参照物，过山车的位置没有变化，是静止的；小车越过顶点后，由于惯性，会保持原来的运动状态，顺利完成翻滚穿越过程。
（2）乘客克服重力做的功
电动机做的总功
克服摩擦力做的功
（3）下滑过程中车厢克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能会减小。
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