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闭合电路章末复习
一、单选题
1．如图所示，平行板电容器两极板A、B与直流电源E、理想二极管连接，电源负极接地。初始时电容器不带电，闭合开关稳定后，一带电油滴在电容器中的P点恰好能处于静止状态。下列说法正确的是（　　）
A．将极板A向下平移后，油滴在P点的电势能Ep增大
B．将极板B向下平移后，油滴在P点的电势能Ep增大
C．将极板B向下平移后，带电油滴静止不动
D．将极板B向左平移一小段距离后，P点的电势不变
2．下述说法中正确的是（ ）
A．点电荷是一种理想化模型，其所带电荷量就是元电荷
B．电源的电动势在数值上始终等于电源正、负极之间的电压
C．根据电场强度叠加原理，合电场的电场强度不一定大于分电场的电场强度
D．电动势公式与电压公式中的都是电场力做的功
3．在如图所示电路中，蓄电池的电动势，内阻，电阻，平行板电容器的电容水平放置且下极板接地，一带电油滴位于板间正中央P点且恰好处于静止状态。下列说法正确的是（ ）
A．上极板所带电荷量为 B．上极板所带电荷量为
C．若将下极板缓慢上移少许，P点的电势升高 D．若将下极板缓慢上移少许，油滴将向下移动
4．把电容器、电流传感器、定值电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接。先使与1端相连，电源向电容器充电；再把掷向2端，电容器放电。电流传感器中的电流随时间变化的关系如图乙所示，则（　　）
A．仅增大电容器的电容时，放电电流峰值不变
B．在时间内，电容器的电荷量增加，极板间电场强度增大
C．换用阻值更小的电阻时，充电达到稳态的过程中，图像与时间轴围成的总面积会减小
D．考虑电源内阻时，接1端，足够长时间后，电容器电压小于电源电动势
5．某传感器正常工作时需要用到恒流源（输出的电流大小、方向均不变）。如图所示，为阻值不变的传感器，为定值电阻，光敏电阻阻值随光照强度的增大而减小，为电容器，电表均为理想电表。闭合开关，在光照强度减小过程中（　　）
A．两端电压减小 B．电容器所带电荷量减小
C．恒流源的输出功率不变 D．和的示数变化量之比的绝对值
6．关于以下概念的认识，说法正确的是（ ）
A．由电场强度公式可知，电场中某点的电场强度由试探电荷电荷量和所受电场力决定
B．电场和电场线都是客观存在的
C．电动势在数值上等于非静电力将的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功
D．根据电阻的决定式可知，仅将减半，则也减半
7．在图示电路中，电源内阻不可忽略，、为定值电阻，为光敏电阻（光照强度减小，电阻变大），V为理想电压表，A为理想电流表，平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，位于电容器两板间的带电油滴恰好静止，现减小光照强度，下列说法中正确的是（　　）
A．V示数减小
B．电源的工作效率降低
C．油滴向上运动
D．V示数的变化与A示数的变化的比值变大
二、多选题
8．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻、的电压与电流的关系如图所示。用此电源和电阻、组成电路。、可以同时接入电路，也可以单独接入电路。根据以上情形，以下说法正确的是（ ）
A．电源内阻为1 Ω
B．电源电动势为3V
C．将、串联后接到电源两端，电源两端电压最大
D．将、并联后接到电源两端，电源两端电压最大
9．如图所示电路，电源内阻为，两相同灯泡电阻均为，其中与一光敏电阻（阻值随光照强度增大而减小）串联，为理想二极管（具有单向导电性），电表均为理想电表。闭合S后，将装置所处位置光照强度变大，电压表、示数变化量绝对值分别为、，电流表示数变化量为，则下列说法中正确的是（ ）
A．两灯泡逐渐变亮 B．电容器电荷量减小 C． D．
10．如图所示，间距为的平行板电容器极板、竖直正对放置，两板在竖直方向足够长，板间悬挂一带电小球，静止时细线与竖直方向夹角为。电源内阻不计，开关闭合且电路稳定。小球的质量为，电荷量大小为；定值电阻的阻值为，滑动变阻器的最大阻值为，重力加速度为。初始时滑片位于滑动变阻器正中间，小球离板的水平距离为，下列说法正确的是（ ）
A．电源的电动势大小为
B．只将滑片向右滑动，夹角变小
C．只将滑片向右滑动的过程中，电流表示数为零，电流表的示数变小
D．只剪断细绳，小球到达板的时间为
11．如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r＝1.0Ω，电流表内阻为2.0Ω，电压表内阻非常大。调节电阻箱的电阻R=2.0Ω，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．电压表的示数为2.4V
B．电流表的示数为1.0A
C．若将电压表换成C=0.2μF的电容器，则此电路电容器储存的电荷量Q=4×10 C
D．若将R调小，则电压表的示数变小
三、实验题
12．某同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中为电源，为单刀双掷开关，为定值电阻，为电容器，为理想电流表，为理想电压表。实验中电容器充电时电流随时间变化的曲线与图乙所示。
(1)当开关接________（填“1”或“2”）时，电容器处于充电过程，达到稳定后，电容器上极板带________（选填“正”或“负”）电。
(2)下列关于电容器充电时，电压表的示数随时间变化的图像，所带电荷量与极板间的电压的图像正确的是________。
A． B．
C． D．
(3)不改变电路其他参数，只减小电阻的阻值，则此过程的曲线与横轴围成的面积将________（选填“减小”、“不变”或“增大”），请简要说明原因：________________________________________。
(4)已知放电前电容器两极板间的电压为，则电容器的电容为________。（结果保留两位有效数字）。
(5)如下图，电容器上极板接电源正极、下极板接电源负极，且将上极板接地，电源电压恒定，开关始终闭合，一带电液滴恰好静止在电容器内部点，现将电容器下极板向下平移一小段距离，液滴将________（填“静止不动”、“向下运动”、“向上运动”）。点的电势将________（填“升高”、“降低”、“不变”）
13．某研究性学习小组在学习了化学课上的原电池原理后，将铜片和锌片插入两个新鲜的柠檬中制成一个水果电池，如图所示，并利用下列所给器材测量水果电池的电动势和内阻。
A．待测水果电池（电动势约为，内阻约为几百到几千欧）
B．滑动变阻器（最大阻值为，额定电流为）
C．滑动变阻器（最大阻值为，额定电流为）
D．电流表（量程为，内阻为）
E．电压表（量程为，内阻约为）
F．电压表（量程为，内阻约为）
G．开关S，导线若干
(1)该小组尝试将若干个水果电池依次串联起来给“1.5 V，0.3 A”的小灯泡供电，发现小灯泡始终不发光，其原因是_____________。
A．水果电池电动势太大 B．水果电池电动势太小
C．水果电池内阻太大 D．小灯泡内阻太大
(2)研究小组设计了如图甲、乙两种电路，应选择_____________（填“甲”或“乙”）电路。滑动变阻器应选择_____________，电压表应选择_____________（均填对应器材前的字母序号）。
(3)根据选择的电路，移动滑动变阻器的滑片，得到电压表示数U与电流表示数I的多组数据，作出图像如图丙所示，根据图像和题中所给信息，得到该水果电池的电动势_____________V，内阻_____________。（结果均保留三位有效数字）
14．某实验小组选用如图（a）所示电路测定一节干电池的电动势和内阻。其中所选定值电阻阻值为。
(1)根据电路图，用笔代替导线把图（b）中的实物电路补充完整______。
(2)根据闭合电路欧姆定律，本实验中电压表的示数U与电流表的示数I的关系是______（用E、U、I、r和表示）
(3)实验小组多次测量，利用图像法处理数据。用测出的U、I值绘出如图（c）所示的图像，根据图像得出该电池的电动势____V，内阻____。（结果均保留两位小数）
(4)本实验中，考虑到电表不是理想电表，该电池的电动势测量值与真实值相比_______（选“偏大”、“偏小”或“不变”）。简述理由：_______________________________。
15．某同学想要测量一节干电池的电动势和内阻，其设计的实验电路如图甲所示。
(1)在正确连接电路图，检查无误后，闭合开关，该同学移动滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图乙所示，此时电压表的读数为________V。
(2)该同学记录多组实验数据，绘制出的图像如图丙所示。则该干电池的电动势________V、内电阻________Ω。（结果均保留两位有效数字）
(3)该同学认为，如果考虑电表内阻对电路的影响，该实验存在误差，下列分析正确的是（　　）
A．误差原因是电流表的分压 B．误差原因是电压表的分流
C．电动势测量值小于真实值 D．内阻测量值大于真实值
16．实验小组测量一盘铜导线的电阻及电阻率，标签标注长度为100 m，实验室提供以下器材：
A、螺旋测微器
B、多用电表
C、电流表A（0~200 mA，内阻约为0.5 Ω）
D、电压表V（0~3 V，内阻约为2 kΩ）
E、滑动变阻器（0~5 Ω）
F、滑动变阻器（0~1 kΩ）
G、电源E（电动势为3.0 V，内阻不计）
H、开关、若干导线。

(1)将铜导线一端剥去绝缘层，用螺旋测微器在不同位置测量铜导线的直径，某次测量时，螺旋测微器示数如图甲所示，则该铜导线直径________mm。
(2)用多用电表电阻×10 Ω挡粗测铜导线的电阻时，发现指针右偏太多，应调至________Ω挡，重新欧姆调零后，读数如图乙所示，导线电阻约为________Ω。
(3)用伏安法测量铜导线电阻时，要求电流表示数从零开始测量，滑动变阻器应选________（填器材前面的序号）。将实验器材如图丙所示连接成实验电路，用笔划画线替导线完成电路连接________。
(4)用该伏安法测出的电阻及电阻率均比真实值________（选填“大”“小”或“相等”）。
17．某同学需要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，实验步骤如下：
(1)某学生用螺旋测微器测定该圆柱体的直径时，测得的结果如图甲所示，则该圆柱体的直径________。紧接着用标有20等分刻度的游标卡尺测该圆柱体的长度，测得的结果如图乙所示，则该圆柱体的长度________。
(2)该同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆档“×10”档位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆档的“________”档位（选填“×100”或“×1”），然后进行欧姆调零，再次测量圆柱体的阻值，其表盘及指针所指位置如图丙所示，则粗测其电阻值为________Ω。
(3)采用如图丁的电路图进一步精确测量该圆柱体的电阻值。测量结果：如图戊所示，当使用量程的电流表时，其示数为________；如图己所示，当使用量程的电压表时，其示数为________。
18．电流表 的满偏电流Ig=5mA，内阻r＝300Ω，把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程。
(1)关于此多用电表，下列说法正确的是_______（填字母代号）。
A．开关S接4、5时均是电阻挡，两电阻挡内阻相等，只是测量倍率不同
B．开关S接5、6时均是电压挡，接6时比接5时的量程大
C．无论当作什么电表使用，表盘的刻度都是均匀的
D．无论当作什么电表使用，必须使电流从黑表笔B流入电表，从红表笔A流出电表
(2)当把开关S接4时，先短接A、B进行欧姆调零，而后将一已知阻值为2400Ω的电阻R接到两表笔间，指针恰好偏转到电流表 满刻度的处，则该电阻表的内阻为______Ω。
19．某实验小组通过以下实验操作测量一支铅笔芯的电阻。
(1)该同学先用多用电表的欧姆挡进行粗测，测量时多用电表的________（选填“红表笔”或“黑表笔”）电势较高，且测量结果为。
(2)为了较精确测量铅笔芯的电阻，且要求尽可能测出多组有关数据，提供的器材如下：
A、电流表（量程为，内阻为）
B、电流表（量程为，内阻约为）
C、定值电阻（阻值为）
D、定值电阻（阻值为）
E、滑动变阻器（，）
F、滑动变阻器（，）
G、蓄电池（电动势为）
H、开关及导线若干
①实验中滑动变阻器应选________，定值电阻应选________。（均填器材前面的序号）
②请完善测量铅笔芯电阻的实验电路图________。
③用表示电流表的示数，表示电流表的示数。某次测量中，，，则铅笔芯的电阻为________（保留三位有效数字）。若不考虑偶然误差，本次实验的测量值________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
试卷第4页（共4页）
试卷第3页（共4页）
《闭合电路章末复习》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C C A A D C C BC AD BD
题号 11
答案 AD
1．C
【详解】A．初始时板带正电，板间电场方向竖直向下。油滴静止时电场力方向竖直向上，故油滴带负电。板向下移动时，板间距减小，由
可知电容增大，二极管正向导通，电容器继续充电，板间电压不变。由
可知板间电场强度增大，点到接地板的垂直距离不变，故点电势
增大。由且，可知油滴的电势能减小，故A错误；
B．板向下移动时，板间距增大，电容减小，电容器的放电方向被二极管阻断，因此二极管截止，极板电荷量不变。由
可知板间电场强度不变。由于板接地，点到板的垂直距离增大，故点电势
增大。由初始平衡可知，因此油滴的电势能减小，故B错误；
C．板向下移动时，二极管截止，极板电荷量不变。由
可知板间电场强度不变，油滴所受电场力不变，仍与重力平衡，故C正确；
D．板向左移动一小段距离后，两极板正对面积减小，电容减小，二极管截止，极板电荷量不变。由
可知板间电场强度增大。点仍在两极板的重叠区域内，且到板的垂直距离不变，故点电势增大，故D错误。
故选C。
2．C
【详解】A．点电荷是理想化模型，其电荷量是元电荷的整数倍，而非“就是元电荷”，故A错误；
B．电源电动势在断路时等于正、负极间的电压，闭合时因内阻分压，路端电压小于电动势，故B错误；
C．电场强度叠加是矢量叠加，合场强可能大于、等于或小于分场强，故C正确；
D．电动势公式中W是非静电力做功，电压公式中W是电场力做功，故D错误。
故选C。
3．A
【详解】AB．由电路可知，R两端的电压即电容器两极板间的电压为可得上极板所带电荷量为，A正确，B错误；
C．若将下极板缓慢上移少许，根据可知两极板间场强变大，根据可知P点与上极板间电势差变大，而上极板电势为正且不变，可知P点的电势低于上极板的电势且逐渐降低，C错误；
D．若将下极板缓慢上移少许，两极板间场强变大，油滴受到的向上的电场力变大，可知油滴将向上移动，D错误。
故选A。
4．A
【详解】A．充电达到稳态后，电容器两端电压等于电源电动势。设电容器的电容为，放电电流峰值为，则
仅增大电容器的电容时，和均不变，放电电流峰值不变，A正确；
B．在时间内，电流方向与充电时相反，电容器正在放电，其所带电荷量减小，两极板间电压减小，极板间电场强度减小，B错误；
C．充电过程中，图像与时间轴围成的总面积表示电容器增加的电荷量。电容器由不带电充电至稳态时，所带电荷量为
仅减小电阻时，和均不变，最终电荷量不变，故图像与时间轴围成的总面积不变，C错误；
D．设电源内阻为，接1端足够长时间后，电路中的电流
此时电阻和电源内阻均无电压降，电容器两端电压，D错误。
故选A。
5．D
【详解】A．由电路连接可知，流过传感器的电流等于恒流源的输出电流，因此其两端电压保持不变，A错误；
B．电路稳定时，电容器所在支路无电流，与并联。设电压表的示数为，则
光照强度减小时，增大，并联部分的等效电阻增大，故增大。
电容器两端电压等于，其所带电荷量增大，B错误；
C．恒流源两端的电压等于，其输出功率为
由于和不变、增大，恒流源的输出功率增大，C错误；
D．设电流表的示数为，电路稳定时，流过的电流为，因此
比较光照变化前后的状态，有
故，D正确。
故选D。
6．C
【详解】A．电场强度公式是比值定义式，电场强度由电场本身的性质决定，与试探电荷的电荷量、所受电场力均无关，A错误；
B．电场是客观存在的特殊物质，电场线是人为引入的、用来形象描述电场分布的假想曲线，并非客观存在，B错误；
C．由电动势的定义式可知，当时，电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，C正确；
D．电阻率是导体材料的固有属性，仅与材料种类、温度有关，与导体的长度、横截面积无关，仅将减半时不变，D错误。
故选C。
7．C
【详解】A．减小光照强度时，光敏电阻的阻值增大，它与并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大；记并联部分电阻为，由闭合电路欧姆定律得
总电流减小，电流表示数减小。电压表测量并联部分电压，由
可知减小，增大，电压表示数增大，故A错误；
B．记外电路总电阻为，电源的工作效率为
外电路总电阻增大，所以效率增大，故B错误；
C．达到稳定时电容器所在支路无电流，极板间电压等于并联部分电压。由A项可知增大，设极板间距为，则极板间电场强度增大。油滴原来静止，电场力与重力平衡且电场力方向向上；电场强度增大后，电场力大于重力，合力向上，油滴向上运动，故C正确；
D．由闭合电路欧姆定律可得
该比值大小为，保持不变，故D错误。
故选C。
8．BC
【详解】AB．根据题意，由闭合电路欧姆定律有
结合图像可得，电源电动势为3V，内阻为，故A错误，B正确；
CD．两个电阻串联的总电阻比任何一个电阻都大，所以将、串联后接到电源两端，外电阻最大，总电流最小，内电压最小，外电压（即电源两端电压）最大，故C正确，D错误。
故选BC。
9．AD
【详解】A．设光敏电阻的阻值为，根据闭合电路欧姆定律有
由于将装置所处位置光照强度变大时，光敏电阻的阻值减小，则电路的总电阻减小，总电流增大，所以两个灯泡的电流都增大，根据可知，两个灯泡的功率都增大，因此两灯泡都变亮，故A正确；
B．电容器并联在与光敏电阻两端，故电容器两端的电压为电压表的示数，根据闭合电路欧姆定律有
则随着总电流的增大，电容器两端的电压减小。但由于理想二极管具有单向导电性，则电容器无法形成放电回路，故电荷量保持不变，故B错误；
C．根据闭合电路欧姆定律有
所以图像斜率的绝对值为，故C错误；
D．由题图可知，电压表的示数为路端电压，根据闭合电路欧姆定律有
所以图像斜率的绝对值为
则有，故D正确。
故选AD。
10．BD
【详解】A．对小球进行受力分析如下图所示
得
在平行板电容器中电势差与电场强度满足
又
平行板电容器与定值电阻并联，则可得
联立得
初始时滑片位于滑动变阻器正中间，则由闭合电路欧姆定律得电源电动势满足
电流
联立解得，故A错误；
B．设滑动变阻器接入电路的阻值为，则由上述分析得此时
只将滑片向右滑动时可知增大，故电流减小，电阻分得的电压减小，电容器的电压减小、电场强度减小、电场力减小、细线与竖直方向夹角减小，故B正确；
C．由上述分析可知，只将滑片向右滑动时，电容器的电压减小，则由电容器所带电荷量公式
可知电容器所带电荷量减小，电流表有电荷流过，因此电流表示数不为零；电流表串联在电路中，测的是干路电流，故电流表的示数变小，故C错误；
D．小球受电场力向右，则剪断细绳，小球向右极板运动，两板在竖直方向足够长，则运动时间为水平方向匀加速到达极板所用时间，在水平方向由牛顿第二定律得
由匀加速运动位移与时间公式得
联立解得，故D正确。
故选BD。
11．AD
【详解】AB．电压表内阻极大，因此电压表所在支路几乎无电流，根据闭合电路欧姆定律得
解得电流表示数
电压表的示数，故A 正确，B 错误；
C．把电压表换成电容器后，电路稳定时电容支路无电流，电容两端的电压等于此时的路端电压
根据电容电荷量公式
可得，故C错误；
D．若将R调小，回路总电阻减小，总电流I增大，电压表的示数为路端电压，即
可知电流I增大时，电压表的示数变小，故D正确。
故选AD。
12．(1) 1 负
(2)B
(3) 不变 曲线与横轴所围成的面积表示电容器充电完成时储存的电荷量，根据
电容器充电完成时储存的电荷量与电阻的大小无关，所以如果不改变电路其他参数，只减小电阻的阻值，曲线与横轴所围成的面积将不变
(4)//
(5) 向下运动 升高
【详解】（1）[1][2]开关接1时，电源与电容器连通，电容器进行充电；电容器上极板与电源的负极相连，达到稳定后，电容器上极板带负电。
（2）AB．充电过程中电容器两端电压从0开始逐渐增大，最终趋近于电源电动势，且电压的增长速率逐渐变慢，对应斜率逐渐减小的递增曲线，故A错误，B正确；
CD．根据电容的定义
可知电容器所带电荷量
电容器的电容大小为定值，故图像应为过原点的倾斜直线，故CD错误。
故选B。
（3）[1][2]曲线与横轴所围成的面积表示电容器充电完成时储存的电荷量，根据电容器充电完成时储存的电荷量与电阻的大小无关，所以如果不改变电路其他参数，只减小电阻的阻值，曲线与横轴所围成的面积将不变。
（4）乙图中图像与横轴围成的面积约70格，分析图像可知，每个方格代表的电荷量为
电容器放出的电荷量为
则电容器的电容为
（5）[1]开关S始终闭合，电容器两端电压等于电源电动势保持不变，下极板下移、极板间距增大，由
可知，板间电场强度变小，液滴原本满足
电场力减小后重力大于电场力，液滴向下运动。
[2]板接地，电势为零，设点到极板的距离为，则上极板与点的电势差
故有
由于不变，电场强度减小，点电势为负电势，则点电势将升高。
13．(1)C
(2) 甲 C E
(3) 1.00 995
【详解】（1）水果电池的内阻r很大（几百到几千欧），小灯泡电阻仅约
因此电路总电阻很大，根据可知，电路电流很小，小灯泡实际功率远小于额定功率，因此不发光。
故选C。
（2）[1]水果电池内阻很大，若选乙电路，电压表内阻与电源内阻相近，电压表分流作用明显，电流表测量误差极大；甲电路中电流表测量干路总电流，电流表分压作用不明显，误差更小，因此选甲。
[2]电源内阻为几百到几千欧，滑动变阻器最大阻值需要和内阻相当，才能明显改变电流电压，因此选最大阻值为8000Ω的，故选C。
[3]电源电动势约1V，因此选量程为1.5V的，故选E。
（3）[1][2]根据甲电路，由闭合电路欧姆定律有
因此图像的纵轴截距为电动势，由图丙可得
图像斜率的绝对值
由图丙可得
代入题中数据，联立解得
14．(1)
(2)U=E-I（R0+r）
(3) 2.90 0.60
(4) 偏小 由于电压表的分流作用
【详解】（1）根据电路图，实物电路连接如图所示
（2）根据闭合电路欧姆定律有E=U+I（R0+r）
可得U=E-I（R0+r）
（3）[1]根据U=E-I（R0+r）
可知U-I图像的纵轴截距为电池的电动势，可得E=2.90V
[2]图线斜率的绝对值为
又R0=2Ω，可得内阻r=0.60Ω
（4）[1][2]本实验的电流表相对电池为外接法，误差来源是电压表的分流，使得电流表测量值小于干路的真实电流，根据E=U+I（R0+r）可知，电动势的测量值偏小。
15．(1)1.20
(2) 1.5 1.0
(3)BC
【详解】（1）电压表的最小刻度为0.1V，则读数为1.20V；
（2）根据U=E-Ir
结合图像可知，该干电池的电动势1.5V
内电阻
（3）AB．由图甲所示电路图可知，相对于电源来说采用电流表外接法，电压表的测量值是准确的，由于电压表的分流作用，电流表的测量值小于真实值，故B正确，A错误；
CD．当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U I图像如图所示
由图示图像可知，电池电动势的测量值小于真实值，内阻测量值小于真实值，故D错误，C正确。
故选BC。
16．(1)0.630
(2) ×1 22
(3) E
(4)小
【详解】（1）铜导线的直径为
（2）[1]用多用电表电阻×10 Ω挡粗测铜导线的电阻时，发现指针右偏太多，则挡位选择偏大，应该选择×1挡；
[2]由图可知电阻的测量值为
（3）[1]用伏安法测量铜导线电阻时，要求电流表示数从零开始测量，滑动变阻器采用分压式，滑动变阻器应选E。
[2]由，故采用电流表外接法，实物连线如图所示
（4）由于电流表外接，电流的测量值偏大，则电阻的测量值偏小，电阻率比真实值小。
17．(1) 3.705 5.015
(2) ×1 12.0
(3) 0.40 1.10
【详解】（1）[1]固定刻度读数为，可动刻度读数为
总读数为
[2]20分度游标卡尺：精度为，主刻度读数为，游标第3条刻度线与主尺对齐，游标读数为，总长度为
（2）[1] 欧姆档指针偏转角度太大，说明被测电阻阻值小，当前×10档位倍率过大，应换更小的×1档位
[2]换档后重新欧姆调零，指针指向欧姆刻度12位置，乘以倍率1，得到粗测电阻为
（3）[1]电流表量程：分度值为，估读到0.01 A，示数为
[2]电压表量程：分度值为，估读到0.01 V，示数为
【点睛】
18．(1)B
(2)
【详解】（1）A．开关接时是电阻挡，开关接时是电压挡，故A错误；
B．开关接、时均是电压挡，接时串联电阻更多，量程更大，故B正确；
C．当作欧姆表使用时，刻度不均匀，故C错误；
D．无论当作什么电表使用，电流均需从红表笔A流入电表，从黑表笔B流出，故D错误。
故选B。
（2）短接A、B进行欧姆调零，满偏电流，根据闭合回路欧姆定律有
接时指针恰好偏转到电流表满刻度的处，则有
联立以上两式并代入数值可得。
19．(1)黑表笔
(2) E C 62.5 等于
【详解】（1）多用电表的黑表笔连接电源正极，电势较高。
（2）[1] 由于实验要求尽可能测出多组有关数据，则滑动变阻器要选择分压式接法，选择阻值较小的滑动变阻器，选E；
[2] 由于题干没有给出电压表，实验又要求测量尽可能精确，故可将电流表与定值电阻串联改装成一个电压表，量程为
故选C；
[3]根据上述分析，所得电路如下图所示
[4]根据串并联电路的电流电压关系有
[5]由于已经考虑到改装后电压表的分流影响，所以测量值与真实值相等。
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