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广东广州市第十六中学 2026-2027 学年高二上学期物理专训试题（三）
一、单选题（本题共 5 小题，每小题 4 分，共 20 分）
1．如图是示波管的原理图。给电子枪通电后，如偏转电极都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心 O点。如果在
偏转电极 XX'加恒定电压 ，在偏转电极 YY'加恒定电压 ， 。电子束经偏转电极后，
将打在荧光屏上的区域是（ ）
A．Ⅰ B．Ⅱ C．Ⅲ D．Ⅳ
2．如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为 d，电荷量分别为 和 ，在它们连线的竖直中垂
线上固定一根长为 L、内壁光滑的绝缘细管，有一带电荷量为 的小球以初速度 从上端管口射入，重力加速度
为 g，静电力常量为 k，则小球（ ）
A．受到的库仑力先做正功后做负功
B．下落过程中加速度始终为 g
C．速度先增大后减小，射出时速度仍为
D．管壁对小球的弹力的最大值为
3．如图所示的电路中 U=120V滑动变阻器 的最大阻值为 ， ，当滑片 P滑至 的中点时，a、b
两端的电压为（ ）
A．30 V B．40V C．60 V D．75V
4．如图甲所示，在某电场中建立 x坐标轴，O为坐标原点，A点坐标为 ，一电子仅在电场力作用下沿 x轴运动，
其电势能 随其坐标 x变化的关系如图乙所示。下列说法中不正确的是（ ）
A．过 O点的电场线一定与 x轴重合
B．A点电场强度的方向沿 x轴负方向
C．该电子在 A点受到的电场力大于其在 O点受到的电场力
D．该电子在 O点的动能大于其在 A点的动能
5．如图为甲、乙两个电学元件的伏安特性曲线，其中甲是一条过原点的直线，乙是一条过原点的曲线，两线的交
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点坐标为 下列说法正确的是（ ）
A．甲元件随着两端电压的增大，其电阻阻值也增大
B．乙元件随着两端电压的增大，其电阻阻值也增大
C．若将甲、乙元件串联，并在其两端加上电压 时，甲元件两端的电压大于
D．若将甲、乙元件串联，并在其两端加上电压 时，流过乙元件的电流小于
二、多选题（本题共 2 小题，每小题 6 分，共 12 分）
6．如图所示，B、C、D三点都在以点电荷 为中心的正方形绝缘线框上，将一正试探电荷从框内 A点分别移动
至 B、C、D各点时，电场力做功大小关系为（ ）
A． B． C． D．
7．两根材料相同的均匀导线 A和 B，其长度分别为 1m和 2m，串联在电路中时，其沿长度方向电势的变化如图所
示，下列说法正确的是（ ）
A．A和 B导线中的电流之比为 2∶1
B．A和 B导线两端的电压之比为 2∶1
C．A和 B导线的横截面积之比为 1∶4
D．A和 B导线中自由电荷定向移动的平均速率之比为 1∶1
三、实验题(每空 2分，共 18 分)
8．（8分）仪器读数。
(1) 分度游标卡尺∶：_____
(2) 量程电压表：______
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(3)双量程电流表：_____
(4)螺旋测微器：______mm。
9．（10分）某小组同学从一种报废的自动控制电路中拆下来一个电阻，为描绘该电阻的伏安特性曲线，他们从实验
室找到以下器材：
A．待测电阻 （约 20Ω）
B．电源 （电动势 3V，内阻可忽略）
C．电压表 V（量程为 0~3V，内阻约为 2kΩ）
D．电流表 （量程为 0~150mA，内阻 为 2Ω）
E.电流表 （量程为 0~0.6A，内阻 约为 0.5Ω）
F.滑动变阻器 （最大阻值 10Ω）
G.滑动变阻器 （最大阻值 500Ω）
H.开关 S与导线若干
(1)为尽可能准确描绘该电阻的伏安特性曲线，则电流表选用______；滑动变阻器选用______。（填仪器前的字母序
号）
(2)为减小误差，实验电路图应选择______
A． B． C． D．
(3)实验开始前，应将滑动变阻器的滑片调节到_______端（填“a”或“b”）
(4)下图是实验电路的实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片 P置于变阻器的一端。请根据你在小题（2）
所选的电路图，补充完成图中实物间的连线_______
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四、解答题(共 18分)
10．为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，如图甲所示，容器侧面是绝缘的透明有机玻璃，它的上、下底面
是面积 的金属板，间距 ，当连接到电压为 的正、负两极时，能在两金属板间产生一个匀强
电场。现把均匀分布的一定量烟尘颗粒密闭在容器内，每立方米有烟尘 个，假设这些颗粒都处于静止状态，每
个颗粒所带电量为 ，质量为 ，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用力和空气阻力，重力加
速度 。
（1）求电压 ；
（2）某时刻将两底面的正、负极对调，经时间 t烟尘颗粒被全部吸附，求 t；
（3）如果电容器接入如图乙所示的交流电（其中 ）有人认为除尘效果会不同，甚至会有烟尘颗粒无法去除。
试分析判断最多可能有多少烟尘颗粒无法被吸附。
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参考答案
1．B【详解】由题意知，偏转电极 XX'间电势差 UXX'=-U0，根据带负电粒子所受电场力方向与电场方向相
反，可知电子会向 X′方向偏转，偏转电极 YY'间电势差 UYY'=U0，电子会向 Y方向偏转，故荧光屏上出现
亮斑的区域是Ⅱ区。故选 B。
2．B【详解】A．根据电场线分布可知带点小球受到水平向右的电场力，电荷量为+q的小球以初速度 v0
从管口射入的过程，因电场力与速度相垂直，所以电场力不做功，故 A错误；
B．小球在竖直方向上只受重力作用，所以下落过程中加速度始终为 g，故 B正确；
C．小球在竖直方向上只受重力作用，所以小球做匀加速运动，故 C错误；
D．水平方向管壁对小球的弹力与库仑力的分力大小相等，所以当库仑力最大时，弹力也就达到最大，在
两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场力为
根据矢量的合成法则，则电场力的最大值为 ，故 D错误。故选 B。
3．B【详解】滑片 P在 中点，下半段电阻
与 并联，
滑动变阻器上半段 ， 与 串联，总电压 。串联分压，ab两端电压就是并联
部分电压 ，故选 B。
4．B【详解】A．电子仅在电场力作用下沿 x轴运动，所以电场线一定与 x轴重合，故 A正确；
B．电子在 x轴正半轴运动时电势能逐渐增大，则电子所受电场力沿 x轴负方向，所以 x轴正半轴的电场
强度方向沿 x轴正方向，故 B错误；
C．Ep-x图像的斜率的绝对值表示电子所受电场力的大小，所以该电子在 A点受到的电场力大于其在 O点
受到的电场力，故 C正确；
D．该电子在 O点的电势能小于其在 A点的电势能，根据能量守恒定律可知该电子在 O点的动能大于其在
A点的动能，故 D正确。本题选错误的，故选 B。
5．D【详解】AB．根据伏安特性曲线可知，甲为线性元件，电阻值保持不变，乙为非线性元件，阻值随
着两端的电压的增大而减小，故 AB错误；
CD．当两电个学元件两端的电压均为 时，两者的电阻均为 ，当两电学元件两端的电压小于 时，乙
元件的电阻大于甲元件的电阻，将甲、乙元件串联，并在其两端加上电压 ，乙元件两端的电压大于 ，
所以甲元件两端的电压小于 ，根据欧姆定律可知，将甲、乙元件串联，并在其两端加上电压 ，则有
，故 C错误，D正确。故选 D。
6．BC【详解】点电荷的等势面为球面，如图所示
过 B、C、D分别作等势面，显然 B、D在同一等势面上，且 C所在等势面的电势高于 B、D所在等势面的
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电势，则 ，所以 。故选 BC。
7．BC【详解】A．由于导线 A和 B串联在电路中，则 A和 B导线中的电流之比为 1∶1，故 A错误；
B．由题图可知导线 A两端电压
导线 B两端电压为
则 A和 B导线两端的电压之比为 ，故 B正确；
C．根据串联电路特点可知 ，结合电阻定律
可得 A和 B导线的横截面积之比为 ，故 C正确；
D．根据电流微观表达式 I=neSv，可得 A和 B导线中自由电荷定向移动的平均速率之比为
，故 D错误。故选 BC。
8．(1)10.60 (2)4.0V (3)2.10A (4)6.494/6.493/6.495
【详解】（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为 10mm，游标卡尺示数为
游标卡尺的读数为
（2）电压表最小分度值为 0.5V，由图可知电压表读数为 4.0V
（3）由图可知，电流表选用的 3A的量程，最小分度值为 0.1A，所以电流表读数为 2.10A
（4）螺旋测微器的精确值为 ，由图乙可知读数为
9．(1) D F (2)A (3)a (4)
【详解】（1）[1]通过待测电阻的最大电流约为
所以，为使电流测量更加准确，电流表应选用量程较小的 ，故选 D；
[2]为尽可能准确描绘该电阻的伏安特性曲线，电压从零开始调节，故采用滑动变阻器分压接法，故滑动变
阻器应选择总阻值较小的 F。
（2）由于电流表的内阻已知，所以应选择电流表的内接法，滑动变阻器采用分压接法。
故选 A。
（3）为保护电路，实验开始前，应将滑动变阻器的滑片调节到 a端。
（4）根据小题（2）所选的电路图，补充完成图中实物间的连线如图所示
10．（1）1000V；（2）0.1s；（3） 个
【详解】（1）由对某个颗粒受力分析可得 解得
（2）当正、负极对调时研究最靠近上极板颗粒，其以加速度 a下落，受力分析有
解得
当该颗粒经时间 t运动到下底面时，全部烟尘颗粒都被吸附，则有 解得
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（3） 时间里，根据牛顿第二定律有
又知 解得 ，方向竖直向上。
时间里，根据牛顿第二定律有 解得 ，方向竖直向下。
由运动的对称性可知，只有 时刻两极板接入交流电时，会有烟尘颗粒出现往复运动而不被板吸附的情况。
一颗不被吸附的烟尘颗粒，先加速运动
再减速的距离也是 ，继而开始反向运动相同距离，如此往复运动，故
烟尘颗粒无法被吸附的最多的个数为 个
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