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专题16　用导数研究函数的性质
1．函数的单调性与导数
(1)函数y＝f(x)在某个区间内有导数，如果在这个区间内f′(x)>0，那么函数f(x)为这个区间内的增函数；如果在这个区间内f′(x)<0，那么函数f(x)为这个区间内的减函数．
(2)函数f(x)在(a，b)上是增函数，则f′(x)≥0；函数f(x)在(a，b)上是减函数，则f′(x)≤0.
2．函数的极值与导数
(1)若x0满足f′(x0)＝0，且在x0的两侧f(x)的导数异号，则x0是f(x)的极值点，f(x0)是极值，并且如果f′(x)在x0两侧满足“左正右负”，则x0是f(x)的极大值点，f(x0)是极大值；如果f′(x)在x0两侧满足“左负右正”，则x0是f(x)的极小值点，f(x0)是极小值．
(2)f(x)在某个区间内有导数，“f′(x0)＝0”是“x0是f(x)的极值点”的必要不充分条件．
3．函数的最值与导数
求解闭区间[a，b]上函数最值的方法：
(1)求极值；
(2)求f(a)、f(b)；
(3)比较f(a)、f(b)、极值的大小，确定最大值、最小值．
例1　已知函数f(x)＝x3－3x2＋3x＋1，求函数的单调区间．
变式1　已知函数f(x)＝x3＋3ax2＋3x＋1在[2，＋∞)上是增函数，求a的取值范围．
例2　已知函数f(x)＝x－1＋(a∈R，e为自然对数的底数)，求函数f(x)的极值．
变式2　设f(x)＝－x3＋x2＋2ax.当0例3　已知函数f(x)＝ax2＋bx－lnx(a，b∈R)，设a≥0，求f(x)的单调区间．
变式3　判断函数f(x)＝(a＋1)lnx＋ax2＋1的单调性．
A级
1．下列函数中，在(0，＋∞)内为增函数的是(　　)
A．y＝sinx B．y＝xe2
C．y＝x3－x D．y＝lnx－x
2．函数y＝1＋3x－x3有(　　)
A．极小值－1，极大值1
B．极小值－2，极大值3
C．极小值－2，极大值2
D．极小值－1，极大值3
3．若函数f(x)＝kx－lnx在区间(1，＋∞)单调递增，则k的取值范围是(　　)
A．(－∞，－2] B．(－∞，－1]
C．[2，＋∞) D．[1，＋∞)
4．若a>0，b>0，且函数f(x)＝4x3－ax2－2bx＋2在x＝1处有极值，则ab的最大值等于(　　)
A．2B．3C．6D．9
5．若函数f(x)＝x2＋ax＋在(，＋∞)上是增函数，则a的取值范围是________．
6．若f(x)＝－x2＋blnx在[1，＋∞)上是减函数，则b的取值范围是________．
7．设方程x3－3x＝k有3个不等的实根，则常数k的取值范围是________．
B级
8．函数y＝在定义域内(　　)
A．有最大值2，无最小值
B．无最大值，有最小值－2
C．有最大值2，最小值－2
D．无最值
9.已知函数y＝f(x)的图象是下列四个图象之一，且其导函数y＝f′(x)的图象如图所示，则该函数的图象是(　　)www.21-cn-jy.com
10．若函数y＝x3－3ax＋a在(1,2)内有极小值，则实数a的取值范围是________．
11．已知函数f(x)＝2x3－6x2＋m(m为常数)在[－2,2]上有最大值3，那么此函数在[－2,2]上的最小值为________．www-2-1-cnjy-com
12．已知函数f(x)＝ax3＋bx＋c在x＝2处取得极值c－16.
(1)求a、b的值；
(2)若f(x)有极大值28，求f(x)在[－3,3]上的最小值．
13．已知函数f(x)＝ax2＋1(a>0)，g(x)＝x3＋bx.
(1)若曲线y＝f(x)与曲线y＝g(x)在它们的交点(1，c)处具有公共切线，求a，b的值；
(2)当a2＝4b时，求函数f(x)＋g(x)的单调区间，并求其在区间(－∞，－1]上的最大值．
详解答案
典型例题
例1　解　f′(x)＝3x2－6x＋3.
令f′(x)＝0，得x1＝－1，x2＝＋1.
当x∈(－∞，－1)时，f′(x)＞0，
f(x)在(－∞，－1)上是增函数；
当x∈(－1，＋1)时，f′(x)<0，
f(x)在(－1，＋1)上是减函数；
当x∈(－1，＋∞)时，f′(x)＞0，
f(x)在(＋1，＋∞)上是增函数．
变式1　解　f′(x)＝3(x2＋2ax＋1)，
由题意知，f′(x)＝3(x2＋2ax＋1)≥0在[2，＋∞)上恒成立，
即a≥－在[2，＋∞)上恒成立，
令g(x)＝－，
则g′(x)＝－(1－)，
显然，x∈[2，＋∞)时，g′(x)<0，
即g(x)在[2，＋∞)上是减函数，
所以g(x)≤g(2)＝－，
所以a的取值范围是[－，＋∞)．
例2　解　f′(x)＝1－，
①当a≤0时，f′(x)>0，f(x)为(－∞，＋∞)上的增函数，所以函数f(x)无极值．
②当a>0时，令f′(x)＝0，得ex＝a，x＝lna.
x∈(－∞，lna)，f′(x)<0；x∈(lna，＋∞)，f′(x)>0，
所以f(x)在(－∞，lna)上单调递减，在(lna，＋∞)上单调递增，故f(x)在x＝lna处取得极小值且极小值为f(lna)＝lna，无极大值．21世纪教育网版权所有
综上，当a≤0时，函数f(x)无极值．
当a>0时，f(x)在x＝lna处取得极小值lna，无极大值．
变式2　解　由f′(x)＝－x2＋x＋2a＝－(x－)2＋＋2a
令f′(x)＝0，得两根
x1＝，x2＝.
所以f(x)在(－∞，x1)，(x2，＋∞)上单调递减，在(x1，x2)上单调递增．
当0所以f(x)在[1，x2]上单调递增，在[x2,4]上单调递减，
所以，最大值为f(x2)，最小值为f(1)或f(4)．
又f(4)－f(1)＝－＋6a<0，即f(4)从而f(x)在[1,4]上的最大值为f(2)＝.
例3　解　f(x)的定义域为x∈(0，＋∞)，
f′(x)＝.
当a＝0时，f′(x)＝.
①若b≤0，当x>0时，f′(x)<0恒成立，
所以函数f(x)的单调递减区间是(0，＋∞)．
②若b>0，当0时，f′(x)>0.
所以函数f(x)的单调递减区间是，单调递增区间是.
当a>0时，由f′(x)＝0得2ax2＋bx－1＝0.
解得x1＝，x2＝，
此时x1<0，x2>0.
当0x2时，f′(x)>0.
所以函数f(x)的单调递减区间是，
单调递增区间是.
综上所述：当a＝0，b≤0时，函数f(x)的单调递减区间是(0，＋∞)．
当a＝0，b>0时，函数f(x)的单调递减区间是，单调递增区间是.
当a>0时，函数f(x)的单调递减区间是，
单调递增区间是.
变式3　解　由题意知f(x)的定义域为(0，＋∞)，
f′(x)＝＋2ax＝.
当a≥0时，f′(x)>0，故f(x)在(0，＋∞)上单调递增；当a≤－1时，f′(x)<0，故f(x)在(0，＋∞)上单调递减；当－1则当x∈时，f′(x)>0；
当x∈时，f′(x)<0.
故f(x)在上单调递增，
在上单调递减．
综上，当a≥0时，f(x)在(0，＋∞)上单调递增；当a≤－1时，f(x)在(0，＋∞)上单调递减；当－1强化提高
1．B
2．D　[f′(x)＝－3x2＋3，由f′(x)＝0可得x1＝1，x2＝－1.由极值的判定方法知f(x)的极大值为f(1)＝3，极小值为f(－1)＝1－3＋1＝－1，故选D.]21教育网
3．D
4．D　[f′(x)＝12x2－2ax－2b，
∵f(x)在x＝1处有极值，
∴f′(1)＝12－2a－2b＝0，∴a＋b＝6.
又a>0，b>0，∴a＋b≥2，
∴2≤6，
∴ab≤9，当且仅当a＝b＝3时等号成立，
∴ab的最大值为9.]
5．[3，＋∞)
解析　由题意知f′(x)≥0对任意的x∈恒成立，
又f′(x)＝2x＋a－，
所以2x＋a－≥0对任意的x∈恒成立，
分离参数得a≥－2x，
若满足题意，需a≥max.
令h(x)＝－2x，x∈.
因为h′(x)＝－－2，
所以当x∈时，h′(x)＜0，
即h(x)在上单调递减，
所以h(x)＜h＝3，故a≥3.
6．(－∞，1]
解析　转化为f′(x)＝－x＋≤0在[1，＋∞)上恒成立，
即b≤x2在[1，＋∞)上恒成立，
令g(x)＝x2，则g(x)min＝1，
故b的取值范围是(－∞，1]．
7．(－2,2)
解析　设f(x)＝x3－3x－k，则f′(x)＝3x2－3.
令f′(x)＝0得x＝±1，且f(1)＝－2－k，f(－1)＝2－k，又f(x)的图象与x轴有3个交点，故21cnjy.com
∴－28．C　[令y′＝
＝＝0，
得x＝±1.
当x变化时，y′与y的变化情况如下表：
由表可知x＝－1时，y取极小值也是最小值－2；x＝1时，y取极大值也是最大值2.]
9．B　[从导函数的图象可以看出，导函数值先增大后减小，x＝0时最大，所以函数f(x)的图象的变化率也先增大后减小，在x＝0时变化率最大．A项，在x＝0时变化率最小，故错误；C项，变化率是越来越大的，故错误；D项，变化率是越来越小的，故错误．B项正确．]
10．(1,4)
解析　y′＝3x2－3a，当a≤0时，y′≥0，
函数y＝x3－3ax＋a为单调函数，不合题意，舍去；当a>0时，y′＝3x2－3a＝0?x＝±，不难分析，【来源：21·世纪·教育·网】
当1<<2，即111．－37
解析　∵f′(x)＝6x2－12x＝6x(x－2)，
由f′(x)＝0得x＝0或2.
∵f(0)＝m，f(2)＝－8＋m，f(－2)＝－40＋m，显然f(0)>f(2)>f(－2)，
∴m＝3，最小值为f(－2)＝－37.
12．解　(1)因为f(x)＝ax3＋bx＋c，
故f′(x)＝3ax2＋b，由于f(x)在点x＝2处取得极值，故有，
即，
化简得，解得.
(2)由(1)知f(x)＝x3－12x＋c，f′(x)＝3x2－12.
令f′(x)＝0，得x1＝－2，x2＝2.
当x∈(－∞，－2)时，f′(x)>0，
故f(x)在(－∞，－2)上为增函数，
当x∈(－2,2)时，f′(x)<0，
故f(x)在(－2,2)上为减函数；
当x∈(2，＋∞)时，f′(x)>0，
故f(x)在(2，＋∞)上为增函数．
由此可知f(x)在x1＝－2处取得极大值f(－2)＝16＋c，
f(x)在x2＝2处取得极小值f(2)＝c－16，由题设条件知16＋c＝28，得c＝12，
此时f(－3)＝9＋c＝21，f(3)＝－9＋c＝3，
f(2)＝c－16＝－4，
因此f(x)在[－3,3]上的最小值为f(2)＝－4.
13．解　(1)f′(x)＝2ax，g′(x)＝3x2＋b，
因为曲线y＝f(x)与曲线y＝g(x)在它们的交点(1，c)处具有公共切线，
所以f(1)＝g(1)，且f′(1)＝g′(1)．
即a＋1＝1＋b，且2a＝3＋b.
解得a＝3，b＝3.
(2)记h(x)＝f(x)＋g(x)．当b＝a2时，h(x)＝x3＋ax2＋a2x＋1，
h′(x)＝3x2＋2ax＋a2.
令h′(x)＝0，得x1＝－，x2＝－.
a>0时，h(x)与h′(x)的变化情况如下表：
所以函数h(x)的单调递增区间为和；
单调递减区间为.
当－≥－1，即0函数h(x)在区间(－∞，－1]上单调递增，h(x)在区间(－∞，－1]上的最大值为h(－1)＝a－a2.
当－<－1，且－≥－1，即2当－<－1，即a>6时，函数h(x)在区间上单调递增，在区间上单调递减，在区间上单调递增，
又因为h－h(－1)＝1－a＋a2＝(a－2)2>0，所以h(x)在区间(－∞，－1]上的最大值为h＝1.2·1·c·n·j·y
综上，f(x)＋g(x)在(－∞，－1]上的最大值为h(x)max＝

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