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2017年北京高考生物学科押题试卷
一、选择题（5道题，每小题6分，共30分)
1.关于细胞结构、功能及其化合物的说法正确的是（
）
A.转运RNA、抗体、酶发挥相应作用后，不能继续发挥作用的是抗体
B.蛋白质的合成不一定要在核糖体上进行，例如哺乳动物的成熟红细胞
C.同一生物的不同细胞会因细胞分化而导致DNA有区别，但是mRNA相同的
D.蓝藻与黑藻都能进行光合作用，但二者在细胞结构上的主要区别是叶绿体的有无
2.下列关于人体生命活动调节的叙述，正确的是（
）
A.激素弥散在全身的体液中，一经靶细胞接受即被灭活
B.大面积烧伤易引起感染的原因是非特异性免疫能力降低
C.脑干内有呼吸中枢、语言中枢等主要的生命活动中枢
D.病毒侵入机体后，体内的吞噬细胞、T细胞和浆细胞都具有识别功能
3.在千岛湖地区两个面积、植被、气候等环境条件相似的A、B两岛上对社鼠进行种群数量调查，得到下图所示结果。已知B岛上另一种鼠类——青毛硕鼠的数量要明显多于A岛，且6-8月该岛上有黄鼠狼活动。下列说法正确的是（
）
A.两岛社鼠数量超过50只后均开始下降，说明环境容纳量均为50只
B.两岛6月到7月期间社鼠的出生率均小于死亡率
C.在6月之后B岛社鼠数量下降快的影响因素是种间竞争
D.两岛的社鼠因为存在地理隔离，最终将导致生殖隔离
4.为研究细胞分裂素对生长素合成的影响，将生长10天的拟南芥幼苗分别置于添加est（细胞分裂素合成诱导剂）和BAP（细胞分裂素类似物）培养液中培养24小时，结果如图所示。以下推测不正确的是（
）
A.细胞分裂素可以促进幼叶和根系中生长素的合成
B.成熟叶片中生长素的合成不受细胞分裂素合成诱导剂的影响
C.幼叶和根系细胞对细胞分裂素敏感，成熟叶片细胞比较迟钝
D.随着幼苗的不断长大，细胞分裂素的促进作用会更显著
5.下列实验做法不能达到实验预期的是（
）
A.用兔成熟红细胞制备细胞膜和粗提取DNA
B.制作泡菜时向坛盖边沿的水槽中注满清水
C.制作果酒时适时拧松瓶盖，制作果醋时持续供氧
D用稀释涂布平板法估测某土壤浸出液中活菌数目
6．下列制品与材料类别不对应的是
[
]
A
B
C
D
玻璃
不锈钢
玻璃钢
无机非金属材料
有机高分子材料
金属材料
复合材料
7．下列比较不正确的是
[
]
A．最高价氧化物对应水化物的酸性：H3PO4＞H2SO4＞HNO3
B．与冷水的反应速率：K＞Na＞Mg
C．热稳定性：HF＞HCl＞H2S
D．离子半径：Cl－＞F－＞Na＋
8．下列有关化学实验的叙述中，不正确的是
[
]
A．用饱和食盐水替代水跟电石作用，可以有效控制产生乙炔的速率
B．制肥皂时，在皂化液里加入饱和食盐水，能够促进高级脂肪酸钠的析出
C．制备乙酸乙酯时，为除去乙酸乙酯中的乙酸，用氢氧化钠溶液收集产物
D．重结晶法提纯苯甲酸时，为除去杂质和防止苯甲酸析出，应该趁热过滤
9．根据右图，下列判断正确的是
[
]
A．电子从Zn极流出，流入Fe极，经盐桥回到Zn极
B．烧杯b中发生的电极反应为Zn－2e－＝Zn2+
C．烧杯a中发生反应O2+4H+
+4e－＝2H2O，溶液pH降低
D．向烧杯a中加入少量K3[Fe(CN)6]溶液，有蓝色沉淀生成
10．下列实验操作不能达到预期实验目的的是
[
]
实验目的
实验操作
A
鉴别乙酸乙酯和乙酸
分别加入饱和Na2CO3溶液
B
比较Fe和Cu的金属活动性
分别加入浓硝酸
C
比较H2O和乙醇中羟基氢的活泼性
分别加入少量Na
D
比较I2在H2O和CCl4中的溶解度
向I2水中加入CCl4，振荡
11.
已知：3CH4(g)
+
2N2(g)3C(s)
+
4NH3(g)
ΔH＞0，在700℃，CH4与N2在不同物质的量之比[n(CH4)/n(N2)]时CH4的平衡转化率如下图所示：
下列说法正确的是
[
]
A.
n(CH4)/n(N2)越大，CH4的转化率越高
B.
n(CH4)/n(N2)不变时，若升温，NH3的体积分数会增大
C.
b点对应的平衡常数比a点的大
D.
a点对应的NH3的体积分数约为26%
12．已知：是碳酸甲乙酯的工业生产原理。下图是投料比[]分别为3︰1和1︰1、反应物的总物质的量相同时，的平衡转化率与温度的关系曲线。下列说法正确的是
[
]
A．曲线b所对应的投料比为3︰1
B．M点对应的平衡常数小于Q点
C．N点对应的平衡混合气中碳酸甲乙酯的物质的量分数为0.58
D．M点和Q点对应的平衡混合气体的总物质的量之比为2︰1
13．下列有关分子运用理论的说法中正确的是（　　）
A．分子的平均动能越大，分子运动得越剧烈
B．物体的状态变化时，它的温度一定变化
C．物体内分子间距离越大，分子间引力一定越大
D．布朗运动是液体分子的热运动
14．下列说法正确的是（　　）
A．汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构
B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应
C．一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短
D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大
15．如图所示，a，b两种单色光，平行地射到平板玻璃上，经平板玻璃后射出的光线分别为a′，b′（b光线穿过玻璃板侧移量较大），下列说法正确的是（　　）
A．光线a进入玻璃后的传播速度小于光线b进入玻璃后的传播速度
B．光线a的折射率比光线b的折射率小，光线a的波长比光线b的波长大
C．若光线b能使某金属产生光电效应，光线a也一定能使该金属产生光电效应
D．光线a的频率的比光线b的频率高，光线a光子电量比光线b光线光子能量大
16．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（　　）
A．
B．
C．
D．
17．据报道，一颗来自太阳系外的彗星于2014年10月20日擦火星而过．如图所示，设火星绕太阳在圆轨道上运动，运动半径为r，周期为T．该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道的A点“擦肩而过”．已知万有引力恒量G，则（　　）
A．可计算出太阳的质量
B．可计算出彗星经过A点时受到的引力
C．可计算出彗星经过A点的速度大小
D．可确定彗星在A点的速度大于火星绕太阳的速度
18．如图所示，质量为m的滑块从高h处的a点，沿斜面轨道ab滑入水平轨道bc．在经过b点时无能量损失，滑块与每个轨道的动摩擦因数都相同．滑块在a、c两点的速度大小均为v，ab与bc长度相等，空气阻力不计，则滑块从a到c的运动过程中（　　）
A．滑块的动能始终保持不变
B．滑块从b到c运动得过程克服阻力做的功一定等于
C．滑块经b点时的速度大于
D．滑块经b点时的速度等于
19．现将电池组，滑动变阻器，带铁芯的线圈A、线圈B，电流计及开关如图连接．某同学如下操作中均发现电流表的指针发生偏转，用法拉第总结的五种引感应电流方法，对产生的原因描述正确的是（　　）
A．闭合与打开开关均发现指针偏转，是变化的电流引起的
B．闭合开关，线圈A向上拔出与向下插入指针偏转，是运动的恒定电流引起的
C．闭合开关，线圈A中的铁芯拔出与插入，指针偏转是变化的电流引起的
D．闭合开关，移动滑动变阻器滑片，指针偏转的原因是运动的恒定电流引起的
20．目前的手机触摸屏大多是电容式触摸屏．电容式触摸屏内有一导电层．导电层四个角引出四个电极，当手指触摸屏幕时，人体和触摸屏就形成了一个电容，电容具有“通高频”的作用，从而导致有电流分别从触摸屏四角上的电极中流出，并且流经这四个电极的电流与手指到四角的距离成正比，控制器通过对这四个电流比例的精确计算，得出触摸点的位置信息．在开机状态下，下列说法正确的是（　　）
A．电容式触摸屏感测手指触摸点的位置是因为手指对屏幕按压产生了形变
B．电容式触摸屏感测手指触摸点的位置是利用了电磁感应现象
C．当手指触摸屏幕时手指有微弱的电流流过
D．当手指离开屏幕时，电容变小，对高频电流的阻碍变大，控制器不易检测到手指的准确位置
　
二．实验题（共2小题）
21．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，甲同学进行了如下操作：
A．用注射器吸收一滴已知浓度的油酸酒精溶液，把它滴入量筒中，记下一滴油酸溶液的体积
B．将痱子粉均匀地撒在装有水的浅盘里，用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，并形成稳定的油酸薄膜
C．将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描下油酸薄膜的形状
D．将玻璃板放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和油膜面积计算出油膜厚度，即油酸分子的大小
①以上操作步骤中，不恰当的是　　；
②乙同学实验时，配置的油酸酒精溶液每104mL中有纯油酸6mL，他用注射器测得75滴这样的溶液为1mL，把1滴这样的溶液滴入盛水的浅盘里，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油酸膜轮廓，图中正方形小方格的边长为1cm，油酸分子的大小约为　　．（结果保留两位有效数字）
　
22．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：
A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω）
B．电流表A1（量程0﹣3mA，内阻Rg1=10Ω）
C．电流表A2（量程0﹣0.6A，内阻Rg2=0.1Ω）
D．滑动变阻器R1（0﹣20Ω，10A）
E．滑动变阻器R2（0﹣200Ω，1A）
F．定值电阻R0（990Ω）
G．开关和导线若干
（1）某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中合理的是　　图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选　　（填写器材名称前的字母序号），这是因为若选另一个变阻器，　　
（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），为了简化计算，该同学认为I1远远小于I2，则由图线可得电动势E=　　V，内阻r=　　Ω．（结果保留2位有效数字）
三．计算题（共3小题）
23．如图，光滑斜面倾角为37°，一质量m=1×10﹣2Kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物块置于斜面上，当加上水平向右的匀强电场时，该物体恰能静止在斜面上，G=10m/s2，求：
（1）该电场的电场强度大小
（2）若电场强度变为原来的，小物块运动的加速度大小
（3）在（2）前提下，当小物块沿斜面下滑L=m时，机械能的改变量．
24．翼型飞行器有很好的飞行性能．其原理是通过对降落伞的调节，使空气升力和空气阻力都受到影响．同时通过控制动力的大小而改变飞行器的飞行状态．已知：飞行器的动力F始终与飞行方向相同，空气升力F1与飞行方向垂直，大小与速度的平方成正比，即F1=C1v2；空气阻力F2与飞行方向相反，大小与速度的平方成正比，即F2=C2v2．其中C1、C2相互影响，可由运动员调节，满足如图1所示的关系．飞行员和装备的总质量为90kg．（重力加速度取g=10m/s2．）
（1）若飞行员使飞行器以v1=10m/s速度在空中沿水平方向匀速飞行，如图2所示．则飞行器受到动力F大小为多少？
（2）若飞行员关闭飞行器的动力，使飞行器匀速滑行，且滑行速度v2与地平线的夹角θ=30°，如图3所示，则速度v2的大小为多少？（结果可用根式表示）
（3）若飞行员使飞行器在空中的某一水平面内做匀速圆周运动，如图4所示，在此过程中C2只能在1.75～2.5N s2/m2之间调节，且C1、C2的大小与飞行器的倾斜程度无关．则飞行器绕行一周动力F做功的最小值为多少？（结果可保留π）
　
25.（16分）常用作风信子等香精的定香剂D以及可用作安全玻璃夹层的高分子化合物PVB的合成路线如下：
已知：I.RCHO+R’CH2CHO+H2O(R、R’表示烃基或氢)
II.醛与二元醇（如：乙二醇）可生成环状缩醛：
⑴A的核磁共振氢谱有两种峰。A的名称是
。
⑵A与合成B的化学方程式是
。
⑶C为反式结构，由B还原得到。C的结构式是
。
⑷E能使Br2的CCl4溶液褪色。N由A经反应①～③合成。
a.①的反应试剂和条件是
。
b.②的反应类型是
。
c.③的化学方程式是
。
⑸PVAc由一种单体经加聚反应得到，该单体的结构简式是
。
（6）已知：
以溴乙烷和环氧乙烷为原料制备1﹣丁醇，设计合成路线（其他试剂任选）．
合成路线流程图示例：
26．（13分）某课外小组分别用下图所示装置对原电池和电解原理进行实验探究。
请回答：
I．用图1所示装置进行第一组实验。
（1）在保证电极反应不变的情况下，不能替代Cu做电极的是
（填字母序号）。
A．铝
B．石墨
C．银
D．铂
（2）N极发生反应的电极反应式为
。
（3）实验过程中，SO42-
（填“从左向右”、“从右向左”或“不”）
移动；滤纸上能观察到的现象有
。
II．用图2所示装置进行第二组实验。实验过程中，两极均有气体产生，Y极区溶液逐
渐变成紫红色；停止实验，铁电极明显变细，电解液仍然澄清。查阅资料发现，高铁
酸根（FeO42-）在溶液中呈紫红色。
（4）电解过程中，X极区溶液的pH
（填“增大”
、“减小”或“不变”）。
（5）电解过程中，Y极发生的电极反应为Fe
-
6e-
+
8OH-
==
FeO42-
+
4H2O
和
。
（6）若在X极收集到672
mL气体，在Y极收集到168
mL气体（均已折算为标准
状况时气体体积），则Y电极（铁电极）质量减少
g。
（7）在碱性锌电池中，用高铁酸钾作为正极材料，电池反应为：
2K2FeO4
+
3Zn
==
Fe2O3
+ZnO
+2K2ZnO2
该电池正极发生的反应的电极反应式为
。
27．（15分）
为减小CO2对环境的影响，在限制其排放量的同时，应加强对CO2创新利用的研究。
（1）①
把含有较高浓度CO2的空气通入饱和K2CO3溶液。
②
在①的吸收液中通高温水蒸气得到高浓度的CO2气体。
写出②中反应的化学方程式
。
（2）如将CO2与H2
以1:3的体积比混合。
①适当条件下合成某烃和水，该烃是
（填序号）。
A．烷烃
B．烯烃
C．炔烃
D．苯的同系物
②
适当条件下合成燃料甲醇和水。在体积为2L的密闭容器中，充入2
mol
CO2和6
mol
H2，一定条件下发生反应：CO2(g)＋3H2(g)CH3OH(g)＋H2O(g)
△H＝－49.0
kJ/mol。
测得CO2(g)和CH3OH(g)的浓度随时间变化如图所示。
从反应开始到平衡，v(H2)＝
；氢气的转化率＝
；能使平衡体系中n(CH3OH)增大的措施有
。
（3）如将CO2与H2
以1:4的体积比混合，在适当的条件下可制得CH4。
已知：
CH4
(g)
+
2O2(g)
CO2(g)+
2H2O(l)
ΔH1＝―
890.3
kJ/mol
H2(g)
+
1/2O2(g)
H2O(l)
ΔH2＝－285.8
kJ/mol
则CO2(g)与H2(g)反应生成CH4(g)与液态水的热化学方程式是
。
（4）某同学用沉淀法测定含有较高浓度CO2的空气中CO2的含量，经查得一些物质在20℃的数据如下表。
溶解度（S）/g
溶度积（Ksp）
Ca(OH)2
Ba(OH)2
CaCO3
BaCO3
0.16
3.89
2.9×10-9
2.6×10-9
（说明：Ksp越小，表示该物质在水溶液中越易沉淀）
吸收CO2最合适的试剂是
[填“Ca(OH)2”或“Ba(OH)2”]溶液，实验时除需要测定工业废气的体积（折算成标准状况）外，还需要测定
。
28.(14分)某同学对Cl2与KI溶液的反应进行了实验探究。反应装置如下：
通入氯气一段时间，KI溶液变为黄色。继续通入氯气一段时间后，溶液黄色褪去，变为无色。继续通入氯气，最后溶液变为浅黄绿色。
（1）已知I2＋I－
I3－
，
I2、I3－在水中均呈黄色。为确定黄色溶液的成分，进行了以下实验。
操作
实验现象
a
取2~3
mL黄色溶液，加入足量CCl4，
振荡静置。
CCl4层呈紫红色，
水层显浅黄色。
b
取2~3
mL饱和碘水，加入足量CCl4，
振荡静置。
CCl4层呈紫红色，水层几近无色。
①
实验b的目的是
。
②
根据实验a中，水层中含有的粒子有
。
③
实验a中水溶液颜色变浅的原因是
。
④
为保证实验的严谨性，在实验a、b的基础上，需补充一个实验，该实验为
。
（2）通入氯气，溶液由黄色变为无色，是因为氯气将I2氧化。已知1
mol
Cl2可氧化0．2
mol
I2，该反应的化学方程式是
。
（3）
根据上述实验，请预测向淀粉-KI溶液中持续通入氯气，可能观察到的现象为
。
（4）已知氧气和氯气性质相似，写出氧气通入酸性KI溶液中的离子方程式
。
29.（18分）一般认为，草莓比较耐阴，生长在光照强度较弱的温室大棚里可能更加适宜。以丰香草莓为材料，研究了遮阴处理对草莓叶片光合作用的影响，旨在为草莓栽培提供理论依据。
材料用具：2叶期草莓幼苗，遮阳网（网内光强为自然光强左右），光合分析测定仪等
(1)实验步骤：选取若干生长状况相似的丰香草莓幼苗
____________为对照组和实验组，实验组用___________进行处理，在相同且适宜条件下培养至植株长出6张叶片左右，测定两种环境下各项指标如下：
遮阴对丰香草莓叶片光合色素含量的影响（mg/g)
图1遮阴对丰香草莓净光合速率的影响
(2)表中数据显示，遮阴提高草莓叶片的_________，进而提高草莓适应________的能力。
(3)图1中，对照组草莓净光合速率曲线呈现“双峰”型的原因是
_________，净光合速率还可通过测定__________表示。遮阴组实验时间段内光合积累总量显著___________对照组，推测遮阴可能影响___________反应，并据此继续进行实验得到图2的结果：
图遮阴对丰香草莓固定的效率和补偿点的影响
(4)由图可知实验处理显著提高其补偿点，固定CO2的效率__________，可能的原因是遮阴使叶片温度降低，导致___________________________________。
(5)综上所述，左右自然光强提高了草莓叶片利用光的能力，但的利用率CO2下降。欲进一步研究本课题，可改变___________进行研究。
30.（18分）科研人员为了探究拟南芥A基因的功能，进行了如下研究。
(1)科研人员将中T-DNA插入了卡那霉素抗性基因的农杆菌在__________培养基中震荡培养，获得转化液。用________至适当浓度的转化液对野生型拟南芥进行转化，插入导致基因发生_________，得到突变型拟南芥。
(2)科研人员用突变型拟南芥进行了杂交实验，结果如下表所示。
亲本
子代（卡那霉素抗性/卡那霉素敏感）
突变型拟南芥自交
2.93
突变型♀×野生型♂
1.02
突变型♂×野生型♀
0.47
依据__________，判断突变型拟南芥的基因型为Aa，依据__________不同，推测基因丧失影响雄配子的产生。子代卡那霉素敏感型个体的基因型为______________。
(3)为探究A基因在联会过程中对交换频率的影响，科研人员将黄色（Y）和绿色（C）荧光蛋白基因整合到突变型和野生型拟南芥的同一条染色体上，得到基因型为aaYyCc和AAYyCc的植株。观察并统计植株产生的不同荧光的花粉数量（假设最多只发生一次交换），与AAYyCc植株进行比较，得到下表所示结果。
花粉数量
无荧光
黄色和绿色荧光
黄色荧光
绿色荧光
AAYyCc植株（对照组）
2630
2630
730
730
aaYyCc植株（实验组）
990
990
169
169
据表分析，_________荧光的花粉是通过交叉互换产生的，对照组未发生交叉互换的花粉母细胞的数量是__________。对照组植株和实验组植株的重组配子所占的比例分别为______________，由此说明基因功能丧失导致交换频率_____________。
31.（14分）人体在特殊情况下，会产生针对自身细胞表面某些受体的抗体。如重症肌无力是由于机体产生能与乙酰胆碱受体特异性结合的抗体，但该抗体不能发挥乙酰胆碱的作用（如甲图所示）。“Graves氏病”是由于机体产生针对促甲状腺激素受体的抗体，而该种抗体能发挥与促甲状腺激素相同的生理作用，但甲状腺激素不会影响该抗体的分泌（如乙图所示）。请分析回答：
在正常人体内，兴奋到达神经—肌肉突触时，储存在___________中的乙酰胆碱就被释放到突触间隙中，与受体结合后使突触后膜兴奋，肌肉收缩。重症肌无力患者的乙酰胆碱受体与抗体结合后，导致_________________和_______________________，使乙酰胆碱受体数量________________________和功能部分丧失，表现为重症肌无力。
(2)根据乙图分析：与正常人相比，Graves氏病患者激素Y的分泌量______________，激素X的分泌量______________。由此判断，Graves氏病患者的体温往往比正常人_____________，但该病患者自身的产热量_______________________散热量。
(3)在“重症肌无力”与“Graves氏病”患者体内，促甲状腺激素受体和乙酰胆碱受体都是_________，从而引起特异性免疫反应。
(4)由上述分析可知，参与人体的稳态调节的有____________________等。
32．超导现象是20世纪人类重大发现之一，日前我国己研制出世界传输电流最大的高温超导电缆并成功示范运行．
（l）超导体在温度特别低时电阻可以降到几乎为零，这种性质可以通过实验研究．将一个闭合超导金属圈环水平放置在匀强磁场中，磁感线垂直于圈环平面向上，逐渐降低温度使环发生由正常态到超导态的转变后突然撤去磁场，若此后环中的电流不随时间变化．则表明其电阻为零．请指出自上往下看环中电流方向，并说明理由．
（2）为探究该圆环在超导状态的电阻率上限ρ，研究人员测得撤去磁场后环中电流为I，并经一年以上的时间t未检测出电流变化．实际上仪器只能检测出大于△I的电流变化，其中△I＜＜I，当电流的变化小于△I时，仪器检测不出电流的变化，研究人员便认为电流没有变化．设环的横截面积为S，环中定向移动电子的平均速率为v，电子质量为m、电荷量为e．试用上述给出的各物理量，推导出ρ的表达式．
（3）若仍使用上述测量仪器，实验持续时间依旧为t．为使实验获得的该圆环在超导状态的电阻率上限ρ的准确程度更高，请提出你的建议，并简要说明实现方法．
　
答案：
1-5
ABBDA
29（18分）除标记外每空2分
(1)随机均分
遮阳网
（1分）
（2）光合色素含量
弱光
(3)气孔关闭，CO2吸收减少
单位时间内O2的释放或有机物的积累
低于
（1分）
暗
（1分）
降低，
（1分）
（催化固定CO2的、相关）酶活性降低
(5)遮光比例
30.（18分）除标记外每空2分
(1)液体
（1分），
稀释
（1分），
基因突变
(2）突变型拟南芥自交子代卡那霉素抗性：卡那霉素敏感=3：1
突变型与野生型杂交的正反交结果
AA
(3).黄色、绿色
，950
，21.7%和14.5%
，降低
31（14分）
（1）突触小泡
（1分）
乙酰胆碱受体被胞吞并分解
（2分）
未胞吞的受体无法与乙酰胆碱结合（2分）
减少
（1分）
(2)减少（1分）
增加
（1分）
高
（1分）
等于
（1分）
(3)抗原
（2分）
(4)神经调节、体液调节、免疫调节
（2分）
2017年高考化学押题卷答案【北京卷】
命题人：宣武门校区
化学组
6.B
7.A
8.C
9.B
10.B
11.B
12.C
25（16分）.
⑴乙醛
⑵+CH3CHO+H2O
⑶
⑷a.稀NaOH
加热
b.加成（还原）反应
c.2CH3(CH2)3OH+O22CH3(CH2)2CHO+2H2O
⑸CH3COOCH=CH2
（6）
26.（13分）
（1）A （2分）
（2）2H+ + 2e- == H2↑（或2H2O + 2e- == H2↑+ 2OH-）（2分）
从右向左 滤纸上有红褐色斑点．．．．．产生（答出“红褐色斑点．．．．．”或“红褐色．．．沉淀．．”即可给分）
（4）增大
（5）4OH- - 4e- == 2H2O + O2↑（2分） （6）0.28 （2分）
（7）2FeO42- + 6e- + 5H2O == Fe2O3 + 10OH- （2分）
27．（15分）
（1）②
2KHCO3K2CO3＋H2O＋CO2↑
（2）①
B
②
v(H2)＝0.24
mol/(L·min)
80%
降低温度（或加压或增大H2的量等）
（3）CO2(g)
+
4H2(g)
CH3OH
(g)+
2H2O(l)
ΔH1＝
+318.7
kJ/mol
（4）Ba(OH)2
BaCO3的质量
28（14分）.
（1）①
对比实验，证明实验a中水层显浅黄色是因为存在I2＋I－
I3－平衡，不是单一的I2浓度降低所导致的。（2分）
②
I2、I－、I3－、Cl－、K+（可不写H2O、H+、OH－）（2分）
③
由于萃取使水溶液中I2浓度降低，同时I2＋I－
I3－平衡逆向向移动，I3－浓度也降低，导致水溶液颜色变浅。（2分）
④
取2~3
mL
KI溶液，滴加少量的氯水（或通入少量氯气，或加入少量碘单质），再加入足量CCl4，
振荡静置，观察到水层是否为黄色。（2分）
【或取少量实验a的水层溶液滴加AgNO3溶液，观察是否有黄色沉淀生成。或取少量实验a的水层溶液淀粉溶液，观察是否变蓝。】
（2）I2＋5Cl2＋6H2O
10H
Cl
+2
H
IO3（2分）
（3）溶液先变蓝后褪色（1分）
（4）O2+4H++4I-=I2+2H2O
2017年高考物理押题卷答案　
一．选择题（共8小题）
1．下列有关分子运用理论的说法中正确的是（　　）
A．分子的平均动能越大，分子运动得越剧烈
B．物体的状态变化时，它的温度一定变化
C．物体内分子间距离越大，分子间引力一定越大
D．布朗运动是液体分子的热运动
【分析】明确分子动理论的基本内容，知道分子的平均动能越大，分子运动的越剧烈；
物体状态变化是指压强、体积以及温度的变化，可能是一个量变化也可能是三个量均发生变化；
分子间存在的引力和斥力均随分子间距离的增大而减小；
布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，它是液体分子无规则运动的反映．
【解答】解：A、分子的平均动能越大，则说明分子运动的越剧烈，故A正确；
B、物体的状态变化时可能是温度、体积或压强的变化，温度不一定变化，故B错误；
C、随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力均减小，斥力减小的比引力快，故C错误；
D、布朗运动是固体小颗粒受液体分子的撞击而形成的，它是液体分子热运动的反映，故D错误．
故选：A．
【点评】本题考查布朗运动、分子平均动能、分子间相互作用力等基本内容，要注意明确分子间相互作用力的性质，知道分子间同时存在引力和斥力，二者均随着距离的增大而减小，但斥力减小的快，所以超过平衡距离后分子间为引力．
　
2．下列说法正确的是（　　）
A．汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构
B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应
C．一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短
D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大
【分析】汤姆生发现了电子，知道原子还能再分；
太阳辐射的能量来自轻核聚变；
一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长．
氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大．
【解答】解：A、汤姆生发现了电子，表明原子是可以分割的，α粒子的散射实验表明原子具有核式结构．故A错误；
B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变，故B错误；
C、一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的能量值太小，则该光的频率小，波长太长．故C错误；
D、按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，要吸收能量，所以原子总能量增大；由于库仑力提供电子的向心力，得：
，电子的动能：，电子的动能随半径的增大而减小．故D正确；
故选：D．
【点评】本题考查了电子的发现、聚变反应、光电效应以及波尔理论等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．
　
3．如图所示，a，b两种单色光，平行地射到平板玻璃上，经平板玻璃后射出的光线分别为a′，b′（b光线穿过玻璃板侧移量较大），下列说法正确的是（　　）
A．光线a进入玻璃后的传播速度小于光线b进入玻璃后的传播速度
B．光线a的折射率比光线b的折射率小，光线a的波长比光线b的波长大
C．若光线b能使某金属产生光电效应，光线a也一定能使该金属产生光电效应
D．光线a的频率的比光线b的频率高，光线a光子电量比光线b光线光子能量大
【分析】作出光路图，根据两光线通过玻璃砖后侧移大小，判断折射率的大小．由公式v=确定光线在玻璃中传播速度的大小．根据折射率的大小分析频率的大小，对照光电效应的条件：入射光的频率大于等于金属的极限频率，分析光电效应现象．由E=hγ分析光子能量的大小．
【解答】解：A、真空中两束光的速度相同，都是c，由公式v=得知，光线a进入玻璃后的传播速度大于光线b进入玻璃后的传播速度．故A错误．
B、作出光路图如图，由图看出，两束光第一次折射时光线a的折射角大于光线b的折射角，入射角i相同，由折射定律n=得知，光线a的折射率比光线b的折射率小，光线a的波长比光线b的波长长．故B正确．
C、由波速公式c=λf得知，光线a的频率小于光线b的频率，则光线b能使某金属产生光电效应，光线a不一定能使该金属产生光电效应．故C错误．
D、光线a的频率的比光线b的频率低，而光子的能量与频率成正比，则光线a光子电量比光线b光线光子能量小．故D错误．
故选：B
【点评】本题是两种单色光各个物理量的比较，可用红光与紫光进行类比，根据光的色散、干涉等实验结果记住七种色光各量的关系，可提高解题速度．
　
4．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】当振子运动到N点时开始计时，分析此时振子的位置，即确定出t=0时刻质点的位置，即可确定位移时间的图象．
【解答】解：由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故B正确，ACD错误．
故选：B
【点评】本题在选择图象时，关键研究t=0时刻质点的位移和位移如何变化．
　
5．据报道，一颗来自太阳系外的彗星于2014年10月20日擦火星而过．如图所示，设火星绕太阳在圆轨道上运动，运动半径为r，周期为T．该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道的A点“擦肩而过”．已知万有引力恒量G，则（　　）
A．可计算出太阳的质量
B．可计算出彗星经过A点时受到的引力
C．可计算出彗星经过A点的速度大小
D．可确定彗星在A点的速度大于火星绕太阳的速度
【分析】火星绕太阳在圆轨道上运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解．
彗星经过A点做离心运动，万有引力小于向心力．
【解答】解：A、火星绕太阳在圆轨道上运动，根据万有引力提供向心力，列出等式
=，
M=，故A正确；
B、由于不知道彗星的质量，所以无法求解彗星经过A点时受到的引力，故B错误；
C、彗星经过A点做离心运动，万有引力小于向心力，不能根据v=求解彗星经过A点的速度大小，
该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道的A点“擦肩而过”，所以可确定彗星在A点的速度大于火星绕太阳的速度，故C错误，D正确；
故选：AD．
【点评】本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于：据万有引力提供向心力，列出等式只能求出中心体的质量．这是该题的解答过程中容易出现错误的地方．
　
6．如图所示，质量为m的滑块从高h处的a点，沿斜面轨道ab滑入水平轨道bc．在经过b点时无能量损失，滑块与每个轨道的动摩擦因数都相同．滑块在a、c两点的速度大小均为v，ab与bc长度相等，空气阻力不计，则滑块从a到c的运动过程中（　　）
A．滑块的动能始终保持不变
B．滑块从b到c运动得过程克服阻力做的功一定等于
C．滑块经b点时的速度大于
D．滑块经b点时的速度等于
【分析】滑块在a、c两点时的速度大小均为v，知滑块先加速后减速．对全程运用动能定理，求出全程阻力做的功，根据ab段、bc段摩擦力的大小比较两段做的功，从而得出bc段克服摩擦力做的功．再根据动能定理求出b的速度．
【解答】解：A、滑块在a、c两点时的速度大小均为v，知滑块先加速后减速．动能先增加后减小．故A错误；
B、对全程运用动能定理得，mgh﹣Wf=0，全程克服阻力做功等于mgh，由几何关系知道，ab在水平面上的投影小于bc则ab段的摩擦力做功小于bc段摩擦力做功，则小球在bc过程克服阻力做的功不等于．故B错误；
C、D、根据动能定理得：mgh﹣，因为，所以．故C正确，D错误．
故选：C．
【点评】解决本题的关键知道ab段所受的摩擦力大于bc段，以及能够灵活运用动能定理．运用动能定理解题时需确定研究的过程．
　
7．现将电池组，滑动变阻器，带铁芯的线圈A、线圈B，电流计及开关如图连接．某同学如下操作中均发现电流表的指针发生偏转，用法拉第总结的五种引感应电流方法，对产生的原因描述正确的是（　　）
A．闭合与打开开关均发现指针偏转，是变化的电流引起的
B．闭合开关，线圈A向上拔出与向下插入指针偏转，是运动的恒定电流引起的
C．闭合开关，线圈A中的铁芯拔出与插入，指针偏转是变化的电流引起的
D．闭合开关，移动滑动变阻器滑片，指针偏转的原因是运动的恒定电流引起的
【分析】产生感应电流的条件是闭合电路的磁通量发生变化，指针偏转时说明电路中产生了感应电流，将产生感应电流的情况与螺线管中磁场的变化情况联系在一起即可得到答案．
【解答】解：A、开关闭合或断开瞬间，线圈A内的变化电流，导致线圈B内的磁通量在变化，导致闭合线圈B中产生感应电动势，从而产生感应电流，电流表指针发生偏转，故A正确．
BC、闭合开关，线圈A向上拔出与向下插入，线圈A中的电流虽恒定，但因运动导致线圈B内的磁通量在变化，导致闭合线圈中产生感应电动势，从而产生感应电流，电流表指针发生偏转，故B正确，C错误．
D、开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片P时，线圈A中的电流变化，从而导致线圈B内的磁通量发生变化，电流表指针发生偏转，故D错误．
故选：AB．
【点评】闭合线圈中的磁通量发生变化有几种方式：可以线圈面积的变化，也可以磁场的变化，也可以线圈与磁场的位置变化．
　
8．目前的手机触摸屏大多是电容式触摸屏．电容式触摸屏内有一导电层．导电层四个角引出四个电极，当手指触摸屏幕时，人体和触摸屏就形成了一个电容，电容具有“通高频”的作用，从而导致有电流分别从触摸屏四角上的电极中流出，并且流经这四个电极的电流与手指到四角的距离成正比，控制器通过对这四个电流比例的精确计算，得出触摸点的位置信息．在开机状态下，下列说法正确的是（　　）
A．电容式触摸屏感测手指触摸点的位置是因为手指对屏幕按压产生了形变
B．电容式触摸屏感测手指触摸点的位置是利用了电磁感应现象
C．当手指触摸屏幕时手指有微弱的电流流过
D．当手指离开屏幕时，电容变小，对高频电流的阻碍变大，控制器不易检测到手指的准确位置
【分析】由题意明确电容式触摸屏的原理；明确当手触摸电容触摸屏时，手指和工作面形成一个电容器，改变手指的压力或接触面积，都能改变电容．根据电容的决定因素分析．
【解答】解：A、电容触摸屏只需要触摸，由于流经四个电极的电流与手指头到四角的距离成比例，控制器就能确定手指的位置，无需要手指有压力，故A错误；
B、电容式触摸屏感测手指触摸点的位置是电容器的充放电原理；不是电磁感应现象；故B错误；
C、由题意可知，手指从手的触点吸走一部分电荷，在电荷定向移动的过程中，会有微弱电流通过；故C正确．
D、根据电容器的工作原理可知，当手指离开屏幕时，电容变小，电容器将放电，控制器仍然能检测到手指离开的准确位置．故D错误．
故选：C
【点评】本题是信息题，要读懂题意，明确基本的工作原理，同时要掌握电容与正对面积，板间距离的关系，从而进行分析．
　
二．实验题（共2小题）
9．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，甲同学进行了如下操作：
A．用注射器吸收一滴已知浓度的油酸酒精溶液，把它滴入量筒中，记下一滴油酸溶液的体积
B．将痱子粉均匀地撒在装有水的浅盘里，用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，并形成稳定的油酸薄膜
C．将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描下油酸薄膜的形状
D．将玻璃板放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和油膜面积计算出油膜厚度，即油酸分子的大小
①以上操作步骤中，不恰当的是　A　；
②乙同学实验时，配置的油酸酒精溶液每104mL中有纯油酸6mL，他用注射器测得75滴这样的溶液为1mL，把1滴这样的溶液滴入盛水的浅盘里，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油酸膜轮廓，图中正方形小方格的边长为1cm，油酸分子的大小约为　7.3×10﹣10m　．（结果保留两位有效数字）
【分析】将配制好的油酸酒精溶液，通过量筒测出1滴此溶液的体积．然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径．
【解答】解：①“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：
配制酒精油酸溶液（教师完成，记下配制比例）→测定一滴酒精油酸溶液的体积v=→准备浅水盘→形成油膜→描绘油膜边缘→测量油膜面积→计算分子直径；那么以上操作步骤中，不恰当的是：A；
②面积超过正方形一半的正方形的个数为110个，则油酸膜的面积约为：S=110×1cm2=1.1×10﹣2m2．
每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积：V=mL=8×10﹣6mL=8×10﹣12m3；
把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，因此其直径为：d==m=7.3×10﹣10m．
故答案为：①A；②7.3×10﹣10m．
【点评】本题关键要懂得实验原理，建立物理模型：以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨着一个紧密排列，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度．
10．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：
A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω）
B．电流表A1（量程0﹣3mA，内阻Rg1=10Ω）
C．电流表A2（量程0﹣0.6A，内阻Rg2=0.1Ω）
D．滑动变阻器R1（0﹣20Ω，10A）
E．滑动变阻器R2（0﹣200Ω，1A）
F．定值电阻R0（990Ω）
G．开关和导线若干
（1）某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中合理的是　b　图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选　D　（填写器材名称前的字母序号），这是因为若选另一个变阻器，　在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表A1读数变化不明显　
（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），为了简化计算，该同学认为I1远远小于I2，则由图线可得电动势E=　1.5　V，内阻r=　0.8　Ω．（结果保留2位有效数字）
【分析】（1）将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．
（2）根据欧姆定律和串联的知识求出I1和电源两端电压U的关系，根据图象与纵轴的交点求出电动势，由与横轴的交点可得出路端电压为某一值时电流，则可求得内阻．
【解答】解：（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．
（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b，
因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表A1读数变化不明显
（2）根据欧姆定律和串联的知识得
电源两端电压U=I1（990+10）=1000I1，
根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.47mA×1000Ω=1.47V=1.5V；
由图可知当电流为0.45A时，电压为1.1V，则由闭合电路欧姆定律可知：
r==0.8Ω；
故答案为：（1
）b
D；
在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表A1读数变化不明显；
（2）1.5，0.8
【点评】本题考查测量电源电动势和内阻的实验，要注意根据闭合电路欧姆定律进行分析画出的对应的图象进行分析并求出电动势及内阻；
注意在分析数据时要应用电表的改装原理的内容进行分析．
　
　
三．计算题（共2小题）
11．如图，光滑斜面倾角为37°，一质量m=1×10﹣2Kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物块置于斜面上，当加上水平向右的匀强电场时，该物体恰能静止在斜面上，G=10m/s2，求：
（1）该电场的电场强度大小
（2）若电场强度变为原来的，小物块运动的加速度大小
（3）在（2）前提下，当小物块沿斜面下滑L=m时，机械能的改变量．
【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，物体受到重力、支持力和电场力，根据平衡条件，可判断出电场力方向，再由平衡条件列式，求得电场强度的大小．
（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．
（3）选取物体下滑距离为L=m作为过程，机械能的改变量等于电场力对物体做的功，由功的公式计算．
【解答】解：（1）如图所示，小物块受重力、斜面支持力和电场力三个力作用，受力平衡，则有
在x轴方向：
在y轴方向：
得：qE=mgtan37°，故有：，方向水平向右．
（2）场强变化后物块所受合力为：
根据牛顿第二定律得：F=ma
故代入解得，方向沿斜面向下
（3）机械能的改变量等于电场力做的功，故，
解得△E=﹣0.02J
答：（1）该电场的电场强度大小为
（2）若电场强度变为原来的，小物块运动的加速度大小
（3）在（2）前提下，当小物块沿斜面下滑L=m时，机械能的改变量﹣0.02J
【点评】由三力平衡，借助于力的平行四边形定则来确定电场强度方向．当受力不平衡时，由牛顿运动定律来求解．当物体运动涉及电场力、重力做功，注意电场力做功只与沿电场强度方向的位移有关．
　
12．翼型飞行器有很好的飞行性能．其原理是通过对降落伞的调节，使空气升力和空气阻力都受到影响．同时通过控制动力的大小而改变飞行器的飞行状态．已知：飞行器的动力F始终与飞行方向相同，空气升力F1与飞行方向垂直，大小与速度的平方成正比，即F1=C1v2；空气阻力F2与飞行方向相反，大小与速度的平方成正比，即F2=C2v2．其中C1、C2相互影响，可由运动员调节，满足如图1所示的关系．飞行员和装备的总质量为90kg．（重力加速度取g=10m/s2．）
（1）若飞行员使飞行器以v1=10m/s速度在空中沿水平方向匀速飞行，如图2所示．则飞行器受到动力F大小为多少？
（2）若飞行员关闭飞行器的动力，使飞行器匀速滑行，且滑行速度v2与地平线的夹角θ=30°，如图3所示，则速度v2的大小为多少？（结果可用根式表示）
（3）若飞行员使飞行器在空中的某一水平面内做匀速圆周运动，如图4所示，在此过程中C2只能在1.75～2.5N s2/m2之间调节，且C1、C2的大小与飞行器的倾斜程度无关．则飞行器绕行一周动力F做功的最小值为多少？（结果可保留π）
【分析】（1）物体做直线运动的条件是所受的合力方向与速度方向在一条直线上，根据运动员和翼型伞的受力情况进行判断；
（2）由①位置的受力分析，匀速运动时对重力进行分解，根据平衡条件求解；
（3）竖直方向匀速运动，水平方向做圆周运动，根据力的做功表达式，结合前面条件，即可求解．
【解答】解：（1）由受力分析可知：mg=C1v12
得：C1=3N s2/m2
由C1、C2关系图象可得：C2=2.5N s2/m2
动力为：F=F2=C2v12
所以有：F=750N
（2）由受力分析可知：mgcosθ=C1v22
mgsinθ=C2v22
C1=C2cotθ
在图1中过原点作直线正确得到直线与曲线的交点．C2=2.3
N s2/m2
C1=4
N s2/m2
得v2约为m/s
（3）设此时飞行器飞行速率为v，圆周运动的半径为R，F1与竖直方向夹角为α，则有：
竖直方向合力为零：mg=C1v2cosα
水平方向合力提供向心力
C1v2sinα=m
动力：F=F2=C2v2
绕行一周动力做的功为
W=F 2πR=
当C2=1.75N s2/m2，C1=6N s2/m2，α=45°时，W有最小值．
且最小值为
Wmin=15750πJ≈49455J
答：（1）飞行器受到动力F大小为750N．
（2）速度v2的大小为m/s．
（3）飞行器绕行一周动力F做功的最小值为49455J．
【点评】本题能正确理解题目所给的信息，理清飞行器的运动情况是解决该题的关键．并要有运用数学知识解决物理问题的能力．
　
13．超导现象是20世纪人类重大发现之一，日前我国己研制出世界传输电流最大的高温超导电缆并成功示范运行．
（l）超导体在温度特别低时电阻可以降到几乎为零，这种性质可以通过实验研究．将一个闭合超导金属圈环水平放置在匀强磁场中，磁感线垂直于圈环平面向上，逐渐降低温度使环发生由正常态到超导态的转变后突然撤去磁场，若此后环中的电流不随时间变化．则表明其电阻为零．请指出自上往下看环中电流方向，并说明理由．
（2）为探究该圆环在超导状态的电阻率上限ρ，研究人员测得撤去磁场后环中电流为I，并经一年以上的时间t未检测出电流变化．实际上仪器只能检测出大于△I的电流变化，其中△I＜＜I，当电流的变化小于△I时，仪器检测不出电流的变化，研究人员便认为电流没有变化．设环的横截面积为S，环中定向移动电子的平均速率为v，电子质量为m、电荷量为e．试用上述给出的各物理量，推导出ρ的表达式．
（3）若仍使用上述测量仪器，实验持续时间依旧为t．为使实验获得的该圆环在超导状态的电阻率上限ρ的准确程度更高，请提出你的建议，并简要说明实现方法．
【分析】（1）原磁场方向向上，减小时，根据楞次定律判断感应电流的磁场方向后结合安培定则判断即可；
（2）根据电流的微观表达式I=neSv和焦耳定律以及能量守恒定律列式后联立求解即可；
（3）根据第二问的表达式讨论即可．
【解答】解：（1）原磁场方向向上，故原磁通向上，减小，根据楞次定律，感应电流磁场方向也向上，故感应电流为逆时针；
（2）设超导圆环周长为L，电阻为R，有：；
由电流的微观定义可知，超导圆滑中的电流I=neSv，而n、e、S均由导体材料自身决定的，不会随环境变化而变化，故当环中电流发生变化时必定是电子的定向移动的速率发生了变化，于是有△I=neS △v．
设能量的损失为△E，由能量守恒定律有：，代入数据，
由于△I＜＜I，→0，整理可得：，ρ=；
（3）由知，为增加ρ，可以适当增加△I；
答：（1）自上往下看环中电流方向为逆时针方向，理由如上；
（2）ρ的表达式为；
（3）为增加ρ，可以适当增加△I．
【点评】本题关键第二问较难，要明确电流的能量损失的微观意义，然后根据焦耳定律、能量守恒定律列式求解．
　
氮化硅陶瓷
G
NaCl溶液
a
b
→
←
O2
N2
Fe
Zn
盐桥
e－
←
A
图2
图1
c(mol/L)
0.8
5
1.00
0.50
0.25
0
3
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t(min)
CO2
CH3OH

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