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专题二 表格、图像题解题技巧
表格、图像题是近几年常考的一类化学试题，从题型结构看，图表题主要由“题干”“图表”和“问题”三部分组成。从试题内容看，ABCD四个选项中，每个选项考的就是1-3个小知识点，该类试题反映一组或多组内容相关的数据或信息，题干和图表相互补充，题干是图表的解释说明，图表是题干的直观表现。这就要求对课本里的小知识点要掌握得比较熟悉、全面了。
目前常见的类型有以下几种：表格题：（1）质量守恒定律题，（2）实验方案题，（3）知识整理题，（4）物质分类题；图像题：（一）函数图像：（1）金属与酸反应的图像题，（2）溶解度，（3）有关溶液pH值与溶液的关系，（4）图像与各物质的量变化关系；（二）原子结构示意图。
题型一：表格题
表格型是中考的一种常见题型，解答表格型题时，首先看表格数据的变化规律和含义，由表格表示的意义与所学的化学知识结合起来，从多组数据中筛选出正确的信息。
类型（一）：质量守恒定律题
依据题目所给条件，反应前质量总和等于反应后质量总和，求出表格中未知数；质量减少的是反应物，质量增加的是生成物，质量不变的可能是催化剂，从而判断出反应类型；求某参加反应的物质的质量比时，要先求差，再求比；其它选项根据已有知识灵活处理。
【例题展示】
例题1（2017?徐州）甲、乙、丙、丁4种物质在密闭容器中充分反应．测得反应前后各物质的质量如表．下列说法正确的是（　　）
物质
甲
乙
丙
丁
反应前的质量/g
4
31
21
10
反应后的质量/g
m
40
6
16
A．甲一定是该反应的催化剂
B．该反应一定是化合反应
C．丙物质一定属于化合物
D．乙、丁在反应中的质量比为5：2
【分析】根据化学反应后反应物的质量是减少的，生成物的质量是增加的，再由表格的信息就可以判断出甲，乙，丙，丁是反应物还是生成物，及反应类型和质量比。
【解答】解：根据质量守恒定律，4+31+21+10=m+40+6+16，m=4，丙的质量减少，为反应物，乙、丁质量增加，为生成物，甲质量不变，可能为催化剂。
A、甲质量不变，可能为催化剂，错误；
B、由以上知，丙→乙+丁，为分解反应，错误；
C、由以上知，丙→乙+丁，丙一定是化合物，正确；
D、乙、丁在反应中的质量比为：（40﹣31）：（16﹣10）=3：2，错误；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?常州）在一密闭容器中发生某反应，容器中各物质的质量变化如表所示，其中未知数据正确的是（　　）
阶段/物质
甲的质量/g
乙的质量/g
丙的质量/g
丁的质量/g
反应前
40
40
0
0
反应中
M1
M2
M3
10.8
反应后
23
M4
30
27
A．m1=30.8 B．m2=24 C．m3=13.6 D．m4=34
2．（2017?河北）一定条件下，密闭容器内发生的某化学反应，测得t1和t2时各物质的质量见表，下列说法正确的是（　　）
物质
M
N
P
Q
t1时的质量/g
51
9
3
17
t2时的质量/g
23
3
x
51
A．x的值小于3 B．Q可能是单质
C．该反应一定是分解反应 D．M与N的质量变化比为14：3
3.（2017?巴中）在一密闭容器中加入甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下发生化学反应，反应前后各物质的质量变化见下表。下列说法错误的是（ ）【版权所有：21教育】
物质
甲
乙
丙
丁
反应前物质的质量（克）
8
32
5
4
反应后物质的质量（克）
16
X
5
24
A．该反应为分解反应 B．丙可能是该反应的催化剂
C．甲、乙两物质反应前后质量变化之比为2:7 D．X的值为28
4. （2017?枣庄）在一定条件下，一密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如表所示，下列说法错误的是（　　）
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
30
5
10
15
反应后的质量/g
x
y
20
20
A．a一定是反应物
B．x+y=20
C．x的取值范围一定是0≤x≤30
D．反应生成c与d的质量比为2：1
类型（二）：实验方案型
实验方案的原则：①科学：实验原理正确，实验流程合理。②简约：在实验设计时，实验材料容易获得，实验装置比较简单，实验操作过程比较简便，实验步骤比较少，实验时间比较短。③可行：符合一般实验条件，易达到目的要求，操作正确。④安全：如点燃可燃性气体前要先检验气体的纯度，以防发生爆炸。⑤经济：实验设备、实验原料、消耗的能源花费少。⑥环保：如进行有毒气体的性质实验时，应注意尾气的处理等。
例题2（2017?天津）某同学对下列四个实验都设计了两种方案，两种方案均合理的是（　　）（多选）
选项
A
B
C
D
实验目的
鉴别硬水和软水
鉴别硫酸铵和磷矿粉
除去二氧化碳中的少量水蒸气
除去氯化钠溶液中的少量碳酸钠
方案l
观察颜色
观察颜色
通过浓硫酸
滴加适量稀盐酸
方案2
加肥皂水
加熟石灰粉末研磨
通过氢氧化钠溶液
滴加适量氯化钙溶液，过滤
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，根据硬水和软水的检验方法进行分析判断；
B、根据磷矿粉为灰白色固体，铵态氮肥与碱性物质混合研磨后能放出有刺激性气味的气体，进行分析判断；
C、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；21教育名师原创作品
D、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；
【解答】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，可用肥皂水来区分硬水和软水，加入肥皂水，若产生泡沫较多，则是软水，若产生泡沫较少，则是硬水；硬水和软水均为无色液体，用观察颜色的方法不能鉴别；故选项实验方案有错误；
B、磷矿粉为灰白色固体，硫酸铵为白色固体，用观察颜色的方法可以鉴别；加熟石灰粉末研磨，产生刺激性气味的是硫酸铵，无明显变化的是硫酸铵，可以鉴别；故选项实验方案均正确；
C、浓硫酸具有吸水性，且不能与二氧化碳反应，能除去水蒸气；氢氧化钠溶液不具有吸水性，不能除去水蒸气；故选项实验方案有错误；
D、碳酸钠能与适量的稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则；碳酸钠能与适量氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则；故选项实验方案均正确；故选（BD）
【跟踪训练】
1．（2017?本溪）下列实验方案设计不合理的是（　　）
选项
实验内容
操作或所用试剂
A
鉴别铁粉和木炭粉
观察颜色
B
鉴别氯化铵和氯化钾
加熟石灰，混合研磨
C
除去铜中混有的氧化铜
加过量稀硫酸，过滤
D
除去氧化钙中混有的碳酸钙
高温煅烧
A.A B．B C．C D．D
2．（2017?盐城）下列实验方法错误的是（　　）
选项
实验目的
实验方法
A
鉴别硬水和软水
加入肥皂水振荡，观察是否有大量泡沫
B
鉴别蔗糖和NH4NO3固体
加入少量水溶解，测量溶液温度
C
除去粗盐在难溶性杂质
加适量水溶解，过滤，蒸发
D
除去KCl溶液中少量CuC2
滴加NaOH溶液至不再生成沉淀，过滤
A．A B．B C．C D．D
3.（2017?桂林）下列实验操作、现象与结论一致的是（　　）
序号
实验操作
现象
结论
A
向久置空气中的NaOH固体滴加盐酸
产生气泡
NaOH已部分变质
B
向某无色溶液滴入紫色石蕊试液
溶液变蓝
该溶液一定是碱溶液
C
将燃着的木条伸入盛满某气体的集气瓶中
木条熄灭
该气体是CO2
D
向碘化钾、稀硫酸和淀粉的混合液中加入某食用盐
溶液变蓝
该食用盐为加碘食盐
A．A B．B C．C D．D
4.（2017?烟台）下列实验操作能达到实验目的是（　　） （多选）
选项
实验目的
主要实验操作
A
分离CaO与CaCO3固体混合物
加水充分溶解后，过滤
B
鉴别NH4NO3和NaCl
分别加熟石灰研磨，闻气味
C
除去CaCl2溶液中混有盐酸
加入过量的CaCO3，过滤
D
检验Na2CO3溶液中含有NaOH
加入足量Ba（OH）2溶液，再滴加酚酞
A．A B．B C．C D．D
5. （2017?孝感市）下列实验方案不能达到实验目的是（　　）

实验目的
实验方案
A
验证铝、铜、银三种金属的活动性顺序
将洁净的铜丝分别浸入硫酸铝溶液和硝酸银溶液中
B
用一种试剂一次性鉴别出稀硫酸、澄清石灰水和碳酸钠溶液
分别取样，滴加紫色石蕊试液
C
除去碳粉中混有的少量氧化铜
加入足量的稀硫酸，过滤、洗涤、干燥
D
检验露置的氢氧化钠是否变质
取样，加水溶解，滴加氯化钡溶液
A．A B．B C．C D．D
类型（三）：知识整理型
ABCD四个选项中，每个选项考的就是1-3个小知识点，这就要求对课本里的小知识点要掌握得比较熟悉、全面了。做这种题，得每个小点每个小点地看，可以采用排除法去做题。
例题3（2017?贺州）下列对部分化学知识的归纳完全正确的（　　）
A
化学与生活：①生活中常用加热煮沸的方法软化硬水
②氧气用于医疗急救
③农业上用石灰乳和硫酸铜制波尔多液
B
化学与环境：①焚烧植物秸杆不会造成空气污染
②PM2.5是造成雾霾天气的元凶之一
③使用可降解塑料可減少“白色污染”
C
化学与安全：①皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂稀醋酸
②实验时碰倒酒精灯着火一用湿抹布盖灭
③冬天用煤炉取暖一保证室内通风
D
化学与健康：①人体缺铁会引起贫血症
②可用硫磺薫蒸笋干使之颜色更好看
③制作糕点过程中加入适量的碳酸氢钠，使糕点松软可口
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据硬水软化的方法、氧气的用途、波尔多液的配制方法考虑；
焚烧植物秸杆会产生大量的空气污染物，造成空气污染；
皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂3%﹣5%的碳酸氢钠溶液；
D、可用硫破薫蒸笋干使之颜色更好看；
【解答】A、生活中常用的硬水软化的方法：加热煮沸、氧气能供给呼吸，所以氧气用于医疗急救、农业上用石灰乳和硫酸铜制波尔多液，故A正确；21cnjy.com
B、焚烧植物秸杆会产生大量的空气污染物，造成空气污染，故B错；
C、皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂3%﹣5%的碳酸氢钠溶液，故C错；
D、可用硫磺薫蒸笋干使之颜色更好看，但生成的二氧化硫有毒，对人体不利，故D错；故选（A）　
【跟踪训练】
1．（2017?南通）下列归纳总结完全正确的一组是（　　）
A、化学与健康
B、化学与能源
①老年人缺钙会导致骨质疏松
②人体缺乏维生素A会引起夜盲症
③要牢记“吸烟有害健康”“毒品万万试不得！”
①太阳能、核能和天然气都属于新能源
②电池充电时，化学能转化为电能
③化石燃料是优质的能源来源，不能作为化工资源
C、物质与分类
D、化学与环境
①天然气和海水都属于化合物
②烧碱和纯碱都属于碱
③尿素[CO（NH2）2]和硝酸钾（KNO3）都属于复合
肥
①施用过量化肥、农药增加粮食产量
②使用可降解的塑料制品更环保
③低碳生活，出行尽量步行或骑自行车
A．A B．B C．C D．D
2．（2017?无锡）下列归纳和总结完全正确的一组是（ ）
A．化学与技术
B．化学与能源
①用钛镍形状记忆合金制成人造卫星天线
②用扫描隧道显微镜获得苯分子图像
③用催化净化装置促进汽车尾气中有害气体的转化
①氢能源是一种广泛使用的能源
②可燃冰将成为未来新能源
③倡导大量使用高硫煤做燃料
C．化学与医药
D．化学与生产
①用氧气进行医疗急救
②用生石灰做补钙剂
③用干冰作血液制品冷藏运输的致冷剂
①用硫酸钠配制波尔多液
②用食盐的水溶液制造氢氧化钠
③用铁矿石、焦炭和石灰石炼铁
3.（2017?贵港）下列对某一主题的知识归纳，有错误的一组是（　　）
A微粒构成物质
B防火灭火知识
C合理利用资源
D健康生活方式
①水是由水分子构成
②氯化钠是由钠离子和氯离子构成
③黄金是由金原子构成
①电器着火，立即用水浇灭
②扑灭森林火灾时设置防火隔离带
③油锅着火时用锅盖盖灭
①合理使用塑料袋
②合理使用农药、化肥提高作物产量
③钢铁表面刷上油漆，防止钢铁生锈
①均衡膳食，不偏食、不挑食
②不适用过期食品
③不过量饮用碳酸饮料
A．A B．B C．C D．D
4.（2017?日照）某同学对所学部分化学知识归纳如下，完全正确的一组是（　　）
A．化学与资源
B．化学与材料
①铁护栏表面刷上油漆，防止生锈
②爱护水资源只能通过节约用水实现
①用钛合金制作航天飞机的外壳，利用其密度大，耐腐蚀等性质
②装食品用的聚乙烯塑料袋具有热塑性
C．化学与环境[来源:学#科#网]
D．化学与生活
①减少空气污染的措施：风力发电、多用高寒硫煤做燃料等
②防治“白色污染”的措施：回收废弃塑料、使用新型降解塑料等
①青少年食欲不振，生长迟缓，发育不良应多食海产品、瘦肉等含锌的食物
②二氧化碳灭火器灭火时有降温和隔绝空气的作用
A．A B．B C．C D．D
5. （2017?菏泽）化学与人类的生活密切相关，下列对化学知识的应用归纳完全正确的一组是（　　） 21·cn·jy·com
A．化学与生活
B．化学与安全
①用活性炭包可吸附汽车内的异味
②用洗涤剂可以洗掉衣服和餐具上的油污
①炒菜时油锅着火可以用锅盖盖灭
②在室内放一盆水能防止煤气中毒
C．化学与资源
D．化学与健康
①煤、石油、天然气都是可再生能源
②我国试采可燃冰成功，为未来使用新能源
①烧烤食品营养丰富，可大量食物
②每天食用适量蔬菜，以补充维生素
A．A B．B C．C D．D
类型（四）：物质分类型
物质的分类，要加强记忆混合物、纯净物、有机物、无机物、单质、化合物、氧化物、酸、碱、盐等基本概念，并能够区分应用。21世纪教育网版权所有
【例题展示】
例题4（2017?无锡）某同学用下表所示的形式对所学物质进行分类(甲包含乙、丙)。下列分类错误的是（ ）2·1·c·n·j·y
选项
A
B
C
D
甲
碳单质
构成物质微粒
有机化合物
常见的碱
乙、丙
金刚石、C60
分子、原子
分子、原子
烧碱、纯碱
【分析】A、由一种元素组成的纯净物属于单质；
B、分子、原子、离子是构成物质的三种基本微粒；
C、含有碳元素的化合物属于有机化合物；
D、电离时生成的阴离子都是氢氧根离子的化合物属于碱；
【解答】解：A、金刚石、C60都是由碳元素组成的纯净物，属于碳元素组成的单质，正确；
B、分子、原子都是构成物质的微粒，正确；
C、甲烷、乙醇都是含有碳元素的化合物，属于有机化合物，正确；
D、烧碱是氢氧化钠的俗称，属于碱；纯碱是碳酸钠的俗称，属于盐，错误；故选（D）
【跟踪训练】
1．（2017?广州）下列物质的分类正确的是（　　）
选项
物质
类别
A
太阳能、风能、煤
清洁能源
B
C60、He、水银
单质
C
纯碱、烧碱、Ba（OH）2
碱
D
CH4、CO2、葡萄糖
有机物
A．A B．B C．C D．D
2．（2017?镇江）下列归类错误的是（　　）
选项
归类
内容
A
清洁能源
风能、氢能、太阳能
B
常见合金
黄铜、硬铝、不锈钢
C
营养物质
淀粉、油脂、维生素
D
复合肥料
KNO3、NH4H2PO4、NH4NO3
A．A B．B C．C D．D
3.（2016?常州）分类法是一种行之有效、简单易行的科学方法.某同学用下表所示形式对所学知识进行分类，其中甲与乙、丙、丁是包含关系，下列各组中，有错误的组合是（　　）
选项
甲
乙、丙、丁
A
常见干燥剂
浓硫酸、无水氯化钙、碱石灰
B
常见合金
不锈钢、硬铝、生铁
C
分子晶体
CO2、SiO2、H2O
D
强电解质
HCl、Na2O、BaSO4
A. A B. B C. C D. D
4.（2015?聊城）下列有关物质的归类错误的是（　　）
选项
物质
归类
A
白酒、糖水、食盐水
常见溶液
B
蛋白质、油脂、维生素
营养物质
C
风能、氢能、太阳能
清洁能源
D
生铁、玻璃、玻璃钢
复合材料
　A．A B．B C．C D．D
题型二：图像题（函数图像题）
解题关键，要做到“五看”，一看坐标（横、纵坐标的含义）；二看起点（图像的起点）；三看拐点（图像的拐点及终点）；四看比例（看图像中横纵坐标的比例关系）；五看趋势（看图像的走向，如上升还是下降等）。其次根据图象中给定的量变关系，依据物质的性质、变化规律便可循序渐进地依次将问题解决。【来源：21·世纪·教育·网】
类型（一）：金属与酸反应的图像题
（1）等质量的金属与足量的酸反应：酸是足量的，说明金属完全反应，所以最终生成氢气的质量要依据金属的质量来计算。在图中，金属越活泼，图示反应物的曲线越陡；当金属在化合物中化合价相同时，金属的相对原子质量越小，与酸反应产生的氢气越多，曲线的拐点越高。可简单概括为：越陡越活，越高越小。www-2-1-cnjy-com
（2）足量的金属与等量的酸反应：金属是足量的，说明酸完全反应，最终生成氢气的质量要依据酸的质量来计算，所以最终生成氢气的质量相等。2-1-c-n-j-y
【例题展示】
例题1（2017?日照）足量的镁、铁分别和等量的盐酸反应，产生的氢气质量与时间的关系如图所示，下列说法不正确的是（　　）（多选）【来源：21cnj*y.co*m】

A．t1时，产生氢气的质量镁比铁多
B．t2时，镁、铁消耗的盐酸质量相同
C．t2时，镁、铁与盐酸都恰好完全反应
D．t3时，参加反应铁的质量是5.6 g
【分析】根据题意“将等质量的镁和铁分别放入等质量、相同质量分数的稀盐酸中”，通过图象可知金属镁和铁与酸反应的速率和生成氢气的质量，由此可推出金属活动性顺序，并结合化学方程式的计算可推出金属和酸的用量问题；【出处：21教育名师】
【解答】A、通过图象中的数据可以看出，t1时，产生氢气的质量镁比铁多，故A正确；
B、依据质量守恒定律可知，生成氢气的氢元素全部来自稀盐酸，所以t2时，镁、铁消耗的盐酸质量相同，故B正确；
C、每24份质量的镁会生成2份质量的氢气，每56份质量的铁会生成2份质量的氢气，生成的氢气质量相等，所以镁有剩余，故C错误；
D、t3时，金属的质量是过量的，所以参加反应铁的质量是56g，故D错误；故选（CD）
【跟踪训练】
1．（2017?泰安）现有等质量甲、乙、丙三种金属，分别放入三份溶质质量分数相同的足量稀硫酸中，产生氢气的质量与反应时间的关系如图所示（已知甲、乙、丙在生成物中化合价均为+2价）．则下列说法中不正确的是（　　）（多选）

A．生成氢气的质量：甲＞乙＞丙 B．相对原子质量：乙＞丙＞甲
C．金属活动性：乙＞甲＞丙 D．消耗硫酸的质量：甲=乙=丙
2．（2016?菏泽）在定量研究金属与酸的化学反应时，绘制出如图所示金属与氢气质量关系的图象，分析图象得到的以下结论中，正确的是（　　）
①Na、Mg、Zn三种金属都能置换出酸中的氢
②生成相同质量的氢气消耗金属的质量为Na＞Mg=Zn
③生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的质量比为为23：24：65
④生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的原子个数比为2：1：1。
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
3．（2017?济宁）在相同质量、相同质量分数的稀硫酸中，分别加入足量的Mg、Fe、Zn三种金属，其发生反应的质量关系如图所示，读识如图并判断，下面推理合理的是（　　）
①反应速率：Mg＞Fe＞Zn
②反应生成氢气质量：Mg=Fe=Zn
③反应后溶液质量：Mg=Fe=Zn
④反应后溶液溶质质量分数：Mg＜Fe＜Zn
A．①② B．③④ C．①③ D．②④
类型（二）：溶解度
例题2（2017?无锡）根据右图所示的溶解度曲线，判断下列说法正确的是（ ）
A. 50℃时，分别将等质量的硝酸钾和氯化铵溶于适量的水恰好配成饱和溶液，所得溶液的质量前者比后者大
B. 60℃时，把40g硝酸钾和40g氯化钾分别加入到50g水中，充分搅拌，降温至10℃，剩余晶体的质量氯化钾多
C.70℃时，50g硝酸钠饱和溶液与100g硝酸钾饱和溶液中所含溶剂质量之比为1:2
D.80℃时，向100g氯化钾饱和溶液中加入150g硝酸钠，充分搅拌后，最终得到250g溶液
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】解：A、50℃时，硝酸钾的溶解度大于氯化铵的溶解度，所以分别将等质量的硝酸钾和氯化铵溶于适量的水恰好配成饱和溶液，所得溶液的质量前者比后者小，故A错误；
B、10℃时，氯化钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度，所以60℃时，把40g硝酸钾和40g氯化钾分别加入到50g水中，充分搅拌，降温至10℃，剩余晶体的质量硝酸钾多，故B错误；
C、70℃时，硝酸钠、硝酸钾的溶解度相等，所以50g硝酸钠饱和溶液与100g硝酸钾饱和溶液中所含溶剂质量之比为1：2，故C正确；
D、80℃时，硝酸钠的溶解度是150g，所以向100g氯化钾饱和溶液中加入150g硝酸钠，充分搅拌后，最终得到250g溶液，故D错误；故选（C）21教育网
【跟踪训练】
1．（2017?苏州）氯化钠和硝酸钾两种固体的溶解度曲线如图所示．下列说法正确的是（　　）
A．硝酸钾的溶解度大于氯化钠的溶解度
B．常用冷却结晶的方法从氯化钠溶液中获得其晶体
C．40℃时，将35 g硝酸钾晶体放入50 g水中，充分搅拌后，所得溶液的溶质质量分数为39.0%
D．将20℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，溶液的溶质质量分数增大（忽略水分蒸发）
2．（2017?泰安）t1℃时，将等质量的硝酸钾和氯化钾分别加入到各盛有100g的两个烧杯中，充分搅拌后现象如图1所示，硝酸钾和氯化钾的溶解度曲线如图2所示．则下列说法正确的是（　　）

A．烧杯①的溶液一定是不饱和溶液
B．烧杯①的溶液是硝酸钾溶液
C．若烧杯②的溶液升温到t2℃时，烧杯底部还有部分物质不溶解
D．若将烧杯①和烧杯②的溶液都升温到t2℃时，溶质的质量分数相等
3.（2017?临沂）甲、乙两种固体物质的溶解度曲线如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．20℃时，甲溶液中溶质的质量分数一定比乙溶液的大
B．将40℃时甲的一定量饱和溶液降温至20℃，溶液质量不变
C．甲的溶解度大于乙的溶解度
D．40℃时，分别在100g水中各加入30g甲、乙，同时降温至20℃，甲、乙溶液均为饱和溶液
4.（2017?深圳）图是固体物质M的溶解度曲线，下列说法中正确的是（　　）

A．40℃时，其饱和溶液中溶质的质量分数为50%
B．M的溶解度随温度升高而一直增大
C．将40℃时M的饱和溶液降温至10℃，有固体析出
D．将50℃时M的饱和溶液升温至80℃，溶液变成不饱和
5. （2017?徐州）如图是a、b、c三种物质的溶解度曲线．下列说法不正确的是（　　）

A．P点表示t1℃时，a、c两种物质的溶解度相等
B．将c的饱和溶液变为不饱和溶液，可采用降温的方法
C．t2℃时，将30ga物质加入到50g水中充分搅拌，得到75ga的饱和溶液
D．将t1℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液升温至t2℃，其溶质质量分数由大到小的顺序是a＞b＞c
类型（三）：有关溶液pH值与溶液的关系
例题3（2017?潍坊）25℃时，向20.0mL质量分数为30%的盐酸中滴加氢氧化钠溶液，溶液的pH与所加氢氧化钠溶液的体积如图所示，下列有关叙述正确的是（　　）
A．b、d点对应溶液的pH：b＞d
B．所用氢氧化钠溶液的质量分数一定为30%
C．向b点对应的溶液中滴加石蕊溶液，溶液呈无色
D．d点对应的溶液中溶质是NaCl和NaOH
【分析】A．根据溶液的pH来比较；
B．根据化学方程式进行分析；
C．根据所示溶液中的酸碱性来分析；
D．根据所示溶液pH来分析；
【解答】A．由图可知，b点所示溶液的pH＜7；d点所示溶液的pH＞7，所以b、d点对应溶液的pH：b＜d，故错误；21·世纪*教育网
B．由化学方程式可知：NaOH+HCl=NaCl+H2O
40 36.5
由于题干中没有提及两种溶液的密度，所以无法确定所需氢氧化钠溶液的溶质质量分数，故错误；
C．由图可知，b点所示溶液的pH＜7，溶液显酸性，滴加紫色的石蕊试液变红色，故错误；
D．d点所示溶液的pH＞7，所示溶液的溶质既有酸碱中和生成的氯化钠，还有过量的氢氧化钠，故正确；故选（D）
【跟踪训练】
1．（2017?邵阳）某化学兴趣小组利用稀盐酸和氢氧化钠溶液来探究中和反应的规律时，某溶液的pH随时间的变化如图所示，则a点所示溶液中溶质的是（　　）
A．HCl NaOH B．NaCl C．NaCl NaOH D．NaCl HCl
2．（2015?上海）向一定量4%的氢氧化钠溶液中逐滴加入稀盐酸，有关分析错误的是（　　）
　A． B． C． D．
3.（2016?威海）将一定浓度的硫酸加水稀释，所得溶液的pH与加水量m关系相符的图像是( )
类型（四）：图像与各物质的量变化关系
【例题展示】
例题4（2017?来宾）现有盐酸和CaCl2的混合溶液，向其中逐滴滴入Na2CO3溶液，生成沉淀质量与滴入Na2CO3溶液质量的变化关系如右图所示．下列说法正确的是（　　）
A．滴至a克时，溶液中反应为CaCl2+Na2CO3=2NaCl+CaCO3↓
B．滴至b克时，溶液中含HCl、NaCl两种溶质
C．滴至c克时，溶液中溶质质量比原混合溶液中溶质质量大
D．滴至d克时，溶液呈中性
【分析】向盐酸和CaCl2的混合溶液中逐滴滴入Na2CO3溶液时，碳酸钠先和稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，后和氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠；
【解答】A、滴至ag时，稀盐酸完全反应，溶液中反应的化学方程式为：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑，该选项说法不正确；21*cnjy*com
B、滴至bg时，溶液中不含HCl，含有反应生成的NaCl和没有反应的氯化钙两种溶质，该选项说法不正确；
C、滴至cg时，氯化钙和碳酸钠完全反应，碳酸钠和稀盐酸、氯化钙反应的化学方程式及其质量关系为：
Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑，CaCl2+Na2CO3=2NaCl+CaCO3↓，
73 117 111 117
由以上质量关系可知，溶液中溶质质量比原混合溶液中溶质质量大，该选项说法正确；
D、滴至dg时，溶液中的溶质是反应生成的氯化钠和过量的碳酸钠，碳酸钠溶液显碱性，因此溶液显碱性，该选项说法不正确；故选（C）www.21-cn-jy.com
【跟踪训练】
1．（2017?镇江）向一定质量的Ba（OH）2溶液中先后滴加CuSO4、H2SO4溶液，过程中加入溶液的质量与产生沉淀的质量关系如图所示．下列说法正确的是（　　）（多选）
A．a点对应溶液pH＞7
B．b点对应溶液中溶质有2种
C．m=3.31
D．取c点对应溶液，滴加NaOH溶液，立刻产生沉淀
2．（2017?玉林）下列图象中能正确反映其对应关系的是（　　）
A．向某温度时一定量的不饱和硝酸钾溶液中不断加入硝酸钾固体
B．向等质量的锌粉和铁粉中分别加入足量的溶质质量分数相同的稀硫酸
C．一定温度下向一定量的某饱和氢氧化钙溶液中加入少量氧化钙
D．一定温度下，两份质量和溶质质量分数均相等的过氧化氢溶液分别在有无二氧化锰的情况下制取氧气
3.（2017?青岛）下列四个图象分别对应四个变化过程，其中错误的是（　　）
A．①表示将一定量的60℃硝酸钾饱和溶液冷却至室温
B．②表示向相同质量和相同质量分数的稀盐酸中，分别加入过量 Cu（OH）2和CuO 固体
C．③表示向一定量的氯化铁和氯化钾的混合溶液中，逐滴加入过量的氢氧化钾溶液
D．④表示向相同质量和相同质量分数的稀硫酸中，分别加入过量的镁粉和铝粉
4.（2017?重庆）某实验小组将Ba（OH）2溶液逐滴滴入硫酸溶液中，溶质的质量与加入的Ba（OH）2溶液的质量关系如图所示．下列说法错误的是（　　）
A．a点溶液为酸性 B．b点恰好完全反应
C．c点溶液的溶质为硫酸 D．b、c两点沉淀质量相等
5. （2017?枣庄）下列图象能正确反应对应变化关系是（　　）
A．
向一定质量的AgNO3溶液中滴加NaCl溶液
B．
两份等体积5%的过氧化氢溶液，向其中一份加入少量二氧化锰
C．
在恒温条件下，将饱和的KNO3溶液蒸发适量水
D．
向氢氧化钠溶液中不断加水
类型五：原子结构示意图。
【例题展示】
例题5（2017?济南）如图为甲、乙两种微观粒子的结构示意图，下列关于这两种离子的说法中，完全正确的是（　　）

A．粒子甲不显电性，粒子乙带正电荷
B．甲、乙两种微观粒子属于同一种元素
C．甲、乙两种微观粒子的化学性质均比较稳定
D．粒子甲是阴离子，粒子乙是原子
【分析】A、根据核内质子数与核外电子数的关系分析；
B、根据元素的定义分析；
C、根据最外层电子数目的特点分析；
D、核内质子数与核外电子数的关系；
【解答】A、粒子甲中质子数=8＜电子数=10，显负电性，粒子乙中质子数=9＜电子数=10，显负电性．故A错误；21*cnjy*com
B、甲、乙的核内质子数不同，属于不同种的元素，故B错误；
C、甲、乙两种微观粒子的最层电子数都是8，属于稳定结构，化学性质均比较稳定，故C正确；
D、由上述分析可知，粒子甲、乙中质子数＜电子数，都属于阴离子，故D错误；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?烟台）如图是四种粒子的结构示意图，下列说法正确的是（　　）
A．②③属于同种元素 B．②④的化学性质相同
C．②的符号为Al+3 D．①③形成的化合物是MgF2
2．（2017?云南）如图是某元素的原子结构示意图，下列有关该原子的说法错误的是（　　）
A．质子数为11 B．易得电子形成阴离子
C．最外层有1个电子 D．该原子有三个电子层
3.（2017?青岛）已知元素周期表中第三周期各元素原子结构示意图如下，下列分析错误的是（　　）
A．以上原子的核外都有三个电子层
B．Na+和Mg2+的核外电子数不相同
C．Na与S形成化合物的化学式为Na2S
D．在化学反应中氯原子容易得到电子
4.（2017?泰安）下列关于四种粒子的结构示意图的说法中正确的是（　　）

A．①③是不同种元素
B．②表示的元素在化合物中通常显+1价
C．②③的化学性质相似
D．①④表示的是离子
专题二 表格、图像题解题技巧
表格、图像题是近几年常考的一类化学试题，从题型结构看，图表题主要由“题干”“图表”和“问题”三部分组成。从试题内容看，ABCD四个选项中，每个选项考的就是1-3个小知识点，该类试题反映一组或多组内容相关的数据或信息，题干和图表相互补充，题干是图表的解释说明，图表是题干的直观表现。这就要求对课本里的小知识点要掌握得比较熟悉、全面了。
目前常见的类型有以下几种：表格题：（1）质量守恒定律题，（2）实验方案题，（3）知识整理题，（4）物质分类题；图像题：（一）函数图像：（1）金属与酸反应的图像题，（2）溶解度，（3）有关溶液pH值与溶液的关系，（4）图像与各物质的量变化关系；（二）原子结构示意图。
题型一：表格题
表格型是中考的一种常见题型，解答表格型题时，首先看表格数据的变化规律和含义，由表格表示的意义与所学的化学知识结合起来，从多组数据中筛选出正确的信息。
类型（一）：质量守恒定律题
依据题目所给条件，反应前质量总和等于反应后质量总和，求出表格中未知数；质量减少的是反应物，质量增加的是生成物，质量不变的可能是催化剂，从而判断出反应类型；求某参加反应的物质的质量比时，要先求差，再求比；其它选项根据已有知识灵活处理。
【例题展示】
例题1（2017?徐州）甲、乙、丙、丁4种物质在密闭容器中充分反应．测得反应前后各物质的质量如表．下列说法正确的是（　　）
物质
甲
乙
丙
丁
反应前的质量/g
4
31
21
10
反应后的质量/g
m
40
6
16
A．甲一定是该反应的催化剂
B．该反应一定是化合反应
C．丙物质一定属于化合物
D．乙、丁在反应中的质量比为5：2
【分析】根据化学反应后反应物的质量是减少的，生成物的质量是增加的，再由表格的信息就可以判断出甲，乙，丙，丁是反应物还是生成物，及反应类型和质量比。
【解答】解：根据质量守恒定律，4+31+21+10=m+40+6+16，m=4，丙的质量减少，为反应物，乙、丁质量增加，为生成物，甲质量不变，可能为催化剂。21cnjy.com
A、甲质量不变，可能为催化剂，错误；
B、由以上知，丙→乙+丁，为分解反应，错误；
C、由以上知，丙→乙+丁，丙一定是化合物，正确；
D、乙、丁在反应中的质量比为：（40﹣31）：（16﹣10）=3：2，错误；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?常州）在一密闭容器中发生某反应，容器中各物质的质量变化如表所示，其中未知数据正确的是（　　）21·cn·jy·com
阶段/物质
甲的质量/g
乙的质量/g
丙的质量/g
丁的质量/g
反应前
40
40
0
0
反应中
M1
M2
M3
10.8
反应后
23
M4
30
27
A．m1=30.8 B．m2=24 C．m3=13.6 D．m4=34
【分析】根据质量守恒定律可得出m4的值，然后根据反应中各物质的质量比进行分析解答即可。
【解答】A、由质量守恒定律，m4=40+40﹣23﹣30﹣27=0，由反应前与反应中甲丁的质量关系，则（40﹣23）g：27g=（40﹣m1）g：10.8g，解得m1=33.2，故选项说法错误；
B、由反应前与反应中乙、丁的质量关系，则40g：27g=（40﹣m2）g：10.8g，解得m2=24，故选项说法正确；
C、由反应前与反应中丙丁的质量关系，则30g：27g=m3：10.8g，解得m3=12，故选项说法错误；
D、由质量守恒定律，m4=40+40﹣23﹣30﹣27=0，故选项说法错误；故选（B）
2．（2017?河北）一定条件下，密闭容器内发生的某化学反应，测得t1和t2时各物质的质量见表，下列说法正确的是（　　）
物质
M
N
P
Q
t1时的质量/g
51
9
3
17
t2时的质量/g
23
3
x
51
A．x的值小于3 B．Q可能是单质
C．该反应一定是分解反应 D．M与N的质量变化比为14：3
【分析】利用反应物质量会减小，生成物质量会增加，催化剂质量不变以及反应类型的特点解决此题。
【解答】解：A、根据质量守恒定律，x=（51+9+3+17）﹣（23+3+51）=3，故错误；
B、反应后MN的质量减小，是反应物，Q的质量增加，是生成物，因此反应属于化合反应，Q不可能是单质，故错误；21*cnjy*com
C、反应后MN的质量减小，是反应物，Q的质量增加，是生成物，因此反应属于化合反应，故错误；
D、反应中，M、N两种物质变化的质量比为（51﹣23）g：（9﹣3）g=14：3，故正确；故选（D）
3.（2017?巴中）在一密闭容器中加入甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下发生化学反应，反应前后各物质的质量变化见下表。下列说法错误的是（ ）
物质
甲
乙
丙
丁
反应前物质的质量（克）
8
32
5
4
反应后物质的质量（克）
16
X
5
24
A．该反应为分解反应 B．丙可能是该反应的催化剂
C．甲、乙两物质反应前后质量变化之比为2:7 D．X的值为28
【分析】根据化学反应后反应物的质量是减少的，生成物的质量是增加的，再由表格的信息就可以判断出甲，乙，丙，丁是反应物还是生成物，及反应类型和质量比；
【解析】A、据质量守恒定律可知反应前后物质，所以x为8+32+5+4-16-5-24=4；质量增加的为生成物，质量减少的为反应物；所以甲、丁是生成物，乙是反应物；由两种或两种以上物质生成一种物质的反应叫化合反应；由一种物质生成两种或两种以上物质的反应叫分解反应；
能改变其他物质的反应速率，而本身的质量和化学性质在反应前后不变的物质叫催化剂。
C、甲、乙两物质反应前后质量变化之比为8:28=2:7；
D、x=8+32+5+4-16-5-24=4；故选（D）
4. （2017?枣庄）在一定条件下，一密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如表所示，下列说法错误的是（　　）
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
30
5
10
15
反应后的质量/g
x
y
20
20
A．a一定是反应物
B．x+y=20
C．x的取值范围一定是0≤x≤30
D．反应生成c与d的质量比为2：1
【分析】A．根据反应后质量增加的是反应物进行分析；
B．根据质量守恒定律分析，x+y=（30+5+10+15）﹣20﹣20=20；
C．根据质量守恒定律分析；
D．根据c与d反应前后的质量变化来计算其参加反应的质量比为；
【解答】A．c的质量增加了10g，d的质量增加了5g，都是生成物，共增加了15g．若b质量也增加，则a一定是反应物，若b质量减少，则最多减少5g，因此a也一定是反应物，总之a一定是反应物，故说法正确；2·1·c·n·j·y
B．根据质量守恒定律可知，x+y=（30+5+10+15）﹣20﹣20=20；故说法正确；
C．根据质量守恒定律，且x+y=20，则0≤x≤20；故错误；
D．参加反应的c与d的质量比为（20﹣10）g：（20﹣15）g=15：10=2：1；故说法正确；故选（C）
类型（二）：实验方案型
实验方案的原则：①科学：实验原理正确，实验流程合理。②简约：在实验设计时，实验材料容易获得，实验装置比较简单，实验操作过程比较简便，实验步骤比较少，实验时间比较短。③可行：符合一般实验条件，易达到目的要求，操作正确。④安全：如点燃可燃性气体前要先检验气体的纯度，以防发生爆炸。⑤经济：实验设备、实验原料、消耗的能源花费少。⑥环保：如进行有毒气体的性质实验时，应注意尾气的处理等。
例题2（2017?天津）某同学对下列四个实验都设计了两种方案，两种方案均合理的是（　　）（多选）
选项
A
B
C
D
实验目的
鉴别硬水和软水
鉴别硫酸铵和磷矿粉
除去二氧化碳中的少量水蒸气
除去氯化钠溶液中的少量碳酸钠
方案l
观察颜色
观察颜色
通过浓硫酸
滴加适量稀盐酸
方案2
加肥皂水
加熟石灰粉末研磨
通过氢氧化钠溶液
滴加适量氯化钙溶液，过滤
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，根据硬水和软水的检验方法进行分析判断；
B、根据磷矿粉为灰白色固体，铵态氮肥与碱性物质混合研磨后能放出有刺激性气味的气体，进行分析判断；
C、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；【来源：21cnj*y.co*m】
D、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；
【解答】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，可用肥皂水来区分硬水和软水，加入肥皂水，若产生泡沫较多，则是软水，若产生泡沫较少，则是硬水；硬水和软水均为无色液体，用观察颜色的方法不能鉴别；故选项实验方案有错误；
B、磷矿粉为灰白色固体，硫酸铵为白色固体，用观察颜色的方法可以鉴别；加熟石灰粉末研磨，产生刺激性气味的是硫酸铵，无明显变化的是硫酸铵，可以鉴别；故选项实验方案均正确；
C、浓硫酸具有吸水性，且不能与二氧化碳反应，能除去水蒸气；氢氧化钠溶液不具有吸水性，不能除去水蒸气；故选项实验方案有错误；
D、碳酸钠能与适量的稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则；碳酸钠能与适量氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则；故选项实验方案均正确；故选（BD）
【跟踪训练】
1．（2017?本溪）下列实验方案设计不合理的是（　　）
选项
实验内容
操作或所用试剂
A
鉴别铁粉和木炭粉
观察颜色
B
鉴别氯化铵和氯化钾
加熟石灰，混合研磨
C
除去铜中混有的氧化铜
加过量稀硫酸，过滤
D
除去氧化钙中混有的碳酸钙
高温煅烧
A.A B．B C．C D．D
【分析】A、根据铁粉和木炭粉都是黑色的粉末分析；
B、根据铵根离子能够和氢氧根离子结合产生氨气和水分析；
C、根据氧化铜能够和稀硫酸反应产生硫酸铜和水分析；
D、根据碳酸钙高温分解产生氧化钙和二氧化碳分析；
【解答】A、铁粉和木炭粉都是黑色的粉末，因此观察颜色不能达到鉴别的目的；
B、铵根离子能够和氢氧根离子结合产生氨气和水，因此加熟石灰能够产生刺激性气味的是氯化铵，无现象的是氯化钾，能够得到鉴别的目的；
C、氧化铜能够和稀硫酸反应产生硫酸铜和水，而铜不反应，然后通过过滤得到铜，故可以达到除杂的目的；
D、碳酸钙分解产生氧化钙和二氧化碳，故能够达到除杂的目的；故选（A）
2．（2017?盐城）下列实验方法错误的是（　　）
选项
实验目的
实验方法
A
鉴别硬水和软水
加入肥皂水振荡，观察是否有大量泡沫
B
鉴别蔗糖和NH4NO3固体
加入少量水溶解，测量溶液温度
C
除去粗盐在难溶性杂质
加适量水溶解，过滤，蒸发
D
除去KCl溶液中少量CuC2
滴加NaOH溶液至不再生成沉淀，过滤
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，根据硬水和软水的检验方法进行分析判断；
B、根据蔗糖和NH4NO3固体溶于水的温度变化，进行分析判断；
C、根据粗盐提纯是将粗盐中含有的泥沙等不溶物除去，进行分析判断；
D、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；
【解答】A、硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，可用肥皂水来区分硬水和软水，加入肥皂水，若产生泡沫较多，则是软水，若产生泡沫较少，则是硬水，故选项实验方法正确；
B、NH4NO3固体溶于水吸热，使溶液的温度降低，蔗糖溶于水温度几乎无变化，可以鉴别，故选项实验方法正确；
C、粗盐的主要成分是氯化钠，粗盐提纯是通过溶解（把不溶物与食盐初步分离）、过滤（把不溶物彻底除去）、蒸发（食盐从溶液中分离出来而得到食盐）得到精盐的过程，故选项实验方法正确；
D、CuC2能与NaOH溶液反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，能除去杂质但引入了新的杂质氯化钠，不符合除杂原则，故选项实验方法错误；故选（D）
3.（2017?桂林）下列实验操作、现象与结论一致的是（　　）
序号
实验操作
现象
结论
A
向久置空气中的NaOH固体滴加盐酸
产生气泡
NaOH已部分变质
B
向某无色溶液滴入紫色石蕊试液
溶液变蓝
该溶液一定是碱溶液
C
将燃着的木条伸入盛满某气体的集气瓶中
木条熄灭
该气体是CO2
D
向碘化钾、稀硫酸和淀粉的混合液中加入某食用盐
溶液变蓝
该食用盐为加碘食盐
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、氢氧化钠能和空气中的二氧化反应生成碳酸钠和水，碳酸钠能和稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳；21*cnjy*com
B、显碱性溶液能使酚酞试液变红色；
C、二氧化碳、氮气、稀有气体等都不能燃烧，都不能支持燃烧；
D、碘能使淀粉变蓝色；
【解答】A、向久置空气中的NaOH固体滴加盐酸时，如果产生气泡，说明溶液中含有碳酸钠，进一步说明氢氧化钠已经变质，可能是完全变质，也可能是部分变质，该选项说法不正确；
B、向某无色溶液滴入紫色石蕊试液，溶液变蓝，说明溶液显碱性，但不一定是碱溶液，因为碳酸钠虽然是盐，但是水溶液显碱性，也能使酚酞试液变红色，该选项说法不正确；
C、将燃着的木条伸入盛满某气体的集气瓶中，木条熄灭，该气体可能是二氧化碳，也可能是氮气、稀有气体等，该选项说法不正确；
D、向碘化钾、稀硫酸和淀粉的混合液中加入某食用盐时，溶液变蓝色，说明该食用盐为加碘食盐，其中的碘酸钾和碘化钾、稀硫酸反应生成碘，碘使淀粉变蓝色，该选项说法正确；
故选（D）
4.（2017?烟台）下列实验操作能达到实验目的是（　　） （多选）
选项
实验目的
主要实验操作
A
分离CaO与CaCO3固体混合物
加水充分溶解后，过滤
B
鉴别NH4NO3和NaCl
分别加熟石灰研磨，闻气味
C
除去CaCl2溶液中混有盐酸
加入过量的CaCO3，过滤
D
检验Na2CO3溶液中含有NaOH
加入足量Ba（OH）2溶液，再滴加酚酞
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据氧化钙与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，进行分析判断；
B、铵态氮肥与碱性物质混合研磨后能放出有刺激性气味的气体，进行分析判断；
C、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质；
D、Na2CO3溶液能与足量Ba（OH）2溶液反应生成碳酸钡沉淀和氢氧化钠，进行分析判断；
【解答】A、氧化钙与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，加水充分溶解后，过滤，得到的碳酸钙与微溶于水的氢氧化钙的混合物，且不能分离出氧化钙，故选项实验操作不能达到实验目的；
B、NH4NO3与熟石灰研磨，放出有刺激性气味的气体，NaCl与熟石灰研磨，无明显变化，可以鉴别，故选项实验操作能达到实验目的；
C、盐酸能与过量的碳酸钙反应生成氯化钙、水和二氧化碳，再过滤除去过量的碳酸钙，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项实验操作能达到实验目的；
D、Na2CO3溶液能与足量Ba（OH）2溶液反应生成碳酸钡沉淀和氢氧化钠，再滴加酚酞，变红色，由于有氢氧化钠生成，无法确定原混合物中是否含有氢氧化钠，故选项实验操作不能达到实验目的；故选（BC）
5. （2017?孝感市）下列实验方案不能达到实验目的是（　　）

实验目的
实验方案
A
验证铝、铜、银三种金属的活动性顺序
将洁净的铜丝分别浸入硫酸铝溶液和硝酸银溶液中
B
用一种试剂一次性鉴别出稀硫酸、澄清石灰水和碳酸钠溶液
分别取样，滴加紫色石蕊试液
C
除去碳粉中混有的少量氧化铜
加入足量的稀硫酸，过滤、洗涤、干燥
D
检验露置的氢氧化钠是否变质
取样，加水溶解，滴加氯化钡溶液
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、铝比铜活泼，铜比银活泼；
B、显酸性溶液能使石蕊试液变红色，显碱性溶液能使石蕊试液变蓝色；
C、氧化铜和稀硫酸反应生成硫酸铜和水；
D、氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，碳酸钠和氯化钡反应生成白色沉淀碳酸钡和氯化钠；
【解答】A、把洁净的铜丝分别浸入硫酸铝溶液和硝酸银溶液中时，伸入硫酸铝溶液中的铜丝无明显现象，说明铝比铜活泼，伸入硝酸银中的铜丝表面附着一层银白色固体，说明铜比银活泼，因此铝比铜活泼，铜比银活泼，该选项能够达到实验目的；
B、滴加石蕊试液时，能使石蕊试液变红色的是稀硫酸，而澄清石灰水和碳酸钠溶液都是显碱性的溶液，都能使石蕊试液变蓝色，因此无法区分澄清石灰水和碳酸钠溶液，该选项不能达到实验目的；www.21-cn-jy.com
C、氧化铜和稀硫酸反应生成硫酸铜和水，加入足量的稀硫酸，过滤、洗涤、干燥可以除去碳粉中混有的少量氧化铜，该选项能够达到实验目的；【版权所有：21教育】
D、氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，碳酸钠和氯化钡反应生成白色沉淀碳酸钡和氯化钠，因此 取样，加水溶解，滴加氯化钡溶液时，如果产生白色沉淀，说明氢氧化钠已经变质，反之则没有变质，该选项能够达到实验目的；故选（B）
类型（三）：知识整理型
ABCD四个选项中，每个选项考的就是1-3个小知识点，这就要求对课本里的小知识点要掌握得比较熟悉、全面了。做这种题，得每个小点每个小点地看，可以采用排除法去做题。
例题3（2017?贺州）下列对部分化学知识的归纳完全正确的（　　）
A
化学与生活：①生活中常用加热煮沸的方法软化硬水
②氧气用于医疗急救
③农业上用石灰乳和硫酸铜制波尔多液
B
化学与环境：①焚烧植物秸杆不会造成空气污染
②PM2.5是造成雾霾天气的元凶之一
③使用可降解塑料可減少“白色污染”
C
化学与安全：①皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂稀醋酸
②实验时碰倒酒精灯着火一用湿抹布盖灭
③冬天用煤炉取暖一保证室内通风
D
化学与健康：①人体缺铁会引起贫血症
②可用硫磺薫蒸笋干使之颜色更好看
③制作糕点过程中加入适量的碳酸氢钠，使糕点松软可口
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据硬水软化的方法、氧气的用途、波尔多液的配制方法考虑；
焚烧植物秸杆会产生大量的空气污染物，造成空气污染；
皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂3%﹣5%的碳酸氢钠溶液；
D、可用硫破薫蒸笋干使之颜色更好看；
【解答】A、生活中常用的硬水软化的方法：加热煮沸、氧气能供给呼吸，所以氧气用于医疗急救、农业上用石灰乳和硫酸铜制波尔多液，故A正确；
B、焚烧植物秸杆会产生大量的空气污染物，造成空气污染，故B错；
C、皮肤沾上浓硫酸一先用水冲洗，再涂3%﹣5%的碳酸氢钠溶液，故C错；
D、可用硫磺薫蒸笋干使之颜色更好看，但生成的二氧化硫有毒，对人体不利，故D错；故选（A）　
【跟踪训练】
1．（2017?南通）下列归纳总结完全正确的一组是（　　）
A、化学与健康
B、化学与能源
①老年人缺钙会导致骨质疏松
②人体缺乏维生素A会引起夜盲症
③要牢记“吸烟有害健康”“毒品万万试不得！”
①太阳能、核能和天然气都属于新能源
②电池充电时，化学能转化为电能
③化石燃料是优质的能源来源，不能作为化工资源
C、物质与分类
D、化学与环境
①天然气和海水都属于化合物
②烧碱和纯碱都属于碱
③尿素[CO（NH2）2]和硝酸钾（KNO3）都属于复合
肥
①施用过量化肥、农药增加粮食产量
②使用可降解的塑料制品更环保
③低碳生活，出行尽量步行或骑自行车
A．A B．B C．C D．D
【分析】本题可以选用排除法是解答，即只要选项中有一项说法错误，即可排除该选项；据此结合化学元素与人体健康的关系、化学与能源、物质的分类、日常生活经验的知识进行分析判断即可；
【解答】A、老年人缺钙会导致骨质疏松人体缺维生素C会引起坏血病，缺乏维生素A时容易患夜盲症．吸烟有害健康、毒品损害身体，并使人上瘾，万万试不得，故选项归纳正确；
B、天然气是化石燃料，不是新能源，故选项归纳有错误；
C、海水是混合物，纯碱是碳酸钠，不是碱，尿素[CO（NH2）2]是氮肥，不是复合肥，故选项归纳有错误；
D、过量施用化肥、农药不但不会增加粮食产量，还会对土地、环境等造成不良影响，故选项归纳有错误；故选（A）
2．（2017?无锡）下列归纳和总结完全正确的一组是（ ）
A．化学与技术
B．化学与能源
①用钛镍形状记忆合金制成人造卫星天线
②用扫描隧道显微镜获得苯分子图像
③用催化净化装置促进汽车尾气中有害气体的转化
①氢能源是一种广泛使用的能源
②可燃冰将成为未来新能源
③倡导大量使用高硫煤做燃料
C．化学与医药
D．化学与生产
①用氧气进行医疗急救
②用生石灰做补钙剂
③用干冰作血液制品冷藏运输的致冷剂
①用硫酸钠配制波尔多液
②用食盐的水溶液制造氢氧化钠
③用铁矿石、焦炭和石灰石炼铁
【分析】A、根据化学与技术的知识进行分析判断；
B、根据能源的有关知识进行分析判断；
C、根据生石灰能与水反应生成氢氧化钙判断；
D、根据配置波尔多液应用硫酸铜进行分析判断；
【解答】A、①用钛镍形状记忆合金可制成人造卫星天线，②用扫描隧道显微镜可获得苯分子图象，③用催化净化装置可促进汽车尾气中有害气体的转化，故选项说法正确；
B、①氢能源不是广泛使用的能源，③不倡导大量使用高硫煤做燃料，高硫煤燃烧严重污染大气，故选项说法错误；2-1-c-n-j-y
C、生石灰能与水反应生成氢氧化钙，具有强烈的腐蚀性，不能用于补钙剂，故选项说法错误；
D、不用硫酸钠配置波尔多液，应用硫酸铜，故选项说法错误；故选（A）
3.（2017?贵港）下列对某一主题的知识归纳，有错误的一组是（　　）
A微粒构成物质
B防火灭火知识
C合理利用资源
D健康生活方式
①水是由水分子构成
②氯化钠是由钠离子和氯离子构成
③黄金是由金原子构成
①电器着火，立即用水浇灭
②扑灭森林火灾时设置防火隔离带
③油锅着火时用锅盖盖灭
①合理使用塑料袋
②合理使用农药、化肥提高作物产量
③钢铁表面刷上油漆，防止钢铁生锈
①均衡膳食，不偏食、不挑食
②不适用过期食品
③不过量饮用碳酸饮料
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据水是由水分子构成，氯化钠是由钠离子和氯离子构成，黄金是由金原子构成进行解答；
B、根据电器着火的灭火方法来分析；
C、根据塑料袋难降解，应合理使用塑料袋，农药、化肥对土壤具有污染性，故应合理使用农药、化肥提高作物产量，钢铁表面刷上油漆，阻隔铁与氧气和水反应，可防止钢铁生锈进行解答；21教育名师原创作品
D、根据健康生活的方式进行解答；
【解答】A、①水是由水分子构成②氯化钠是由钠离子和氯离子构成③黄金是由金原子构成，故选项正确；
B、生活中的水能导电，因此电器着火不能用水浇灭，故选项错误；
C、①塑料袋难降解，应合理使用塑料袋②农药、化肥对土壤具有污染性，故应合理使用农药、化肥提高作物产量，③钢铁表面刷上油漆，阻隔铁与氧气和水反应，可防止钢铁生锈，故选项正确；
D、①均衡膳食，不偏食、不挑食②不适用过期食品③不过量饮用碳酸饮料，都是健康的生活方式，故选项正确；故选（B）
4.（2017?日照）某同学对所学部分化学知识归纳如下，完全正确的一组是（　　）
A．化学与资源
B．化学与材料
①铁护栏表面刷上油漆，防止生锈
②爱护水资源只能通过节约用水实现
①用钛合金制作航天飞机的外壳，利用其密度大，耐腐蚀等性质
②装食品用的聚乙烯塑料袋具有热塑性
C．化学与环境[来源:学#科#网]
D．化学与生活
①减少空气污染的措施：风力发电、多用高寒硫煤做燃料等
②防治“白色污染”的措施：回收废弃塑料、使用新型降解塑料等
①青少年食欲不振，生长迟缓，发育不良应多食海产品、瘦肉等含锌的食物
②二氧化碳灭火器灭火时有降温和隔绝空气的作用
A．A B．B C．C D．D
【分析】A．根据金属防锈方法、保护水资源的措施来分析；
B．根据材料的性质与用途来分析；
C．根据减少空气污染与白色污染的措施来分析；
D．根据化学元素的食物来源以及灭火器的原理来分析；
【解答】A．爱护水资源可以通过节约用水和防止水体污染两方面去实现，故错误；
B．钛合金制作航天飞机的外壳是利用了其耐高温、耐腐蚀和强度高的性质，故错误；
C．燃烧含硫高的煤炭会产生大量的二氧化硫气体造成酸雨，不利于环境保护，故错误；
D．青少年食欲不振，生长迟缓，发育不良是缺少锌元素组成的，所以应多食海产品、瘦肉等含锌的食物；二氧化碳的密度比空气大，不燃烧、也不支持燃烧，所以二氧化碳灭火器灭火时有降温和隔绝空气的作用，故正确；故选（D）
5. （2017?菏泽）化学与人类的生活密切相关，下列对化学知识的应用归纳完全正确的一组是（　　）
A．化学与生活
B．化学与安全
①用活性炭包可吸附汽车内的异味
②用洗涤剂可以洗掉衣服和餐具上的油污
①炒菜时油锅着火可以用锅盖盖灭
②在室内放一盆水能防止煤气中毒
C．化学与资源
D．化学与健康
①煤、石油、天然气都是可再生能源
②我国试采可燃冰成功，为未来使用新能源
①烧烤食品营养丰富，可大量食物
②每天食用适量蔬菜，以补充维生素
A．A B．B C．C D．D
【分析】A．根据活性炭的吸附性以及乳化作用来分析；
B．根据灭火的原理与一氧化碳的溶解性来分析；
C．根据能源的使用与开发来分析；
D．根据化学与人体健康的关系来分析；
【解答】A．用活性炭具有吸附性，可吸附汽车内的异味；洗涤剂中含有乳化剂，对油污起到了乳化作用，所以用洗涤剂可以洗掉衣服和餐具上的油污，故正确；
B．一氧化碳难溶于水，所以放置一盆水无法避免煤气中毒，故错误；
C．煤、石油、天然气等物质都是不可再生能源，故错误；
D．食物在烧烤的过程中会产生有害的物质，不能大量食用，故错误；故选（A）
类型（四）：物质分类型
物质的分类，要加强记忆混合物、纯净物、有机物、无机物、单质、化合物、氧化物、酸、碱、盐等基本概念，并能够区分应用。
【例题展示】
例题4（2017?无锡）某同学用下表所示的形式对所学物质进行分类(甲包含乙、丙)。下列分类错误的是（ ）
选项
A
B
C
D
甲
碳单质
构成物质微粒
有机化合物
常见的碱
乙、丙
金刚石、C60
分子、原子
分子、原子
烧碱、纯碱
【分析】A、由一种元素组成的纯净物属于单质；
B、分子、原子、离子是构成物质的三种基本微粒；
C、含有碳元素的化合物属于有机化合物；
D、电离时生成的阴离子都是氢氧根离子的化合物属于碱；
【解答】解：A、金刚石、C60都是由碳元素组成的纯净物，属于碳元素组成的单质，正确；
B、分子、原子都是构成物质的微粒，正确；
C、甲烷、乙醇都是含有碳元素的化合物，属于有机化合物，正确；
D、烧碱是氢氧化钠的俗称，属于碱；纯碱是碳酸钠的俗称，属于盐，错误；故选（D）
【跟踪训练】
1．（2017?广州）下列物质的分类正确的是（　　）
选项
物质
类别
A
太阳能、风能、煤
清洁能源
B
C60、He、水银
单质
C
纯碱、烧碱、Ba（OH）2
碱
D
CH4、CO2、葡萄糖
有机物
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据清洁能源的概念进行分析；
B、根据单质的概念进行分析；
C、根据碱的概念进行分析；
D、根据有机物的概念进行分析；
【解答】A、煤不属于清洁能源，故不正确；
B、C60、He、水银都是由一种元素组成的纯净物，都属于单质，故正确；
C、纯碱是碳酸钠的俗称，属于盐，不属于碱，故错误；
D、二氧化碳虽是含碳元素的化合物，但其性质与无机物相似，是无机物，故错误；故选（B）
2．（2017?镇江）下列归类错误的是（　　）
选项
归类
内容
A
清洁能源
风能、氢能、太阳能
B
常见合金
黄铜、硬铝、不锈钢
C
营养物质
淀粉、油脂、维生素
D
复合肥料
KNO3、NH4H2PO4、NH4NO3
A．A B．B C．C D．D
【分析】A、根据常见的新能源考虑；B、根据常见的合金考虑；C、根据六大类营养素考虑；D、根据复合肥中含有氮、磷、钾三种元素中的两种或三种；21教育网
【解答】A、常见的新能源有：风能、氢能、太阳能、水能、核能等，故A归类正确；
B、黄铜属于铜、锌合金、硬铝属于铝的合金、不锈钢属于铁的合金，故B归类正确；
C、六大类营养素：蛋白质、淀粉、油脂、水、无机盐、维生素，故C归类正确；
D、复合肥中含有氮、磷、钾三种元素中的两种或三种，NH4NO3属于氮肥，不属于复合肥，故D归类错误；故选（D）
3.（2016?常州）分类法是一种行之有效、简单易行的科学方法.某同学用下表所示形式对所学知识进行分类，其中甲与乙、丙、丁是包含关系，下列各组中，有错误的组合是（　　）
选项
甲
乙、丙、丁
A
常见干燥剂
浓硫酸、无水氯化钙、碱石灰
B
常见合金
不锈钢、硬铝、生铁
C
分子晶体
CO2、SiO2、H2O
D
强电解质
HCl、Na2O、BaSO4
A. A B. B C. C D. D
【分析】A、常见的干燥剂有浓硫酸、无水氯化钙、碱石灰何氢氧化钠固体等；
合金是在某种金属中加热熔合其它金属或非金属后形成的、具有金属特性的物质；
分子晶体是由原子构成的物质且以共价键形成空间网状结构的物质；
强电解质 是指溶于水的部分或者熔融状态时，可以完全变成阴阳离子；
【解答】A．浓硫酸、无水氯化钙、碱石灰都可以用作干燥剂，故A正确；
B．不锈钢、黄铜、生铁都属于合金，故B正确；
C．由原子构成的物质且以共价键形成空间网状结构的物质为原子晶体，SiO2是原子晶体，故C错误；
D．HCl、Na2O、BaSO4溶于水的部分或者熔融状态时，可以完全变成阴阳离子，属于强电解质，故D正确；故选（C）21世纪教育网版权所有
4.（2015?聊城）下列有关物质的归类错误的是（　　）
选项
物质
归类
A
白酒、糖水、食盐水
常见溶液
B
蛋白质、油脂、维生素
营养物质
C
风能、氢能、太阳能
清洁能源
D
生铁、玻璃、玻璃钢
复合材料
　A．A B．B C．C D．D
【分析】A、溶液是均一、稳定的混合物；B、根据人体内六大类营养物质考虑；C、根据清洁能源不污染环境，属于可再生能源；D、根据材料的分类考虑；
【解答】A、白酒、糖水、食盐水都是均一、稳定的混合物，都属于溶液，故A归类正确；
B、人体内六大类营养物质：糖类、脂肪、蛋白质、水、无机盐、维生素，故B归类正确；
C、清洁能源不污染环境，属于可再生能源，风能、氢能、太阳能都属于清洁能源，故C归类正确；
D、生铁属于合金属于金属材料，玻璃属于硅酸盐材料，玻璃钢属于复合材料，故D错；故选（D）
题型二：图像题（函数图像题）
解题关键，要做到“五看”，一看坐标（横、纵坐标的含义）；二看起点（图像的起点）；三看拐点（图像的拐点及终点）；四看比例（看图像中横纵坐标的比例关系）；五看趋势（看图像的走向，如上升还是下降等）。其次根据图象中给定的量变关系，依据物质的性质、变化规律便可循序渐进地依次将问题解决。
类型（一）：金属与酸反应的图像题
（1）等质量的金属与足量的酸反应：酸是足量的，说明金属完全反应，所以最终生成氢气的质量要依据金属的质量来计算。在图中，金属越活泼，图示反应物的曲线越陡；当金属在化合物中化合价相同时，金属的相对原子质量越小，与酸反应产生的氢气越多，曲线的拐点越高。可简单概括为：越陡越活，越高越小。
（2）足量的金属与等量的酸反应：金属是足量的，说明酸完全反应，最终生成氢气的质量要依据酸的质量来计算，所以最终生成氢气的质量相等。
【例题展示】
例题1（2017?日照）足量的镁、铁分别和等量的盐酸反应，产生的氢气质量与时间的关系如图所示，下列说法不正确的是（　　）（多选）

A．t1时，产生氢气的质量镁比铁多
B．t2时，镁、铁消耗的盐酸质量相同
C．t2时，镁、铁与盐酸都恰好完全反应
D．t3时，参加反应铁的质量是5.6 g
【分析】根据题意“将等质量的镁和铁分别放入等质量、相同质量分数的稀盐酸中”，通过图象可知金属镁和铁与酸反应的速率和生成氢气的质量，由此可推出金属活动性顺序，并结合化学方程式的计算可推出金属和酸的用量问题；
【解答】A、通过图象中的数据可以看出，t1时，产生氢气的质量镁比铁多，故A正确；
B、依据质量守恒定律可知，生成氢气的氢元素全部来自稀盐酸，所以t2时，镁、铁消耗的盐酸质量相同，故B正确；
C、每24份质量的镁会生成2份质量的氢气，每56份质量的铁会生成2份质量的氢气，生成的氢气质量相等，所以镁有剩余，故C错误；
D、t3时，金属的质量是过量的，所以参加反应铁的质量是56g，故D错误；故选（CD）
【跟踪训练】
1．（2017?泰安）现有等质量甲、乙、丙三种金属，分别放入三份溶质质量分数相同的足量稀硫酸中，产生氢气的质量与反应时间的关系如图所示（已知甲、乙、丙在生成物中化合价均为+2价）．则下列说法中不正确的是（　　）（多选）

A．生成氢气的质量：甲＞乙＞丙 B．相对原子质量：乙＞丙＞甲
C．金属活动性：乙＞甲＞丙 D．消耗硫酸的质量：甲=乙=丙
【分析】据相同时间内产生氢气较多（即反应剧烈）的金属活动性较强，结合产生氢气的关系图判断三种金属活动性；
根据一定质量的金属完全反应产生氢气的质量=，结合三种金属的化合价及完全反应放出氢气的质量大小，判断三种金属的相对原子质量的大小；
【解答】A、根据反应生成H2的质量与反应时间的关系图所示，在三种金属完全反应后，放出H2的质量是甲＞乙＞丙，故A正确；
B、三种金属的化合价、金属的质量都相等，完全反应放出氢气的质量与金属的相对原子质量成反比，即产生氢气多的相对原子质量小；根据反应生成H2的质量与反应时间的关系图所示，在三种金属完全反应后，放出H2的质量是甲＞乙＞丙；因此可判断相对原子质量是丙＞乙＞甲，故B不正确；
C、根据反应生成H2的质量与反应时间的关系图所示，当三种金属都在发生反应时，相同时间内乙放出氢气的质量大于甲、大于丙，可判断三种金属活动性顺序是乙＞甲＞丙，故C正确；
D、金属与酸的反应生成氢气时，氢气来源于酸中的氢元素，所以生成的氢气与消耗的酸的多少顺序一致，消耗硫酸的质量：甲＞乙＞丙，故D不正确；故选（BD）
2．（2016?菏泽）在定量研究金属与酸的化学反应时，绘制出如图所示金属与氢气质量关系的图象，分析图象得到的以下结论中，正确的是（　　）21·世纪*教育网
①Na、Mg、Zn三种金属都能置换出酸中的氢
②生成相同质量的氢气消耗金属的质量为Na＞Mg=Zn
③生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的质量比为为23：24：65
④生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的原子个数比为2：1：1。
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
【分析】根据图象中的数据，12g镁会生成0.1g氢气，32.5g锌会生成0.1g氢气，46g的钠会生成1g的氢气，然后依据题中的选项进行分析；
【解答】解：由图象中的数据，12g镁会生成0.1g氢气，32.5g锌会生成0.1g氢气，46g的钠会生成1g的氢气，所以
①Na、Mg、Zn三种金属都能置换出酸中的氢，故正确；
②生成相同质量的氢气消耗金属的质量为Zn＞Na＞Mg，故错误；
③生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的质量比为为46：24：65，故错误；
④生成相同质量的氢气消耗Na、Mg、Zn三种金属的原子个数比为：：： =2：1：1，故正确；故选（D）
3．（2017?济宁）在相同质量、相同质量分数的稀硫酸中，分别加入足量的Mg、Fe、Zn三种金属，其发生反应的质量关系如图所示，读识如图并判断，下面推理合理的是（　　）
①反应速率：Mg＞Fe＞Zn
②反应生成氢气质量：Mg=Fe=Zn
③反应后溶液质量：Mg=Fe=Zn
④反应后溶液溶质质量分数：Mg＜Fe＜Zn
A．①② B．③④ C．①③ D．②④
【分析】根据镁和硫酸反应生成硫酸镁和氢气，铁和硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，锌和硫酸反应生成硫酸锌和氢气，依据图象中的数据进行分析；
【解答】解：镁、锌、铁和硫酸反应的化学方程式为：
Mg+H2SO4=MgSO4+H2↑
24 2
4.8g 0.4g
反应后溶质为：19.6g+4.8g﹣0.4g=24g
溶质质量分数为：×100%
Zn+H2SO4=ZnSO4+H2↑
65 2
13g 0.4g
反应后溶质为：19.6+13g﹣0.4g=32.2g
溶质质量分数为：×100%
Fe+H2SO4=FeSO4+H2↑
56 2
11.2g 0.4g
反应后溶质为：19.6g+11.2g﹣0.4g=30.4g
溶质质量分数为：×100%
①三种金属的活动性顺序为：Mg＞Zn＞Fe，所以反应速率：Mg＞Zn＞Fe，故错误；
②依据化学方程式可知，反应生成氢气质量：Mg=Fe=Zn，故正确；
③通过推导可知，硫酸中的溶剂质量相等，反应后溶液质量：Mg＜Fe＜Zn，故错误；
④通过计算比较可知，反应后溶液溶质质量分数：Mg＜Fe＜Zn，故正确；故选（D）
类型（二）：溶解度
例题2（2017?无锡）根据右图所示的溶解度曲线，判断下列说法正确的是（ ）
A. 50℃时，分别将等质量的硝酸钾和氯化铵溶于适量的水恰好配成饱和溶液，所得溶液的质量前者比后者大
B. 60℃时，把40g硝酸钾和40g氯化钾分别加入到50g水中，充分搅拌，降温至10℃，剩余晶体的质量氯化钾多
C.70℃时，50g硝酸钠饱和溶液与100g硝酸钾饱和溶液中所含溶剂质量之比为1:2
D.80℃时，向100g氯化钾饱和溶液中加入150g硝酸钠，充分搅拌后，最终得到250g溶液
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】解：A、50℃时，硝酸钾的溶解度大于氯化铵的溶解度，所以分别将等质量的硝酸钾和氯化铵溶于适量的水恰好配成饱和溶液，所得溶液的质量前者比后者小，故A错误；
B、10℃时，氯化钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度，所以60℃时，把40g硝酸钾和40g氯化钾分别加入到50g水中，充分搅拌，降温至10℃，剩余晶体的质量硝酸钾多，故B错误；
C、70℃时，硝酸钠、硝酸钾的溶解度相等，所以50g硝酸钠饱和溶液与100g硝酸钾饱和溶液中所含溶剂质量之比为1：2，故C正确；
D、80℃时，硝酸钠的溶解度是150g，所以向100g氯化钾饱和溶液中加入150g硝酸钠，充分搅拌后，最终得到250g溶液，故D错误；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?苏州）氯化钠和硝酸钾两种固体的溶解度曲线如图所示．下列说法正确的是（　　）
A．硝酸钾的溶解度大于氯化钠的溶解度
B．常用冷却结晶的方法从氯化钠溶液中获得其晶体
C．40℃时，将35 g硝酸钾晶体放入50 g水中，充分搅拌后，所得溶液的溶质质量分数为39.0%
D．将20℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，溶液的溶质质量分数增大（忽略水分蒸发）
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】A、在比较物质的溶解度时，需要指明温度，故A错误；
B、氯化钠的溶解度受温度变化影响较大，所以常用降温结晶的方法从氯化钠溶液中获得其晶体，故B错误；
C、40℃时，硝酸钾的溶解度是63.9g，所以将35g硝酸钾晶体放50g水中，充分搅拌后，所得溶液的溶质质量分数为：×100%=39.0%，故C正确；
D、将20℃的硝酸钾饱和溶液升温至60℃，溶解度增大，溶液的溶质质量分数不变，故D错误；故选（C）
2．（2017?泰安）t1℃时，将等质量的硝酸钾和氯化钾分别加入到各盛有100g的两个烧杯中，充分搅拌后现象如图1所示，硝酸钾和氯化钾的溶解度曲线如图2所示．则下列说法正确的是（　　）

A．烧杯①的溶液一定是不饱和溶液
B．烧杯①的溶液是硝酸钾溶液
C．若烧杯②的溶液升温到t2℃时，烧杯底部还有部分物质不溶解
D．若将烧杯①和烧杯②的溶液都升温到t2℃时，溶质的质量分数相等
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】A、烧杯①的底部没有固体剩余，剩余溶液可能是不饱和溶液，故A错误；
B、t1℃时，将等质量的硝酸钾和氯化钾分别加入到各盛有100g的两个烧杯中，充分搅拌后，①的底部有没有固体剩余，②的底部有固体剩余，所以t1℃时，①的溶解度大于②的溶解度，所以烧杯①的溶液是氯化钾溶液，故B错误；
C、t2℃时，烧杯②物质的溶解度大于t1℃时烧杯①物质的溶解度，烧杯①中的物质在t1℃时完全溶解，烧杯②中的物质的溶解度随温度的升高而增大，所以溶液升温到t2℃时，烧杯②中的物质全部溶解，故C错误；
D、t2℃时，烧杯②物质的溶解度大于t1℃时烧杯①物质的溶解度，烧杯①中的物质在t1℃时完全溶解，所以在t2℃时，两烧杯中的物质全部溶解，溶质的质量分数相等，故D正确；
故选（D）
3.（2017?临沂）甲、乙两种固体物质的溶解度曲线如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．20℃时，甲溶液中溶质的质量分数一定比乙溶液的大
B．将40℃时甲的一定量饱和溶液降温至20℃，溶液质量不变
C．甲的溶解度大于乙的溶解度
D．40℃时，分别在100g水中各加入30g甲、乙，同时降温至20℃，甲、乙溶液均为饱和溶液
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】A、20℃时，甲、乙物质的溶解度相等，但是两种溶液的状态不能确定，溶质质量分数也不能确定，故A错误；
B、甲物质的溶解度随温度的降低而减小，所以将40℃时甲的一定量饱和溶液降温至20℃，析出晶体，溶液质量减小，故B错误；
C、在比较物质的溶解度时，需要指明温度，故C错误；
D、20℃时，甲、乙物质的溶解度都是30g，所以40℃时，分别在100g水中各加入30g甲、乙，同时降温至20℃，甲、乙溶液均为饱和溶液，故D正确；故选（D）
4.（2017?深圳）图是固体物质M的溶解度曲线，下列说法中正确的是（　　）

A．40℃时，其饱和溶液中溶质的质量分数为50%
B．M的溶解度随温度升高而一直增大
C．将40℃时M的饱和溶液降温至10℃，有固体析出
D．将50℃时M的饱和溶液升温至80℃，溶液变成不饱和
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的；
【解答】A、40℃时，M物质的溶解度是50g，所以其饱和溶液中溶质的质量分数为×100%=33.3%，故A错误；
B、M的溶解度大于40℃时，随温度升高而减小，故B错误；
C、M物质的溶解度需要40℃时，随温度的是而减小，所以将40℃时M的饱和溶液降温至10℃，有固体析出，故C正确；
D、M的溶解度大于40℃时，随温度升高而减小，所以将50℃时M的饱和溶液升温至80℃，溶液仍是饱和溶液，故D错误；故选（C）
5. （2017?徐州）如图是a、b、c三种物质的溶解度曲线．下列说法不正确的是（　　）

A．P点表示t1℃时，a、c两种物质的溶解度相等
B．将c的饱和溶液变为不饱和溶液，可采用降温的方法
C．t2℃时，将30ga物质加入到50g水中充分搅拌，得到75ga的饱和溶液
D．将t1℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液升温至t2℃，其溶质质量分数由大到小的顺序是a＞b＞c
【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：a、b两种固体物质的溶解度，都是随温度升高而增大，而c的溶解度随温度的升高而减少；P点表示t1℃时，a、c两种物质的溶解度相等正确，因为它们在该温度下有交点；将C的饱和溶液变为不饱和溶液，可采用降温的方法正确，因为c的溶解度随温度的升高而减少；t2℃时，a的溶解度是50g，将30ga物质加入到50g水中充分搅拌，得到a的饱和溶液=25g+50g=75g；将t1℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液升温至t2℃，其溶质质量分数由大到小的顺序是b＞a＞c，a＞b＞c是错误的；
【解答】A、P点表示t1℃时，a、c两种物质的溶解度相等正确，因为它们在该温度下有交点，正确；
B、将c的饱和溶液变为不饱和溶液，可采用降温的方法正确，因为c的溶解度随温度的升高而减少，正确；
C、t2℃时，a的溶解度是50g，将30ga物质加入到50g水中充分搅拌，得到a的饱和溶液=25g+50g=75g，正确；
D、将t1℃时，a、b、c三种物质的饱和溶液升温至t2℃，其溶质质量分数由大到小的顺序是b＞a＞c，a＞b＞c是错误的，错误；故选（D）
类型（三）：有关溶液pH值与溶液的关系
例题3（2017?潍坊）25℃时，向20.0mL质量分数为30%的盐酸中滴加氢氧化钠溶液，溶液的pH与所加氢氧化钠溶液的体积如图所示，下列有关叙述正确的是（　　）
A．b、d点对应溶液的pH：b＞d
B．所用氢氧化钠溶液的质量分数一定为30%
C．向b点对应的溶液中滴加石蕊溶液，溶液呈无色
D．d点对应的溶液中溶质是NaCl和NaOH
【分析】A．根据溶液的pH来比较；
B．根据化学方程式进行分析；
C．根据所示溶液中的酸碱性来分析；
D．根据所示溶液pH来分析；
【解答】A．由图可知，b点所示溶液的pH＜7；d点所示溶液的pH＞7，所以b、d点对应溶液的pH：b＜d，故错误；
B．由化学方程式可知：NaOH+HCl=NaCl+H2O
40 36.5
由于题干中没有提及两种溶液的密度，所以无法确定所需氢氧化钠溶液的溶质质量分数，故错误；
C．由图可知，b点所示溶液的pH＜7，溶液显酸性，滴加紫色的石蕊试液变红色，故错误；
D．d点所示溶液的pH＞7，所示溶液的溶质既有酸碱中和生成的氯化钠，还有过量的氢氧化钠，故正确；故选（D）
【跟踪训练】
1．（2017?邵阳）某化学兴趣小组利用稀盐酸和氢氧化钠溶液来探究中和反应的规律时，某溶液的pH随时间的变化如图所示，则a点所示溶液中溶质的是（　　）
A．HCl NaOH B．NaCl C．NaCl NaOH D．NaCl HCl
【分析】根据图象中pH值的变化是从大于7逐渐的减小到小于7，结合当溶液的pH等于7时，呈中性；当溶液的pH小于7时，呈酸性；当溶液的pH大于7时，呈碱性，进行分析解答；
【解答】图中a点所示溶液中，溶液的pH大于7，溶液显碱性，说明氢氧化钠过量，所得溶液中的溶质为NaOH和NaCl；故选（C）
2．（2015?上海）向一定量4%的氢氧化钠溶液中逐滴加入稀盐酸，有关分析错误的是（　　）
　A． B． C． D．
【分析】答本题可首先分析图象所涉及的化学反应的实质，其次分析图象的起点和终点是否正确，最后分析图象的变化趋势是否合题意即可；
【解答】A．开始时氢氧化钠溶液是碱性，pH大于7，随着稀盐酸的滴加，pH逐渐减小，但稀盐酸过量时pH小于7，所以图象正确；
B．酸碱中和反应会放出热量，故随着稀盐酸的加入，溶液的温度升高，当恰好完全中和时，溶液温度最高，继续滴加稀盐酸，溶液的温度就会降低，所以图象正确；
C．没有滴加稀盐酸时，溶液中氯化钠的质量分数为零，随着加入稀盐酸生成的氯化钠越来越多，溶液中氯化钠的质量分数越来越大，当二者完全中和时，溶液中氯化钠的质量分数达到最大值且不再增加，再滴加稀盐酸，溶液的质量增大，氯化钠的质量不变，溶液中氯化钠的质量分数减小，故图象正确；
D．当加入的稀盐酸与氢氧化钠发生反应时，HCl的物质的量为零，当二者恰好完全反应时，继续滴加稀盐酸，HCl的物质的量增加，且随着稀盐酸加入的量的增多，而不断增大，故图象错误；故选（D）
3.（2016?威海）将一定浓度的硫酸加水稀释，所得溶液的pH与加水量m关系相符的图像是( )
【分析】酸的pH小于7，向酸中加水，会使酸性减弱，pH逐渐增大，但永远会小于7；
【解答】酸的pH小于7，向酸中加水，会使酸性减弱，pH逐渐增大，并且无限的接近7，但永远不会等于7；故选（B）
类型（四）：图像与各物质的量变化关系
【例题展示】
例题4（2017?来宾）现有盐酸和CaCl2的混合溶液，向其中逐滴滴入Na2CO3溶液，生成沉淀质量与滴入Na2CO3溶液质量的变化关系如右图所示．下列说法正确的是（　　）
A．滴至a克时，溶液中反应为CaCl2+Na2CO3=2NaCl+CaCO3↓
B．滴至b克时，溶液中含HCl、NaCl两种溶质
C．滴至c克时，溶液中溶质质量比原混合溶液中溶质质量大
D．滴至d克时，溶液呈中性
【分析】向盐酸和CaCl2的混合溶液中逐滴滴入Na2CO3溶液时，碳酸钠先和稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，后和氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠；
【解答】A、滴至ag时，稀盐酸完全反应，溶液中反应的化学方程式为：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑，该选项说法不正确；
B、滴至bg时，溶液中不含HCl，含有反应生成的NaCl和没有反应的氯化钙两种溶质，该选项说法不正确；
C、滴至cg时，氯化钙和碳酸钠完全反应，碳酸钠和稀盐酸、氯化钙反应的化学方程式及其质量关系为：
Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑，CaCl2+Na2CO3=2NaCl+CaCO3↓，
73 117 111 117
由以上质量关系可知，溶液中溶质质量比原混合溶液中溶质质量大，该选项说法正确；
D、滴至dg时，溶液中的溶质是反应生成的氯化钠和过量的碳酸钠，碳酸钠溶液显碱性，因此溶液显碱性，该选项说法不正确；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?镇江）向一定质量的Ba（OH）2溶液中先后滴加CuSO4、H2SO4溶液，过程中加入溶液的质量与产生沉淀的质量关系如图所示．下列说法正确的是（　　）（多选）
A．a点对应溶液pH＞7
B．b点对应溶液中溶质有2种
C．m=3.31
D．取c点对应溶液，滴加NaOH溶液，立刻产生沉淀
【分析】根据氢氧化钡和硫酸铜反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜沉淀，硫酸会与氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和水，硫酸会与氢氧化铜沉淀反应生成硫酸铜和水，然后结合图象中的数据和图象走向进行分析；
【解答】A、通过图象可以看出，a所处的图象表示在滴加硫酸的过程中，沉淀的质量继续增大，所以a点对应的溶液中含有氢氧化钡，溶液pH＞7，故A正确；
B、b点所处的图象沉淀质量在减小，表示硫酸和氢氧化铜的反应，此时溶液中的溶质是硫酸铜一种，故B错误；
C、由图象中的数据可知，生成的氢氧化铜的质量为：5.64g﹣4.66g=0.98g，
硫酸铜和氢氧化钡反应生成的硫酸钡沉淀的质量为x
CuSO4+Ba（OH）2=Cu（OH）2↓+BaSO4↓
98 233
0.98g x
=
x=2.33g
所以m=2.33g+0.98g=3.31g，故C正确；
D、取c点对应溶液，硫酸过量，滴加NaOH溶液，不能立刻产生沉淀，故D错误；故选（AC）
2．（2017?玉林）下列图象中能正确反映其对应关系的是（　　）
A．向某温度时一定量的不饱和硝酸钾溶液中不断加入硝酸钾固体
B．向等质量的锌粉和铁粉中分别加入足量的溶质质量分数相同的稀硫酸
C．一定温度下向一定量的某饱和氢氧化钙溶液中加入少量氧化钙
D．一定温度下，两份质量和溶质质量分数均相等的过氧化氢溶液分别在有无二氧化锰的情况下制取氧气
【分析】A．根据溶液中溶质的质量分数来分析；
B．根据金属的化学性质以及活动性来分析；
C．氢氧化钙的溶解度随着温度升高而减小，氧化钙溶于水放热，并且能和水反应生成氢氧化钙；
D．根据催化剂的特点分析；
【解答】A．不饱和的硝酸钾溶液中溶质的质量分数不会为零，故错误；
B．锌比铁活泼，与稀硫酸反应时，锌比铁反应剧烈，产生气体的速率大；稀硫酸中加入锌粉和铁粉时，产物分别为硫酸锌和硫酸亚铁，铁的相对原子质量比锌小，等质量的金属，铁生成的氢气比锌多，故错误；
C．向一定量的饱和氢氧化钙溶液中加入少量氧化钙，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，溶剂减少，同时温度升高，导致部分氢氧化钙固体析出，溶质质量减小，完全反应后，随着温度的降低，氢氧化钙的溶解度增大，一部分氢氧化钙溶于水，溶质质量增大，当恢复到原温度以后，溶质质量不再变化，但是溶液的质量比原来减少了，故正确；
D．两份等质量等溶质质量分数的过氧化氢溶液反应生成氧气的质量相同，催化剂只能改变反应速率，不能增加生成物的质量，故错误；故选（C）
3.（2017?青岛）下列四个图象分别对应四个变化过程，其中错误的是（　　）
A．①表示将一定量的60℃硝酸钾饱和溶液冷却至室温
B．②表示向相同质量和相同质量分数的稀盐酸中，分别加入过量 Cu（OH）2和CuO 固体
C．③表示向一定量的氯化铁和氯化钾的混合溶液中，逐滴加入过量的氢氧化钾溶液
D．④表示向相同质量和相同质量分数的稀硫酸中，分别加入过量的镁粉和铝粉
【分析】A、根据硝酸钾的溶解度随温度的降低而减少分析；
B、向相同质量和相同质量分数的稀盐酸中，分别加入过量 Cu（OH）2和CuO 固体，稀盐酸反应完全，最终生成氯化铜的质量相等，但生成相同质量的氯化铜时，消耗氢氧化铜的质量大；
C、根据氢氧化钾与氯化铁反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钾，与氯化钾不反应分析；
D、根据金属的化学性质，进行分析判断；
【解答】A、硝酸钾的溶解度随温度的降低而减少，因此将一定量的60℃硝酸钾饱和溶液冷却至室温，有硝酸钾晶体析出，但溶剂的质量不变，故正确；
B、向相同质量和相同质量分数的稀盐酸中，分别加入过量 Cu（OH）2和CuO 固体，稀盐酸反应完全，最终生成氯化铜的质量相等，但生成相同质量的氯化铜时，消耗氢氧化铜的质量大，故正确；
C、氢氧化钾与氯化铁反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钾，与氯化钾不反应，因此向一定量的氯化铁和氯化钾的混合溶液中，逐滴加入过量的氢氧化钾溶液，沉淀质量应逐渐增加，氯化铁反应完全沉淀质量不再增加，故正确；
D、相同质量和相同质量分数的稀硫酸中，分别加入过量的镁粉和铝粉，镁的活动性比铝强，反应速率快，反应时间短；镁粉、铝粉过量，硫酸完全反应，最终生成氢气的质量相等，故错误；故选（D）
4.（2017?重庆）某实验小组将Ba（OH）2溶液逐滴滴入硫酸溶液中，溶质的质量与加入的Ba（OH）2溶液的质量关系如图所示．下列说法错误的是（　　）

A．a点溶液为酸性 B．b点恰好完全反应
C．c点溶液的溶质为硫酸 D．b、c两点沉淀质量相等
【分析】根据酸碱中和反应过程中溶液酸碱性的变化、变化的实质以及溶液中的溶质来分析解答；
【解答】将Ba（OH）2溶液逐滴滴入硫酸溶液中，发生化学反应的方程式为Ba（OH）2+H2SO4=BaSO4↓+2H2O；
A．a点所示溶液中，滴加的氢氧化钡溶液还不足，没有将硫酸完全中和，此时溶液显酸性，故正确；
B．b点表示氢氧化钡与硫酸恰好完全中和，生成了硫酸钡沉淀和水，此时所得液体中只有水，故正确；
C．c点表示酸碱恰好完全中和后，滴加的氢氧化钡过量，所示溶液中的溶质是氢氧化钡，故错误；
D．因为在b点时，硫酸已完全参与反应，所以由b点到c点，继续滴加氢氧化钡溶液时，沉淀的质量不再改变，故正确；故选（C）
5. （2017?枣庄）下列图象能正确反应对应变化关系是（　　）
A．
向一定质量的AgNO3溶液中滴加NaCl溶液
B．
两份等体积5%的过氧化氢溶液，向其中一份加入少量二氧化锰
C．
在恒温条件下，将饱和的KNO3溶液蒸发适量水
D．
向氢氧化钠溶液中不断加水
【分析】A、根据向一定质量的AgNO3溶液中滴加NaCl溶液生成氯化银沉淀的质量关系分析；
B、两份等体积5%的过氧化氢溶液，向其中一份加入少量二氧化锰，从开始即产生氧气直至过氧化氢反应完毕产生的氧气质量相同；【来源：21·世纪·教育·网】
C、恒温条件下饱和的KNO3溶液中溶质的质量分数不变；
D、氢氧化钠溶液中加水时碱性减弱，pH会减小，但总是大于7；
【解答】A、向一定质量的AgNO3溶液中滴加NaCl溶液生成氯化银沉淀的质量开始不断增加，至AgNO3完全反应完后沉淀的质量就不会再增加了，故正确；
B、向一定量的过氧化氢溶液中加入少量二氧化锰，能够快速的生成氧气，但是从开始即产生氧气直至过氧化氢反应完毕产生的氧气质量相同，故错误；
C、恒温条件下饱和的KNO3溶液中溶质的质量分数不变，故错误；
D、氢氧化钠溶液中加水时碱性减弱，pH会减小，但总是大于7，故错误；故选（A）
类型五：原子结构示意图
【例题展示】
例题5（2017?济南）如图为甲、乙两种微观粒子的结构示意图，下列关于这两种离子的说法中，完全正确的是（　　）

A．粒子甲不显电性，粒子乙带正电荷
B．甲、乙两种微观粒子属于同一种元素
C．甲、乙两种微观粒子的化学性质均比较稳定
D．粒子甲是阴离子，粒子乙是原子
【分析】A、根据核内质子数与核外电子数的关系分析；
B、根据元素的定义分析；
C、根据最外层电子数目的特点分析；
D、核内质子数与核外电子数的关系；
【解答】A、粒子甲中质子数=8＜电子数=10，显负电性，粒子乙中质子数=9＜电子数=10，显负电性．故A错误；
B、甲、乙的核内质子数不同，属于不同种的元素，故B错误；
C、甲、乙两种微观粒子的最层电子数都是8，属于稳定结构，化学性质均比较稳定，故C正确；
D、由上述分析可知，粒子甲、乙中质子数＜电子数，都属于阴离子，故D错误；故选（C）
【跟踪训练】
1．（2017?烟台）如图是四种粒子的结构示意图，下列说法正确的是（　　）
A．②③属于同种元素 B．②④的化学性质相同
C．②的符号为Al+3 D．①③形成的化合物是MgF2
【分析】A、元素是质子数（即核电荷数）相同的一类原子的总称，同种元素的粒子是质子数相同，进行分析判断；www-2-1-cnjy-com
B、根据元素的化学性质跟它的原子的最外层电子数目关系非常密切，决定元素化学性质的是最外层电子数，进行分析判断；
C、根据离子符号的书写方法，进行分析判断；
D、根据镁、氟原子的最外层电子数确定元素的化合价，进行分析判断；
【解答】A、元素是质子数（即核电荷数）相同的一类原子的总称，同种元素的粒子是质子数相同，②③的核内质子数不同，不属于同种元素，故选项说法错误；
B、决定元素化学性质的是最外层电子数，②④的最外层电子数不同，化学性质不同，故选项说法错误；
C、②质子数=13，核外电子数=10，质子数＞核外电子数，为带3个单位正电荷的铝离子，其离子符号为Al3+，故选项说法错误；
D、镁原子的最外层电子数为2，在化学反应中易失去2个电子而形成带2个单位正电荷的阳离子，化合价的数值等于离子所带电荷的数值，且符号一致，则该元素的化合价为+2价；氟原子的最外层电子数为7，在化学反应中易得到1个电子而形成1个单位负电荷的阴离子，化合价的数值等于离子所带电荷的数值，且符号一致，则该元素的化合价为﹣1价；镁元素显+2价，氟元素显﹣1价，组成化合物的化学式为MgF2，故选项说法正确；故选（D）
2．（2017?云南）如图是某元素的原子结构示意图，下列有关该原子的说法错误的是（　　）
A．质子数为11 B．易得电子形成阴离子
C．最外层有1个电子 D．该原子有三个电子层
【分析】原子结构示意图中，圆圈内数字表示核内质子数，弧线表示电子层，弧线上的数字表示该层上的电子数，离圆圈最远的弧线表示最外层．若最外层电子数≥4，在化学反应中易得电子，若最外层电子数＜4，在化学反应中易失去电子；
【解答】A、由某元素的原子结构示意图，圆圈内的数字是11，该元素原子核内有11个质子，故选项说法正确；
B、由某元素的原子结构示意图，最外层电子数是2，在化学反应中易失去1个电子而形成阳离子，故选项说法错误；
C、由某元素的原子结构示意图，该原子的最外层有1个电子，故选项说法正确；
D、由某元素的原子结构示意图，该原子核外有3个电子层，故选项说法正确；故选（B）
3.（2017?青岛）已知元素周期表中第三周期各元素原子结构示意图如下，下列分析错误的是（　　）
A．以上原子的核外都有三个电子层
B．Na+和Mg2+的核外电子数不相同
C．Na与S形成化合物的化学式为Na2S
D．在化学反应中氯原子容易得到电子
【分析】A、根据元素周期表中第三周期各元素原子结构示意图，进行分析判断；
B、根据钠、镁原子分别失去1个、2个电子，形成离子，进行分析判断；
C、根据钠、硫原子的最外层电子数确定元素的化合价，进行分析判断；
D、若最外层电子数≥4，在化学反应中易得电子，若最外层电子数＜4，在化学反应中易失去电子；
【解答】A、由元素周期表中第三周期各元素原子结构示意图，弧线表示电子层，以上原子的核外都有三个电子层，故选项说法正确；
B、钠、镁原子分别失去1个、2个电子，形成离子，Na+和Mg2+的核外电子数均为10，相同，故选项说法错误；
C、钠原子的最外层电子数为1，在化学反应中易失去1个电子而形成带1个单位正电荷的阳离子，化合价的数值等于离子所带电荷的数值，且符号一致，则该元素的化合价为+1价；硫原子的最外层电子数为6，在化学反应中易得到2个电子而形成2个单位负电荷的阴离子，化合价的数值等于离子所带电荷的数值，且符号一致，则该元素的化合价为﹣2价；钠元素显+1价，硫元素显﹣2价，组成化合物的化学式为Na2S，故选项说法正确；
D、氯原子的最外层电子数是7，在化学反应中易得到1个电子而形成阴离子，故选项说法正确；故选（B）
4.（2017?泰安）下列关于四种粒子的结构示意图的说法中正确的是（　　）

A．①③是不同种元素
B．②表示的元素在化合物中通常显+1价
C．②③的化学性质相似
D．①④表示的是离子
【分析】A、依据同种元素质子数相同分析判断；
B、依据该原子最外层电子数的特点分析判断；
C、依据元素的性质和最外层电子数关系密切分析解决；
D、依据离子中质子数与核外电子数不等分析判断；
【解答】A、同种元素质子数一定相同，①③的质子数都是17，所以两者属于同种元素；
B、该原子最外层电子数是1，化学反应中易失掉这个电子而形成带一个单位正电荷的阳离子，所以②表示的元素在化合物中通常显+1价；【出处：21教育名师】
C、因为元素的性质和最外层电子数关系密切，所以最外层电子数相同则化学性质相似，②③的最外层电子数分别是1、7，故性质不会相似；
D、由于离子中质子数与核外电子数不等，而①中质子数小于电子数是阴离子，④中质子数等于电子数是原子；故选（B）

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