资源简介

2019年高考二轮复习核心考点突破
专题08　遗传的基本规律
◢考点概述
遗传规律每年高考必考，熟练掌握遗传原理和题型方法技巧。通常考查孟德尔遗传实验用到的实验材料、假设演绎方法和数据处理方法；基因的分离定律和自由组合规律及应用；基因在性染色体上的分布及遗传规律和特点；理解性状分离比模拟实验原理及在解释遗传现象中的应用；结合生物的变异、育种和减数分裂的知识考查遗传规律。主要对基因分离定律和自由组合定律的解释、验证、遗传概率的计算，遗传规律在遗传病及育种方面的应用，表形亲子代基因型、表现型的推导及计算、遗传图解及概率计算、杂交过程的实验设计，借助一定情境考查两大规律在相关方面的应用，包括考查，考查处理特殊遗传现象的能力。 熟悉基因分离定律、基因自由组合定律的基本特点，熟练掌握基因分离定律和基因自由组合定律的分析、解题的不同思路和方法及相互之间的联系，清晰记准孟德尔的一对相对性状和两对性状的遗传学实验、测交实验过程及各种结论。通过审读题干文字、图表及设问，获取关键信息，判断特例类型，判断显隐性，判断是否符合孟德尔规律，判断基因的位置，分析基因型与表现型的对应关系，推导出亲子代的基因型和表现型，用规范的语言描述实验结构与结论；把组成生物的两对或多对相对性状分离开来，用单因子分析法一一加以研究，最后把研究的结果用一定的方法组合起来，运用数学中的乘法原理或加法原理进行计算。比较辨析法区别遗传相关的概念。规律总结法突破分离定律解题技巧，以一个题总结出一类题的解决方案。
◢考点精讲
【要点梳理】
1．豌豆作杂交实验材料的优点
（1）豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物，能避免外来花粉的干扰，自然状态下都为纯种。
（2）豌豆品种间具有一些稳定的、易于区分的相对性状。
2．用豌豆做杂交实验的方法
　　　　　　 
（1）图中①为去雄：除去未成熟花的全部雄蕊；
（2）套袋隔离：套上纸袋，防止外来花粉干扰；
（3）图中②为人工授粉：雌蕊成熟时将另一植株的花粉撒在去雄花的雌蕊柱头上；
（4）再套袋隔离：保证杂交得到的种子是人工授粉后所结出的。
3．一对相对性状的杂交实验——发现问题
（1）实验过程及现象
　　　　 
（2）提出问题：由F1、F2的现象分析，提出了是什么原因导致遗传性状在杂种后代中按一定的比例分离的问题。
（4）假设法：在运用假设法判断显隐性性状时，若出现假设与事实相符的情况，要注意另一种假设，切不可只根据一种假设得出片面的结论；但若假设与事实不相符，则不必再作另一假设，可直接予以判断。
2．由子代推断亲代的基因型
（1）基因填充法。先根据亲代表现型写出能确定的基因，如显性性状的基因型可用A_来表示，那么隐性性状基因型只有一种aa，根据子代中一对基因分别来自两个亲本，可推出亲代中未知的基因。
（2）隐性纯合突破法。如果子代中有隐性个体存在，它往往是逆推过程中的突破口，因为隐性个体是纯合子（aa），因此亲代基因型中必然都有一个a基因，然后再根据亲代的表现型做进一步的判断。
（3）根据分离定律中规律性比值来直接判断：
①若后代性状分离比为显性∶隐性＝3∶1，则双亲一定都是杂合子（Bb）。即Bb×Bb→3B_∶1bb。
②若后代性状分离比为显性∶隐性＝1∶1，则双亲一定是测交类型。即Bb×bb→1Bb∶1bb。
③若后代只有显性性状，则双亲至少有一方为显性纯合子。即BB×BB或BB×Bb或BB×bb。
④若后代只有隐性性状，则双亲一定都是隐性纯合子（bb）。即bb×bb→bb。
3．“三法”验证分离定律
（1）自交法：自交后代的性状分离比为3∶1，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。
（2）测交法：若测交后代的性状分离比为1∶1，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。
（3）花粉鉴定法：取杂合子的花粉，对花粉进行特殊处理后，用显微镜观察并计数，若花粉粒类型比例为1∶1，则可直接验证基因的分离定律。
4．某些致死基因导致遗传分离比变化
（1）隐性致死：隐性基因存在于同一对同源染色体上时，对个体有致死作用，如镰刀型细胞贫血症（红细胞异常，使人死亡）；植物中的白化基因，使植物不能形成叶绿素，从而不能进行光合作用而死亡。
（2）显性致死：显性基因具有致死作用，如人的神经胶质症（皮肤畸形生长，智力严重缺陷，出现多发性肿瘤等症状）。显性致死又分为显性纯合致死和显性杂合致死，若为显性纯合致死，杂合子自交后代显∶隐＝2∶1。
（3）配子致死：指致死基因在配子时期发生作用，从而不能形成有生活力的配子的现象。
（4）合子致死：指致死基因在胚胎时期或幼体阶段发生作用，从而不能形成活的幼体或个体的现象。
◢考点精练
1．（江西省南昌市第二中学2018届高三上学期第四次考试生物试题）肥胖与遗传密切相关，是影响人类健康的重要因素之一。某肥胖基因发现于一突变系肥胖小鼠，为确定其遗传方式，下列实验方法正确的是（ ）
A．自交 B．测交 C．正反交 D．回交
【答案】C
【解析】由于产生了突变系肥胖小鼠，所以要确定其遗传方式，需要将肥胖小鼠和正常小鼠进行正反交，并根据后代表现型进行判断，故选C。
2．（山东省青岛市城阳区2018届高三上学期期中学分认定考试生物试题）已知现存的马铃薯匀为杂种（只要有一对基因杂合，即为杂种），生产上通常用块茎繁殖。欲通过一代杂交选育出黄肉（Aa）抗病（Bb）的马铃薯新品种，应选用的杂交亲本是（　　）
A．AaBb×aabb B．AABb×aaBb C．AaBB×Aabb D．aaBb×Aabb
【答案】D
【解析】AaBb×aabb，亲本中的AaBb已经符合要求，无需杂交，A错误；AABb×aaBb，后代双显性个体的基因型有AaBb、AaBB两种，不符合要求，B错误；AaBB×Aabb，后代双显性个体的基因型有AABb、AaBb两种，不符合要求，C错误；aaBb×Aabb，后代双显性个体的基因型只有AaBb一种，符合要求，D正确。
3．（河北省邢台市2018届高三上学期第三次月考生物试题）某生物小组种植的纯种高茎豌豆，自然状态下却出现了矮茎后代。小组成员有的认为是基因突变的结果，有的认为是环境引起的。为检验是何种原因导致矮茎豌豆出现，该小组成员设计了如下几种实验方案，其中最简便的方案是（　　）
A．分析种子中基因序列
B．将得到的矮茎豌豆与纯合高茎豌豆杂交，观察后代的性状表现
C．将矮茎种子在良好的环境条件下种植，让它们自交，再观察后代的性状表现
D．以上方案都不合理
【答案】C
4．（湖南省衡阳市八中2018届高三第二次（10月）月考生物试题）数量性状通常显示出一系列连续的表现型。现有控制某高等植物植株高度的两对等位 基因 A、a和 B、b（已知该两对基因位于一条染色体上），以累加效应决定植株高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的。纯合子 AABB高 50cm，aabb高 30cm。这两个纯合子 杂交得到 F1，F1产生四种配子的比例为 3:3:2:2。自交得到 F2，在 F2中表现 40cm高度的个体所占比例为（　　）
A．37．5% B．34% C．26% D．8%
【答案】B
【解析】依题意可知：植株高度与植株含有的显性基因的数量有关，即含有相同数量的显性基因的个体表现型相同；每个显性基因的增高效应为（50－30）÷4＝5cm；AABB与aabb杂交得到的F1所产生的四种配子及比例为AB:ab:Ab:aB＝3:3:2:2。F1自交得到的F2中，株高为40cm的个体应含有2个显性基因，所占比例为3/10AB×3/10ab×2＋2/10Ab×2/10Ab＋2/10Ab×2/10aB＋2/10Ab×2/10aB＋2/10aB×2/10aB＝34%。综上分析，B项正确，A、C、D三项均错误。
5．（湖北省沙市中学2018届高三上学期第二次双周考试生物试题）某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的植株表现为小花瓣，aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色。两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（　　）
A．子代共有9种基因型
B．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3
C．子代共有6种表现型
D．子代的红花植株中，R的基因频率为2/3
【答案】C
【解析】由题意可知亲本AaRr自交后后代有16种结合方式，9种基因型，A正确。而子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/4，B正确。因为它们遵循基因的自由组合定律，可以每对分开看，对于Aa自交后后代有3种表现型，而Rr自交后后代有2种表现型，本应是6种，但因为无花瓣只有1种表现型，所以应是5种表现型，C错误。子代红花有1/3RR，2/3Rr，所以R的基因频率为2/3，D正确。
6．（四川省资阳市乐至中学2018届高三第三次月考理综生物试题）假如丈夫和妻子都是白化隐性基因杂合子，他们生下二卵双生儿，这两个孪生子基因型相同的概率是（ ）
A． 1/16 B．1/4 C．3/8 D．1
【答案】C
【解析】根据题意，丈夫和妻子都是白化隐性基因杂合子，若用一对等位基因A、a表示，则双亲均为Aa；Aa×Aa→1/4AA，1/2Aa，1/4aa， 两者同时为AA的概率是: 1/4×1/4=1/16；两者同时为Aa的概率是:1/2×1/2=1/4； 两者同时为aa的概率是: 1/4×1/4=1/16；则两者基因型相同的概率为: 1/16+1/4＋1/16=3/8。故选C。
7．（河南省郑州市嵩阳高级中学2018届高三上学期第三次阶段检测生物试题）某常染色体遗传病，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。一对新婚夫妇中女性正常，她的母亲是Aa患病，她的父亲和丈夫的家庭中均无该病患者，请推测这对夫妇的子女中患病的概率是（　　）
A．1/12 B．1/6 C．1/3 D．1/2
【答案】A
【解析】新婚夫妇中女性正常，她的母亲是Aa患病，她的父亲和丈夫的家庭中均无该病患者，基因型为aa，Aa和aa的后代，基因型为1/2Aa、1/2aa，Aa的人有50%患病，50%正常，则该女性的基因型为1/3Aa或2/3aa， 这对夫妇的子女中患病的概率是（1/3）×（1/2）×（1/2）=1/12。选A。
8．（“超级全能生”2018届高考全国卷26省9月联考乙卷生物试题）某农业研究所在诱变育种过程中，发现一株阔叶小表植株的光合作用较强，属于高产小麦，这一性状在小麦中首次发现。现将该植株与普通小麦进行杂交，F1中有1/2表现为高产。下列表述不正确的是（　　）
A．阔叶突变应为显性突变，该突变植株为杂合子
B．收获的高产植株自交，后代可能有3/4植株高产
C．若高产植株较普通植株能增产10%，杂合子自交的后代作为种子，能增收7.5%
D．现用F1自交，那么子代中能稳定遗传的个体应占4/5
【答案】D
【解析】根据题干信息分析，将该植株与普通小麦进行杂交，F1中有1/2表现为高产，即性状分离比是1:1，为测交实验类型，说明两个个体的基因型分别为Aa、aa，又因为高产小麦是基因突变产生的，在小麦中首次发现，说明是由aa突变为Aa，即阔叶突变应为显性突变，该突变植株为杂合子，A正确；Aa自交，后代A_：aa=3:1，所以后代高产占3/4，B正确；若高产植株较普通植株能增产10%，杂合子自交的后代作为种子，能增收3/4×10%=7.5%，C正确；根据以上分析已知，F1基因型为Aa：aa=1:1，其自交后代中能够稳定遗传的占1/2×1/2+1/2=3/4，D错误。
9．（甘肃省武威第十八中学2019届高三上学期期末考试生物试题）小麦的粒色受两对基因R1和r1、R2和r2控制，两对基因独立遗传。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随R个数的增加而逐渐加深。将红粒（R1R1R2R2）与白粒（r1r1r2r2）杂交得F1，F1自交得F2，则F2的表现型有　　　　种？颜色最深的占的比例为（　　）
A．4种　1/8 B．5种　1/16 C．9种　1/8 D．10种　1/4
【答案】B
10．（湖南省衡阳市八中2018届高三第二次（10月）月考生物试题）下列叙述中，正确的是（ ）
A．在遗传学的研究中，利用自交、测交、杂交、正反交及回交等方法都能用来判断基因的显隐性
B．红花亲本与白花亲本杂交的F1全为红花的实验，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式
C．基因型为YyRr的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为9/16
D．红眼雌果蝇与白眼雄果蝇交配，子代雌、雄果蝇都表现红眼，这些雌雄果蝇交配产生的后代中，红眼雄果蝇占1/4，白眼雄果蝇占1/4，红眼雌果蝇占1/2，由此可见，果蝇的眼色和性别表现为自由组合
【答案】B
【解析】正反交主要判断基因所在的位置，A错误；红花亲本与白花亲本杂交的，出现了粉红色的，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式，B正确；基因型为YyRr的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为7/16，C错误；由于控制眼色的基因位于X染色体上，因此眼色和性别不能自由组合，D错误。
11．（黑龙江省牡丹江市第一高级中学2018届高三上学期期中考试生物试题）油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。相关说法错误的是（　　）
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳：非凸耳=15：1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳：非凸耳=3：1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳：非凸耳=3：1
A．凸耳性状是由两对等位基因控制的
B．甲和乙杂交得到的F2均表现为凸耳
C．甲、乙、丙均为纯合子
D．乙和丙杂交得到的F2表现型及比例为凸耳：非凸耳=3：1
【答案】D
【解析】根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为15：1，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，A正确。由于甲×非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=15：1，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙×非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=3：1，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代中至少有2个显性基因，则F2表现型一定都是凸耳，故B正确。由于甲、乙、丙与非凸耳杂交，F1都是只有一种表现型，故甲乙丙均为纯合子。由于丙×非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=3：1，故丙也为单显性状的纯合子，若乙与丙杂交得到F2，则F2的表现型及比例为凸耳：非凸耳=15：1，故D错误。
12．（山东省淄博第一中学2018届高三上学期开学考试生物试题）基因的自由组合过程发生在下列哪个环节中（ ）

A．① B．② C．③ D．④
【答案】A
【解析】试题分析：由图可知①过程是减数分裂，②过程是配子间自由结合，③过程是总结形成9种基因型，④是子代表现型，基因自由组合发生在减数分裂过程中，故选A。
13．（河南省郑州市嵩阳高级中学2018届高三上学期第三次阶段检测生物试题）基因型为Bb的玉米自交后所结的一个玉米穗上结出700多粒种子（F1），挑选F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析中不正确的是（　　）
A．甲组中隐性个体占1/6，乙组隐性个体占1/9
B．两组的纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例
C．两组子代中，基因型为Bb的个体所占比例不同
D．基因B在两组子代中的基因频率不同
【答案】D
【解析】基因型为Bb的玉米自交，后代基因型为1/4BB、1/2Bb、1/4bb，显性个体中基因型及比例为1/3BB、2/3Bb，甲组自交，后代中隐性个体占（2/3）×（1/4）=1/6；乙组自由交配，两种配子比例（基因频率）为2/3B、1/3，后代中隐性个体占1/3）×（1/3）=1/9，A项正确；甲组自交，后代中杂合子占Bb（2/3）×（1/2）=1/3，则纯合子占1—1/3=2/3；乙组自由交配，后代中杂合子Bb占2×（2/3）×（1/3）=4/9，则纯合子占1—4/9=5/9，两组的纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例，B项正确；两组子代中，基因型为Bb的个体所占比例不同，C项正确；对子代没有选择作用，基因B在两组子代中的基因频率均为2/3，D项错误。
14．（山东省济南外国语学校2018届高三第一学期阶段考试生物试题）基因型AaBb的小麦自交，后代中aabb个体占全部后代的9%。下列有关叙述中，错误的是（　　）
A．后代的a基因频率为0.5
B．自交过程中发生了基因重组
C．两对基因之间进行了自由组合
D．后代aaBB所占比例小于9%
【答案】C
【解析】单独考虑Aa自交，后代a基因频率为0.5，A正确；若两对基因完全连锁，则后代的aabb占25%或者0，而实际占全部后代的9%，说明两对基因之间存在交叉互换，即存在基因重组，B正确；根据以上分析可知，两对基因之间遵循基因的连锁与互换定律，并没有自由组合，C错误；后代aaBB所占比例小于9%，D正确。
15．（上海市杨浦区2019届高三上学期等级考模拟期末调研生命科学生物试题）已知水稻稻瘟病抗病和感病是一对相对性状（用M/m表示），晚熟和早熟是一对相对性状（用N/n表示）。现用纯种抗病早熟水稻与感病晚熟水稻杂交， F1全部是抗病晚熟水稻。F1自交后，F2表现型种类及数目如下表所示。请据此推断 F1中两对基因的位置关系是（　　）

A． B． C． D．
【答案】B
【解析】根据上述分析可知控制两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，首先排除D选项。再根据表中F2表现型中抗病早熟和感病晚熟水稻的数量大约1:1，且抗病晚熟的极多，而感病早熟的很少，可以知道抗病基因（M）和早熟基因（n）在一条染色体上，而m和N在另一条染色体上，因此正确答案是B选项，A、C错误。
16．（四川省雅安中学2018届高三上学期第一次月考生物试题）下列说法不正确的是（　　）
A．等位基因是位于一对同源染色体的同一位置上，控制相对性状的基因
B．性状分离是指杂种后代表现出相对性状的不同类型
C．含两对相对性状的亲本杂交，子二代中重组类型所占比例是6/16或10/16
D．自由组合定律的实质是等位基因分离的同时非等位基因自由组合
【答案】D
【解析】等位基因是指在一对同源染色体的同一位置上，控制相对性状的基因，A正确；性状分离是指杂种后代中表现出相对性状的不同类型的现象，B正确；含两对相对性状的亲本杂交，若亲本是AABB与aabb杂交，则子二代中重组性状占6/16；若亲本是AAbb与aaBB杂交，则子二代中重组性状占10/16，C正确；自由组合定律的实质是同源染色体上的等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错误。
17．（广西桂林市柳州市2018年届高三综合模拟金卷（1）理综生物试卷）已知控制牛的有角（HA）和无角（HB）的等位基因位于常染色体上，公牛体内HA对HB为显性，母牛体内HB对HA为显性，下列有关叙述错误的是（　　）
A．多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中公牛的表现型及比例为有角：无角=3:1
B．多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中母牛的表现型及比例为有角：无角=1:3
C．纯合有角公牛和纯合的有角母牛杂交，F1中公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角
D．纯合有角公牛和纯合的无角母牛杂交，F1中公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角
【答案】C
【解析】多对杂合的有角公牛（HAHB）和杂合的无角母牛（HAHB）杂交，F1中公牛的表现型及比例为有角（HAHA+HAHB）：无角（HBHB）=3:1，A项正确；多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中母牛的表现型及比例为（HAHA）：无角（HBHB+HAHB） =1:3，B项正确；纯合有角公牛（HAHA）和纯合的有角母牛（HAHA）杂交，F1中公牛和母牛的表现型都是有角，C项错误；纯合有角公牛（HAHA）和纯合的无角母牛（HBHB）杂交，F1全为杂合（HAHB），公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角，D项正确。
18．（宁夏回族自治区石嘴山市第三中学2019届高三上学期12月月考生物试题）兔毛色的遗传受常染色体上两对等位基因（C和和g）控制，现用纯种灰兔与纯种白兔杂交，F1全为灰兔，F1自交（雌雄个体相互交配）产生的F2中，灰兔：黑兔：白兔=9:3: 4。已知当基因C 和G同时存在时表现为灰兔，但基因c纯合时就表现为白兔。下列说法错误的有几个（　　）
①家兔的毛色受两对等位基因控制，C、c与G、g两对等位基因分别位于两对同源染色体上
②亲本的基因型是CCGG和ccgg
③F2白兔中的纯合子个体占1/2
④若F1中灰兔测交，则后代有4种表现型
⑤F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/3
⑥F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
⑦F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16
A．三 B．四 C．五 D．六
【答案】A
【解析】由题意可知子二代中出现了16的变形，所以控制这对性状的基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，①正确。纯种灰兔基因型应是CCGG，F1全为灰兔，所以亲本白兔的基因型是ccgg，②正确。F2白兔中的纯合子个体占2/4，即1/2，③正确。若F1中灰兔测交，根据题意后代有3种表现型，④错误。F2中黑兔（1/3CCgg，2/3Ccgg）与白兔（1/4ccgg，2/4ccGg，1/4ccGG）交配，后代出现白兔的的只有是2/3×1/4×1/2+2/3×1/2×1/2+2/3×1/4×1/2=1/3，⑤正确。F2灰兔基因型有4种，能产生4种配子，但比例不相等，⑥错误。F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/9，⑦错误，故A正确，B、C、D错误。
19．（广东省汕头市潮南实验学校2018届高三上学期入学摸底考试生物试题）孟德尔在探索分离定律时，运用了“假说—演绎法”，下列相关叙述不正确的是（ ）
A．提出问题是建立在纯合亲本杂交和 F1自交的遗传实验基础上的
B．“遗传因子在体细胞的染色体上成对存在”属于孟德尔的假说内容
C．“如果让F1与隐性纯合子杂交后代显性和隐性个体应该一样多”属于推理内容
D．对推理（演绎）过程及结果进行的检验是通过测交实验完成的
【答案】B
20．（江西省上高县第二中学2018届高三第一次月考生物试题）喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g-基因决定雌株。G对g、g-是显性，g对g-是显性，如：Gg是雄株，gg-是两性植株，g-g-是雌株。下列分析正确的是（　　）
A．g-g-和Gg能杂交并产生雌株
B．—株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子
C．两性植株自交不可能产生雌株
D．只有雄株和雌株的植株群体内传粉，产生后代中，雄株比例大于1/2
【答案】D
【解析】g-g-和Gg能杂交，但其杂交后代为1/2Gg-（雄株）和1/2gg-（两性植株），不能产生雌株，故A项错误；一株两性植株的喷瓜（gg-）最多可产生2种雄配子和2种雌配子，即g和g-，故B项错误；两性植株自交可能产生雌株，如gg-×gg-后代可能出现的g-g-是雌株，故C项错误；只有雄株（GG或Gg或Gg-）和雌株（g-g-）的植株群体内传粉，GG×g-g-的后代都是雄株Gg-，Gg×g-g-的后代有1/2雄株Gg-和1/2两性植株gg-，Gg-×g-g-的后代有1/2雄株Gg-和1/2雌株g-g-，所以只有雄株和雌株的植株群体内传粉，产生后代中，雄株比例大于1/2，D项正确。
21．（湖南省衡阳市第八中学2018届高三上学期第三次月考生物试题）鸡冠的性状有多种，纯合子豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配，子一代（F1）全是胡桃冠，F1雌雄交配，F2出现了冠形为单冠的鸡，表现型和数量如下表。
F2
胡桃冠
豌豆冠
玫瑰冠
单冠
公鸡
72
24
24
8
母鸡
72
24
24
8
合计
144
48
48
16
回答问题：
（1）鸡冠形状的遗传受___________对基因控制，且遵循__________定律，该定律的实质是:在减数分裂过程中，_____________________。（原文填空）
（2）从F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只，形成一个杂交组合：豌豆冠（♀）×玫瑰冠（♂），或豌豆冠（♂）×玫瑰冠（♀）。
①不考虑正交、反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有____________种。
②理论上，若杂交组合的后代出现四种表现型，且四种表现型的比例为1:1：1：1的概率是__________。
（3）为了验证（1）中的结论，利用F2设计实验，请补充完善实验方案并预期实验结果：
实验方案：让F2中全部胡桃冠母鸡与_________交配，只收集、孵化每只母鸡产的蛋，_________（隔离、混合）饲养每只母鸡的子代（F3），观察、统计全部F3的冠形和数量。预期实验结果：理论上，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：豌豆冠=1:1；另有__________________________。
【答案】（1）两　　自由组合定律（或:分离定律和自由组合定律）　　同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合
（2）4　　4/9
（3）（全部、多只）单冠公鸡　　隔离　　有8只母鸡的子代全部为胡桃冠，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠:玫瑰冠=1：1，另有32只母鸡的子代表现型及数量比为胡桃冠:豌豆冠:玫瑰冠:单冠=1:1:1:1
【解析】（1）根据以上分析可知，鸡冠形状受2对等位基因控制，且遵循自由组合定律。基因的自由组合定律的实质是：在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
（2）①F2中选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡的基因型是A_bb、aaB_，A_×aa→1/3aa+2/3Aa，bb×B_→1/3bb+2/3Bb，每一对杂交后代是2种基因型，对于两对等位基因来说杂交后代的基因型是4种。
②杂交组合的后代出现四种表现型，则四种表现型及其比例是胡桃冠：豌豆冠：玫瑰冠：单冠=1：1：1：1，是两对相对性状的测交实验，可能的组合是Aabb、aaBb，概率是2/3×2/3=4/9。
（3）为了验证（1）中的结论，利用F2设计实验，可以采用测交实验：
①让F2中全部胡桃冠母鸡与多只单冠公鸡进行交配，分只收集、孵化每只母鸡产的蛋，隔离饲养只母鸡的子代（F3），观察、统计全部F3的冠形和数量。
预期实验结果：由于胡桃冠母鸡的基因型是AABB：AABb：AaBB：AaBb=1：2：2：4，理论上，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：豌豆冠=1：1，有8只母鸡的子代全部为胡桃冠，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：玫瑰冠=1：1，另有32只母鸡的子代表现型及数量比为胡桃冠：豌豆冠：玫瑰冠：单冠=1：1：1：1。
22．（山东省济南外国语学校2018届高三第一学期阶段考试生物试题）某种牵牛花的花瓣中含有红、黄、蓝三种色素，这些色素由A/a、B/b、G／g三对等位基因控制合成，各种色素的合成与有关基因的关系如下图。花瓣的颜色除了红色、黄色和蓝色外，还会出现蓝色物质与红色物质混合的紫色、蓝色物质与黄色物质混合的绿色，缺乏上述三种色素时花瓣呈白色。
　　　
（1）基因型为AaBbGg的牵牛花植株花瓣颜色为__________________；含A但不含B基因的牵牛花植株t花瓣颜色表现为________________。
（2）任意选取两株蓝色牵牛花杂交，子代可能出现的性状及其分离比为__________，子代中纯合蓝花植株的基因型为________________________。
【答案】（1）紫色　　黄色或绿色
（2）全部蓝色或者蓝色：白色=3：1　　aabbGG或aaBBGG
【解析】（1）根据以上分析已知，AaBbGg合成蓝色、黄色、红色物质，由于蓝色与红色混合形成紫色，蓝色与黄色混合形成绿色，紫色颜色深，掩盖绿色，因此表现为紫色；含A但不含B基因的牵牛花植株的基因型是A_bbgg或A_bbG_，分别表现为黄色或绿色。
（2）蓝花植株的基因型是aabbG_或aaB_G_，如果两株蓝色花的植株其中一株的基因型是aabb（B_）GG，则杂交后代都是蓝花，如果两株的基因型都是aabb（B_）Gg，杂交后代的基因型是aabb（B_）G_：aabb（B_）gg=3：1，分别表现为蓝花和白花；子代中纯合蓝花植株的基因型是aabbGG、aaBBGG。
23．（黑龙江省大庆实验中学2018届高三上学期第一次月考理科综合生物试题）某种小动物的毛色可以是棕色、银灰色和黑色（相关基因依次用A1、A2和A3表示）。如表研究人员进行的有关杂交实验。

请根据以上实验，回答下列问题：
（1）由甲组分析可知：__________________是隐性性状，产生子代（F1）数量比的原因最可能是_______________。
（2）让丙组的子代（F1）自由交配，得到的后代表现型及比例为______________。
（3）选取丙组F1的_______个体与_______组F1的银灰色个体杂交，后代一定会出现三种不同表现型的个体。这三种不同表现型的比例为棕色：银灰色：黑色=_________________。
【答案】（1）银灰色　　棕色纯合子（基因型A1A1）的个体（胚胎）致死
（2）棕色：黑色=2:3
（3）棕色　　银灰色　　2:1:1
【解析】（1）甲组中，亲代均为棕色，子代（F1）中出现银灰色，判断银灰色是隐性性状，棕色是显性性状；进一步推测甲组中亲代组合为A1A2×A1A2或A1A2×A1A3，其子代不是3/4棕色、1/4银灰色，推测A1A1个体不能存活。
（2）根据以上分析，丙组棕色基因型为A1A—，黑色基因型为A3A3，后代棕色：黑色=1:1，说明棕色基因型为A1A3，则子代基因型为A1A3、A3A3，让子一代自由交配，后代基因型及其比例为A1A1：A1A3：A3A3=（1/4×1/4）：（2×1/4×3/4）：（3/4×3/4）=1:6:9，由于A1A1个体不能存活，所以后代表现型及其比例为棕色：黑色=2:3。
（3）要保证在子代得到三种毛色的个体，其杂交双亲必须含有A1、A2和A3三种基因，故杂交双亲之一必须为棕色，且一定为杂合子，又根据表中杂交实验可推知，棕色对银灰色为显性，银灰色对黑色为显性，故选取的F1棕色个体基因型为A1A3，且只有丙组的F1棕色个体符合条件，另一亲本应为银灰色杂合子，基因型为A2A3，只有丁组的F1银灰色个体符合条件。因此选取丙组F1棕色个体与丁组F1银灰色个体杂交，一定能在子代得到三种毛色的个体。后代基因型及其比例为A1A2：A1A3：A2A3：A3A3=1:1:1:1，则表现型的比例为棕色：银灰色：黑色=2:1:1。
24．（山东省菏泽市2018届高三上学期期中考试生物试题）鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种，且这对相对性状由等位基因A、a控制。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了2组实验，结果如下表所示：
杂交组合
第1组
康贝尔鸭♀×金定鸭♂
第2组
康贝尔鸭♂×金定鸭♀
后代所产蛋
（颜色及数目）
青色（枚）
26178
7628
白色（枚）
109
58
请回答：
（1）根据实验结果，可判断鸭蛋蛋壳的__________色是显性性状。
（2）第1组和第2组的少数后代产白色蛋，可推测双亲中的金定鸭群的基因型是________，为了检验F1相关的基因组成情况，应该将__________与__________交配。若实验结果显示后代产青色蛋的鸭子____（填“大于”、“小于”、“等于”）产白色蛋的鸭子，说明推测正确。
【答案】（1）青　　
（2）AA和Aa　　F1　　康贝尔鸭　　小于
25．（江西省南昌市2018届高三摸底调研考试生物试题）椎实螺是雌雄同体的生物，单个伺养时，它们进行自体受精。群体饲养时，若只考虑异体受精，两个个体相互交换精子，同时又各自产生卵子。椎实螺的外壳的旋转方向可以是右旋（D基因控制），也可以是左旋（d基因控制）。研究表明，子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定。现有多个右旋（DD）雌体和左旋（dd）雄性个体。回答下列问题：
（1）右旋（DD）雌性个体的母本的表现型为_______________。多对右旋（DD）雌性个体和左旋（dd）雄性个体杂交，则理论上，子二代个体的表现型为____________________。
（2）将第（1）中杂交实验所得子二代，单个饲养，子代个体的表现型及其比例为__________________；群体饲养时，子代个体D基因的频率为___________。
（3）科学家提取右螺旋壳椎实一细胞质中的RNA，将它注射到左螺旋壳椎实螺的受精卵中，此后受精卵发育成右螺旋壳的椎实螺。该方法获得的右螺旋壳_______________（填“可以”或“不可以”）遗传，原因是_________________________________。
【答案】（1）右旋或左旋　　右旋　　
（2）右旋︰左旋=3︰1　　1/2
（3）不可以　　注入是RNA不是DNA，遗传物质未改变，不可以遗传
【解析】（1）由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定，所以右旋（DD）雌性个体的母本可能左旋，也可能右旋。右旋（DD）雌性个体和左旋（dd）雄性个体杂交，子一代基因型为Dd，子二代个体表现型受子一代母本细胞核基因控制，即Dd，表现为右旋。
（2）子二代基因型为DD、Dd和dd，比例为1:2:1，由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，所以单个伺养时，子代个体的表现型及其比例为右旋:左旋=3:1；子二代基因型为DD、Dd和dd，比例为1:2:1，D基因频率为1/2，群体饲养时，椎实螺异体受体，随机受精，子代基因频率不变，则D基因频率为1/2。
（3）由于向左螺旋壳椎实螺的受精卵中注入的是RNA不是DNA，只改变性状，未改变遗传物质，所以通过该方向获得的右螺旋壳不可以遗传。

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