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2019高考物理三轮冲刺练：选择题48分专练（1）含解析

选择题48分专练(一)
(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)
选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．某研究性学习小组的学生通过查阅资料知道了高温氘等离子体可发生聚变反应。在某次聚变实验中，氘等离子体被加热至高温，使动能均为0.03 MeV的两个氘核正碰，发生如下的聚变反应：H＋H→He＋X，已知释放的核能为3.27 MeV且全部转化为核的动能，在忽略相对论效应的情况下，下列推断正确的是(　　)
A．X是n，He和X的总动能为3.27 MeV
B．X是n，He和X的总动能为3.33 MeV
C．X是H，He和X的总动能为3.27 MeV
D．X是H，He和X的动能相等
解析：　由核反应过程中必须遵守的质量数守恒和电荷数守恒知X是n，由于两个氘核初始时以相同的速率向相反方向运动，因此初始动量为零，最终的动量为零，因为He和X的质量不相等，所以动能不相等，He和X的总动能为(2×0.03＋3.27)MeV＝3.33 MeV，只有B项正确。
答案：　B
15.

如图所示，质量为M＝2 m的不规则物体A置于水平面上，质量为m的光滑小球B以水平向左的速度由不规则物体的底端冲上该物体，忽略一切摩擦。当不规则物体固定时，小球到达不规则物体的最高点时，该点距离水平面的高度为h；当不规则物体不固定时，小球到达最高点时距离水平面的高度应为(　　)
A．h　　　　　　　　　　 B.
C. D.
解析：　不规则物体固定时，由动能定理得－mgh＝0－mv，所以v0＝；不规则物体不固定时，由于系统水平方向不受外力，故小球与不规则物体在水平方向动量守恒，即mv0＝(M＋m)v，由机械能守恒定律得mv＝(M＋m)v2＋mgh′，整理得h′＝h，又M＝2m，解得h′＝，D正确。
答案：　D
16．2018年3月17日15时10分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，成功将陆地勘查卫星四号发射升空，卫星进入预定轨道。观测可知陆地勘查卫星四号经时间t通过的弧长为L，转过的角度为θ，已知引力常量为G、地球表面的重力加速度为g。则下列说法正确的是(　　)
A．陆地勘查卫星四号的环绕速度大小为
B．陆地勘查卫星四号的环绕周期为
C．地球的质量为
D．地球的半径为
解析：　由线速度的定义式可知，陆地勘查卫星四号的线速度大小即环绕速度大小，为v＝，A错误；由角速度的定义式可得陆地勘查卫星四号的角速度大小为ω＝，则其环绕周期为T＝＝，B错误；由v＝ωr可解得r＝，对陆地勘查卫星四号分析可得G＝mω2r，解得M＝ ，C正确；对地球表面的物体分析，用G＝mg，解得地球的半径为R＝ ，D错误。
答案：　C
17.

如图所示为等量异种点电荷A和B，O点为两点电荷连线的中点，P为位于O点左侧的一点，q为连线中垂线上的点，若选无穷远处电势为零，则下列说法正确的是(　　)
A．O点的电势以及电场强度均为零
B．p点的电势以及电场强度均大于q点的电势及电场强度
C．正粒子在q点的电势能大于零
D．负粒子在O点的电势能小于在P点的电势能
解析：　等量异种点电荷连线的中垂线为一条等势线，且电势为零，即O点电势为零，在两点电荷连线上电场线的方向由p指向O，根据沿电场线方向电势降低可知，p点的电势高于O点的电势，即p点的电势高于q点的电势，在两点电荷的连线上，电场强度先减小后增大，且O点电场强度最小，但不为零，在中垂线上，从O点向两侧电场强度逐渐减小，所以O点在中垂线上是电场强度最大的点，故p点的电场强度大于q点的电场强度，A错误，B正确；电荷在零电势处电势能为零，故正粒子在q点的电势能为零，C错误；负粒子由O点沿连线向p点移动的过程中，电场力做正功，电势能减小。D错误。
答案：　B
18.

2017年9月28日下午，国防部发言人在记者招待会上宣布，中国的隐形战斗机歼 ?20已经正式列装，标志着地球上第二个能自产五代战机的国家诞生。假设有两架飞机甲、乙在平直跑道上同向行驶，0～t2时间内的v ?t图象如图所示，下列说法正确的是(　　)

A．飞机乙在0～t2内的平均速度等于
B．飞机甲在0～t2内的平均速度比乙大
C．两飞机在t1时刻一定相遇
D．两飞机在0～t2内不可能相遇
解析：　飞机乙在0～t2内做非匀变速运动，平均速度小于，A错误；飞机甲在0～t2内做匀变速运动，平均速度等于，大于乙的平均速度，B正确；两飞机在t1时刻速度相等，但不一定相遇，C错误；当两图象与两坐标轴围成的面积之差大于或等于开始两飞机的距离时，两飞机相遇，在0～t2内可能会相遇，D错误。故选B。
答案：　B
19．如图甲所示，一理想变压器原线圈匝数为n1＝1000匝，副线圈匝数为n2＝150匝，变压器输入端的正弦交变电压如图乙所示，定值电阻的阻值为11 Ω，总阻值为22 Ω的滑动变阻器滑片为P。下列说法中正确的是(　　)

A．变压器副线圈输出电压的频率为50 Hz
B．滑片P向右滑动时，电阻R两端的电压不变
C．滑片P滑到最右端时，通过电阻R的电流为6 A
D．滑片P滑到最左端时，变压器的输入功率为66 W
解析：　原、副线圈的周期T＝0.02 s，频率f＝＝50 Hz，选项A正确；滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电阻R两端的电压变大，选项B错误；原线圈电压的有效值U1＝＝440 V，根据＝可得副线圈的电压U2＝66 V，滑动变阻器的滑片P滑到最右端时，通过电阻R的电流为I2＝＝6 A，选项C正确；滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，理想变压器的输入功率为P2＝＝132 W，选项D错误。
答案：　AC
20.

2018年1月1日，Rob Cross在世界飞镖冠军锦标赛中以7比2的比分战胜泰勒成为PDC历史上第8位冠军。如图所示，选手某次水平投掷时，飞镖击中靶中心的下侧，且此时飞镖与竖直方向的夹角为30°，已知飞镖的初速度大小为v0、重力加速度大小为g，忽略空气阻力。则下列说法正确的是(　　)
A．飞镖在空中运动的时间为
B．飞镖在竖直方向下落的高度为
C．飞镖重力势能的减少量与飞镖击中靶时的动能之比为3∶4
D．只减小飞镖的初速度可使飞镖击中靶中心
解析：　由题意可知，飞镖击中靶时速度与水平方向的夹角为60°，设飞镖在竖直方向的分速度大小为vy，则tan 60°＝，vy＝v0tan 60°＝v0，飞镖在空中运动的时间为t＝＝，A错误；飞镖在竖直方向下落的高度为y＝gt2＝g2＝，B正确；飞镖击中靶时的速度大小为v＝＝2v0，则此时飞镖的动能为Ek＝mv2＝2mv，飞镖重力势能的减少量为ΔEp＝mgy＝mv，则飞镖重力势能的减少量与飞镖击中靶时的动能之比为3∶4，C正确；欲使飞镖击中靶中心，应减小飞镖在竖直方向的位移，则应减小飞镖在空中运动的时间，由于水平方向的分位移不变，因此可增大飞镖的初速度，D错误。
答案：　BC
21．在水平放置的两条平行光滑直导轨上有一垂直其放置的金属棒ab，匀强磁场与轨道平面垂直，磁场方向如图所示，导轨接有两定值电阻及电阻箱R0，R1＝5 Ω，R2＝6 Ω，其余电阻不计。电路中的电压表量程为0～10 V，电流表的量程为0～3 A，现将R调至30 Ω，用F＝40 N的水平向右的力使ab垂直导轨向右平移，当棒ab达到稳定状态时，两电表中有一表正好达到满偏，而另一表未达到满偏。则下列说法正确的是(　　)

A．当棒ab达到稳定状态时，电流表满偏
B．当棒ab达到稳定状态时，电压表满偏
C．当棒ab达到稳定状态时，棒ab的速度是1 m/s
D．当棒ab达到稳定状态时，棒ab的速度是2 m/s
解析：　假设电压表满偏，则通过电流表的电流为I＝＝2 A<3 A，所以电压表可以满偏，此时电流表的示数为2 A，故A错误，B正确；棒ab匀速运动时，水平拉力F与安培力大小相等，则有FA＝F＝BIL，得BL＝＝20 N/A，感应电动势E＝U＋IR1＝(10＋2×5) V＝20 V，又E＝BLv，则得v＝＝ m/s＝1 m/s，故C正确，D错误。
答案：　BC





























































































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2019高考物理三轮冲刺练：选择题48分专练（2）含解析
选择题48分专练(二)
选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于近代物理学，下列说法正确的是(　　)
A．光电效应现象揭示了光具有波动性
B．一群氢原子从n＝4的激发态跃迁时，最多能辐射出6种不同频率的光子
C．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了原子核由质子和中子组成
D．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经过7.6天后一定剩下1个氡原子核
解析：　光电效应现象揭示了光具有粒子性，选项A错误；根据玻尔理论，一群氢原子从n＝4的激发态向低能级跃迁时，最多能够辐射6种不同频率的光子，选项B正确；卢瑟福通过α粒子散射实验说明原子具有核式结构，没有证实原子核由质子和中子组成，选项C错误；半衰期是对大量原子核衰变的统计规律，对少量原子核不适用，选项D错误。
答案：　B
15．质量为m的乒乓球在离台面高h处时速度方向刚好水平向左，大小为v1，运动员用球拍击球使球以大小为v2的速度水平向右飞出，球拍和乒乓球作用的时间极短，则(　　)
A．击球前后球的动量改变量的方向水平向左
B．击球前后球的动量改变量的大小是mv2＋mv1
C．球拍击球的过程中对乒乓球做的功为mv－mv
D．球拍击球的过程中对乒乓球的冲量为mv2－mv1
解析：　取水平向右为正方向，击球前后球的动量改变量Δp＝mv2－(－mv1)＝mv2＋mv1，方向水平向右，选项A错误，B正确；根据动量定理，球拍击球的过程中对乒乓球的冲量为I＝mv2＋mv1，选项D错误；根据动能定理，球拍击球的过程中对乒乓球做的功为W＝mv－mv，选项C错误。
答案：　B
16．如图所示为甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动的v ?t图象，其中t2＝2t1，则下列判断正确的是(　　)

A．甲的加速度比乙的大
B．t1时刻甲、乙两物体相遇
C．t2时刻甲、乙两物体相遇
D．0～t1时间内，甲、乙两物体之间的距离逐渐减小
解析：　v ?t图象中，图线的斜率表示加速度，由图象可知甲的加速度小于乙的，故A项错；v ?t图象中图线的交点表示速度相同，图线与时间轴所围图形的面积表示位移，所以t1时刻两物体的速度相同，但相距最远，即0～t1时间内，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大，故B、D项错；由v ?t图象可知0～t2的时间内两图线与时间轴所围图形的面积相同，所以t2时刻甲、乙两物体相遇，故C项正确。
答案：　C
17.

如图所示，在粗糙的水平杆上套着一个滑块A，用轻质细绳将A与一小球B相连，A、B的质量均为m，A与杆间的动摩擦因数为μ，现用水平拉力F向右拉A，使A、B一起向右运动，此时细绳与竖直方向的夹角为α；若增大水平拉力，使A、B一起运动时，细绳与竖直方向的夹角增大为2α，不计空气阻力，下列说法正确的是(　　)
A．细绳的拉力变为原来的2倍
B．A、B的加速度变为原来的2倍
C．水平拉力F变为原来的2倍
D．A受到的摩擦力不变
解析：　对B受力分析，其加速度大小为a＝gtan α，细绳拉力大小FT＝，经分析可知，当α增大为原来的2倍时，a和FT不一定是原来的2倍，A、B错误；对A、B整体受力分析，竖直方向上，支持力FN＝2mg，当α增大为原来的2倍时，支持力保持不变，则摩擦力Ff＝μFN不变，水平方向有F－Ff＝2ma，得F＝2μmg＋2mgtan α，经分析可知，当α增大为原来的2倍时，F不一定变为原来的2倍，C错误，D正确。
答案：　D
18.

如图所示，OO′为圆柱筒的轴线，磁感应强度大小为B的匀强磁场的磁感线平行于轴线方向向左，在圆筒壁上布满许多小孔，对于任意一小孔，总能找到另—小孔与其连线垂直于轴线，有许多比荷为的带正电粒子。以不同的速度、不同的入射角射入各小孔，且均从关于OO′轴线与该孔对称的小孔中射出，已知入射角为30°的粒子的速度大小为 km/s。则入射角为45°的粒子的速度大小为(　　)
A．0.5 km/s　　　　　 B．1 km/s
C．2 km/s D．4 km/s
解析：　

画出轨迹如图所示，粒子从小孔射入磁场时的速度方向与竖直方向的夹角和粒子从小孔射出磁场时的速度方向与竖直方向的夹角相等，根据几何关系有r1＝，r2＝，由牛顿第二定律得Bqv＝m，解得v＝，所以v∝r，则入射角分别为30°、45°的粒子速度大小之比为＝＝＝，则入射角为45°的粒子的速度大小为v2＝1 km/s，选项B正确。
答案：　B
19.

如图所示是世界上早期制造的发电机及电动机的实验装置，有一个可绕固定转轴转动的铜盘，铜盘的一部分处在蹄形磁铁当中。实验时用导线A连接铜盘的中心，用导线B连接铜盘的边缘。则下列说法中正确的是(　　)
A．若导线A、B连接，用外力摇手柄使铜盘转动，闭合电路中会产生感应电流
B．若导线A、B连接，用外力摇手柄使铜盘转动，则B端电势高于A端
C．若导线A、B与外电源连接，当A接电源正极时，从上向下看铜盘会逆时针转动
D．若导线A、B连接—用电器，当用外力摇手柄使铜盘匀速转动时，则有交变电流流过用电器
解析：　若逆时针摇手柄(从上向下看)，由右手定则可知，产生的感应电流从导线A流出，导线A相当于电源正极，电势高，A正确，B错误；若将导线A、B连接外电源，A接正极时，则由左手定则可知，铜盘会逆时针转动，C正确；若导线A、B连接一用电器，当用外力摇手柄使铜盘匀速转动起来时，产生的是直流电，D错误。
答案：　AC
20.

荷兰“Mars One”研究所推出了2023年让志愿者登陆火星、建立人类聚居地的计划，2013年该机构通过电视真人秀的方式招募首批4名志愿者，并于2024年前往火星，登陆火星需经历如图所示的变轨过程。已知引力常量为G，则下列说法正确的是(　　)
A．飞船在轨道上运行时，运行的周期TⅢ>TⅡ>TⅠ
B．飞船在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅱ上的机械能
C．飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点朝速度方向喷气
D．若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度
解析：　Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个轨道半长轴依次变大，由开普勒第三定律可知，三个轨道所对应的周期也依次增大，故A项正确；飞船由轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ需要减速，所以需要在P点朝速度方向喷气，飞船发动机对飞船做负功，飞船的机械能减少，B项错误，C项正确；若飞船贴近火星表面，则有G＝mω2R，M＝ρ·πR3，联立两式可求得火星密度ρ＝，D项正确。
答案：　ACD
21．正弦交流电经过匝数比为＝的变压器，变压器与电阻R、交流电压表V、交流电流表A按如图甲所示的方式连接，R＝10 Ω。图乙是R两端的电压U随时间变化的图象。Um＝10 V，则下列说法中正确的是(　　)

A．通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR＝cos 100πt (A)
B．电流表的读数0.1 A
C．电流表的读数为 A
D．电压表的读数为Um＝10 V
解析：　由图乙知T＝2×10－2 s，则f＝50 Hz，ω＝2πf＝100π rad/s，故iR＝cos 100πt(A)，A项正确；再根据＝知，I1的有效值为0.1 A，则电流表的读数为0.1 A，B项正确，C项错误；电压表读数应为副线圈两端电压的有效值，U＝＝10 V，D项错误。
答案：　AB

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