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2019襄阳市中考理科综合试题
一、选择题
1.看电视时调节音量是为了改变声音的
A.
响度
B.
音调
C.
音色
D.
音调、响度和音色
【答案】A
【解析】
【详解】响度是声音的强弱，它与物体振幅有关；调节电视机的音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变。
2.在下列四种现象中,由光的反射形成的是
A.
阳光照射下高楼大厦产生影子
B.
襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像
C.
池里水看起来比实际的浅
D.
斜插入水中的筷子,从侧面看,筷子变弯了
【答案】B
【解析】
【详解】A、阳光照射下高楼大厦产生的影子是由于光的直线传播形成的，不符合题意；
B、襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，符合题意；
C、池底反射的光线射向水面时发生折射，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是池底经水面折射所成的虚像，且虚像在实际池底的上方，所以池水看起来比实际的浅，属于光的折射现象，不符合题意；
D、由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，属于光的折射现象，不符合题意。
3.下列现象或过程中由于熔化而形成的是
A.
滴水成冰
B.
秋天清晨树叶上的露珠
C.
隆冬清晨植物叶片上的霜
D.
冰雪消融
【答案】D
【解析】
【详解】A、滴水成冰，物质由液态变成固态，属于凝固现象，故A错误；
B、露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故C错误；
D、冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故D正确。
4.下列杠杆中属于省力杠杆的是
A.
定滑轮
B.
筷子
C.
钳子
D.
钓鱼竿
【答案】C
【解析】
【详解】A、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；
D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误。
5.下列现象中利用了大气压强的是
A.
用吸管喝饮料
B.
拦河坝做的下宽上窄
C.
雪橇做的比较宽大
D.
刀口磨得很锋利
【答案】A
【解析】
【详解】A、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，故利用了大气压的作用；故A符合题意；
B、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而増大，这样可承受更大的压强，不是利用大气压，故B不符合题意；
C、雪橇做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不符合题意；
D、刀口磨的很锋利是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
6.下列符合安全用电原则的是
A.
用湿手按开关
B.
在带有绝缘层的通电导线上晾晒衣物
C.
在高压输电线下钓鱼
D.
使用带有金属外壳的用电器,外壳要接地
【答案】D
【解析】
【详解】A、由于水是导体，所以用湿手按开关容易发生触电事故，故A错误；
B、湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故B错误；
C、高压线的电压很高，人不要靠近，不能在在高压输电线下钓鱼，容易触电，故C错误；
D、有金属外壳的用电器，其外壳必须接地，即防止因外壳带电而使得人发生触电事故，故D正确。
7.木块在压力F作用下静止在如图所示位置,则下列各组力属于平衡力的是
A.
木块所受的压力和木块对墙壁的压力
B.
木块所受的重力和木块所受的摩擦力
C.
木块所受的支持力和木块所受的摩擦力
D.
木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力
【答案】B
【解析】
【详解】A、木块所受的压力和木块对墙壁的压力的方向是相同的，不属于平衡力，故A错误；
B、木块处于静止，在竖直方向上受两个力，即墙对木块的摩擦力和重力，这两个力是一对平衡力，故B正确；
C、木块所受的支持力和木块所受的摩擦力的方向是垂直的，不属于摩擦力，故C错误；
D、木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故D错误。
8.【2017?自贡卷】如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（
）
A.
水对容器底的压力减小
B.
水对容器底的压强减小
C.
容器对桌面的压强减小
D.
容器对桌面的压力减小
【答案】A
【解析】
由题，如图放置时的底面积为S大，倒置过来后底面积为S小，因为水的体积一定，倒置过来后水的深度增大了，根据液体压强公式P=ρgh可知，水对容器底的压强变大，故B错误。
容器放在水平面上，对桌面的压力等于容器和水的总重力，把它倒置过来，重力不变，对桌面的压力不变，受力面积变小，由可知，容器对桌面的压强增大，故CD错误。
运用排除法，可知A正确为答案。
点睛：本题的难点在于判断水对容器底的压力变化情况，不同形状的容器，水对容器底的压力和水的重力关系是不同的，要注意分析。
9.如图所示,电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中,下列说法正确的是
A.
电流表A1的示数变大
B.
电压表的示数变大
C.
电压表V的示数与电流表A2的示数的比值变大
D.
电压表V的示数与电流表A2的示数的乘积变大
【答案】C
【解析】
【详解】分析电路图，电阻与滑动变阻器并联，电压表测量并联支路R1两端（电源电压）电压，电源电压保持不变；电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A2测量干路上的电流；
A、R1为定值电阻，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，当滑动变阻器滑片移动时，R1的电流不变，故A错误；
B、因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，故电压表V的示数不变，故B错误；
CD、当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，由可知，电流减小，即电流表A1示数减小；又因为电流表A2测量干路上的电流，根据并联电路的电流特点可知，电流表A2示数变小，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值变大；电压表B的示数与电流表A2的示数的乘积变小，故C正确，D错误。
10.在如图所示的电路中,电源电压保持不变。闭合开关S,电路正常工作。过了一会儿,灯L熄灭,两个电表中只有一个电表的示数变大,则下列判断中正确的是
A.
可能是灯L断路,电流表的示数变小
B.
可能是电阻R短路,电压表的示数变大
C.
可能是灯L短路,电压表的示数变大
D.
可能是电阻R断路,电流表的示数变小
【答案】D
【解析】
【详解】A、如果灯L断路，整个电路断路，所以电流表、电压表示数都减小为零。故A不符合题意；
B、如果电阻R短路，灯泡是通路，能够发光。故B不符合题意；
C、如果灯L短路，灯不亮，电路总电阻减小，所以电流表示数增大，同时电压表测量电源电压示数增大。故C不符合题意；
D、如果电阻R断路，电流表示数减小为零，电压表测量电源电压，示数变大。故D符合题意。
11．下列发生在身边的事例中，不属于化学变化的是（　　）
A．钢铁生锈
B．酒精挥发
C．粮食酿酒
D．纸张燃烧
【分析】本题考查学生对物理变化和化学变化的确定。判断一个变化是物理变化还是化学变化，要依据在变化过程中有没有生成其他物质，生成其他物质的是化学变化，没有生成其他物质的是物理变化。
【解答】解：A、钢铁生锈生成了主要成分是氧化铁的新物质，属于化学变化，故A错；
B、酒精挥发是由液态变为气态，只是状态的改变，属于物理变化，故B正确；
C、粮食酿酒有新物质酒精生成，属于化学变化，故C错；
D、纸张燃烧生成二氧化碳和水，属于化学变化，故D错。
故选：B。
12．学校厕所水龙头的上方适合张贴的标志是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】明确题干中图示的意义以及不同环境的要求来解答此题。
【解答】解：学校厕所水龙头的上方等场所都需要张贴节水标志。
A．这是禁止烟火的标志，不符合题意；
B．这是当心火灾标志，不合题意。
C．这是节约用水标志，符合题意；
D．这是塑料循环使用标志，不合题意；
故选：C。
13．在氧气中能剧烈燃烧、火星四射的物质是（　　）
A．硫粉
B．木炭
C．铁丝
D．红磷
【分析】根据常见物质在氧气中燃烧的注意事项分析判断。
【解答】解：A、硫粉在氧气中能剧烈燃烧，产生蓝紫色的火焰，生成有刺激性气味的气体，故A不符合题意；
B、木炭在氧气中能剧烈燃烧，发出白光，故B不符合题意；
C、铁丝在氧气中能剧烈燃烧，火星四射，生成一种黑色固体，故C符合题意；
D、红磷在氧气中能燃烧，发出大量白烟，故D不符合题意。
故选：C。
14．下列物品主要是由合金制成的是（　　）
A．塑料水杯
B．青铜铸像
C．汽车轮胎
D．羊毛大衣
【分析】根据已有的材料的类别进行分析解答即可。
【解答】解：A、塑料属于有机合成材料，错误；
B、青铜属于合金，正确；
C、轮胎是橡胶制成的，属于有机合成材料，错误；
D、羊毛属于天然材料，错误；
故选：B。
15．“绿水青山就是金山银山”的理念已深入襄阳人心，下列做法与此不相符的是（　　）
A．生活污水直接排入汉江
B．推广使用太阳能等清洁能源
C．积极植树、造林、种草，保卫蓝天
D．废旧电池集中回收
【分析】根据已有的保护水资源和空气的措施进行分析解答即可。
【解答】解：A、生活污水直接排入汉江会造成水体污染，错误；
B、推广使用太阳能等清洁能源能保护环境，正确；
C、积极植树、造林、种草，保卫蓝天能保护环境，正确；
D、废旧电池集中回收能保护环境，正确；
故选：A。
16．辰辰一进家门就闻到饭菜的香味，这主要是因为（　　）
A．分子很小
B．分子间有间隔
C．分子可以再分
D．分子在不断运动
【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结合事实进行分析判断即可。
【解答】解：A、辰辰一进家门就闻到饭菜的香味，是因为饭菜中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使辰辰闻到饭菜的香味，而不是分子很小，故选项错误。
B、辰辰一进家门就闻到饭菜的香味，是因为饭菜中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使辰辰闻到饭菜的香味，而不是分子间有间隔，故选项错误。
C、辰辰一进家门就闻到饭菜的香味，是因为饭菜中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使辰辰闻到饭菜的香味，而不是分子可以再分，故选项错误。
D、辰辰一进家门就闻到饭菜的香味，是因为饭菜中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使辰辰闻到饭菜的香味，故选项正确。
故选：D。
17．工业上常用煤制备水煤气，其主要反应的微观示意图如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．反应前后原子的数目发生改变
B．反应前后各元素的化合价不变
C．该反应属于置换反应
D．分子在化学变化中不可再分
【分析】根据将煤洗选加工后在高温下与水蒸气反应得到水煤气（CO和H2）的反应，写出化学方程式，根据方程式的意义、微粒的变化分析回答有关的问题。
【解答】解：由图示可知，该反应是碳和水蒸气在高温下反应生成了一氧化碳和氢气，化学方程式为：。
A、由微粒的变化可知，该反应前后原子的数目没有发生变化，故A错误；
B、该反应有单质参加反应又有单质生成，反应前后一定有元素化合价的变化，故B错误；
C、该反应由一种单质和一种化合物反应生成了另一种单质和另一种化合物，属于置换反应，故C正确；
D、由微粒的变化可知，分子在化学变化中可再分，故D错误。
故选：C。
18．归纳总结是化学学习中的重要方法，下列总结不正确的是（　　）
A．水分子是保持水的化学性质的最小粒子
B．生成盐和水的反应不一定是中和反应
C．不能用点燃的方法除去CO2中混有的少量杂质气体CO
D．pH大于7的溶液一定是碱溶液
【分析】A、根据分子的概念，进行分析判断。
B、中和反应是酸与碱作用生成盐和水的反应，反应物是酸和碱，生成物是盐和水，进行分析判断。
C、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质。
D、pH大于7的溶液显碱性，进行分析判断。
【解答】解：A、水是由水分子构成的，水分子是保持水的化学性质的最小粒子，故选项说法正确。
B、中和反应生成盐和水，但生成盐和水的反应不一定是中和反应，如CO2+2NaOH═Na2CO3+H2O，故选项说法正确。
C、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够点燃，这是因为会引入新的气体杂质，且当二氧化碳（不能燃烧、不能支持燃烧）大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的；故选项说法正确。
D、pH大于7的溶液显碱性，不一定是碱溶液，也可能是碳酸钠等盐溶液，故选项说法错误。
故选：D。
19．曼曼用盛有150g水的烧杯进行如图操作，得到相应的溶液①～③．下列说法正确的是（　　）
A．固体W的溶解度曲线是图乙中的b
B．①～③溶液中，只有②是饱和溶液
C．①～③溶液中，溶质质量分数的大小关系是③＞②＞①
D．若将②升温至t2℃，固体不能全部溶解
【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：A、固体W的溶解度曲线是图乙中的b错误，是a；B、①～③溶液中，只有②是饱和溶液错误，因为①③都是恰好饱和；C、①～③溶液中，溶质质量分数的大小关系是③＞②＞①错误；D、若将②升温至t2℃，固体不能全部溶解正确；
【解答】解：A、固体W的溶解度曲线是图乙中的b错误，是a，因为在t3℃时，50gW恰好溶解在100g水中；故选项错误；
B、①～③溶液中，只有②是饱和溶液错误，因为①③都是恰好饱和；故选项错误；
C、①～③溶液中，溶质质量分数的大小关系是③＞②=①，③＞②＞①错误；故选项错误；
D、若将②升温至t2℃，固体不能全部溶解正确，因为t2℃时，W的溶解度是30g；故选项正确；
故选：D。
20．下列各组物质的溶液，不用其他试剂，无法将其一一区别的是（　　）
A．HCl、Ba（NO3）2、KCl、Na2CO3
B．H2SO4、NaOH、Ba（OH）2、CuSO4
C．BaCl2、Na2SO4、K2CO3、NaNO3
D．HCl、H2SO4、BaCl2、K2CO3
【分析】在不另加试剂就能鉴别的题目中，首先观察有无有特殊颜色的物质，若有，将有颜色的溶液鉴别出来，然后再借用这种溶液鉴别其它溶液；若都没有颜色就将溶液两两混合，根据混合后的现象进行分析鉴别。
【解答】解：A、组内四种物质的溶液两两混合时，其中有一种溶液与其它三种溶液混合时出现一次白色沉淀和一次放出气体，该溶液为碳酸钠溶液；与碳酸钠溶液产生气体的溶液为盐酸，产生白色沉淀的为Ba（NO3）2；与碳酸钠溶液混合无任何明显现象的为KCl溶液；故不加其它试剂可以鉴别。
B、CuSO4溶液是蓝色的，首先鉴别出蓝色的CuSO4溶液；能与CuSO4溶液反应产生只蓝色沉淀的是NaOH溶液，能与CuSO4溶液反应同时产生白色沉淀和蓝色沉淀的是Ba（OH）2溶液，无明显变化的是H2SO4溶液，故不加其它试剂可以鉴别。
C、BaCl2溶液与Na2SO4、K2CO3溶液反应均能产生白色沉淀，但其余两两混合均没有明显象，故不加其它试剂无法鉴别。
D、组内四种物质的溶液两两混合时，其中有一种溶液与其它三种溶液混合时出现一次白色沉淀和两次放出气体，该溶液为K2CO3溶液；与K2CO3溶液产生气体的溶液为HCl、H2SO4，产生白色沉淀的为氯化钡；与氯化钡溶液混合产生白色沉淀的是酸为稀硫酸，无任何明显现象的为稀盐酸；故不加其它试剂可以鉴别。
故选：C。
21．（3分）在观察洋葱鳞片叶内表皮临时装片时，萌萌发现视野中细胞重叠，则她在制作装片时最可能出现问题的操作是（　　）
A．滴水
B．展平
C．盖片
D．染色
【解答】解：A、滴加的液体是清水，目的是为了维持洋葱鳞片叶细胞的正常状态；A不符合题意；
B、展平是把撕取的薄膜放在载玻片中央的水滴中，用解剖针轻轻的把水滴中的薄膜展开，操作不当容易出现细胞重叠。B符合题意；
C、盖片时用镊子夹起盖玻片，使它的一端先接触载玻片上的液滴，然后缓缓放平。C不符合题意；
D、染色，用的液体应为碘液，目的是为了把细胞核内的染色体染成深色，便于观察。D不符合题意。
故选：B。
22．（3分）襄阳市实施乡村振兴战略，新建“稻虾共作”基地12万亩。其中水稻、小龙虾的结构和功能的基本单位是（　　）
A．细胞
B．组织
C．器官
D．系统
【解答】解：从结构上看，植物按照由大到小的结构层次依次是由：器官、组织、细胞组成的，动物按照由大到小的结构层次依次是由：系统、器官、组织、细胞组成的，除病毒外，其它的微生物的组成的基本单位也是由细胞组成的。从功能上看，细胞能独立的与外界进行物质交换，是代谢的基本单位，具有分裂、遗传的功能，是有机体生长发育的基础。故水稻、小龙虾的结构和功能的基本单位是细胞
故选：A。
23．（3分）5月20日是中国学生营养日，“营养+运动，携手护视力”是今年的主题之一。下列有关营养、视力的说法，你不赞同的是（　　）
A．预防近视要保持正确的读写姿势
B．近视眼可以通过佩戴凹透镜加以矫正
C．长时间看手机屏幕对视力无影响
D．吃富含维生素A的食品可预防夜盲症
【解答】解：A、读书写字的姿势要正确，看书写字时，眼与书本的距离约33厘米，A正确；
B、近视眼是因为眼球的前后径过长，或晶状体曲度过大，可以配戴凹透镜加以矫正，B正确；
C、长时间看手机屏幕会导致晶状体曲度变大，使近视眼加重，C错误；
D、维生素A能够促进人体的正常发育，增强抵抗力，维持认得正常视觉，缺乏时皮肤粗糙、夜晚看不清东西（夜盲症），吃富含维生素A的食品可预防夜盲症，D正确。
故选：C。
24．（3分）如图甲、乙两个圆分别代表细菌和真菌，其中阴影部分可表示（　　）
A．有成形的细胞核
B．引起食物腐败
C．细胞中有叶绿体
D．制作酸奶、泡菜
【解答】解：A、真菌有细胞核，细菌无细胞核，故A错误；
B、细菌和真菌都能引起食物腐败，故B正确；
C、细菌和真菌是自然界中的微生物，营养方式都是异养，因其细胞内无叶绿体，故C错误；
D、乳酸菌制作酸奶、泡菜，故D错误。
故选：B。
25．（3分）从生物分类上看，下列各项中的生物，共同特征最多的是（　　）
A．玉米和青蛙
B．家鸽和鲫鱼
C．老虎和苍蝇
D．黄牛和绵羊
【解答】解：A、玉米是被子植物，青蛙是两栖动物，A不符合题意；
B、家鸽属于鸟类，鲫鱼属于鱼类，B不符合题意；
C、老虎属于哺乳动物，苍蝇属于节肢动物，C不符合题意；
D、黄牛和绵羊胎生哺乳，都属于哺乳动物，共同特征最多，D符合题意。
故选：D。
26．（3分）2018年在我国法定报告甲乙类传染病中死亡数排在前2位的是艾滋病、肺结核。结核病由结核杆菌引起，通过空气、飞沫传播。下列有关说法错误的是（　　）
A．结核杆菌、艾滋病病毒都属于传染源
B．与艾滋病患者的一般接触，不会使人感染艾滋病
C．青少年坚持体育锻炼，可以增强机体对传染病的防御能力
D．室内多通风可以预防肺结核，从传染病的预防措施上看属于切断传播途径
【解答】解：A、病原体是指能引起传染病的细菌、真菌、病毒或寄生虫等，结核杆菌、艾滋病病毒都属于病原体，错误
B、艾滋病病毒主要存在于感染者和病人的血液、精液、阴道分泌物、乳汁中，与艾滋病患者握手不会感染艾滋病，正确
C、保护易感人群指的是对某种传染病缺乏免疫力而容易感染该病的人群。因此，加强体育锻炼，增强体质是为了保护学生即易感人群。正确
D、肺结核属于呼吸道传染病，其传播途径是通过空气或飞沫，室内多通风可以预防肺结核，从传染病的预防措施上看属于切断传播途径。正确
故选：A。
二、填空题
27.襄阳的清晨,大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味,这属于______现象；在寒冷的冬季,人们通常采用搓手的方法来暖手,这是通过__________的方式来改变物体内能的。
【答案】
(1).
扩散
(2).
做功
【解析】
【详解】襄阳清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于扩散现象；搓手时，两手克服摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，故该过程是通过做功的方式使手的内能增加。
28.照相机是利用了凸透镜可以成倒立、_____的实像的原理来工作的；小明在游玩古隆中途中,为父母拍摄时发现武侯祠没有完全进入取景框,为了将父母和武侯祠都拍摄下来,他向后退一段距离,并将照相机的镜头__________(选填“向前伸”或“向后缩”)一点。
【答案】
(1).
缩小
(2).
向后缩
【解析】
【详解】照相机是利用物体在凸透镜2倍焦距以外成倒立、缩小的实像的原理制成的。为了将父母和武侯祠都进入镜头，需要增大物距，为了得到清晰的像，需要减小像距。所以他向后退一段距离，并将照相机的镜头向后缩一点。
29.初秋季节小明搭乘出租车去学校,途中他感觉骑自行车的同学小刚正在向后退,他是以___为参照物的；下车时,他发现化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上,这是_______现象。
【答案】
(1).
自己（小明）
(2).
静电
【解析】
【详解】出租车的速度大于自行车的速度，小明搭乘出租车去学校，骑自行车的同学相对于小明同学位置不断后退，所以他选择的参照物是他自己（小明）。化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是一种静电现象。
30.华为某款手机锂电池上面标明电压为3.7V,容量为3000mAh,则它充满电后存储的电能为______J；该手机的待机电流为15mA,则该手机最长待机时间为______h
【答案】
(1).
39960
(2).
200
【解析】
【详解】充电电流所做的功即储存的电能为：=3.7V×3000×10-3A×3600s=39960J。该手机最长待机时间为：。
31.倔强系数为12N/cm(弹簧每受到12N力,长度就要变化lcm)的一根弹簧自然悬挂时的长度为6cm,在它下面再悬挂一个48N的重物,由如图所示位置静止放手,在下落过程中,当弹簧的长度在_____(填某一范围)时,物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。物体在经历了一段时间的往复运动后最终停止下来,则物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和____能。(上述过程没超出该弹簧的弹性限度)
【答案】
(1).
10cm～14cm
(2).
内
【解析】
【详解】弹簧自然悬挂时的长度为L0=6cm，倔强系数为12N/cm，在它下面再悬挂一个48N的重物，由如图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹力（向上的拉力）等于物重时，即，则弹簧的伸长量，所以物体在平衡位置b时（即二力相等的位置），弹簧的长度为：=6cm+4cm=10cm，物体从最高点a运动到平衡位置b的过程中，高度减小，速度增大，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能增大，弹性势能增大，即该过程中重力势能转化为动能和弹性势能。物体从平衡位置b点运动到最低点c的过程中，高度减小，速度减小，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能减小，弹性势能增大，即该过程中重力势能和动能转化为弹性势能。设物体在最低点c时为零势能点（c点也是物体动能为0的位置），物体在a点放手时只具有重力势能，则整个过程中，物体在最高点a的重力势能全部转化为c点时弹簧的弹性势能，所以由上面分析可得：----------①；因为物体下降的高度等于弹簧的最大伸长量，所以h=△L'---------②；②代入①化简可得：，即：,所以，△L'=8cm，则弹簧在c点的长度为
L'=L0+△L'=6cm+8cm=14cm，
由此可知，在下落过程中，当弹簧的长度在10cm～14cm时，物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。物体上下运动过程中和空气之间存在摩擦，所以重力势能还会转化为内能，即物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和内能。
32.如图所示,电源电压保持不变,电阻R1=R2=R3=10Ω，若只使R2、R3并联接入电路,则应闭合开关_____，此时电流表的示数为I1:要使R1,R2串联,应断开开关S1、S2此时电流表的示数为I2,则I1：I2=_____。
【答案】
(1).
S1、S2
(2).
4：1
【解析】
【详解】如图所示，要使电阻R2、R3并联，则电阻R2、R3中必须有电流通过，所以应闭合开关S1、S2，此时电流表测干路电流，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：，此时电流表的示数：；断开开关S1、S2时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电压表的示数：，所以，。
33.一个正方体物块边长为10cm,漂浮于足够高的盛有足量水的圆柱形容器中,有20%体积露出水面。若物块漂浮时与未投入物块时比较,水对容器底部的压强变化了160Pa,则容器的底面积为______m2；物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为40：39,则未投入物块时容器中水的深度是_______m。(g取10N/kg，下同)
【答案】
(1).
0.02
(2).
0.35
【解析】
【详解】正方体的体积：V=L3=（0.1m）3=0.001m3；20%体积露出水面时木块受到的浮力：=1×103kg/m3×10N/kg×（1-20%）×0.001m3=8N；由于容器为圆柱形容器，木块漂浮时，木块受到的浮力等于木块重力，水对容器底部的压力：；木块浸没时，水对容器底部的压力：=F0+1×103kg/m3×0.001m3×10N/kg=F0+10N；物块浸没时水对容器底部的压强：；物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比：，解得F0=70N，物块漂浮时，水对容器底部的压强，未投入物块时，水对容器底部的压强，根据题意可知，，解得S0=0.05m2，未投入物块时水对容器底部的压强：，由得：未投入物块时容器中水的深度：。
三、作图与实验探究
34.请根据入射光线画出折射光线。
（
）
【答案】
【解析】
【详解】过入射点作垂直于界面的法线，然后根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线。如图所示：
35.请画出正方体木块所受的重力的示意图
（
）
【答案】
【解析】
【详解】重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
36.小明同学在“探究沸腾时温度变化的特点”的实验中,根据实验数据绘制出了水沸腾时的图像,如图所示。由图像可知,当时的气压______(选填“大于”、“等于”或“小于”)1个标准大气压；在加热到第8min时小明将酒精灯撤走，发现温度计的示数仍为98℃，但沸腾却停止了，上述现象说明_______________。
【答案】
(1).
小于
(2).
水沸腾需要继续吸热
【解析】
【详解】水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，据图像中所示可知水的沸点是98℃，此时气压小于1个标准大气压；加热到第8mn时小明将酒精灯撤走，温度计的示数仍为98℃,杯中的水不能吸收到热量，因此沸腾停止了，水沸腾的条件：一是到达沸点，二是继续吸热。所以这个现象说明了水沸腾需要继续吸热。
37.小明同学通过实验来研究影响浮力大小的因素,做了如图所示的四次实验，高兴地发现浮力的大小与深度有关,而且深度越深浮力越大,老师肯定了他的实验,又带他做了一次实验,小明同学便恍然大悟。你认为：
(1)他在探究过程中存在的问题是______。
(2)老师的实验操作是：_____观察测力计的示数是否不同；
(3)结合五次实验,得到的正确结论是:液体密度一定时,_______。
【答案】
(1).
没有控制排开液体的体积相同
(2).
把物体浸没入液体中，改变深度
(3).
浮力的大小与物体排开液体的体积有关
【解析】
【详解】（1）研究浮力大小与深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，小明分析了ABCD四个步骤，发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，他在探究过程中存在的问题是：没有控制排开液体的体积相同；
（2）为了探究浮力与深度的关系，把物体浸没入液体中，当物体排开液体的体积相同时，改变深度，发现弹簧测力计的示数不变；
（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密度一定时，浮力的大小与物体排开液体的体积有关；
38.小明同学为研究小木块在足够长斜面上运动规律,每次都使小木块从斜面上O点静止释放,沿斜面向下运动,利用秒表和刻度尺测出其运动时间和通过的路程,记录的数据如下表。
从O点开始计时的时间t/s
0
1
2
3
4
5
从O点开始计时的路程s/m
0
0.3
1.2
2.7
4.8
(1)通过分析上表数据可知:物块通过的路程与_____成正比，表达式为:s=______
(2)根据表格中的数据,物块自O点开始计时的5s时间内通过的路程为_____
；
(3)小明通过查阅资料知道,满足上述路程表达式的运动是一种由静止开始的匀加速运动(即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动),而且表达式中系数是一个恒量，这个恒量在不同情况下是不同的。在上面实验中,你可以通过改变实验装置中的哪个方面因素来增大这个系数？______
。（只需填一种方法即可）
【答案】
(1).
所用时间的平方
(2).
(3).
7.5m
(4).
增大实验装置中的斜面倾角
【解析】
【详解】（1）表格中数据时间是1s的时候，路程是0.3m；时间是2s的时候，路程1.2m；时间是3s的时候，路程是2.7m；时间是4s的时候，路程是4.8m；据此可得物体通过的路程与所用时间的平方成正比；表达式为:；
（2）物块自O点开始计时的5s时间内通过的路程。
（3）斜面倾角不变时，物块由静止释放，在向下运动的过程中，表达式中系数是一个恒量，
我们可以通过增大实验装置中的斜面倾角来增大这个系数。
39.小明同学用如图甲所示的实验电路来测定“小灯泡的额定电功率”,所用电源电压为6V,小灯泡额定电压为2.5V,电阻约为10左右
(1)甲图是小明同学连接的错误电路,在应改动的一根导线上打“×”,并用笔画线代替导线画出正确的接法
（
）
(2)正确连线后,闭合开关,小灯泡立即发出明亮耀眼的光,并很快熄灭,他接下来的操作是_____。
(3)故障排除后,开始进行实验。逐步移动滑动变阻器滑片,看到如图乙所示的电压表示数,为使灯泡正常发光,应向_______(选填“左”或“右”)端移动滑片:最后小明根据测量数据绘制了灯泡的1-U图像,如图丙所示。则灯泡的额定电功率为________。
(4)他又找来了3个阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻替换小灯泡,来探究通过导体的电流与电阻的关系。实验中,控制电阻两端的电压为2V不变,为了完成实验,他选用的滑动变阻器的阻值至少为_______Ω
【答案】
(1).
(2).
断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端
(3).
右
(4).
0.5W
(5).
40
【解析】
【详解】（1）原电路中，灯与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，灯应与电流表串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，说明电路中电流过大，将灯烧坏了，他接下来的操作是：断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端；
（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；根据测量数据绘制了灯泡的I-U图像知，灯在额定电压下的电流为0.2A，灯泡的额定电功率为：；
（4）电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器。
40.小明同学在做“探究通电螺线管外围的磁场分布”的实验中
(1)当他在通电螺线管四周不同位置摆放多枚小磁针,最后静止在如图所示位置。则通电螺线管外部的磁场与_________磁体的磁场相似。
(2)当他改变通电螺线管中电流方向后,发现周围每个小磁针转动_____度角后重新静止下来。
【答案】
(1).
条形
(2).
180
【解析】
【详解】（1）通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；
（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关，所以只改变螺线管中的电流方向，小磁针会转动180°后重新静止下来，南北极所指方向正好与原来相反；
四、应用与创新
41.工人师傅用如图所示的滑轮组将重为600N的货物匀速提升了2m,做了1500J的功。求:
(1)滑轮组的机械效率；
(2)当他用400N的拉力匀速提升其它货物时,额外功占总功的15%,求提升货物的重。
【答案】(1)80%(2)1020N
【解析】
【详解】（1）所做的有用功：，由题知，工人做了1500J的功，即W总=1500J，滑轮组的机械效率：；
（2）当他用400N的拉力匀速提升其它货物时，额外功占总功的15%，则有用功占总功的为85%，即η′=85%，由图知，n=3，滑轮组的机械效率，所以，此时提升的物重：。
42.如图所示,电源电压保持不变,小灯泡L上标有“6V、2W”字样,当S1和S2同时闭合时,电流表的示数为0.5A；当只闭合S1时,电压表的示数为3V,此时R1消耗的功率为0.4W。求:
(1)小灯泡正常工作时的电阻值；
(2)R1的阻值。
【答案】（1）18Ω；（2）10Ω
【解析】
【详解】（1）由得，小灯泡正常工作时的电阻值：；
（2）当S1和S2同时闭合时，灯泡被短路，电路中只有R1工作，电路中的电流--------①，当只闭合S1时，R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，此时电路中的电流：，此时R1消耗的功率：------②，联立①②两式解得R1=3.6Ω或R1=10Ω。当R1=3.6Ω时，电源电压，不合题意，所以R1=3.6Ω应舍去，即R1的阻值为10Ω。
43．化学来源于生活，学好化学能解决生活中的很多问题。
（1）水的硬度过高会给生活和生产带来很多麻烦，生活中通常用_____来区分硬水和软水；
（2）铁是应用广泛的金属，但每年因锈蚀而报废的数量也相当惊人。请写出你所知道的一种防止铁制品生锈的方法：_____；
（3）石墨具有良好的_____性能和润滑性能，常用来做高铁上的电刷。
【分析】（1）根据硬水和软水的检验方法，进行分析解答。
（2）铁与水、氧气充分接触时容易生锈，使铁制品与氧气和水隔绝可以防止生锈。
（3）根据用来做高铁上的电刷应具有良好的导电性，进行分析解答。
【解答】解：（1）硬水和软水的区别在于所含的钙镁离子的多少，可用肥皂水来区分硬水和软水，加入肥皂水，若产生泡沫较多，则是软水，若产生泡沫较少，则是硬水，可以鉴别；故选项错误。
（2）为了防止钢铁的锈蚀，人们常采用在其表面刷漆、涂油或镀上其他金属等覆盖保护膜的方法，这些方法都能够防止锈蚀的共同原理是隔绝氧气和水。
（3）用来做高铁上的电刷应具有导电性，石墨具有良好的导电性和润滑性能，常用来做高铁上的电刷。
故答案为：
（1）肥皂水；
（2）刷漆；
（3）导电。
44．2019年是国际元素周期表年。如图是元素周期表中的一格，由图可知，硅的相对原子质量为_____，硅原子核外有_____个电子。
【分析】元素周期表中，方格中左上角是原子序数，右上角是元素符号，中间是元素名称，下面是相对原子质量；
原子中，核电荷数=核内质子数=核外电子数=原子序数。
【解答】解：由图可知，硅的相对原子质量为28.09，硅原子核外有14个电子。
故填：28.09；14。
45．中央电视台暑期推出的科学类节目《加油!向未来》将科学知识融合到节目中，深受广大学生喜爱。请你参与节目回答问题：
（1）人体内含量最多的微量元素是钙还是铁？_____；
（2）炒菜时油锅中的油不慎着火，可以采取的灭火方法是_____；
（3）用厨房中的白醋浸过的白色纸花，喷上一种试剂后，变成漂亮的红色小花，这种试剂是_____。
【分析】根据人体中的元素、灭火的方法以及酸碱指示剂的变色的知识进行分析解答即可。
【解答】解：（1）人体内含量最多的微量元素是铁，钙元素是人体中的常量元素，故填：铁；
（2）炒菜时油锅中的油不慎着火，可以采取盖上锅盖的灭火方法，故填：盖上锅盖；
（3）用厨房中的白醋浸过的白色纸花，喷上一种试剂后，变成漂亮的红色小花，石蕊试液在酸性溶液中会变红色，故这种试剂是石蕊试液，故填：石蕊试液。
46．2019年5月17日，80t液氧甲烷发动机--“天鹊”20s试车在浙江湖州圆满成功。液氧甲烷发动机是以液氧为氧化剂，甲烷为燃料的液体火箭发动机。请写出液氧甲烷发动机中发生反应的化学方程式_____。
【分析】根据人体中的元素、灭火的方法以及酸碱指示剂的变色的知识进行分析解答即可。
【解答】解：（1）人体内含量最多的微量元素是铁，钙元素是人体中的常量元素，故填：铁；
（2）炒菜时油锅中的油不慎着火，可以采取盖上锅盖的灭火方法，故填：盖上锅盖；
（3）用厨房中的白醋浸过的白色纸花，喷上一种试剂后，变成漂亮的红色小花，石蕊试液在酸性溶液中会变红色，故这种试剂是石蕊试液，故填：石蕊试液。
【分析】根据反应物、生成物和反应条件书写化学方程式。
【解答】解：反应物是甲烷和氧气，生成物是水和二氧化碳，条件是点燃，化学方程式为：
47．小强是个爱思考的同学，他以化合价为纵坐标，以物质类别为横坐标绘制图象，这种图象叫价类图。如图是有关碳的价类图，请你分析并回答问题：
（1）B点表示的物质的化学式为_____。
（2）二氧化碳代表的点是_____。（选填“A～E”）
【分析】根据物质中元素的化合价结合物质化学式的书写的知识进行分析解答即可。
【解答】解：（1）B点中碳的化合价为+2，是氧化物，故是一氧化碳，故填：CO；
（2）二氧化碳是氧化物，其中碳元素的化合价为+4，故是C点，故填：C。
48．干粉灭火器在我们身边随处可见，常见的一种ABC型灭火器内充装物的主要成分是磷酸二氢铵（NH4H2PO4），使用时，磷酸二氢铵受热分解，产生有剌激性气味的氨气（NH3），同时生成两种常见的氧化物，试写出磷酸二氢铵受热分解的化学方程式_____。
【分析】根据题意，磷酸二氢铵受热分解，产生有剌激性气味的氨气（NH3），同时生成两种常见的氧化物，由质量守恒定律，两种常见的氧化物是水和五氧化二磷，进行分析解答。
【解答】解：磷酸二氢铵受热分解，产生有剌激性气味的氨气（NH3），同时生成两种常见的氧化物，由质量守恒定律，两种常见的氧化物是水和五氧化二磷，反应的化学方程式为：
49．某溶液含有HCl、Na2CO3、H2SO4、MgCl2中的两种溶质，向该溶液中加入Ba（OH）2溶液，产生沉淀质量与加入Ba（OH）2溶液质量的关系如图所示。则该溶液中的溶质是_____。
【分析】氢氧化钡和盐酸反应生成氯化钡和水，和碳酸钠反应生成碳酸钡沉淀和氢氧化钠，和硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水，和氯化镁反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钠；
盐酸和碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳。
【解答】解：加入Ba（OH）2溶液，一段时间后产生沉淀，是因为氢氧化钡先和盐酸反应生成氯化钡和水，后和氯化镁反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，因此该溶液中的溶质是HCl、MgCl2。
故填：HCl、MgCl2。
50．A～I是初中化学常见的物质，它们之间有如图所示的转化关系，“→”表示物质间存在着相应的转化关系，“一”表示物质间能发生反应（部分反应物、生成物和反应条件未标出）。A、B、G、H、I中均含有同一种元素，且A为单质，D是大理石的主要成分，G的水溶液呈蓝色。请回答：
（1）C的化学式为_____；
（2）E所属物质类别为_____：（选填“单质”、“氧化物”、“酸”、“碱”、或“盐”）
（3）写出H→G的化学方程式_____________。
【分析】本题属于推断题，根据题目给出的流程图和信息：A、B、G、H、I中均含有同一种元素，且A为单质，D是大理石的主要成分，因此D是碳酸钙；G的水溶液呈蓝色，因此G是氯化铜；铜和氧气在加热的条件下生成氧化铜，氢气和氧化铜在加热的条件下生成铜和水，因此B是氧化铜；氧化铜和硫酸反应生成硫酸铜和水，硫酸铜和氯化钡反应生成硫酸钡白色沉淀和氯化铜，因此H是硫酸铜；一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，二氧化碳与碳酸钙可以相互转化，因为C是二氧化碳；二氧化碳与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，氯化铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和氯化钠，因此F是氢氧化钠；氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，因此E是水，属于氧化物。
【解答】解：（1）A、B、G、H、I中均含有同一种元素，且A为单质，D是大理石的主要成分，因此D是碳酸钙；G的水溶液呈蓝色，因此G是氯化铜；铜和氧气在加热的条件下生成氧化铜，氢气和氧化铜在加热的条件下生成铜和水，因此B是氧化铜；一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，二氧化碳与碳酸钙可以相互转化，因为C是二氧化碳；故答案为：CO2；
（2）二氧化碳与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，氯化铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和氯化钠，因此F是氢氧化钠；氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，因此E是水，属于氧化物；故答案为：氧化物；
（3）H是硫酸铜，G是氯化铜，硫酸铜和氯化钡反应生成硫酸钡白色沉淀和氯化铜，故答案为：CuSO4+BaCl2=BaSO4↓+CuCl2；
三、实验与探究题（每空1分，共8分）
51．正确的操作是实验成功的保证。
（1）如图甲所示，实验室稀释浓硫酸时，②处的试剂是_____（填字母序号），用玻璃棒不断搅拌的作用是_____；（填字母序号）
A．浓硫酸
B．水
C．引流
D．防止局部温度过高，造成液滴飞溅
（2）实验室配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液的操作过程如图乙所示，正确的操作顺序是_____（填字母序号）
A．①②③④
B．②①③④
C．②①④③
（3）实验室用如图丙所示的装置收集氧气，氧气应该从_____（选填“①”或“②”）端通入。
【分析】（1）根据浓硫酸稀释时的注意事项进行分析；
（2）根据实验室配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液的步骤进行分析；
（3）根据排水法收集气体时短进长出进行分析。
【解答】解：（1）稀释浓硫酸时要把浓硫酸沿着烧杯壁缓缓倒入烧杯中的水里，并用玻璃棒不停地搅拌，防止局部温度过高，造成液滴飞溅；
（2）实验室配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液的操作过程如图乙所示，正确的操作顺序是：②①④③，故选C；
（3）实验室用如图丙所示的装置收集氧气，氧气应该从②端通入。
故答案为：
（1）B；D；
（2）C；
（3）②。
52．我国古代将炉甘石（ZnCO3）、赤铜（Cu2O）和木炭粉混合后加热到约800℃，可以得到一种外观似金子的锌和铜的合金。小明同学在实验室按古代方法将炉甘石、赤铜和木炭粉混合加热一段时间，得到固体混合物A．固体混合物A的成分是什么？他对此进行了实验探究。
【查阅资料】①ZnCO3加热可分解为ZnO；②Cu2O+H2SO4═CuSO4+Cu+H2O
【实验探究】
步骤Ⅰ取混合物A适量于烧杯中，加入过量稀硫酸，充分反应后过滤，得到滤渣B和蓝色溶液C，同时生成了一种气体，将该气体通入澄清石灰水无明显现象；
步骤Ⅱ在滤渣B中加入足量硝酸银溶液，充分反应后过滤，得到银和蓝色溶液D。
【实验分析】
（1）炉甘石加热分解的化学方程式是_____；
（2）若向溶液C中加入过量的锌片，观察到的现象是_____；
（3）混合物A中一定含有_____（填化学式）。
【拓展延伸】
下列方法可用于鉴别锌铜合金与黄金的是_____（填字母序号）。
A．观察颜色
B．在空气中灼烧
C．滴加稀硫酸
D．滴加硝酸银溶液四、分析与计算题（53题2分，54题4分，共6分）（可能用到的相对原子质量：H-C-12O-16C1-355Zn-65）
【分析】高温条件下碳酸锌分解生成氧化锌和二氧化碳，碳和氧化锌反应生成锌和二氧化碳，和氧化亚铜反应生成铜和二氧化碳，铜和氧气反应生成氧化铜；
锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气；
硝酸银和锌反应生成硝酸锌和银，和铜反应生成硝酸铜和银。
【解答】解：【实验分析】
（1）高温条件下碳酸锌分解生成氧化锌和二氧化碳，反应的化学方程式是：。
（2）溶液C中含有硫酸铜，加入过量的锌片，锌和硫酸铜反应生成硫酸锌和铜，观察到锌片表面析出红色固体。
故填：锌片表面析出红色固体。
（3）步骤Ⅰ取混合物A适量于烧杯中，加入过量稀硫酸，充分反应后过滤，得到蓝色溶液C，是因为氧化亚铜和稀硫酸反应生成了硫酸铜，同时生成了一种气体，是因为锌和稀硫酸反应生成了氢气，因此混合物A中一定含有Zn、Cu2O。
故填：Zn、Cu2O。
【拓展延伸】
A．锌铜合金和金都是黄色，通过观察颜色不能区分锌铜合金和黄金；
B．在空气中灼烧，铜和氧气反应生成黑色固体氧化铜，金不能和氧气反应，通过灼烧能够区分锌铜合金和黄金；
C．滴加稀硫酸，锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气，金不能和稀硫酸反应，利用稀硫酸可以区分锌铜合金和黄金；
D．滴加硝酸银溶液，锌、铜能和硝酸银反应生成银和硝酸盐，锌铜合金表面析出银白色固体，金不能和硝酸银反应，利用硝酸银溶液可以区分锌铜合金和黄金。
故填：BCD。
53．小明同学因缺锌而引起食欲不振、生长迟缓、发育不良，医生建议服用葡萄糖酸锌口服液补锌。已知葡萄糖酸锌的化学式为C12H22O14Zn．请你计算：
（1）葡萄糖酸锌是由_____种元素组成的；
（2）葡萄糖酸锌中碳、氢、氧元素的质量比是_____。
【分析】（1）根据葡萄糖酸锌化学式的含义进行分析解答。
（2）根据化合物中各元素质量比=各原子的相对原子质量×原子个数之比，进行分析解答。
【解答】解：（1）葡萄糖酸锌是由碳、氢、氧、锌四种元素组成的。
（2）葡萄糖酸锌中碳、氢、氧元素的质量比为（12×12）：（1×22）：（16×14）=72：11：112。
故答案为：（1）四；（2）72：11：112。
54．文文想通过实验测定稀盐酸的溶质质量分数，他分四次向182.5g稀盐酸中加入含有杂质的锌粉（杂质不溶于盐酸也不与盐酸发生反应），记录所加锌粉质量与产生氢气的质量如下表所示：
次数
1
2
3
4
锌粉质量/g
5
5
5
5
氢气质量/g
0.15
0.15
0.1
0
请帮文文计算稀盐酸的溶质质量分数。
【分析】由于第四次没有气体生成，说明盐酸已经完全反应，根据生成的氢气的质量和对应的化学方程式求算稀盐酸的溶质质量分数。
【解答】解：设稀盐酸的溶质质量分数为x
第四次没有气体生成，说明盐酸已经完全反应，生成氢气的质量为0.15g+0.15g+0.1g=0.4g
Zn+2HCl=ZnCl2+H2↑
??????
73??????????????
2
?????
182.5gx???????
0.4g
x=8%
答：稀盐酸的溶质质量分数为8%。
55．（6分）人间最美四月天。隆中山下，鱼儿跳，花儿笑，是踏青寻芳的好地方。那里的牡丹品种繁多，久负盛名，最美当属“襄阳大红”和“卧龙出山”，这两个新品种是襄阳人自己培育出来的。请分析作答：
（1）鱼儿在水中生活用　
　呼吸。
（2）花儿盛开，蜜蜂采蜜。从行为获得的途径来看，蜜蜂采蜜属于　
　行为。
（3）“鱼儿的生活离不开水”说明生物的生存　
　（填“影响”或“依赖于”）一定的环境。
（4）生态系统的成分中能将有机物分解成水和二氧化碳的是　
　。
（5）如图为一年内四种生物在食物链“①→②→③→④”中能量的相对值，由图可以看出，能量是沿着食物链传递并逐渐　
　。
（6）两个牡丹新品种的培育是利用了生物多样性中的　
　的多样性。
【解答】解：（1）因为鱼的口和鳃是相通的，且鱼的呼吸是在鳃部，通过鳃部的毛细血管与水中的氧进行气体交换。
（2）花儿盛开，蜜蜂采蜜。从行为获得的途径来看，蜜蜂采蜜属于先天性行为。
（3）“鱼儿的生活离不开水”说明生物的生存依赖于一定的环境。
（4）生态系统的成分中能将有机物分解成水和二氧化碳的是所有生物成分（生产者、消费者和分解者）。
（5）生态系统的功能包括能量流动、物质循环和信息传递，它们在生物间都是沿着食物链和食物网进行的。如图为一年内四种生物在食物链“①→②→③→④”中能量的相对值，由图可以看出，能量是沿着食物链传递并逐渐递减。
（6）两个牡丹新品种的培育是利用了生物多样性中的基因的多样性。
故答案为：（1）鳃；
（2）先天性；
（3）依赖于；
（4）细菌、真菌等分解者；
（5）递减；
（6）基因。
56．（6分）人体生命活动需要各个器官系统的协调配合。图一为人体某处的血管结构和血流方向的示意图；图二表示物质X在连续的三种结构（Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ）内的含量变化。请分析作答：
（1）人体生命活动主要靠神经系统来调节，神经调节的基本方式是　
　。
（2）无机盐、维生素和激素在不同时期异常时会引起人出现病症，例如“含钙的无机盐+中老年+缺乏＝骨质疏松症”。请仿例填写：　
　激素+幼年+不足＝侏儒症。
（3）人体吸收营养物质的主要器官是　
　。
（4）胸廓的变化与呼吸的关系是　
　。（填字母）
A．由于胸廓扩大导致吸气
B．因为吸气后使胸廓变大
（5）在未来人类可能会使用微型机器人来清理心脑血管内堵塞物。若微型机器人从上肢静脉注入，为了确保它随血液循环到达脑部，微型机器人的最大高度不能超过　
　（填细胞名称）的直径。
（6）根据图一和图二，有以下四个说法：
①若b表示肾小球，则a、c分别为入球小动脉和出球小动脉，内部均流动脉血；
②若b和Ⅱ均表示肺部毛细血管，则物质X可表示二氧化碳，a与右心室相连；
③若Ⅰ、Ⅱ分别表示健康人的肾小囊、肾小管，则Ⅱ处发生重吸收作用，X可表示葡萄糖；
④若b和Ⅱ均表示脑部毛细血管，物质X可表示营养物质或氧气，c内血液流回心脏时最先到达左心房。
其中正确的说法有　
　个。
【解答】解：（1）神经调节的基本方式是反射，反射的结构基础是反射弧。
（2）侏儒症是由于幼年时生长激素分泌过少造成的。
（3）小肠是消化和吸收的主要场所。
（4）呼吸运动是由呼吸肌的收缩和舒张引起的，包括吸气和呼气两个过程：吸气时，膈肌与肋间肌收缩，引起胸腔前后、左右及上下径均增大，肺随之扩大，造成肺内气压小于外界大气压，外界气体进入肺内，形成主动的吸气运动；呼气时，膈肌和肋间外肌舒张时，肋骨与胸骨因本身重力及弹性而回位，结果胸廓缩小，肺也随之回缩，造成肺内气压大于外界气压，肺内气体排出肺，形成被动的呼气运动；可见膈肌转换时，胸腔容积增大，肺内气压减小，外界气体进入肺，完成吸气动作。因此胸廓扩大导致吸气，胸廓缩小导致呼气。故选：A。
（5）毛细血管管内径极细，只允许红细胞单行通过。所以微型机器人的最大高度不能超过红细胞的直径，否则不能通过毛细血管。
（6）①肾小球两端连接的都是小动脉，且都流动脉血。若b表示肾小球，则a、c分别为入球小动脉和出球小动脉，内部均流动脉血；正确；
②在肺循环过程中，血流方向是：右心室→肺动脉→肺部毛细血管→肺静脉→左心房，所以若b和Ⅱ均表示肺部毛细血管，由于血液流经肺部毛细血管时，肺泡内的氧气扩散至血液，血液中的二氧化碳扩散到肺泡，所以则物质X可表示二氧化碳，a与右心室相连；正确；
③当原尿流经肾小管时，其中对人体有用的物质，如全部的葡萄糖、大部分的水和部分无机盐被肾小管壁的上皮细胞重吸收进入包绕在肾小管外面的毛细血管中，送回到血液里，而没有被重吸收的物质如一部分水、无机盐和尿素等则形成了尿液。若Ⅰ、Ⅱ分别表示健康人的肾小囊、肾小管，则Ⅱ处发生重吸收作用，但是X不可能表示葡萄糖，葡萄糖为0；错误；
④体循环是指血液由左心室进入主动脉，再流经全身的各级动脉、毛细血管网、各级静脉，最后汇集到上、下腔静脉，流回到右心房的循环；若b和Ⅱ均表示脑部毛细血管，物质X可表示营养物质或氧气，c内血液流回心脏时最先到达右心房。错误。
故答案为：（1）反射；（2）生长；（3）小肠；（4）A；（5）红细胞；（6）2
57．（6分）“谁知盘中餐，粒粒皆辛苦”。一粒种子历经播种、灌溉、除草、施肥、收割、烘干、贮藏、制作等多种工序，才变成餐桌上的美食。请分析作答：
（1）锄禾有助于根的呼吸作用。呼吸作用主要是在细胞的　
　内进行。
（2）小明同学在帮助农民伯伯测定种子的发芽率时，下列做法可取的是　
　。（填字母）
A．用四五粒种子进行测定
B．尽量挑个大的种子实验
C．重复测定2次，求平均值
（3）种子的　
　是由受精卵发育而来的。
（4）“春种一粒粟，秋收万颗子”。用种子来繁殖后代在生殖方式上属于　
　生殖。
（5）萌发的种子长成幼苗后，气体通过　
　（填结构）进出叶片。
（6）科学探究需要实事求是的态度。萌萌在完成“绿叶在光下制造有机物”的实验后，将各步骤记录如下：（提示：阳光下叶片的见光处，光合作用远大于呼吸作用）
①把盆栽天竺葵放在装有红色安全灯的暗室一昼夜。
②用黑纸片把叶片的一部分从一面遮盖起来，然后移到阳光下照射。
③几小时以后，摘下叶片，去掉遮光的纸片。
④将叶片放入盛有酒精的小烧杯中，水浴加热，叶片变为黄白色。
⑤用清水漂洗叶片，再把叶片放入培养皿里，向叶片滴加碘液。
⑥用清水冲掉碘液，叶片见光部分变成蓝色，遮盖部分不变色。
请你指出有错误的步骤和有现象记录不实的步骤：　
　。（填序号）
【解答】解：（1）呼吸作用是生物的共同特征，任何活细胞都在不停地进行呼吸作用，其实质都是分解有机物，释放能量。呼吸作用的场所是线粒体。
（2）A、用四五粒种子测一下，偶然性较大，测定的实验数据不准确，A错误。
B、为了使抽样检测的结果能够接近总体的真实情况，抽样时应当尽量避免主观因素的影响，不能挑选个大的种子，B错误；
C、为了减少误差，应重复测定2次，取平均值作为测定结果，C正确。
（3）据分析可见：种子的胚是由受精卵发育而来的。
（4）经过精子与卵细胞两性生殖细胞结合的生殖方式叫有性繁殖。种子的主要结构是胚，胚是由受精卵发育而来的，因此利用植物的种子繁殖后代是属于有性生殖。
（5）气孔是植物体水分散失的门户，气体交换的窗口。
（6）下面是“绿叶在光下制造有机物”的实验步骤：
①把盆栽的天竺葵放到黑暗处一昼夜；
②用黑纸片把叶片的一部分从上、下两面遮盖起来，然后移到阳光下照射；
③几小时后，摘下叶片，去掉遮光的纸片；
④把叶片放人盛有酒精的小烧杯中，隔水加热，使叶片变成黄白色；
⑤用清水漂洗叶片，再把叶片放到培养皿里，向叶片滴加碘液；
⑥稍停片刻，用清水冲掉碘液，观察叶色发生了什么变化。可见错误的有①②④。
故答案为：（1）线粒体；（2）C；（3）胚；（4）有性；（5）气孔；（6）①②④
58．（6分）已知白化病、肤色正常是一对相对性状，A控制显性性状，a控制隐性性状。如图为一个家庭的遗传系谱图。请据图回答：
（1）1、2号表现为肤色正常，5号患白化病，这是一种　
　现象。
（2）据图判断，白化病为　
　（填“显性”或“隐性”）性状。
（3）4号的基因组成为　
　。
（4）7号与8号是一对新婚夫妇，该夫妇计划生两胎，每胎要一个孩子。爸爸的愿望是拥有一儿一女，而妈妈的愿望是拥有两个肤色正常的孩子。理论上爸爸、妈妈愿望实现的概率分别为　
　。（用分数表示）
（5）胎儿通过　
　、脐带从母体获得所需的营养物质和氧。
（6）婴儿刚一出生，医院就给其接种卡介苗和乙肝疫苗。从免疫学上看，这属于　
　（填“特异性”或“非特异性”）免疫。
【解答】解：（1）一对肤色正常的夫妻生了一个患有白化病的孩子，体现了亲子代之间在性状上的差异性，所以这种现象称为变异现象。
（2）在一对相对性状的遗传过程中，子代个体中出现了亲代没有的性状，新出现的性状一定是隐性性状，由一对隐性基因控制，亲代的性状是显性性状，亲代的基因组成是杂合的。由上图1和2都正常而子代5和6出现了白化病，因此白化病是隐性遗传病。
（3）如果用A和a分别表示显性基因和隐性基因，则图中9患病女性的基因组成是aa，其中一个a来自4号，所以4号正常的基因是Aa。
（4）人的性别遗传过程如图：
从性别遗传图解看出，生男生女的机会是均等的，各是?．因此一对夫妇第一胎不论生男孩还是女孩，第二胎是生女孩或者男孩的概率为?．因此二胎政策已经全面放开，一对新婚夫妇计划生两个小孩，那么，“儿女双全”的概率是?×?═?。
7号患病，基因是aa，由于3号基因是aa，所以8号一定含a，所以8号正常基因是Aa.7与8婚配的遗传图解：
×可见后代正常的可能性是?，连续两个孩子都正常的可能性是?×?═?。
（5）胎儿生活在子宫内半透明的羊水中，通过胎盘、脐带从母体血液中获得营养物质和氧气，而胎儿产生的二氧化碳等废物也是通过脐带、胎盘进入母体血液后由母体排出体外的。因此，胎儿通过胎盘和脐带从母体获得所需的营养物质和氧。
（6）疫苗是由病原体制成的，只不过经过处理之后，其毒性减少或失去了活性，但依然是病原体，进入人体后不会使人得病，但能刺激免疫细胞产生相应的抗体，因此医院给婴儿接种的卡介苗和乙肝疫苗相当于抗原，其产生的抗体只对特定的病原体有免疫作用，因此现在婴儿刚一出生医院就给接种卡介苗，这属于特异性免疫。
故答案为：（1）变异；（2）隐性；（3）Aa；（4）?、?；（5）胎盘；（6）特异性免疫

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