资源简介

理科综合参考答案
一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
答案
A
D
A
D
B
D
B
B
D
C
B
D
A
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
C
A
C
A
C
AD
AD
BCD
【解析】
1．A项，胞间连丝属于细胞通道，可以进行物质运输和信息交流。B项，溶酶体膜破裂，释放的水解酶会破坏细胞结构。C项，麦芽糖属于二糖，不能被细胞直接吸收。D项，极性运输由遗传因素决定，不受重力的影响。
2．D项，温特只是命名了生长素，其化学本质是由其他科学家探究得到的。
3．错误的有两项：⑤一种密码子只能决定一种氨基酸，但一种氨基酸可由一种或多种tRNA来转运；⑥病毒寄生在活细胞内，其遗传信息的表达在宿主细胞内完成。
4．D项，环境条件保持稳定时，生物也可能会发生突变，种群的基因频率也可能会发生改变。
5．A项，下丘脑分泌的激素不能直接作用于甲状腺。C项，恶性肿瘤的发病率大大上升，主要是免疫系统的监控和清除功能下降。D项，抗体不属于信息分子。
6．D项，使用性引诱剂诱捕害虫属于利用化学信息进行生物防治。
7．A项，毛织品的主要成分是蛋白质，加酶洗衣粉能使蛋白质发生水解，衣服损坏，错误。B项，“投泥泼水愈光明”中蕴含的化学反应是炭与灼热水蒸气反应得到H2和CO两种可燃性气体，正确。C项，古人鉴别硝石（KNO3）与朴硝（Na2SO4）的方法是利用焰色反应，错误。D项，发展新能源汽车的主要目的是为了减少碳的排放量，是为了减排节能，错误。
8．A项，因有NO2自动转化为N2O4，分子总数小于NA，错误。B项是氢元素的归中反应，配平后1mol NaBH4生成4mol H2，转移4mol电子，正确。C项，据方程式增重4g转移2mol电子，增加2g时转移电子数为NA，错误。D项，无溶液体积不能计算。
9．A项，可能溶液中含Ag+，加入BaCl2后生成AgCl白色沉淀，同样不溶于稀硝酸，错误。B项，反应生成无色NO，在试管口被空气氧化为红棕色的NO2，而不是HNO3分解，错误。C项，醛基也可以还原酸性KMnO4而使溶液的紫红色褪去，错误。D项，CuSO4和KI发生了氧化还原反应生成I2和CuI，用苯萃取I2后上层呈紫红色，下层有白色沉淀CuI，正确。
10．A项，ClO?具有强氧化性，SO2具有还原性，发生氧化还原反应生成CaSO4和Cl?，错误。B项的离子配比不对，应为2Fe2++4Br?+3Cl2=2Fe3++2Br2+6Cl?。根据酸性强弱可知，C正确。D项，忽略了碘离子的还原性，正确的为Fe3O4+8H++2I?=3Fe2++I2+4H2O。
11．与NaHCO3反应要有—COOH，它们是、、、共4种。酸性条件下水解应含酯基：、、、、、共6种，即一个支链—OOCCH3、—CH2OOCH、—COOCH3，两个支链—CH3和HCOO—，分别有邻、间、对三种共6种。
12．依题意可知：甲为N，乙为O，丙为Na，丁为Cl，四种元素简单离子半径大小为丁>甲>乙>丙，A错误。N与氢元素可形成NH3、N2H4、NH4H等物质，除极性键外，N2H4还含非极性键，NH4H还含离子键，B错误。丁、甲的氧化物对应的水化物均有多种，有强酸HNO3、HClO4，弱酸HNO2、HClO，丁的最高价氧化物对应水化物的酸性强，C错误。O、Na、Cl三种元素可形成次氯酸钠，D正确。
13．若向溶液中加入n(HNO3)=0.5n(Na2CO3)，由于CO水解生成HCO，则c(CO)(HCO)，故加入HNO3的物质的量小于Na2CO3物质的量的一半，故A点时c(HCO)= c(CO)>c(NO)，由于OH?来源于水的电离，其物质的量浓度小于c(HCO)，溶液显碱性，c(OH?)>c(H+)；由图知，当pH≤6时，c(H2CO3)保持不变，而c(HCO)仍在降低，由碳原子数目守恒知应有CO2放出；由CO+H2OOH?+HCO知，，因A点时溶液中c(CO)=c(HCO)，故c(OH?)，(H2CO3)10?10.3=5×10?11；pH=8时溶液中含碳微粒只有HCO，溶质只有NaHCO3与NaNO3，OH?只来源于水的电离。
14．核电站所使用核装置的核反应原理是原子核的裂变，故A错误。该反应有能量释放，质量有亏损，反应物的总质量大于生成物的总质量，故B错误。核反应中生成物比反应物更加稳定，核的比结合能大于的比结合能，故C正确。该反应发出的射线具有很强的穿透能力，电离能力较弱，故D错误。
15．将小车与小球分离看，因为小车受到斜面的摩擦，加速度小于小球，所以小车相对于小球有向后运动的趋势，故A正确。
16．若上移A板，板间距变大，电容变小，二极管会导致电容器无法放电，电容器电荷量不变，场强不变，质点将无法到达b孔，故A错误。若上移B板，板间距变小，电容变大，电容器充电，电容器电压不变，电场力做功不变，重力做功变少，质点将无法到达b孔，故B错误。若下移A板，板间距变小，电容变大，电容器充电，电容器电压不变，电场力做功不变，质点恰好到达b孔，故C正确。若下移B板，板间距变大，电容变小，二极管会导致电容器无法放电，电容器电荷量不变，场强不变，质点将无法到达b孔，故D错误。
17．设原副线圈匝数比为k，当开关闭合时，原副线圈电流关系满足；当开关断开时，电源电压U满足，两式联立解得，故A正确。
18．由题易得电荷在磁场中运动的最长时间为，故A错误。由，若电荷垂直于BC边射出，电荷的速率为，若电荷从C点射出，电荷的速率为，故B错误，C正确。电荷的运动速率不同，如果从AB边射出，它们在磁场中的运动时间相同，故D错误。
19．假设卫星在半径为r2的圆轨道上运行时速度为，由卫星的速度公式 知，卫星在半径为r2的圆轨道上运行时速度比卫星在半径为r1的圆轨道上运行时速度小，即，卫星要从椭圆轨道变轨到半径为r2的圆轨道，在B点必须加速，则，所以有，故A正确。由，可知轨道半径越大，加速度越小，则，故B错误。卫星在圆轨道运行的速度小于7.9km/s，故C错误。设卫星在半径为r1的圆轨道上运行时周期为T1，在椭圆轨道运行周期为T2，根据开普勒第三定律有，又因为，解得， 卫星从A点运动至B点的最短时间，联立解得，故D正确。
20．由图象可知，碰前滑块a的速度，碰前滑块b的速度，a、b碰后的速度为，故A正确。由动量守恒可知，解得滑块b的质量为8kg，故B错误。碰后a、b一起运动1m后速度减为0，，解得，故C错误。两滑块碰撞过程中损失的机械能为，故D正确。
21．a棒在拉力F作用下向左做加速运动切割磁感线，与b棒组成回路，所以b棒在安培力作用下向左做加速运动，电路中的总电动势为，a棒做加速度减小的加速运动，b棒做加速度增大的加速运动，当加速度相等时，电路中的电流恒定，由受力可知，对a导体棒有 ，对b导体棒有，即，其中，解得，故A错误，B正确。对a、b系统用动量定律可知，，联立可解得；若在t时刻撤去恒力F后，a、b金属棒组成的系统不受外力，只受安培力的作用，所以系统动量守恒，机械能不守恒，故C、D正确。
三、非选择题
（一）必考题：共11题，共129分。
22．（每空2分，共6分）
（1）B
（2）4.9
（3）偏大
【解析】（1）横轴截距是原长，b比a的原长长，故A错误。斜率表示劲度系数，a的劲度系数比b大，故B正确。弹簧的弹力与弹簧的变化量成正比，故C错误。
（2）弹簧的劲度系数。
（3）钩码实际质量偏小，但计算中按标数处理，即力偏大，造成结果偏大。
23．（除特殊标注外，每空1分，共9分）
（1）A D E
（2）B（2分）
（3）10（2分）
（4）0.275（0.25~0.29皆可）（2分）
【解析】（1）分析可得小灯泡的额定电流不到0.6 A，为了提高测量准确度和有效性，应选择量程为3V的电压表（代号A），选择量程为0.6 A的电流表（代号D）。研究小灯泡的伏安特性，应该设计成分压电路，滑动变阻器选择最大阻值较小的R1（代号E）。
（2）由于小灯泡电阻较小，电流表应采用外接法，所以给出的测量电路图中，最合理的是B。
（3）由题图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，则电阻。
（4）设小灯泡在电路中的工作电压为U，电流为I，电路中应该满足的关系为，在图中作出所对应的直线，交点处的坐标是（1.25，0.22），小灯泡的功率。
24．（12分）
解：（1）由受力分析可知小球受到竖直向下的重力，水平向右的电场力
①
（2）当撤去磁场时，小球受到电场力与重力的合力与洛仑兹力大小相等方向相反
垂直AC向上的洛仑兹力 ②
③
小球加速度 ④
（3）撤去磁场时，小球所受合力与C点速度方向垂直，小球做类平抛运动，小球沿AC方向做匀速运动，垂直于AC方向做加速度为a的匀加速运动 ⑤
垂直于AC方向有 ⑥
解得 ⑦
沿AC方向有 ⑧
解得 ⑨
由小球所受洛仑兹力
解得 ⑩
评分标准：本题共12分。正确得出①、②式各给2分，其余各式各给1分。
25．（20分）
解：（1）A、B间的摩擦力 ①
运用牛顿运动定律对A 分析，，解得，方向向左 ②
运用牛顿运动定律对B 分析，，解得，方向向右 ③
（2）当A、B运动时间后速度相等时，
由运动学公式可知，解得 ④
此时，A、B的速度 ⑤
木板A运动的位移 ⑥
滑块B运动的位移 ⑦
B的相对位移 ⑧
A、B共速之后，A相对于B向前滑动
当A相对B向前滑动时B从A板右端掉下，产生的热量 ⑨
（3）A相对于B向前滑动，滑块A的加速度为，方向向右 ⑩
滑块B的加速度为，方向向右 ?
当A经过时间相对B向前滑动时
木板A运动的位移 ?
滑块B运动的位移 ?
B的相对位移 ?
解得 ?
所以，小滑块B经过3s从木板A右端掉下 ?
评分标准：本题共20分。正确得出②、③、⑨、⑩式各给2分，其余各式各给1分。
26．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）2MnO+16H++10Cl?=2Mn2++5Cl2↑+8H2O 12（1分）
（2）把反应装置中的空气排尽（1分）
将分液漏斗改为恒压滴液漏斗或在分液漏斗与圆底烧瓶间接一段橡皮管
（3）冷凝液化PCl3（1分）
（4）PCl3+5OH?=HPO+3Cl?+2H2O
（5） NOCl+H2O=HCl+HNO2
（6）碱石灰（1分） 吸收污染性气体Cl2，阻止空气中的水蒸气进入PCl3储液罐（1分）
27．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）利用草酸与氯酸钠反应生成的CO2稀释ClO2，防止ClO2浓度较高发生爆炸
（2）2ClO+SO+2H+=2ClO2↑+SO+H2O 2︰1
（3）2ClO2+H2O2+2OH?=2ClO+O2↑+2H2O
H2O2的生成物为O2和H2O，在反应过程中不引入其他杂质（1分）
（4）防止NaClO2受热分解
（5）当滴加最后一滴Na2S2O3标准溶液时，溶液蓝色褪去，且半分钟内不恢复蓝色
17.92
【解析】（5）根据关系式：2ClO2～5I2～10Na2S2O3，n(ClO2) n(Na2S2O3) =×20×10?3L×0.2mol/L=×4×10?3=8×10?4mol，V(ClO2)=8×10?4mol×22400mL/mol=17.92mL。
28．（除特殊标注外，每空2分，共13分）
（1）?248.2（1分）
（2）① ②AD
（3）①CH3OH?6e?+8OH?=CO+6H2O
②2.24L
③Fe2+　280
【解析】（1）应用盖斯定律Ⅰ×2+Ⅱ+Ⅲ得：3H2(g)+3CO(g)CH3OCH3(g)+CO2(g) (?91.7kJ·mol?1)×2+(?23.5kJ·mol?1)+(?41.3kJ·mol?1)=?248.2kJ·mol?1。
（2）①　 CO(g) + 2H2(g)CH3OH(g)
起始（mol） 　 0
转化（mol）
平衡（mol）
，解得。
。
②A项，该表达式代表平衡常数表达式，不变时反应达到平衡状态；B项，消耗CO的同时生成CH3OH，同向反应，不能判断平衡状态；C项，气体总质量不变，气体总体积不变，故气体的密度始终不变，不能判断平衡状态；D项，气体总质量不变，气体总物质的量减小，当平均摩尔质量不再改变时达到平衡状态。故选AD。
（3）①甲醇燃料电池的负极失电子发生氧化反应，电极反应式为CH3OH?6e?+8OH?=CO+6H2O。
②工作一段时间后，断开K，此时A、B两极上产生的气体体积相同，分析电极反应可知，B为阴极，溶液中析出铜，氢离子得到电子生成氢气，设生成气体的物质的量为mol，溶液中铜离子的物质的量为0.1mol，电极反应如下：
Cu2+　+　2e?=Cu，2H+　+　2e?=H2↑
0.1mol 0.2mol mol mol
A电极为阳极，溶液中的氢氧根离子失电子生成氧气，电极反应如下：4OH? ? 4e?=2H2O + O2↑
mol mol
得到0.2mol+mol=mol，解得，乙中A极析出的气体是氧气，物质的量为0.1mol，在标准状况下的体积为2.24L。
③根据转移电子的物质的量和金属阳离子的物质的量变化可知，铜离子从零开始增加，铁离子的物质的量减小，亚铁离子的物质的量增加，所以a为Fe3+，b为Fe2+，c为Cu2+，依据②转移的电子的物质的量应该为0.4mol，生成Cu2+的物质的量就为0.2mol，横轴、纵轴每个单位都是0.1mol，且根据图象此时溶液中亚铁离子的物质的量为0.5mol，根据电荷守恒，当溶液中所有的阳离子完全沉淀时，所需氢氧根离子的物质的量为0.2mol×2+0.5mol×2=1.4mol，所以V(NaOH)280mL。
29．（除特殊标注外，每空2分，共10分）
（1）线粒体、叶绿体和细胞质基质（1分） 增加（1分）
（2）温度（若答成温度和CO2，不给分） 不能
（3）小于 不变
【解析】（1）30℃、2klx的条件下，该绿藻细胞（真核生物）的净光合速率为零，其光合速率等于呼吸速率，其光合作用和呼吸作用都在进行，此时消耗ADP的场所有线粒体、叶绿体和细胞质基质，此时，适当提高光照强度，光反应加快，促使C3的还原加快，生成的C5增多，而其消耗量不变，故C5化合物的含量升高。
（2）20℃、4klx的条件下，该绿藻细胞的总光合速率为8nmol/h，呼吸速率为10nmol/h，此时呼吸速率强于光合速率，细胞向外界释放CO2，而此时已达到光的饱和点，故限制其光合速率的主要环境因素只有温度。长期处于此状态下，绿藻细胞不能生长。
（3）据图分析可知，该绿藻在30℃时的细胞呼吸速率是4nmol/h，在20℃时的细胞呼吸速率是10nmol/h，且不随光照强度的改变而改变。
30．（除特殊标注外，每空1分，共9分）
（1）肾上腺素 甲状腺 骨骼肌细胞和肝脏细胞的细胞膜上含有肾上腺素和甲状腺激素的受体（2分）
（2）浆 记忆细胞 靶细胞
（3）两重 乙烯
【解析】（1）甲状腺激素和肾上腺素都可作用于骨骼肌和肝脏，说明骨骼肌细胞和肝脏细胞的细胞膜上含有肾上腺素和甲状腺激素的受体。
（2）相同抗原再次入侵机体，可引发二次免疫。此时，浆细胞产生抗体进行体液免疫，并由记忆细胞迅速增殖分化形成效应T细胞，进行细胞免疫。
（3）生长素浓度过高时，会促进乙烯的合成。
31．（除特殊标注外，每空2分，共8分）
（1）垂直（1分） 能显著提高群落利用阳光等环境资源的能力
（2）实现能量的多级利用，提高能量的利用率
（3）直接（1分） 物质和能量
【解析】（1）群落的垂直结构能显著提高群落利用阳光等环境资源的能力。
（2）合理利用有机废弃物，可实现能量的多级利用，提高能量的利用率。
（3）食用价值属于直接价值，对人类利用较大的生态系统，应对其实施相应物质与能量的投入。
32．（除特殊标注外，每空2分，共12分）
（1）全为白眼或雌雄果蝇中红眼、白眼各一半 雌果蝇全为红眼，雄果蝇全为白眼
（2）该棕眼（1分） 红眼（1分）
①棕眼︰红眼= 1︰1 ②红眼>棕眼>白眼 ③棕眼>白眼>红眼
【解析】（1）若白眼对红眼为显性，则红眼雄（XbY）和白眼雌（XBXB或XBXb ）杂交，则子代全为白眼或雌雄果蝇中红眼、白眼各一半；若红眼对白眼为显性，则红眼雄（XBY）和白眼雌（XbXb）杂交，则子代雌果蝇全为红眼，雄果蝇全为白眼。
（2）由于是显性突变，故棕眼>白眼，假定棕眼基因为X○，现要探究红眼和棕眼、白眼的显隐性关系，可选取该棕眼雌果蝇与野生型红眼雄果蝇杂交，根据子代雌果蝇的性状进行判断。若棕眼>红眼>白眼，即X○>XB>Xb ，则棕眼雌果蝇（X○Xb）与野生型红眼雄果蝇（XBY）杂交，子代雌果蝇中棕眼︰红眼=1︰1。其余情况同理均可推算出。
（二）选考题：共45分。
（15分）
（1）（5分）BDE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）
【解析】布朗运动反映了液体分子做无规则运动，不是液体分子真实的运动，故A错误。温度越高，分子运动越剧烈，布朗运动就越显著，故 B正确。物体的温度越高，分子运动就越激烈，分子的平均动能越大，每个分子的动能不一定越大，故C错误。气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，也可能会用于对外做功，故D正确。水的饱和汽压随温度的升高而显著增加，故E正确。
（2）（10分）
解：ⅰ．由理想气体状态方程可知 ①
解得 ②
ⅱ．由热力学第一定律可知 ③
在活塞下降过程中，减少的内能 ④
外界对气体做功 ⑤
汽缸内气体放出的热量 ⑥
评分标准：本题共10分。正确得出②、③式各给1分，其余各式各给2分。
34．（15分）
（1）（5分）BDE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）
【解析】偏振光是横波，纵波不能发生偏振现象，故A错误。根据多普勒效应，声源与观察者相对靠近时，观察者接收的频率大于声源的振动频率，故B正确。两列频率相同的波相遇时，振动的加强点可以是波峰与波峰相遇的点，也可以是波谷与波谷的相遇点，故C错误。在同一个点，单摆做简谐振动的周期，故D正确。机械波和电磁波都具有波的特性，能发生反射、折射、干涉和衍射现象，故E正确。
（2）（10分）
解：ⅰ．由题可知，光线垂直于BC入射，在AB边上的入射角为 ①
因为恰好发生全反射，，解得 ②
经分析可知，光线在AC边的入射角为，设光线从AC边的出射角为 ③
由折射定律可知 ④
解得， ⑤
ⅱ．由几何关系可知光在介质中的传播路程 ⑥
光在介质中的传播速度 ⑦
光在棱镜中的传播时间 ⑧
评分标准：本题共10分。正确得出⑥、⑧式各给2分，其余各式各给1分。
35．（除特殊标注外，每空1分，共15分）
（1）4d105s1 ds
（2）①平面三角形 CO
②HNO3分子中非羟基氧比HNO2多1，HNO3中N的价态较高，吸引H—O键中共用电子对的能力较强，易断裂H—O键（2分）
（3）N的电负性大于C，N提供孤电子对的能力比C小（2分） sp2、sp3（2分）
（4）16（2分）
（5）CaCl2是离子晶体，AlCl3是分子晶体
（6）（2分）　
【解析】（6）设晶胞边长为cm，则NA，则，而面对角线为，其为cm，边长的为，所以Ca2＋与F?的最短距离为。
36．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）1，4?戊二醇（1分） 羰基、羧基
（2）Cu或Ag加热（1分）　C6H7O4N（1分）
（3）
（4）
（5）12 或 HCOOC(CH3)2CH2OH
（6）
37．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）苯酚 只有以苯酚为唯一碳源的微生物才可以在这种培养基上存活
（2）稀释涂布平板 菌落特征
（3）核糖体（1分） 胞内酶
（4）海藻酸钠溶液（海藻酸钠苯酚分解菌混合液）浓度过高 能重复利用，降低成本
38．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）动物细胞培养 一个B淋巴细胞只分泌一种特异性抗体
（2）细胞毒素 抗原、抗体的特异性结合
（3）促性腺（1分） 同种、生理状态相同
（4）将内细胞团均等分割 胚胎的恢复和进一步发育

展开更多......

收起↑