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【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第１　 页(共１２页)】
２０２０年普通高等学校招生全国统一考试压轴试题(一)????理科综合
参考答案、提示及评分细则
题号 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ ９ １０ １１
答案 A D C B C A D B A C D
题号 １２ １３ １４ １５ １６ １７ １８ １９ ２０ ２１
答案 B C C C C D A AC BCD ABD
【解析】
１．A　激素是一种信息分子,细胞分泌的激素通过体液运输,可将信息传递给靶细胞,A 正确;胞
间连丝是高等植物细胞间信息交流的通道,而不是遗传信息交流的通道,B错误;多细胞生物体
内细胞间的功能协调不仅依赖于信息交流,还依赖于物质交换和能量供应,C错误;细胞骨架位
于细胞内,不属于细胞间的信息交流,D错误.
２．D　②为 mRNA,在真核细胞内基因上存在非编码区和内含子等非编码序列,所以②的碱基总
数比模板链上碱基总数少,A错误;图示为翻译过程,该过程中核糖体从左向右移动,B错误;翻
译过程中核糖体沿着 mRNA移动,核糖体读取密码子,C错误;该过程中有密码子与反密码子
之间的互补配对和tRNA与 mRNA的分离,因此有氢键的形成和断裂,D正确.
３．C　有氧呼吸的第一阶段包括一系列反应,需要多种酶的参与,A 正确;酶的化学本质为蛋白
质或 RNA,蛋白质和 RNA都可以被相应的酶水解,B正确;如果酶的数量有限,当底物的浓度
增加到一定程度时,酶促反应的速率达到最大值,不会随底物的增加而加快,C错误;验证酶的
专一性实验中可以选择同一底物和不同种酶,也可以选择不同的底物和同种酶,若是前者,实
验的自变量为酶的种类,若是后者,实验的自变量为底物的种类,D正确.
４．B　由题图可知,在减数分裂过程中细胞质的分配是不均等的,因此是卵细胞形成的过程,A 正
确;常规减数分裂过程中,等位基因的分离和非等位基因的自由组合发生在 MⅠ后期,B错误;
逆反减数分裂过程:MⅠ时姐妹染色单体分开,同源染色体未分离,MⅡ时,同源染色体分离,C
正确;常规和逆反减数分裂形成的子细胞中的染色体和核 DNA数目都会减半,D正确.
５．C　若该对等位基因位于常染色体上,则bb的基因型频率为２０％×２０％×１００％＝４％,常染色
体上基因控制性状与性别无关,因此雄果蝇中出现基因型为bb的概率也为４％,A 正确;根据
B的基因频率为８０％,b的基因频率为２０％,可得 BB的基因型频率为６４％,Bb的基因型频率
为３２％,显性个体 中 出 现 杂 合 雄 果 蝇 的 概 率 为\[３２％÷(６４％＋３２％)\]×１/２×１００％≈
１７％,B正确;若该对等位基因只位于 X染色体上,则雌果蝇中 XBXB的基因型频率为６４％、XB
Xb的基因型频率为３２％、XbXb的基因型频率为４％,雄果蝇中 XBY的基因型频率为８０％,XbY
的基因型频率为２０％,雌雄果蝇数量相等,因此 XbXb、XbY 的基因型频率分别为２％、１０％,C
错误;生物进化的实质是种群基因频率的改变,所以B、b基因频率改变一定会引起该果蝇种群
的进化,D正确.
６．A　Ⅲ组在去顶后人工涂抹IAA,结果是侧芽长度小于Ⅱ组侧芽长度,说明顶芽对侧芽的作用
与生长素有关,即抑制侧芽生长,因此实验中Ⅲ组是必需有的,A 错误;Ⅰ组保留顶芽,因此顶
芽产生的生长素向下运输积累在侧芽处使侧芽生长素浓度过大,从而抑制侧芽生长,B、C正
确;本实验体现了生长素在较低浓度时促进生长,在较高浓度时抑制生长,说明生长素的生理
作用具有两重性的特点,D正确.
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第２　 页(共１２页)】
７????D　D项,原因是常温下碳的化学性质稳定,所以错误.
８????B　B项,一氯代物有４种,分别是环上３种,甲基上１种,共４种,所以错误.
９．A　B项,酸性高锰酸钾溶液有强氧化性,会氧化乙烯,影响１,２－二溴乙烷的制备,所以错误;
C项,１,２－二溴乙烷易溶于四氯化碳,互溶的两种液体可以根据沸点的不同进行蒸馏法分离,
所以错误;D项,品红溶液褪色体现的是SO２ 的漂白性,所以错误.
１０????C　A项,一个 O原子８个电子,四个 O 原子３２个电子,一个S原子１６个电子,再加上整体
带一个单位负电荷,所以一个SO－４ ????含３２＋１６＋１＝４９个电子,１molSO－４ ????中含４９NA 个电
子,所以错误;B项,因为最后是将离子转变成沉淀析出的,则由图示知溶液碱性越强,越利于
析出,所以错误;C项,１mol过硫酸钠中含１mol个过氧键即 NA 个过氧键,所以正确;D项,
由图示知,转化过程中Fe先被S２O２－８ 氧化成Fe２＋ ,然后Fe２＋ 进一步被S２O２－８ 氧化成Fe３＋ ,最
终沉淀有Fe(OH)３ 和Fe(OH)２,所以１molS２O２－８ 被还原,则参加反应的铁应小于５６g,所
以错误.
１１????D　根据 W、X、Y、Z为短周期原子序数依次增大的主族元素,其中 W 元素形成的单质密度最
小,且 W 与 X、Y、Z都能形成共价化合物,W 应该为氢元素;Y、W 形成的化合物溶于水显碱性,
Y为N,Y、W 形成的常见化合物为NH３;Z、W 形成的化合物溶于水显酸性,Z可能为F、S、Cl,根
据四种元素形成化合物的结构式为 可知,Z不可能为S;根据其原子序数之和为
３０,且 W、X、Y、Z原子序数依次增大判定Z不可能为 F元素,故Z为 Cl元素,则 X为 B元素.
选项 A错误;Y为 N,其最高价氧化物对应的水化物是强酸,选项B错误;Y、Z分别与 W 形成的
常见化合物为 NH３ 和 HCl,它们能反应生成 NH４Cl,含有离子键,选项 C错误;主要成分为
NaClO的“８４”消毒液可用于杀菌消毒,在今年的新冠肺炎中已广泛应用,选项 D正确.
１２????B　A项,当两侧溶液浓度相同时,物质氧化性、还原性相同,电池反应不再进行,指针无偏转,
正确;B项,图１反应平衡后,向左侧加入 NaCl或 AgNO３ 或 Fe粉,均能使 Ag＋ 浓度发生改
变,因此指针又会偏转,但如果加入 NaCl或 Fe粉时,左侧 Ag＋ 减小,而加入 AgNO３ 后左侧
Ag＋ 增大,所以指针偏转方向不同,错误;C项,Y 极每产生１molCl２,则转移２mol电子,有
２molLi＋ 向正极移动,所以a极区得到２molLiCl,正确;D项,根据图示信息,两个原电池左
侧均为正极,所以二者外电路中电子流动方向均为从右到左,正确.
１３????C　pH 越大c(OH－ )和c(CH３COO－ )越大、c(H＋ )和c(CH３COOH)越小,则lgc(OH－ )、
lgc(CH３COO－ )增大,lgc(H＋ )、lgc(CH３COOH)减小,pH＝７时,c(OH－ )＝c(H＋ ),所以a、
b、c、d分别表示lgc(CH３COO－ )、lgc(H＋ )、lgc(CH３COOH)、lgc(OH－ );A 项如果是通过加
入 NaOH 实 现 的,则 c(Na＋ )增 大,所 以 错 误;B 项 醋 酸 电 离 程 度 较 小,所 以 存 在
c(CH３COOH)≈０．０１ mol????L－１,c(CH３COO－ )≈c(H＋ ),０．０１ mol????L－１ CH３COOH 溶
液的pH在c(CH３COO－ )＝c(H＋ )处,为 线 a与 线 b交 点 处 横 坐 标 值,所 以 错 误;C 项 当
c(CH３COOH)＝c(CH３COO－ )时,Ka ＝c(H＋ )＝１０－４．７４,x 点 对 应 的 pH 条 件 下,
c(CH３COOH)＝c(H＋ ),lgc(CH３COO－ )＝－４．７４,所以正确;D项
c(CH３COOH)????c(OH－)
c(CH３COO－)
＝
Kw
Ka
,温度一定时比值不变,所以错误.
１４????C　原子核的比结合能越大,原子核越稳定,故 A 错误;原子核能够放射出β 粒子,是由于原
子核内发生β衰变,其中的中子转化为质子而放出的电子,故B错误;根据量子说守恒与电荷
数守恒可知,核反应方程式１３７５５ Cs→１３７５６ Ba＋X中,可以判断 X的质量数为０,电荷数为:Z＝５５－
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第３　 页(共１２页)】
５６＝－１,所以 X为电子,故 C正确;根据玻尔理论可知,氢原子从n＝６能级向n＝１能级跃
迁时减小的能量大于氢原子从n＝６能级向n＝２能级跃迁时减小的能量,所以氢原子从n＝
６能级向n＝１能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n＝６能级向n＝２能级跃迁时
辐射出的光的能量,根据光电效应发生的条件可知,若氢原子从n＝６能级向n＝１能级跃迁
时辐射出的光不能使某金属发生光电效应,则氢原子从n＝６能级向n＝２能级跃迁时辐射出
的光也不能使该金属发生光电效应,故 D错误.
１５????C　物体在A 点处于平衡状态,从B 到A 过程中,弹簧弹力大于重力,根据牛顿第二定律可
知,物体将向A 加速运动,随着弹簧形变量的减小,物体加速度将逐渐减小,当到达A 时弹力
等于重力,物体速度达到最大,然后物体将向C 做减速运动,从A 到C 过程中,弹簧上的拉力
逐渐减小,因此物体做减速运动的加速度逐渐增大,故从B 到C 整个过程中,物体加速度先
减小后增大,速度先增大后减小,故 ABD正确,C错误.
１６????C　小球下落的高度等于０~０．５s时间内对应的v－t图象面积,即h＝
１
２vt＝
１
２×０．５×５m＝
１．２５m,所以 A错误;小球落地时的速度大小v＝５m/s,弹起时速度的大小v＝３m/s,则小球
碰撞过程中损失的机械能为:ΔE＝
１
２mv
２－
１
２mv
２
０,代入数据解得:ΔE＝－８J,所以 B错误;
小球弹起的高度等于０．５~０．８s内v－t图象的面积,即h＝
１
２vt＝
１
２×３×０．３＝０．４５m
,所以
C正确;小球只在上升过程克服重力做功,W 克 ＝mgh＝１×１０×０．４５＝０．４５J,所以 D错误.
１７????D　根据机械能守恒,可得v＝ ２gh,h加倍,则水平飞出的速度v 变为 ２倍,故 A错误;运动
员落到斜面上,位移满足y
x ＝tanθ
,t＝
２vtanθ
g ＝
２tanθ ２gh
g
,h 加倍,则在空中运动的时间t变
为 ２倍,故B错误;运动员落到斜面上的速度为vvt＝ v２＋(gt)２ ,vt＝ ２gh＋８ghtan２θ,h加
倍,运动员落到斜面上的速度大小变为 ２倍,故 C错误;运动员落到斜面上的速度方向与水平
夹角的正切值为tanβ＝
vy
vx
＝
gt
v ＝２tanθ
,是个定值,保持不变,故 D正确.
１８????A　只逐渐增大R１ 的光照强度,R１ 的阻值减小,总电阻减小,总电流增大,电阻R０ 消耗的电
功率变大,滑动变阻器的电压变大,电容器两端的电压增大,电容下极板带的电荷量变大,所
以电阻R３ 中有向上的电流,故 A正确;电路稳定时,电容相当于开关断开,只调节电阻R３ 的
滑动端P２ 向上端移动时,对电路没有影响,故B错误;只调节电阻R２ 的滑动端P１ 向下端移
动时,电容器并联部分的电阻变大,所以电容器两端的电压变大,由E＝
U
d
可知,电场力变大,
带点微粒向上运动,故 C错误;若断开电键S,电容器处于放电状态,电荷量变小,故 D错误.
１９????AC　A、P、Q 系统在相互作用的过程系统所受的外力之和为零,动量守恒.故 A 正确;从图
象可知,０~２s内对Q,先做匀加速直线运动,再做匀速直线运动,在１~２s内无摩擦力,根据
动量定理,摩擦力的冲量等于动量的变化,所以I＝Mv－０＝１N????s．故 B错误;P 从速度为
２m/s减为１m/s所需的时间为１s,则a＝
Δv
Δt＝
１－２
１ m
/s２＝－１m/s２,又:a＝
－μmg
m ＝－μg．
所
以μ＝０．１．故 C正确;在t＝１s时,P、Q 相对静止,一起做匀速直线运动,在０~１s内,P 的位
移x１＝
２＋１
２ ×１＝１．５m
,Q 的位移x２＝
０＋１
２ ＝０．５m．Δx＝x１－x２＝１m＜２m
,知P 与Q 相对
静止时不在木板的右端.故 D错误.
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第４　 页(共１２页)】
２０????BCD　M 的角速度:ω＝
２π
T
,①双星系统中,双星的周期与角速度都是相等的,所以 m 的角速
度也是
２π
T ．
故 A错误;设 M 与m 的轨道半径分别为R 与r,由几何关系可知,M 的轨道半径:
R＝L????tan(
Δθ
２
)≈L????
Δθ
２ ②
,根据万有引力提供向心力可知:GMm(R＋r)２＝Mω
２R＝mω２r ③,
所以m 的轨道半径大小为:r＝
MR
m ＝
MLΔθ
２m ④
,故B正确;恒星m 的线速度大小为:v＝ωr＝
πMLΔθ
mT ．
故 C正确;由③可得:m＝
ω２(R＋r)２R
G
,M＝
ω２(R＋r)２
G ⑤
,联立①②④⑤可得质量
m 和M 满足关系式
m３
(m＋M)２＝
π２(LΔθ)３
２GT２ ．
故 D正确.
２１????ABD　由题意知沿 MO１ 方向射入的粒子恰好从P 点进入第一象限,轨迹为
１
４
圆弧,速度方
向水平向右(沿x 轴正方向)由几何关系知轨迹半径等于圆形磁场半径,作出由粒子轨迹圆的
圆心、磁场圆的圆心以及出射点、入射点四点组成的四边形为菱形,且所有从 M 点入射粒子
进入第一象限速度方向相同,即均沿＋x 方向进入第一象限,为了使 M 点射入磁场的粒子均
汇聚于N 点,OPN 之外的区域加的是磁场,最小的磁场面积为图中阴影部分的面积,根据几
何关系可得所加磁场的最小面积为S＝２×(
１
４πr
２－
１
２r
２)＝
(π－２)r２
２
,故 A 正确;若OPN
之外的区域加的是电场,粒子进入第一象限做类平抛,沿 MO１ 入射的粒子到达 N 点时的运
动时间最长,速度最大,速度与水平方向夹角也最大,设类平抛运动时间为t,在 N 点速度与
水平方向夹角为θ,则有:水平方向:r＝vt;竖直方向:r＝
vy
２t
;联立解得:vy ＝２v;vmax＝
v２＋v２y ＝ ５v,tanθ＝
vy
v ＝２
,tan４５°＝１,故 B正确,C错误;若OPN 之外的区域加的是电
场,设边界PN 曲线上有一点的坐标为(x,y),则r－x＝vt,y＝
１
２at
２,整理得:
(r－x)２
y ＝
２v２
a
;当x＝０时,y＝r,整理可得边界PN 曲线的方程为y＝
x２
r －２x＋r
,故 D正确.
２２????(每空２分,共６分)
(１)滑动变阻器总电阻　　　　(２)A　　　　(３)１．４８V
　　【解析】
(１)断开电键S,旋转选择开关,使其尖端对准欧姆档,由图知,此时欧姆档测量滑动变阻器总
电阻.(２)将旋转开关指向直流电流档,闭合电键S,将滑片从最左端缓慢移动到最右端
的过程中,变阻器滑片两侧的电阻并联,总电阻先增大后减小,则总电流先减小后增大.
r
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第５　 页(共１２页)】
滑片从最右端移至中点的过程中,变阻器并联电阻增大,并联电压增大,而滑片右侧电阻
减小,所以直流电流档的读数增大.滑片从中点移至最右端的过程中,电路的总电流增
大,通过变阻器左侧电阻的电流减小,所以直流电流档的读数增大,故 A正确.
(３)将旋转开关指向直流电流档,闭合电键S 时,读数最大时,
由闭合电路欧姆定律得:E＝Imax(R１＋r)＝０．３２(R１＋r)①
将旋转开关指向直流电压档,读数最大时,
由闭合电路欧姆定律得:
E＝
Um
R
(R＋R１＋r)＝
１．２
２０×
(２０＋R１＋r)＝０．０６(２０＋R１＋r)②
联立①②解得E≈１．４８V
２３????(每空２分,共８分)
(１)１３．４０　５．７００　　　　(２)①０．０５N　② BC
　　【解析】
(１)游标卡尺的主尺读数为１３mm,游标读数为０．０５×８mm＝０．４０mm,所以最终读数为１３．
４０mm．
螺旋测微器的固定刻度读数为５．５mm,可动刻度读数为０．０１×２０．０mm＝０．２００mm,所以最终
读数为５．７００mm．
(２)①根据Δx＝aT２ 得,a＝
Δx
T２ ＝
(１６．３３－１４．７７)×１０－２
０．０４２ m
/s２＝９．７５m/s２．
根据牛顿第二定律得,mg－f＝ma．则f＝mg－ma＝１×(９．８－９．７５)N＝０．０５N
②A???? 重锤的质量测量错误不影响动能的增加量和重力势能的减小量.故 A错误.
BC???? 自编了实验数据,交流电源的频率不等于５０Hz可能导致重锤增加的动能略大于重
锤减少的重力势能.故B、C正确.
D???? 重锤下落时受到的阻力过大会导致重力势能的减小量大于动能的增加量.故D错误.
２４????(１５分)
(１)磁场方向垂直水平面向上,
小车在导轨上运动过程中,两电阻并联,则有:I＝
E
R
２
＝
２E
R
(２分)
小车开始运动的加速度为:a＝
BIL
m ＝
２BLE
mR
(２分)　代入数据,解得:a＝８００m/s２(１分)
(２)充电完成后,则有:q＝CE (１分)
放电加速过程中,应用动量定理,则有:BILΔt＝BΔqL＝mv１－０(２分)
而Δq＝q－q１,匀速运动时,电容器两端电压与小车切割产生的电势差相等,
则有:BLv１＝U＝
q１
C
(１分)
由上式联立,解得:v１＝
BLEC
m＋B２L２C　
代入数据,解得:v１＝１６m/s(１分)
(３)小车出磁场的过程中,做减速运动,由动量定理,则有:－Ft＝－BILt＝mv２－mv１(１分)
小车上两电阻串联,I＝
BLv
２R
(１分)
而L＝vt　则有:
B２L３
２R ＝mv１－mv２　
代入数据,解得:v２＝６m/s
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第６　 页(共１２页)】
所以小车滑出磁场过程中产生的焦耳热,为Q＝
１
２mv
２
１－
１
２mv
２
２(２分)
代入数据,解得:Q＝１１０J(１分)
２５????(１８分)
(１)由滑块与木板之间的动摩擦因数μ＝
３
３＝tan３０°
可知,
滑块在木板上匀速下滑,即滑块到达A 点时速度大小依然为v０＝１５m/s,
设滑块离开圆弧轨道B 点后上升的最大高度为h,
则由机械能守恒定律可得:１
２m２v
２
０＝m２g(Rcosθ＋h)①　由①式解得h＝９．７５m (４分)
(２)由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速度大小为v０＝１５m/s,
滑上木板后,木板的加速的为a１,由牛顿第二定律可知:μm２gcosθ－m１gsinθ＝m１a１②
滑块的加速度为a２,由牛顿第二定律可知:μm２gcosθ＋m２gsinθ＝m２a２③
设经过t１ 时间后两者共速,共同速度为v１,由运动学公式可知:v１＝v０－a２t１＝a１t１④
该过程中木板走过的位移:x１＝
v１
２t１⑤　
滑块走过的位移:x２＝
v０＋v１
２ t１⑥
之后一起匀减速运动至最高点,若滑块最终未从木板上端滑出,
则木板的最小长度:L＝x２－x１⑦　联立②③④⑤⑥⑦解得:L＝７．５m (７分)
(３)滑块和木板一起匀减速运动至最高点,然后一起滑下,加速度均为a３,
由牛顿第二定律可知:(m１＋m２)gsinθ＝(m１＋m２)a３⑧
一起匀减速向上运动的位移:x３＝
v２１
２a３
⑨
木板从最高点再次滑至A 点时的速度为v２,由运动学公式可知:x１＋x３＝
v２２
２a３
⑩
滑块第三次、第四次到达A 点时的速度大小均为v２,
第二次冲上木板,设又经过时间t２ 两者共速,共同速度为v３,
由运动学公式可知:v３＝v２－a２t２＝a１t２????????????
该过程中木板走过的位移:x４＝
v３
２t２????????????
一起匀减速向上运动的位移:x５＝
v２３
２a３
????????????
设木板第二次滑至A 点时的速度为v４,由运动学公式可知:x４＋x５＝
v２４
２a３
????????????
木板与圆弧轨道第二次碰撞时损失的机械能为ΔE＝
１
２m１v
２
４????????????
联立⑧⑨⑩????????????????????????????????????????????????????????????式得:ΔE＝
５０
９J≈５．５６J
(７分)
２６????(１４分,每空２分)
(１)打开玻璃塞[或旋转玻璃塞,使塞上的凹槽(或小孔)对准漏斗上的小孔],再将分液漏斗下
面的活塞拧开,使液体滴下
(２)Cu＋H２SO４＋２HNO３ ????????CuSO４＋２NO２↑＋２H２O(不写气体箭头不扣分,不配平０分)
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第７　 页(共１２页)】
(３)NO　
(容器用烧杯也可以,答案合理即可给分,药品不标或者标错０分,气流方向不标但其他正
确扣１分)
(４)取少量除杂后的样品,溶于适量稀硫酸中,加入铜片.若不产生无色且遇空气变为红棕色
的气体,说明Cu(NO３)２已被除净(其他合理答案可酌情给分)
(５)能耗低,且生成的 NO２ 可以被碱液吸收制取硝酸盐或亚硝酸盐副产品(或步骤简单易于
操作)(合理即可给分)
(６)３２bc/a (多写 “％”０分)
　　【解析】
(３)逸出的气体中,可能含有 NO,NO需在 O２ 的作用下才能被氢氧化钠溶液吸收.
(４)检验硝酸铜是否被除净,可以通过检验 NO－３ 判断,故可通过 NO－３ 在酸性条件下与铜反
应生成 NO,NO遇空气变为红棕色的 NO２ 的方法检验.
(５)焙烧氧化法需在４５０℃左右的较高温度下进行,能量消耗大,而硝酸氧化法在常温下就能
进行,且生成的 NO２ 通过微热处理再赶入碱液中即可获得硝酸盐或亚硝酸盐副产品.
(６)根据滴定反应及平均消耗标准溶液可以得出计算式w＝(５bc×１０－３×６４/a)×１００％ .
２７????(１４分,除标注外,每空２分)
(１)Co＋H２SO４ ????????CoSO４＋H２↑(不写气体箭头不扣分,不配平０分,下同)
２Fe２＋ ＋H２O２＋２H＋ ????????２Fe３＋ ＋２H２O
(２)调节溶液pH,使 Fe３＋ 、Al３＋ 转化为沉淀　Al(OH)３、Fe(OH)３(１分)
(３)萃取分液(１分)
(４)＜
(５)①CoC２O４　②６CoO＋O２
Δ
????????２Co３O４(不写加热条件扣１分)
　　【解析】
(２)加入 CoO 的目的是调节溶液pH(CoO＋２H＋ ????????Co２＋ ＋H２O),使 Fe３＋ 、Al３＋ 转化为沉
淀;结合 H２O２ 的作用,可知滤渣Ⅱ的主要成分是氢氧化铝和氢氧化铁.
(４)盐类水解,根据题给数据,可是可知(NH４)２C２O４ 溶液中 NH＋４ 的水解程度大于 C２O２－４ 的
水解程度,故溶液呈酸性,pH＜７.
(５)１８．３gCoC２O４ ????２H２O 的 物 质 的 量 为 ０．１ mol,加 热 时 先 失 去 结 晶 水,若 全 部 转 化 为
CoC２O４,则固体质量为１４．７g,故 A为CoC２O４.继续加热,如果完全分解,可得到０．１mol
(７．５g)CoO,故B为CoO ,６００℃以后是在空气中加热,由固体质量增加可知,有空气中的
成分进入固体,则 CoO与空气中氧气反应,８．０３g固体中 Co的物质的量为０．１mol,质量
为５．９g,所以氧的质量为２．１３g,由二者原子个数比可知 C为 Co３O４,所以 B→C反应为
６CoO＋O２
Δ
????????２Co３O４.
２８????(１５分,除标注外,每空２分)
(１)１６７．４kJ????mol－１＜OA(M)＜４７３kJ????mol－１(１分)　减小(１分)
(２)＋５．４１kJ????mol－１(不写单位０分)
(３)①CH３I(l)＋HI(aq) →CH４(g)＋I２(aq)(中间写“????????”不扣分)
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第８　 页(共１２页)】
②能(１分)　总反应的平均速率由慢反应决定,I２是慢反应的反应物,增大I２的浓度,慢反
应速率增大,总反应的平均速率增大(或I２ 是总反应的催化剂,增大I２的浓度,总反应的
平均速率增大)
(４)逆向
(５)６６．７％ 　４
　　【解析】
(１)由催化剂的作用机理结合图示信息知,当氧原子与催化剂的结合力处于中间值时,此反应
可以发生;催化剂会降低该反应的活化能.
(２)由燃烧热数据写出对应的热化学反应,再利用盖斯定律即可求出.
(３)①反应Ⅱ可由总反应－反应Ⅰ得到.
②总反应的平均速率由慢反应决定,I２是慢反应的反应物,故增大I２的浓度,能明显增大
总反应速率;也可以从催化剂的角度考虑.
(４)向反应体系中加入盐酸,盐酸可以与 NaHSO３ 反应,使反应物 NaHSO３ 的浓度减小,平衡
向逆反应方向移动.
(５)设反应达到平衡时消耗氧气的物质的量为x mol,则列三段式,根据平衡前后压强变化即
可求算.
２９．(每空２分,共１０分)
(１)虚线
(２)②甲组不处理,乙组间种适量的高粱
③净光合速率
④乙组的净光合速率和胞间CO２浓度高于甲组　环境的空气湿度
３０．(每空２分,共８分)
(１)将动植物遗体及动物排遗物分解为无机物　分解者的种类与生活垃圾的性质不适合、分
解者分解垃圾的条件不适宜等(合理即可)
(２)在不牺牲未来几代人需要的情况下,满足我们这代人的需要
(３)生物群落演替
３１．(除注明外,每空２分,共１１分)
(１)抗原
(２)体温调节中枢
(３)焦虑或紧张时,会降低 T细胞的活性,淋巴因子分泌减少,使记忆细胞和抗体分泌减少;同
时使效应 T细胞数量少,从而导致免疫功能下降(叙述合理即可,４分)
(４)VLP不含核酸,不会侵入到细胞内,所以不会引起细胞免疫(３分)
　　【解析】
体温调节中枢位于下丘脑,当人体感染新型冠状病毒时,病毒产生的毒素可以改变下丘脑中
体温调节中枢的功能,最终使机体产热量增加,体温升高.
３２．(除注明外,每空２分,共１０分)
(１)不能(１分)　当基因位于常染色体上或 X、Y 染色体的同源区段时,正反交后代均为全
缘叶　
(２)基因位于性染色体上,所以在遗传上总是和性别相关联的现象
(３)正常雌株(１分)　有雄株和雌株　全为雌株
　　【解析】
(１)根据题意可知,利用纯合的全缘和牙齿状裂片植株进行正反交实验,后代均为全缘叶,由
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第９　 页(共１２页)】
此可以确定基因存在的位置有两种情况:可能存在于常染色体上,即亲本基因型为 AA、
aa,不管正交还是反交,后代均为 Aa;可能位于 X、Y 染色体的同源区段时,即亲本基因型
可以表示为 XAXA、XaYa,后代基因型为 XAXa、XAYa,或亲本基因型为 XaXa、XAYA,后代基
因型均为 XAXa、XaYA;(３)让雄性植株与正常雌株进行杂交,若后代有雄株和雌株两种类
型,则该雄株的染色体组成为 XY,若后代仅有雌株,则该雄株的染色体组成为 XX.
３３????(１５分)
(１)ACE(选对一个得２分,选错一个扣２分,共６分)
(２)①在压装过程中随着甲瓶内液体减少,甲瓶内部气体膨胀,单位体积内的分子数减少,温
度不变,分子的平均动能不变,单位时间内撞击到器壁单位面积上的分子数减少,压强
变小.(３分)
②甲瓶最多可向乙瓶内压装２L 液体.(６分)
　　【解析】
(１)A???? 液晶是一类特殊的物质形态,它像液体一样具有流动性,而其光学性质和某些晶体相
似具有各向异性.故 A正确;B???? 布朗运动是液体或气体中悬浮微粒的无规则运动,它
反映的是液体分子的无规则运动,不能反映颗粒分子的无规则运动,故 B错误.C???? 气
体从外界吸收热量,如果同时对外做功,则其内能不一定增加,故 C正确;D???? 如果两个
系统分别与第三个系统达到热平衡,那么这两个系统彼此之间也必定处于热平衡,用
来表征它们所具有的“共同热学性质”的物理量叫做温度;故 D错误;E???? 当两个分子间
的距离为分子力平衡距离r０ 时,分子势能最小,故 E正确.
(２)①缓慢压装过程中甲瓶内气体膨胀,单位体积内的分子数减少,温度不变,分子的平均动
能不变,单位时间内撞击到器壁单位面积上的分子数减少,压强变小.(３分)
②设甲瓶内最多有体积为x 的液体进入乙瓶,乙瓶中灌装液体前,
气体压强为p乙 ＝１atm,体积为V乙 ＝４L;
灌装后体积最小变为:V′乙 ＝４　L－x,此时乙瓶中气体压强与甲瓶内气体压强相等为
p,由等温变化得:p乙 V乙 ＝pV′乙
甲瓶中气体开始时气压为p甲 ＝６atm,体积为V甲 ＝１L,结束后压强为p,体积为V′甲 ＝１
L＋x 由等温变化得:p甲 V甲 ＝pV′甲 　联立并代入数据解得x＝２L (６分)
３４????(１５分)
(１)ABD(选对一个得２分,选错一个扣２分,共６分)
(２)①这列波的传播速度是０．０５m/s(５分)
②t２＝１．５s时质点Q 的位移是－２ ２cm(４分)
　　【解析】
(１)A???? 由图可知,单色光a 偏折程度小于b 的偏折程度,根据折射定律n＝
sini
sinr
知,a 光的折
射率小于b光的折射率,则知a 光的波长大;
根据双缝干涉条纹的间距公式Δx＝
L
dλ
,可得,干涉条纹间距与波长成正比,所以a 光
的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距,故 A正确;
B???? 由v＝
c
n
知,因a光的折射率小于b光的折射率,则在水中a光的传播速度大,故B正确;
C????a 光的波长长,则干涉条纹间距较大,但它们条纹宽度都是均匀的,故 C错误;
D???? 由全反射临界角公式sinC＝
１
n
,知折射率n 越大,临界角C 越小,则知在水中a 光的
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第１０　 页(共１２页)】
临界角大于b光的临界角,故 D正确;
E???? 若a 光与b光以相同入射角从水射向空气时,由于在水中a 光的临界角大于b光的临
界角,所以b光的入射角先达到临界角,则b光先发生全反射,首先消失的是b光,故E
错误.
(２)①由图示波形图可知,这列波的波长:λ＝４cm＝０．０４m
波x 轴负方向传播,根据波形平移法知t＝０时刻P 点向下振动,
经过
３
４
个周期首次到达波峰位置,
由此可知:t１＝
３
４T＝０．６s
,则得:T＝０．８s　所以波速为v＝
λ
T ＝
０．０４
０．８＝０．０５m
/s(５分)
②因为t２＝１．５s＝T＋
７
８T
故t２＝１．５s时质点Q 的位移为y＝４sin
７
４π＝－２ ２cm
(４分)
３５????(１５分,除标注外,每空１分)
(１)①２︰１　② (２分)
(２)分子　N２、CN－ (或其他合理答案,两个有错０分)
(３)①C、E(有错或不全０分)
②因为 N原子２p能级电子为半满状态,较稳定,不易失去电子,而 O原子失去２p能级上
一个电子可以达到较稳定的半满状态(答出 N原子２p能级电子为半满状态即可给分)
(２分)
(４)①电子
②否(２分)　若铂原子轨道为sp３ 杂化,则该分子结构为四面体,非平面结构(２分)
(５)
３
７８０
６０２d
或
３
４×１９５
NAd×１０－２１
(２分)
　　【解析】
(１)过渡金属的价电子包含３d能级与４s能级的电子.
(２)配合物 Ni(CO)４ 常温下为液态,易溶于CCl４、苯等有机溶剂,这说明固态 Ni(CO)４ 属于分
子晶体;原子数和价电子数分别均相等的是等电子体(原子总数相同、价电子总数相同的
分子或离子),N２、CN－ 符合要求.
(３)②同周期元素中第一电离能,从左到右有增大的趋势,处于充满或半充满状态时大于其后
的电离能,所以 N＞O.
(４)①已知,每个分子中的铂原子在某一方向上排列成行,构成能导电的“分子金属”,则 Pt金
属的价电子可在金属Pt间传递而导电;
②“分子金属”中,铂原子的配位数为４,若铂原子以sp３ 的方式杂化,则为四面体构型,如
图中给定的信息可知,“分子金属”为平面构型.
(５)金属铂晶体中,铂原子的配位数为１２,为最密堆积,根据投影图可知,则晶体为面心立方
最密堆积,一个晶胞中含有的铂原子个数为:８×
１
８＋６×
１
２＝４
,金属铂晶体的棱长为a,
ρ＝
m
V ＝
１９５×４
a３×NA
.计算晶胞的棱长时,注意换算单位,题目要求单位为nm.
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第１１　 页(共１２页)】
３６????(１５分)
(１)酯基、羰基(或酞键或酰胺基)(各１分,顺序写错０分)
(２)加成反应 (１分)
　(２分)
(３) 　(２分)
(４)C２H５OH(１分)
(５) 　和　 　(各２分)
(６)
(３分)
　　【解析】
(２)由图示信息对比 C、D的结构可知 C→D 的反应类型为取代反应.
(３)化合物 E的结构简式为
.
(４)对比 F、G 的结构,再结合反应物 C２H５NH２ 即可判断,该反应为取代反应,另一产物为
C２H５OH.
(５)同时满足下列条件的B的一种同分异构体:①能与新制Cu(OH)２ 加热条件下反应生成砖
红色沉淀,水解产物之一能与FeCl３ 溶液发生显色反应,说明含有甲酸与酚形成的酯基,
即取代基为－OOCH,③分子中含有氨基,②核磁共振氢谱为四组峰,峰面积比为１︰２︰４
︰９,存在对称结构,还含有２个－NH２、１个－C(CH３)３,符合条件的B的同分异构体为:
　　 　或　 　.
(６)由F→G的转化可知,CH３CH２CH２NH２ 与 CH３CH２OOCCH２COOCH２CH３ 反应得到
　 　 .CH３CH２Cl 碱 性 条 件 下 水 解 得 到 CH３CH２OH,然 后 与
HOOCCH２COOH 反应得 到 CH３CH２OOCCH２COOCH２CH３.CH３CH２Cl与 KCN 发 生
取代反应得到 CH３CH２CN,用氢气还原得到 CH３CH２CH２NH２,合成路线为:
【２０２０年高考压轴卷(一)????理科综合参考答案　第１２　 页(共１２页)】
　　
３７．(除注明外,每空２分,共１５分)
(１)小肠　肝脏
(２)薄荷油易溶于有机溶剂　使混合气体冷凝,防止薄荷油随水蒸气蒸发而散失
(３)对纤维素酶分解滤纸等纤维素后所产生的葡萄糖进行定量测定(合理即可,３分)
(４)凝胶色谱　各种分子带电性质的差异
３８．(除注明外,每空２分,共１５分)
(１)动物细胞培养、动物细胞融合
(２)动物细胞培养
(３)糖蛋白　一些酶
(４)使每个孔内细胞一般不多于一个,达到单克隆培养的目的(３分)
(５)蛋白质的结构规律及其与生物功能　基因修饰或基因合成
2020年普通高等学校招生全国统一考试压轴试题(一)
理科综合
本试卷共14页,38题(含选考题)。全卷满分300分。考试用时150分钟。
★祝考试顺利★
注意事项
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘
贴在答题卡的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷
草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效
4选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案
写在答题卡上对应的答题区域内,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效
5.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀
可能用到的相对原子质量:H1C-120-16S32Fe56Cu-64Co59Pt-195
选择题:本题共13小题每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中,只有一项
是符合题目要求的。
1.下列属于细胞间信息交流且叙述正确的是
A细胞可通过分泌的激素将信息传递给靶细胞
B跑间连丝是高等植物细胞间遗传信息交流的通道
C多细胞生物体细胞间功能协调性的实现全依赖于信息交流
D细胞内通过细胞骨架进行物质运输、能量转换和信息传递
2如图为真核细胞内发生的某生理过程,下列相关叙述正
A.②的碱基总数与其模板链上碱基总数一致
B图示为翻译,核糖体在②上从右向左移动
(/
C随核糖体移动①将读取mRNA上的密码子
D该过程中既有氢键的形成,也有氢键的断裂
3细胞内几乎所有的化学反应均需酶的参与,下列有关酶的叙述错误的是
A有氧呼吸的第一阶段需要多种酶参与
B一种酶可以成为另一种酶作用的底物
C增加底物浓度酶促反应的速率将会加快
D验证酶的专一性实验中酶的种类可以是自变量
近些年,研究人员在细胞减数分裂研究中有一些新发现如下图所示。下列叙述错误的是
常规”减数分裂
“逆反”减数分裂
注:MI表示减数第一次分裂,M表示减数第二次分裂。
【2020年高考压轴卷()·理科综合试题第1页(共14页)】
A图示过程小即细胞的形成,细胞②表示初级卵母细胞
B常规减数分裂过程中等位基因的分离和自由组合都发生在MI后期
C逆反减数分裂中MI后期姐妹染色体分开,MⅡ后期同源染色体分离
D规和递反减数分裂形成的子细胞中的染色体和核DNA数目都会减半
5在一个较大的果蝇种群中,雌雄果蝇数量相等,且雌雄个体之间可以自由交配。若种群中
B的基因频率为80%b的基因频率为20%,则下列叙述错误的是
A若B、b位于常染色体上,则雄果蝇中出现基因型为bb的概率为4%
B若Bb位于常染色体上,则显性个体中出现杂合雄果蝇的概率约为17%
C若Bb只位于X染色体上,则xx、xY的基因型频率分别为4%、20%
D若B、b的基因频率发生定向改变,则说明该果蝇种群一定发生了进化
6.植物侧芽的生长受生长素(IAA)及其他物质的共同影=12口h
响,有人以豌豆完整植株(I组)为对照进行了以下实③44h
验:组去除顶芽,Ⅲ组去顶并在切口涂抹1A处理后,0
定时测定侧芽长度,实验结果如图.下列叙述错误的是热04
A本实验中的第Ⅲ组实验可以省去
0.2
B.Ⅰ组和Ⅱ组对比说明顶芽能抑制侧芽生长
0L组组
C.I组侧芽生长长度较短的原因是侧芽生长素浓度较高
(完整)(去顶)(去顶+AA)
D本实验可以说明生长素的生理作用具有两重性的特点
运用化学知识对下列说法进行分析,不合理的是
A.从健康的角度考虑,臭氧比氯气更适合作自来水的消毒剂
B.在“新冠肺炎战疫”中发挥了重要作用的熔喷布口罩,其主要生产原料聚丙烯是混合物
C.“一带一路”是现代丝绸之路,丝绸的主要成分是蛋白质,属于天然高分子化合物
D.水墨山水画不易褪色的原因是器汁中的炭黑具有吸附性
8.甲基环戊烷(HC〈]常用作溶剂关于该化合物下列说法错误的是
A.难溶于水,易溶于有机溶剂
B.其一氯代物有3种
C该有机物在一定条件下可以发生取代氧化反应
D.与2-已烯互为同分异构体
9.已知实验室用浓硫酸和乙醇在一定温度下制备乙烯,某学习小组设计实验利用以下装置
证明浓硫酸在该反应中的还原产物有SO,并制备1,2—二溴乙烷。
醇和们
浓硫酸
品红
溴的四氮
國溶液
化碳溶液
Ⅲ
Ⅳ
下列说法正确的是
A.浓硫酸在该反应中主要作用是催化剂、脱水剂
B装置、Ⅳ中的试剂依次为酸性商锰酸钾溶液品红溶液
C实验完毕后,采用萃取分液操作分离12-二溴乙烷
D.装置Ⅱ中品红溶液褪色体现了SO2的还原性
10《环境科学》曾刊发我国科研部门采用零价铁活化过硫酸钠(Na2S2O3,其中S为+6价)
去除废水中的正五价砷的研究成果,其反应机理模型如图,下列说法正确的是
(NA为阿伏加德罗常数的
值
【2020年高考压轴卷(一)·理科综合试题第2页(共14页)】

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