资源简介

我国科研人员研究了在Cu-ZnO-ZrO2催化剂上CO2加氢制甲醇
HCO③
运城市高中联合体2020高三模拟测试
过程中水的作用机理,其主反应历程如图所示(H2→·H+·H)。
下列说法错误的
①
60②H,CHO1
A.二氧化碳加氢制甲醇的过程中原子利用率达100%
理科综合(三)
B.带·标记的物质是该反应历程中的中间产物
C.向该反应体系中加入少量的水能增加甲醇的收率
D.第③步的反应式为·H3CO+H2O—+CH3OH+·HO
Cu-Zn0-zrO,
注意事项
9已知肉桂酸异酯X√人入上)是一种香料,它可由相应的羧酸(Y)与(Z)在一定条
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡
件下反应制得,下列说法正确的是
A.Y是芳香酸,分子中最多有12个原子共平面B.X的分子式为C4H2O2,能使溴的CCl4溶液褪色
皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效
C.Z的同类同分异构体还有7种
D.X、YZ均能发生取代反应、加成反应
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是
可能用到的相对原子质量:H-1L-7C-12N-140-16Mg-24A-27Si-28
实验操作和现象
32Cr-52Fe-56
A用NaOH溶液滴定硝酸时,分别用酚酞、甲基橙作指示剂
消耗的NaOH溶液一样多
选择题:本题共13小题,每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
B|点燃插人到由Mu0、N组成的铝热剂(混合物中有少量
证明还原性:A>Mn
列有关细胞内物质之间相互转化的叙述,正确的
A.糖类转化为脂肪时,有机物中C、H的含量会升高
B.休眠的种子萌发时,细胞内的自由水持续转化为结合水
C淀粉溶液中加入适量稀硫酸后再加热,一段时间后加入银氨溶
液并继续微热,没有“银镜”出现
淀粉没有发生水解
C.组成蛋白质的各种氨基酸在人体细胞内都能相互转化
D.肝糖原在血浆中转化为葡萄糖以升高血糖浓度
D|取适量丙烯摩于试管中,加人几滴散性KMO,溶液后振荡静丙烯醇中告定含有碳双键
2.实验小组从新鲜的紫色洋葱鳞片叶外表皮上选取初始液泡体积相等的甲、乙、↑液泡体积
丙三个细胞分别置于等浓度的蔗糖溶液中,各细胞的液泡体积随时间的变化
Il.近年来CO2的资源化利用成为科学家研究的热点,某科研机构利
线如图所示(假设蔗糖分子不能进出细胞,各细胞均存活)。下列叙述正确的是
A.初始状态下细胞液渗透压大小关系为:丙>乙>甲
甲乙丙
用电解法将CO2转化为多种有机物,实现了CO2的资源化利用。P片
电解的工作原理如图,下列说法错误的是
HCOOH
B.t1时刻水分子进出各细胞的速率均达到动态平衡
A.电解池工作时,a作阳极、b作阴极
C.t1时刻各细胞的细胞液渗透压均等于外界蔗糖溶液的渗透压
B.制备C2H4的电极反应式为2CO2+12e+12H=C2H4
D.细胞乙的细胞液中蔗糖的渗透压和外界蔗糖溶液的滲透压相等
+4H2O
3.能引起肺炎的新冠病毒(有囊膜)是一种RNA病毒,ACE2是细胞膜上识别新冠病毒的受体,广泛分布
C.电解过程中若b极生成1
mol
CH4,则a极得到1molO2
在口腔、鼻腔和眼皮的黏膜细胞中,新冠病毒和ACE2受体结合后,其RNA可释放到细胞内,直接作为
D.在电解过程中阳极区得到O2和浓度较大的H2SO4溶液
模板合成相关蛋白,并在细胞内合成、组裝和释放。据此分析,下列叙述错误的是
12.原子序数依次增大的W、X、Y、Z四种短周期主族元素,W、Y同周期且价电子数之和为10,W、Y可形
1.ACE2受体分布广泛是新冠病毒具有较强传染性的重要原因之
成结构如图所示的阴离子,Z原子最外层有2个电子,下列说法错误的是
B.新冠病毒的RNA进入细胞的过程体现生物膜的结构特点
A.常见简单氢化物沸点:WC.以新冠病毒的RNA为模板合成的RNA可直接参与装配形成子代病毒
B.简单离子半径:Z>X>Y
D.新冠病毒增殖会消耗宿主细胞的核苷酸、氨基酸和ATP等物质
C.W2Y42中两种元素的原子(离子)最外层均达到8电子结构
4.PD-1是T细胞、B细胞等淋巴细胞表面的一种免疫抑制性的蛋白质分子,其作用是阻止T细胞攻击病原
D.Z2、W2Y42均能促进水的电离
体,而PD-1抗体能和PD-1结合,从而阻止其对淋巴细胞的免疫抑制作用。下列相关叙述正确的是
13.某温度下,向体积浓度均相等的10mL0.1ml·
L
NaCl溶液、Na溶液中分别滴tx
加.mol·
L
AgNO3溶液。滴加过程中pX=-lgc(X)(X代表Ql和1与所加
B.器官移植后阻断PD-1的功能能降低免疫排斥反应
AgNO3溶液体积之间的关系如图所示。下列说法错误的是
C.PD-1抗体通过与P-1特异性结合而直接将其清除
A.曲线Ⅰ表示Na溶液中pl与AgNO3溶液体积的关系
D.细胞内PD-1表达过度会导致机体合成的抗体减少
5.某长方形的狭长样地中有甲、乙两种植株大小相近的草本植物,经目测发现甲的种群密度显著大于乙
B.在该温度下,K(AgCl)=1×10
C.a、b、c三点所示溶液中c(Ag+):c>b>a
甲分布密集,乙分布比较稀疏,某同学欲调查甲、乙的种群密度。下列叙述正确的是
A.调査甲、乙种群密度时应用五点取样法进行取样
D.若将上述NaCl溶液浓度改为0.2mol·L,则b点会平移至d点
B.调查乙种群密度时选取样方的面积应大于甲
二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分。在毎小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目
C.计数时应将样方内和边缘上的植株全部统计在内
要求第19~2题有多项符合题目要求。全部选对的得6分选对但不全的得3分,有选错的得0分。
D.调査种群密度能反映该种群数量的变化趋势
14.铀是一种放射性元素,能放射出aB和y射线,在自然界中分布极少,主要用来产生原子能。一块含
6.绵羊的有角(H)对无角(h)为显性,Hh在公
表现为有角,在母羊中表现为无角,其毛色银灰色(D)
铀矿石的质量为M,其中铀的质量为m,铀发生一系列衰变,最终生成物为铅。已知铀的半衰期为T
常染色体上月数进银灰色雌排维绵羊交配,所得后代中黑包绵羊均占M理论值),两对基因都位于
则经过时间T
A.这块矿石的质量为0.5M
B.这块矿石中铀的质量为0.5m
A.欲根据子代有无角判断其性别,应选择的亲本杂交组合是HHxh
C.这块矿石的质量为M-0.5m
D.这块矿石中铅的质量为0.5m
欲判断某有角公羊的基因型,可让该羊和有角母羊进行交配
15.某兴趣小组学了电磁感应相关知识之后,做了如下探究性实验:在一个硬纸筒上绕多匝闭合线圈,将
C.基因型为HhDd的雌、雄绵羊交配,所得后代中有角银灰色羊占1/2
该线圈按图示方式放在电子秤上,此时电子秤的示数为m。现该同学将一条形磁铁竖直向下插入硬
纸筒,下列说法正确的是
无角绵羊交配
7.中药铁华含铁华粉,有安心神、止惊悸等功效,《开宝本草》有“取钢煅作叶如笏或团,平面磨错令光净
A.匀速插入时,电子秤的示数仍为m
以盐水洒之,于醋瓮中阴处埋之一百日,铁上衣生,铁华成矣。”下列分析:①“铁华”是指醋酸亚铁;②
B.减速插入时,电子秤的示数小于m0
铁华”是指FeO;③醋瓮中发生了置换反应;④“磨错”是为了除去铁表面的Fe:O4,其中正确的是
C.加速插入时,电子秤的示数小于m
B.②④
C.①③④
D.②③④
D.无论怎么插入,电子秤的示数都大于m
【理综三(第1页)】
【理综三(第2页)】性势能E=2(M+m)()A项错误:其他条件不变由B项分析可得,AC分离时弹簧处于原长
14.【答案】B
解析】经过一个半衰期,含铀矿石中的铀核有一半发生衰变,故经过时间T,这块矿石中铀的质
状态,C项错误:其他条件不变,根据能量守恒定律可得,AC分离时的动能之和E=1(M+m)(P)2
量为0.5m。由于不知道矿石中原来是否具有铅,所以无法判断矿石中铅的质量。由于不知道
衰变过程中发生的质量亏损,所以也无法计算这块矿石最终的质量,综合可得B项正确
M+m),由于m>m,得两物块分离时的速率=√M+m,m15.【答案】D
【解析】根据楞次定律的推论“敌进我退”可知,在插入磁铁的过程中,电子秤的示数一定大于
<,M(B)2,所以C的动能E=)my2>(M+m)(2)2-)M()=n,D项正确
,D项正确
22.【答案】(1)轻推滑块B,使它通过两光电门,若遮光片的遮光时间近似相等,即可判断气垫导轨
16.【答案】B
调整为水平状态(2分)
【解析】等量异种点电荷连线的中垂面是等势面,故a、b、c、O四点的电势相等,O点位于中心,
场强最大,c点场强次之,a、b两点场强相同,所以A项错误、B项正确;而电子在a、b、c、O四点
(2)/(F1-m1g)(21+d(2分)
电势能相等,故C、D项错误
(3)碰撞结束瞬间小球A的运动方向(1分)
【答案】C
【解析】以连接体左侧质量为m的物体为研究对象,则有T-mg=m,以连接体右侧质量为M
23.【答案】(1)负(1分)8.8(2分)
(2)①如图(2分)②R1(1分)③6(1分)AR1(1分)④偏小(1分)偏小(1分)
的物体为研究对象,则有Mg-T=Ma,根据题意可知2T=Mg,联立解得M=3m,C项正确
18.【答案】C
【解析】由于小球抛出时垂直于斜面,则抛出时竖直方向的分速度t,=c0s37°=8m/s,上升到最
高点的时间t==0.8,上升的高度h=1g2=3.2m,水平位移x=im377=4.8m,则小球到
最高点时离斜面的竖直距离H=h+xtan37°=6.8m,C项正确
19.【答案】BD
【解析】当Ea=E1时,运动员运动到最高点,由图乙可知此时h=1m。取斜面底端为重力势能
零势能面,则E02m1=625J得0=5m/s,A项错误;根据功能关系,有mgCs,h
【解析】(1)多用电表,电流“红进黑出”,所以测电源电动势时,黑表笔与电池的负极接触。量
程为10V时,每小格表示0.2V,所以读数保留到本位即可,即读数为8.8V
△E8=125J,得=16,B项正确;运动员沿斜面上滑的时间t=—2
gb+gcs-3s,上滑的
(2)②直流电压表Ⅴ1可用来测量路端电压;实验中没有电流表,但可用定值电阻和直流电压表
位移。=h=5m,因为V2并联改装成一个电流表,由于滑动变阻器的最大阻值为50g,根据电压分配规律,考虑安全
性,定值电阻采用R1。所以,测量电路如图所示
2
gsin
8-ugcos6=9s,C项错误;向上滑动,根据动能定理有-(
u/ngos+
mosin
6)s=
③根据闭合电路欧姆定律有E=U1+nr,得U1=-n2r+E。可见,在U1-U2图像中,图线的斜率的
E1,其中s=1m,E=625J得E=250J,D项正确。
绝对值k=,,纵截距b=E,得r=kR
20.【答案】AC
④由于电压表的分流,干路中电流的测量值比真实值小,导致电池电动势和内阻的测量值都偏
【解析=31,g、=0,故gw:B=2:3,A项正确:根据题意无法确定物体P的质量与物体
小
M
24.解:(1)设粒子进入磁场时的速度为
Q的质量的关系,B项错误;由GM=gR得
,8、"R、2=3×9=6,C项正确P=y,Rn
R
粒子在电场中运动时,有qEL=m2①(2分)
3×3=9,D项错误
LL=2REL
21.【答案】BD
【解析】A、B分离时,它们的速度相等,加速度相等,相互作用力为零。对B进行研究,分离时B的合
粒子在磁场中运动时,有qB=mB,其中R=L②2(1分)
力为零,加速度为零,所以分离时A的合力也为零,此时弹簧处于自然状态,B项正确;分离时,B的速
度大小n=2,A、B的动能之和E=,(M+m)(P)2,根据能量守恒定律可知释放物体时,弹簧的弹
联立解得B=(1分)
物理答案三(第1页)】
【物理答案三(第2页)】卷(三)
OH)>c(H)(2分)
7.【答案】A
5)置于适量水中充分搅拌后过滤,洗涤、在还原性气体中烘干,然后称量(或其他合理答案,2分)
【解析】铁与醋发生置换反应生成亚铁盐,“磨错”是为了除去铁表面的铁锈(Fe2O)等物质,A项
【解析】(1)打开K,通入HCl气体,然后加热氯化铜晶体,待A中反应完成后再停止加热并通人
正确。
氮气直至A恢复到室温。通入N2的目的一是防止空气进入A中氧化CuCl,二是将装置A、B
8.【答案】A
C内的HCl、Cl2排入D中,防止它们进入空气中污染空气。(2)氯化铜是挥发性酸形成的弱碱
9.【答案】C
盐,其晶体加热时能水解到底,故应通入HCl气体(即Ⅹ是HCl),以防止其水解。利用浓硫酸
【解析】Y分子中有三种平面结构模型(苯环、碳碳双键、羧基)且这三个平面结构模型有可能在同一
的吸水性及稀释时放热,将浓盐酸与浓硫酸混合可得到HCl气体。实验时使E中浓盐酸沿导
平面上,故最多共平面的原子多于12个,A项错误;X的分子式为C1H13O2,B项错误;Z分子中含有羟
管进入F中,与浓硫酸接触后水被吸收放岀HCl,HCI上升过程中与F中上部分的浓硫酸接触
基,组成可表示为C3H1OH,除Z外还有7种醇类同分异构体,C项正确;Z不能发生加成反应,D
后被干燥。(3)黄绿色气体是氯气,CuCl2分解得到Cl2与CuCl。氯气遇水形成的氯水有酸性、
项错误
漂白性,石蕊试纸会先变红色后褪色。(4)进入D中的气体有HCl、Cl2,C2与碱反应生成等物
10.【答案】B
质的量的
Nacl
NaClo。故溶液中各离子浓度大小顺序为c(Na+)>c(Cl)>c(ClO)>
【解析】分别用酚酞、甲基橙作指示剂时,滴定终点的pH不同,故消耗的碱量不同,A项错误;根
c(OH)>c(H)。(5)可利用质量法测量,利用CuCl2可溶于水而CuC不溶于水的性质,先
据铝热反应是置换反应及氧化还原反应规律知,B项正确;银镜反应需要在非酸性条件下进行,
分离出CuCl,然后称量分离出的CuCl质量,最后确定其纯度。
C项错误;羟基也能被酸性KMnO溶液氧化,D项错误
27.【答案】(1)增大反应物接触面积,增大浸取效率(2分)SiO2(1分)Cr(OH)3(1分)
11.【答案】C
(2)Cr2O6+6Fe2++12H=2Cr3+6Fe3++6H2O(2分)
【解析】在电解过程中利用CO2制备CH2=CH2、CH4和
HCOOH,均需发生还原反应,故b为电
(3)b、c(2分)
解池的阴极,a为电解池的阳极,A项正确;在电解制取CH2=CH2时,反应过程中碳元素由+4
(4)氧气浓度过大会使大量的CO转化为CO2,不利于Cr2O4的还原(2分)防止+3价的铬
→-2价,故2
mol
cO2得到12mol电子,结合酸性溶液,可得电极反应式:2CO2+12e-+12H
再被氧化(2分)
C2H4+4H2O,B项正确;在电解过程中阳极(a极)反应式为2H2O-4e=4H+O2↑
(5)20(2分)
生成CH4的电极反应为CO2+8e+8H=CH4+2H2O,根据得失电子守恒得关系式
【解析】(1)二氧化硅不溶于酸,因此滤渣中含有二氧化硅;根据题意可知滤渣中还含有
I
mol
CH4~2molO2,C项错误;在电解过程中a极区得到O2和浓度较大的硫酸,D项正确
Cr(OH)3
2.【答案】B
(2)根据得失电子守恒、电荷守恒和元素守恒即可完成离子方程式
【解析】由图可知W形成四个共价键,所以为碳,Y形成了2个共价键,再结合W、Y价电子数关系
(3)调节pH至7可以使用碱溶液,例如氨水,也可使用碳酸钠,使其与硫酸反应
可推出Y是氧。易推出X是氮、Z是镁。常温下水是液体、NH3易液化而CH难液化,A项正确
简单离子半径:N>0>Mg2,B项错误;C原子最外层有4个电子,通过形成四个共价键而使
(4)氧气过量时碳主要生成二氧化碳,缺少还原剂CO;FeSO4具有还原性,可防止+3价的铬再
被氧化。
自己最外层达到8个电子,O原子最外层有6个电子,形成2个键后最外层也达到8个电子,C项
正确;Mg2能水解,C2O2是弱酸的酸根,也能水解,D项正确。
(5)1000g铬渣中含有MgO为120g(3mol)、Al2O3为306g(3mol)、Fe2O3为240g(1.5mol
13.【答案】D
Cr2O为20g(0.1mol)、SiO2为300g(5mol)。由于在还原过程中加入了152g(1mol)FeSO4,
【解析】在NaCl和Nal溶液中分别加入W(AgNO3)=10mL时,均恰好反应,此时a点对应的pX
所以最终滤渣煅烧后物质中Fe2O3的物质的量为(1.5mol×2+1mol)/2=2mol;Cr2O6→Cr2O3
大说明c(X-)小,故曲线I对应的是Na溶液的变化,A项正确;当加入V(AgNO3)=10mL时,
物质的量不变,仍为0.1mol,即MgO、A2O3、Fe2O3Cr2O3和SO2的物质的量之比为3:3:2
NaC和AgNO3恰好反应,溶液变成AgC1饱和溶液,此时c(Ag)=c(Cl-)=10-mol·L1,
0.1:5,即30:30:20:1:50,故a=20。
故K1(AgC)=c(Ag2)·c(Cl-)=108=1×101,B项正确;根据p可知b点c(Ag)大于
28.【答案】(1)C(s)+O2(g)=CO2(g)△H=-393.5kJ·mol-(2分)
a点,a、b点为恰好完全反应的点,再滴加AgNO3溶液Ag不会反应,c点时c(Ag+)=2c(AgNO3)
(2)①曲线a对应温度较低(1分)②34.1(2分)
故c点浓度最大,即c>b>a,C项正确;温度不变,氯化银的溶度积不变,若将上述NaC溶液浓度改
(3)①20(2分)1.6(2分)>(2分)②b(2分)
为0.2mo·L-,平衡时-lgc(C-)=49,但需要的硝酸银溶液的体积变成原来的2倍,此时b点将
(4)2NO+4e+4l
N2+2H2O(2分
平移至与d点横坐标相同,但不会到d点,D项错误。
【解析】(1)由盖斯定律知,(③+②+①)÷2即可得到C(s)+O2(g)==CO2(g)ΔH:
26.【答案】(1)②③①(2分)防止空气进入A中氧化生成的CuCl;将装置内的HC、Cl2排入D中,防
-393.5kJ·mol。
止污染空气(2分)
(2)2NO(g)+2CO(g)←一N2(g)+2CO2(g)的正反应是放热反应,温度越低,NO的转化率越高,
(2)防止氯化铜水解(1分)浓盐酸(1分)
故曲线a对应温度较低。设开始时气体各为lmol,总质量为58g,M点时,剩余0.4
mol
NO、CO
3)2CuCl2=202cuC+C12t(2分)先变红色后褪色(2分)
生成0.6
mol
co20.3molN2,混合气体共1.7mol,故平均相对分子质量=58/1.7=34.1
【化学答案三(第1页)】
【化学答案三(第2页)】6.【答案】C
【答案】A
【解析】根据题意可知,若要根据子代有无角判断性别,则要求后代只有Hh一种基因型,因此亲
【解析】糖类的C、H含量低于脂肪,因此糖类转化为脂肪时,有机物中C、H的相对含量会升高
本的杂交组合为HHxh,A项正确;有角公牛的基因型为HH或Hh,若要判断其基因型可以让
A项正确;休眠的种子萌发时细胞代谢增强,此时细胞内的结合水会转化为自由水,而不是自由
该羊和有角母羊HH交配,再统计后代母羊群体中是否出现无角,若出现则其基因型为Hh,若未
水持续转化为结合水,B项错误;人体细胞中氨基酸分为必需氨基酸和非必需氨基酸,只有非必
出现则其基因型为HH,B项正确;银灰色雌、雄绵羊交配,所得后代中黑色绵羊均占1/3,则DD
需氨基酸之间可以相互转化,C项错误;肝糖原分解为葡萄糖的场所在细胞内,而不是在血浆中
致死,基因型为HhDd的雌、雄绵羊交配,后代中有角占1/2,银灰色占2/3,因此后代中有角银灰
D项错误。
色羊占1/3,C项错误;两只无角绵羊交配,母羊基因型为hh或Hh,公羊基因型为h,后代基因
2.【答案】B
型为h或hh和hh,因此若出现有角,则一定为公羊,D项正确。
【解析】根据图示可知,初始状态下甲的细胞液滲透压大于外界蔗糖溶液的滲透压,乙的细胞液
29.【答案】(除注明外,每空1分,共9分)
渗透压和外界蔗糖溶液的渗透压相等,而丙的细胞液渗透压小于外界蔗糖溶液的滲透压,因此
(1)常态容易发生化学反应的活跃状态核糖体
渗透压大小关系为甲>乙>丙,A项错误;t1时刻各组细胞液泡体积均不再发生变化,此时水分
(2)防止水解胰腺细胞中的蛋白质,进而防止胰腺受损(2分)
进出达到动态平衡,B项正确;时刻甲表现为吸水膨胀,由于存在细胞壁的束缚,其细胞液渗透
(3)蛋白酶、淀粉酶和脂肪酶催化的底物分别是蛋白质、淀粉和脂眆,H‘(酸)也能催化蛋白质
压应大于外界蔗糖溶液的渗透压,C项锴误;细胞乙初始状态下其渗透压和外界蔗糖溶液的渗透
淀粉和脂肪的水解(2分)
压相等,但是细胞液中存在多种溶质分子,而不是只有蔗糖一种溶质分子,D项错误。
(4)离子泵是一种载体蛋白,离子泵是一种ATP酶,离子泵具有运输功能,离子泵具有催化功
3.【答案】C
能,该离子泵运输相应物质的方式是主动运输等(答出任意2点即可,2分)
【解析】根据题意可知新冠病毒与ACE2受体结合后才能侵人细胞,可见,ACE2分布广泛导致该
【解析】(1)酶的作用机理是降低化学反应需要的活化能,活化能是指分子从常态转变为容易发
病毒具有较多的传染途径,A项正确;该病毒有囊膜,其囊膜与宿主细胞的细胞膜融合,将RNA
生化学反应的活跃状态所需要的能量。酶的化学本质是蛋白质或RNA,能够与双缩脲试剂反
释放到细胞内,该现象可体现出生物膜的结构特点,B项正确;新冠病毒的RNA复制产生的子代
应生成紫色络合物的酶是蛋白质,合成场所为核糖体。(2)胰蛋白酶的作用是催化蛋白质的水
RNA和原RNA互补,序列不同,因此不会直接参与装配形成子代病毒,C项错误;新冠病毒增殖
解,该酶在细胞内以没有活性的酶原形式存在的意义是防止其水解细胞内的蛋白质,进而防止
需要宿主细胞提供合成蛋白质外壳和RNA的原料,并需要消耗宿主细胞的能量,D项正确。
细胞受损。(3)H(酸)也能催化蛋白质、淀粉和脂肪的水解,所以,探究pH对酶活性影响时通
4.【答案】D
常不选择蛋白酶、淀粉酶和脂肪酶作为研究对象。(4)见答案
【解析】免疫系统抑制癌症的发生体现了免疫系统的监控和清除功能,A项错误;器官移植后阻
【答案】(除注明外,每空1分,共9分)
断PD-1的功能会减弱PD-1对T细胞和B细胞的抑制作用,增强机体的免疫功能,从而增强
(1)神经反应迅速
免疫排斥反应,B项错误;PD-1抗体通过与PD-1特异性结合后被吞噬细胞清除,C项错误;细
(2)升高抗利尿减少
胞内PD-1表达过度会对T细胞和B细胞起抑制作用,从而降低机体免疫反应,减少抗体的产
(3)快兴奋从大脑皮层传至内脏器官经过的突触多(2分)氧气
生,D项正确。
【解析】(1)随着发令员一声枪响,运动员立即迈出脚步,运动员反应速度快是神经调节的结果。
5.【答案】B
(2)运动员大量流汗,导致细胞外液渗透压升高,剌激下丘脑神经分泌细胞分泌抗利尿激素,抗
【解析】根据题意可知,该样地为狭长的样地,因此用样方法调查种群密度时应当用等距取样法
利尿激素作用于肾小管和集合管,促进对水的重吸收,减少尿量。(3)由图可知,兴奋从大脑皮
调査,A项错误;根据题意可知,甲的分布密集,乙的分布稀疏,若样方内植株数量过少,会导致误
层传至内脏器官经过的突触多,而兴奋从大脑皮层传至肌肉经过的突触少,从而使兴奋能更快
差增大,因此乙的样方的面积应大于甲,B项正确;计数时应将样方内和两条相邻的边及其夹角
地传至肌肉。根据“肌肉活动必需依赖内脏器官的协调配合才能获得充足的氧气,在长跑运动
的植株统计在内,C项错误;调査种群密度不能反映种群数量的变化趋势,要反映种群数量的变
等剧烈的运动中,兴奋的这种传递速度差别更明显”可知肌肉活动与内脏器官不能很好地协调
化趋势,应调查其年龄结构,D项错误
配合,从而导致肌肉氧气相对缺乏,出现无氧呼吸。
【生物答案三(第1页)】
【生物答案三(第2页)】

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