资源简介

绝密★启用前
北重三中2020届高三模拟考试理科综合试卷
注意事项
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦
干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回
可能用到的相对原子质量HLi7O16Na23Ca40S32
选择题:本题共13个小题,每小题6分。共78分,在每小题给出的四个选项中,只有一项
是符合题目要求的。
1.核小体是染色质的结构单位,由一段长度为180200bp的DNA缠绕在组蛋白上构成。下列有关核小体的叙述,
正确的是
A.组蛋白的基本单位是核苷酸
B.酵母菌细胞核中存在核小体
C.普通光镜下可观察到核小体
D.核小体DNA不含P元素
2.下列有关细胞结构与功能的叙述,正确的是
液泡:含有大量色素,参与植物对光能的吸收B.中心体:主要成分是磷脂,参与动物细胞的有丝分裂
C.细胞壁:含有纤维素和果胶,主要控制物质进出细胞D.高尔基体:由单层膜构成,参与植物细胞壁的形成
3.破骨细胞可吞噬并降解骨组织中的羟基磷灰石(HAP),HAP在溶酶体中水解酶的作用下降解释放岀Ca等离子,
从而促进骨组织的发育和重构。下列相关叙述,正确的是
A.破骨细胞的吞噬过程依赖于细胞膜的流动性
B.吞噬过程消耗的能量全部由线粒体提供
C.溶酶体中降解HAP的酶最适p为碱性
D.HAP降解后的产物不能被回收和再利用
4.紫罗兰单瓣花和重瓣花是一对相对性状,由一对基因B、b决定。育种工作者利用野外发现的一株单瓣紫罗兰
进行遗传实验,实验过程及结果如下图。据此作出的推测,合理的是
单瓣紫罗兰⑧
单瓣紫罗兰(50%)8
单瓣業罗兰(50%
重瓣紫罗兰(
均不育
重瓣紫罗兰(50%、均不育)
A.重瓣对单瓣为显性性状
B.紫罗兰单瓣基因纯合致死
C.缺少B基因的配子致死
含B基因的雄或雌配子不育
理综第1页(共14页)
5.人类依靠几百万个嗅觉受体神经元识别多种气味,每个嗅觉受体神经元中有几百个气味分子受体基因。研究发
现,L蛋白与气味分子受体基因附近的一段DNA序列结合,增强几百个基因中的一个基因表达,从而使该神经元
细胞表达特定受体,只感应一种气味分子。下列相关叙述,不正确的是
A.气味分子与嗅觉受体神经元上的受体结合,引起神经元产生兴奋
B.嗅觉受体神经元产生的兴奋通过传入神经传至下丘脑形成嗅觉
C.不同的嗅觉感受神经元的基因组成相同,mRNA的种类不同
D.细胞中特定基因表达增强是实现细胞功能特异性的方式之一
6.科研人员调査了某地不同林龄的松林中土壤有机碳含量及真菌的种类,结果如下表所示。下列叙述不正确的是
林龄(年)士壤有机碳(g·kg")|土壤真菌群落丰富度
30.90
A.选取的三种松林的面积、温度等环境因素应相近
B.土壤有机碳被真菌分解后为林木提供营养物质
C.松林中所有动物、植物和微生物等所有生物构成了生物群落
松林生态系统经历时间越长真菌的多样性越高
7.下列说法正确的是
A.食盐抗结剂K1[Fe(CN)。(黄血盐)可用KCN和FeCl2代替
B.C102和75%酒精均可用于新冠肺炎期间消毒,二者杀菌原理相同
C.港珠澳大桥采用的聚乙烯纤维吊绳,其商品名为“力纶”,是有机高分子化合物
D.常温下,成语“金戈铁马”中的金属能溶于浓硝酸
8.设N为阿伏加德罗常数的数值,下列有关说法正确的是
A.用氢氧燃料电池电解饱和食盐水得到0.4
mol
NaOH,在燃料电池的负极上消耗氧气分子数为0.1N
B.5.8g熟石膏(2CaS04·H0)含有的结晶水分子数为0.04N
C.把4.6g乙醇完全氧化变成乙醛,转移电子数为0.2
D.标准状况下,2.24LCO2与足量Na2O2反应转移的电子数为0.2N
9.瑞德西韦(结构如图所示)是国外公司研制的用于抗埃博拉病毒感染的核苷类药物,对新冠病毒有较好的抑制
作用。关于瑞德西韦的说法,不正确的是
A.分子中所有的碳原子不可能处于同一平面内
B.该有机物苯环上的二氯代物共有8种
C.1mol该有机物可与9molH2发生加成反应
理综第2页(共14页)B
D
A
D
B
D
29、（每空2分，10分）（1）A—P～P～P
ATP和ADP相互迅速转化
（2）腺苷
（3）①典型神经递质在神经细胞间的信息传递
②受体
30、（每空2分，10分）（1）同位素标记法
（2）几乎不能
几乎不能
朊病毒不含
核酸只含蛋白质，蛋白质中磷含量极低，故试管2中提取的朊病毒几乎不含32P
（3）沉淀物
上清液
被35S标记的朊病毒（蛋白质），大部分进入牛脑组织细胞中，只有少量的朊病毒可能没侵入牛脑组织细胞
31、（每空2分，8分）
（1）基因多样性
（2）在环境条件不受破坏的情况下，一定空间中所能维持的种群最大数量
（3）鳙鱼遗体残骸中的能量和乌鳢粪便中的能量
（4）不正确。因为物质循环发生于生物群落与无机环境之间，物质在生产者、消费者、分解者之间只能单向流动，不能循环。
（每空2分，11分）
（1）长翅和残翅受一对等位基因控制，长翅对残翅为显性，遵循分离定律
两对基因位于不同对的同源染色体上（两对基因遵循自由组合定律）
（2）交叉互换、减数第一次分裂的四分体（前)时期
（4）R与Q不是相同基因
F1形成配子的过程中，Ⅰ号染色体发生交叉互换，形成含
rq基因的配子,该种类型的雌雄配子结合形成受精卵，发育成感病个体（3分）
37（15分,（15分，除标注外，每空2分）
（1）滤杯、滤膜和滤瓶
酒精灯火焰(1)
（2）接种
固体
鉴别
（3）3100
（4）提供氧气，使大肠杆菌与营养物质充分接触
（5）高于
短于
38.
（15分，除标注外，每空2分）
（1）否（1分）
并没有发育成完整个体
（2）发育的全能性
（3）HindIII和PstI或EcoRI和PstI
（4）B和C
30
（5）绿色
抗原-抗体杂交参考答案
7.C
8.C
9.B
10.D
11.B
12.C
13.A
26.（13分）(1)银氨溶液（新制氢氧化铜悬浊液）(2分)
水浴加热(1分)
(2)
①球形冷凝管(2分)
②C6H12O6+12HNO3=3H2C2O4+9NO2↑+3NO↑+9H2O(2分)
③做安全瓶或防止倒吸(2分)
(3)重结晶(2分)
(4)
K2Cr2O7+7H2C2O4·2H2O=2
K[Cr(C2O4)2(H2O)2]+6CO2↑+17H2O(2分)
27.（15分）（1）Cu2S+4Fe3+=2Cu2++4Fe2++S
(2分)
（2）CuCl+FeCl3=CuCl2+FeCl2(2分)
（3）漏斗
(1分)
（4）取滤液少量于试管中，滴加K3Fe(CN)6溶液，若生成蓝色沉淀，说明有Fe2＋(2分)
取滤液少量于试管中，滴加KSCN溶液，若无现象再滴加氯水，溶液变红色，说明有Fe2＋(2分)
（5）调节溶液的pH，使铁完全转化为Fe(OH)3沉淀
(2分)
（6）
Cu2++2H2OCu(OH)2+2H+抑制Cu2+的水解(2分)
（7）蒸发浓缩、冷却结晶、过滤洗涤(2分)
（8）6H++2CuFeS2＋2e－=Cu2S＋3H2S＋2Fe2＋(2分)
28．（15分）（1）CH3CH2OH(g)+H2O(g)?4H2(g)+2CO(g)
△H=
+256.1
kJ/mol
（2分）
（2）①
三点平衡常数相同（2分）
②>
（2分）
0.011mol·L-1·min-1（2分）
③B>E>F
（2分）④不能（1分），A、B两点反应物浓度不确定（2分）
(3)
14CO2+12e-+9H2O=CH3CH2OH+12HCO3－
（2分）
35.（15分）
（1）
（1分）
（2）E
（1分）
（3）5
（1分）
四面体
（1分）
（4）22NA
（2分）
(5)sp2
sp3
（2分）
与水间形成氢键（1分）
（6）氧均为sp3
杂化，孤立水中氧孤电子对数为2，配合物中氧孤电子对数为1，孤电子对数越多，对成键电子对排斥力越大，键角越小（2分）
（7）①面心立方最密堆积（1分）
正八面体（1分）
②
（2分）
36.物理答案
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
试题
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
D
C
A
A
C
AD
BD
ACD
14.
D　[由Ek＝hν－W可知，最大初动能随入射光的频率的增大而增大，但不成正比，A项错误；1927年戴维孙和汤姆孙做了电子束的衍射实验，取得了成功，说明电子的波动性，B项错误；比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时有质量亏损，释放核能，C项错误；氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，动能增大，氢原子能量减小，氢原子的电势能减小，D项正确。]
15.
C　[若从图示位置计时，则原线圈中电压瞬时值为e＝NBSωcos
ωt，A项错误；当闭合开关S时，原线圈电压不变，根据＝可知，副线圈电压不变，B项错误；副线圈电阻减小，副线圈电流增大，原线圈电流增大，电流表示数增大，C项正确；原线圈电压有效值为不变，根据＝，副线圈电压为，D项错误。]
16.
A　[当a、b均为正电荷时，根据平衡条件，2kcos
30°＝E0q，如果仅让点电荷a带负电，电荷量大小不变，其他条件不变，则O点处电荷的受力变为F＝2k＝E0q，A项正确。]
17.
A　[根据第一宇宙速度的定义有G＝m，在天体表面G＝mg，由以上两式可得g＝，地球与火星的表面加速度之比为∶＝，A项正确。]
18.
C　[剪断轻绳，甲加速度为，乙加速度为g，加速度之比为1∶2，A项错误；由v＝at可得，速度之比为1∶2，B项错误；由平衡条件m甲gsin
30°＝m乙g可知，m甲∶m乙＝2∶1，动量大小之比为1∶1，C项正确；动能大小之比为1∶2，D项错误。]
19.
AD　[设在B点的速度为vB，在C点水平速度为vB，水平方向有l＝vBt，竖直方向vCy＝gt，tan
37°＝，解得vB＝2
m/s。由A到B，由机械能守恒定律可得mgR＝mv，解得R＝0.2
m，A项正确；在轨道最低点B，N－mg＝m，N＝30
N，B项错误；A到B，重力的功率先增加后减小，B到C，竖直方向速度增大，重力功率增大，C项错误；在C点的速度vC＝＝2.5
m/s，动能Ek＝mv＝3.125
J，D项正确。]
20.
BD　[两物体及弹簧组成的系统机械能守恒，A项错误；当物体A的速度最大时，弹簧弹力等于物体A重力，物体B受绳的拉力等于其重力，物体B与地面间的作用力为零，B项正确；若物体A恰好能到达地面，在物体A减速的过程中，弹簧拉力大于其重力，物体B已经向上运动，C项错误；根据能量守恒，重力对物体A做的功，即物体A重力势能减少量等于弹簧弹性势能的增加量与物体B的机械能增加量之和，D项正确。]
21.
ACD　
三、
非选择题
22.
[答案]　(1)
0.15(2分)　(2)0.5(2分)　0.3(2分)
[解析]　
(1)用公式Δs＝at2求解加速度，连续两点的时间间隔为t＝0.1
s，Δs＝(6.49－6.34)×10－2
m＝0.15×10－2
m，得加速度a＝0.15
m/s2。
(2)由牛顿第二定律有F－μmg＝ma，故a＝－μg，即图线斜率为＝2，纵轴截距的大小为μg＝3，可得m＝0.5
kg，μ＝0.3。
23.
解析　(1)由于欧姆表不能直接测量带电源的电路，应该断开开关后再放到1、4直接测量继电器的电阻，所以上述步骤中的d有错误，欧姆表正确的操作步骤是badc．
(2)当通过电磁继电器线圈的电流达到20
mA时，衔铁被吸合，电炉丝停止加热；当通过继电器线圈的电流降到18
mA时，衔铁与继电器分开，电炉丝通电加热，所以回路中的电流取值范围是18～20
mA，当继电器线圈的电阻为25.0
Ω.电阻箱的阻值调为75.0
Ω，利用闭合电路欧姆定律I＝
可解得此时热敏电阻的取值范围为80～100
Ω，结合图像可知温度的取值范围为50～60
℃，若要提高控制的温度，即热敏电阻的阻值变小，则需要将电阻箱的阻值调大，保持回路中电流的取值范围不变．
(3)从图中可以看出电表在测量变阻箱时的电压为电源电动势，所以回路中应该出现了变阻箱断路这样的故障，所以选B．
答案　(1)d　badc　(2)50
℃～60
℃　调大　(3)B
24．解析　(1)设物块A滑到斜面底端与物块B碰撞前时的速度大小为v0，A在斜面上下滑过程，由机械能守恒定律得：m1gh＝m1v
解得：v0＝4.0
m/s
(2)设物块B受到的滑动摩擦力大小为f，则f＝μm2g，摩擦力做功为W，则有：W＝－μm2gx
解得：W＝－2.4
J
(3)设物块A与物块B碰撞后物块A瞬间的速度为v1，物块B碰撞后的速度为v，碰撞损失的机械能为E.对碰后B的运动过程，由动能定理得：－μm2gx＝0－m2v2
解得：v＝4.0
m/s
由动量守恒定律得：m1v0＝m1v1＋m2v
解得：v1＝2.0
m/s
由能量守恒得：m1v＝m1v＋m2v2＋E
解得：E＝1.2
J
答案　(1)4
m/s　(2)－2.4
J　(3)1.2
J
25.
解析　(1)由几何关系可得：r＋＝l
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：
ev0B＝
解得：r＝，v0＝
(2)假设电子从OE边离开，则电子做类平抛运动中，有：
x＝2R＝l
电子的加速度为：a＝＝
若电子从EF间射出，则t1＝＝
若电子从OE间离开，则t2＝
＝
因t1>t2，故可判断电子是从OE间离开电场的．
电子在电场中运动的时间为：t2＝
(3)对于电子P，设射出时速度方向与y轴负向成α角，射在荧光屏上的位置距离x轴为Y，
vPx＝at1
tan
α＝
由几何关系有：Y＝yP＋
对于电子Q，设其在电场中运动的时间为t2，射出时速度方向与y负轴方向成β角，在y轴上的射出点与O点距离为yQ1，射出点与电子P打在荧光屏上的相交点竖直距离为yQ2：
yQ1＋yQ2＝Y
yQ1＝v0t2
yQ2＝．
tan
β＝
vQx＝at2
联立解得：t2＝(另一个解t2′＝是电子P在电场中运动的时间，故舍弃)．所以，xQ＝
＝l
故电子Q进入磁场的坐标为：x＝xQ－2R＝l－l＝－l
答案　(1)　(2)　(3)－l
33.
[答案]　(1)ABC
(2)①　②T0　Q－(p0S－Mg)Δh0
[解析]　(1)气体放出热量，若外界对气体做功，温度升高，其分子的平均动能增大，A项正确；布朗运动不是液体分子的运动，但它间接地说明液体分子在永不停息地做无规则运动，B项正确；当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，C项正确；根据热力学第二定律，宏观过程具有方向性，D项错误；当液体分子间的距离减小时，分子间的斥力增大，分子间的引力也增大，但斥力比引力增加的快，E项错误。
(2)①设封闭气体的压强为p，对活塞受力分析，得
p0S＝pS＋Mg(2分)
用水银柱高表示气体的压强p＝p0－ρgΔh(1分)
解得Δh＝。(1分)
②加热过程中气体变化是等压变化
＝(2分)
T＝T0
气体对外做功为W＝pSΔh0＝(p0S－Mg)Δh0(1分)
根据热力学第一定律：ΔU＝Q＋W(2分)
可得ΔU＝Q－(p0S－Mg)Δh0。(1分)
34.
[答案]　(1)BCE　(2)4πa2
[解析]　(1)质点开始振动的方向沿y轴负方向，A项错误；0.8
s传播一个波长，周期为0.8
s，B项正确；波速v＝＝30
m/s，D项错误；传到P点的时间t＝
s＝3.2
s，C项正确；P处质点开始振动后经个周期到波峰，即0.6
s，E项正确。
(2)如图所示，射到OA界面的入射角α＝30°，则sin
α＝<，故入射光能从圆锥侧面射出。设折射角为β，无限接近A点的折射光线为AC，根据折射定律有
sin
β＝nsin
α(2分)
解得β＝60°
过O点作∥
则∠O2OD＝β－α＝30°(2分)
在Rt△O1AO中，＝Rtan
30°＝a×＝a
在Rt△ACE中，＝tan
30°＝a
故＝－R＝a(2分)
在Rt△OO2D中，＝4atan
30°＝a(2分)
光束在桌面上形成的光斑面积
S＝π－π＝4πa2。(2分)

展开更多......

收起↑