资源简介

48分小题精准练(三)
(时间：20分钟　分值：48分)
选择题(本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)
1．下列对几种物理现象的解释，正确的是(　　)
A．泥工师傅贴瓷片时为了使瓷片平整用橡皮锤敲打瓷片，而不是用铁锤，是因为橡皮锤产生的冲量小
B．小朋友用力推门而没推动，但推力产生的冲量并不为零
C．动量相同的两个物体受到相同的制动力作用时，速度小的物体将先停下来
D．竖直上抛的物体上升到一定高度后又落回抛出点，不计空气阻力，则此过程中重力的冲量为零
B　[泥工师傅贴瓷片时为了使瓷片平整用橡皮锤敲打瓷片，而不是用铁锤，是因为与铁锤相比橡皮锤弹性大，敲打瓷片时力的作用时间更长，根据动量定理F·Δt＝Δp可知产生的作用力小，选项A错误；根据冲量定义式I＝Ft可知，虽然小朋友用力推门而没推动，但推力产生的冲量并不为零，选项B正确；根据动量定理FΔt＝Δp知，动量相同的两个物体受到相同的制动力作用时，两物体将同时停下来，与速度无关，选项C错误；同理，根据冲量定义式I＝Ft可知，竖直上抛的物体上升到一定高度后又落回抛出点，不计空气阻力，则此过程中重力的冲量不为零，选项D错误。]
2. (2020·山东学业水平等级考试·T1)一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼，其位移s与时间t的关系图像如图所示。乘客所受支持力的大小用FN表示，速度大小用v表示。重力加速度大小为g。以下判断正确的是(　　)
A．0～t1时间内，v增大，FN＞mg
B．t1～t2时间内，v减小，FN＜mg
C．t2～t3时间内，v增大，FN＜mg
D．t2～t3时间内，v减小，FN＞mg
D　[根据位移—时间图像的斜率表示速度可知，0～t1时间内，图像斜率增大，速度v增大，加速度方向向下，由牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，所受的支持力FNmg，选项C错误，D正确。]
3．一颗在赤道上空做匀速圆周运动的人造卫星，其所在高度处对应的重力加速度为地球表面重力加速度的四分之一，则某一时刻该卫星观测到的赤道的最大弧长为(已知地球半径为R)(　　)
A.πR B.πR C.πR D.πR
A　[卫星所在高度处有G＝mg′，在地球表面处有G＝mg，因为g′＝g，解得r＝2R，如图所示，图中cos θ＝＝，即θ＝，则某一时刻该卫星观测到的赤道的最大弧度为，则观测到的赤道的最大弧长为πR，A正确。]
4．下列说法正确的是(　　)
A．发生α衰变的原子核会产生α射线，生成的新核与原来的原子核相比，中子数减少了5个
B．氟?18的半衰期为109.8分钟，100个氟?18原子核经过7.5个小时后一定剩下6个氟?18原子核
C．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子的能量增加
D．自由核子组成原子核时，其质量亏损对应的能量大于该原子核的结合能
C　[发生α衰变的原子核会产生α射线，生成的新核与原来的原子核相比，中子数减少了2个，A错误；半衰期的意义只有对大量原子核才成立，B错误；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，但原子的能量增加，C正确；自由核子组成原子核时，其质量亏损对应的能量等于该原子核的结合能，D错误。]
5.如图所示的速度选择器水平放置，板长为L，两板间距离也为L，两板间分布着如图所示的匀强电场与匀强磁场。一带正电的粒子(不计重力)从两板左侧中点O处沿图中虚线水平向右射入速度选择器，恰好做匀速直线运动；若撤去磁场，保留电场，粒子以相同的速度从O点进入电场，恰好从上极板ab的右边缘b处离开场区；若撤去电场，保留磁场，粒子以相同的速度从O点进入磁场，经过一段匀速圆周运动后，打在下极板cd上，则粒子做匀速圆周运动的轨迹半径为(　　)
A．L B．2L
C.L D.
A　[该带正电的粒子恰能沿图中虚线匀速通过速度选择器，电场力竖直向上，洛伦兹力竖直向下，根据平衡条件，有qvB＝qE，解得v＝。撤去磁场，保持电场不变，粒子在电场中做类平抛运动，则L＝vt，L＝·t2，解得粒子的比荷＝；撤去电场，保持磁场不变，粒子做匀速圆周运动，由qvB＝m，解得r＝＝L。]
6．假设给原线圈接如图甲所示的交变电流，每个周期T内，前电流恒定，后的电流按正弦式规律变化．如图乙所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶10，L1、L2是完全相同的两个灯泡。两电压表均为理想电表。下列说法正确的有(　　)
甲　　　　　　　　　乙
A．电压表V1的示数为22 V
B．闭合开关S后，电压表V2示数为闭合前的2倍
C．闭合开关S后，电压表V2示数不变
D．闭合开关S后，电压表V2示数为220 V
AC　[根据题图甲知·＋ V))··＝T，解得U1有效＝22 V，故电压表V1示数为22 V，A正确；根据变压器工作原理知＝，闭合开关S后，n1、n2、U1都不变，故U2不变，电压表V2示数不变，B错误，C正确；原线圈内的电流前半个周期是恒定电流，变压器不工作，副线圈两端只有半个周期有电压，有0＋ V))··＝T，可得U2有效＝ V<220 V，D错误。]
7.如图所示，一辆货车通过光滑轻质定滑轮用轻绳提升一箱货物，货箱质量为M，货物质量为m，在货车的牵引下，货物从静止开始先做加速运动，再做匀速运动，最后做减速运动直至静止，整个过程中将货物提升的高度为h，则(　　)
A．货物的机械能先增加后减少
B．货物对箱底的压力始终大于mg
C．若图示位置货车的速度为v，则此时货物的速度为vcos θ
D．整个过程中货车拉力做的功为(M＋m)gh
CD　[因为绳的拉力始终对货物做正功，故货物的机械能一直增加，A错误；因为货物从静止开始先做加速运动，再做匀速运动，最后做减速运动直至静止，根据超重、失重的特点知，在加速阶段，箱底对货物的支持力大于mg，在匀速阶段，箱底对货物的支持力等于mg，在减速阶段，箱底对货物的支持力小于mg，由牛顿第三定律知，货物对箱底的压力先大于mg，然后等于mg，最后小于mg，B错误；将货车的速度沿绳方向和垂直于绳方向分解，有v货物＝v绳＝vcos θ，C正确；整个过程中根据动能定理有W－(M＋m)gh＝0，解得货车拉力做的功W为(M＋m)gh，选项D正确。]
8.一个质量为m、带电荷量为＋q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两种区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长。已知每一个电场区的场强大小相等，方向均竖直向上，重力加速度大小为g，不计空气阻力，下列说法正确的是(　　)
A．小球在水平方向一直做匀速运动
B．若场强大小等于，则小球经过每一个无电场区的时间均相等
C．若场强大小等于，则小球经过每一个电场区的时间均相等
D．小球经过每一个电场区的机械能的减少量相等
ABD　[将小球的运动沿着水平方向和竖直方向进行正交分解，水平方向不受外力，以v0做匀速运动，选项A正确；在竖直方向上，小球在无电场区只受重力，加速度大小为g，方向竖直向下，在电场区除受重力外，还受到方向竖直向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向，当电场强度等于时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，竖直方向的运动是匀速运动，而在无电场区小球做匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不相等，因而小球经过每一个电场区的时间均不相等，选项C错误；当电场强度等于时，电场力等于2mg，故在电场区小球所受的合力大小为mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，则在经过第一个无电场区时，有y＝gt，v1＝gt1，经过第一个电场区时，有y′＝v1t2－gt，v2＝v1－gt2，联立解得t1＝t2，v2＝0。接下来小球的运动重复前面的过程，即每次通过无电场区时，在竖直方向上都是做自由落体运动，每次通过电场区时都是做竖直方向上末速度为零的匀减速直线运动，故小球经过每一个无电场区的时间相同，选项B正确；小球经过每个电场区机械能的减少量等于除重力外克服其他力做的功，由于在每个电场区小球受到的电场力及竖直高度都相同，故小球经过每个电场区的机械能的减少量相等，选项D正确。]

展开更多......

收起↑