资源简介 2020-2021学年第二学期八年级数学期末(模拟)测试卷一、单选题(每小题3分,共36分)1.如果m是任意实数,那么下列代数式中一定有意义的是( )A.B.C.D.2.在中,,是内一点,且,,则的值为()A.B.C.或D.3.下列命题:①有一个角为的等腰三角形是等边三角形;②三边长为的三角形为直角三角形;③等腰三角形的两条边长为,则等腰三角形的周长为10或8;④到线段两端距离相等的点在这条线段的垂直平分线上.正确的个数有()A.1个B.2个C.3个D.4个4.如图,在中,交于点平分交于点,则的长为()A.2B.C.D.5.如图,在正方形中,是边上的一点,,,将正方形边沿折叠到,延长交于点,连接,,如下4个结论:;②为中点;③;④.其中正确结论的有()A.1个B.2个C.3个D.4个6.如图,在矩形片中,边,,将矩形片沿折叠,使点A与点C重合,折叠后得到的图形是图中阴影部分.给出下列结论:①四边形是菱形;②的长是1.5;③的长为;④图中阴影部分的面积为5.5,其中正确的结论有()A.1个B.2个C.3个D.4个7.如图,中,,,,平行四边形内放着两个菱形,菱形和菱形,它们的重叠部分是平行四边形.已知三个阴影平行四边形的周长相等,那么平行四边形的面积为()A.B.C.D.8.已知,矩形中,为上一定点,为上一动点,以为一边作平行四边形,点分别在和上,若平行四边形的面积不会随点的位置改变而改变,则应满足( )A.B.C.D.9.如图,直线与分别交x轴于点,则不等式的解集为()A.B.C.D.或10.若a,b为实数,且+b=3,则直线y=ax﹣b不经过的象限是()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限11.一次函数y=kx+b(k不为零)的图象与y轴的交点为(0,-3),且与坐标轴围成的三角形的面积为6,则图像与x轴的交点坐标是()A.(2,0)B.(4,0)C.(-4,0)D.(4,0)或(-4,0)12.已知:一组数据x1,x2,x3,x4,x5的平均数是2,方差是,那么另一组数据3x1﹣2,3x2﹣2,3x3﹣2,3x4﹣2,3x5﹣2的平均数和方差分别是( )A.2,B.2,1C.4,D.4,3二、填空题(每小题3分,共24分)13.已知y=1++,则2x+3y的算术平方根为_____.14.如图,在正方形网格中,,,,,都是格点,则_______.15.如图,Rt中,,,,是的中点,是直线上一点,把沿所在的直线翻折后,点落在点处,如果,那么点和点间的距离等于______.16.如图,线段CE的长为3cm,延长EC到B,以CB为一边作正方形ABCD,连接DE,以DE为一边作正方形DEFG,设正方形ABCD的面积为,正方形DEFG的面积为,则的值为_______.17.如图,在△ABC中,∠B=60°,∠ACB=45°,延长BC至D,使得CD=BC,过AC的中点E作EFCD(点F位于点E右侧),且EF=2CD,连接DF.若DF=4,则AC的长为_______.18.如图,在?ABCD中,已知AD=15cm,点P在AD边上以1cm/s的速度从点A向点D运动,点Q在BC边上以4cm/s的速度从点C出发在BC上往返运动,两个点同时出发,当点P到达点D时停止运动(同时Q点也停止),设运动时间为t(s)(t>0),若以P,D,Q,B四点为顶点的四边形是平行四边形,则t的值可以是_______.19.如图1,四边形中,,点P从A点出发,以每秒一个单位长度的速度,按的顺序在边上匀速运动,设P点的运动时间为t秒,的面积为s,s关于t的函数图象如图2所示,当P运动到中点时,的面积为_______.20.如果样本方差,那么这个样本的平均数是_______,样本容量是________.三、解答题(本大题共60分)21.(6分)已知、为实数,且满足,求的值。22.(6分)某中学全校学生参加了“交通法规”知识竞赛,为了解全校学生竞赛成绩的情况,随机抽取了一部分学生的成绩,分成四组:;;;,并绘制出如图不完整的统计图.(图1、图2)(1)求被抽取的学生成绩在组的有人,并把条形统计图补完整;(2)所抽取学生成绩的中位数落在组内;(3)若该学校有1500名学生,估计这次竞赛成绩在A组的学生有多少人?23.(8分)在中,D为的中点,于M,于N,且.(1)求证:.(2)若,求四边形的周长.24.(8分)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,D,E分别是边AB,BC的中点,连接DE并延长到点F,使EF=DE,连接CF,BF.(1)求证:四边形CFBD是菱形;(2)连接AE,若CF=,DF=2,求AE的长.25.(10分)如图,在一正方形中,E为对角线上一点,连接、.(1)求证:.(2)延长交于点F,若.求的度数.26.(10分)周末傍晚,小北从家出发步行去电影院看电影,出发一段时间后,妈妈发现小北忘了带口罩,于是骑上自行车沿小北行进的路线去追赶,在小北到达电影院之前,妈妈追上小北,然后立即沿原路返程回家,但由于路上行人渐多,妈妈返回时骑车的速度只有原来的,小北继续以原速度步行前往并到达电影院.妈妈与小北之间的距离(米)与小北从家出发后步行的时间(分)之间的关系如图所示(假设小北步行与妈妈骑车的过程均视为匀速,妈妈将口罩交给小北耽搁的时间忽略不计).(1)求小北的步行速度;妈妈追赶小北时的速度.(2)求出图中点的坐标,并描述说明其表达的实际意义.27.(12分)在平面直角坐标系中,O为坐标原点,四边形的顶点A在x轴的正半轴上,,,点P,点Q分别是边,边上的点,连结,,点B1是点B关于的对称点.(1)若四边形为长方形,如图1,①若点P,点Q分别是边,边上中点,求直线的解析式;②若,且点落在上,求点的坐标;(2)若四边形为平行四边形,如图2,且,过点作轴,与对角线,边分别交于点E,点F.若,点的横坐标为m,求点的纵坐标(用含m的代数式表示)参考答案1.D解:A、当m<0时,无意义,故此选项不符合题意;B、当m<﹣1时,无意义,故此选项不符合题意;C、当m=﹣1时,无意义,故此选项不符合题意;D、m是任意实数,都有意义,故此选项符合题意;2.D解:如图所示,过点B作BE⊥AC,过点P作PD,PF分别垂直AC,BE,则四边形为矩形,在△APD中,=5,在△PCD中,,且AD+CD=5,解得:AD=,CD=,PD=,在Rt△ABC中,BE=AE=,所以在Rt△BPF中,==10,∴PB=.3.B解:①有一个角为60°的等腰三角形是等边三角形,故正确;②,则三边长为,,的三角形不是直角三角形,故错误;③等腰三角形的两条边长为2,4,则三边分别为2,4,4,则等腰三角形的周长为10,故错误;④到线段两端距离相等的点在这条线段的垂直平分线上,故正确.4.D解:分别过点A、E作AF⊥BC,EG⊥BC,分别交BC于点F,G,如图所示:∵,∴△AFB、△BEG、△BAD都为等腰直角三角形,∴EG=BG,AF=BF=DF,,∵,∴,∴,∵平分,∴EG=AE,设EG=BG=AE=x,则有,∵,∴,解得:;∴;5.D解:如图,连接BF.∵四边形ABCD是正方形,∴AB=AD=BC=CD,∠GAE=∠CBG=∠CDE=∠BCD=90°,由翻折可知:CD=CF,∠CDE=∠CFE=∠CFG=90°,DE=EF=4,∠DCE=∠ECF,∵∠CFG=∠CBG=90°,CG=CG,CB=CF,∴Rt△CGB≌Rt△CGF(HL),∴BG=FG,∠GCF=∠GCB,设BG=FG=x,∴∠ECG=∠ECF+∠GCF=(∠DCF+∠BCF)=45°,故①正确,在Rt△EAG中,∵EG2=EA2+AG2,∴(4+x)2=82+(12-x)2,∴x=6,∵AB=AD=AE+ED=12,∴AG=BG=6,∴G为AB中点,故②正确,∵GF=GA=GB,∴∠AFB=90°,∴AF⊥BF,∵CB=CF,GB=GF,∴CG是线段BF的垂直平分线,即CG⊥BF,∴AF∥CG,故③正确,∵S△AEG=×6×8=24,EF:FG=4:6=2:3,∴EF:EG=2:5,∴S△AFE=×24=,故④正确,6.D解:∵四边形是矩形,∴AB∥CD,∴∠AEF=∠CFE,由折叠性质可知:AE=CE,AF=CF,∠AEF=∠CEF,∴∠CFE=∠CEF,∴CF=CE,∴CF=CE=AE=AF,∴四边形是菱形;故①正确;∵四边形是菱形,∴CF=AE,∵四边形是矩形,,,∴AB=CD=4,∠D=90°,∴AB-CF=CD-AE,即DF=BE,设DF=x,则CF=AF=4-x,在Rt△ADF中,DF2+AD2=AF2,即x2+22=(4-x)2解得x=1.5,即的长是1.5;故②正确;过点F作FH⊥AB于点H,∴四边形是矩形,∴FH=AD=2,AH=DF=1.5,∵AE=AB-BE=2.5,∴HE=AE-AH=1,由勾股定理得;故③正确;∵DF=BE,AD=GC=2,DF=GF=,∴S阴影部分=S四边形BCFE+S△CGF,=S矩形ABCD+S△CGF,=AB?AD+CG?GF,=×4×2+×2×,=4+=;故④正确.7.D解:由题意的周长为又∵三个阴影平行四边形的周长相等,∴由平移的性质可得:的周长=的周长=的周长=∴∴又∵,,且四边形和四边形是菱形,∴,,,过点I作IP⊥EF∴在Rt△IJP中,,∴平行四边形的面积为8.C解:设AB=a,BC=b,BE=c,BF=x,∴S平行四边形EFGH=S矩形ABCD-2(S△BEF+S△AEH)=ab-2[cx+(a-c)(b-x)]=ab-(cx+ab-ax-bc+cx)=ab-cx-ab+ax+bc-cx=(a-2c)x+bc,∵F为BC上一动点,∴x是变量,(a-2c)是x的系数,∵平行四边形EFGH的面积不会随点F的位置改变而改变,为固定值,∴x的系数为0,bc为固定值,∴a-2c=0,∴a=2c,∴E是AB的中点,∴AB=2AE,9.D解:∵直线y=kx+b与直线y=mx+n分别交x轴于点A(?1,0),B(4,0),∴或时,且或者且,∴不等式的解集为:或.10.B解:∵+b=3,∴,解得=,∴+b=3,∴b=3,∴直线y=x﹣3,该直线经过第一、三、四象限,不经过第二象限,11.D解:把(0,-3)代入y=kx+b得b=-3,把y=0代入y=kx-3得kx-3=0,解得:x=,∵一次函数y=kx+b的图象与两坐标轴围成的三角形面积为6,∴,解得:=±4∴该函数图像与x轴的交点为(4,0)或(-4,0).12.D解:∵x1,x2,…,x5的平均数是2,则x1+x2+…+x5=2×5=10.∴数据3x1-2,3x2-2,3x3-2,3x4-2,3x5-2的平均数是:[(3x1-2)+(3x2-2)+(3x3-2)+(3x4-2)+(3x5-2)]=[3×(x1+x2+…+x5)-10]=4,S′2=×[(3x1-2-4)2+(3x2-2-4)2+…+(3x5-2-4)2],=×[(3x1-6)2+…+(3x5-6)2]=9×[(x1-2)2+(x2-2)2+…+(x5-2)2]=3.13.2解:∵,∴,∴,∴,∴2x+3y的算术平方根为2,14.;解:∵BF=CF,CK=EK,∴∠FBC=CEK=45°,∴∠1+∠BAC=45°,∠2+∠CDE=45°,连接AD、BE,∵BC?=2?+2?=8,CE?=1?+1?=2,BE?=3?+1?=10,∴BC?+CE?=BE?,∴∠BCE=90°,∵AD?=3?+1?=10,CD?=3?+1?=10,AC?=4?+2?=20,∴AD?+CD?=AC?,∴∠ADC=90°,∴∠ACD=45°,∴∠1+∠2=45°,∴∠BAC+∠CDE=45°,15.或10解:在Rt△ACB中,∠C=90°,AC=6,BC=8,AB=由折叠的性质可得QD=BD,QP=BP,又∵QD⊥BC,∴DQ∥AC,∵D是AB的中点,∴DE=AC=3,BD=AB=5,BE=BC=4,当点P在DE右侧时,∴QE=5-3=2,在Rt△QEP中,QP2=(4-BP)2+QE2,即QP2=(4-QP)2+22,解得QP=2.5,则BP=2.5.②当点P在DE左侧时,如图记为,∴Q’E=5+3=8,在Rt△Q’EP’中,Q’P’2=(BP’-4)2+Q’E2,即Q’P’2=(Q’P’-4)2+82,解得Q’P’=10,则BP’=10.16.根据题意得:∴∵正方形ABCD,正方形DEFG,∴,∵CE的长为3cm∴∴17.解:如图,作EG∥AB交BD于点G,作EH⊥BC于点H,∵E是AC的中点,∴G是BC的中点,∴∵∴CG=CD,∵EF=2CD,∴EF=2CG=GD,∵EF∥CD,∴四边形EGDF是平行四边形,∴EG=DF=4,∵EG∥AB,∴∠EGH=∠B=60°,∴∠GEH=30°,∴,∴,∵∠ECH=45°,∴∴∴18.0或6或10或12解:∵四边形ABCD为平行四边形,∴PD∥BQ.若要以P、D、Q、B四点组成的四边形为平行四边形,则PD=BQ.设运动时间为t.当0≤t≤时,AP=t,PD=15﹣t,CQ=4t,BQ=15﹣4t,PD=BQ∴15﹣t=15﹣4t,3t=0,∴t=0;当<t≤时,AP=t,PD=15﹣t,BQ=4t﹣15,PD=BQ,∴15﹣t=4t﹣15,解得:t=6;当<t≤时,AP=t,PD=15﹣t,CQ=4t﹣30,BQ=45﹣4t,PD=BQ,∴15﹣t=45﹣4t,解得:t=10;当<t≤15时,AP=t,PD=15﹣t,BQ=4t﹣45,PD=BQ,∴15﹣t=4t﹣45,解得:t=12.综上所述:当运动时间为0秒或6秒或10秒或12秒时,以P、D、Q、B四点组成的四边形为平行四边形.19.7解:根据题意得:四边形ABCD是梯形,当点P从C运动到D处需要2秒,则CD=2,△ADP面积为4,则AD=4,根据图象可得当点P运动到B点时,△ADP面积为10,则AB=5,则运动时间为5秒,∴E(5,10),设当5<t≤10时,函数解析式为s=kt+b,∴,解得:,∴当5<t≤10时,函数解析式为s=t+16,当P运动到BC中点时时间t=7.5,则s=7,20.1820解:在公式中,平均数是,样本容量是n,在中,这个样本的平均数为18,样本容量为20.21.2依题意得:又因为所以22.(1)24,补图见解析;(2)C;(3)150人.解:(1)∵B组有12人,占,∴总人数为(人),∴组的人数有:(人),即被抽取的学生成绩在C:组的人数为24人,条形统计图C:24人,如图所示:(2)所抽取学生成绩的中位数落在C:组内,(3)(人),答:估计这次竞赛成绩在A组的学生有150人.23.(1)见解析;(2)解:(1)∵,,∴,∵为AC中点,∴,∵,∴≌(HL).(2)如图,连接BD,在和中,,∴≌(HL),∴,由(1)知≌,∴,∴,则,又∵,点是AC的中点,∴,∴是等边三角形,∴,BD平分,,∴,又∵,∴,,∴,∴,∴四边形DMBN的周长.24.(1)见解析;(2)(1)证明:∵E是边BC的中点,∴BE=EC,∵DE=EF,BE=EC,∴四边形CFBD是平行四边形,∵D是AB边中点,E是BC中点,∴DE∥AC,∴∠1=∠ACB=90°,∴四边形CFBD是菱形.(2)∵四边形CFBD是菱形,∴∠CEF=90°.∵DF=2,∴EF=1,∵,∴由勾股定理得,CE=3,∵D,E分别是边AB,BC的中点,DE=1,∴AC=2,∵∠ACB=90°,由勾股定理得.25.(1)见解析;(2)60°解:(1)证明:∵四边形ABCD是正方形,∴CD=CB,∠DCA=∠BCA=45°,在△BEC和△DEC中,,∴△BEC≌△DEC(SAS);(2)∵FD=FE,∴设∠FDE=∠FED=x,则∠AFE=2x,∵四边形ABCD是正方形∴∠AEF=∠BEC=180°-2x-45°=135°-2x,∵△BEC≌△DEC,∴∠BEC=∠DEC=135°-2x,∴∠AEF+∠DEF+∠DEC=180°,即135°-2x+x+135°-2x=180°,解得:x=30,∴∠AFE=60°.26.(1)40米/分,120米/分;(2)小明从家出发22.5分时,离家900米,此时妈妈刚好返回到家解:(1)小北的步行速度:1600÷40=40(米/分);妈妈追赶小北时的速度:40×15÷(15-10)=120(米/分);答:小北的步行速度为40米/分,妈妈追赶小北时的速度为120米/分;(2)妈妈返回时骑车的速度:120×=80(米/分),妈妈返回用时:120×5÷80=7.5(分),此时,小北从家出发15+7.5=22.5(分),22.5×40=900(米),∴点A的坐标(22.5,900),其表达的实际意义是小北从家出发22.5分时,离家900米,此时妈妈刚好返回家.27.(1)①;②,;(2)或解:(1)①,,四边形是矩形,∴BC=4,AB=2,∴B(4,2),又点P和点Q是BC和AB中点,∴P(2,2),Q(4,1),设PQ的解析式为,则,解得:,∴PQ的解析式为;②设,则,如图1,设直线的解析式是,把代入,得,解得,直线的解析式是,把代入上式,得,解得.,;(2),,,,.,有以下两种情况:①当点在线段的延长线上时,如图2,延长与轴交于点,由题意可知,设,则,,,,,,解得.点的纵坐标为.②当点在线段(除点,外)上时,如图3,延长与轴交于点,同理可求得的纵坐标为.综上所述,满足条件的的纵坐标为或. 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