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物理答案
14．D【详解】A．当光电流为零时，光电管两端的电压为遏止电压，对应光的频率为截止频率，由知，入射光的频率越高，对应的遏止电压Uc越大，A光、C光的遏止电压相等，故A光、C光的频率相等，它们的最大初动能也相等，而B光的频率最大，能量
A错误；B．A光、C光的频率相等，B光的频率最大，根据
v
=c/λ
则A、C两束光的波长相同，B光的波长最短，B错误；C．A光对应的饱和电流最大，因此A光照射时单位时间内产生的光电子数量最多，C错误；D．光电子最大初动能
由图可知B光对应的遏止电压最大，因此三个光束中B光束照射时光电管发出的光电子最大初动能最大，D正确。故选D。
15．C【详解】AB、以B为研究对象，AP、BP段绳子受到的力大小始终等于B的重力，两段绳子拉力的合力在∠APB的角平分线上，保持绳子的端点O位置不变，将A点缓慢上移时∠APB增大，两段绳子拉力的合力减小，所以拉力F减小，故A错误，B错误；CD、保持A点的位置不变，拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动时∠APB减小，AP、BP两段绳子拉力的合力增大，所以拉力F增大，故C正确、D错误。故选：C。
16D略
17A【详解】令ac间距为r，根据几何知识可知bc间距为2r，由安培定则可知，a点处电流产生的磁场在c点处的磁感应强度方向垂直ac向左，大小为用右手螺旋定则判断通电直导线b在c点上所产生的磁场方向垂直于bc斜向右上，大小为如图所示由几何知识可得θ=60°，根据矢量的合成法则，则有各通电导线在c点的合磁感应强度，在水平方向上的分矢量Bx=2B0cos60°-B0=0在竖直方向上的分矢量所以在c点处的磁感应强度大小为，方向沿ac向上。故选A。
18C【详解】A．图中弹簧水平时恰好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为，可得物体下降的高度为根据系统的机械能守恒得弹簧的弹性势能增大量为
A错误；B．圆环所受合力为零时，速度最大，弹簧竖直分力等于环重力，B错误；
C．速度最大后，圆环继续向下运动，则弹簧的弹力增大，圆环下滑到最大距离时，所受合力竖直向上，则
弹力沿杆的分力即C正确；D．根据圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，知圆环的动能先增大后减小，则圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先减小后增大，D错误。故选C。
19BCD【详解】A．a为地球赤道上随地球自转的物体，则a的周期等于地球自转周期；c为极地同步卫星，则c的周期等于地球自转周期；所以a的周期等于c的周期，故A项错误；B．b为近地卫星，则b的线速度大小等于地面发射卫星时的最小发射速度，故B项正确；C．卫星绕地球做匀速圆周运动时，有解得
因为b的轨道半径小于c的轨道半径，所以b、c的线速度大小关系为vb>vc，故C项正确；D．对b、c，万有引力提供向心力，则因为b的轨道半径小于c的轨道半径，所以ab>ac；对a、c，两者做圆周运动的周期相同，据可得，ac>aa；故D项正确。故选BCD。
20AC【详解】A．根据法拉第电磁感应定律和图象可知，感应电动势故导线框的边长
故A正确；B．导线框的cd边从进入磁场到离开磁场的时间为0.4s，故磁场的宽度
s=vt=0.4m故B错误；C．根据楞次定律可知，磁感应强度的方向垂直纸面向外，故C正确；D．在t=0.2s至t=0.4s这段时间内，ab边和cd边均切割磁感线，产生了感应电动势，c、d间有电势差，故D错误。故选AC。
21AC【详解】A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t＝1.0s时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为v0＝10m/s，故A正确；
BC．在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：
由图可得：在1.0~2.0s，物体的加速度为：
由图可得：联立解得：，，故B错误，C正确；D．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s物体相对于地的位移：传送带的位移为：x2＝v0t1＝10×1m＝10m
物体对传送带的位移大小为：方向向上。1.0~2.0s物体相对于地的位移：
传送带的位移为：x4＝v0t1＝10×1m＝10m物体对传送带的位移大小为：方向向下，故留下的痕迹为5m，故D错误。故选：AC。
22．（9分）0.38
（
2分）
0.80
（
2分
）
能
（
2分
）
不需要
（1分）
A
（2分）
【详解】（1）[1][2]在打点时小车的速度大小
由该纸带可求得小车的加速度
（2）[3][4]M匀速运动受力平衡，撤掉m后M合力为mg,所以可以把mg视为车受到的合力。所以不需要满足沙和沙桶的质量远小于小车的总质量，即不需要满足条件。
（3）[5]随砝码盘中砝码个数的增加，小车受到的合力始终等于砝码和砝码盘的重力，即F=mg
故F=Ma解得
a与F成正比，故A正确；故选A。
（6分）A
（2分）
9
（2分）
减小
（2分）
【详解】(1)[1]按照惯用标准，图甲中的A接内部电源的正极，为黑色表笔；
(2)[2]根据闭合电路的欧姆定律
解得该同学所用电源电动势E=9V
(3)[3]根据因E变小，r变大，则可变电阻R的阻值减小。
24.（12分）(1)
；(2)
；(3)
I=kmgtO+2m；
【详解】（如果用牛顿第二定律、运动学公式解题，按步骤给分）
(1)碰撞后根据动能定理
2分
解得
1分
(2)设碰撞前第1辆车的速度为v0，根据动量守恒定律得
2分
解得
1分
碰撞过程中损失的机械能为
2分
(3)对第一辆车根据动量定理得
I-kmgt0=mv0-0
2分
解得
I=kmgtO+2m
2分
25.（20）(1)；(2)，
【详解】
(1)粒子在电场中做类平抛运动，则有
1分
1分
2分
解得
1分
(2)设粒子在P点时的速度方向与x轴的夹角为，则有
2分
解得
1分
粒子在磁场中的运动轨迹如图所示
由几何关系可知，粒子进入磁场时的速度大小
2分
粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径
2分
由洛伦兹力提供向心力，则有
2分
解得
1分
由几何关系可知，粒子在磁场中的运动轨迹所对应的圆心角
所以粒子在磁场中运动的时间
2分
其中
2分
解得
1分
33．（15分）（5分）（1）ADE
（选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，，错选不得分。）
【详解】
A、B项：在r＝r0时，分子势能最小，但不为零，此时分子力为零，故A项正确，B项错误；
C项：分子间作用力随分子间距离增大先减小，然后反向增大，最后又一直减小，C项错误；
D项：分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，但斥力比引力变化得快，D项正确；
E项：当r＜r0时，分子力表现为斥力，当分子力减小时，分子间距离增大，分子力做正功，分子势能减少，E项正确．
故选ADE．
（2）（10分）（1）；（2）
【详解】
（1）温度升高过程气体发生的是等压变化，则
2分
解得
1分
升高的温度为
1分
（2）设缸内气体压强为p，则
2分
根据热力学第一定律
ΔU=W+Q
1分
W=-PSh/5
1分
解得
2分
34．（15分）（1）ACD
（5分）（选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，，错选不得分。）
【详解】
A．由图可知t=0.2s时刻，M点向上振动，可知该列波沿x轴正方向传播，选项A正确；
B．t=0.3s，M回到平衡位置向下振动，即振动方向沿y轴负方向，选项B错误；
C．该列波的传播速度为
选项C正确；
D．从t=0到t=0.15s，即经过了，M通过的路程为3A=15cm，选项D正确；
E．机械波在传播的过程中，质点只在自己平衡位置附近上下振动，而不随波迁移，选项E错误。
故选ACD。
（2）（10分）（1）；
（2）
【详解】
（1）光路如图
由题意知，光线恰好在AB面上发生全反射，所以该入射角等于临界角，则得全反射临界角
1分
根据
1分
解得
1分
（2）根据几何知识
则
则在三棱镜中的路程为
3分
根据
2分
1分
解得光在三棱镜中的传播时间
1分生物答案
1---6
D
C
B
D
A
C
1.D
解析
：核糖体是蛋白质合成场所，所以蛋白质合成旺盛的细胞中核糖体的数量明显增加，A正确；高尔基体与细胞分泌物的形成有关，抗体是由浆细胞合成的，抗体是分泌蛋白，因此浆细胞内有丰富的高尔基体，有利于抗体的分泌，B正确；神经细胞的突起分为树突和轴突，树突的主要功能是接受信息，轴突的主要功能是传出信息，因此神经细胞有树突和轴突，有利于接受和传递信息，C正确；线粒体为生命活动提供能量，肾小管上皮细胞重吸收水分的方式属于被动运输，不需要消耗能量，D错误。
2.C
解析：该疫苗进入人体内环境后，吞噬细胞对抗原进行吞噬处理后，能将相应抗原呈递给T细胞，A正确；该疫苗的主要成分是蛋白质，低温下蛋白质不易变性，该疫苗需在低温下运输和保存，以避免其在高温下丧失抗原特性，B正确；人体的效应T细胞并非都能诱导被SARS-COV-2侵染的细胞发生凋亡，因为人体的效应T细胞识别抗原时具有特异性，C错误；新型冠状病毒是一种不具有逆转录特性的单链RNA病毒，在人体细胞内繁殖时，其遗传信息传递包括RNA复制和翻译，无需碱基T参与，D正确。
3.B
解析：DNA复制需要解旋酶、DNA聚合酶等蛋白质，A正确；某些病毒可以进行RNA的自我复制，其RNA的合成由RNA和蛋白质（RNA聚合酶）协同完成，B错误；逆转录病毒可以以RNA为模板，在逆转录酶的催化下合成DNA，C正确；翻译过程中合成蛋白质是以RNA为模板，在相关酶的作用下进行的，D正确。
4.D
分析题干：两种纯合果蝇杂交，F2出现的4种表现型比例为5：3：3：1，为9：3：3：1
的
变形，说明两对等位基因遵循基因的自由组合定律，F1基因型为AaBb；因某种精子没有受精能力，F2表现型比例为5：3：3：1，说明没有受精能力的精子基因组成为AB，则亲本的基因型为AAbb和aaBB。
解析：由于F2出现4种类型且比例为5：3：3：1，所以果蝇体色与翅型的遗传遵循基因的自由组合定律，也就遵循基因的分离定律，A正确；由分析可知，说明基因组成为AB的精子没有受精能力，亲本雄果蝇的基因型不可能为AABB，B正确；基因型为AaBb的雄果蝇进行测交，测交父本产生的精子中能受精的只有Ab、aB、ab三种，所以其子代基因型有Aabb、AaBb、Aabb，表现型有3种，C正确；F2黄身长翅果蝇的基因型是AaBB、AABb、AaBb，比例为1：1：3，所以双杂合子个体占3/5，D错误。
5.A
解析：调查土壤小动物的丰富度采用取样器取样方法。取样后用诱虫器或吸虫器收集小动物，A正确。调查遗传病发病率在人群中调查，确定遗传病遗传方式要在患病的家系中进行调查，B错误。调查活动能力弱，活动范围小的动物应采用样方法进行调查，C错误。NaOH在不同体积的琼脂块扩散的深度相同，其扩散体积与琼脂块的总体积之比反映物质运输效率，故D错误。
6.C
解析：种群数量达到K值后不是保持不变，而是在K值上下波动，A错误；受灾的水稻呈斑块性的稀疏分布属于种群的空间分布，B错误；人类活动会影响群落演替的速度和方向，进而影响群落演替的进程，C正确；群落中物种数目的多少称为丰富度，而不是个体数目的多少，D错误。
29.（10
分，每空2分）
（1）叶绿体的类囊体膜；
（2）线粒体
（3）葡萄糖；
（4）化学能
（5）乙醇和
CO2或乳酸
解析：将葡萄糖氧化分解成乙醇和CO2的过程发生在细胞质基质，属于无氧呼吸，该过程将
葡萄糖氧化分解释放的部分化学能转换成ATP中活跃的化学能。在叶绿体类囊体薄膜
上存在与光合作用光反应有关的色素和酶，能将吸收的太阳能转换成活跃的化学能储
存在ATP中，光合作用的光反应除ATP外的终产物为O2和NADPH。在线粒体中，
丙酮酸等可以参与有氧呼吸的第二、三阶段，终产物为CO2和H2O,同时将释放的部
分化学能转变成ATP中活跃的化学能
30.（9分，除标注外都1分）
(1).
大脑皮层
高级中枢可以控制低级中枢
（2
分）
(2).
胰岛B细胞
免疫排斥
防卫
(3).
胰岛素
几乎在全身细胞中胰岛素的受体基因都可以选择性表达（几乎全身细胞都有胰岛素的受体）（2
分）
分析：血糖调节中枢位于下丘脑，降血糖的唯一激素是胰岛素，升高血糖的激素有胰高血糖素肾上腺素、糖皮质激素等。
解析：（1）针刺手指容易因非条件反射缩回，其中低级中枢在脊髓，在此过程中控制手指不会缩回的中枢在大脑皮层，说明脊髓受到高级中枢大脑皮层的控制，即高级中枢可以控制低级中枢。（2）细胞疗法是更换缺失胰岛素生成细胞，胰岛素生成细胞是胰岛B细胞，移植时必须将其包裹在保护屏障内，避免出现免疫排斥，体现了人类免疫系统的防卫功能。（3）血糖调节有关的激素中降血糖的唯一激素是胰岛素，由于几乎在全身细胞中胰岛素的受体基因都可以选择性表达（几乎全身细胞都有胰岛素的受体），故胰岛素几乎可以作用于全身细胞。
31
（10
分）
（1）否
（1
分）
子二代中的单性状的表现型及比例仅能说明两对基因分别符合基因的分离定律，本实验未统计性状组合的表现型及比例，即未证明两对等位基因是否互不干扰，因此无法推导出两对基因位于两对同源染色体上（2
分）
（合理即可）
（2）①
9
（1分）
6
（2分）
②.
雌性紫翅绿眼×雄性黄翅白眼（2
分）
子代雄蝶均为紫翅绿眼，雌蝶均为黄翅绿眼（2
分）
解析：（1）两纯合的蝴蝶杂交后代的雌雄个体交配，子二代个体中，紫翅与黄翅的个体数比值为3：1，说明控制翅色的基因M和m的遗传遵循基因的分离定律；子二代个体中，白眼与绿眼的个体数比值为1：3，说明控制眼色的基因n和N的遗传遵循基因的分离定律。由于本实验未统计性状组合的表现型及比例，即未证明两对等位基因是否互不干扰，因此无法推导出控制翅色与眼色的两对基因位于两对同源染色体上。
（2）①若两对基因位于常染色体，则遗传遵循基因的自由组合定律。若只研究每一对等位基因，则蝴蝶的基因型各有3种（如MM、Mm、mm），所以将这两对基因一起研究，蝴蝶的基因型有3×3＝9种。若控制翅色的基因位于Z染色体上，则蝴蝶的相关基因型有5种（ZMZM、ZMZm、ZmZm、ZMW、ZmW）；控制眼色的基因位于常染色上，则蝴蝶的相关基因型有3种（NN、Nn、nn）；综合考虑，雌性蝴蝶的基因型2×3＝6种。
②利用现有的各种纯合蝴蝶若干，通过一代杂交实验来鉴别以上三种情况，可选择具有双显性的雌性蝴蝶与具有双隐性的雄性蝴蝶杂交，即雌性紫翅绿眼与雄性黄翅白眼，观察统计子代的表现型及其比例。
若控制翅色的基因位于Z染色体上，控制眼色的基因位于常染色上（第三种情况），则双亲的基因型分别为NNZMW和nnZmZm，子代的基因型为NnZMZm、NnZmW，子代雄蝶均为紫翅绿眼，雌蝶均为黄翅绿眼。
（若两对基因位于常染色体上（第一种情况），则双亲的基因型分别为MMNN和mmnn，子代的基因型为MmNn，子代雌雄蝴蝶的表现型均为紫翅绿眼；若控制眼色的基因位于Z染色体上，控制翅色的基因位于常染色上（（第二种情况），则双亲的基因型分别为MMZNW和mmZnZn，子代的基因型为MmZNZn、MmZnW，子代雄蝶均为紫翅绿眼，雌蝶均为紫翅白眼）。
32．（10分，除标注外都1分）
（1）均匀分布；样方法；
（2）一；
通过呼吸作用以热能形式散失，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动；（2
分）
实现能量的多级利用，提高了能量利用率；（2
分）
（3）生物防治；
减少农药的使用，减少环境污染；
（4）生物种群的繁衍；
解析：（1）种群的空间分布一般可概括为三种基本类型：随机分布、均匀分布和集群分布。一般来讲，人工种植的巨型稻空间特征为均匀分布。对于活动能力强、活动范围大的个体调查种群密度时适宜用标志重捕法；而一般植物和个体小、活动能力小的动物以及虫卵等种群密度的调查方式常用的是样方法。故调查稻田水稻的种群密度的方法为样方法。
（2）在“水稻→稻飞虱→青蛙”这条食物链中，稻飞虱粪便中的能量属于第一营养级同化的能量，青蛙同化的能量去向有通过呼吸作用以热能形式散失，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动，建立“稻鱼共生系统”生态模式在能量流动方面的意义是实现能量的多级利用，提高了能量利用率。
（3）传统杀虫剂中的有害物质会在消费者体内造成富集现象，生物防治来控制农业害虫，该防治方法的优点是专一性强，控制害虫持久；不污染环境（防止环境污染）；有利于保护害虫的天敌等。故从环境保护的角度分析，此生态系统中青蛙、鲤鱼等以害虫为食，其意义是
减少农药的使用，减少环境污染，此种控制动物危害的技术方法属于生物防治。
（4）信息传递在生态系统中的作用。①个体：生命活动的正常进行，离不开信息的作用。②种群：生物种群的繁衍，离不开信息传递。③群落和生态系统：能调节生物的种间关系，维持生态系统的稳定。故稻田中蛙声不断，这体现了信息传递有利于生物种群的繁衍。
37.（15分，除标注外都2分）
（1）提取液的性质和使用量
回流冷凝
溶于有机溶剂，且不易分解
（2）呈红色
（1
分）
平板划线法或稀释涂布平板法
（3）细胞壁和胞间层
凝胶色谱法
电泳法
解析：（1）番茄红素是一种类胡萝卜素，而类胡萝卜素化学性质比较稳定，不溶于水，易溶于石油醚等有机溶剂，因此常用萃取法从番茄中提取番茄红素。提取的效率主要取决于提取液的性质和使用量。因萃取剂为有机溶剂，易燃、易爆，所以萃取过程应该避免明火加热，而应采用水浴加热。在加热瓶口还要安装回流冷凝装置，防止加热时有机溶剂挥发。根据胡萝卜素溶于有机溶剂，且不易分解的特点，在提取胡萝卜中的胡萝卜素也可用萃取法提取。
（2）已知红酵母细胞在合成β-胡萝卜素过程中会产生还原性较强的物质，该物质可将无色的TTC还原为红色复合物。根据这一特性，欲从土壤中筛选出能合成β-胡萝卜素的红酵母菌株，首先制备含TTC的培养基，然后将土样制成菌液，涂布到含TTC的培养基上，挑选出呈红色的菌落，然后通过稀释涂布平板法或平板划线法进行分离纯化。
（3）工业生产番茄汁时，常常利用果胶酶以提高出汁率，原因是果胶酶能瓦解植物细胞的细胞壁和胞间层，使榨取果汁变得更容易，果汁更澄清。科研人员通过酶解法和吸水胀破法将果胶酶从某种微生物中释放了出来，进一步分离纯化该酶的方法是凝胶色谱法，鉴定该酶纯度的方法是电泳法。
38（15分，除标注外都2分）
透明带；
细胞分裂方式是有丝分裂，细胞的数量不断增加，胚胎的总体积并不增加，或略有缩小；（3
分）
（2）维生素、激素；氨基酸、核苷酸；（任填2种）
（3）分化诱导因子；饲养层；
（4）胚胎分割；
受体对移入子宫的外来胚胎基本不发生免疫排斥反应；
解析：（1）胚胎发育的卵裂期是在透明带内进行的；卵裂期的特点是细胞分裂方式是有丝分裂细胞的数量不断增加，胚胎的总体积并不增加，或略有缩小。
在使用合成培养基培养早期胚胎时，除了要添加一些无机盐和有机盐类以外，还需要添
加维生素、激素、核苷酸、氨基酸等营养成分，以及血清等天然物质。
（3）在培养液中加入分化诱导因子
可以诱导EK细胞向不同类型的组织细胞分化，也可以培养在饲养层细胞上，或在添加抑制因子的培养液中，能够维持不分化的状态。
（4）为了提高胚胎的利用率，可采用胚胎分割技术；胚胎在受体内能存活的原因是受体对移入子宫的外来胚胎基本不发生免疫排斥反应。
5漠底考试理综答题卡
答题】(12分
6、【必答题】(14分
姓名
条码粘贴处
监考老
笔填涂:车选择题必须用0.5毫米黑色字迹
样错误填涂
Q
弄破,弄皱,不准用涂改液例
第一部分选择题(请用2B铅笔填涂)
1[A8]C][D]6[A][B][c][D]11[A][B][c][D]
2[A][B][c][D]7[A][B][c]D]12[A][B][c][D]
3[A][B][c][D]8[A][B][c][D]13[A][B][c][D
4
4[A][B][c][D]9[A][B][c][D]14[A][B][Cc][D
5[A][B][c][D]10[A[B][c][D]15[A][B][c][D
16[A][B][c][D]21[A][B][c][D]
17[A][B][c][D]
18[A][B][c][D
19[A][B][c][D
×
20[A][B][c]
部
选择题(包括必考题和选考题两部分。第
题为
题为选考题。请用0.5m黑色
毛
各题目的答题区域内作答
分
题】(15分)
必
(6分)
区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无
色矩形边框限定区域的答案无效
题
分)请认真阅读
要求,此栏
真阅读试题作答要求,此栏只供一题作答,并
将选作题目对应
方框涂满
多涂、漏
笔将选作题目对应题
的方框涂满、涂黑,请勿多涂、漏
题
做
真阅读试题作答要求,此栏只供一题作答,并
须用2B铅笔将选作题目对应
的
涂黑,请勿多涂
此区域不准答题高三摸底考试
下列有关生物种群和群落的叙述,正确
数量达到K值后数量不变
B.受灾的水稻呈斑块性的稀疏分布属于群落水平结构特
D.群落中生物个体数目的多少称为物种丰富度
学与生产、生活、环境等社会实际密切相关。下列叙述错误的是
卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在
并将条形码料
指定
A.雾霾是一种分散系,分散剂是空气,带活性炭口罩防雾霾的原理是吸
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题
应题目的答案标号涂
需改动
橡皮擦干净后,再选涂其他答案标
本试卷上无效
厕灵的主要成分是
不能与“84”消毒液(
混
选择题时,将答
答题卡上,书写在本试卷上无效
推广使用煤液化技术,可减
碳等温室气
具有强氧化性,
02不能用于饮用水的
Cu-6
选择题:本题共13个小题,每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符
8.用下列装置完成相关实验,合理的
合题目要求的
结构与功能相适应”是生物学的基本观
列有关分析错误的是(
蛋白质合成旺盛的细胞中核糖体数量明显
浆细胞含有
体,有利
体的分泌
神经细胞有树突和轴突,有利于接受和传递仨
管上皮细胞中有很多线粒体,有利于为重吸收水供
阶段,我国在逐步落实新冠疫
费接种计划。我国人民接种的新冠疫苗是由灭活的新型冠
犬病毒(一种不具有逆转录特性的
病毒,简称
研制而来,安全性较高。下
列叙述错误的是(
用装置①收集铜与稀硝酸反应产生的NO
疫苗进入人体内环境
噬细胞能将相应抗
给T细胞
用装有饱和
NaHco3溶液的装置②除
混有的HC
该疫苗需在低
输和保存,以避免其在高温下丧失抗原特性
体的效应T细胞都能诱导被SAR
侵染的细胞发生凋亡
C.用装置③分离NaCO3溶液与CHCO0CHCH
新型冠状病毒在人体细胞内繁殖时
传信息传递无需碱基T参
D.用装置④分离
CHCHOH与CHC
3.关于D
和蛋白质
的关系,下列叙述错误的是()
9.下列离子方
的复制需要蛋白质
的合成均由蛋白质与DNA协同完成
溶液反应
C.在蛋白质
的参与下可以合成
Ca(HCO3)2与过量Ca(OH)2溶液反应:Ca++HCO3+OH=CaCO3↓+HO
质的合成需要R
蛋白质
的体色有黄身
灰身(a)之分,翅形有长翅(B)、残翅(b)之分,均在常染色体
OH溶液中加入过量Ca(HCO)2溶液,有白色沉淀生成
两种纯合果蝇杂交,因某种精子没有受精能力,导致
表现型比例为
叙述错误的是
果蝇体色、翅形的遗传都遵循基
离定律
CH
COOH溶液与NaOH溶液反应
亲本雄果蝇的基因型不可能
0.乙酸苯甲酯R是茉莉花香气的成分
构简式如图所
说法正确的
的雄果蝇进行测交,其子代有3种表现型
黄身长翅果蝇中双杂合子个体
5.下列有关模拟、探究、调查类实验的叙述,正确的是
利用取样器取样的方法调查土壤中小动物
度
H.C—()CH
定某种遗传病的遗传方
随机抽样调查
的动物种群密度采用标志重捕法
分子式为
分子所有原子可能共平
在不同体积琼脂块内扩散的深度可以反映细胞的物质运输的效率
加成、取代
R和乙酸乙酯互为同系物化学答案及解析
7.
【答案】　C
解析　活性炭具有吸附作用，能吸附空气中的悬浮物，A项正确；两者混用产生Cl2有毒，不能混用，B项正确；煤的组成元素主要是碳，碳完全燃烧生成二氧化碳，因此推广使用煤液化技术，不能减少二氧化碳等温室气体的排放，C项错误；Cl2、ClO2、O3和Na2O2等都具有强氧化性，Cl2、ClO2、O3可用于饮用水的消毒，但Na2O2溶于水生成NaOH，NaOH有腐蚀性，因此Na2O2不能用于饮用水消毒。
8.
【答案】　A
解析　铜与稀硝酸反应产生的NO不溶于水，可用排水法收集，A项正确；NaHCO3与HCl反应产生CO2，会引入新杂质，B项错误；Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3不互溶，应用分液法分离，C项错误；CH3CH2OH与CH3COOCH2CH3互溶，不可用分液法分离，D项错误。
9.
【答案】B
解析
A．H2SO4与Ba（OH）2溶液反应的离子反应为Ba2++2OH-+2H++SO42-═BaSO4↓+2H2O，选项A错误；B．Ca(HCO3)2与过量Ca(OH)2溶液反应生成碳酸钙和水，反应的离子方程式为：Ca2＋＋HCO3-＋OH－=CaCO3↓＋H2O，选项B正确；C．向NaOH溶液中加入过量Ca(HCO3)2溶液，生成碳酸钙、碳酸氢钠和水，反应的离子方程式为：Ca2＋＋HCO3-＋OH－===CaCO3↓＋H2O，选项C错误；D、CH3COOH为弱酸不完全电离必须写化学式，CH3COOH溶液与NaOH溶液反应生成醋酸钠和水，反应的离子方程式为CH3COOH＋OH－=CH3COO-+H2O，选项D错误。
10.
【答案】　C
解析　R的分子式为C9H10O2，A项错误；R分子中存在甲基和亚甲基，不可能所有原子都共面，B项错误；C项正确；同系物需满足结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2，故R与乙酸乙酯不互为同系物，D项错误。
11.
【答案】　C
解析　根据已知信息可以得出X为氢、Y为氮、Z为氧、W为钠。氮、氧、钠的简单离子的电子层结构相同，则核电荷数多的离子半径小，A错误；H与O形成的化合物若是H2O，则具有较强的热稳定性，若是H2O2，则热稳定性较差，B错误；N的简单氢化物为NH3，Z的简单氢化物为H2O，前者沸点低于后者，C正确；H2O2中只含有共价键，Na2O2中含有离子键和共价键，D错误。
12.
【答案】　D
解析　根据电池工作原理，多孔碳材料吸附O2，O2在此获得电子，所以多孔碳材料电极为电池的正极，A项错误；放电时电子从负极(锂电极)流出，通过外电路流向正极(多孔碳材料电极)，B项错误；Li＋带正电荷，充电时，应该向电解池的阴极(锂电极)迁移，C项错误；充电时，电池总反应为Li2O2－x===2Li＋O2↑
，D项正确。
13.
【答案】C
解析：　HNO2的电离常数为K＝4.6×10－4，HNO2为弱酸，其溶液中存在电离平衡：HNO2??NO＋H＋。A项，向20
mL
0.01
mol·L－1的HNO2溶液中逐滴加入相同浓度的NaOH溶液，若恰好反应需要NaOH溶液体积20
mL，溶质是NaNO2，NaNO2为弱酸强碱盐，水解使溶液呈碱性，而c点时溶液呈中性，所以X＜20
mL，错误；B项，c点溶液呈中性，溶质为HNO2、NaNO2。NaOH溶液体积为20
mL时恰好反应，从a开始到恰好完全反应，水的电离程度逐渐增大。从图中d点信息不能判断其是在恰好反应之前还是恰好反应之后，不能判断d点水的电离程度，错误；C项，由HNO2??NO＋H＋知，K＝≈＝4.6×10－4≈，得到c(H＋)＝2.14×10－3mol·L－1，正确；D项，b点溶液为HNO2、NaNO2混合溶液，且浓度比为1∶1；因为溶液呈酸性，所以HNO2的电离程度大于NO的水解程度，离子浓度大小为c(NO)＞c(Na＋)＞c(HNO2)，错误。
26．（14分）【答案】　
　(1)①＋3（1分）　②CO（2分）　4NA(或2.408×1024)（2分）
(2)①适当增大c(H＋)(或升高温度、搅拌等其他合理答案)
（1分）
ZnFe2O4＋8H＋===2Fe3＋＋Zn2＋＋4H2O（2分）
②H2O2＋2Fe2＋＋2H＋===2Fe3＋＋2H2O
（2分）
③CuS、ZnS（2分）
(3)
①
Cu2+
（1分）
②
B（1分）
解析　(1)①ZnFe2O4中Zn是＋2价，O是－2价，根据化合物中正负价代数和为0可知Fe的化合价是＋3价。②反应中Fe元素化合价从＋2价升高到＋3价，碳元素化合价从＋3价部分降低到＋2价，部分升高到＋4价，所以还原产物是CO；根据方程式可知每生成1
mol
ZnFe2O4转移的电子的物质的量是4
mol，总数是4NA(或2.408×1024)。(2)将锌焙砂(主要含ZnO、ZnFe2O4，还含有少量FeO、CuO等氧化物杂质)酸浸，发生反应ZnFe2O4＋8H＋===2Fe3＋＋Zn2＋＋4H2O、ZnO＋2H＋===Zn2＋＋H2O、FeO＋2H＋===Fe2＋＋H2O、CuO＋2H＋===Cu2＋＋H2O，向溶液中加入双氧水，发生反应
2Fe2＋＋2H＋＋H2O2===2Fe3＋＋2H2O，调节溶液的pH将Fe3＋转化为Fe(OH)3沉淀，调节溶液pH时不能引进新的杂质，可以用ZnO，所以X为ZnO，然后向溶液中加入ZnS，发生反应Cu2＋＋ZnS===Zn2＋＋CuS，然后过滤，所以Y中含有CuS，最后电解得到Zn。
①酸浸时要将锌焙砂粉碎，其目的是提高酸浸效率，为达到这一目的，还可采用的措施是增大硫酸的浓度或升高温度、搅拌等。ZnFe2O4溶于酸的离子方程式为ZnFe2O4＋8H＋===2Fe3＋＋Zn2＋＋4H2O。②净化I中H2O2参与反应的离子方程式为2Fe2＋＋2H＋＋H2O2===2Fe3＋＋2H2O；③由于ZnS过量，则净化Ⅱ中Y的主要成分是CuS、ZnS。(3)由图可知，在pH=3时，不会发现Cu（OH）2沉淀。要除去Fe3＋的同时必须保证Cu2＋不能沉淀，因此pH应保持在4左右。
27.
（14分）【答案】
(1)蒸馏烧瓶（2分）　饱和食盐水（1分）
(2)MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O（2分）
(3)要将SnCl4蒸馏出
（2分）
(4)在己装置后加装盛有碱石灰的干燥管（2分）
(5)①Sn2＋＋2Fe3＋===Sn4＋＋2Fe2＋　（2分）②
酸（1分）　
%
（2分）
解析　工业上常用氯气与金属锡反应制备四氯化锡，丁装置烧瓶中含有Sn，则甲装置的目的是制取氯气，常用MnO2和浓盐酸在加热条件下制取，发生的反应为MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O；浓盐酸具有挥发性，加热促进挥发，水在加热条件下易变成水蒸气，所以生成的氯气中含有HCl、H2O；SnCl4为无色液体，熔点－33
℃，沸点114
℃，极易水解，在潮湿的空气中发烟，为防止丁中生成的SnCl4水解和Sn与HCl反应，则乙、丙装置要除去HCl、H2O，用饱和的食盐水除去HCl，用浓硫酸干燥Cl2；己中收集的物质是SnCl4。
(1)根据装置图，仪器C为蒸馏烧瓶，根据上述分析，装置乙中的试剂是饱和食盐水，目的是除去氯气中的氯化氢；
(2)装置甲中固体B为黑色粉末，为二氧化锰，二氧化锰和浓盐酸在加热条件下发生氧化还原反应生成氯化锰、氯气和水，反应方程式为MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O；
(3)氯气与锡的反应类似与铁的反应，生成的SnCl4需要及时蒸馏出去，便于提高原料的利用率，因此实验中对装置丁要持续加热；
(4)SnCl4发生水解，为防止水解，要防止外界的水蒸气进入己装置，所以改进措施为在己装置后加装盛有碱石灰的干燥管，同时可以吸收未反应的氯气，防止污染环境，故答案为：在己装置后加装盛有碱石灰的干燥管；
(5)①将2.000g锡完全溶于过量稀盐酸中，锡与盐酸发生反应：Sn＋2HCl===SnCl2＋H2↑，用所得溶液去还原过量的FeCl3稀溶液，发生的反应为：SnCl2＋2FeCl3===SnCl4＋2FeCl2，反应的离子方程式为Sn2＋＋2Fe3＋===Sn4＋＋2Fe2＋；
②K2Cr2O7溶液具有强氧化性，可氧化腐蚀橡胶，则K2Cr2O7溶液应装在酸式滴定管中，滴定时发生反应：6Fe2＋＋Cr2O＋14H＋===6Fe3＋＋2Cr3＋＋7H2O，根据方程式可得关系式3Sn～3SnCl2～6FeCl3～6FeCl2～K2Cr2O7，反应中消耗的K2Cr2O7的物质的量为0.100
mol/L×b×10－3
L，故n(Sn)＝3n(K2Cr2O7)×＝3×0.100
mol/L××10－3
L×100＝
mol，Sn的质量为：
mol×118.7
g/mol＝
g，样品中锡的质量分数为：×100%＝%。
28.（15分）【答案】　
(1)－246.1　（2分）
(2)D　（2分）
(3)DE　（2分）
(4)①>　（1分）
正移（1分）
②
25%　（2分）③
0.5（2分）
（5）正（1分）
N2H4＋4OH－－4e－===
N2↑＋4H2O（2分）
解析　(1)2×①＋②＋③得出ΔH＝2ΔH1＋ΔH2＋ΔH3＝[2×(－90.7)－23.5－41.2]
kJ·mol－1＝－246.1
kJ·mol－1。
(2)A项，使用催化剂，化学平衡不移动，则CH3OCH3产率不变，故A错误;B项，反应②的正反应为放热反应，升高温度化学平衡向吸热反应方向移动，则CH3OCH3产率会降低，故B错误;C项，反应②是反应前后气体体积不变的反应，增大压强平衡不移动，则CH3OCH3产率不变，故C项错误;
D项，移出H2O，生成物浓度减小，化学平衡正向移动，CH3OCH3产率增大，故D项正确.
故答案为D。
（3）3H2(g)+3CO(g)
CH3OCH3
(g)+CO2(g)的正反应为气体体积缩小的放热反应，
A项，H2和CO2的浓度之比为3:1时，反应可能处于平衡状态，也可能未达到平衡状态，则无法判
断平衡状态，故A项错误;
B项，CO2分子中含有2个C=0双键，单位时间内断裂3个H-H同时会产生2个C=0键，断裂1个C=0，表示反应正向进行，说明没有达到平衡状态，故B项错误;C项，恒温恒容条件下，混合气体的密度为定值，不能根据密度判断平衡状态，故C项错误;D项，混合气体的质量不变，混合气体的物质的量
为变量，则气体的平均摩尔质量为变量，当气体的平均摩尔质量保持不变时，表明该反应达到平
衡状态，故D项正确；E项，该反应为放热反应，绝热体系中，体系的温度为变量，当体系的温度保持不变时，表面正逆反应速率相等，该反应达到平衡状态，
E项正确，故答案为DE.
(4)①根据图像知，随着温度升高，CO2的体积分数降低，说明平衡向正反应方向进行，根据勒夏特列原理，正反应方向是吸热反应，即ΔH>0，恒压状态下，充入非反应气体，体积增大，组分浓度降低，平衡向正反应方向移动；
②设CO2浓度变化为x
×100%＝40.0%，解得x＝0.25
mol·L－1，即CO2的转化率为×100%＝25%；
③T
℃时，CO的平衡分压为50%p总，CO2的分压为50%p总，Kp＝＝0.5p总。（5）由图可知，N2H4在a电极上发生氧化反应生成N2，则a电极是负极，b电极是正极；N2H4在a电极上发生失去电子的氧化反应生成N2，则电极反应式为N2H4＋4OH－－4e－===N2↑＋4H2O。
35.
（15分）【答案】
(1)
p（1分）
　（1分）
(2)
3（2分）
(3)
sp3杂化　（1分）0.15NA　（1分）
P4和CS2是非极性分子，H2O是极性分子，根据相似相溶的原理，P4易溶于CS2，难溶于水（2分）
(4)1s22s22p63s23p63d5　
（2分）
O>P>Fe（2分）
(5)　或（2分）
低于（1分
）
解析　(1)基态磷原子的价电子排布式为3s23p3，电子最后填充的能级为3p，故磷元素位于p区，其价电子排布图为。(2)第三周期主族元素从左到右第一电离能呈增大趋势，但Mg由于3s全充满、P由于3p半充满，为稳定结构，其第一电离能分别大于Al、S，故第一电离能位于铝元素和磷元素之间的元素为Mg、Si、S，共3种。(3)白磷分子为正四面体结构，4个P原子位于四个角上，即每个P原子与相邻的3个P原子形成3个P—P
σ键，还有一对孤对电子，故磷原子的杂化轨道数为4，杂化类型为sp3杂化。1个白磷分子中含有6个P—Pσ键，3.1
g白磷为0.025
mol，所含σ键的数目为0.15NA。P4和CS2是非极性分子，H2O是极性分子，根据相似相溶的原理，P4易溶于CS2，难溶于水。(4)Fe的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d64s2，故Fe3＋的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d5。根据电负性的递变规律，电负性大的元素位于元素周期表右上方，故电负性由大到小的顺序为O>P>Fe。(5)磷化硼晶胞的结构与金刚石晶胞相似，将该晶胞切割成8个小立方体，在其中4个互不相邻的小立方体体心各有一个B原子，因此B与P最近距离为晶胞体对角线长的。设晶胞边长为a
cm，该晶胞中含有4个B、4个P，则
g＝ρ
g·cm－3×(a
cm)3，解得a＝2。晶胞体对角线长为晶胞边长的倍，故B与P最近距离为××2
cm＝
cm。B、P的原子半径均大于C的原子半径，故B—P键的键长比C—C键的键长长，B—P键的键能比C—C键的键能小，B—P键没有C—C键稳定，故磷化硼晶体的熔点比金刚石晶体的熔点低。
36.
（15分）【答案】
（1）
（1分）
三氟甲苯（1分）
浓硝酸、浓硫酸，并加热（2分）
取代反应（1分）
（2分）
吸收反应产物的HCl，提高反应转化率
（2分）
（4）
C11H11O3N2F3
（2分）
（5）
9种
（2分）
（6）（2分）
【解析】
（1）反应①发生取代反应，应取代苯环取代基上的氢原子，根据B的结构简式，A为甲苯，即结构简式为：，C的化学名称为三氟甲苯；
反应③是C上引入－NO2，且在对位，C与浓硝酸、浓硫酸，并且加热得到，此反应类型为取代
反应；
根据G的结构简式，反应⑤发生取代反应，Cl取代氨基上的氢原子，即反应方程式为：
；吡啶的作用是吸收反应产物的
HCl，提高反应转化率；
（4）根据有机物成键特点，G的分子式为：C11H11O3N2F3；
（5）－CF3和－NO2处于邻位，另一个取代基在苯环上有3种位置，－CF3和－NO2处于间位，另一取代基在苯环上有4种位置，－CF3和－NO2属于对位，另一个取代基在苯环上有2种位置，因此共有9种结构；
（6）根据目标产物和流程图，苯甲醚应首先与混酸反应，在对位上引入硝基，然后在铁和HCl作用下－NO2转化成－NH2，最后在吡啶作用下与CH3COCl反应生成目标产物，合成路线是
1

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