资源简介 第4章 计数原理4.4 二项式定理教案学习目标1.掌握二项式定理及其二项展开式的通项公式.2.能解决与二项展开式有关的简单问题.3.了解杨辉三角.4.掌握二项式系数的性质,会用赋值法求项(二项式)的系数和.教学重难点1.教学重点:二项式定理及其二项展开式的通项公式.2.教学难点:二项式系数的性质.教学过程情境引入在初中我们学过多项式乘法,并且知道:如果a,b是任意实数,那么,,,由四个因式相乘得到,即,且每个因式中有两项:a,b. 展开后的每项由每个因式中任取一项(或)相乘得到,因而各项都是四次式,其所含字母的形式分别为,,,,.再看展开式中各项的系数,也就是上面各项在展开式中出现的次数.是由的四个因式中都只取a(即每个都不取b)相乘得到,有1种选法,所以的系数是;是四个因式中任取一个因式内的b与另三个因式内的a相乘得到,有种选法,所以的系数是;是四个因式中任取两个因式内的b与另两个因式内的a相乘得到,有种选法,所以的系数是;是四个因式中任取三个因式内的b与另一个因式内的a相乘得到,有种选法,所以的系数是;是四个因式中都只取b 相乘得到,有种选法,所以的系数是.因此.据此获得启发,设a,b是任意实数,对于正整数n,有以下猜想:.下面,来推理证明上述猜想.新知积累由于是n个二项式相乘,根据多项式相乘的规律,展开式中的每项都是一个n次式,具有形式,其中.下面计算形如的同类项个数.每个和其他因式相乘时,有选或选两种选择. 将看作红球,将看作黑球. 考虑n个均放有一个红球和一个黑球的盒子. 现从每个盒子中取一个球,有选红球或选黑球两种选择,其结果可分为类:第1类,取出的n个球中,有n个红球,即0个黑球,共有种取法,所以展开式中一共有项 .第2类,取出的n个球中,有个红球,即1个黑球,共有种取法,所以展开式中共有项.……第类,取出的n个球中,有个红球,即个黑球,共有种取法,所以展开式中共有项 .……第类,取出的n个球中,有0个红球,即n个黑球,共有种取法,所以展开式中共有项.1.二项式定理由加法原理可得上述公式称为二项式定理. 右边的多项式叫作的二项展开式,一共有项,其中各项的系数(其中)叫作二项式系数,式中的叫作二项展开式的通项,用表示,即通项为展开式的第项:.在二项式定理中,如果设,,则得到公式:.2.杨辉三角的展开式中二项式系数依次是,,,,,,当n依次取1,2,3,4,…时,把对应的二项式系数按如下形式排列:图中的三角形数表称为“二项式系数表”.对于展开式的二项式系数,,,,,,可以将其看作函数,,进而可以用函数的观点来研究它们.例如,当时,画的图象,如图所示.通过观察函数图象,得到二项式系数的一些性质特点:3.二项式系数的性质(1)对称性:二项式系数关于直线对称,即. 在二项展开式中,与首末两端“等距离”的两项的二项式系数相等,即.(2)单调性和最大值:二项式系数从两端向中间逐渐增大,且当n是偶数时,展开式的项数是奇数,中间一项的二项式系数取得最大值;当n是奇数时,展开式的项数是偶数,中间两项的二项式系数,相等,且同时取得最大值.这是因为:,当,即时,有,即二项式系数是逐渐增大的;当,即时,有,即二项式系数是逐渐减小的.(3)各二项式系数的和:由二项式定理得,令,则.即的展开式中各二项式系数的和等于.例题巩固例1 求的展开式.解.例2 计算的展开式中第5项的系数和二项式系数.解 的展开式的第5项是,所以展开式中第5项的系数是,第5项的二项式系数是.例3 求 的展开式中的系数.解 原式可化为,其中含的项为.因此,的系数是42.例4 当n为偶数时,求证:.证明 由二项式定理得,分别令和,,相应得到,①. ②①+②得,即.①-②得.所以,当n为偶数时有.例5 已知,计算.解 在展开式中取,则.再在展开式中取,得,于是.课堂练习1.若的二项展开式中的系数是,则实数a的值是( )A. B. C.1 D.2答案:D解析:的二项展开式的通项公式.令,得.由的系数是,得,解得.故选D.2.(多选)在的展开式中,下列说法正确的有( )A.所有项的二项式系数和为64B.所有项的系数和为0C.常数项为20D.二项式系数最大的项为第3项答案:AB解析:所有项的二项式系数和为,故A正确;令,得所有项的系数和为,故B正确;常数项为,故C错误;展开式有7项,二项式系数最大的项为第4项,故D错误.选AB.3.的展开式中的系数为________(用数字作答).答案:-28解析:展开式的通项,.令,得,令,得,所以的展开式中的系数为.小结作业小结:本节课学习了二项式定理、二项式系数的性质及应用.作业:完成本节课课后习题.板书设计4.4 二项式定理1.二项式定理2.杨辉三角3.二项式系数的性质 展开更多...... 收起↑ 资源预览