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6 → 6 因为平面, AOB 的一个法向量为n2=(1,0,0),
è-
,, ÷ EC= ,, ÷ .
2 03 è2 30 由平面COD⊥平面AOB 得n1·n2=0,
ì 6 π
n·E→P=0, -2x+3z=0,
所以cosθ=0,即θ=
{ 2
.
n·E→
即 í
C=0. 6 (2)设二面角C-OD-B 的大小为α,由(1)得当
2x+3y=0. πθ= 时,2 cosα=0
;
取y=-1,得n=(6,-1,1).
π 2π
→ ( 3 3 ) 当 θ ∈ ( , ] 时,tanθ ≤ - 3,, , , 2 3 cosα =又PF= 0 2 -2
故点F 到平面PCE 的距离为 n1·n2 3cosθ 3
|n||n|= =-
,
1 2 3+sin2θ 4tan23 3 θ+3
P→F·n -2-2 32
d= |n| = = 4 .
5
故- 综上,二面角 的
22 5
≤cosα<0. C-OD-B
(3)F→C= ( ,3, 3 ), 余弦值的取值范围为 éê 5 ù6 2 -2 ê- , ú .5 0 ú
|F→C·n| 3
|cos|= =
|F→C|·|n| 21 第六章 平面解析几何初步
×22
2 §6.1 直线方程与两直线的位置关系
21 五年高考母题原型训练
= 14 . 1.C 【解析】 设过点A 的直线l的方程为y
∴ 直 线 PC 与 平 面 PCE 所 成 角 的 大 小 为 =k(x-4),则圆(x-2)2+y2=1的圆心(2,0)到该
21
arcsin . |2k|14 直 线 的 距 离 d = ≤1
,解 之 得 k ∈
k2+1
17.解:(1)如图,以O 为原点,在平面OBC 内垂 é 3 3ù,
直于OB 的直线为x 轴,OB,OA 所在的直线分别为 êê- , úú 故应选C. 3 3
y 轴,z轴建立空间直角坐标系O-xyz,则A(0,0,2 2. -1 x2+(y-1)2=1 【解析】 由题可知
3),B(0,2,0),D(0,1,3),C(2sinθ,2cosθ,0).设n1 3-a-bkPQ=3-b-a=1
,又klkPQ=-1 kl=-1,圆关于
=(x,y,z)为平面COD 的一个法向量,
直线l对称,找到圆心(2,3)的对称点(0,1),又圆的
半径不变,易得x2+(y-1)2=1.
3.D 【解析】 点(x,y)关于直线x=1的对称
点为(2-x,y),2-x-2y+1=0 x+2y-3=0,故
选D.
4.A 【解析】 本题解题思路是依题意利用两
条直线垂直时斜率间的关系以及将一条曲线进行平
移时其方程的变化情况来考虑.将直线y=3x 绕原点
1
逆时针旋转90°得到直线y=- x,再向右平移3 1
1
→ 个单位,所得 到 的 直 线 为y=- ( ),即n ·OD=0, 3
x-1 y=
1
由{ → 得 1 1n1·OC=0, - ,选3x+3 A.
{xsinθ+ycosθ=0, 5.x-y+1=0 【解析】 把已知圆的方程配方y+ 3z=0, 得(x+1)2+y2=1,所以圆心C(-1,0).因为所求直
取z=sinθ,则n1=(3cosθ,- 3sinθ,sinθ). 线与已知直线x+y=0垂直,所以其斜率k=1,又过
·83·
圆心,由直线的点斜式方程得所求直线方程为y-0 为60°.
=x-(-1),即x-y+1=0. 此题主要考查学生的“数形结合”思想的应用,同
6.4x-y-1=0 【解析】 f'(x)=3x2+1, 时又运用了平面几何的特点.
f'(1)=3+1=4, 14. -2 【解析】 本题解题思路是由圆的对称
∴切线方程为y-3=4(x-1),即4x-y-1 性得出方程.依题意得圆心 ( a-1,- ) 必在直线2 x-=0.
1 1 x y a
7. - 【解析】 点E 为直线BP: + y+2=0上,因此有-1+2+2=0
,因此解得a=
c b b p
:x y -2.=1与直线AC c +a =1
的交点.
15.C 【解析】 设存在所有直线经 过 某 定 点
两方程相减可得 (1 1 )x+ (1 1 ) =0; p,则令- - y θ=0° x=1,又令θ=90° y=3,故两直线b c p a 的交点为 P(1,3),将 其 代 入 方 程:xcosθ+(y-2)
点F 为直线CP:
x y x
+ =1与直线 AB: + sinθ=1中得:cosθ+sinθ=1,而此式不是恒成立的,c p b 故所求的定点不存在,即选项 A错误.设点P(0,2),
y
=1 的 交 点,两 方 程 相 减 可 得 (1 1- )x+ 将其坐标代入:xcosθ+(y-2)sinθ=0即点P(a c b 0,2)
不在
1 1 M
中的任一直线上,故选项B错误.对于圆:x2
( =0. 2p-a )y +(y-2)=1而言,所有直线均与该圆相切,易知选
8.C 【解析】 考查两直线的位置关系. 项C正确.若存在三条直线构成的三角 形 为 正 三 角
a 形,则将三边对应进行等速平行也构成正三角形,但
两直线平行得-2=-1
,∴a=2. 是面积却发生改变,故选项D不成立.从而只有选项
9.A 【解析】 本题主要考查直线方程的点斜 C正确.
式,两直线垂直的位置关系,属于基础知识、基本运算 16.x2+(y-1)2=10 【解析】 本题考查直线
2, 与圆、抛物线的关系,考查计算及推理能力的考查.直线2x-3y+4=0
.
的斜率为 所以直线
3 l 抛物线y2=4x 的焦点(1,0),圆C 的圆心O 与
3 2
的斜 率 为- ,根 据 直 线 方 程 的 点 斜 式 有2 y-2=
抛物线y =4x 的焦点关于直线y=x 对称.
∴O(0,1),设 半 径r,点 O 到 直 线AB 的 距 离
3
- (x+1),整理得3x+2y-1=0. 为2 d
,
10.D 【解析】
,
把已知圆的方程配方得(x+ ∴d=1
1)2
,
+y2=1,所以圆心C(-1,0).因为所求直线与已
∵|AB|=6
2 ,
知直线x+y=0平行,所以其斜率k=-1,又过圆心 ∴r =10
方程 2 2C,
( )
由直线的点斜式方程得所求直线方程为y-0= ∴ x + y-1 =10.
-[x-(-1)], x+ +1=0, D. 此题是中档题目
,处理的关键是弦长、半径、弦心
即 y 故答案为
【解析】 ;11.A 与直线x+4y-8=0垂直的
距的关系 也可用弦长公式计算.
直线l为4x-y+m=0,即y=x4 在某一点的导数 :() m17. 解 1 直线l 的方程可化为y=m2+1x
为4,而y'=4x3,所以y=x4 在(1,1)处导数为4,此
点的切线为4x 4m-y-3=0,故选A. - 2 ,m +1
12.D 【解析】 原点到直线x+2y-5=0的 m 1
5 直线l的斜率k= ,因为|m|≤ (m2+1).
距离d= = 5,故应选D. m2+1 2
1+22 |m| 1
【 】 ,13.C 解析 CP 所以⊥ |k|=m2+1≤
当且仅当
2 |m|=1
时等
l1,C(5,1),kCP=-1,∴x 号成立.
=3,∴P(3,3),∴|CP|= 所以,斜率k的取值范围是 [ 1 1- , .1 2 2 ]
22,∴sinα= ,2 ∴
夹 角 (2)不能.
·84·
() ( ), 1 从而方程为8x-15y+6=0.由 1 知l的方程为y=kx-4 其中|k|≤2.
(, ), (
x x
2)设直线方程为 ,圆C 的圆心为C 4 -2 半径r=2. a +b =1
2 a>0,b>0,代入P(3,2).
圆心C 到直线l的距离d= .
1+k2 3 2 6
得
1 4 r a+b=1≥2
,得ab≥24,
由|k|≤ ,得d≥ >1,
ab
即
2 d>
从而,若
5 2
. l
1
从而S△AOB= ab≥12,
与圆C 相交,则圆C 截直线l所得的弦所对的圆心角 2
2π 3 2 b 2
小于 . 此时 = ,a b ∴k=-a =-3.3
1 ∴方程为2x+3y-12=0.
所以l不能将圆C 分割成弧长的比值为 的两2 16. 解:解法1:如图所
段弧. 示,依题意,B 点在原点O 左
2012—2013高考题源拓展测试 侧,设坐标为(a,0),由入射
1.D 2.C 3.D 4.D 5.D 6.C 7.D 角等于反射角,得∠1=∠2,
8.A ∠3=∠4,∴kAB=-kBC.
9. -5 10.x-y-1=0 4-0又 kAB = =
11.150° 12.3 -3-a
13. 解:设 AB、AC 的中线分别CD、BE,其中 4- (a≠-3),
D、E 为中点. 3+a
∵B 在中线y-1=0上, 4∴kBC= ,3+a
∴设B 点坐标为(x,1),
4
的方程为 ( ),
∵A(1,3),D 为AB 的中点, (x+1, ) ∴BC y-0=3+a x-a∴D 2 2 .
即4x-(3+a)y-4a=0,
又∵D 在中线CD:x-2y+1=0上,
x+1 令x=0,解得C 点坐标为
-4a
0, ,
∴ 2 -2×2+1=0 x=5
, ( 3+a)
-4a
∴B 点坐标为(5,1). 6-3+a 18+10a
同样可求出C 点的坐标是(-3,-1). 则kDC= ,-1-0=- 3+a
故可求出△ABC 三边所在直线的方程为: ∵∠3=∠4,∴kBC=-kDC,
AB:x+2y-7=0,BC:x-4y-1=0,AC:x- 4 18+10a, 7解得 ,
y+2=0. ∴3+a= 3+a a=-5
14. 解:(1)A 点不在两条高线上,从而AB、AC 代入BC 方程得5x-2y+7=0.
边所在直线方程为3x+2y-7=0,x-y+1=0. 解法2:A 关于x 轴的对称点A'(-3,-4),
∴C(-2,-1),B(7,-7). D 关于y 轴的对称点D'(1,6),
∴边BC 所在直线方程是2x+3y+7=0. 由光学知识知:A'、B、C、D'四点共线,
(2)∵|BC|= 117=3 13,点 A 到边BC 的 则BC 所在直线为5x-2y+7=0.
15 1 17. 解:由已知圆的方程为(x+1)2+(y-1)2=
高为h= ,从而△ABC 的面积是2×3 13×13 2,按a=(1,-1)平移得到☉O:x2+y2=2.
→ → →
15 45 ∵OC=-(OA+OB),
=2. ∴O→C·A→B=-(O→A+O→B)·(O→13 B-O→A)=
15. 解:(1)设所求直线倾斜角为θ,已知直线的 OA→2-OB→2=0.
1 即
倾斜角 为α,则θ=2α,且tanα= ,4 tanθ=tan2α
OC⊥AB.
又O→C=λa,且a=(1,-1),
8
= , ∴kOC=-1,∴kAB=1.15
·85·
设lAB=x-y+m=0,AB 的中点为D. 画出直线和圆的图象可得,圆C 的圆心到原点的距
由O→C=-(O→A+O→B)=-2O→D,则|O→C|=2|O→D|, 离为2,所以圆心C 的坐标为(-2,0),从而圆的方程
→ 是(x+2)2+y2又|OC|=2, =2.
【点评】 不能利用直线的倾斜角这一条件,或计
2
∴|O→D|=2. 算失误.
7.B 【解析】 x2+y2
2
∴O 到AB 的距离等于2. -12y+27=0,
∴x2+y2-12y+36=9,
|m| 2
即 = , ∴x22 +(y-6)
2=9,
2
∴在平面直角坐标系下:
∴m=±1.
使过 原 点 的 两 条 直 线 切 圆 于
∴直线l的方程为:x-y-1=0或x-y+1
A、B 两点,
=0.
有O'A⊥AO,O'B⊥OB,
§6.2 圆的方程
五年高考母题原型训练 ∵AO'=O'B=r= 9=3
,OO'=6,
1.C 【解析】 1本题考查了点到直线的距离及 ∴AO'=2OO'
,
圆的标准方程.
在Rt△OAO'中,∠AOO'=30°,
∵圆心(2,-1)到直线3x-4y+5=0的距离d ∴∠AO'O=90°-30°=60°,
|6+4+5|
= =3,5 ∵△AO'O≌△BO'O
,
,
∴圆的半径为3,即得圆方程为(x-2)2+( + ∴∠AO'O=∠BO'Oy
1)2=9,故应选C. ∴∠AO'B=120°
,
2.A 【解析】 本题主要考查考生数形结合的 ∴劣弧A︵ 120°B= ·360° 2π·3=2π,故选择B.
意识与能力以及能否依据题意进行分析确定圆的圆
8.A 【解析】 设点P 与圆上任一点 N(x0,
心与半径,从 而 将 问 题 求 解.依 题 意 得 圆 心 坐 标 是
x0+4 y -2(1,0),
0
因此所求圆的方程是(x-1)2+y2=4,选A. y0)连线的中点为 M(x,y),则x= ,y= ,2 2
3.B 【解析】 由题意设圆的标准方程为(x- 整理得x0=2x-4,y0=2y+2,
a)2+(y-1)2=1(a>0),又因为与直线4x-3y=0 代入圆的方程可得(x-2)2+(y+1)2=1,故应
|4a-3|
也相切,所以1= ,∴a=2.故选B. 选A.5 【解析】 本题考查了直线与圆的位置关
4.(x-1)2+(y-1)2=2 【解析】 圆心为(
9.B
1,
系,直线与直线的夹角如图所示,连接圆 2
) , (,) x -2x+y
2
1 且与直线x+y=4相切 ∴点 11 到直线x+y
-2y+1=0的圆心C(,; 11
)与点P 及两个切点A、
=4的距离d 即等于r
B,则两切线的夹角为∠APC=2α.
|1+1-4|
∴d=r= = 2.
2
∴所求圆的方程为(x-1)2+(y-1)2=2.
5.(x-3)2+y2=2 【解析】 线段AB 垂直平
分线方程x=3,过点B(2,1)与直线x-y-1=0垂
直 的 直 线 为 x + y - 3 = 0,解 方 程 组 得
{x=3 得x=3,y=0即圆心坐标为(3,0). ( )2 ( )2 , 1,x+y-3=0 ∵PC= 3-1 + 2-1 = 5 ∴sinα= 5
∴半径为 (3-2)2+12= 2,即所求圆的方程 3
cos2α=1-2sin2α= .故应选B.
为(x-3)2+y2=2. 5
6. (x+2)2+y2 10.4 【解析】 圆的方程变为(x-3)
2+(y-
=2 【解析】 如 图, 4)2=5,得C(3,4),OC=5,PC= 5,OP=2 5,则
·86·
PD=2,故PQ=4.本题考查了圆的方程及圆的几何 12. 本小题主要考查平面向量,圆和抛物线的方
性质. 程几何性质等基本知识,考查综合运用解析几何知识
解决问题的能力.
解:(1)解 法 一:设 A、B 两 点 坐 标 分 别 为
y2 2( 1, ,y2, ,2 y1 ) (2 y2 )
2 2 2 2
由 题 设 知 (y1 ) + 2 y= ( 2y ) +y22 1 2 2
11.5 【解析】 本题考查特殊值法求解选择题 y2 2 2= ( 1 y2- +(y1-y 22),和直线与圆的位置关系. 2 2 )
1 解得 y21 =y22 =12,所 以 A(6,, , · 2 3
),B(6,
由题意得 一条弦为直径时 面积S=2|AC| -23),或A(6,-23),B(6,23)
1
|BD|= ×4×2=4为一个最值,经过比较可知为 22 设圆心C 的坐标为(r,0)则r=3×6=4.
因此
最小值;当两弦长相等时应为另一最值,就是最大值, 圆C 的方程为(x-4)2+y2=16.
设两条垂直的弦所在的直线为y=k(x-1)+ 2,y 解法二:设A、B 两点坐标分别为(x1,y1),(x2,
1 {y=k(x-1)+ 2 y
2
2),由题设知x1+ 2=x2+ 2.
=- ( )
y1 2 y2
k x-1 + 2.
(k2+1)x2
x2+y2=4 又因为y
2
1=2x ,y21 2=2x2,可得x21+2x 21=x2+
+2k(2-k)x-k2 k : 2x2
,即(x1-x2)( )-22 -2=0所对应的弦长为 x1+x2+2 =0.
由x
2 1
>0,x2>0,可知x1=x2,故A、B 两点关
k +1 于x 轴对称,所以圆心C 在x 轴上.
4k2(2-k)2-4(k2-22k-2)(2· k +1
) 设 C 点 的 坐 标 为 (r,0),则 A 点 坐 标 为
k2+1 2 3
3 ,3 3r r÷,于是有 r÷ =2× r,解得r=4,所
12k2+82k+8 è2 2 è2 2
=
k2+1 以圆C 的方程为(x-4)
2+y2=16.
1 (2)设∠ECF=2α,则{y=- (k x-1)+ 2 ( 1 ) 2 2 C→ → 1+ x - x- E·CF=|C→E|·|C→F|·cos2α=16cos2α=2 2 k2 k2x +y =4 32cos2α-16.
22 1 22 r 4
x+ + -2=0 在Rt△PCE 中,cosα=2 |P→
=
C| |P→
.由圆的几
k k k C|
所对应的弦长为: 何性质得
→
2 |PC|≤|M→C|+1=7+1=8,|P→C|≥|M→C|-1 1
2 22÷ -4(1+ ) 1 22+ + -2÷1 èk2 k k2 èk2 k =7-1=6.
1+k2
·
1 1 2
1+ 所以 ≤cosα< ,由此可得-8≤C
→E·C→F≤
k2 2 3
16
8k2-82k+12 -9.=
1+k2 →· → 16故CE CF的最大值为- ,最小值为-8.
1 12k2+82k+8 9
S四边形=2× × — 高考题源拓展测试1+k2 2012 2013
1.A 2.B 3.C 4.B 5.B 6.D
8k2-82k+12 7.C 【解析】 将已知直线化为y=(a-1)(x+
1+k2 1)+2,可知直线恒过定点(-1,2),故所求圆的方程为
当两个弦长相等时,即k=-22±3时,四边形 x2+y2+2x-4y=0.
的面积最大,最大值为5. 8.B 【解析】 圆心(1,0)到直线AB:2x-y+
·87·
4 (-4)2, { -4D+F=0
, ( )2 ,
2=0的距离为d= 故圆上的点P 到AB 的最大
5 42+4D+F=0, 或
4 4 2 {
-4 -4D+F=0
42+4D+F=0,
2
值是 +1,最 小 值 是 -1.又|AB|= 5,所 以 5+5E+F=0 5-5E+F=0.
5 5 , 9∴D=0E=- ,
9
5 F=-16
或D=0,E= ,
5 5
F
△PAB 面 积 的 最 大 值 和 最 小 值 分 别 是 2+ 2 =-16.
5 ∴外接圆方程为
和2-2. x2+y2
9
- y-16=0或x2+y2
9
+ y-16
9.(x-2)2+y2=2 5 5
=0.
2
10. 2 【点评】 若可直接求出圆心坐标及圆的半径,则
11.(-∞,0)∪(10,+∞) 【解析】 将x2+y2 可直接套用圆的标准方程,求出圆的方程.若已知圆
-2x+4y+4=0化为标准方程得(x-1)2+(y+2)2 上三点的坐标,通常利用圆方程的一般式,用待定系
=1, 数法求解.
由直 线3x+4y+m=0与 圆 没 有 公 共 点 得 14. 解:可设圆的方程为(x-a)
2+(y-b)2=
|3-4×2+m| 10,半径、半弦及圆心到弦的垂线段构成一个直角三
>1,
32+42 角形.利用勾股定理可得一个方程.
即|m-5|>5,得m-5>5或m-5<-5, 设圆心坐标为(a,b).
故m>10或m<0,m 的取值范围是(-∞,0)∪ ∵圆心在直线y=2x 上,∴b=2a.
(10,+∞). 由条件得圆心到直线x-y=0的距离为
|a-b| |-a|
3 15 d= = ,
12. 2 2 2
13. 可由条件确定圆心,然后求出半径,再由圆 又直线x-y=0被圆截得的弦长为42,
的标准方程求解;也可确定出等腰三角形顶点坐标, |-a| 2∴ ÷ +(22)2=( 10)2.
设出圆的一般方程求解. è 2
解法一:由条件可知,圆心一定在腰和底边的中 解之得a=±2.
垂线上, ∴所求圆的方程为
x=0, (x-2)2+(y-4)2=10或(x+2)2+(y+4)2
所以由方程组{ 5 4 或 =10.y- ( )2=5 x-2 15. 解:已知原式可化为(x
x=0, -2)2+y2{ =3,它表示以 A(2,5 4y+ =- (x-2), 0)为圆心,以 3为半径的圆A.2 5
()y 表 示 圆 上 一 点
可得圆心坐标为 ( 90, 或 , 9 , 1 A10) (0 -10) x
P(,9 41 xy
)与原点连线l的斜率k,
易得半径r=5- = , 由图可知,当l切圆A 于第一象限一点B 时k最大.10 10
∴外接圆方程为 在Rt△OAB 中|BA|= 3,|OA|=2,
y
x2
9 9
+y2- y-16=0或x2+y2+ y-16 ∴∠AOB=60°
,∴ 的最大值为x 3.5 5
=0. (2)设y-x=b,即直线x-y+b=0,b 为直线
解法二:设外接圆方程为: 在y 轴上的截距,如图可知,
x2+ 2+Dx+E +F=0(D2+E2-4F> 当直线 与 圆 A 切 于 点 时,y y E b
有 最 小 值.由
0),则 |2+b|= 3得b=- 6-2或b= 6-2(舍去).
2
·88·
故y-x 的最小值为- 6-2. (1,k),
(3)解法1:记F(-1,1),则(x+1)2+(y+1)2 ∴直线l的方程为y=kx+1,
=|PF|2,其中 P(x,y)为圆 A 上任一动点.易求| |2k-3+1| 4- 7 4+ 7由 <1得 AF|= 10,由图可知,当点P 位于点M 时,|PF|2 k2+1 3 3
最大;当点P 位于点N 时,|PF|2 最小. (2)设过A 点的圆C 的一条切线为AT,T 为切
所求的最大值为( 10+ 3)2=13+2 30, 点,则AT2=( AC2-1)2=7.
→ → → → 2
最小值为( 10- 3)2=13-2 30. ∴AM·AN=|AM||AN|cos0°=AT =7,→· →为定值
解法2:令x=2+ 3cosθ,y= 3sinθ,(x+1)2+ ∴AM AN .
( ()设 ( , ), ( , ),y+1)2=t. 3 M x1 y1 N x2 y2
(2 2) 将 代入方程( )
2 ( )2
则t= x +y +2x+2y+2=(4x-1)+2x+ y=kx+1 x-2 + y-3 =1
得( 2)2 ( ) ,
2y+2=6x+2y+1=6(
1+k x -41+kx+7=0
2+ 3cosθ)+23sinθ+1=
4(1+k) 7
13+63cosθ+23sinθ=13+2 30sin(θ+φ), ∴x1+x2= 2 ,1+k x1x2=
,
1+k2
其中tanφ=3,故所求的最小值为13-2 30,最 ∴O→M·O→N=x1x +y 22 1y2=(1+k )x1x2+k
大值为13+2 30. ( )(x1+x2)
4k1+k
+1= 1+k2 +8=12.
16. 解:(
4
1)圆C 过原点O,OC2=t2+t2. 4k(1+k)∴ 2 =4,解得k=1.
2 4 1+k
设圆C 的方程是(x-t)2+ ( 2y-t ) =t2+t2. 又当k=1时,Δ>0,∴k=1.
4 直线、圆的位置关系
令x=0,得y1=0,y2= ;
§6.3
t 五年高考母题原型训练
令y=0,得x1=0,x2=2t, 1.B 【解析】 本题主要考查圆的标准方程、点
1 1 4
∴S△OAB= ·2|OA| |OB|=2×|t|×|2t|
到直线的距离公式以及直线与圆的位置关系的判定.
1
=4, 依题意得圆心(0,0)到直线y=x+1的距离等于 2
即△OAB 的面积为定值. <1,且0≠0+1,因此选B.
(2)∵OM=ON,CM=CN,
2.C 【解析】 =3- 4x-x2 变形为(x-
∴OC 垂直平分线段MN. y
2)2+(y-3)2=4,(y≤3).该曲线表示半圆,如图,当1
∵kMN=-2,∴kOC= ,2 直线y=x+b 过点(0,3)时b 值最大,与半圆相切
1 时,b值最小,故选C.
∴直线OC 的方程是y=2x. y
3
2 1
∴ = t,解得t=2或t 2 t=-2
,
当t=2时,圆心C 的坐标为(2,1),OC= 5, O 4 x
1
此时C 到直线y=-2x+4的距离d= < 5,
5 【点评】 曲线化简变形过程中,忽略y-3≤0.
圆C 与直线y=-2x+4相交于两点,当t=-2时, 把曲线理解为整圆,而错选B.
【解析】 直线和圆的位置关系,借助平面
圆心C 的坐标为(-2,-1),OC= 5,此时C 到直线 3.C
9 |3+m|
y=-2x+4的距离d= > 5, 几何解析法求解,d=R= 2 = 3 m=-335
圆C 与直线y=-2x+4不相交, 或m= 3,选C.
∴t=-2不符合题意,舍去. 4.23 【解析】 如图,取AB 的中点C,连结
圆C 的方程为(x-2)2+(y-1)2=5. , |0-2×0+5|OC 则OC⊥AB,连结OA,|OC|= =
17. 解:(1)∵直线l过点(0,1)且方向向量a= 1+(-2)2
·89·
5
= 5,
π
|AC|2=|OA|2-|OC|2=8-5=3,|AC| ∠BAO=α,α∈ (0, ),则2 OB=1+tanα,5
= 3,∴|AB|=2|AC|=23. 1OA=1+ ,
1
由
tanα S1+SⅣ=2S△AOB
可得
π
1 1 α+· 2 1 1 (
2 tanα+ 2π ×π= 2 × 2 × 1+
tanα)( 11+ ,tanα)
1
整理可得,tanα- =π-2+2a,α∈ (0,π ),tanα 2
此方程可化为(π-2+2a)sin2a+2cos2α=0,
令 f (α)= (π+2+2α)sin2α +2cos2α,
3 3 α∈ (0,π ),
5.(x-1)2+y2=1 或- 【解析】 本 23 3
由 () , π 可 知 函 数
题是图象平移及直线与圆的位置关系问题,由图象平 f0 =2>0f (2 ) =-2<0 f
移公式不难得到平移后的圆的方程为(x-1)2+y2 (x)与x 轴必有一个交点,即上述方程必有一解,所
=1.直线与圆相切可用“判别式”法或“d=r”法求解. 以这样的直线AB 有1条,故应选B.
本题主要考查学生对图象平移公式的理解、记忆 25
11. 【解析】 本题考查直线与圆的位置关
以及直线与圆相切问题的求解;考查学生的基本运算 4
能力. 系的综合应用.
6.x+3y=0 【解析】 考查两圆的位置关系及 ∵A(1,2),则A 为切点,∴kOA=2,切线方程为
公共弦的方程, 1 5y=- (2 x-1
)+2,令x=0,则y= ;令y=0,则
(x-1)2{ +(y-3)
2=20 2
x2+y2
,
=10 x=5
1 5 25
两式相减得x+3y=0为所求直线方程. ∴S△=2×2×5=4.
7.1 【解析】 本题考查解析几何中圆的概念 12. 本 小 题 主
和性质,两圆公共弦所在的直线方程ay=1,再由圆 要考查求轨迹方程
心到直线ay=1的距离等于1得a=1. 的方法及基本运算
8.B 【解析】 本题主要考查直角三角形的内 能力.
切圆知识.考查利用运动观点处理数学问题的能力. 解:以O1O2 的
因为半径为1的圆正好是这个直角三角形的内切圆, 中 点 O 为 原 点,
所以移动 此 圆 可 知,所 求 公 共 点 个 数 最 多 为4个. O1O2 所在的直线为x 轴,建立如图所示的平面直角
选B. 坐标系,则O1(-2,0),O2(2,0).
9.B 【解析】 半径为6米的圆面能覆盖的最
由已知PM= 2PN,得PM2=2PN2.
大正方形(内接正方表)的边为62,2×62>16,考 因为两圆的半径均为1,所以PO2 21-1=2(PO2
虑纵横方向需4个圆面才能覆盖边长为16米的正方 -1).
形,故选B. 设P(x,y),则
10.B 【解析】 如图所示,设圆与两坐标轴的 (x+2)2+y2-1=2[(x-2)2+y2-1],
切点分别为E,F, 即(x-6)2+y2=33,所以所求轨迹方程为
(x-6)2+y2=33.(或x2+y2-12x+3=0)
2012—2013高考题源拓展测试
1.B 2.A 3.C 4.A 5.C 6.C 7.C
8.A
·90·
9.x+3y=0 10. 3 1+λ∴- 2 =-1
,
11.25 12. 相切
∴λ=1,∴m=3.
13. 解:设直线方程为x+y-a=0,y=kx,由
1 5
|-1+2-a| ∴圆心坐标为 - ,3 ,半径为 .
圆心到直线距离d1=r= = 2,d = ( 2 )2 2
2 【点评】 解 法 一 利 用 OP⊥OQ 的 充 要 条 件
|-k-2|
= 2,得a=3或-1,k=2± 6,所以切线 x1x2+y1y2=0,解法二利用圆系方程.
1+k2 15. 解:(1)如图所示,结合图
方程为x+y-3=0,x+y+1=0,y=(2± 6)x. 5
14.OP⊥OQ 可转化为kOP·kOQ=-1,由此联 形可知O(0,0)必在直线y=2x
立方程求出m 的值,或利用直线与圆交点的圆系方 +b的下方,O'(0,8)在其上方.
程求解. ì 5
解法一: 将x=3-2y 代入方程x2+y2+x-6y 0<2×0+b
+m=0, ∴ í 5
得5y2-20y+12+m=0. 8>2×0+b.
设P(x1,y1),Q(x2,y2),则y1,y2 满足条件: ∴012+m
y1+y2=4,y1y2= 5 . 又依题意,
5
直线y= x+b与两圆相切或相离2 .
∵OP⊥OQ,
ì |b|
∴x1x2+y1y2=0, ≥2 5
而x1=3-2y1,x2=3-2y2, 1+4
∴x1x2=9-6(y1+y2)+4y1y , ∴ í2 |b-8| ≥2
∴m=3,此时 Δ>0,圆心坐标为 ( 1- ,3),半 52 1+4
5
径为 . ∴3≤b≤5或b≥11.2 又0解法二:如图所示.设弦 (2)设所求的直线方程y=kx+5.
PQ 的中点为M, ∵它与两圆无公共点即与两圆均相离,
∵O1M ⊥PQ,∴kO1M
ì 5
=2. >2, 1+k2
∴O1M 的方程为y-3 ∴ í
3
( 1 ) >2.=2x+ ,2 1+k2
即y=2x+4. 5 5∴- y=2x+4, 2 2
.
由方程组{ 解得, M(-1,2). 16. 解:(1)圆的方程可写成(x-6)2+y2=4,所x+2y-3=0
过P、
(,), (,)
Q 两点的圆系方程为 以圆心为Q 60 过P 02 且斜率为k的直线方程
x2 为
,代入圆方程得
+y2+x-6y+m+λ(x+2y-3)=0. ① y=kx+2
2 ( )2 ,
由OP⊥OQ 知,点O(0,0)在圆①上, x + kx+2 -12x+32=0
2 2
∴m-3λ=0,即m ( ) ( )=3λ. 整理得 1+k x +4k-3x+36=0. ①
∴圆的方程可化为 直线与圆交于两个不同的点 A、B 等价于 Δ=
2 2 2 2
x2+y2+x-6 +3λ+λx+2λ -3λ=0,
[4(k-3)]y y -4×36
(1+k )=4×(-8k -6k)>0,
即x2+y2+(1+λ)x+2(λ-3)y=0. 3解得- ∴圆①的圆心 M ( 1+λ2(, 3-λ)- ),2 2 (2)设A(x1,y1),B(x2,y2),则O→A+O→B=(x1
+x2,y1+y2),由方程①,
·91·
4(k-3) mn
x1+x2=- ,1+k2 . ② , =9=n 则{2 则m2+n2=(m+n)2-2mn=又y1+y2=k(x1+x2)+4. ③ m+n=2a,
(,), (,),→ (, ) → 4a2-36=F F2=4c2 2 2 2而P 02 Q 60 PQ= 6 -2 .所以OA+ 1 2 ,得b =a -c =9,∴b=3.
O→B与P→Q共线等价于-2(x +x )=6(y +y ),将 4.2 120° 【解析】 本题主要考查椭圆的定1 2 1 2
3 义、焦点、长轴、短轴、焦距之间的关系以及余弦定理.
②、③代入上式,解得k=-4. 属于基础知识、基本运算的考查.
2 2
( 2 2由 1)知k∈ ( 3- ,0),故没有符合题意的常 ∵a =9,b =3,∴c= a -b = 9-2= 7,4
∴|F1F2|=27,
数k.
又
:() , |PF1|=4
,|PF1|+|PF2|=2a=6,
17. 解 1 如图所示 由直
∴|PF2|=2,又由斜弦定理,
线l1 与l2 方程知l1 与l2 分别
2 2 2
过定点(0,0)、(2,1),又k ·k 2+4-(27) 1l1 l2 得cos∠F1PF2= =- ,2×2×4 2
=m× ( 1-m )=-1(m≠0), ∴∠F1PF2=120°.
知两直线两两垂直,∴l1 与
l2 的交点必在以(0,0)、(2,1)为直径的端点圆上.设
P(x,y),由P→1P⊥P→2P得x(x-2)+y(y-1)=0,
即定圆为x2+y2-2x-y=0.
(2)由(1)得P1(0,0),P2(2,1) 5.2 【解析】 如 右
1
∴△PP P 的面积的最大值必为 ×2r×r 图所示,由于椭圆的第二定1 2 2 义可得设P 到左准线的距
5
= . 34 离为d,则PF/d=e= ,5
π
此时OP 与P P 的夹角是 , 又 由 d=10可 得 PF1 2 4 =6,
1-0 1
kP1P2= = . ∴PF2=2a-PF=10-6=4,2-0 2
→ 1
1 ∵OM= (O
→P+O→F),2
π m-
∴tan = 2 ,
1
解之得,m=3或- . ∴点 M 是线段PF 的中点,4 m 3
1+2 1 1∴OM∥PF2,且OM=2PF2=2×4=2.
第七章 圆锥曲线与方程 6. h1cotθ1+h2cotθ2≤
2a 【解析】 如 右 图 所 示,
§7.1 椭 圆 设船只P 与椭圆两焦点间的
五年高考母题原型训练
距 离 分 别 为|PF1|=m,|
1.D 【解析】 由椭圆的定义知,椭圆上点 P PF2|=n,则当且仅当 m+n
到两焦点距离之和为长轴长,∴|PF1|+|PF2|=2a ≤2a 时,船只进入该浅水沤.
=2×5=10,故应选D. h1 h2
2.B 【解析】 本题考查椭圆两个定义.由第一 ∵m=tanθ1
,
n=tanθ2
,
定义:3+1=2m,m=2,
1
所以,e= ;由第二定义:P h h2 ∴m=
1 , 2 ,
tanθ n=1 tanθ2
到右准线距离为2.本题是圆锥曲线基本题目,灵活准 h h
只需要满足条件 1 2 ,
确使用概念是关键. ∴ tanθ +1 tanθ ≤2a2
3.3 【解析】 由已知条件可设PF1=m,PF2 即h1cotθ1+h2cotθ2≤2a,可判断船只进入浅
·92·§6.3 直线、圆的位置关系
考纲·题型解读
本节重点是判断直线与圆的位置关系,圆与圆的位置关系.由圆的标准方程和圆的一般方程可以看出,都含有三个参变量,
因此必须具备三个独立条件,才能确定一个圆.直线与圆的位置关系一般用圆心到直线的距离与半径的大小来确定.圆与圆的位
置关系一般用圆心距与两圆半径的关系来确定.
题源1 直线与圆的位置关系 3 2的判别式构建等式,双曲线的渐近线为:y=± x=±2x,代6
入圆方 程 得 2
解题模型 3x -12x+18-2r
2=0又 因 相 切 所 以 有 Δ=
(-12)2-4×3(18-2r2)=0 r= 3.故选A.
1. 直线与圆的位置关系有三种:相离、相切、相交. [真题3] (2020·辽宁)圆x2+y2=1与直线y=kx+2
判断直线与圆的位置关系常见的有两种方法: 没有公共点的充要条件是 ( )
(1)代数法:利用判别式Δ A.k∈(- 2,2)
Δ>0 相交
B.k∈(-∞- 2)∪(2,+∞)
Δ=0 相切
( , )
Δ<0 相离 C.k∈ - 3 3
(2)几何法:利用圆心到直线的距离d 和圆半径r 的 D.k∈(-∞,- 3)∪(3,+∞)
大小关系:①dr 相离. [解析] 2 圆心(0,0)到直线y=kx+2的距离d= ,
2
2. 计算直线被圆所截得弦长的方法 k +1
①几何法:运用弦心距、半径、半弦长构成的直角三角 2由直线与圆没有公共点可得d>r,即 >1,解之得k∈
2
形计算. k +1
②代数法:运用根与系数的关系及弦长公式: (- 3,3),故应选C.
|AB|= (1+k2)[( )2 ] [真题4] (2022·上海)圆C:x
2
xA+xB -4xAxB +y
2-2x-4y+4=0的
圆心到直线3x+4y+4=0的距离d= .
[真题1] (2022·江西)直线y=kx+3与圆(x-3)2+(y [解析] ∵x2+y2-2x-4y+4=0,∴(x-1)2+(y-2)2
-2)2=4相交于 M,N 两点,若|MN|≥23,则k的取值范围是 =1.圆 心 (1,2)到 3x +4y +4=0 的 距 离 为 d =
( ) |3×1+4×2+4|=3.
[ 3 3 3
2+42
A. - ,0] B. (-∞,- ]∪[0, )4 4 +∞ 题源2 圆与圆的位置关系
C. éêê
3
- ,
3ùúú D. [ 2- ,3 0 3 3 ]
[解析] 如图,圆的半径r=2, 解题模型
|3k+1| 、 , ,
圆心到直线的距离为d= . 设两圆的圆心分别为O1 O2 圆心距|O1O2|=d 半
k2+1 r 径分别为r1、r2.
设|MN|=2a,则d2+a2=r2 d ①两圆外离 d>r1+r2;
(3k+1)2 a
得a2=4- ≥3, ②两圆外切 d=r1+r2;k2+1 ③两圆相交 |r1-r2|3
解得- 故选 ④两圆内切 d=|r1-r2|;4≤k≤0. A.
⑤两圆内含 0[点评] 直线与圆的位置关系用勾股定理.
2 2 2 2
[真题2]
x y
(2021·全国Ⅱ)双曲线6-3=1
的渐近线与 [真题5] (2020· 重 庆)圆 O1:x +y -2x=0和 圆
O2:x2+y2-4y=0的位置关系是 ( )
圆(x-3)2+y2=r2(r>0)相切,则r等于 ( ) A.相离 B.相交
A.3 B.2 C.外切 D.内切
C.3 D.6 [解析] 本题解题思路是先由圆的方程明确圆心与半径,
[解析] 本题考查双曲线与圆的位置关系,利用二次方程 再借助于平面几何知识来判定两圆的位置关系.由圆O :x21 +
·146·
y2-2x=0得(x-1)2+y2=1,圆心O1 坐标为(1,0)、半径为1. 45°,所以r=2,x0=3,∵l⊥AB,∴kAB=-1,AB 方程为y=
由圆O2:x2+y2-4y=0得x2+(y-2)2=4,圆心O2 坐标为 -1(x-3),即x+y-3=0.
(0,2)、半径为2.由此得2-1<|O1O2|= 5<1+2,即1<| [真题9] (2020·江苏)在平面直角坐标系xOy 中,设二
2
O O |<3,这两个圆的位置关系是相交,选B. 次函数f(x)=x +2x+b(x∈R)的图象与两个坐标轴有三个1 2
[真题6] (2021·四川)若☉O:x2+y2=5与☉O1:(x- 交点,经过这三点的圆记为C.
m)2+y2=20(m∈R)相交于A、B 两点,且两圆在点A 处的切 (1)求实数b的取值范围;
线互相垂直,则线段AB 的长度是 . (2)求圆C 的方程;
[解析] 本题考查有关圆的知识与平面解析几何有机地结 (3)问圆C 是否经过定点(其坐标与b无关) 请证明你的
, 结论合的综合应用能力.依题意得|OO1|= 5+20=5 且△OO A .1
[解析] ()显然 否则,二次函数 ( ) 2
, 1·|AB| 1
1 b≠0. f x =x +2x+b
是直角三角形 S△OO1A= ·2 2 |OO1|=
·
2 |OA|
· 的图象与两个坐标轴只有两个交点(0,0),(-2,0),这与题设
不符
, 2
·|OA|·|AO | 2× 5×25 .
|AO1|
1
因此|AB|= 2|OO | = 5 =4. 由b≠0知,二次函数f(x)=x +2x+b 的图象与y 轴有1
一个非原点的交点(0,b),故它与x 轴必有两个交点,从而方程
题源3 圆的几何性质的综合运用 x2+2x+b=0有两个不相等的实数根,因此方程的判别式4-
4b>0,即b<1.所以,b的取值范围是(-∞,0)∪(0,1).
解题模型 (2)由方程x2+2x+b=0,得x=-1± 1-b.于是,二次
与圆有关的综合性问题主要考查圆的方程、圆的几何 函数f(x)=x
2+2x+b 的 图 象 与 坐 标 轴 的 交 点 是(-1-
性质以及函数与方程、数形结合、分类讨论等数学思想. 1-b,0),(-1+ 1-b,0),(0,b).
设圆C 的方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0.因圆C 过上述
[真题7] (2020·湖北)过点A(11,2)作圆x2+y2+2x- 三点,将它们的坐标分别代入圆C 的方程,得
4y-169=0的弦,其中弦长为整数的共有 ( ) ì (-1+ 1-b)
2+D(-1+ 1-b)+F=0,
A.16条 B.17条 íb2+Eb+F=0,
C.32条 D.34条 (-1- 1-b)2+D(-1- 1-b)+F=0,[解析] 由x2+y2+2x-4y-169=0可得(x+1)2+(y
D=2,
-2)2=132,点A(11,2)在圆内,且点 A 与圆心间的距离d=
解上述方程组,因b≠0,得 E=-(b+1),
(11+1)2+(2-2)2 = 12,则 过 点 A 的 最 短 弦 长 为 {F=b.
2 132-d2=2×5=10,最长弦长为2×13=26,由此可得过点 所以,圆C 的方程为x2+y2+2x-(b+1)y+b=0.
A 的弦长的范围为[10,26],在(10,26)间的整数共有15个,由 (3)圆C 过定点.证明如下:
圆的对称性可知过点A 弦长在(10,26)间的弦长为整数的直线 假设圆C 过定点(x0,y0)(x0,y0 不依赖b),将该点的坐标
共有15×2=30条,则弦长在[10,26]间且为整数的直线共有30 代入圆C 的方程,并变形为x2+y20 0+2x0-y0+b(1-y0)=0.
+2=32,故应选C. (*)
[真题8] (2022·山东)已知 为使(*)式对所有满足b<1(b≠0)的b 都成立,必须有1
圆C 过点(1,0),且圆心在x 轴的正 -y0=0,
半轴上,直线l:y=x-1被圆C 所 结合(*)式得x20+y20+2x0-y0=0.
截得的弦长为2 2,则过圆心且与 {x0=0, x0=-2,直线l垂直的直线的方程为 解得 或y0=1 {y0=1.
. 经检验知,点(0,1),(-2,1)均在圆C 上.
[解析] 设圆心A(x0,0),x0>0,r=|AC|=x0-1,|BC| 因此,圆C 过定点.
= 2,由直线l方程可知∠BCA=
(★代表高考出现的频次)
( 有公共点,则b的取值范围是 ( )题源1 直线与圆的位置关系 ★★★★★)
A.[-1,1+22] B.[1-22,1+22]
1.(2021·重庆)直线y=x+1与圆x2+y2=1的位置关 C.[1-22,3] D.[1- 2,3]
系是 ( )
3.(2020·陕西)直线 3x-y+m=0与圆x2+y2-2x-2
A.相切 B.相交但直线不过圆心
=0相切,则实数m 等于 ( )
C.直线过圆心 D.相离
A.3或- 3 B.- 3或33
2.(2022·湖北)若直线y=x+b与曲线y=3- 4x-x2
·147·
C.-33或 3 D.-33或33 10.(2021·上海)过圆C:(x-1)
2+
4.(2022· )
2
四川 直线x-2y+5=0与圆x2+y2=8相交 (y-1)=1圆心,作直线分别交x、y 正
于A、B 两点,则|AB|= . 半轴于点A、B,△AOB 的被圆C 分成四
5.(2020·湖南)将圆x2+y2=1沿x 轴正向平移1个单位 部分(如图).若这四部分图形面积满足
后得到圆C,则圆C 的方程是 ;若过点(3,0) SⅠ+SⅣ=SⅡ+SⅢ,则这样的直线AB 有
的直线l和圆C 相切,则直线l的斜率是 . ( )
A.0条
题源2 圆与圆的位置关系(★★★) B.1条
C.2条
6.(2019·天津)已知两圆x2+y2=10和(x-1)2+(y- D.3条
2 2
3)2=20相交于A,B 两点,则直线AB 的方程是 . 11.(2021·全国Ⅱ)已知圆O:x +y =5和点A(1,2),则
7.(2021·天津)若圆x2+y2=4与圆x2+y2+2ay-6=0 过A 且与圆O 相切的直线与两坐标轴围成的三角形的面积等
(a>0)的公共弦的长为23,则a= . 于 .
12.(2018· 江 苏)如图圆 O1 与圆 O2 的半径都等于1,
题源3 圆的几何性质的综合运用(★★★★) O1O2=4,过动点P 分别作圆O1、圆O2 的切线PM、PN(M、N
分别为切点),使得PM= 2PN.试建立平面直角坐标系,并求
8.(2021·浙江)已知三角形的三边长分别为3,4,5,则它的 动点P 的轨迹方程.
边与半径为1的圆的公共点个数最多为 ( )
A.3 B.4 C.5 D.6
9.(2019·浙江)要在边长为16米的正方形草坪上安装喷
水龙头,使整个草坪都能喷洒到水.假设每个喷水龙头的喷洒范
围都是半径为6米的圆面,则需安装这种喷水龙头的个数最少是
( )
A.3 B.4 C.5 D.6
2022-2023高考题源拓展测试
未来高考还会这样考
(测试时间:90分钟 总分:100分)
一、选择题(本题包括8小题,每小题2.5分,共20分。每小题 4.( 1)过点P(-2,4)作圆(x-2)2+(y-1)2=25的切
只有一个选项符合题意) 线l,直线m:ax-3y=0与直线l平行,则直线l与m 的距离为
1.( 1)已知圆C:(x+cosθ)2+(y-sinθ)2=1,那么直线 ( )
l:ax+by=0与圆的位置关系是 ( ) 8 12A.4 B.2 C.5 D.A.相离或相切 5
B.相交或相切 5.( 1)设直线过点(0,a),其斜率为1,且与圆x
2+y2=2
C.一定相交 相切,则a的值为 ( )
D.不能确定 A.±4 B.±22 C.±2 D.± 2
2.( 1)将直线2x-y+λ=0沿x 轴向左平移1个单位, 6.( 1)已知直线l过点(-2,0),当直线l与圆x
2+y2=
所得直线与圆x2+y2+2x-4y=0相切,则实数λ的值为 2x 有两个交点时,其斜率k的取值范围是 ( )
( ) A.(-22,22) B.(- 2,2)
A.-3或7 B.-2或8
C. 2,2 ÷ D. 1 1- ,
C.0或10 D.1或11 è-4 4 ( 8 8 )
3.( 2)设集合 M={(x,y)|x2+y2≤4},N={(x,y)|(x 7.( 1.3)能够使得圆x2+y2-2x+4y+1=0上恰有两个
-1)2+(y-1)2≤r2(r>0)},当 M∩N=N 时,r的取值范围是 点到直线2x+y+c=0距离等于1的c的一个值为 ( )
( ) A.2 B.5 C.3 D.35
A.(0,2] B.(0,1] 8.( 3)直线 2ax+by=1与圆x2+y2=1相交于A,B 两
C.(0,2- 2] D.(0,2-1] 点(a,b是实数),且△AOB 是直角三角形(O 是坐标原点),则点
·148·
P(a,b)与点(0,1)之间的距离的最大值为 ( ) 15.( 2)已知两圆x2+y2=4和x2+(y-8)2=4.
A.2+1 B.2 (1)
5
若两圆在直线y= 2x+b
的两侧,求实数b 的取值
C.2 D.2-1
二、填空题(本题包括4小题,每小题5分,
;
共20分) 范围
9.( 2)已知两圆x2+y2
() (,)
=10和(x-1)2+(y-3)2=20 2
求经过点A 05 且和两圆都没有公共点的直线斜率k
相交于A,B 两点,则直线AB 的方程是 . 的取值范围.
10.( 1)直线x+ 3y-2=0被圆(x-1)2+y2=1所截
得的线段的长为 .
11.( 2)已知两圆C1:x2+y2-2x+10y-24=0,C2:x2
+y2+2x+2y-8=0,则它们的公共弦长为 .
12.( 1.3)已知a=(2cosa,2sina),b=(3cosβ,3sinβ),若a
与b的夹角为60°,则直线2xcosα-2ysinα+1=0与圆(x-
cosβ)2+(y+sinβ)2=1的位置关系是 .
三、解答题(本题包括5小题,每小题12分,共60分)
13.( 1)已知圆C:x2+y2+2x-4y+3=0.若圆C 的切
线在x 轴和y 轴上截距相等,求切线的方程.
16.( 1.3)在平面直角坐标系xOy 中,已知圆x2+y2-
12x+32=0的圆心为Q,过点P(0,2)且斜率为k的直线与圆Q
相交于不同的两点A、B.
(1)求k的取值范围;
(2)是否存在常数k,使得向量O→A+O→B与P→Q共线 如果存
在,求k的值;如果不存在,请说明理由.
14.( 1.3)已知圆x2+y2+x-6y+m=0和直线x+2y
-3=0交于P、Q 两点,且OP⊥OQ(O 为坐标原点),求该圆的
圆心坐标及半径.
17.( 3)已知直线l1:mx-y=0,l2:x+my-m-2=0.
(1)求证:对m∈R,l1 与l2 的交点P 在一个定圆上;
(2)若l1 与定圆的另一个交点为P1,l2 与定圆的另一交点
为P2,求当m 在实数范围内取值时,△PP1P2 面积的最大值及
对应的m.
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