资源简介 平罗中学2024届高三上学期1月期末考试(A)数学(理)试卷学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________一、选择题1.设全集为R,集合,,则( )A. B. C. D.2.已知a,b为实数,i为虚数单位,若,则( )A. B. C.1 D.33.已知向量,满足,,且,则( )A. B.0 C.1 D.24.在等比数列中,,,,则( )A. B. C. D.5.英国数学家泰勒1712年提出了泰勒公式,这个公式是高等数学中非常重要的内容之一.其正弦展开的形式如下:,(其中,),则的值约为(1弧度)( )A. B. C. D.6.用数字1,2,3,4,5组成的没有重复数字的五位数中,奇数的个数为( )A.24 B.48 C.60 D.727.某几何体的三视图如图所示,则它的外接球的表面积为( )A. B. C. D.8.已知,,直线和垂直,则的最小值为( )A.2 B.4 C.8 D.169.已知点是双曲线的右焦点,直线l是双曲线C的一条渐近线,若点F关于直线l的对称点在圆上,则双曲线C的离心率为( )A. B. C.2 D.310.对于函数,以下结论错误的是( )A.的最小正周期为 B.在区间上是增函数C.的图像关于直线对称 D.11.已知等差数列与等差数列的前n项和分别为与,且,则( )A. B. C. D.12.正方体的棱长为2,点E,F是平面A1B1C1D1内的动点,若,AC⊥DF,现有以下四个命题:p:点E的轨迹是一个圆;q:点F的轨迹是一个圆;r:三棱锥F—A1BD的体积是定值;s:.则下列结论正确的是( )A. B. C. D.二、填空题13.设实数x,y满足约束条件,则的最大值是___________.14.已知,则m的值是__________.15.已知抛物线的焦点为F,过点F的直线l交抛物线C于A,B两点,且,(O为坐标原点),则抛物线C的方程为____________.16.已知关于x的不等式恰有2个不同的整数解,则k的取值范围是___.三、解答题17.已知数列满足:,.(1)证明:是等差数列,并求的通项公式;(2)设,求数列的前2024项和.18.在中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,,.(1)求a;(2)记的面积为S,若,求的周长l.19.如图,在四棱锥中,底面ABCD是等腰梯形,,侧面平面ABCD,,,为AD的中点.(1)证明:平面POB;(2)点M在棱PD上,直线CM与平面POB所成的角的正弦值为,求的值.20.已知椭圆的左,右焦点分别为,,点在椭圆C上.(1)求椭圆C的方程;(2)过点的动直线l与椭圆C交于不同的两点A,B.试问x轴上是否存在定点Q,使得x轴恰好平分 若存在,求出定点Q的坐标;若不存在,请说明理由.21.设函数.(1)讨论的单调性;(2)证明:,.22.在平面直角坐标系xOy中,曲线的参数方程为(为参数).以坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位,建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.(1)求曲线的极坐标方程和曲线的直角坐标方程;(2)若直线与曲线交于O,A两点,与曲线交于O,B两点,当取得最大值时,求直线l的直角坐标方程.23.已知.(1)当时,求不等式的解集;(2)若,恒成立,求实数的取值范围.参考答案1.答案:D解析:,,故,故选:D.2.答案:B解析:因为,所以,所以,,所以.故选:B3.答案:C解析:得,即所以,所以.故选:C4.答案:D解析:因为,所以,所以,又,由得,所以,,,.故选:D5.答案:B解析:又,则,当时,则有,又,则.故选:B.6.答案:D解析:由题意,要组成没有重复数字的五位奇数,则个位上的数应该为1或3或5,其他位置共有种排法,所以奇数的个数为,故选D.7.答案:C解析:根据几何体的三视图,换元该几何体为四棱锥,其中底面ABCD为边长为2的正方形,且平面ABCD,,该四棱锥可补成一个棱长为的正方体,其中四棱锥的外接球和补成的正方体的外接球为同一个球,设外接球半径为R,可得,所以,所以外接球的表面积为.故选:C.8.答案:C解析:因为直线和垂直,所以,所以,因为,,所以,当且仅当,即,时取等.故选:C.9.答案:C解析:如图,设双曲线C的左焦点为,点F关于直线l的对称点为,则直线l是线段的垂直平分线,连接,记与直线l交于点A,则(O为坐标原点)是直角三角形,,,在中,,,,,,.故选:C.10.答案:B解析:,所以的最小正周期为,故A正确,由,解得,.所以在上单调递增,上单调递减,故B错误;当,即的对称轴方程为:,.所以的图像关于直线对称,故C正确;,,.所以,故D正确.故选:B11.答案:D解析:因为数列,都是等差数列,所以,又,,故,,即有,在中,令,得,故.故选:D.12.答案:C解析:如图建立以为原点空间直角坐标系,因正方体的棱长为2.则,,,,设,.对于p,,则点的轨迹是一个以为圆心,半径为1的圆,故正确;对于q,由,则,又,,则,即F在直线上,故点F的轨迹是一条直线,故q错误;对于r,注意到,面,面,则面,又F在直线上,则点F到平面距离d为定值,则为定值,故r正确;对于s,由以上分析可知,即为圆外一直线到圆上点距离,当圆心,圆上一点,直线上点三点共线,且圆上一点,直线上点在圆心同侧时距离最小.由题可得,直线到圆心距离为,又圆半径为1,故最短距离为,即,故s正确.则正确,错误,又,错误,则,错误.故选:C13.答案:6解析:画出不等式组表示的可行域如图阴影部分所示:可变形为,表示斜率为的直线,平移该直线,当直线经过点时,取得最大值.故答案为:6.14.答案:解析:由可得:.故答案为:.15.答案:解析:设直线,,,则,消去x,得,所以,,由,得,有,解得,代入,得.所以点O到直线l的距离为,因为,,所以,解得,所以抛物线C的方程为.故答案为:16.答案:解析:由不等式,可得化为,令且,则,当时,,单调递增;当时,,单调递减,所以当时,取得极大值,也为最大值,且当时,,画出函数的图象,如图所示,又由直线恒过定点,当直线位于如图所示的两条直线和之间,其中包含,不包含时,满足恰有两个整数解,则,所以实数的取值范围为.故答案为:.17.答案:(1)证明见解析,(2)解析:(1)证明:.则是以为首项,公差为的等差数列,故;(2)由(1),,则.18.答案:(1)(2)解析:(1)因为,由正弦定理得,,即,故,所以.(2)由面积公式可得,,由余弦定理可得,,即,因为,所以,因为,由正弦定理得,,因为,所以,由勾股定理可得,,故,所以的周长.19.答案:(1)证明见解析(2)解析:(1)因为,O为AD的中点,所以,又平面平面ABCD,平面平面,平面PAD,所以平面ABCD,又平面ABCD,所以,又因为,,所以四边形ABCD是菱形,得到,又,平面POB,平面POB,所以平面POB.(2)取BC中点H,连接OH,因为ABCD是等腰梯形,所以,以OH,OD,OP所在直线为x轴,y轴,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,因为,,易得,则,,,,,,所以,,令,所以,得到,由(1)知平面的一个法向量为,设直线与平面所成的角为,则,整理得到,解得或(舍),所以.20.答案:(1)(2)存在,点解析:(1)由题意知,,,,则,,,故椭圆C的方程为;(2)当l与x轴重合时,x轴上的任意一点都符合题意;当l不与x轴重合时,设,,,,由,得:,,,,即,得,所以,x轴上存在定点,使得x轴恰好平分.21.答案:(1)答案见解析(2)证明见解析解析:(1)的定义域为,,当时,恒成立,在上单调递增;当时,由得,当时,,当时,,故在上单调递减,在上单调递增,综上所述:当时,在上单调递增;当时,在上单调递减,在上单调递增.(2)当时,在上单调递增,当时,,即,故,,,,…,,故.22.答案:(1)的极坐标方程:,的直角坐标方程:(2)解析:(1)曲线的参数方程为(为参数)消去参数,可得直角坐标方程:,又由,可得曲线的极坐标方程为,由可得,则的直角坐标方程:;(2)联立方程组,可得,联立方程组,可得,所以当时,取得最大值,此时直线l的直角坐标方程为.23.答案:(1)(2)解析:(1)当时,,当时,由得到,解得,当时,由得到,解得,当时,由得到,无解,综上,的解集是.(2)当时,由,得到,即,所以,得到,由题可知,又,所以. 展开更多...... 收起↑ 资源预览