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绝密★考试结束前
2023学年第二学期环大罗山联盟期中考试
高一年级物理学科试题
考生须知：
1,本卷共6页，满分100分，考试时间90分钟：
2,答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字：
3.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效：
4.考式结束后，只需上交答题纸。
选择题部分
一、选择题I(本题共13小题，每小题3分，共39分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要
求的。)
1.万有引力常量G的单位用国际单位制中的基本单位表示正确的是
A.N.m2/kg2
B.N.m2/kg
C.m2/kg·s2
D.m3/kg·s2
2.美国科学家2016年2月11日宣布，他们探测到引力波的存在，引力波是实验验证爱因斯坦相对论的最后一
块缺失的拼图”，相对论在一定范围内弥补了牛顿力学的局限性。关于牛顿力学，下列说法正确的是
A.牛进行了著名的“月一地检验”但没有测出力常量
B.牛顿力学取得了巨大成就，适用于一切领域
C.两物体间的万有引力总是质量更大的物体受到的万有引力大
D.牛顿认为惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性大
3.下列关于运动的说法巾正确的是
A.曲线运动速度大小一定发生变化
B.平抛运动相同时间内速度变化量一定相同
C.分运动是直线运动，则合运动必是直线运动
D.物体做圆周运动时，相等时间内通过的弧长一定相等
第4题图
4,如图所示，河水沿轨迹ABCD运动，图中画出了河水在A、B、C、D处的速度v的方向与所受合力F的方向，
其中可能正确的是
A.A位置B,B位置
C.C位置
D.D位置
5,如图所示，在高出地面H的A点將质量为m的小球向上抛出，初速度为o,上升一段距离h
后落回地面，以抛出点为零势能面，则下列说法中正确的是
A.小球在A点时，重力势能为mgH
0个
B.小球落回地而时，重力势能为mgH
A○
C.整个运动过程，重力势能的变化量为-mgH
H
D.整个运动过程，动能的变化量为m
第5题阁
6.华为Mte60搭载我国自主研发的麒麟9000s芯片，该手机最大的亮点就是可以连接天通一号01星实现卫星
通信。天通一号01星是地球同步静止卫星，另外已知我国的“天宫”号空间站运行周期约为90分钟，“天宫”
号空间站和天通一号01星的运动均可看作绕地球做匀速圆周运动，“天宫”号空间站和天通一号01星均可视
为质点，忽略地球自转对重力大小的影响，则下列说法正确的是
A,天通一号01星运行的线速度大于“天宫”号空间站运行的线速度
B.天通一号01星运行的向心加速度大于“天宫”号空间站运行的向心加速度
C.“天宫”号空间站中的宇航员由于受到离心力而处于漂浮状态
D.“天宫”号空间站运行的角速度大丁地球自转的角速度
7.在一次紧急救灾行动中，一架飞机在空中沿水平方向向左做匀减速运动直线运动，过程中连续（相等时间间
隔)释放沙袋。若不计空气阻力，则在一段时间后下列各图中能反映空中沙袋排列关系的是2023学年第二学期环大罗山联盟期中考试
高一年级物理学科参考答案
一、选择题1（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题给出的四个选项中，只有一个选
项符合题目的要求)
题号
1
2
3
4
5
6
8
10
11
12
13
答案
D
A
B
B
D
D
C
C
B
二、选择题川（本题共2小题，每小题3分，共6分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是
符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不选全的得2分，有选错的得0分)
题号
14
15
答案
BD
CD
三、非选择题（本题5小题，共55分）
16.I.(8分)(1)B(2分)(2)C(2分)
(3)>(2分)：1.25(2分)
Ⅱ.(6分)(1)A(2分)
(2)w2(2分)：kr(2分)
17.(8分)(1)根据牛顿第二定律：G=ma(1分)，
根据万有引力与重力的关系：G四=mg(1分)，Q=
(R+h)2
(2分)
(2)根据万有3引力提供向心力：G=m智(R+)(2分)
、4n2
解得遥感四十一号卫星运行的周期为：T=2π
R+h)3
(2分)
18,(10分)(1)运动的时间：t=2
2H
(2分)
(2)棋子从最高点落到平台B上表面中心时的竖直速度vv=√2gH(1分)
水平速度)x=
2H
(1分)
(1分)
2H
速度与水平方向夹角的正切值tan0=2=”
vy L
(3)若棋子落到平台B的左边缘，则1c0s8·t1=1.5L，(1分)t1-2血0
,(1分)
解得v1=
3gL
√3gL(1分)若棋子落到平台B的右边缘，则v2cos8·t2=2.5L,
2sin20
t2 =2v2sine
解得v2=
V22)5gL(1分)，则初速度的范围V3g≤v≤V5g(1分)
5gL
高二物理答案第1页〔共2页)
19.(11分)(1)从释放到C点根据动能定理E,-mgR1=0得E,=2](1分)
B到C根据动能定理-mgR1=0-m哈(1分)B点Fw-mg=m(1分)得Fw=3N
R
根据牛顿第三定律，对管道的压力F=3N,方向竖直向下(1分)
(2)压缩量2d时，Ep2=4En=8)(1分)
从释放到P点动能定理Ep2-mgR1-mgLDE=m呢-0(1分)
得v2=V110m/s
管道对滑块的水平力F1=m-11N(1分)
管道对滑块的竖直力F2=mg=1N
管道对滑块的作用力F=
F+F吃=V122N(1分)
(3)只有过圆O,轨道的最高点才能到达A点(1分)从GF圆弧轨道上夹角日时释放到恰过圆
O,轨道最高点，动能定理mgR2(1-Cos)-4 ngLDE-mgR1=0(1分)
得os0=品(1分)
20.(12分)(1)斜面下滑过程，根据动能定理，mgh=mv听-2m哈
(1分)
传送带上匀减速，a1=-41g=-2.5m/s2物块x="-2-4m
(1分)
2a1
x=LAB,所以小物块到达B处时的速度大小是4m/s(1分)
这段时间内传送带对小物块做的功Wr=一1mgx=-5)(1分)
(2)物块以V。=4/s速度离开传送带，之后在水平面BC、圆弧面CE段、传送带上往复运动。
设物块在BC段滑行的路程为d,从B点滑上BC至最后静止过程，
由动能定理：-mgd=0-m呢
(1分)
解得d=4m(1分)
因此最终物块距离B点距离为d-2Lc=1m(1分)
(3)对物块第一次由B点到E点的过程，由动能定理-2 mgLgc-mgR=0-2m哈
得R=0.5m(1分)
①最小的下滑高度，对应于物块恰好与挡板碰撞，在F点有mg=m生得p=V5m5(1分)
由开始下滑到恰好与板相碰过程中，动能定理mg(h-2R)-41 ngLAB-2 ngLBc=mv呢
得h=2.55m(1分)
2最大的下滑高度，对应于物块与挡板相碰后，再次沿半圆弧CEF上滑时怡好到达E点，
全程动能定理mg(h-R)-1mg×3LAB-2mg×3LBc=0得h=4.4m(1分)
综上2.55m≤h≤4.4m(1分)
高二物理答案第2页〔共2页)

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