资源简介 中小学教育资源及组卷应用平台专题5-6. 特殊平行四边形中的最值模型-胡不归模型模块1:模型简介胡不归模型可看作将军饮马衍生,主要考查转化与化归等的数学思想,近年在中考数学和各地的模拟考中常以压轴题的形式考查,学生不易把握。本专题就最值模型中的胡不归问题进行梳理及对应试题分析,方便掌握。在解决胡不归问题主要依据是:点到线的距离垂线段最短。【模型背景】从前有个少年外出求学,某天不幸得知老父亲病危的消息,便立即赶路回家.根据“两点之间线段最短”,虽然从他此刻位置A到家B之间是一片砂石地,但他义无反顾踏上归途,当赶到家时,老人刚咽了气,小伙子追悔莫及失声痛哭.邻居告诉小伙子说,老人弥留之际不断念叨着“胡不归?胡不归?”看到这里很多人都会有一个疑问,少年究竟能不能提前到家呢?假设可以提早到家,那么他该选择怎样的一条路线呢?这就是今天要讲的“胡不归”问题.模块2:核心模型点与典例补充知识:在直角三角形中锐角A的对边与斜边的比叫做∠A的正弦,记作sinA,即。若无法理解正弦,也可考虑特殊直角三角形(含30°,45°,60°)的三边关系。【模型解读】一动点P在直线MN外的运动速度为V1,在直线MN上运动的速度为V2,且V11),记,即求BC+kAC的最小值.2)构造射线AD使得sin∠DAN=k,,CH=kAC,将问题转化为求BC+CH最小值.3)过B点作BH⊥AD交MN于点C,交AD于H点,此时BC+CH取到最小值,即BC+kAC最小.【解题关键】在求形如“PA+kPB”的式子的最值问题中,关键是构造与kPB相等的线段,将“PA+kPB”型问题转化为“PA+PC”型.(若k>1,则提取系数,转化为小于1的形式解决即可)。【最值原理】两点之间线段最短及垂线段最短。例1.(2023·陕西西安·校考二模)如图,在菱形中,,,对角线、相交于点,点在线段上,且,点为线段上的一个动点,则的最小值为 .【答案】【分析】过作,由菱形,,得到为平分线,求出,在中,利用角所对的直角边等于斜边的一半,得到,故,求出的最小值即为所求最小值,当、、三点共线时最小,求出即可.【详解】解:过作,菱形,,,,即为等边三角形,,在中,,,当、、三点共线时,取得最小值,,,,在中,,则的最小值为.故答案为:.【点睛】本题考查了等边三角形的判定与性质,以及菱形的性质,解直角三角形,熟练掌握各自的性质是解本题的关键.例2.(2023·湖北武汉·九年级期末)如图, 中,,,为边上一点,则的最小值为______.【答案】【分析】作PH丄AD交AD的延长线于H,由直角三角形的性质可得HP=DP,因此PD+2PB=2(DP+PB)=2(PH+PB),当H、P、B三点共线时HP+PB有最小值,即PD十2PB有最小值,即可求解.【详解】如图,过点作,交的延长线于,四边形是平行四边形,,∴∵PH丄AD∴∴,,∴当点,点,点三点共线时,HP+PB有最小值,即有最小值,此时 ,,,∴ ,则最小值为,故答案为:.【点睛】本题考查了胡不归问题,平行四边形的性质,直角三角形的性质,垂线段最短等知识.构造直角三角形是解题的关键.例3.(2023·河北保定·统考一模)如图,在矩形中,对角线交于点O,,点M在线段上,且.点P为线段上的一个动点. (1) °;(2)的最小值为 .【答案】 2【分析】(1)由矩形的性质得到,又由得到是等边三角形,则,即可得到答案;(2)过点P作于点E,过点M作于点F,证明,进一求解即可得到答案.【详解】解:(1)∵四边形是矩形,∴,∵,∴,∴是等边三角形,∴,∴,故答案为:.(2)过点P作于点E,过点M作于点F, 在中,由(1)知:,∴,∴,在矩形中,,∵,∴,在中,,∴,∴的最小值为2,故答案为:2.【点睛】此题考查了矩形的性质、含的直角三角形的性质、等边三角形的判定和性质等知识,熟练掌握矩形的性质、含的直角三角形的性质是解题的关键.例4.(2022·广东佛山·校考一模)在边长为1的正方形中,是边的中点,是对角线上的动点,则的最小值为 ___________.【答案】0【分析】作于,可得出,从而得的最小值,将变形为,进一步得出结果.【详解】解:如图,作于,∵四边形是正方形,,,的最小值为0,∵,∴的最小值为0,故答案为:0.【点睛】本题考查了正方形的性质,解直角三角形等知识,解题关键是作辅助线转化线段.例5.(2022·山东济宁·校考模拟预测)如图,矩形的对角线,相交于点,关于的对称图形为.(1)求证:四边形是菱形;(2)连接,若,.①求的值;②若点为线段上一动点(不与点重合),连接,一动点从点出发,以的速度沿线段匀速运动到点,再以的速度沿线段匀速运动到点,到达点后停止运动.当点沿上述路线运动到点所需要的时间最短时,求的长和点走完全程所需的时间.【答案】(1)证明见解析;(2)① ;②和 走完全程所需时间为 .【分析】(1)利用四边相等的四边形是菱形进行证明即可;(2)①构造直角三角形求即可;②先确定点沿上述路线运动到点所需要的时间最短时的位置,再计算运到的时间.【详解】(1) 四边形 是矩形, ,与 交于点O,且 关于 对称,,, 四边形 是菱形;(2)①连接 ,直线 分别交 于点 ,交 于点 ,关于 的对称图形为 , ,在矩形 中, 为 的中点,且O为AC的中点,为 的中位线 , ,同理可得: 为 的中点, , , ;②过点P作 交 于点 , 由 运动到 所需的时间为3s,由①可得,,点Q以 的速度从P到A所需的时间等于以 从M运动到A,即:, 由O运动到P所需的时间就是OP+MA和最小.如下图,当P运动到 ,即 时,所用时间最短.,在 中,设, ,,解得: , ,和 走完全程所需时间为.模块3:同步培优题库全卷共19题 测试时间:90分钟 试卷满分:120分一、选择题(本大题共2小题,每小题5分,共10分)在每小题所给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(2023·山东济南·统考二模)如图,在菱形ABCD中,,对角线AC、BD相交于点O,点M在线段AC上,且,点P是线段BD上的一个动点,则的最小值是( )A.2 B. C.4 D.【答案】B【分析】过M点作MH垂直BC于H点,与OB的交点为P点,此时的长度最小为MH,再算出MC的长度, 在中利用三角函数即可解得MH.【详解】解:过M点作MH垂直BC于H点,与OB的交点为P点,∵菱形中,,∴,为等边三角形,∴,,∴在中,,∴,∴此时得到最小值,,∵,,∴,又∵,∴,故选:B.【点睛】本题主要考查了菱形的性质与三角函数,能够找到最小值时的P点是解题关键.2.(2023下·湖北武汉·八年级校考阶段练习)如图,平行四边形中,,,,P为边CD上的一动点,则的最小值等于( ) A. B. C. D.【答案】A【分析】延长,过点B作交于点P,根据平行四边形的性质得出,结合勾股定理可得,,最后根据即可求解.【详解】解:延长,过点B作交于点P,∵四边形为平行四边形,∴,∴,∵,∴,则,则,同理可得:,∴,∴当点E、P、B在同一条直线上时,的值最小,∵,∴.故选:A. 【点睛】本题主要考查了平行四边形的性质,等腰三角形的性质,勾股定理,解题的关键是掌握平行四边形对边互相平行,以及垂线段最短.二、填空题(本大题共11小题,每小题5分,共55分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在横线上)3.(2023春·广东·八年级专题练习)如图,四边形ABCD是菱形,AB=8,且∠ABC=60°,M为对角线BD(不含B点)上任意一点,则AM+BM的最小值为_____.【答案】4【分析】如图,过点A作AT⊥BC于T,过点M作MH⊥BC于H,根据菱形的性质和30°角的直角三角形的性质可得MH=BM,于是可得AM+BM的最小值即为AT的长,再利用解直角三角形的知识求解即可.【详解】解:如图,过点A作AT⊥BC于T,过点M作MH⊥BC于H.∵四边形ABCD是菱形,∠ABC=60°,∴∠DBC=∠ABC=30°,∵MH⊥BC,∴∠BHM=90°,∴MH=BM,∴AM+BM=AM+MH,∵AT⊥BC,∴∠ATB=90°,∴AT=AB sin60°=4,∵AM+MH≥AT,∴AM+MH≥4,∴AM+BM≥4,∴AM+BM的最小值为4,故答案为:4.【点睛】本题考查了菱形的性质、30°角的直角三角形的性质、垂线段最短以及解直角三角形等知识,属于常考题型,熟练掌握上述知识、明确解答的方法是解题关键.4.(2023上·湖北黄冈·八年级校考期中)如图,在长方形中,对角线.将长方形沿对角线折叠,得,点 M 是线段上一点.则的最小值为 .【答案】【分析】过点作于点,连接,过点作于点,根据含30度角的直角三角形的性质,得到,进而得到,进而得到当三点共线时,的值最小为的长,再根据点到直线,垂线段最短,得到当时, 最小,即点与点重合,再利用含30度角的直角三角形的性质进行求解即可.【详解】解:∵在长方形中,对角线,∴,∴,∵将长方形沿对角线折叠,得,∴,∴,过点作于点,连接,过点作于点,则:,,∵,∴,∴,∴当三点共线时,的值最小为的长,∵点到直线,垂线段最短,∴当时, 最小,即点与点重合,∵,∴,∴,∴,即:的最小值为.故答案为:.【点睛】本题考查折叠的性质,含30度角的直角三角形的性质,勾股定理,两点之间线段最短,垂线段最短.解题的关键是理解两点之间线段最短,以及点到直线垂线段最短,添加辅助线构造特殊三角形.5.(2023·广东·统考二模)如图,菱形的对角线,点E为对角线上的一动点,则的最小值为_________.【答案】3【分析】过点作的垂线,垂足为,过点作,根据已知条件求得的长,根据含30度角的直角三角形的性质,可得,当时,最小,股定理求得的长即可求解.【详解】如图,过点作的垂线,垂足为,过点作,中,,如图,当时,最小,最小值为的最小值为.故答案为:【点睛】本题考查了菱形的性质,含30度角的直角三角形的性质,轴对称求线段和的最小值,垂线段最短,转化线段是解题的关键.6.(2023·山东·九年级专题练习)如图,矩形ABCD中AB=3,BC,E为线段AB上一动点,连接CE,则AE+CE的最小值为___.【答案】3【详解】思路引领:在射线AB的下方作∠MAB=30°,过点E作ET⊥AM于T,过点C作CH⊥AM于H.易证ETAE,推出AE+EC=CE+ET≥CH,求出CH即可解决问题.答案详解:∵四边形ABCD是矩形,∴∠B=90°,∴tan∠CAB,∴∠CAB=30°,∴AC=2BC=2,在射线AB的下方作∠MAB=30°,过点E作ET⊥AM于T,过点C作CH⊥AM于H.∵ET⊥AM,∠EAT=30°,∴ETAE,∵∠CAH=60°,∠CHA=90°,AC=2,∴CH=AC sin6°=23,∵AE+EC=CE+ET≥CH,∴AE+EC≥3,∴AE+EC的最小值为3,故答案为3.7. (2023.绵阳市八年级期中)P是正方形对角线上一点,AB=2,则PA+PB+PC的最小值为 。解析:PA+PB+PC=2PA+PB=2(PA+PB)连接AC交 BD于O,作BE使∠PBE=30°,过点P作PF⊥BE,PF=PB.显然A、P、F共线时PA+PB最小。此时 PA+PB=AF∵AB=2,∴AO=BO=,∵∠PBE=30°,∴OE=,BE=利用等面积法:×AF×BE=×AE×BO 解得:AF=注意:本题也可以利用费马点(旋转作图)来解决。8.(2023·黑龙江绥化·九年级校联考阶段练习)如图,在矩形中,,对角线、相交于点O,.点E是的中点,若点F是对角线上一点,则的最小值是 .【答案】【分析】过点F作于点G,证明为等边三角形,推出,则,,进而得出,当点E、F、G在同一条直线上时,取最小值,证明,根据相似三角形对应边成比例,即可求解.【详解】解:过点F作于点G,如图,∵四边形为矩形,∴,,∵,∴为等边三角形,∴,,∴,.∵,∴,,∴,当点E、F、G在同一条直线上时,取最小值,∵点E是的中点,∴,则,∵,∴,∴,∴,解得:,综上:的最小值为,故答案为:.【点睛】本题主要考查了矩形的性质,等边三角形的判定和性质,解直角三角形,相似三角形的判定和性质,解题的关键是正确作出辅助线,找出.9.(2022·陕西西安·校考模拟预测)如图,在矩形ABCD中,AB=2, BC=2,点P是对角线AC上的动点,连接PD,则PA+2PD的最小值________.【答案】6【分析】直接利用已知得出∠CAB=60°,再将原式变形,进而得出PA+PD最小值,进而得出答案.【详解】过点A作∠CAN=30°,过点D作DM⊥AN于点M,交AC于点P,∵在矩形ABCD中,AB=2,BC=,∴tan∠CAB=,∴∠CAB=60°,则∠DAC=30°,∵PA+2PD=2(PA+PD),,此时PA+PD最小,∴PA+2PD的最小值是2×3=6.故答案为:6.【点睛】此题主要考查了胡不归问题,正确作出辅助线是解题关键.10.(2021·山东淄博市·中考真题)两张宽为的纸条交叉重叠成四边形,如图所示.若,则对角线上的动点到三点距离之和的最小值是__________.【答案】【分析】由题意易得四边形是菱形,过点D作DE⊥BC于点E,连接AC,交BD于点O,易得,,然后根据勾股定理可得,则,,进而可得,要使为最小,即的值为最小,则可过点A作AM⊥AP,且使,连接BM,最后根据“胡不归”问题可求解.【详解】解:∵纸条的对边平行,即,∴四边形是平行四边形,∵两张纸条的宽度都为,∴,∴,∴四边形是菱形,过点D作DE⊥BC于点E,连接AC,交BD于点O,如图所示:∴,∴,∴,∵,,∴,,∴,∴,∴,,∴,过点A作AM⊥AP,且使,连接BM,如图所示:∴,要使的值为最小,则需满足为最小,根据三角不等关系可得:,所以当B、P、M三点共线时,取最小,即为BM的长,如图所示:∴,∴,∴的最小值为,即的最小值为;故答案为.【点睛】本题主要考查三角函数、菱形的性质与判定及含30°直角三角形的性质,解题的关键是利用“胡不归”原理找到最小值的情况,然后根据三角函数及菱形的性质进行求解即可.11.(2023·湖北孝感·校考模拟预测)如图,四边形是正方形纸片,.对折正方形纸片,使与重合,折痕为;展平后再过点折叠正方形纸片,使点落在上的点处,折痕为;再次展平,延长交于点Q.有如下结论:①;②;③;④;⑤为线段上一动点,则的最小值是.其中正确结论的序号是 . 【答案】①③④⑤【分析】①首先根据垂直平分,可得;然后根据折叠的性质,可得,据此判断出为等边三角形,即可判断出.②首先根据,,求出;然后在中,根据,求出的大小即可.③证明所以.④构造直角三角形,利用勾股定理即可得出结论.⑤首先过点作,在同一条直线上且时的值最小.【详解】解:如图,连接, 垂直平分,,根据折叠的性质,可得:,,为等边三角形,,即结论①正确;,,,,即结论②不正确.∵折叠,∴,∴∵∴∴∴,即结论③正确.设,则,∵,,∴,在中由,∴,解得:,即,即结论④正确.过点H作,是等边三角形,,∴,在同一条直线上且时的值最小,此时,的最小值是,即结论⑤正确.故答案为:①③④⑤.【点睛】此题主要考查了几何变换综合题,考查了分析推理能力,考查了空间想象能力,考查了数形结合方法的应用,要熟练掌握.12.(2022下·浙江宁波·八年级校联考开学考试)如图,在平面直角坐标系中,一次函数分别交x轴、y轴于A、B两点,若C为x轴上的一动点,则2BC+AC的最小值为 .【答案】6【分析】先求出点A,点B坐标,由勾股定理可求AB的长,作点B关于OA的对称点,可证是等边三角形,由直角三角形的性质可得CH=AC,则,即当点,点C,点H三点共线时,有最小值,即2BC+AC有最小值,由直角三角形的性质可求解.【详解】解:∵一次函数分别交x轴、y轴于A、B两点,∴点A(3,0),点,∴AO=3,,∴,作点B关于OA的对称点,连接 ,,过点C作CH⊥AB于H,如图所示:∴,∴,∴,∴是等边三角形,∵,∴,∵CH⊥AB,∴,∴,∴当点,点C,点H三点共线时,有最小值,即2BC+AC有最小值,此时,,是等边三角形,∴,,∴,∴2BC+AC的最小值为6.故答案为:6.【点睛】本题是胡不归问题,考查了一次函数的性质,等边三角形的判定和性质,直角三角形的性质,确定点C的位置是解题的关键.13.(2023·四川成都·八年级校考期中)如图,在平面直角坐标系中,直线l分别交x、y轴于B、C两点,点A、C的坐标分别为(3,0)、(0,﹣3),且∠OCB=60°,点P是直线l上一动点,连接AP,则的最小值是 .【答案】/【分析】作∠OCE=120°,过点P作PG⊥CE于点G,利用含30度角的直角三角形的性质以及勾股定理求得PG=PC;当A、P、G在同一直线时,AP+PC= AP+PG= AG的值最小,再利用含30度角的直角三角形的性质以及勾股定理即可求解.【详解】解:∵点A、C的坐标分别为(3,0)、(0,﹣3),∴OA=3,OC=3,作∠OCE=120°,∵∠OCB=60°,则∠OCB=∠BCE=∠FCE=60°,过点P作PG⊥CE于点G,如图:在Rt△PCG中,∠PCG=60°,则∠CPG=30°,∴CG=PC,由勾股定理得PG=PC,∴AP+PC= AP+PG,当A、P、G在同一直线时,AP+PG= AG的值最小,延长AG交y轴于点F,∵∠FCG=60°,∠CGF=90°,∴∠CFG=30°,∴CF=2CG,GF=CF,在Rt△OAF中,∠AOF=90°,∠OFA=30°,∴AF=2OA=6,OF=,∴CF=OF-OC=,∴GF=()=,∴AG=AF-FG=,即AP+PC的最小值为.故答案为:.【点睛】本题考查了坐标与图形,含30度角的直角三角形的性质以及勾股定理,作出合适的辅助线,得到当A、P、G在同一直线时,AP+PC= AP+PG= AG的值最小是解题的关键.三、解答题(本大题共6小题,共55分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)14.(2023·广东广州·校考二模)如图,菱形中,,,点、分别为线段、上的动点,点为边的中点,连接,. (1)求的长;(2)连接,若,求证:;(3)若,试求的最小值.【答案】(1)(2)见解析(3)【分析】(1)证明是等边三角形,即可求解;(2)延长至,使得,在上取,连接,证明,可得,,证明四边形是平行四边形,可得,即可得出,进而证明,即可得证;(3)将绕点逆时针旋转得到,连接,则,当三点共线时,,此时取得最小值,为的中点,当为的中点时(或者设其他点为中点,再证明为中点),过点作于点,勾股定理解直角三角形,即可求解.【详解】(1)解:∵菱形中,,∴,∵,∴是等边三角形,又∵,∴;(2)解:如图所示,延长至,使得,在上取,连接, 在与中,∴∴,∵是等边三角形,∴,,∴,∴四边形是平行四边形,∴,,∴,∵,设,则在中,,∴,∴∵∴,∴在中,∴,∴,∴;(3)如图所示,连接,过点作于点, 将绕点逆时针旋转得到,连接,则,当三点共线时,,此时取得最小值,∵是等腰直角三角形,∴,∵三点共线∴,∴,∵为的中点,当为的中点时,∴,,则,∴,,∵∴,∵∴又,∴,∴,∴当是的中点时,三点共线,过点作于点,∴,,∴,在中,,∵,∴,即的最小值为.【点睛】本题考查了菱形的性质,等边三角形的性质与判定,平行四边形的性质与判定,勾股定理,旋转的性质,熟练掌握以上知识是解题的关键.15.(2023·吉林长春·统考一模)(1)【问题原型】如图①,在,,,求点到的距离.(2)【问题延伸】如图②,在,,.若点在边上,点在线段上,连结,过点作于,则的最小值为______.(3)【问题拓展】如图(3),在矩形中,.点在边上,点在边上,点在线段上,连结.若,则的最小值为______.【答案】(1);(2);(3)【分析】(1)过点作于,过点作于,根据等腰三角形的性质可得,再由勾股定理可得的长,再由,即可求解;(2)连接,过点作于,过点作于.根据题意可得的最小值等于的长,再由当时,的长最小,可得的最小值等于的长,再根据等腰三角形的性质可得,再由勾股定理可得的长,再由,即可求解;(3)过点F作于点H,连接,过点E作于点G,根据直角三角形的性质可得在,从而得到,继而得到的最小值等于,再由当时,的长最小,即的长最小,可得的最小值等于,即可求解.【详解】解:(1)如图,过点作于,过点作于.∵,∴.在中,.∵,∴.∴点到的距离为.(2)如图,连接,过点作于,过点作于.∵,∴的最小值等于的长,∵当时,的长最小,此时点Q与点H重合,∴的最小值等于的长,∵,∴.在中,.∵,∴.即的最小值为;故答案为:(3)如图,过点F作于点H,连接,过点E作于点G,在中,,∴,∴,∴的最小值等于,∵当时,的长最小,即的长最小,此时点H与点G重合,∴的最小值等于,∵四边形是矩形,∴,∴,∴,即的最小值等于.【点睛】本题主要考查了等腰三角形的性质,勾股定理,矩形的性质,直角三角形的性质,熟练掌握等腰三角形的性质,勾股定理,矩形的性质,直角三角形的性质是解题的关键.16.(2023·重庆沙坪坝·九年级校联考期中)已知,在中,,,E是边上一点.(1)如图1,点D是边上一点,连接,将绕点E逆时针旋转至,连接.若,,求的面积;(2)如图2,连接,将绕点E顺时针旋转至,连接,取的中点N,连接.证明:;(3)如图3,已知,连接,P为上一点,在的上方以为边作等边,刚好点Q是点P关于直线的对称点,连接,当取最小值的条件下,点G是直线上一点,连接,将沿所在直线翻折得到(与在同一平面内),连接,当取最大值时,请直接写出的值.【答案】(1)(2)见解析(3)【分析】(1)证明,可得,由三角形的面积公式可求解;(2)作辅助线如解析图,证明,可得,进一步可得,证明,可得,从而可得结论;(3)作辅助线如解析图,可得当点,P,N三点共线时,有最小值,由折叠的性质可得,进而得点K在以C为圆心,为半径的圆上运动,可得当点K落在的延长线上时,有最大值,然后由直角三角形的性质和等边三角形的性质可求解.【详解】(1)解:如图1,过点F作直线于H, ∵将绕点逆时针旋转至,∴,∵,∴,∵,∴∴,∴,∴,∴的面积;(2)证明∶如图2,过点M作,交直线于点G,过点E作,交于Q,∵,∴,∵点N是的中点,∴,∴,∴,∴,∵,∴,∴,∴,∵将绕点E顺时针旋转至,∴,∴,∴,∴,∴,∴;(3)解:如图,作点C关于的对称点,连接, ∵点Q是点P关于直线的对称点,∴平分垂直平分,∵是等边三角形,∴,∴,∵点C与点关于对称,∴,∴,∴为等边三角形,∵,∴当点,P,N三点共线时,有最小值,∵将沿所在直线翻折得到,∴,∴点K在以C为圆心,为半径的圆上运动,∴当点K落在的延长线上时,有最大值,∵为等边三角形,,∴垂直平分,∵,∴,∵,,∴,, ∴,∵将沿所在直线翻折得到,∴,∴,,∴,∴,∵,∴.【点睛】本题是几何变换综合题,考查了全等三角形的判定和性质,折叠的性质,直角三角形的性质,等边三角形的判定和性质等知识,确定点P的位置是解题的关键.17.(2023下·四川成都·八年级统考期末)【阅读理解】在平面直角坐标系中,已知点R,S为平面内不重合的两点.给出如下定义:将点R绕点S顺时针旋转90度得到点,点关于y轴的对称点为,则称点为点R关于点S的“旋对点”.【迁移应用】如图,在平面直角坐标系中,直线与x轴相交于点A,与y轴相交于点B.平面内有一点. (1)请在图中画出点M关于点O的“旋对点”,并直接写出点M的坐标;(2)点Q为直线上一动点.①若点Q关于点M的“旋对点”为点,试探究直线经过某一定点,并求出该定点的坐标;②在①的条件下,设直线所经过的定点为H,取的中点N,连接,求的最小值.【答案】(1)画图见解析, (2)①;②的最小值为.【分析】(1)根据新定义的含义结合网格特点逐步画图即可,再根据点的位置可得其坐标;(2)①如图,设,过作轴的平行线,过作轴的平行线,两直线交于点,则,延长与交于点,则,,而,,,,结合新定义可得;,从而可得答案;②证明,即在直线上运动,如图,连接,,作关于直线的对称点,则,由分别为的中点,则,当三点共线时,,此时最小;记与轴的交点为,则,直线与轴的交点坐标为,连接,都是等腰直角三角形,而,则,再利用勾股定理可得答案.【详解】(1)解:如图,即为所求,∴; (2)①如图,∵点Q为直线上一动点.设,过作轴的平行线,过作轴的平行线,两直线交于点,则,延长与交于点,则, ∴,∴,∴,∵,∴,而,∴,,∴,结合新定义可得;,而,∴的中点坐标为:,∴直线经过定点;②∵,∴,∴,即在直线上运动,如图,连接,,作关于直线的对称点,则, 由分别为的中点,则,∴当三点共线时,,此时最小;记与轴的交点为,则,直线与轴的交点坐标为,连接,∴都是等腰直角三角形,而,∴,∴.即的最小值为.【点睛】本题考查的是一次函数的几何应用,旋转的性质,轴对称的性质,勾股定理的应用,等腰直角三角形的判定与性质,三角形的中位线的性质,理解题意,熟练的利用数形结合的方法解题是关键.18.(2023·达州市九年级期中)如图,矩形的顶点、分别在、轴的正半轴上,点的坐标为,一次函数的图象与边、、轴分别交于点、、,,并且满足,点是线段上的一个动点.(1)求的值;(2)连接,若的面积与四边形的面积之比为,求点的坐标;(3)求的最小值.【答案】(1);(2);(3)【分析】(1)利用矩形的性质,用表示点的坐标,再利用待定系数法即可求解;(2)首先求出四边形的面积,再根据条件求出的面积,即可解决问题;(3)过点作轴交于点,则,即可转化为求的最小值,作点关于一次函数的对称点,过点作轴的垂线交轴于点,交一次函数于点,即的最小值为,算出长度即可.【详解】(1)在中,令,则,点的坐标为,,,,把代入中得:,解得:;(2)由(1)得一次函数为,,,,,,,的面积与四边形的面积之比为,的面积与四边形的面积之比为,,设点的横坐标为,则,解得:,把代入中得:,;(3)如图所示,过点作轴交于点,,,,作点关于一次函数的对称点,且OO’与直线DF交于Q点,过点作轴的垂线交轴于点,,,当、、在同一直线时最小,即的最小值为,,,,,在中,,,在中.,的最小值为.【点睛】本题考查几何图形与函数的综合题,包括一次函数、矩形的性质、四边形的面积,解直角三角形以及胡不归问题,属于中考压轴题.19.(2023春·广东广州·八年级校考期中)在菱形中,.(1)如图1,过点B作于点E,连接,点是线段的中点,连接,若,求线段的长度;(2)如图2,连接.点Q是对角线上的一个动点,若,求的最小值.【答案】(1)(2)【分析】(1)利用含30度的直角三角形的性质求出,从而得到,,利用勾股定理求出,再运用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半即可得出答案;(2)过点在直线的上方作,分别过点、作于点,于点,交于点,连接,则,,当点与重合时,的值最小,当点与重合时,.再根据菱形性质和等腰直角三角形性质即可求得答案.【详解】(1)解:,,,在菱形中,,,在中,,点是线段的中点,;(2)如图,过点在直线的上方作,分别过点、作于点,于点,交于点,连接,则,、关于直线对称,,,当点与重合时,的值最小,当点与重合时,.当点与不重合时,.四边形是菱形,,,又,,,,,即的最小值是.的最小值是.【点睛】本题是菱形综合题,考查的是轴对称最短路径问题、点到直线的距离垂线段最短,菱形的性质、直角三角形的性质、等腰直角三角形的性质、勾股定理等,掌握轴对称最短路径的确定方法、灵活运用勾股定理是解题的关键.21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 (共 2 页)HYPERLINK "http://21世纪教育网(www.21cnjy.com)" 21世纪教育网(www.21cnjy.com)中小学教育资源及组卷应用平台专题5-6. 特殊平行四边形中的最值模型-胡不归模型模块1:模型简介胡不归模型可看作将军饮马衍生,主要考查转化与化归等的数学思想,近年在中考数学和各地的模拟考中常以压轴题的形式考查,学生不易把握。本专题就最值模型中的胡不归问题进行梳理及对应试题分析,方便掌握。在解决胡不归问题主要依据是:点到线的距离垂线段最短。【模型背景】从前有个少年外出求学,某天不幸得知老父亲病危的消息,便立即赶路回家.根据“两点之间线段最短”,虽然从他此刻位置A到家B之间是一片砂石地,但他义无反顾踏上归途,当赶到家时,老人刚咽了气,小伙子追悔莫及失声痛哭.邻居告诉小伙子说,老人弥留之际不断念叨着“胡不归?胡不归?”看到这里很多人都会有一个疑问,少年究竟能不能提前到家呢?假设可以提早到家,那么他该选择怎样的一条路线呢?这就是今天要讲的“胡不归”问题.模块2:核心模型点与典例补充知识:在直角三角形中锐角A的对边与斜边的比叫做∠A的正弦,记作sinA,即。若无法理解正弦,也可考虑特殊直角三角形(含30°,45°,60°)的三边关系。【模型解读】一动点P在直线MN外的运动速度为V1,在直线MN上运动的速度为V2,且V11),记,即求BC+kAC的最小值.2)构造射线AD使得sin∠DAN=k,,CH=kAC,将问题转化为求BC+CH最小值.3)过B点作BH⊥AD交MN于点C,交AD于H点,此时BC+CH取到最小值,即BC+kAC最小.【解题关键】在求形如“PA+kPB”的式子的最值问题中,关键是构造与kPB相等的线段,将“PA+kPB”型问题转化为“PA+PC”型.(若k>1,则提取系数,转化为小于1的形式解决即可)。【最值原理】两点之间线段最短及垂线段最短。例1.(2023·陕西西安·校考二模)如图,在菱形中,,,对角线、相交于点,点在线段上,且,点为线段上的一个动点,则的最小值为 .例2.(2023·湖北武汉·九年级期末)如图, 中,,,为边上一点,则的最小值为______.例3.(2023·河北保定·统考一模)如图,在矩形中,对角线交于点O,,点M在线段上,且.点P为线段上的一个动点.(1) °;(2)的最小值为 . 例4.(2022·广东佛山·校考一模)在边长为1的正方形中,是边的中点,是对角线上的动点,则的最小值为 ___________.例5.(2022·山东济宁·校考模拟预测)如图,矩形的对角线,相交于点,关于的对称图形为.(1)求证:四边形是菱形;(2)连接,若,.①求的值;②若点为线段上一动点(不与点重合),连接,一动点从点出发,以的速度沿线段匀速运动到点,再以的速度沿线段匀速运动到点,到达点后停止运动.当点沿上述路线运动到点所需要的时间最短时,求的长和点走完全程所需的时间.模块3:同步培优题库全卷共19题 测试时间:90分钟 试卷满分:120分一、选择题(本大题共2小题,每小题5分,共10分)在每小题所给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(2023·山东济南·统考二模)如图,在菱形ABCD中,,对角线AC、BD相交于点O,点M在线段AC上,且,点P是线段BD上的一个动点,则的最小值是( )A.2 B. C.4 D.2.(2023下·湖北武汉·八年级校考阶段练习)如图,平行四边形中,,,,P为边CD上的一动点,则的最小值等于( ) A. B. C. D.二、填空题(本大题共11小题,每小题5分,共55分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在横线上)3.(2023春·广东·八年级专题练习)如图,四边形ABCD是菱形,AB=8,且∠ABC=60°,M为对角线BD(不含B点)上任意一点,则AM+BM的最小值为_____.4.(2023上·湖北黄冈·八年级校考期中)如图,在长方形中,对角线.将长方形沿对角线折叠,得,点 M 是线段上一点.则的最小值为 .5.(2023·广东·统考二模)如图,菱形的对角线,点E为对角线上的一动点,则的最小值为_________.6.(2023·山东·九年级专题练习)如图,矩形ABCD中AB=3,BC,E为线段AB上一动点,连接CE,则AE+CE的最小值为___.7. (2023.绵阳市八年级期中)P是正方形对角线上一点,AB=2,则PA+PB+PC的最小值为 。8.(2023·黑龙江绥化·九年级校联考阶段练习)如图,在矩形中,,对角线、相交于点O,.点E是的中点,若点F是对角线上一点,则的最小值是 .9.(2022·陕西西安·校考模拟预测)如图,在矩形ABCD中,AB=2, BC=2,点P是对角线AC上的动点,连接PD,则PA+2PD的最小值________.10.(2021·山东淄博市·中考真题)两张宽为的纸条交叉重叠成四边形,如图所示.若,则对角线上的动点到三点距离之和的最小值是__________.11.(2023·湖北孝感·校考模拟预测)如图,四边形是正方形纸片,.对折正方形纸片,使与重合,折痕为;展平后再过点折叠正方形纸片,使点落在上的点处,折痕为;再次展平,延长交于点Q.有如下结论:①;②;③;④;⑤为线段上一动点,则的最小值是.其中正确结论的序号是 . 12.(2022下·浙江宁波·八年级校联考开学考试)如图,在平面直角坐标系中,一次函数分别交x轴、y轴于A、B两点,若C为x轴上的一动点,则2BC+AC的最小值为 .13.(2023·四川成都·八年级校考期中)如图,在平面直角坐标系中,直线l分别交x、y轴于B、C两点,点A、C的坐标分别为(3,0)、(0,﹣3),且∠OCB=60°,点P是直线l上一动点,连接AP,则的最小值是 .三、解答题(本大题共6小题,共55分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)14.(2023·广东广州·校考二模)如图,菱形中,,,点、分别为线段、上的动点,点为边的中点,连接,.(1)求的长;(2)连接,若,求证:;(3)若,试求的最小值. 15.(2023·吉林长春·统考一模)(1)【问题原型】如图①,在,,,求点到的距离.(2)【问题延伸】如图②,在,,.若点在边上,点在线段上,连结,过点作于,则的最小值为______.(3)【问题拓展】如图(3),在矩形中,.点在边上,点在边上,点在线段上,连结.若,则的最小值为______.16.(2023·重庆沙坪坝·九年级校联考期中)已知,在中,,,E是边上一点.(1)如图1,点D是边上一点,连接,将绕点E逆时针旋转至,连接.若,,求的面积;(2)如图2,连接,将绕点E顺时针旋转至,连接,取的中点N,连接.证明:;(3)如图3,已知,连接,P为上一点,在的上方以为边作等边,刚好点Q是点P关于直线的对称点,连接,当取最小值的条件下,点G是直线上一点,连接,将沿所在直线翻折得到(与在同一平面内),连接,当取最大值时,请直接写出的值.17.(2023下·四川成都·八年级统考期末)【阅读理解】在平面直角坐标系中,已知点R,S为平面内不重合的两点.给出如下定义:将点R绕点S顺时针旋转90度得到点,点关于y轴的对称点为,则称点为点R关于点S的“旋对点”.【迁移应用】如图,在平面直角坐标系中,直线与x轴相交于点A,与y轴相交于点B.平面内有一点. (1)请在图中画出点M关于点O的“旋对点”,并直接写出点M的坐标;(2)点Q为直线上一动点.①若点Q关于点M的“旋对点”为点,试探究直线经过某一定点,并求出该定点的坐标;②在①的条件下,设直线所经过的定点为H,取的中点N,连接,求的最小值.18.(2023·达州市九年级期中)如图,矩形的顶点、分别在、轴的正半轴上,点的坐标为,一次函数的图象与边、、轴分别交于点、、,,并且满足,点是线段上的一个动点.(1)求的值;(2)连接,若的面积与四边形的面积之比为,求点的坐标;(3)求的最小值.19.(2023春·广东广州·八年级校考期中)在菱形中,.(1)如图1,过点B作于点E,连接,点是线段的中点,连接,若,求线段的长度;(2)如图2,连接.点Q是对角线上的一个动点,若,求的最小值.21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 (共 2 页)HYPERLINK "http://21世纪教育网(www.21cnjy.com)" 21世纪教育网(www.21cnjy.com) 展开更多...... 收起↑ 资源列表 专题5-6. 特殊平行四边形中的最值模型-胡不归模型 2023-2024学年八年级下册数学同步课堂+培优题库(浙教版)(原卷).doc 专题5-6. 特殊平行四边形中的最值模型-胡不归模型 2023-2024学年八年级下册数学同步课堂+培优题库(浙教版)(解析卷).doc