资源简介 专题04 连接体模型【模型五】轻绳绕滑轮加速度相等----“阿特伍德机”模型隔离m1:T-μm1g=m1a隔离m2:m2g-T=m2a 得, 隔离m1:m1g-T=m1a隔离m2:T-m2g=m2a 得,若μ=0, 且m2<1.如图所示,四个小球质量分别为、、、,用细线连着,在和之间细线上还串接有一段轻弹簧,悬挂在光滑定滑轮的两边并处于静止状态。弹簧的形变在弹性限度内重力加速度大小为,则下列说法正确的是( )A.剪断间细线的一瞬间,小球的加速度大小为B.剪断间细线的一瞬间,小球和的加速度大小均为C.剪断间细线的一瞬间,小球的加速度大小为零D.剪断球上方细线的一瞬间,小球和的加速度大小均为零1.C【详解】AB.开始时,弹簧的弹力为,剪断CD间细线的一瞬间,弹簧的弹力不变,则小球C的加速度大小为AB的加速度为零,故AB错误;C.同理可以分析,剪断AB间细线的一瞬间,小球C的加速度大小为0,故C正确;D.剪断C球上方细线的一瞬间,弹簧的弹力迅速减为零,因此小球A和B的加速度大小为,故D错误。故选C。2.如图所示,质量为m2的物块B放置在光滑水平桌面上,其上放置质量为m1的物块A,A通过跨过定滑轮的细线与质量为M的物块C连接,释放C,A和B一起以加速度a从静止开始运动,已知A、B间动摩擦因数为,则细线中的拉力大小为A.Mg B.Mg+MaC. D.2.C【分析】此题是牛顿第二定律的应用习题,选择研究对象,根据牛顿第二定律列得方程联立求解.【详解】对AB的整体,根据牛顿第二定律 ,选项C正确;对C: ,解得:,选项AB错误;对物体A: ,则 ,因f为静摩擦力,故不一定等于μ1m1g,选项D错误;故选C.3.质量分别为M和m的物块形状大小均相同,将它们通过轻绳跨过光滑定滑轮连接,如图甲所示,绳子平行于倾角为α的斜面,M恰好能静止在斜面上,不考虑M、m与斜面之间的摩擦。若互换两物块位置,按图乙所示放置,然后释放M,斜面仍保持静止。则下列说法正确的是( )A.轻绳的拉力等于Mg B.轻绳的拉力等于mgC.M运动的加速度大小为 D.M运动的加速度大小为3.BCD【详解】互换位置前,M静止在斜面上,则有互换位置后,对M有对m有又联立解得故选BCD。4.倾角为30°的光滑斜面上放一质量为m的盒子A,A盒用轻质细绳跨过定滑轮与B盒相连,B盒内放一质量的物体。如果把这个物体改放在A盒内,则B盒加速度恰好与原来等值反向,重力加速度为g,则B盒的质量mB和系统的加速度a的大小分别为( )A. B.C.a=0.2g D.a=0.4g4.BC【详解】当物体放在B盒中时,以AB和B盒内的物体整体为研究对象,根据牛顿第二定律有当物体放在A盒中时,以AB和A盒内的物体整体为研究对象,根据牛顿第二定律有联立解得加速度大小为a=0.2g故AD错误、BC正确。故选BC。 展开更多...... 收起↑ 资源预览