资源简介 山东省名校考试联盟 2025 届高三上学期 12 月月考数学试卷一、单选题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。51.若集合 = { 2, 1,0,1,2}, = { | < < 2},则 ∩ =( )2A. { 1,0,1} B. { 2, 1,0,1} C. { 1,0,1,2} D. { 2, 1,0,1,2}2.若 = ( , 1), = (2, 1),则“ = 2”是“ // ”的( )A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件3.函数 ( ) = 在[ 1,1]上的最小值为( )1A. 0 B. 1 C. + 1 D. 1 14.函数 = 的图象大致为( ) +1A. B.C. D. ,当 为偶数时,5.已知数列{ }满足: 1 = , 为正整数, +1 = {2 若 4 = 2,则 所有可能的取3 + 1,当 为奇数时.值的集合为( )A. {2} B. {16} C. {2,16} D. {2,4,16} 2+36.已知 ∈ ,则 的最小值为( )√ 2+23√ 2A. 1 B. √ 2 C. 2 D.2 7.已知 > 0,若函数 ( ) = sin( + )在(0, )上有且只有两个极值点,则 的取值范围是( )64 7 4 7 7 10 7 10A. ( , ] B. [ , ] C. ( , ] D. [ , ]3 3 3 3 3 3 3 3第 1 页,共 9 页8.祖暅,字景烁,祖冲之之子,南北朝时代的伟大科学家.祖暅在数学上有突出的贡献,他在实践的基础上,提出了祖暅原理:夹在两个平行平面之间的两个几何体,被平行于这两个平面的任意平面所截,如果截得的两个截面的面积2总相等,那么这两个几何体的体积相等.已知双曲线 : 2 = 1,若直线 =30与 = 2在第一象限内与双曲线围成如图阴影部分所示的图形,则该图形绕 轴旋转一周所得几何体的体积为( )A. 3 B. 4 C. 5 D. 6 二、多选题:本题共 3 小题,共 18 分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.设 , ∈ ,若 | | > 0,则下列结论正确的是( )A. > 0 B. + > 0 C. 2 2 > 0 D. 3 + 3 > 010.设 1, 2为复数,则下列结论中正确的是( )1A. 若 为虚数,则 1也为虚数 B. 若| 1 + | = 1,则| 1|的最大值为√ 2 1 C. | 1 2| = | 1 2| D. | 1 2| ≤ | 1| + | 2|11.已知函数 ( )的定义域为 , ( )的图象关于 = 对称,且 ( + 1)为奇函数,则( )A. (1) + (0) = 2 B. ( ) + ( ) = 2C. ( ( )) = D. (2024) = 2024三、填空题:本题共 3 小题,每小题 5 分,共 15 分。 √ 3 12.若sin( + ) = ,则cos( ) = ______.3 3 613.在等腰直角△ 中,已知 = = 6,若 , 满足 = 2 , = , 与 交于点 ,则 在 上的投影向量的模为______.1 14.已知函数 ( ) = (1 ) ( + 1),若对任意的 1, 2 ∈ (0, +∞),且 2 1 < 2,都有 1 ( 1) 2 ( 2) > 0成立,则正实数 的取值范围是______. 1 2四、解答题:本题共 5 小题,共 77 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)已知正项数列{ }满足 +1 = 2 +1 ( ∈ ),且 1 = 1.第 2 页,共 9 页1(1)证明:数列{ }为等差数列,并求数列{ }的通项公式; 1(2)证明: 1 2 + 2 3 + + +1 < . 216.(本小题15分) sin( )记△ 的内角 , , 所对的边分别为 , , ,已知 = . (1)求 ;(2) 是 上的点, 平分∠ ,且 = 2, = 3,求△ 的面积.17.(本小题15分)如图,已知等腰梯形 , = 4, = 6, = √ 5, , 分别为 , 的中点,沿线段 将四边2形 翻折到四边形 的位置,点 为线段 上一点,且满足 = .3(1)证明: //平面 ;(2)设二面角 的平面角为 (0 < < ),在四边形 翻折过程中,是否存在 ,使得 与平3√ 10面 所成角的正弦值为 ,若存在,请说明理由.1018.(本小题17分) 已知函数 ( ) = + (1 + ) (1 + )ln(1 + ).2(1)若曲线 = ( )在点(0, (0))处的切线与 轴平行,求 的值;1(2)设函数 ( ) = ( ),给出 ( )的定义域,并证明:曲线 = ( )是轴对称图形; 1 1(3)证明:(1 + ) < (1 )( ∈ ). 2 +219.(本小题17分) 对于一个 元正整数集 = {1,2, … , },如果它能划分成 个不相交的二元子集{ , }( = 1,2, , )的并集,2 2即 = { 1, 1} ∪ { 2, 2} ∪ … ∪ { , },且存在 ∈ ,使得 + = 3 ,则称这个偶数 为可分数.例如,2 2由于二元子集{1,2}满足1 + 2 = 3,则称2为可分数.第 3 页,共 9 页(1)判断4和6是否为可分数,并说明理由;(2)求小于81的最大可分数; 3(3)记小于3 ( ∈ )的可分数的个数为 ,令 = ,记 为数列{ }的前 项和,证明: < . 3 2第 4 页,共 9 页1.【答案】 2.【答案】 3.【答案】 4.【答案】 5.【答案】 6.【答案】 7.【答案】 8.【答案】 9.【答案】 10.【答案】 11.【答案】 √ 312.【答案】313.【答案】314.【答案】(0, ]15.【答案】证明:(1)正项数列{ }满足 +1 = 2 +1 ( ∈ ),且 1 = 1,1 1可得 = 2, +1 1则数列{ }是首项为1,公差为2的等差数列, 1 1可得 = 1 + 2( 1) = 2 1,即有 = ; 2 11 1 1 1(2)由 +1 = = ( ), (2 1)(2 +1) 2 2 1 2 +11 1 1 1 1 1 1 1 1可得 1 2 + 2 3+. . . + +1 = (1 + +. . . + ) = < . 2 3 3 5 2 1 2 +1 2 2(2 +1) 2 sin( ) sin( )16.【答案】解:(1)由 = 可得, = , 所以 = sin( ),即sin( + ) = ,所以 + = ,所以2 = ,又因为 ∈ (0, ),所以 > 0,第 5 页,共 9 页1所以 = ,2又因为 ∈ (0, ), 所以 = ;3 (2)因为 平分∠ ,所以∠ = ∠ = ,6所以 △ + △ = △ ,1 1 1所以 × × sin∠ + × × sin∠ = ∠ ,2 2 21 1 1 即 × 2 × × sin + × 2 × × sin = ,2 6 2 6 2 3√ 3整理得 + = ,22 + 2 2在△ 中,由余弦定理得cos∠ = ,2 2 + 2 9所以cos = ,3 2 整理得 2 + 2 9 = ,即( + )2 = 3 + 9,√ 3所以( )2 = 3 + 9,2解得 = 6或 2(舍去),1 1 3√ 3所以 △ = ∠ = × 6 × sin = . 2 2 3 217.【答案】(1)证明:取 的靠近点 的三等分点 ,连接 , ,2因为 = ,即点 是 的靠近点 的三等分点,32所以 // , = = 2,3而 // , = 2,所以 // , = ,即四边形 是平行四边形,所以 // ,又 平面 , 平面 ,所以 //平面 .(2)解:在等腰梯形 中,因为 , 分别为 , 的中点,第 6 页,共 9 页所以 ⊥ , = √ 2 ( )2 = √ 5 (3 2)2 = 2,翻折后, ⊥ , ⊥ ,所以∠ 就是二面角 的平面角,即∠ = (0 < < ),又 ∩ = , 、 平面 ,所以 ⊥平面 ,以 为原点建立如图所示的空间直角坐标系,则 (0,0,0), (0,3,0), (0,2,2), (0,0,2),因为 = 3, = 2,所以 (3 , 3 , 0), (2 , 2 , 2),设 ( , , 0),因为 1 1 = ,所以( , 3,0) = (3 , 3 3,0),3 3解得 = , = + 2,即 ( , + 2,0),所以 = (2 , 2 , 2), = (0,2,0), = ( , + 2, 2), = 2 = 0设平面 的法向量为 = ( , , ),则{ , = + ( + 2) 2 = 0取 = 2,则 = 0, = ,所以 = (2,0, ),因为 与平面 所成角的正弦值为3√ 10,10| | |4 +2 | 3√ 10所以|cos < , > | = = =| | | | 10 ,解得 = ±1(舍负),√ 4 2 +4 2 +4×√ 4+sin2 3√ 10 故存在 ,使得 与平面 所成角的正弦值为 ,此时 = .10 2 18.【答案】解:(1)因为 ( ) = + (1 + ) (1 + )ln(1 + ),2 +2可得 ′( ) = + ln + 1, +2 2 +2因为曲线 = ( )在点(0, (0))处的切线与 轴平行,所以 ′(0) = 1 = 0,解得 = 1;1 1 1(2)证明:设 ( ) = ( ) = + ln(1 + ) ( + 1)ln(1 + ),函数的定义域为( ∞, 1) ∪ (0, +∞), 2 1易知该定义域关于直线 = 对称,21 1 2 +1 又 ( 1 ) = + ln(1 + ) + (1 ) = + ln + 2 2 1+ 2 +2 1+ 1= + ln(1 + ) ln( + 1) + ( + 1) ( + 1)2 1 1= + ln(1 + ) ( + 1)ln(1 + ) = ( ),2 第 7 页,共 9 页1 1所以曲线 = ( )关于直线 = 对称,是轴对称图形; 2 (3)证明:当 = 1时, ( ) = + (1 + ) (1 + )ln(1 + ),2 +2可得 ′( ) = + ln , +2 2 +2 +2设 ( ) = + ln , +2 2 +2 可得 ′( ) = 2,( +1)( +2)当 ≥ 0时, ′( ) ≥ 0, ( )单调递增,所以 ( ) ≥ (0) = 0,则当 > 0时, ′( ) > 0, ( )单调递增,所以 ( ) > (0) = 0,1 1 1 1 1 1取 = ,此时 + ln(1 + ) (1 + )ln(1 + ) > 0, 2 1 1所以1 + ln(1 + ) ( + 1)ln(1 + ) > 0,2 1 1则ln[ (1 + )] > ln[(1 + ) +1].2 1 1故(1 + ) < (1 )( ∈ ). 2 +219.【答案】解:(1)由于4 + 5 = 32,但5 {1,2,3,4},则4不是可分数;由于1 + 2 = 3,3 + 6 = 32,4 + 5 = 32,则6是可分数;(2)可将集合{1,2, … ,80}划分成以下40个二元子集:{1,80},{2,79},…,{40,41},且1 + 80 = 2 + 79 = =40 + 41 = 34,故80是可分数.因此小于81的最大可分数是80;(3)证明:设偶数 为可分数,则存在 ∈ 使得3 < < 3 +1,由 + ( 1) < 2 × 3 +1 < 3 +2可知二元子集中两元素和的最大值为3 +1,于是集合 中所有大于等于3 的整数所在二元子集中两元素之和均为3 +1,于是 必定与3 +1 在同一个二元子集中, 1必定与3 +1 ( 1)在同一个二元子集中,…,3 +1 1 3 +1+1必定与 在同一个二元子集中.2 23 +1 1若 ≤ ,由3 +1 ≥ + 1可知3 +1 不属于集合 ,故无法对 进行分组,此时 不是可分数;23 +1+1若 ≤ < 2 3 ,则分组之后还剩下大于等于3 的整数3 +1 1,此时 不是可分数;2若2 × 3 ≤ < 3 +1 1,则分组之后还剩下1,2,3,…,3 +1 1,因为3 +1 1 < 3 < ,则 是第 8 页,共 9 页可分数等价于3 +1 1也是可分数. +1 +1 +1 3 +1 1 3 +1+1若 = 3 1,则可将 划分成以下各组:{1, 3 1},{2, 3 2},…,{ , },每组中两元2 2素之和均为3 +1,因此此时 是可分数.由于小于3 的可分数的个数为 ,则 +1 = 2 + 1.于3的可分数只能为2,则 1 = 1,于是 +1 + 1 = 2( + 1),故{ + 1}是首项为 1 + 1 = 2,公比为2的等比数列,则 + 1 = 2 ,于是 = 2 1, 2 1又 = = ( ) ( ) , 3 3 32 2 1 1 [1 ( ) ] [1 ( ) ] 因此 = 3 3 3 32 1 1 1 3 1 4 2 1 3 2 1 = 2 2( ) + ( ) = < .1 1 3 2 2 3 2 2 3 23 3第 9 页,共 9 页 展开更多...... 收起↑ 资源预览