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宁南中学高2026届高二下期入学考试
物理试卷
一、单选题（共7个小题，每小题4分，共28分）
1.下图中金属圆环均带有绝缘外皮，A项中直导线与圆环在同一平面内，B项
中直导线与环面垂直，C项中直导线在圆环水平直径正上方且与直径平行，D项
中直导线与圆环接触且与圆环直径重合，当电流增大时，环中有感应电流的是
()
公
0
2.如图，给平行板电容器充上一定量的电荷后，将电容器的两极板A、B分别跟静电计的
金属球和大地相连，静电计的金属外壳也接地。设电容器两极板正对面积为S,极板间的距
离为d,静电计指针偏角为O。下列说法正确的是()
A.保持d不变，减小S,则0变小
B.保持S不变，增大d,则0变小
C.保持S、d不变，在两板间插入一片厚度小于d的金属板，则0变小
D.保持S、d不变，在两板间插入一片厚度小于d的有机玻璃板，则0变大
3.如图(a)所示，AB是某电场中的一条电场线.若有一电子以某一初速度并且仅在电场
力的作用下，沿AB由点A运动到B点，其速度图象如图(b)所示.下列关于A、B两点的
电势o和电场强度E大小的判断正确的是
(a
(b)
A.E4=EB
B..E4C.A>08
D.A4.为了避免雷击损坏建筑，我们常在建筑顶部安装避雷针，当低空带负电的云
团靠近避雷针时，云团和地面之间形成电场分布，避雷针的顶端及周围形成的电
场的等势面（相邻等势面间的电势差相等）和电场线分布情况如图所示，电场中有
A、B、C、D、E五点，其中D、E为避雷针上的两点。则下列说法正确的是()
图
A.图中实线为等势线
B.A点电场强度可能等于B点电场强度大小
C.D点的电势低于E点的电势
D,电子在A点的电势能大于其在C点的电势能
5.三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流。它们的截
面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示。已知每根通电长直
导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在α处产
生的磁场的磁感应强度大小为B,则d处的磁感应强度大小为()
'd
A.2B
C.3B
D.3V2B
6.如图，A、B、C为圆周上三点，O为圆心，半径为V5m,∠AOB=∠BOC=60°，空间中
存在与纸面平行的匀强电场，A、B、C三点的电势分别为5V、4V、3V,下列说法正确的是
()
答案第2页，共7页
A.
电场强度沿OB方向
B.电场强度沿AC方向
C.电场强度的大小为5vm
D.电场强度的大小为2Vm
3
7.图()所示的电路中，电源电动势为3.0V,内阻不计，R为定值电阻，L、L2为阻值随
温度变化的相同小灯泡，它们的伏安特性曲线如图(b)。当开关闭合电路稳定后，理想电流
表A的示数为0.2A,则此时()
E
0.4
0.3
0.2
R
0.1
1.0
2.03.0V
图(a)
图(b)
A.L,的电阻为7.52
B.L,的电功率为0.25W
C.L2的电阻为7.52
D.L2的电功率为0.25W
二、多选题（共3个小题，每小题6分，共18分，漏选得3分，多选、错选得0分）
8.一列简谐横波在介质中沿x轴传播，波速为2m/s,t=0时的波形图如图2所
示，P为该介质中的一质点。则(
y/m
0.
x/m
图2
A.该波的波长为14m
B.该波的周期为8s
C.t=0时质点P的加速度方向沿y轴负方向
D.0~2s内质点P运动的路程有可能小于0.1m宁南中学高 2026 届高二下期入学考试 物理参考答案
1．答案 A
解析 A 图中电流变化，线圈中磁通量变化，线圈中有感应电流，故 A 正确；B 图中线圈
平面与电流产生的磁感线平行，因此回路中磁通量始终为零，没有感应电流，故 B 错误；C、
D 图中线圈回路中磁通量均为零，都没有感应电流，故 C、D 错误。
2．C
【详解】A．静电计指针偏角反应的是电容器两极板间的电压，由 可知，保持 不
变，减小 S，电容 C 减小，由 可知，U 增大，则 变大，A 错误；
B．保持 S 不变，增大 ，则 C 减小，U 增大，则 变大，B 错误；
C．保持 S、d 不变，在两板间插入一片厚度小于 的金属板，相当于减小极板间距，则 C
增大，U 减小， 变小，C 正确；
D．保持 S、d 不变，在两板间插入一片厚度小于 的有机玻璃板，介电常数增大，C 增大，
U 减小，则 变小，D 错误。故选 C。
3．C
【详解】A、B，v﹣t 图象的斜率等于加速度，由图可知，电子在 A 点加速度较大，则可知
A 点所受电场力较大，由 可知，A 点的场强要大于 B 点场强，即 ， A、B 错
误；
C、D 电子从 A 到 B 的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，电场力方向由
B→A，而电子带负电，则电场线方向由 A→B，A 点的电势要大于 B 点电势，即 ，C
正确；D 错误；
4.答案 D
解析 电场线是由正电荷或无穷远出发，终止于无穷远或负电荷，图中实线为电 场线，根据等势线与电场线垂直，可知图中虚线为等势线，故 A 错误；根据电
场线越密，电场强度越大，可知 A 点电场强度小于 B 点电场强度大小，故 B 错
误；由题知，低空带负电的云团靠近避雷针，则电场线由避雷针指向低空带负电 的云团，根据沿着电场线方向，电势不断降低，可知 D 点的电势高于 E 点的电
势，故 C 错误；根据沿着电场线方向，电势不断降低，可知 C 点的电势高于 A
点的电势，根据负电荷在电势越低处，电势能越大，可知电子在 A 点的电势能大
于其在 C 点的电势能，故 D 正确。
5．B. 假设正方形的边长为 L，根据几何关系得 ba＝cd＝ad＝L，bd＝2L。每根
通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度大小与距该导线的距离成反比，则 a
与 c 在 d 处产生的磁场的磁感应强度 Ba＝Bc＝B，b 在 d 处产生的磁场的磁感应
强度为 Bb＝2)2B，方向如图所示。则 d 点的磁感应强度 Bd＝B2＋B2＋2)2B＝2)
2B，B 正确。
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6．B
7．C
【详解】A．由电路图可知，灯泡 L1 的电压为 3V，根据伏安特性曲线，对应的电流为 0.25A，
根据欧姆定律得
电功率为
AB 错误；
C．根据伏安特性曲线，电流为 0.2A，电压为 1.5V，根据欧姆定律得
电功率为
C 正确，D 错误。故选 C。
8.答案 BD
解析 由图可知 34λ＝12 m，解得λ＝16 m，A 错误；由 v＝λT，得 T＝λv＝162 s
＝8 s，B 正确；简谐运动的加速度方向总指向平衡位置，P 点位于 y 轴负半轴，
加速度方向沿 y 轴正方向，C 错误；P 点位于 y 轴的负半轴，经过 2 s＝T4，若波
向 x 轴负方向传播，P 向远离平衡位置方向振动，在 0～2 s 内质点 P 运动的路程
小于 0.1 m，D 正确。
9. AC
10． CD
解析 小球运动到 P 点时的动能最大，即重力和电场力的合力沿着 OP 方向，对
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小球受力分析有 qEmg＝tan 37°，解得 E＝3mg4q，故 B 错误；假设小球能够沿
圆环运动到 C 点，根据动能定理有 qER－mgR＝Ek－0，分析上式可知 Ek<0，即
假设不成立，故 A 错误；P、B 两点间的电势差 UPB＝E·25R＝3mgR10q，故 C 正
确；小球从 A 点运动到 B 点，根据动能定理有 qE·2R＝12mv2B，此时小球的向
心加速度大小
a 向＝2BvR＝3g，故 D 正确。
11．11.答案 (1)并联（1 分） 75（2 分） (2)红（1 分） 1 000（2 分）
解析 (1)增大电流表的量程时，连接的电阻起分流作用，所以需要并联一个电
阻；根据并联电路的特点可得 IgRg＝(I－Ig)R0，解得 R0＝75 Ω。
(2)由题图甲可知，电流由 M 回到电源负极，根据“红进黑出”可知，M 为红表
笔；根据电源及电流表量程可知，欧姆表内阻为 R 欧＝EI＝1 500 Ω，结合中值电
阻刻度可知，该欧姆表倍率为×100，所以待测电阻阻值为 1 000 Ω。
12．(1) （1 分）
(2) （1 分） 1500（1 分）
(3)（3 分）
(4) （2 分） 小于（1 分）
【详解】（1）电流表测量的最大电流为
则电流表选 。
（2）[1][2]由于是串联，而且只有电压表 内阻已知，则电压表选 ，由串联分压可知，
电压表 的电压为 3V 时， 的电压为 1.5V，则
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解得
（3）实验要求加在小灯泡上的电压可从零开始调节，则电路应用“分压式”，小灯泡的阻值
较小，为减小误差用“外接法”测电阻，电路图为
（4）由题可知，小灯泡两端电压为 ，流过小灯泡的电流约为 I，则小灯泡的电阻为 。
用外接法测电阻，电流表的读数大于小灯泡的电流，故测量值小于真实值。
13．（1）20W；（2）8W；（3）9W
【详解】（1）由欧姆定律可知，通过电阻 R1 的电流为
（1 分）
电源的输出电压为
（1 分）
电源的输出功率为
（1 分）
（2）电动机的电压为
（1 分）
电动机的输入功率
（1 分）
电动机的热功率为
（1 分）
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电动机转化为机械能的功率为
（1 分）
（3）电动机被卡住不转时，电动机可看成纯电阻，则电路电流为
（2 分）
电动机消耗的功率为
（1 分）
14．(1)y＝4sin(2πt＋π) cm (2)0.5 m、0.7 m、0.3 m (3)40 cm
解析 (1)由波形图可得λ＝0.4 m
周期 T＝λv，角速度ω＝2πT（2 分）
x＝－0.2 m 处波源的振动方程 y＝Asin(ωt＋π)
解得 y＝4sin(2πt＋π) cm（2 分）
(2)设某振动加强点的横坐标为 x，则到左侧波源的距离为 x＋0.2 m，（1 分）
到右侧波源的距离为 1.2 m－x，加强点到两波源的路程差Δx＝nλ＝x＋0.2 m－(1.2 m－x)（2
分）
当 n＝0,1，－1 时，振动加强点的横坐标分别为 0.5 m、0.7 m、0.3 m（3 分）
(3)两列波传播到 M 点的时间 t＝xv
其中 x＝0.3 m，则 t＝0.75 s（1 分）
质点 M 为振动加强点，0～2.0 s 内，M 振动的时间
t′＝1.25 s＝5T4，0～2.0 s 内，M 运动的路程 s＝5×2A，解得 s＝40 cm。（2 分）
15．解：（17 分）
（1）小球从 A 点到 B 点做类平抛运动
水平方向有
（1 分）
竖直方向有
（1 分）
（1 分）
（1 分）
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设速度与 x 轴正方向的夹角为 ，由 ，可知
（1 分）
由牛顿第二定律有
（1 分）
解得
（1 分）
（2）小球从 B 点到 C 点做圆周运动，由几何关系有
（1 分）
从 B 点到 C 点，由动能定理有
（2 分）
解得
在 C 点，由牛顿第二定律有
（1 分）
解得
（1 分）
由牛顿第三定律可得，小球对半圆形轨道的压力大小
（1 分）
（3）小球从 C 点沿斜面直轨道向上做匀减速直线运动，由于重力和电场力沿斜面直轨
道的分力大小相等，方向相反，当小球速度减为零后，小球将静止不动
由牛顿第二定律有
（2 分）
（1 分）
由运动学规律有
（1 分）
解得
（1 分）
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